18 2025年学业水平考试预测模拟卷(三)-【中考321】2025年中考物理3年真题2年模拟1年预测（山东潍坊专版）

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时，物与像大小相等，方向相反，故选Ｂ。 ４．Ｃ　【解析】在标准大气压下，液氮的沸点为－１９６℃， 在常温下达到沸点，液氮会汽化，汽化过程中液氮 迅速变为气体，吸收热量，使冰激凌中的水凝固成 冰，制成“液氮冰激凌”，液氮吸热汽化，使周围空 气的温度降低，水蒸汽放热液化为小水滴，即为“白 气”，由于液氮汽化吸收热量，所以可能造成口腔内 部冻伤，故ＡＢＤ正确，Ｃ错误。故选Ｃ。 ５．Ｂ　【解析】Ａ．水对龙舟的作用力与龙舟对水的作 用力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，Ａ错 误；Ｂ．龙舟在水面上静止，它受到的重力和浮力是 一对平衡力，Ｂ正确；Ｃ．运动员不再划龙舟，龙舟会 慢慢停下来，原因是龙舟受到水的阻力作用，说明 力是改变物体运动状态的原因，故 Ｃ错误；Ｄ．龙舟 到达终点后不能立即停下来，是因为龙舟具有惯 性，要保持原来的运动状态，惯性是物体的一种性 质，不能说“受到惯性的作用”，故Ｄ错误。故选Ｂ。 ６．Ｃ　【解析】“孔明灯”除了受到空气浮力外，还受到 重力的作用，故 Ａ错误；“孔明灯”的体积不变，加 热灯内空气后，灯内空气受热体积膨胀，部分空气 排出，密度小于空气的密度，故Ｂ错误；由于灯内有 空气排出，总质量变小，体积变大，浮力变大，故“孔 明灯”受非平衡力的作用，故 Ｃ正确；因“孔明灯” 受非平衡力的作用，所以受到的浮力不会始终等于 其自身的重力，故Ｄ错误。故选Ｃ。 ７．Ｄ　【解析】当开关 Ｓ１闭合时，指示灯亮起，再闭合 开关Ｓ２时，电动机启动，无人机起飞，电动机与指示 灯并联，闭合Ｓ１指示灯接入电路，闭合 Ｓ２电动机接 入电路，Ｄ选项符合题意，故选Ｄ。 ８．Ｄ　【解析】Ａ．保险盒要接在火线上，Ａ错误；二孔 插座左侧接在零线上，右侧接在火线上，Ｂ错误； Ｃ．拉线开关一侧与灯泡相连，另一侧接在火线上， Ｃ错误；三孔插座左侧接在零线上，右侧接在火线 上，上孔接在地线上，Ｄ正确。故选Ｄ。 ９．ＡＤ　【解析】Ａ．在ａ点高度最大，重力势能最大，速 度为零，动能为零，Ａ选项正确；Ｂ．从 ｂ到 ｃ的过程 中速度减小，动能逐渐减小，Ｂ选项错误；从 ｃ到 ｄ 的过程中，质量不变，高度降低，重力势能减小，动 能增大，Ｃ选项错误；从ａ到 ｅ的过程中，克服摩擦 做功，机械能转化为一部分内能，故机械能减小，Ｄ 选项正确。故选ＡＤ。 １０．ＢＤ　【解析】Ａ．以小磁块为研究对象，根据平衡条 件可知，图片对小磁块的摩擦力与小磁块的重力 大小相等，方向相反，故图片对小磁块的摩擦力大 小为ｍ１ｇ，方向竖直向上，故 Ａ错误；Ｂ．图片对小 磁块的摩擦力和小磁块对图片的摩擦力是作用力 和反作用力，根据力的作用是相互的可知，小磁块 对图片的摩擦力大小为 ｍ１ｇ，方向竖直向下，故 Ｂ 正确；Ｃ．以小磁块和图片整体为研究对象，根据平 衡条件可知，磁性黑板对图片的摩擦力与小磁块 和图片整体的重力大小相等，方向相反，即磁性黑 板对图片的摩擦力大小为（ｍ１＋ｍ２）ｇ，方向竖直 向上，故Ｃ错误；Ｄ．磁性黑板对图片的摩擦力和 图片对磁性黑板的摩擦力是作用力和反作用力， 根据牛顿第三定律可知，图片对磁性黑板的摩擦 力大小为（ｍ１＋ｍ２）ｇ，方向竖直向下，故 Ｄ正确。 故选ＢＤ。 １１．ＢＤ　【解析】我国天宫空间站的机械臂是动力臂 比阻力臂短的杠杆，是费力杠杆。Ａ．起瓶盖的开 瓶扳手，在使用时动力臂比阻力臂长，属于省力杠 杆，Ａ不符合题意；Ｂ．食品夹动力臂比阻力臂短， 属于费力杠杆，Ｂ符合题意；Ｃ．核桃夹动力臂大于 阻力臂，是省力杠杆，Ｃ不符合题意；Ｄ．夹起食物 的筷子的动力臂比阻力臂短，属于费力杠杆，故 Ｄ 符合题意。故选ＢＤ。 １２．ＢＣＤ　【解析】Ａ．当Ｕ０＝３Ｖ时，电路中的电流 Ｉ＝ Ｕ０ Ｒ０ ＝３Ｖ２０Ω ＝０．１５Ａ，因串联电路中总电压等于 各分电压之和，所以，压敏电阻两端的电压 Ｕ１                                                                ＝ —３５— Ｕ－Ｕ０＝１２Ｖ－３Ｖ＝９Ｖ，则压敏电阻的阻值Ｒ２＝ Ｕ１ Ｉ＝ ９Ｖ ０．１５Ａ＝６０Ω，由图丙得，此时 Ｆ＝Ｇ＝１Ｎ， 由Ｇ＝ｍｇ可得，水果的质量 ｍ＝Ｇｇ＝ １Ｎ １０Ｎ／ｋｇ＝ ０．１ｋｇ，经筛选后达标水果的最小质量是０．１ｋｇ， Ａ错误；Ｂ．由图象丙可知，电阻Ｒ的阻值随压力增 大而减小，由串联电路电压规律以及Ｕ＝ＩＲ可知， Ｒ０两端的电压随压力的增大而增大，则苹果的质 量越大，电路中电压表的示数越大，Ｂ正确；Ｃ．当 通过检测区的苹果的质量为０．５ｋｇ时，即当重力 Ｇ′＝ｍ′ｇ＝０．５ｋｇ×１０Ｎ／ｋｇ＝５Ｎ的水果经过检 测点时，由图乙知，Ｒ２′＝２０Ω，根据电阻的串联和 欧姆 定 律，电 路 中 的 电 流 Ｉ′＝ ＵＲ２′＋Ｒ０ ＝ １２Ｖ ２０Ω＋２０Ω ＝０．３Ａ，电路的总功率为 Ｐ＝ＵＩ′＝ １２Ｖ×０．３Ａ＝３．６Ｗ，Ｃ正确；Ｄ．由图乙知，两电阻 串联，根据串联电路电阻的分压作用知， ＵＲ Ｕ０ ＝ＲＲ０ 即 ３Ｖ ９Ｖ＝ １ ３，即 Ｒ Ｒ０ ＝１３保持不变，分析图丙可知，当 Ｆ增大时，Ｒ减小，要让该装置剔除苹果的质量增 大，即压力Ｆ增大，压敏电阻Ｒ减小，由ＲＲ０ ＝１３知 Ｒ０的阻值也相应的减小，Ｄ正确。故选ＢＣＤ。 １３．如图所示： 【解析】由题可知，Ｂ处是小鸟，Ａ是潜水员看到小 鸟的像；潜水员看到小鸟的像是由光的折射形成 的虚像，折射光线的反向延长线过像点Ａ，连接ＡＣ 与水面交于点 Ｏ（即为入射点），则 ＯＣ为折射光 线，连接ＢＯ，即为入射光线。 １４．如图所示： 【解析】运动员对斜面有垂直于斜面向下的压力 Ｆ压以及沿斜面向下的摩擦力ｆ。 １５．（１）铁圈　（２）秒表　晶体　（３）固液共存　小于 （４）试管内水温达到沸点后不能继续吸热 【解析】（１）组装实验装置时，支撑烧杯的铁圈和 悬挂温度计的铁杆，应先固定好铁圈，再固定铁 杆。（２）由题意可知，每隔１ｍｉｎ记录一次温度， 则还需要的测量仪器是秒表；由图乙可知，该种物 质熔化时有固定的熔点，所以该物质是晶体。 （３）晶体在熔化过程中有三种状态，分别为固态、 固液共存态、液态，由图乙可知，ＡＢ段为固态，ＢＤ 段为固液共存态，ＤＥ段为液态，所以 Ｃ点物体处 于固液共存态。晶体达到熔点后要继续吸收热量 才会开始熔化，温度保持不变，但内能增大，所以 在Ｂ点时刻的内能小于Ｄ点时刻的内能。（４）标 准大气压下水的沸点为１００℃，当烧杯中的水沸 腾时，试管中的水的温度为１００℃，此时试管中的 水的温度与烧杯中的水的温度相等，它们两者之 间没有温度差，即试管中的水温达到沸点后不能 继续吸热，所以试管中的水不会沸腾。 １６．（１）左　便于测量力臂　（２）２ （３）先变小后变大　拉力的力臂先变大后变小 （４）杠杆自身重力对实验产生影响 【解析】（１）杠杆重心右移应将左端平衡螺母向左 调节，直至重心移到支点处，使杠杆重力的力臂为 零；杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上便于测量 力臂大小。（２）设每个钩码重为Ｇ，杠杆每格长为 Ｌ，由杠杆平衡条件有：３Ｇ×２Ｌ＝ｎＧ×３Ｌ，解得ｎ＝ ２，应在杠杆右边Ｂ处挂２个同样的钩码。（３）由 图可知，ＯＣ为最长力臂，当弹簧测力计由位置① 转至位置②的过程中，动力臂先变长后变短，而杠 杆在水平位置始终保持平衡，根据杠杆平衡条件 可知，弹簧测力计示数将先变小后变大。（４）图 丁中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆 转动产生了影响，导致用弹簧测力计竖直向上拉 使杠杆处于平衡状态时，测出的拉力大小都与杠 杆平衡条件不相符。 １７．（１）如图所示： （２）电流表的量程选择偏小（或滑动变阻器接入 电路中的阻值太小） （３）Ｃ　（４）变大　５　（５）Ｂ　（６）求平均值减小                                                                误差 —４５— （７）如图所示： 【解析】（１）根据电路图可知，滑动变阻器滑片向 右移动，接入电路中的阻值增大，则电源的负极接 滑动变阻器左下接线柱，右上接线柱与定值电阻 Ｒ串联。（２）试触时发现指针摆动到最大刻度，可 能是电流表的量程选择偏小或滑动变阻器接入电 路中的阻值最小。（３）闭合开关后，电流表无示 数，电压表有示数但不发生变化，可能是定值电阻 Ｒ断路，电压表直接串联接入电路中，故选 Ｃ。 （４）滑动变阻器向左移动，接入电路中的电阻减 小，根据串联电路电阻规律可知，串联电路电流处 处相等，电路中的总阻值减小，根据欧姆定律可 知，电流表示数增大；根据图丙可知，电压表量程 为０～３Ｖ，则电压表示数为２．５Ｖ，电流表示数为 ０．５Ａ，根据 Ｒ＝ＵＩ可知，电阻 Ｒ的阻值为 ５Ω。 （５）为了确保测量结果的准确性，接下来应该调 节滑动变阻器的滑片 Ｐ进行多次测量，故选 Ｂ。 （６）调节滑动变阻器的滑片 Ｐ进行多次测量的目 的是求平均值减小误差 。（７）根据表中数据可作 出电阻Ｒ的Ｕ－Ｉ图象。 １８．解：（１）热水器内的水的质量 ｍ水 ＝ρ水Ｖ水 ＝１．０×１０ ３ｋｇ／ｍ３×２００×１０－３ｍ３＝ ２００ｋｇ 热水器内的水吸收的热量 Ｑ吸 ＝ｃ水 ｍ水（ｔ１－ｔ０）＝４．２×１０ ３Ｊ／（ｋｇ·℃）× ２００ｋｇ×（５０℃－２０℃）＝２．５２×１０７Ｊ （２）热水器５ｈ内接收到的太阳能 Ｅ＝ＲＳｔ时 ＝４．２×１０ ６ Ｊ／（ｍ２·ｈ）×１．５ｍ２ × ５ｈ＝３．１５×１０７Ｊ （３）该太阳能热水器的加热效率 η＝ Ｑ吸 Ｅ＝ ２．５２×１０７ ３．１５×１０７Ｊ ＝８０％ 答：（１）０～５ｈ热水器内的水吸收的热量为２．５２× １０７Ｊ； （２）０～５ｈ热水器接收的太阳能为３．１５×１０７Ｊ； （３）该太阳能热水器的热效率８０％。 １９．解：（１）物块Ａ的体积ＶＡ＝（０．１ｍ） ３＝０．００１ｍ３ 当物块Ａ有２５的体积露出水面时，物块Ａ受到的浮 力Ｆ浮 ＝ρ水 ｇＶ排 ＝ ３ ５ρ水ｇＶＡ＝ ３ ５×１．０×１０ ３ｋｇ／ｍ３× １０Ｎ／ｋｇ×０．００１ｍ３＝６Ｎ 由图乙可知，当ΔＬ＝１ｃｍ时，物块 Ａ受到的弹簧 的拉力Ｆ弹 ＝１Ｎ，物块Ａ受到的重力 ＧＡ＝Ｆ浮 －Ｆ弹 ＝６Ｎ－１Ｎ＝５Ｎ （２）物块Ａ恰好浸没在水中时受到的浮力 Ｆ浮′＝ρ水 ｇＶＡ ＝１．０×１０ ３ ｋｇ／ｍ３ ×１０Ｎ／ｋｇ× ０．００１ｍ３＝１０Ｎ 此时物块Ａ受到的弹簧的拉力 Ｆ弹′＝Ｆ浮′－ＧＡ＝１０Ｎ－５Ｎ＝５Ｎ 由图乙可知，当Ｆ弹′＝５Ｎ时，弹簧的伸长量 ΔＬ′＝５ｃｍ （３）设弹簧的原长为 Ｌ０，则物块 Ａ全部浸没在水 中时，水的深度 ｈ水 ＝Ｌ０＋５ｃｍ＋１０ｃｍ＝Ｌ０＋１５ｃｍ 当物块Ａ有２５的体积露出水面时，水的深度 ｈ水′＝Ｌ０＋１ｃｍ＋１０ｃｍ× ３ ５＝Ｌ０＋７ｃｍ 水深度的增加量 Δｈ水 ＝ｈ水 －ｈ水′＝（Ｌ０＋１５ｃｍ）－（Ｌ０＋７ｃｍ）＝８ｃｍ 水对容器底部压强的增加量 Δｐ＝ρ水ｇΔｈ水 ＝１．０×１０ ３ｋｇ／ｍ３×１０Ｎ／ｋｇ×０．０８ｍ＝ ８００Ｐａ 答：（１）物块Ａ受到的重力为５Ｎ； （２）物块 Ａ恰好浸没在水中时弹簧的伸长量为 ５ｃｍ； （３）水对容器底部压强的增加量Δｐ为８００Ｐａ。 ２０．解：（１）由图知，当温度等于６０℃时，热敏电阻的 阻值Ｒｘ＝４０Ω 通过两电阻的电流 Ｉ０＝ Ｕ Ｒ０ ＝ ６Ｖ１２０Ω ＝０．０５Ａ Ｉｘ＝ Ｕ Ｒｘ ＝６Ｖ４０Ω ＝０．１５Ａ 通过线圈中的最小电流 Ｉ＝Ｉ０＋Ｉｘ＝０．０５Ａ＋０．１５Ａ＝０．２Ａ （２）由图甲知，吹热风时，电动机和电热丝并联， 同时工作，则 Ｐ热 ＝Ｐ电热丝 ＋Ｐ电动机 ＝１２０Ｗ 吹冷风时，只有电动机工作，则 Ｐ冷 ＝Ｐ电动机 ＝２０Ｗ 所以电热丝的功率 Ｐ电热丝 ＝Ｐ热 －Ｐ冷 ＝１２０Ｗ－２０Ｗ＝１００Ｗ 电热丝工作５ｍｉｎ放出的热量 Ｑ＝Ｗ电热丝 ＝Ｐ电热丝ｔ＝１００Ｗ×５×６０ｓ＝３×１０ ４Ｊ （３）电热丝的阻值 Ｒ电热丝 ＝ Ｕ′２ Ｐ电热丝 ＝（２２０Ｖ） ２ １００Ｗ ＝４８４Ω 答：（１）衔铁被吸下时，线圈中的最小电流为 ０．２Ａ；　 （２）电热丝工作５ｍｉｎ放出的热量为３×１０４Ｊ； （３）电热丝的阻值为４８４Ω                                                                。 —５５—