第30期 圆周运动 匀速圆周运动的向心力和向心加速度-【数理报】2024-2025学年高一物理必修第二册同步学案（教科版2019）

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A组 5.将N端的速度。进行分解，设此时。与沿杆方向的夹角 1.B:2.B:3.D:4.B:5.C:6.B:7.A 为8，如图1所示. 提示： 1.当物体做曲线运动时，合力的方向与速度方向不在一条 直线上，但合力可以是恒力也可以是变力，所以加速度大小方 向可能不变，也可能变化故B正确。 图1 2.飞行者做曲线运动，速度方向一直改变，则速度改变，故 A错误：飞行者做曲线运动，速度一直改变，加速度不为零，则 侧人的速度等于，沿杆的分量，即人=。cos0,根据几何 所受合力不为零，故B正确：做曲线运动时，受到的合力大致指 关系可得cos0= 2h √(2h)2+h =子5，解得队以=子5。 向轨迹凹侧，在B处所受合力方向大致向上，故C错误；飞行者 做曲线运动，速度方向和加速度方向不可能共线，故D错误。 故C正确。 3,曲线运动中各点的速度方向沿该点的切线方向，由题图 6.从起风到运动员着地，运动员运动的时间为：=A= 可知返回器经过a,c两点时速度方向不同，经过c、e两点时速 16 度方向也不同，故AB错误：根据曲线运动的知识可知，返回器 4 。=4,水平方向上s=子a,解得a=0.75m公，放B正 所受的合力和加速度方向应指向轨迹的凹侧，返回器经过b点 确 时加速度方向大致向上，经过d点时加速度方向大致向下，故 7.设玩具车车身与AB之间的夹角为8，车速为，履带的速 返回器经过b、d两点时的加速度方向不同，故C错误：返回器 度为。，根据题意，要使玩具电动车经履带沿AB连线运动，侧 经过d点时速度方向沿切线方向，加速度方向指向轨迹的凹侧， 玩具车在垂直AB方向的分速度要与履带的速度大小相同，因 二者可能垂直，故D正确 此可得rsn0=o,代入数据解得0=30°，故A正确. 4.将吹管对准C吹，能够使乒乓球获得垂直于A0方向的 8.曲 竖直向上小于大于先失重后超重 速度，而由于乒乓球始终具有沿A0方向的分速度，因为OC1 9.(1)5s:(2)60 AO,所以合速度方向不可能沿OC方向，对准C用更大的力只 解析：(1)当冲锋舟垂直于江岸行驶时，时间最短，设舟在 能使乒乓球获得在垂直于AO方向更大的速度，但合速度方向 仍不可能沿OC方向，所以仍不能将乒兵球吹进球门：同理可知 静水中的速度为2，水速为，最短的时间为：=4=5。. 在O2位置，垂直于A、0连线方向吹，乒乓球的合速度方向显然 (2)战士要想到达江岸的过程中航程最短，则要求合速度 不可能沿O,C方向，所以不可能将乒乓球吹进球门，故AC错 的方向垂直于江岸，舟头必须斜向上游，设与江岸的夹角为 误：在O,位置，垂直于A、0连线方向吹，乒乓球的合速度方向 有可能沿O,C方向，所以有可能将乒乓球吹进球门，故B正确， 0(如图2所示)，则c0s0=1=0.5,可得0=60 高一物理教科（必修第二册）第27~31期 时，αB都在变化，是圆周运动的线速度大小不变，活塞速度 大小不断变化，A点和B点的速度不可能始终相等，故BC错误： 由上述分析可知，当OA与AB共线时，=90°，A点速度大小不 图2 变，B点速度为零，故D正确 10.(1)1s;(2)2.5N 4.匀速直线加速直线v√sn0+1 解析：(1)由题意可知，小球水平向左做匀减速直线运动， 5.(1)朝东偏南30°角方向飞行：(2)25m/s: 竖直方向做自由落体运动，则8=g (3)505s 可得小球从A点运动到B点的时间为t=1s 解析：(1)由题意可知，因风的影响，若飞机仍沿着从西到 (2)水平方向由运动学公式有。=at 水平方向由牛顿第二定律有F=ma 东，根据运动的合成可知，会偏向北，为了严格地从西到东，则 飞机必须朝东偏南方向为6飞行，如图4所示 联立解得F=2.5N. B组 1.BC:2.CD:3.AD. 提示： 1,当消防车匀速前进时，消防队员一定做匀速直线运动， 图4 故B正确，A错误.当消防车匀加速前进时，消防队员一定做匀 由几何关系有v城=P线sin8 变速曲线运动，故C正确，D错误。 解得0=30°，即飞机朝东偏南30°角方向飞行： 2.当船渡河时间最短时船头指向正对岸，则船渡河的最短 (2)由上述分析，根据几何关系可得，飞机在从西到东方 时间是=号=1g。=20,放A错误：因为沿水流方向船 向的合速度为v=,cos30°=2万m/s 先做加速运动后做减速运动，垂直河岸方向做匀速运动，可知 (3)飞行时间为t=工=50万s 合运动不是直线运动，即船运动的轨迹不可能是直线，故B错 《抛体运动》同步核心素养测评（二） 误：船渡河时间与水流速度无关，则船运动到河宽一半用时 A组 =2在2X5=10s,故C正确；当船运动到河中心时速度最 d100 1.B:2.B:3.A:4.C:5.B:6.A:7.D. 大，则船在河水中的最大速度是e=√。+=√3+5m/s 提示： >5m/s,枚D正确， 1.平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，在相等的时间 3.曲轴转一周，活塞运动一个来回，即一个周期，所以它们 内，位移的增量是增大的，故A错误：平抛运动水平方向做匀速 的运动周期相等，故A正确：A,B点的速度分解为沿AB杆和垂 直线运动，加速度为零，竖直方向做自由落体运动，其加速度为 直于杆方向，两速度与杆AB的夹角分别为αB,如图3所示 重力加速度，大小和方向都不变，故B正确：平抛运动的水平射 程为：,其中=√由此可知x=√日 ，故水 平射程是由初速度和高度共同决定的，故C错误：根据上述分 析可知，平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关，故D错 图3 误 根据平行四边形定则可知，两点速度沿杆方向的速度分量 2.箭在空中的轨迹是曲线，故A错误：在空中的水平位移 相等，即ma=心A,可得=一合，由于曲轴转动 和竖直位移均增大，则合位移一直增大，故B正确：箭运动中水 2 高一物理教科（必修第二册） 第27-31期 平速度不变，竖直速度增加，则箭速度的大小不断增加，故C错 8.(1)匀速 匀加速 (2)32 2 误：入壶时箭有水平速度，则速度方向不可能竖直向下，故D错 (3)A(4)ACE 误。 9.(1)240m:(2)620m 3.子弹做平抛运动，竖直方向与靶自由落休运动相同，则 子弹会打到靶心位置，故A正确。 解析：(1)第一箱物资投下后做平抛运动，竖直方向有 4,平抛运动的竖直方向分运动为自由落体运动，根据h= H= 方得：=√臣甲，乙下落的初始高度相同，运动时同也相 解得与= 10 2H 2x1806=6: 同，故A错误；甲、乙的加速度相同，故B错误：平抛运动的水平 则水平距离为名1=o41=40×6m=240m 方向分运动为匀速直线运动，水平方向甲的位移比较大，运动 (2)第二箱物资投下后也做平抛运动，则有 时间相同，说明甲的初速度较大，故C正确：甲、乙落地时速度 的竖直分速度的大小一样大，但初速度不同，故甲和乙落地时 H-h=8 的速度不相等，故D错误： 解得t2= 2(H-h 2×180-135) 8=38 g 10 5.当小球做平抛运动时有tan37°= 是当 第二箱物资投放后飞行的水平距离为 x2=042=40×3m=120m 小球沿斜面向下做匀加速直线运动时，有 c0s376=61+ 则△x=%+x1-2=500m+240m-120m=620m. 1 2ar,mgsin37°-pngeos37°=ma,联立解得u=3,故B正 10.(1)2s:(2)10√7m/s 解析：(1)运动员做平抛运动，则有 6.小球做平抛运动，当小球恰好落在第3级台阶右边缘时 1 sin30°=2gf,c0s30°=t6 有2h=2,2a=4,解得=3m m/s,当小球恰好落在 解得o=105m/s,t=2s 第4级台阶右边缘时有3h=,3a=与，解得号= (2)运动员在竖直方向的分速度书，=gt=20m/s 则在b处着陆前速度=√后+ 35ms.可知，要使小球能落到第4级台阶上，弹射速度，的 解得=10万m/s 空s≤≤35/A.可知，只有第一个选项在上述范 B组 2 1.BD:2.CD:3.ACD. 围内，故A正确。 提示： 7在竖直方向上，水做竖直上抛运动，则h=,解得h 1.若不计空气阻力，秧苗在空中只受重力的作用，加速度 =20m,故A错误：喷出时竖直方向速度书，=g=20m/s,所 为重力加速度，故秧苗的运动是匀变速曲线运动，故A错误，B 以水平方向的初速度，=√-=205m/s,所以“水门” 正确：秧苗抛出后，竖直方向秧苗做竖直上抛运动，水平方向秧 的宽度为x=,·2t=803m,故B错误；在最高点相遇时，水 苗做匀速直线运动，可知秧苗抛出后，速度先减小后增大，故C 错误：根据△=g△：可知秧苗在任意两段相等时间内速度变化 柱竖直方向速度为零，水柱的速度即为水平速度203m/s,故 量相同，故D正确。 C错误：水喷出的解铜，迷度与水平方向夹角1am0=冬=号， 2.单位时间的出水量与单位时间输人水管的量有关，与是 0=30°，故D正确 否加装细管无关，所以单位时间内的出水量不变，故D正确；根 一 3 高一物理教科（必修第二册）第27~31期 据题意可知，水离开水管做平抛运动，竖直方向上有h= 提示： 2h ,由于高度不变，则喷出的水在空中运动 1,做曲线运动的物体的速度方向沿轨迹的切线方向，所受 之，解得1=√ 的合力指向轨迹的凹侧，由图可知导弹运行轨迹C点的速度 的时间不变，故B错误；设加细管时水的流速为，不加细管时 和所受合力F关系正确.故C正确 水的流速为2，不加细管时水管的半径为2，细管半径为，根 据相同时间t内水的流量相同，可得，：=2，由于< 2根据A=之可知，物休在空中运动的时间只与抛出 2,可得>2，即喷出的水的出口速度变大，由于水离开水管 时的竖直高度有关，与初速度、物体质量无关，故ABD错误：由 做平抛运动，水平射程为x=以，运动时间不变，出口速度变大， =√6+=√+2gh可知水平初速度越大，物体落地时 则水平射程将变大，故A错误，C正确 的速度越大，故C正确。 3.将炸弹垂直撞在斜面上P点的速度进行分解，如图所 3.做曲线运动的物体，所受合力总是指向轨迹的凹测，由 示，由图可知0=37°，B=53° 题图乙可知，烟尘颗粒所受合力的方向产生变化，且Q点和P 点处的曲率半径不同，可知其合力的大小不同，烟尘颗粒做的 不可能是匀变速曲线运动，故A正确，B错误：曲线运动在某点 的速度方向足沿轨迹在该点的切线方向，由题意可知，P、Q两 37 点处的速度方向不可能相反，也不可能垂直，故CD错误， 由数学知识得：炸弹击中斜面时的速度大小为"=m。 4.由于小纸片很轻，受空气阻力影响较大，则不会做平抛 sim37=0.6ms=50m/,放A正确，B错误：由amB= 30 运动，若只受重力，则h=之，解得1=05s,但由于存在空 ·是得1：5口A=沿×号4，周小球做平范运动的 气阻力作用，则下落时间大于0.5s,可能为1.5s,同时由于空 g 气阻力作用，水平方向速度可能减小为零，则可能竖直落地.故 水平位移是x=%t=30×4m=120m,竖直位移是h=乞 C正确 5.设竖直速度为书，，下降过程中小崇竖直速度恒定，则竖 =2×10×4m=80m,故CD正确。 1 直方向有h=",t,受到F=150N的水平恒定风力作用，则有F 4.(1)保证小球飞出时的初速度水平 =ma,水平速度为=at,穿过横风区后的速度为v= (2)保证小球每次做平抛运动的初速度相同 √后+区，穿过横风区前后速度大小之比为3：5，即有号= (3)x g V2-为 子，联立解得号，=6ms,放B正确 5.(1)=20m/s(2)x=38.4m 6.将绳子被人握的一端速度分解如图所示，重物经过图示 解析：(1)足球在竖直方向做竖直上抛运动，在最高点竖 位置的速度为t'=cosa,故A正确 直方向速度为0，有h=(sin37)2 2g 解得节=20m/s (2)足球到最高点的时间为1=sim379 =1.2s 足球水平方向做匀速直线运动，从踢出到落回水平地面的 7.水做斜抛运动，设喷出时，水初速度。与水平方向夹角 位移为x=cos37°·2t=38.4m 为日，则水平速度大小为)，=ocos0,根据逆向思维及对称性， 《抛体运动》核心素养单元测评 1.C2.C:3.A:4.C:5.B:6.A:7.A 可知甲，乙两水柱从起抛点到到达最高点，由么=之。，可得： 4 高一物理教科（必修第二册）第27~31期 又1，暖立可得。=点√品结合题意，可得 小船过河的位移x=1=375m =N g 由sina= 甲，乙两束水柱喷出的初速度之比为=里× h 2 tax2h甲 解得：a=53°，位移方向与河岸下游成53 =反：1，故A正确. (2)设小船与河岸的夹角为0，则沿河岸方向 (,cos0-)t=150 8.AD:9.BD:10.BD 垂直河岸方向L=sin0·t 提示 8.由于船相对静水的速度小于水流速度，故船不能垂直过 联立解得：0=374=。 河，故A正确，B错误：当合速度的方向与船在静水中的速度相 14.(1)1=38(2)d=9m 垂直时，渡河的位移最短，根据=型，解得最短位移为5= 解析：(1)将运动员的平抛运动沿垂直斜面向上方向与沿 s 斜面向下方向分解，运动员离斜面最远时，垂直斜面向上方向 k4=三×200m=250m,故位移是240m是不可能的，位移 4 的速度为零，有 是260m是可能的，故C错误，D正确. vsin 8 gh cos =0 9.球被击出后除了受重力外还受水平风力作用，则不是做 解得11=1.5s 平抛运动，故A错误：该球竖直方向做自由落体运动，则在空中 由对称性可知1=2 解得t=3s 运动的时间为：=√西.故B正确：水平方向做匀碱速运动，则 (2)由运动学公式有d=0-(sin)2 -2gcos 6 ，解得球被击出时的初速度大小为6=1√医。 L=- 2，故C错 解得d=9m. 误：球被击出后受到的水平风力大小为F=ma=m=mg 15.4πh2 t · 故D正确。 解析：乒乓球做平抛运动，在竖直方向有h=2 10.滑雪爱好者的运动为平抛运动，水平方向OAcos0= 解得乒乓球做平抛运动的时间1=√ h 3 o,竖直方向04sin6=2g,代人数据解得an0=子，0M= 当初速度最大时，水平位移 75m,故BD正确. m=5=22g×√ 2h =4h 11.(1)自由落体运动(2)相等 2h 当初速度最小时，水平位移 12.(1)A 2h =2h a=l=2g× (2)因为平抛运动的初速度方向是沿水平方向 所以对应的四分之一圆环（乒兵球第一次与桌面相碰区 (3)同-(4)A(5)o√ 42 -+1 城)的小圆半径r=3h,大圆半径2=5h,则持续发射足够长 13.(1)375m,方向与河岸下游成53°： 时间后，乒乓球第一次与桌面相碰区域的面积 (2)m1方向沿上游与河岸夹角37，t= 250 s=x(5h)2-(3h)=4. 《匀速圆周运动》同步核心素养测评（一） 解析：(1)小船过河时间1= L=75s A组 小船的合速度”=√+6=5m/s 1.B;2.C;3.B;4.A;5.C:6.B;7.C 一5 高一物理教科（必修第二册）第27一31期 提示： 解析：(1)拖把的固定套杆在1s内匀速下压25cm,则拖 1,小物块在竖直方向上受重力和支持力，由于小物块在水 把头转动的角速度为 平面内做匀速圆周运动，则还一定受到摩擦力从而提供其向心 w=2m×2 5 rad/s 10 rad/s 力，所以小物块受到的合力不为零.向心力是效果力，受力分析 拖布条外缘转动的线速度大小 时不能将其与其他性质力并列分析，故ACD错误，B正确。 i=wr=10m×(0.1+0.06)m/s=1.6mm/s 2.由图可知，P、Q两点做同轴转动，故P,Q两点做圆周运 (2)根据F=mw2r 动的角速度大小相等，且半径不相等，根据，=w和a=rw2可 代入数据可得F=0.32N. 知线速度大小和向心加速度大小也不相等.故C正确 B组 3,石子的分运动有两个，其一为与汽车一起以速度v向前 1.BD:2.AC:3.CD 做匀速直线运动，其二为绕罐体轴心做匀速圆周运动，匀速直 提示： 线运动不需要向心力，故石子所需的向心力的大小为F= 1.根据几何关系可知，雪圈（含人）做匀速圆周运动的半 moR,故B正确， 4.钢带不会伸长、不会打滑，表明两轮的线速度大小相等， 径为r=√/2+(4-2)m=4m.则线速度大小为e=ar= 根据线速度、角速度、半径之间的关系书=r,可知w,51= 2×4m/s=8m/s,雪圈（含人）所受的合力提供所需的向心 力，则有F合=F向=mw2r=50×22×4N=800N,放BD正 2,所以2=二w,故A正确。 确。 5,相邻两大、小齿轮的线速度相等，根据：=w,w= 2.因为A为双曲线的一个分支，说明a与r成反比，由a= T 可得相邻两大、小齿轮的周期比为T:T2=T:2=1:10,可 立可知，A物休运动的线速度大小不变，故A正确，B错误：而 得第一个大齿轮转动周期为10$，第二个大齿轮转动周期为 OB为过原点的直线，说明a与r成正比，由a=or可知，B物 10s,依此类推，第100个大齿轮转动周期为10ms故C正确. 体运动的角速度大小不变，故C正确，D错误 6根据f=2,=aR联立解得a=放B正确 3.A、B,C分别是“太阳齿轮”、“行星齿轮”和“内齿轮环” 边缘上的点，它们通过齿轮传动，线速度大小相等，故D正确：A 7.乘客做匀速圆周运动，线速度大小不变，方向时刻发生 点与B点的角速度与半径成反比，故角速度之比为2：1，转速 变化，故A错误：乘客做匀速圆周运动，加速度大小不变，方向 与角速度成正比，故A点与B点的转速之比为2：1，故AB错 总是指向圆心，所以乘客不是做匀变速曲线运动，故B错误；乘 误：B点与C点的半径之比为2：5，由T=2严可知，B点与C点 客的线速度大小为”-2 7=30×60 m/s2≈0.3引m/s,故C 的周期之比为2：5，放C正确。 正确；到达最低处时，乘客具有向上的加速度，处于超重状态， 4,(1)B(2)2 故D错误 8.(1)C(2)B,C①④ 5(1)n=2nm叫 (2)F=m + 16nn'F 9.(1)F=mwr:(2)增大，理由见解析 解析：(I)该游客做圆周运动时所需向心力的大小为F= 解析：(1)橡皮泥随风帽一起运动时的角速度为。=2 t mo'r 橡皮泥的线速度大小为”=al=2n型 t (2)圆盘转速增大时，角速度w也增大.根据F=mr,可 (2)橡皮泥运动时受到的向心力大小为 知ω增大，游客所需的向心力F随之增大 10.(1)0.32mm/s;(2)0.32N Fu ma'l =4nn'ml 2 6 高一物理教科（必修第二册）第27~31期 对橡皮泥受力分析可知，风帽对橡皮泥的作用力的大小为可知，赛车转弯速率相同时，半径越小，所需的向心力越大，即 +16w'n'P 地面对赛车的摩擦力越大，则越容易发生侧滑，故C正确：赛车 F=√(mg)+F=m 1/&8 受到重力、支持力、摩擦力的作用，向心力是效果力，不是物体 《匀速圆周运动》同步核心素养测评（二） 受的力，故D错误 A组 7,若火车在转弯时铁轨不受挤压，即由重力和支持力的合 1.A:2.C:3.A:4.C:5.B:6.C:7.D. 力提供向心力，火车转弯平面是水平面.火车受力如图1所示， 提示： 1.汽车紧急刹车时，乘客身体向前倾斜，这是由于惯性造 由牛领第二定律得gma=m号，由于α很小，可以近似认 成的，与离心现象无关，故A符合题意：旋转伞柄把伞边缘的水 为tana=sina= 女，联立解得。=√，放D正确 滴甩出去，这是离心现象的应用，故B不符合题意；用洗衣机脱 水桶给衣服脱水，这是离心现象的应用，故C不符合题意；利用 棉花糖机制作棉花糖，这是离心现象的应用，故D不符合题意 2.在最低点，由牛顿第二定律有kmg-mg=m ,解得k =1+ R>1,故C正确， 图1 8.√tan8 g 3根据周期与角速度的关系可知，运动的周期为二故入 减小 Rtan 8 tan 6 正确：根据匀速圆周运动的向心加速度的公式可知，座舱的加 9.(1)%=2m/8(2)=42m/s 速度大小为R,故B错误；由于做匀速圆周运动，则合力一直 解析：(1)设小球通过最高点时的最小速度为，则根据 等于向心力，始终为mwR,故CD错误 牛顿第二定律有mg=mR 4.由于杆可以给小球拉力，也可以给小球支持力，若在最 高点杆对小球的力为支持力，且大小等于小球的重力，此时小 解得。=2m/s (2)小球在轨迹最低点处速度最大，此时轻绳的拉力最 球在最高点的速度为零，故A错误；在最高点，根据F=m尺 大，根据牛顿第二定律有F。-mg=m尺 可知，。增大，向心力也逐渐增大，故B错误；在最高点，当。由 解得m=42m/s. √巫值逐渐增大时，根据牛顿第二定律有mg+F=m尺，由 10.(1)1m/s:(2)0.25m/s2,0.5N 此可知，杆对小球的弹力F、逐渐增大，故C正确：在最高点，当 解析：(1)小工件做匀加速直线运动的加速度为 。由√gR值逐渐减小时，根据牛顿第二定律有mg-F、=m mg=ma1,解得a1=2m/s 会，由此可知，杆对小球的弹力八、逐渐增大，故D错误 小工件与传送带共速所用时间为t=”=0.5s 5由牛顿第二定律得在最低点有R-g=m二，在最高 小工件匀加速度运动的位移为 点有e+g=m二，联立解得R。-。=2mg,放B正确， ￥=242=025m<8m ACD错误， 小工件到达M点的速度大小为1m/s: 6.赛车过O点时速度方向与O平行，故A错误：发生侧滑 (2)小工件的向心加速度为4，=上=0.25m/g 时，赛车滑离原轨道，做离心运动，故B错误：根据umg=m r 小工件所受的静摩擦力为f=ma,=0.5N. 高一物理教科（必修第二册）第27~31期 B组 4.非匀变速不总是15.271.13 I.AD;2.AD:3.AB. 5.(1)r=65m;(2f=392N 提示： 解析：(1)对运动员和自行车整体，受力如图2所示 1,同轴转动过程中质点的角速度相等，即雨滴a、b角速度 竖直方向根据受力平衡可得F,cos9=mg 相同，故A正确：由于两雨滴角速度相同，雨滴a的半径小于雨 水平方向根据牛顿第二定律可得F,sin0=m 2 滴b的半径，根据角速度与线速度的关系1=wr,可知v。<6, 联立解得r=65m 故B错误：两颗雨滴完全相同，根据F自=mor,可知雨滴b所 需向心力大于雨滴a所需向心力，而外界提供的向心力相同， 可知，雨滴b更容易从伞面移动，故C错误，D正确。 2.火车运动的圆周平面为右图中的b,故A正确；列车受到 图2 图3 重力，轨道的支持力，故B错误；当火车行驶的速度大于时，支 (2)当倾角变为37°时，整体受力如图3所示 持力和重力的合力不足以提供做圆周运动所需向心力，则外轨 竖直方向根据受力平衡可得 挤压轮缘，给轮缘向内的弹力，故C错误：当火车以规定速度转 F2cos37°+f8in37°=mg 弯时，由牛顿第二定律得mgtan a=m二，解得规定行驶速度 水平方向根据牛顿第二定律可得 =√gtan0,故D正确. F,sin370-fcos37°=m7 3.图中B点所在位置，将其近似看作半径为R的圆周上的 联立解得f=392N. 一小段圆弧，车通过该位置时，由沿半径方向的合力提供向心 力，沿半径方向向上的合力不为0，车有向上的加速度，此时， 车辆处于超重状态，故A正确：结合上述，根据牛顿第二定律有 mg-fFM=m尺Fw-mg=m 解得R。=g一m元人 =mg+mR,可知Fu<Fa,车辆若以相同的速率通过A,B 两点，在行驶通过B点时更容易爆胎，故B正确：爆胎的原因是 因为轮胎所受地面的弹力过大，与不同路面的动摩擦因数无 关，故C错误；结合上述，通过凹地时容易爆胎，为了减小通过 凹地时轮胎所受的弹力，应减速通过，枚D错误. 8