2025届河北省保定市定州中学高三下学期一模物理试题

2025年将通高中学业水平选择性考试模拟试题 物理 本试卷共8页,15题。全卷满分100分。考试用时75分钟。 注意事项: 1.答题前,先将自己的姓名,考号等填写在答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在 A.该单色光的波长为 答题卡上的指定位置。 2.选择题的作答;选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号 B.仅或小.则相邻亮备纹的间甲减小 涂果,写在试题卷,辈稿纸和答题卡上的非答题区城均无效。 C.仅将屏向右平稿一小段距离,则屏上可观察到的干涉条纹数增加 3.非选择题的作答,用答字笔直接写在答题卡上对应的答题区域内,写在试题卷。 D.仅将洛埃情向左平移一小段距离,则相邻亮条纹的间距增大 草稿纸和答题卡上的非答题区城均无效。 4.北斗导航系统现在已经有五十六颗在软卫,其中A.B两颗卫星分别绕地球做半径 4.考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。 为r1.r:的辨周运动,下列说法正确的是 一、单项选择题;本题共7小题,每小题4分,共28分。在每小题给出的四个选项中,只 A.A.B两颗卫是的周期之比为、.可 有一项是符合题目要求的。 B.A.B两颗卫星的线速度大小之比为二: 1.玲龙一号核反应堆的核反应方程为U+n-→用Ba+Kr+3ln+y.下列说法正 C.A.B两颗卫星的向心力大小之比为,.r 确的是 D.A.B两颗卫星的向心加速度大小之比为r:r A.从核反应的类型来看,该反应属于原子核的人工转变 5.如图甲所示,一可视为质点的滑块在(一0时刻以某一初速度潜上静置在水平地面上 B.铀235的半衰册越长,核反应堆填装好燃料后运行的时间越长 的斜面体M,0~0.4;内滑块沿斜面运动的位移:随时间!交化的图像如图乙所示 C.U的比结合能大于B。的比结合值 其中0~0.2;内的图线为抛物线,整个过程中,斜面体M始终保持静止.下列说法 D.要使核反应堆持续运行,核燃料的体积必须大于临界体积 正确的是 #_## 2. 如图所示为据步形交变电压,下列说法正确的是 A.初速度大小为1m/; A.该交变电压的额率为25H B.0~0.4.内斜面体M一直受到地面的摩擦力 B.该交变电压的有效值为20V C.0~0.4.内斜面体M受到的支持力始终不变 C.将该交变电压接到阻值为R的定值电阻两瑞,可求出0.01一 D.0~0.2内清块处于失重状 0.0;内流过定值电的电荷量 6.一弹破璃球游戏的简化示意图如图所示,在半径为R的引定光滑半球体表面的最高 D.将该交变电压接到阻值为R的定值电阻两确,0~0.02:内定值电阻产生的热量为零 点B放置一个破璃球P.从A点将另一玻璃球Q以速度u.(未知)沿圆孤切线弹出. 3.洛埃镜是一块下表面涂黑的平玻璃片(平面反数镜),从单色点光源S.发出的光,以 只要能沿球面运动到最高点与破璃球P发生碰即为胜利,已知乙BOA一37”,重力 近90的人射角射到洛埃情上,经洛埃情反射的光就像是从光涩的虚像S:发出的一 加速度为g.两破球均可视为质点,sin37”-0.6.cos37”-0.8,则1.的大小可能为 A 样,它们发出的光在屏上重叠区域产生明暗相间的干涉条纹,这种干涉可以看成实光 B.2 要S.和它的虚像S.发出的两束光产生的干涉,已知相邻亮条纹的间距为Ar.S.. [ D.0## S.间的距离为d,光源S.到屏的距离为L.下列说法正确的是 面 7.如图所示,理想变压器原,副线圈的厘数比n.in.一811.原线围电路中R.为定值电 10.如图所示,问距d一0.5m、领角0-30*.星够长的光滑平行会属导轨MN、PQ固定 阻,副线漏电路中R为滑动变阻器,灯泡L、L。完全相同,当闭合开关S.、新开开关 在方向垂直导缺平面向下,破感应强度大小B.一2T的匀强磁场中;匝数N一1000 S. 且输入端的电压为U时,两灯泡均正常发光:断开开关S,闲合开关S,电路输入 望,模投面积S一0.01用,电阻,二10的线阻处于方向坚直向上、崔感应强度大生 端的电压为U”,酒节滑动变阻器使其接入电路的阻值为R时两灯淮也均正常发光 B.随时间的变化规律为B.一(0.1+0.2r)T的磁场中,线需两确通过导线分别与 则前,后种况下 导轨的M,P确连接。(一0时刻闭合开关S.同时将质量m=1k,长度也为4 A.输人篇的较人功之比为1. 0.5m.电阻R一10的金属ab从导轨上凝由静止释放,运动过程中金属捧与导 B.输人端的电压之比为2:1 轨始终垂直且接触良好,已知重力加速度g一10m/s,导轨电阻不计,则下列说法 C.R.与R清耗功率之比为118 正确的是 D.B-r。 __# 二、多项选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分。在每小题给出的四个选项中,有 两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分,选对似不全的得3分,有 选错的得0分。 8.如图甲所示,某弹策报子在竖直方向上数简谐运动,其报动图像如图乙所示,下列说 A.-0时越通过金属标的电流大小为1A 法正确的是 B.1-0时刻金属棒的加速度大小为6m/s C.全属捧在导轨上运动的最大速度大小为8m/. A.弹撅子振动的频率为吾rad/s D.当金属棒刚开始匀速运动时断开开关S,它继续下滑3.6m时的这度大小为 , B.弹赞振子的振动方程为--20sin 1on/s 三、非选择题:本题共5小题,共54分. C.在1-3s和1-5s时刻弹赞的弹性势能相同 11.(7分) D.从138引1二5;时间内卷梦握子话动的路程大于20 某实验小组采用如图所示的装置验证动量守恒定律,小球a.b均为质量均匀分布 9.如图所示为篇球运动员某次投三分球直接人使的情景,球出手时的高度为 的弹性小球,小球a自由是垂状态时恰好与支架上的小球少接触,已知两小球的质量笑 2.5m,出手时的速度方内与水平方向成37角,投基位置与效使中心的水平距离为 系为m.>m,两小球的球心位于同一水平线上。 6.8m.已知篮球的质量为0.6kg.篇的高度为3.05m.不计空气阻力.篇球可视 (1)除了图中画出的器材之外,实验还需要的器材有 为质点,sn37-0.6.重力加速度g-10m/,下列说法正避的是 (填正确答案标号). A.笔球人整前在空中运动的时间为0.8 A.天平和硅码 B.度R B.球出手题间的动为21.6751 C.秒表 D.弹测力计 C.策球运动过程中的最大高度约为4.25m (2)除了图中标识的小球a由静止释放时组悬线与竖直方向的角度8、小球占在支 D.如果篮球人篮使的过程中未与篇楚相碰且不考虑落地后反弹,则篇球 架上势止时小球到地面的距离A,磁后小球占的水平位移;之外,实验中还蓄要测量 的物理量有 0 在空中运动的时间的为2 (填正确答案标号). A.小球a、b的质量m.,m B. 释时小球a的球心刊悬点的距离L C.小球a从释放到与小球5碰凛前运动的时间! 13.(9分) D.碳擅后细悬线偏离登直方向的最大角度。 如图所示,两端开口,横数面积分别为S.2S的绝热燕壁气连接在一起置于地析 E.从释撞到落地过程小球5运动的时间!. 上,气内置两个质量分别为2n,m的活塞a、b,两活塞由长为1.的轻杆连接,两活塞 (3)在误差允许的范围内,如果验证的关系式 (用图中标出 与气缸之间封闲着一定质量的理想气体,活寨a处于两段气缸衔接处,活寒5与地板 的物理量及(2)中提到的物理量的字母表示)成立,则说明小球a、b对心碰撞过程中源 触,封团气体的热力学温度为T..压强等于大气压强,内能为U..已知理想气体的内 足动量守桓定律: 12.(9分) 某词学要测量一个去却电阻的阻值,实验室提供了如下的实验器材 g.活塞可在气缸网无摩擦滑动且不漏气,活塞厚度均不计,现缓慢对封闲气体加 A.电源(电动势E一3V,内阻不计) 热,求: B.电流表A.(量程为600mA.内阻r.-5D) (1)当活赛a刚要开始运动时封闲气体的内能; C.电流表A.(量程为1A.内阻c:约为2n) (2)继续缓慢对封用气体加热:从活塞a刚开始运动到活塞5刚到达卡销处的过程 D.定值电阻R.(作保护电阻) 中封闭气体从外界吸收的热量 E.滑动变阻器R.(最大阻值为10D F.动变阻器R.(最大阻值为1000D) G.持测电阻R.(阻值约为几欧 H.开关3.导线装干 (1)实验时要求电流表的电流从0开始调节,则滑动变阻器应选择 (填正 确器材前面的字母). (2)利用以上的实验器材段计电路,并将设计好的电路阳画在虚经模甲中 (3)某同学已经将所用器材连接了一部分导线,如图乙所示,请用笔新线代替导线 将电路连接完整. (4)阅合开关S.谓节滑动变乱器:电流表A.、A.的读数分别记为I、I.则待测电 阻的值R一_ (用涌量量和已知量表示). (5)实验测得待测电阳的阻值 (填“大于””小于”或”等于”)它的真实值。 14.(13分) 15.(16分) 如图所示,领角为&的斜面C固定在水平面上,质量为册,长度为2I.的本板B恰 如图所示,在坐标系xOy第一、四象限中过Q点(41.0)的直线MN的右侧存在着 能静止在斜面顶端,本板B与料面底理愿定平台D的厚度相同,其下堵到固定平合D 范围足够大,方向垂真坐标平面向外,磁感应强度大小为B的匀强磁场;在第二象限内 的距离为1.一质量为2m的些块A(可视为质点)以方向平行料面向下,大小” 存在着沿y航负方向的匀强电场;第三象限内(包含边界)存在着垂直坐标平面向外的 3 gLsn8的初速度从上端滑上木板B,本板B与平台D磁撞后立即停止运动,已知 匀强磁场,将一质量为m、电荷量为。的带正电粒子以初速度o.-4oB从C点(0.一) 最大静摩擦力等于清动摩擦力,物块A与木板B间的动摩擦因数是木板B与斜面C间 的动摩擦因数的2信,重力加速度为g. 滑y较负方向射入磁场区域,粒子经D点进入第二象限,此时粒子速度方向与:轴正 (1)求物块A与本板B间的动擦因数 方向的夹角。一60”,运动一段时间后恰好沿:勃正方向进人第一象限,不计粒子重力. (2)若DL.求物块A与木板B遭度相同时,本板B前进的距离; (1)求第三象限内匀强难场的慰感应强度大小 (3)若0.5L.2L,求物块A从滑上木板B到离开木板B的过程中,物块A克服 (2)求第二象限内匀强电场的场强大小: 撼力的功. (3)若将上述粒子从P点(0,3D以'-2Bl的速度沿x轴正方向射人第一象限。 当直线MN与:的夹角o(0{&180)取合适值时,粒子经过破场偏转后恰好能够 到达Q点,求粒子从P点运动到Q点可能经历的时间。 # .......高 ......... ........ ..: ......:参考答案及解析 一、单项选择题 项错误;Pa-CMm-mx,A、B两颗卫星的质量未 1.D【解析】从核反应的类型来看,该反应属于核裂 知,无法比较向心力,A、B两颗卫星的向心加速度大 变,A项错误;核反应堆的运行时间取决于工作时烧 小之比为r:^,C、D项错误。 料的消耗速度,这电链式反应的剧烈程度决定,与铀 5.D【解析】由图像可知,滑块向上先匀减速到零,再 235的半衰期无关,B项错误;核裂变过程,生成物比 保持静止,根据;-vot,解得vo-2 m/s,.A项错误; 反应物更稳定,比结合能更大,即型Ba核的比结合能 比U核的比结合能要大,C项错误;核燃料的体积 根据整体受力分析,0~0.2s受到地面的摩擦力f一 必须大于临界体积,核反应形成链式反应,才能使核 ma.,方向水平向左,地面的支持力满足G一F= 反应堆持续运行,D项正确。 ma.,0.2~0.4s处于静止状态,摩擦力消失,G。 2.C 【解析】由图像可知交变电压的周期为0.02s,频 F ,B、C项错误;0~0.2s内滑块的加速度斜向下, 率为50Hz,A项错误;电压的峰值为20、/2V、可以 滑块处于失重状态,D项正确。 求出流过定值电阻的电流,利用i-:图像的面积即可 6.B【解析】玻璃球Q恰好到最高点与玻璃球P相碰 求出流过定值电阻的电荷量,C项正确;正弦式交流 时,满足重力和支持力相等,向心力为零,到最高点的 电的有效值U-s.B项错误;将此电压接到定值 最小速度为零,玻璃球Q从A点到最高点,由机械能 2 守恒定律有mgR(1-cos 37)-m,解得玻璃球 电阻两端,由Q=^Rt可知一定会产生热量,D项 错误。 Q在A点弹出的最小初速度v.-gR,在A点弹 3.A【解析】光源到屏的距离可以看作双缝到屏的距 出时,玻璃球Q恰好不离开球面,满足重力沿半径方 离L,光源S:与虚像S:的间距可以看作双缝的间距 向的分力提供向心力,有ngcos 7*-,解得玻璃 d.根据双缝干涉相邻亮条纹之间的距离公式可得△z R -,解得)-A项正确,根据△-,可知 仅减小d,相邻亮条纹的间距增大,B项错误;仅将屏 的大小满足gR<<gR,B项正确。 向右移一小段距离,相邻亮条纹的间距增大,条纹数 将减少,C项错误;仅将洛埃镜向左平移一小段距离, 7.D【解析】当闭合开关S、断开开关S:且输入端的 相邻亮条纹的间距不变,D项错误。 灯泡L:正常发光有U-U.,故有U-U.+U= #一,故A、B两颗卫星的周期之比为 9U.;当断开开关S.、闭合开关S,电路输人端的电压 :V,线速度大小之比为:V,A项正确.B ·1· ⊙ 8,灯泡L。正常发光有Un'-Uu,故有-U+ 将速度分解成水平方向和竖直方向,篮球在水平方向 做匀速直线运动,竖直方向做竖直上抛运动,在篮球 U'-9Ut,故U:U-1.1,B项错误;两种情况下流 从出手到落入篮笔内的过程中,水平方向有;一 过灯泡的电流均为额定电流,即两种情况下输人端的 vcos 37*·t,竖直方向有h-h,=vsin37*·- 电流都相等,根据P一UI可知输入功率之比P:P- 1gt*,联立解得v-8.5m/s,t-1s,篮球出手时的 11.A项错误;根据P-Pu+P+P,P'-P+ P+P,解得P.:P-1:1,C项错误;当闭合开关 动能E-m-21.675J,A项错误,B项正确;篮 S.、断开开关S:且输人端的电压为U时,变压器原. 2g 十h.-4.25m,C项正确;篮球从出手至运动到最高 Is,Im+Iro-Im,解得Ix。-71;当断开开关S、 团合开关S,电路输入端的电压为U时,变压器原。 。 时为t,则有h-1gt,解得t~0.92 s.所以篮球 在空中运动的时间t-t+t。-1.43s,D项错误。 Ps。 -koR。,P:,-R,解得R-64 D项正确。 -1000×0.2×0.01V-2V,所以z-0时刻通过全 二、多项选择题 8.BD 【解析】由图可知,周期T一8s,弹振子振动 属受到的安培力F. -B.Id-1N,由左手定则可 的圆频率-2--2-rad/s--rad/s,A项错误;振 知金属棒受到的安培力沿导轨平面向上,所以其加 速度大小a-mgsing-Fa-4m/s*,B项错误:设金 子的振动方程为x-20sin吾t(cm),B项正确;因为 n 弹管振子是在竖直方向上的振动,平衡位置并不是原 属棒在导轨上运动的最大速度为,则其产生的感 长位置,所以在t一3s和t一5s时刻弹振子的弹赞 应电动势E一Bdv.,由楞次定律可知,金属棒切割 形变量不同,弹性势能也不相同,C项错误;t一3s时 磁感线产生的感应电动势与线圈产生的感应电动势 刻弹赞振子的位移为10/2cm,t-5s时刻弹寰振子 的位移为一10/2cm,从z-3s到t-5s时间内弹赞 得三8m/s.C项正确;当金屡摔刚开始匀速运动 振子的路程为20、/2cm,大于20cm,D项正确。 时断开开关S,则金属棒中无电流,不再受安培力的 9.BC【解析】设抛出速度为v,如图所示 作用,下滑过程中机械能守恒,有m.+mglsin。 vsin37* l -10m/s,D项正确。 三、非选择题 11.(1)AB(2分) (2)A.BD(3分) .2. ⊙ (3)2m.hL(1-cos6-1-cos)=m (4)#(2分) (2分) (5)等于(2分) 【解析】(1)验证动量守恒定律备要用天平和法码称 【解析】(1)因为要求电流表的示数从0开始调节, 出两个小球的质量,需要刻度尺测量高度、长度等物 则滑动变阻器应用分压式接法,所以滑动变阻器应 理量,不需要秒表和弹策测力计。 (2)根据机械能守恒定律有m。gL(1一cos9) 选择阻值较小的,即选择E。 (2)由于电流表A:的内阻已知,且U.一I.r=3V. #-.,解得碰前瞬间小球a的速度v。= 则在本实验中用并联分流原理测量,定值电阻R。用 ②gL(1一cos);同理根据机械能守恒定律有 作保护电路,则电路图如答案图所示。 (3)根据电路图,实物图连接如答案图所示。 (4)由电路图可知,待测电阻两端的电压U一I.r, 球a的速度v.=\2gL(1一cosa);根据平抛运动规 律对小球有-分gt,x-t,解得v-xH 如果碰撞过程中满足动量守恒定律,则有n.u。 n.v.十mv.,结合上述分析,可知还需要测量的物理 (5)Ir是待测电阻的实际电压,I.一I.是流过待测 量有ABD。 电阻的实际电流,所以未知电阻的测量值等于它的 (3)将= ②gL(1-cos、.=\②gL(1-cos) 实际值。 ##--代人mno m.vo。+m,化简可得 13.【解析】(1)缓慢对封闭气体加热,气体最初体积不 2m.h(1-cos6-1-cosa)=mr,在误差 变,压强增大,发生等容变化,设活塞a刚要开始向 允许范围内,满足此关系式即可验证小球a、b对心 上运动时;轻杆的弹力为F,对活塞a有 2pS+2mg+F-p·2S (1分) 碰撞过程中动量守恒。 对活塞有 12.(1)E(1分) pS+F=·S十mg (1分) (2)如图所示(2分) (1分) 根据查理定律有 #n_ 解得T-4r。 (1分) (3)如图所示(2分) 根据理想气体的内能U-aT,有U。一aT。,U.-aT 解得U-。 (1分) (2)设当活塞刚到达气缸连接处时,活塞间气体的 温度为T:;活塞a运动后,活塞间气体压强保持不 变,由盖一吕萨克定律有 1_2 .3. 解得T。-T。 (1分) 物块A与木板B共速时物块A相对木板B滑动 Ln=x-x-1.5L 8U 所以此时气体的内能U,一 (1分) 物块A与木板B共速后共同沿斜面匀速运动,共同 设两活塞间封闭气体的温度从T升高到T。的过 运动的距离x'一一xn-s-L W.-FA'-2(s-L)mgsin8 程中,外界对气体做的功为W,有 (1分) (1分) 木板B与平台D碰撞而停止,物块A在木板B上 继续滑动x"-2L-Ln=0.5L到达平台D上 根据热力学第一定律有 W.-· 2mgcos f·x"-2mgLsin6 (1分) AU-W+Q 物块A克服摩擦力做的功W-W.+W。+W:=2( 解得Q-4U。+12mgL (1分) +5L)mgsinf (1分) 14.【解析】(1)设物块A与木板B间的动摩擦因数为 15.【解析】(1)粒子在第三象限的运动轨迹如图所示 .木板B与斜面C间的动摩擦因数为 木板B恰好静止在斜面顶端有mgsinθ=mgcos6 (1分) =28 解得-2tan8 (1分) (2)物块A与木板B整体所受外力的矢量和为0,所 以系统动量守恒,以沿斜面向下为正方向 根据动量守恒定律得2mv。一3mv (1分) 对物块A根据牛顿第二定律可得2mgsin8-· 设轨迹半径为R,由几何关系有 sin20~0 (1分) 2mgcos 6-2ma (1分) (1分) --乙axA 解得R-21 (1分) 对木板B根据牛顿第二定律可得mgsinθ十· 根据牛顿第二定律有 (1分) 2mgcos 6-·3mgcos 6-ma oR_ (1分) -0-2a:x: (1分) 解得B-2B (1分) 解得x-2.5L,x.-I (1分) (3) 1.若0.5L s<L.物块A与木板B整体沿斜 (2)根据几何关系有 面向下运动的过程中,物块A与木板B没有共速时 OD-R+Rcos30*-(2+、/③)1 木板B就与平台D碰撞而停止 粒子在第二象限做类斜抛运动,有 OD-cos 60*. 物块A克服摩擦力做的功W一·2mgcosθ·(s十 (1分) (1分) 0. =v sin 60*-at 2L)-4(s+2L)mgsin6 (1分) - IlI.若L<;2L,物块A与木板B整体沿斜面向下 (1分) 运动的过程中,物块A与木板B共速时木板B还未 联立解得E-(83-12)qlB* (1分) 与平台D碰 n (1分) W. =·2mgcos 8·xA-10mgLsin 6 (3)粒子进人磁场区域后做匀速圆周运动,设轨迹半 ·4. (4-) 径为r,根据牛顿第二定律有 2B{q (1分) ##'Bm#”# (1分) 7 当一120{时,粒子也恰好能够到达Q点,粒子在第 解得,一21 (1分) 一象限内水平运动的距离=41十2lcos30*=(4+ 根据几何关系可知,当6一60时,粒子恰好能够到达 3) Q点,粒子在第一象限的运动轨迹如图所示 经历的时间.-,(4+3)m 2Bq (1分) ) D M p 2t 01200 2f6 #240 粒子在第一象限内水平运动的距离51=4一 2lcos30*-(4-3)z 粒子在磁场中转过的圆心角为240{,则粒子在磁场 -(1分) 经历的时间t-,(4-3m 2Bq (1分) 所以粒子从P点运动到Q点的时间r。-t。十z。= 4 (1分) 粒子在磁场中转过的圆心角为120” 综上所述粒子从P点运动到Q点可能经历的时间一 #为44) (1分) 2Bq 所以粒子从P点运动到Q点的时间t.-么十t'= E 5.