9 2024年安丘市学业水平第二次模拟试题(与诸城市、高密市联考)-【中考321】2025年中考物理3年真题2年模拟1年预测（山东潍坊专版）

答：（１）理想情况下推进功率 Ｐ推 和速度 ｖ的关系 为Ｐ推 ＝ｋｖ ３； （２）该船舶航行时最省油的航速为６ｍ／ｓ； （３）柴油的热值为４×１０７Ｊ／ｋｇ。 １９．解：（１）根据Ｐ＝ＵＩ＝Ｕ ２ Ｒ可得，灯泡正常发光时的电阻 ＲＬ＝ ＵＬ额 ２ ＰＬ额 ＝（４Ｖ） ２ ２Ｗ ＝８Ω （２）闭合开关 Ｓ、Ｓ１、Ｓ２，小灯泡被短路，变阻器 Ｒ２ 的滑片移动到最右端时，定值电阻Ｒ１与变阻器Ｒ２ 并联，此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，电流 表测量干路电流。根据并联电路的电压特点及欧 姆定律得，流过Ｒ１的电流 Ｉ１＝ Ｕ１ Ｒ１ ＝ＵＲ１ ＝５Ｖ２５Ω ＝０．２Ａ 根据并联电路的电流特点可得，流过Ｒ２的电流 Ｉ２＝Ｉ－Ｉ１＝０．４Ａ－０．２Ａ＝０．２Ａ 由欧姆定律得，滑动变阻器 Ｒ２连入电路的最大 电阻 Ｒ２＝ Ｕ２ Ｉ２ ＝ＵＩ２ ＝５Ｖ０．２Ａ＝２５Ω （３）只闭合开关 Ｓ时，小灯泡 Ｌ与滑动变阻器 Ｒ２ 串联。为了保证元件的安全，需要考虑小灯泡的 额定电流和电流表的量程。小灯泡的额定电流 ＩＬ额 ＝ ＰＬ额 ＵＬ额 ＝２Ｗ４Ｖ＝０．５Ａ ０．５Ａ小于电流表的量程０．６Ａ，所以电路中的最 大电流应为０．５Ａ，即Ｉｍａｘ＝０．５Ａ，此时电路的总 电阻最小，电路消耗的功率最大。由Ｐ＝ＵＩ可得， 电路消耗的最大功率 Ｐｍａｘ＝ＵＩｍａｘ＝５Ｖ×０．５Ａ＝２．５Ｗ 当电压表使用０～３Ｖ量程时，其示数最大为３Ｖ， 滑动变阻器Ｒ２两端的电压Ｕ２′＝３Ｖ，小灯泡两端 的电压 ＵＬ′＝Ｕ－Ｕ２′＝５Ｖ－３Ｖ＝２Ｖ 从图乙中可以看出，当灯泡两端的电压为２Ｖ时， 通过灯泡的电流为０．３Ａ，此时电路的电流最小， 即Ｉｍｉｎ＝０．３Ａ，电路消耗的功率最小，由Ｐ＝ＵＩ可 得，电路消耗的最小功率 Ｐｍｉｎ＝ＵＩｍｉｎ＝５Ｖ×０．３Ａ＝１．５Ｗ 所以，电路消耗的功率范围为１．５～２．５Ｗ 答：（１）小灯泡正常发光时的电阻为８Ω； （２）滑动变阻器Ｒ２的最大电阻值为２５Ω； （３）电路消耗的功率范围是１．５～２．５Ｗ。 ２０．解：（１）由图乙知，在０．８～１．０ｍ的过程中，金属 块全部露出液面后的拉力大小为 １００Ｎ；由图甲 知，动滑轮由２股绳子承担，不计绳重和摩擦，根 据Ｆ＝ Ｇ动 ＋Ｇ ｎ 可得，金属块的重力 Ｇ＝２Ｆ－Ｇ动 ＝２×１００Ｎ－５０Ｎ＝１５０Ｎ 则金属块的质量 ｍ＝Ｇｇ＝ １５０Ｎ １０Ｎ／ｋｇ＝１５ｋｇ （２）由图乙知，在０～０．６ｍ过程中，金属块浸没在 水中，此时拉力大小为 ７０Ｎ；根据 Ｆ＝ Ｇ动 ＋Ｇ ｎ 可 得，绳子对金属块的拉力 Ｔ＝２Ｆ１－Ｇ动 ＝２×７０Ｎ－５０Ｎ＝９０Ｎ 由于金属块受竖直向上的浮力与绳索拉力，竖直 向下的重力，根据金属块受力平衡可得 Ｆ浮 ＝Ｇ－Ｔ＝１５０Ｎ－９０Ｎ＝６０Ｎ （３）金属块浸没在液体中排开液体的体积 Ｖ排 ＝Ｖ金 ＝Ｓ金ｈ金 ＝Ｓ容（０．６ｍ＋ｈ金 －０．８ｍ） 所以２５０×１０－４ｍ２×ｈ金 ＝５００×１０ －４ｍ２×（０．６ｍ＋ ｈ金 －０．８ｍ） 解得ｈ金 ＝０．４ｍ，则 Ｖ排 ＝Ｓ金ｈ金 ＝２５０×１０ －４ｍ２×０．４ｍ＝１×１０－２ｍ３ 根据Ｆ浮 ＝ρ液ｇＶ排可得 ρ液 ＝ Ｆ浮 ｇＶ排 ＝ ６０Ｎ １０Ｎ／ｋｇ×１×１０－２ｍ３ ＝０．６×１０３ｋｇ／ｍ３ 金属块离开液面后，液体的深度仍为０．８ｍ，则液 体对容器底部的压强 ｐ＝ρ液ｇｈ＝０．６×１０ ３ｋｇ／ｍ３×１０Ｎ／ｋｇ×０．８ｍ＝ ４．８×１０３Ｐａ 答：（１）金属块的质量为１５ｋｇ； （２）金属块浸没在液体内部时受到的浮力为６０Ｎ； （３）金属块离开液面后液体对容器底部的压强为 ４．８×１０３Ｐａ。 ９２０２４年安丘市学业水平第二次模拟试题 （与诸城市、高密市联考） 答案速查 １ ２ ３ ４ ５ ６ ７ ８ Ｂ Ｃ Ｄ Ｃ Ｂ Ａ Ｄ Ｄ ９ １０ １１ １２ ＡＢ ＣＤ ＡＢＤ ＡＣＤ １．Ｂ　【解析】Ａ．鼓声是由鼓面振动产生的，故 Ａ错 误；Ｂ．选手听到鼓声大作，震耳欲聋，是由于此时鼓 面振动幅度大，鼓声的响度大，故 Ｂ正确；Ｃ．音色 反映声音的品质与特色，选手能从现场各种声音中 听出鼓声，主要是通过鼓声的音色来辨别的，故 Ｃ 错误；Ｄ．鼓手敲击鼓面越快，只是鼓声的节奏变 快，与鼓声在空气中传播的速度无关，故 Ｄ错误。 故选Ｂ。 ２．Ｃ　【解析】Ａ．物质在熔化过程中需要吸收热量，所 以冻土层在熔化过程中要吸收热量，故 Ａ错误； Ｂ．物质在凝固过程中要放出热量，所以土壤中的水 分在凝固过程中放出热量，故 Ｂ错误；Ｃ．物质由液 态变为气态叫汽化，所以“铁棒”底部的液态导热 物质变成气流是汽化现象，故 Ｃ正确；Ｄ．物质由气 态变为液态叫液化，所以“铁棒”顶部的气态导热 物质变成液态是液化现象，故Ｄ错误。故选Ｃ。 ３．Ｄ　【解析】ＡＣ．水面相当于平面镜，水中白鹤的倒 影是由于光的反射形成的虚像，故 Ａ、Ｃ错误                                                                ； —６２— Ｂ．影子是光沿着直线传播时遇到不透明物体在其 后形成的暗区，故 Ｂ错误；Ｄ．水面相当于平面镜， 平面镜成像时，像与物大小相等，因此白鹤飞离水 面时倒影的大小不会变化，故Ｄ正确。故选Ｄ。 ４．Ｃ　【解析】Ａ．驾驶员相对于汽车是静止的，故Ａ错 误；Ｂ．已知前１５ｓ汽车通过的路程 ｓ１＝０．４５ｋｍ＝ ４５０ｍ，则前１５ｓ汽车的平均速度ｖ１＝ ｓ１ ｔ１ ＝４５０ｍ１５ｓ＝ ３０ｍ／ｓ，故Ｂ错误；Ｃ．由图象知，匀速行驶的速度ｖ２＝ ２０ｍ／ｓ，匀速行驶的时间 ｔ２＝ｔ总 －ｔ１＝３０ｓ－１５ｓ＝ １５ｓ，则匀速行驶的路程ｓ２＝ｖ２ｔ２＝２０ｍ／ｓ×１５ｓ＝ ３００ｍ，所以汽车前３０ｓ行驶的总路程ｓ总 ＝ｓ１＋ｓ２＝ ４５０ｍ＋３００ｍ＝７５０ｍ，故 Ｃ正确；Ｄ．由图象知， １０～１５ｓ内汽车在做减速运动，１５～３０ｓ内汽车在 做匀速直线运动，故Ｄ错误。故选Ｃ。 ５．Ｂ　【解析】Ａ．由题可知，甲、乙两处得到烛焰清晰 的像，像清晰地呈现在光屏上，说明成的是实像，故 Ａ错误；Ｂ．由于题中未提供物距和凸透镜的焦距， 因此，甲处可能成放大的实像，也可能成缩小的实 像，故Ｂ正确；ＣＤ．由题意可知，光屏先后在Ｐ点同 侧的甲、乙两处得到烛焰清晰的像，且甲处的像比 乙处小，根据凸透镜成实像时“物远像近像变小，物 近像远像变大”可知，像在不断地远离凸透镜，因此 凸透镜在甲的左侧，蜡烛在凸透镜的左侧，此时蜡 烛在靠近凸透镜，因此蜡烛向右移动，故 Ｃ、Ｄ错 误。故选Ｂ。 ６．Ａ　【解析】Ａ．此时Ｍ随传送带一起做匀速直线运 动，没有发生相对运动，也没有相对运动趋势，所以 不受摩擦力，故Ａ正确；ＢＣ．此时Ｎ运动方向改变， 则运动状态改变，说明受非平衡力，故 Ｂ、Ｃ错误； Ｄ．Ｍ对传送带的压力和 Ｍ受到的重力方向相同， 不是一对平衡力，故Ｄ错误。故选Ａ。 ７．Ｄ　【解析】导线 ＥＦ横置于桥洞前方，一旦被驶来 的车辆撞断，警示灯 Ｌ亮且电动机转动放下栏杆， 说明ＥＦ断开之后，电动机与灯是通路，ＥＦ断开之 前，电动机与灯被短路，则导线 ＥＦ与电动机和灯 并联，灯和电动机中，即使其中之一断路，另一个也 能正常工作，说明灯与电动机互不影响，能独立工 作，电动机与灯是并联的，为防止 ＥＦ断开之前电 源被短路，电路干路中要接入保护电阻。故Ｄ符合 题意，ＡＢＣ不符合题意。故选Ｄ。 ８．Ｄ　【解析】ＡＢ．由图乙可知，两个物体的动能都不 变，说明速度不变，则 Ｍ，Ｎ两物体做匀速直线运 动，又因动能与质量、速度有关，质量越大、速度越 大，物体的动能越大，且图乙中Ｍ的动能大于Ｎ，再 根据两物体的质量关系可得，Ｍ的速度大于 Ｎ，故 Ａ、Ｂ错误；Ｃ．由上述分析可知，Ｍ、Ｎ都在做匀速直 线运动，处于平衡状态，水平方向上的拉力等于摩 擦力，因为拉力相等，所以摩擦力相同，但 Ｍ的质 量小，对地面的压力小，则物体 Ｍ接触面的粗糙程 度大，故Ｃ错误；Ｄ．根据功率的推导公式 Ｐ＝Ｗｔ＝ Ｆｓ ｔ＝Ｆｖ可知，拉力相同，Ｍ的速度大，功率也大，故 Ｄ正确。故选Ｄ。 ９．ＡＢ　【解析】Ａ．剪断细线后Ａ最终漂浮，则Ａ的密 度小于水，Ｂ沉底，则Ｂ的密度大于水，所以Ａ的密 度小于 Ｂ的密度，故 Ａ正确；Ｂ．由图可知，剪断细 线后Ａ排开水的体积变小，根据Ｆ浮 ＝ρ水ｇＶ排可知， Ａ所受浮力变小，故Ｂ正确；Ｃ．剪断细线后 Ｂ排开 水的体积不变，根据 Ｆ浮 ＝ρ水ｇＶ排可知，Ｂ所受浮力 不变，故Ｃ错误；Ｄ．由图可知，剪断细线后 Ａ和 Ｂ 排开水的总体积变小，则水位下降，根据 ｐ＝ρｇｈ可 知，剪断细线后水对容器底部的压强变小，故 Ｄ错 误。故选ＡＢ。 １０．ＣＤ　【解析】ＡＢ．设整个冰块的体积为Ｖ总，其中冰 的体积为Ｖ冰，石块的体积为Ｖ石，冰和石块的总质 量为 ｍ总，其中冰的质量为 ｍ冰，石块的质量为 ｍ石，冰熔化成水后，水的质量 ｍ水 ＝ｍ冰 ＝ρ冰Ｖ冰， 其体积Ｖ水 ＝ ｍ水 ρ水 ＝ ρ冰Ｖ冰 ρ水 ，由题知，冰熔化成水后减 小的体积 Ｖ冰 － ρ冰 Ｖ冰 ρ水 ＝ＳΔｈ２，代入数据得，Ｖ冰 － ０．９ｇ／ｃｍ３ １ｇ／ｃｍ３ Ｖ冰 ＝１００ｃｍ ２ ×０．１ｃｍ，解得 Ｖ冰 ＝ １００ｃｍ３，冰的质量 ｍ冰 ＝ρ冰Ｖ冰 ＝０．９ｇ／ｃｍ ３× １００ｃｍ３＝９０ｇ，故Ａ、Ｂ错误；ＣＤ．冰块中所含的石 块质量ｍ石 ＝ｍ总 －ｍ冰 ＝１５２ｇ－９０ｇ＝６２ｇ，由题 意可得，冰块和石块的总体积 Ｖ总 ＝ＳΔｈ１ ＝ １００ｃｍ２×１．２ｃｍ＝１２０ｃｍ３，石块的体积 Ｖ石 ＝ Ｖ总 －Ｖ冰 ＝１２０ｃｍ ３－１００ｃｍ３＝２０ｃｍ３，则石块的密 度ρ石 ＝ ｍ石 Ｖ石 ＝６２ｇ ２０ｃｍ３ ＝３．１ｇ／ｃｍ３＝３．１×１０３ｋｇ／ｍ３， 故Ｃ、Ｄ正确。故选ＣＤ。 １１．ＡＢＤ　【解析】Ａ．电磁继电器的实质是电磁铁控 制的开关，开关与 Ａ相连，故 Ａ接的是火线，故 Ａ 正确；Ｂ．根据安培定则，电流从螺线管下端流入， 右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指 方向为Ｎ极，故Ｂ正确；Ｃ．手伸向出风口，衔铁被 吸下，工作电路开始工作，说明控制电路中的电流 增大导致电磁铁的磁性增强，电源电压一定，由 Ｉ＝ＵＲ可知，控制电路的总电阻减小，则电阻 Ｒ的 阻值减小，故Ｃ错误；Ｄ．热风干手器正常工作时， 加热电阻丝与电动机并联，则电阻丝功率 Ｐ加热 ＝ Ｕ２ Ｒ电阻 ＝（２２０Ｖ） ２ １１０Ω ＝４４０Ｗ，则电动机的功率 ＰＭ ＝ Ｐ－Ｐ加热 ＝５４０Ｗ－４４０Ｗ＝１００Ｗ，故Ｄ正确。故 选ＡＢＤ。 １２．ＡＣＤ　【解析】Ａ．吊篮上升的速度ｖ篮 ＝ ｓ篮 ｔ＝ ６ｍ ３０ｓ＝ ０．２ｍ／ｓ，由图可知，绕绳股数ｎ＝４，则电动机拉动 绳子的速度ｖ绳 ＝ｎｖ篮 ＝４×０．２ｍ／ｓ＝０．８ｍ／ｓ，故 Ａ错误；ＢＤ．电动机对绳子做的总功 Ｗ＝Ｐｔ·η＝ ８００Ｗ×３０ｓ×８０％＝１．９２×１０４Ｊ，绳端移动的距 离ｓ绳 ＝ｎｓ篮 ＝４×６ｍ＝２４ｍ，                                                                电动机对绳子拉力 —７２— Ｆ＝Ｗｓ绳 ＝１．９２×１０ ４Ｊ ２４ｍ ＝８００Ｎ，故 Ｂ正确，Ｄ错误； Ｃ．忽 略 动 滑 轮、绳 重 和 摩 擦，拉 力 Ｆ ＝ １ ｎ（Ｇ人 ＋Ｇ物 ＋Ｇ篮）＝ １ ４×（Ｇ人 ＋Ｇ物 ＋８００Ｎ）＝ ８００Ｎ，解得 Ｇ人 ＋Ｇ物 ＝２４００Ｎ，而题目条件为忽 略绳重和摩擦，则吊篮内工人和物品总重小于 ２４００Ｎ，故Ｃ错误。故选ＡＣＤ。 １３．如图所示： 【解析】延长线过焦点的光线经凹透镜折射后折 射光线平行于主光轴，将垂直射到屏幕 Ａ点的光 线反向延长，两条光线的交点即为入射点 Ｂ，过 Ｂ 点作∠ＡＢＣ的平分线 ＢＥ，即为法线，然后作法线 的垂线即为平面镜的位置。 １４．如图所示： 【解析】由题意可知，电路应为串联电路，闭合开 关，当滑片向右调节时，电磁铁磁性增强，电路中 的电流增大，滑动变阻器接入电路的阻值变小，故 滑动变阻器的右下接线柱接入电路；小磁片因受 到电磁铁的作用而绕支点转动，使得指针顺时针 转动，则电磁铁应与小磁片相互吸引，根据异名磁 极相互吸引可知，通电螺线管右端为Ｓ极，根据安 培定则可知，电流从螺线管的右端流入。 １５．（１）Ｕ形管两侧液面高度差　（２）＜　Ｄ　 （３） ρ水 ｈ１ ｈ３－ｈ２ 【解析】（１）压强计的工作原理：橡皮膜受到压强 时，Ｕ形管内两侧液面出现高度差，两侧液面高度 差反映了探头受到的压强大小，液体压强越大，两 侧液面高度差也越大。（２）将探头放在图乙中液 体内部等深的 Ｂ、Ｃ位置，因盐水的密度大于水的 密度，根据ｐ＝ρｇｈ可知，ｐＣ＞ｐＢ，所以 Ｕ形管两侧 液面的高度差为ｈＢ＜ｈＣ。对Ａ和Ｂ位置，根据ｐ＝ ρｇｈ可知，液体密度相同，Ｂ的位置比 Ａ深，所以 ｐＢ＞ｐＡ，同理可得ｐＤ＞ｐＣ，又因为ｐＣ＞ｐＢ，所以ｐＤ＞ ｐＣ＞ｐＢ＞ｐＡ，所以Ｄ处压强最大。（３）Ａ容器中水 对橡皮膜的压强ｐＡ＝ρ水ｇｈ１，由橡皮膜两边相平可 知，橡皮膜两边压强相等，故Ｂ容器中液体对橡皮 膜的压强ｐＢ＝ｐＡ＝ρ水ｇｈ１，则未知液体的密度ρ未知 ＝ ｐＢ ｇ（ｈ３－ｈ２） ＝ ρ水ｇｈ１ ｇ（ｈ３－ｈ２） ＝ ρ水ｈ１ ｈ３－ｈ２ 。 １６．（１）右　便于测量力臂　（２）６　（３）变大 （４）小于 【解析】（１）杠杆在支架上静止时如图甲所示，杠 杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，要使其 在水平位置平衡，应将杠杆平衡螺母向右调节，给 右端增重，直到杠杆在水平位置平衡，此时力臂和 杠杆重合，便于测量力臂。（２）每个钩码的重力 为０．５Ｎ，杠杆每小格为 ５ｃｍ，根据杠杆平衡条 件，有４×０．５Ｎ×３×５ｃｍ＝ｎ×０．５Ｎ×２×５ｃｍ， 解得ｎ＝６，即要使杠杆在水平位置平衡，应在Ｂ点 挂上６个钩码。（３）如图丙所示，当弹簧测力计在 Ｃ点由竖直位置逐渐向右倾斜过程中，动力臂变 小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知， 要使杠杆仍在水平位置平衡，弹簧测力计的示数 将变大。（４）若该杆秤配套的秤砣Ｄ黏上了少量 泥土，则秤砣Ｄ的重力变大，根据杠杆的平衡条件 知，在阻力和阻力臂不变时，动力增大，则动力臂 减小，所以称量货物时杆秤显示的质量小于被测 货物的真实质量。 １７．如图所示： （２）右　９．５　（３）０．３８　（４） Ｉ２ Ｉ１－Ｉ２ Ｒ０ 【解析】（１）图甲中，电流表和灯泡并联，电压表与 灯泡串联，这是错误的，电流表应与灯泡串联，电 压表应与灯泡并联。（２）为保护电路，实验前应 将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即最右端。 由图乙可知，电流表选用０～０．６Ａ量程，分度值 为０．０２Ａ，示数为０．４Ａ，因此小灯泡正常发光时 的电阻ＲＬ＝ ＵＬ ＩＬ ＝９．５Ω。（３）由图丙可知，定值电 阻与灯泡并联，电流表测通过定值电阻的电流，灯 泡两端电压为３．８Ｖ时正常发光，根据并联电路电 压的特点可知，定值电阻两端电压等于灯泡两端电 压，因此灯泡正常发光时，定值电阻两端电压为 ３．８Ｖ，则电流表的示数 Ｉ＝ ＵＬ Ｒ＝ ３．８Ｖ １０Ω ＝０．３８Ａ。 （４）由图丁可知，待测电阻与滑动变阻器串联，将 滑片移到ａ端，闭合开关 Ｓ，此时滑动变阻器连入 电路的阻值为０，读出电流表的示数，记为Ｉ１，则电 源电压Ｕ＝Ｉ１Ｒｘ；将滑片移到 ｂ端，闭合开关 Ｓ，此 时滑动变阻器接入电路中的阻值最大，读出电流 表的示数，记为 Ｉ２，则电源电压 Ｕ＝Ｉ２（Ｒｘ＋Ｒ０）。 根据电源电压不变得，Ｉ１Ｒｘ＝Ｉ２（Ｒｘ＋Ｒ０），解 得Ｒｘ＝ Ｉ２ Ｉ１－Ｉ２ Ｒ０。 １８．解：（１）满载“运—２０”的总重力 Ｇ＝ｍｇ＝２２００００ｋｇ×１０Ｎ／ｋｇ＝２．２×１０６                                                                Ｎ —８２— （２）满载的“运—２０”在滑行道上匀速直线滑行时 对地面的压力 Ｆ＝Ｇ－Ｆ升 ＝Ｇ－０．５Ｇ＝０．５Ｇ＝０．５×２．２×１０ ６Ｎ＝ １．１×１０６Ｎ 则在滑行道上匀速直线滑行时对地面的压强 ｐ＝ＦＳ＝ １．１×１０６Ｎ ４．４ｍ２ ＝２．５×１０５Ｐａ （３）飞机以７２０ｋｍ／ｈ的速度在空中水平匀速直线 飞行时，受力平衡，发动机推力等于阻力，则发动 机推力 Ｆ′＝ｆ＝７．５×１０５Ｎ 发动机推力的功率 Ｐ＝Ｆ′ｖ＝７．５×１０５Ｎ×７２０ｋｍ／ｈ＝７．５×１０５Ｎ× ２００ｍ／ｓ＝１．５×１０８Ｗ 答：（１）满载“运—２０”的总重力为２．２×１０６Ｎ； （２）满载的“运—２０”在滑行道上匀速直线滑行时 对地面的压强为２．５×１０５Ｐａ； （３）飞机以最大速度飞行时，发动机推力的功率 为１．５×１０８Ｗ。 １９．解：（１）浮力测力计的重力 Ｇ＝ｍｇ＝２００×１０－３ｋｇ×１０Ｎ／ｋｇ＝２Ｎ 由于浮力测力计处于漂浮状态，根据漂浮条件可知 Ｆ浮 ＝Ｇ＝２Ｎ （２）由图可知，刻度尺的分度值为０．２ｃｍ，则瓶身 增加０．２ｃｍ时排开水的体积 ΔＶ排 ＝ＳΔｈ＝５０ｃｍ ２ ×０．２ｃｍ＝１０ｃｍ３ ＝１× １０－５ｍ３ 根据阿基米德原理可得，浮力测力计的分度值 ΔＦ浮 ＝ρ水ΔＶ排ｇ＝１．０×１０ ３ｋｇ／ｍ３×１×１０－５ｍ３× １０Ｎ／ｋｇ＝０．１Ｎ （３）由于瓶身零刻度线处受到的液体压强大于 ２００Ｐａ时会发生较大的弹性形变，导致浮力测力 计测量不准确，则根据 ｐ＝ρｇｈ可得，浮力测力计 可以浸入的深度 ｈ最大 ＝ ｐ最大 ρ水ｇ ＝ ２００Ｐａ １．０×１０３ｋｇ／ｍ３×１０Ｎ／ｋｇ ＝０．０２ｍ＝ ２ｃｍ 由于浮力测力计的分度值为 ０．１Ｎ／０．２ｃｍ，即 ０．５Ｎ／ｃｍ，则２ｃｍ对应的浮力 Ｆ＝０．５Ｎ／ｃｍ×２ｃｍ＝１Ｎ 答：（１）不放被测物体时浮力测力计在水中受到 的浮力为２Ｎ； （２）此简易浮力测力计的分度值为０．１Ｎ； （３）此简易浮力测力计的量程为１Ｎ。 ２０．解：（１）由图甲可知，开关 Ｓ２闭合时，加热电路为 Ｒ１的简单电路，根据Ｐ＝ Ｕ２ Ｒ可得，Ｒ１的电阻 Ｒ１＝ Ｕ加热 ２ Ｐ加热 ＝（２２０Ｖ） ２ ４０００Ｗ ＝１２．１Ω （２）由题意可知，在水温为２０℃时，控制电路中的 电流Ｉ＝０．３Ａ，由图乙可知，温度为２０℃时热敏 电阻的阻值为３０Ω，由图甲控制电路可知，热敏 电阻Ｒｔ与定值电阻 Ｒ０串联，由欧姆定律可知，控 制电路的总电阻 Ｒ总 ＝ Ｕ控制 Ｉ ＝ １２Ｖ ０．３Ａ＝４０Ω 由串联电路的电阻特点可知，Ｒ０的阻值 Ｒ０＝Ｒ总 －Ｒｔ＝４０Ω－３０Ω＝１０Ω 当水温为６０℃时，热敏电阻Ｒｔ的阻值为１０Ω，则 控制电路的总电阻 Ｒ总′＝Ｒ０＋Ｒｔ′＝１０Ω＋１０Ω＝２０Ω 所以，控制电路中的电流 Ｉ′＝ Ｕ控制 Ｒ总′ ＝１２Ｖ２０Ω ＝０．６Ａ （３）根据Ｐ＝Ｗｔ可得，通电５０ｍｉｎ时电热水壶产 生的热量 Ｑ放 ＝Ｗ＝Ｐ加热ｔ时 ＝４０００Ｗ×５０×６０ｓ＝１．２×１０ ７Ｊ 将热水器加满水，则水的体积 Ｖ＝６０Ｌ＝６０ｄｍ３＝０．０６ｍ３ 根据ρ＝ｍＶ可得，水的质量 ｍ水 ＝ρＶ＝１．０×１０ ３ｋｇ／ｍ３×０．０６ｍ３＝６０ｋｇ 水吸收的热量 Ｑ吸 ＝ｃ水ｍ（ｔ－ｔ０）＝４．２×１０ ３Ｊ／（ｋｇ·℃）×６０ｋｇ× （６０℃－２０℃）＝１．００８×１０７Ｊ 则加热电路工作时的热效率 η＝ Ｑ吸 Ｑ放 ＝１．００８×１０ ７Ｊ １．２×１０７Ｊ ＝８４％ 答：（１）Ｒ１的电阻为１２．１Ω； （２）水温升至 ６０℃时，电流鉴别器中的电流为 ０．６Ａ；　 （３）加热电路工作时的热效率为８４％。 １０２０２４年诸城市学业水平第三次模拟试题 （与安丘市、高密市联考） 答案速查 １ ２ ３ ４ ５ ６ ７ ８ Ｂ Ａ Ａ Ａ Ｃ Ｃ Ｂ Ｂ ９ １０ １１ １２ ＡＤ ＢＣＤ ＢＤ ＢＣＤ １．Ｂ　【解析】Ａ．日光灯正常工作的电流约为０．２Ａ， 故Ａ不符合题意；Ｂ．成年人的正常步行速度大约是 １．１ｍ／ｓ，故Ｂ符合题意；Ｃ．正常人心跳１次的时间约 为１ｓ，故Ｃ不符合题意；Ｄ．人体体温大约为３６．５℃， 变化幅度很小，故Ｄ不符合题意。故选Ｂ。 ２．Ａ　【解析】Ａ．物体振动产生声音，故鼓声是由鼓面 振动产生的，故 Ａ正确；Ｂ．震耳欲聋的鼓声，人能 够听见，不属于超声波，故 Ｂ错误；Ｃ．声音在水中 的传播速度大于空气中的传播速度，故 Ｃ错误； Ｄ．观众是通过音色分辨出鼓声和号子声的，故 Ｄ 错误。故选Ａ。 ３．Ａ　【解析】Ａ．铜是晶体，熔化过程中吸热温度不 变，故Ａ错误，符合题意；Ｂ．浇铸过程中，                                                                液态变成 —９２— 目4年姿丘审学业本平第次限具赋湖 、,甲乙内废三星查程 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