辽宁省沈阳市浑南区东北育才学校2024-2025学年高三下学期开学物理试题

东北育才超常部35届高三下六模 物理学科 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B D D D C B D AC CD BD 1．B 【详解】A．因为重力mg和地面支持力FN的方向都在竖直方向上，若拉力F在竖直方向上，则地面对木棒就没有摩擦力作用（木棒对地面无相对运动趋势），故A正确； BCD．若拉力F的方向与竖直方向有夹角，则必然在水平方向上有分力，使得木棒相对地面有运动趋势，则木棒将受到地面的静摩擦力Ff，且方向与F的水平分力方向相反，才能使木棒在水平方向上所受合力为零，故B错误，C、D正确。 因为要求选不正确的选项，故选B。 2．D 【详解】研究月球绕地球的运动，根据万有引力定律和向心力公式，有 物体在地球表面上时，由重力等于地球的万有引力得 联立解得 再由 则有从月球以电磁波形式发送到北京航天飞行控制中心所用时间约 ABC错误，D正确。 故选D。 3．D 【详解】A．“凹槽”产生极小光强是由于由于“凹槽”反射光与“平面”反射光叠加后削弱，是干涉现象形成，故A错误； B．“凹槽”中有透明介质，光的速度小于真空中速度，“凹槽”入射光与“平面”反射光传播速度不相同，故B错误； C．由于“凹槽”反射光与“平面”反射光叠加后削弱，考虑到“凹槽”反射光的路程，“凹槽”深度的2倍应该为激光束半波长的奇数倍，故C错误； D．“凹槽”反射光与“平面”反射光是同种类型的光，频率相同，故D正确。 故选D。 4．D 【详解】设人与竖直墙之间绳子总长为，人与竖直墙之间的水平距离为，圆环两侧绳子与竖直方向的夹角为；根据几何关系可得 以圆环和重物为对象，根据受力平衡可得 可得 A．若工人的位置保持不变，缓慢拉动手中的绳子，由于重力保持不变，则绳对圆环的作用力不变，故A错误； B．若工人的位置保持不变，缓慢拉动手中的绳子，则人与竖直墙之间绳子总长减小，增大，减小，工人对绳的拉力增大，故B错误； CD．若不改变绳子的长度，工人握住绳子缓慢后退一小步，则人与竖直墙之间的水平距离增大，增大，减小，工人对绳的拉力增大；以工人为对象，根据受力平衡可得 可知平台对工人的支持力不变，平台对工人的摩擦力增大，故C错误，D正确。 故选D。 5．C 【详解】A．从1号同学开始下蹲计时，经过1.5s，即四分之三个周期，该同学应处于平衡位置，且向上起立，故A错误； C．“人浪”从1号同学传到7号同学用时1.5s，所以 故C正确； B．“人浪”的波长为 故B错误； D．1号同学和8号同学相距3.5m，不等于波长的整数倍，所以同学的运动状态不会始终相同，故D错误。 故选C。 6．B 【详解】油滴在电场中受力平衡，则 匀速下落状态，空气阻力与速度的平方成正比，则 联立解得 故选B。 7．D 【详解】BC．污水中的离子受到洛伦兹力，正离子向上极板聚集，负离子向下极板聚集，所以金属板M的电势大于金属板N的电势，从而在从而在管道内形成匀强电场，最终离子在电场力和洛伦兹力的作用下平衡，即 解得 可知电压U与污水中离子浓度无关，选项BC错误； A．污水的流量为 选项A错误； D．污水流过该装置受到的阻力为 污水匀速通过该装置，则两侧的压力差等于阻力，即 则 带入数据解得 Pa 选项D正确。 故选D。 8．AC 【详解】A．在图1的光电效应实验中，光电子从锌板逸出，锌板带正电，故验电器带正电，故A正确； B．根据光电效应方程和动能定理可得 ， 图2中甲、丙的对应的遏止电压相等，乙的遏止电压最大，则光电子的最大初动能，甲、乙、丙三种光的频率关系是，故B错误； C．根据光电效应方程和动能定理可得 ， 整理可得 由图3可知钠的逸出功小于钙的逸出功，故C正确； D．根据光电效应方程可得 由图4可知甲金属的逸出功小于乙金属的逸出功，则某一频率的光可以使甲金属发生光电效应，该光的频率不一定大于乙金属的截止频率，所以不一定能使乙金属发生光电效应，故D错误。 故选AC。 9．CD 【详解】A．从O到B，据动能定理可得 解得，O、B两点间的电势差为 故A错误； B．从O到A，据动能定理可得 解得，O、A两点间的电势差为 取OA的中点C，可知B、C为等势点，可得电场强度垂直BC连线斜向下，即与x轴正方向夹角为角斜向下，如下图所示 取从O到B的过程有 故B错误； C．将重力与电场力合成，可得它们的合力与x轴正方向成角斜向下。将初速度沿方向和垂直方向分解，垂直合外力方向的速度即为运动过程中的最小速度，如下图所示 即有 ，方向与x轴正方向成角斜向上 故C正确； D．若小球初速度方向与x轴正向夹斜向上抛出，在竖直y轴方向上，根据牛顿第二定律有 可得，竖直方向上的加速度为 小球在竖直方向上做竖直上抛运动，根据竖直上抛运动规律可得 故D正确。 故选CD。 10．BD 【详解】A．A、B两物体分离时，此时A、B两物体间的弹力为0，A、B两物体仍有相同的加速度，以B为对象，根据牛顿第二定律可得 可得加速度大小均为 故A错误； B．当物体B位移为时，B与A分离，此时A的加速度为，方向沿斜面向下；以A为对象，可知此时A受到的合力为，方向沿斜面向下；则此时弹簧弹力与A受到的滑动摩擦力平衡，可知此时弹簧仍处于压缩状态，则有，故B正确； C．当A的加速度为0时，设此时弹簧的压缩量为，以AB为整体，根据受力平衡可得 解得 故C错误； D．当AB的加速度为0时，B在运动过程中的速度到达最大；根据 则有 结合图像可得 联立解得B在运动过程中的最大速度为 故D正确。 故选BD。 11．(1)水平 (2)不在 (3)1.7 【详解】（1）安装并调节装置A时，必须保证轨道末端水平，以保证小球做平抛运动。 （2）根据曲线方程可知抛物线的顶点横坐标为 可知坐标原点不在抛出点。 （3）设在坐标原点位置小球的水平速度为v0竖直速度vy0，则根据 解得 对比 可得 解得 v0≈1.7m/s 12．(1)最左端 (2)60 (3) (4)偏大 【详解】（1）闭合开关，进行实验前，滑动变阻器的滑动触头应处在最左端，接入的电阻最大，起到保护电路的作用； （2）由并联电路的特点可知 可得 （3）由闭合电路欧姆定律 可得 则电流为25mA时，压敏电阻为 R-F图像的斜率为 根据图甲，压敏电阻R与压力F的关系式 可得 （4）由以上分析可知若电池使用一段时间后电动势减小，在没有压力时调整滑动变阻器的滑动触头使电流表满偏，滑动变阻器接入的阻值变小，所用计算出的压敏电阻偏大，则导致计算出的压力偏大。 13．（1）；（2） 【详解】（1）根据题意，以汽缸与活塞整体为研究对象，由牛顿第二定律有 解得 （2）根据题意，以活塞为研究对象，当静止时，由平衡条件有 解得 当活塞向上匀加速时，由牛顿第二定律有 解得 对于汽缸内气体，由玻意耳定律有 解得 则活塞相对汽缸底部运动距离 14．(1) (2)a. 【详解】（1）题意可知AP速度差最大时，AP受到的作用力最大，A的加速度最大，分析可知AP最大速度差即为，故对A有 解得 （2）a.设钢锭速度为时A的速度为，当A、P均处于缓冲区时，系统动量守恒，取初速度方向为正，根据动量守恒定律有 此过程系统损失的机械能 联立解得 b. 由于钢水A和钢锭P受到的作用力与速度差成正比，因此其平均作用力也与平均速度差成正比。设A、P平均速度为，运动时间为t，由动量定理，对钢锭P有 解得 15．(1) (2) (3) (4)， 【详解】（1）根据题意可知，离子运动半径为，由牛顿第二定律 解得 （2）如图所示，根据几何关系可知，离子必然从OMN为半圆弧的圆心穿过，当磁场的磁感应强度为时，由牛顿第二定律 解得 由几何关系 可知 可得 所以 （3）如图所示，当磁场的磁感应强度为时，根据几何关系可知，垂直入射的离子打在探测板最右端，有 （4）磁场II的磁感应强度取不同值时，如图，若，则部分离子都打在探测板上，即 如图，若，则所有离子都打在探测板上，即 答案第2页，共11页 答案第1页，共11页 学科网（北京）股份有限公司 $$