第18课 基因的自由组合定律-【提分宝典】2026年新高考生物一轮全考点普查与练习

学科网书城 品牌书店·知名教辅·正版资源 b.zxxk.com 您身边的互联网+教辅专家 第18课 基因的自由组合定律 普查与练习18 基因的自由组合定律 七组题学透 1. 两对相对性状的杂交实验分析 (1)(多选)(2026汇编,3分)在孟德尔两对相对性状的杂交实验中,E.黄色圆 粒碗豆(YyRr)自交产生E。下列表述正确的是( A.E产生4个配子,比例为1:1:1:1 B. F.产生基因型为YR的卵细胞和基因型为YR的精子的数量之比为1:1 C. F.产生的精子中,基因型为YR和基因型为yr的比例为1:1 D. F:自交所得F:有4种表型,比例为9:3:3:1 E. F:自交所得F2中,两对基因均杂合的概率为9/16 F. F.自交所得F,中,重组类型个体所占比例为3/8 G. 基因自由组合定律是指F,产生的4种类型的精子和卯细胞可自由组合 (1)答案:CDF 解析:F:能产生4种配子(YR、yR、yr、Yr),比例为1:1:1:1,故A项错误。 一个精原细胞减数分裂能产生4个精子,而一个卵原细胞减数分裂只能产生1个 卵细胞,因此E.产生基因型为YR的卵细胞数量比基因型为YR的精子数量少, 即雄配子多于雕配子,故B项错误。F.产生的精子中,共有YR、yr、Yr和yR4 种基因型,比例为1:1:1:1,所以精子中基因型为YR和基因型为yr的比例为1:1 故C项正确。F;(YvRr)自交得到的F,中有4种表型,且比例为9:3:3:1,故D 项正确。F:中两对基因均杂合的基因型为YyRr,出现的概率=12x12-14,故E 项错误。F:中与亲本表型相同的是YR和yyrr,所占比例一avs4allcolOf(334 +avs4alco10f(114)=58,因此重组类型个体所占比例-1一58=38,故F项正确。 基因的自由组合是指F:在减数分裂过程中,同源染色体分离,非同源染色体上的 非等位基因自由组合。F,产生的4种类型的精子和卵细胞随机结合是受精作用 故G项错误。 2. 自由组合定律的实质 (2)(经典题,14分)现有4个小麦纯合品种,即抗锈病无芒、抗锈病有芒、感 独家授权侵权必究· 学科网书城 品牌书店·知名教辅·正版资源 D.7xxk.om 您身边的互联网+教辅专家 锈病无芒和感锈病有芒。已知抗锈病对感锈病为显性,无芒对有芒为显性,且这 两对相对性状各由一对等位基因控制。若用上述4个品种组成两个杂交组合,使 其F.均为抗锈病无芒,且这两个杂交组合的E的表型及其数量比完全一致。回 答问题: ①为实现上述目的,理论上必须满足的条件有:在亲本中控制这两对相对性状的 两对等位基因必须位于 上,在形成配子时非等位基因要 ,在受精时雕雄配子要 ,而且每种合子(受精卵)的存活 率也要 。那么,这两个杂交组合分别是 ☆ ②上述两个杂交组合的全部F:植株自交得到E。种子,1个F。植株上所结的全部 F.种子种在一起,长成的植株称为1个F,株系。理论上,在所有F。株系中,只 表现出一对性状分离的株系有4种,那么,在这4种株系中,每种株系植株的表 型及其数量比分别是 和 (2)答案:①非同源染色体(1分) 自由组合(1分) 随机结合(1分) 完 等(1分)抗锈病无芒x感锈病有芒(1分)抗锈病有芒x感锈病无芒(1分) ② 抗锈病无芒:感锈病无芒一3:1(2分) 抗锈病无芒:抗锈病有芒一3:1(2分) 感 锈病无芒:感锈病有芒-3:1(2分) 抗锈病有芒:感锈病有芒一3:1(2分) 解析:①若抗锈病与感锈病、无芒与有芒分别受A/a、B/b这两对等位基因控制 再根据题干信息可知,4个纯合亲本的基因型可分别表示为AABB、AAbb、aaBB、 aabb,若要使两个杂交组合产生的F,与F,均相同,则两个亲本组合只能是AABB (抗锈病无芒)xaabb(感锈病有芒)、AAbb(抗锈病有芒)xaaBB(感锈病无芒) 得F:均为AaBb,这两对等位基因必须位于两对同源染色体上,即位于非同源染 色体上,非同源染色体上的非等位基因自由组合,才能使两个杂交组合的F:完全 一致,同时受精时雌雄配子要随机结合,形成受精卵的存活率也要相同。 3. 孟德尔获得成功的原因分析 独家授权 侵权必究 学科网书城 品牌书店·知名教辅·正版资源 D.7xxk.com 您身边的互联网+教辅专家 (3)(2026新编,2分)下列各项中属于孟德尔获得成功的原因的是( ) ①正确地选用实验材料是孟德尔获得成功的首要条件 ②知道生物的性状是由遗传因子控制的 ③成功运用了假说-演绎法 ④研究是从一对相对性状到多对 将科学理论-统计学运用于对结果的分析 科学地设计了实验程序,第一次运用杂交方法进行实验 有坚强的意志和持之以恒的探索精神 A. ①②③④7 B. ①③④ C.①②④ D. ①③④ (③)答案:B 解析:碗豆是严格的自花传粉、闭花受粉的植物,用碗豆作遗传学实验材料是孟 德尔获得成功的首要条件,①符合题意;孟德尔只是提出了生物性状是由遗传因 子控制的,并未证明,②不符合题意;孟德尔运用了假说一演绎法分析了一对或 两对相对性状的杂交实验,③符合题意;孟德尔先研究了一对相对性状,然后又 研究了两对及其以上的相对性状,④符合题意;孟德尔用统计学的方法对一对相 对性状、两对相对性状杂交实验的子代出现的性状进行分析,符合题意:孟德 尔巧妙地设计了测交实验,验证了假说的正确性,但杂交实验并不是他第一次运 用的,在他之前,也有很多学者做过植物和动物的杂交实验,不符合题意;孟 德尔研究遗传规律长达十几年,可看出他有坚强的意志和持之以恒的探索精神 符合题意。综上可知,孟德尔获得成功的原因是①③④,故B项符合题意。 4. 自由组合定律的常规解题方法 a.已知亲代求子代的“顺推型”题目 (4)(2022全国l1真题,12分)某种植物的花色有白、红和紫三种,花的颜色由 基因A控制,醇2的合成由基因B控制,基因A和B位于非同源染色体上。回 答下列问题。 ①现有紫花植株(基因型为AaBb)与红花杂合体植株杂交,子代植株表型及其比 独家授权侵权必究 · 学科网书城 品牌书店·知名教辅·正版资源 b.zxxk.com 您身边的互联网+教辅专家 例为 ;子代中红花植株的基因型是 ;子代白花植株中纯合体所占的比例为 ②已知白花纯合体的基因型有2种。现有1株白花纯合体植株甲,若要通过杂交 实验(要求选用1种纯合体亲本与植株甲只进行1次杂交)来确定其基因型,请 写出所选用的亲本基因型、预期实验结果和结论。 (4)答案:①白花植株:红花植株:紫花植株一2:3:3(3分) AAbb、Aabb(2 分) 1/2(2分) ②选用的亲本基因型为AAbb;若子代花色全为红花,则待测 白花纯合体的基因型为aabb;若子代花色全为紫花,则待测白花纯合体的基因犁 为aaBB。(5分) 解析:①根据题意,紫花植株的基因型为AB,红花植株的基因型为Abb,白 花植株的基因型为aa。紫花植株(基因型为AaBb)与红花杂合体植株(基因型 为Aabb)杂交,子代的基因型及比例为AABb(紫花):AaBb(紫花):aaBb(白 花):AAbb(红花):Aabb(红花):aabb(白花)=1:2:1:1:2:1,因此子代植株 的表型及比例为白花植株:红花植株:紫花植株一2:3:3;子代中红花植株的基因型 是AAbb、Aabb;子代白花植株的基因型为aaBb、aabb,其中纯合体(aabb)所 占比例为1/2。 ②根据题意,白花纯合体的基因型为aaBB、aabb,若要通过杂交实验验证该白花 纯合体的基因型,且选用1种纯合体亲本与植株甲只进行1次杂交,则选用的亲 本基因型应为AAbb。若子代花色全为红花(基因型为Aabb),则待测白花纯合体 的基因型为aabb;若子代花色全为紫花(基因型为AaB),则待测白花纯合体的 基因型为aaBB 变式训练 (5)(2022全国1真题,6分)某种自花传粉植物的等位基因A/a和B/b位于非 独家授权侵权必究 、 学科网书城 品牌书店·知名教辅·正版资源 D.7xxk.om 您身边的互联网+教辅专家 同源染色体上。A/a控制花粉育性,含A的花粉可育;含a的花粉50%可育、50% 不育。B/b控制花色,红花对白花为显性。若基因型为AaBb的亲本进行自交,则 下列叙述错误的是( ) A. 子一代中红花植株数是白花植株数的3倍 B. 子一代中基因型为aabb的个体所占比例是1/12 C. 亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子数的3倍 D. 亲本产生的含B的可育雄配子数与含b的可育雄配子数相等 b. 已知子代求亲代的“逆推型”题目 (5)答案:B 解析:由题意可知,两对等位基因独立遗传,即含a的花粉的育性不影响B/b基 因的遗传,因此基因型为Bb的个体自交,子一代中红花植株(B):白花植株(bb) 一3:1,故A项正确,不符合题意。已知A/a控制花粉育性,含A的花粉可育 含a的花粉50%可育,50%不育,当亲本基因型均为AaBb时,产生的雄配子的基 因型及比例为AB:Ab:aB:ab=2:2:1:1,产生的雎配子的基因型及比例为AB:Ab aB:ab=1:1:1:1,因此,子一代中基因型为aabb的个体所占比例为(1/6)x(1/4) -1/24,故B项错误,符合题意。基因型为Aa的雄性个体产生的雄配子及比例为 A:a=1:1,因为含a的花粉50%不育,所以亲本产生的可育雄配子的比例为(1/2) +(1/2)x(1/2)=3/4,不育雄配子的比例为(1/2)x(1/2)=1/4,可育雄配 子数是不育雄配子数的3倍,故C项正确,不符合题意。两对等位基因独立遗传 基因型为Bb的个体自交,亲本产生的含B的雄配子数和含b的雄配子数相等 故D项正确,不符合题意。 (6)(经典题,2分)若某哺孔动物毛色由3对位于常染色体上的、独立分配的 等位基因决定,其中,A基因编码的酸可使黄色素转化为褐色素;B基因编码的 晦可使该褐色素转化为黑色素;D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达;相 应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有上述功能。若用两个纯合黄色品种的 动物作为亲本进行杂交,F.均为黄色,E.中毛色表型出现了黄:褐:黑一52:3:9的 数量比,则杂交亲本的组合是( ) A. AABBDDxaaBBdd,或AAbbDDxaabbdd 独家授权侵权必究; 学科网书城 品牌书店·知名教辅·正版资源 b.zxxk.com 您身边的互联网+教辅专家 B. aaBBDDxaabbdd,或AAbbDDxaaBBDD C. aabbDDxaabbdd,或AAbbDDxaabbdd D. AAbbDDxaaBBdd,或AABBDDxaabbdd (6)答案:D 解析:A基因编码的藤可使黄色素转化为褐色素,B基因编码的醐可使该褐色素 转化为黑色素,D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达,说明黑色个体的基 因型为ABdd,褐色个体的基因型为Abbdd。由题意知,两个纯合黄色品种的 动物作为亲本进行杂交,F.均为黄色,F.中毛色表型出现了黄:褐:黑一52:3:9. F2 中黑色个体占比=952+3+9=964,褐色个体占比=352+3+9=364,结合题 干3对等位基因位于常染色体上且独立分配,说明符合基因的自由组合定律,而 黑色个体的基因型为ABdd,要出现9/64的比例,可拆分为34x34x14;褐色个 体的基因型为Abbdd,要出现3/64的比例,可拆分为34x14x14。而符合F:黑色 个体和褐色个体的比例的E,基因型只能为AaBbDd,则两个纯合黄色品种的动物 的基因型为AAbbDDxaaBBdd或AABBDDxaabbdd,故D项符合题意。 变式训练 (7)(2024江苏真题改编,8分)有一种植物的花色受常染色体上独立遗传的两 对等位基因控制,有色基因B对白色基因b为显性,基因I存在时抑制基因B的 作用,使花色表现为白色,基因i不影响基因B和b的作用。现有3组杂交实验 结果如下。请回答下列问题: 纽别 I 甲 乙 乙 丙 丙 . E 有色 白色 白色 善② , 有色:白色 白色:有色 3:1 3:1 ①甲和丙的基因型分别是 ②组别I的F,中有色花植株有 种基因型。若F,中有色花植株随机传粉 后代中白色花植株比例为 ③组别II的E,中白色花植株随机传粉,后代白色花植株中杂合子比例为 ④组别III的F,与甲杂交,后代表型及比例为 独家授权侵权必究· 学科网书城 品牌书店·知名教辅·正版资源 b.zxxk.com 您身边的互联网+教辅专家 组别III的F;与乙杂交,后代表型 及比例为 (7)答案:①iiBB(1分)IIBB(1分) ②2(1分) 1/9(1分) ) ③1/2(2 分) ④白色:有色=1:1(1分) 白色:有色=3:1(1分) 解析:分析题干可知,该植物花色受常染色体上两对独立遗传的基因控制,其中 有色基因B对白色基因b为显性,基因I对基因B有抑制作用,则有色基因型是 iiB,白色基因型是IB、Ibb、ibb。组别I中,甲(iB)x乙(白色),F1都 是有色(iB),自交后F;有色:白色一3:1,说明F是单杂合子,即F;的基因型 是iBb,可推知甲的基因型为iiBB,乙的基因型为iibb。组别II中,甲(iBB) 丙(白色),F:都是白色,自交后F2白色:有色=3:1,说明F,是单杂合子,且F 有色花植株的基因型为iBB,可推知F,的基因型是IiBB,进而可推知丙的基因型 是IIBB。 ①由以上分析可知,甲的基因型为iBB,丙的基因型是IIBB。 ②组别I中,F.(iiBb)自交后,F.有色花的基因型及比例为1/3iBB、2/3iiBb. 产生的配子及比例为2/3iB、1/3ib,随机传粉,后代中白色花植株(iibb)的比例 -(1/3)x(1/3)-1/9。 ③组别II中,E.白色花植株的基因型为1/3IIBB、2/3IiBB,产生的配子及比例为 2/3IB、1/3iB,随机传粉,后代白色花植株的基因型及比例为4/9IIBB、4/9IiBB, 所以后代自色花植株中杂合子占1/2 ④组别III中,乙(ibb)x丙(IIBB),F;的基因型为IiBb,产生的配子及比例为IB B:Ib:ib=1:1:1:1。F1与甲(iBB)杂交,后代基因型及其比例为liBB:iiBB:IiBb iBb-1:1:1:1,所以后代表型及比例为白色:有色=1:1。组别III中,F;与乙(ibb) 杂交,后代基因型及其比例为IiBb:iBb:Iibb:ibb-1:1:1:1,所以后代表型及比例 为白色:有色-3:1。 5. 自由组合定律中的特殊比例 a. 基因互作与性状分离比9:3:3:1的变式分析 (8)(多选)(2022山东真题,3分)某两性花二倍体植物的花色由3对等位基因 控制,其中基因A控制紫色,a无控制色素合成的功能。基因B控制红色,b控 独家授权侵权必究· 学科网书城 品牌书店·知名教辅·正版资源 D.7xxk.om 您身边的互联网+教辅专家 制蓝色。基因I不影响上述2对基因的功能,但i纯合的个体为白色花。所有基因 型的植株都能正常生长和繁殖,基因型为ABI 和AbbI的个体分别表现紫红 色花和旋蓝色花。现有该植物的3个不同纯种品系甲、乙、丙,它们的花色分别 为旋蓝色、白色和红色。不考虑突变,根据表中杂交结果,下列推断正确的是 杂交组合 F.表型 F.表型及比例 甲x乙 紫红色 紫红色:旋蓝色:白色=9:3:4 乙x丙 紫红色 紫红色:红色:白色=9:3:4 A.让只含隐性基因的植株与E测交,可确定F。中各植株控制花色性状的基因型 B. 让表中所有E的紫红色植株都自交一代,白花植株在全体子代中的比例为1/ C. 若某植株自交子代中白花植株占比为1/4,则该植株可能的基因型最多有9利 D. 若甲与丙杂交所得Fi自交,则F2表型比例为9紫红色:3旋蓝色:3红色:1蓝 (8)答案:BCD 解析:由题意可知,基因型为ABI和AbbI的个体分别表现紫红色花和旋蕾 色花,基因型为aaBI的个体表现为红色花,基因型为aabbI的个体表现为蓝色 花,基因型为ii的个体表现为白色花。已知甲、乙、丙均为纯种品系,且花 色分别为旋蓝色、白色和红色,可推出甲的基因型为AAbbII,乙的基因型为 iì, 丙的基因型为aaBBII。先分析甲、乙杂交组合:F,的表型是紫红色(基因型 为ABI ),F的表型及比例为紫红色:旋蓝色:白色一9:3:4,为9:3:3:1的变式 说明E,中有两对基因均为杂合且这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律。又 因为F2中出现了紫红色花(ABI)和旋蓝色花(基因型为AbbI)和白花(基 因型为 i),说明F.中关于B/b的基因型为Bb,关于Li的基因型为Ii。综 上,可判断F1的基因型为AABbIi,由此可推出乙中关于A/a的基因型为AA。同 理,可根据乙、丙杂交组合推断出乙中关于B/b的基因型为BB。综上,可推出乙 的基因型为AABBii。让只含隐性基因的植株(基因型为aabbii)与F,测交,F 中多个基因型的植株测交后代仍然是白花,因此无法鉴别其具体的基因型,故A 项错误。甲、乙杂交组合中,F的紫红色植株的基因型及比例为AABbli:AABBi: AABbII:AABBII一4:2:2:1;乙、丙杂交组合中,F.的紫红色植株的基因型及比例 独家授权侵权必究· 学科网书城 品牌书店·知名教辅·正版资源 D.7xxk.om 您身边的互联网+教辅专家 为AaBBIi:AABBIi:AaBBII:AABBII=4:2:2:1。两组杂交组合的F 中均为II:Ii -1:2,因此白花植株在全体子代中的比例为(2/3)x(1/4)=1/6,故B项正确。 若某植株自交子代中白花植株占比为1/4,则亲本基因型为 Ii,因此该植株 可能的基因型最多有9种,故C项正确。甲与丙杂交所得F,的基因型为AaBbII. 其自交子一代的表型及比例为紫红色(ABII):旋蓝色(AbbII):红色(aaBII): 蓝色(aabbII)一9:3:3:1,故D项正确。 (9)(2023新课标真题,6分)某研究小组从野生型高秆(显性)玉米中获得了 2个矮秆突变体,为了研究这2个突变体的基因型,该小组让这2个矮杆突变体(亲 本)杂交得F,F1自交得F,发现E2中表型及其比例是高秆:矮秆:极矮秆=9:6 1。若用A、B表示显性基因,则下列相关推测错误的是( ) A. 亲本的基因型为aaBB和AAbb,F,的基因型为AaB比 B. F.矮秆的基因型有aaBB、AAbb、aaBb、Aabb,共4种 C. 基因型是AABB的个体为高秆,基因型是aabb的个体为极矮秆 D. F.矮秆中纯合子所占比例为1/2,F.高秆中纯合子所占比例为1/16 (9)答案:D 解析:由题干信息可知,2个矮秆突变体(亲本)杂交得F,F.自交得F,F2中 表型及其比例是高秆:矮秆:极矮秆一9:6:1,符合9:3:3:1的变式,因此高秆、矮 秆和极矮秆是由两对等位基因控制的,且遵循基因的自由组合定律,即高秆的基 因型为AB,矮秆的基因型为Abb、aaB,极矮秆的基因型为aabb,由此可推 知亲本的基因型为aaBB和AAbb,F.的基因型为AaBb,故A、C项正确,不符 合题意。矮秆基因型为Abb、aaB,因此F2中矮秆的基因型有aaBB、AAbb、aaBb。 Aabb,共4种,故B项正确,不符合题意。F:中矮秆的基因型为Abb、aaB, 占6/16,矮秆纯合子的基因型为aaBB、AAbb,占2/16,因此E,矮秆中纯合字所 占比例为1/3;F2中高秆的基因型为AB,占9/16,高秆纯合子的基因型为AABB 占1/16,因此E2高秆中纯合子所占比例为1/9,故D项错误,符合题意。 变式训练 (10)(2022河北真题,2分)研究者在培养野生型红眼果蝇时,发现一只眼色 突变为奶油色的雄蝇。为研究该眼色遗传规律,将红眼雕蝇和奶油眼雄蝇杂交 独家授权侵权必究 · 学科网书城 品牌书店·知名教辅·正版资源 b.zxxk.com 您身边的互联网+教辅专家 结果如图。下列叙述错误的是( _ 红眼(。)×奶油眼() F. 红眼(:=1:1) 交 F. 红眼() 红眼()红眼() 奶油眼() : 3 1 A. 奶油眼色至少受两对独立遗传的基因控制 B. E、红眼雌蝇的基因型共有6种 C. F.红眼雌蝇和E:伊红眼雄蝇杂交,得到伊红眼雌蝇的概率为5/24 D. E.雌蝇分别与F:的三种眼色雄蝇杂交,均能得到奶油眼雕蝈 (10)答案:D 解析:分析题图可知,F:中红眼雕雄果蝇相互交配,F。的表型及比例为红眼雌 红眼雄:伊红眼雄:奶油眼雄一8:4:3:1,是9:3:3:1的变形,说明奶油眼色至少受 两对独立遗传的基因控制,故A项正确,不符合题意。结合A项分析可知,眼色 的遗传与性别相关联,若果驱眼色受两对基因控制,则一对基因位于常染色体上 另一对基因位于X染色体上。假设相关基因为A/a、B/b,根据F2的性状分离比可 知,F.红眼雕、雄果幌的基因型分别为AaXBXh、AaXBY,进而可推知F,中红眼 雄蝇的基因型为AXBX一、aaXBX一,红眼雄蝇的基因型为AXBY、aaXBY,伊 红眼雄的基因型为AXY,奶油眼雄蝇的基因型为aaXY,因此E红眼雅醐的 基因型共有2x2+2一6种,故B项正确,不符合题意。F.红眼雅崛(AaxBX) 与F.伊红眼雄蝈(1/3AAXY、2/3AaXY)杂交,得到伊红眼雅崛(AXX)的 概率为(1/3)x(1/4)+(2/3)x(3/4)x(1/4)=5/24,故C项正确,不符合 题意。若E.雌蝇的基因型为AAXBXB,则其与E:的三种眼色雄蝇杂交都不能得 到奶油眼雕,故D项错误,符合题意。 b. 基因累加效应导致特殊分离比分析 (11)(天津一中月考,4分)油菜的株高由等位基因G和g决定,GG为高秆 Gg为中秆,gg为矮秆。B基因是另一种植物的高秆基因,B基因与G基因在油 菜的株高上有相同的效果,并且株高与这两个基因的数量呈正相关。若将一个B 独家授权侵权必究·