8 2024年寿光市学业水平第二次模拟试题(与青州市、昌邑市、临朐县、昌乐县联考)-【中考321】2025年中考物理3年真题2年模拟1年预测（山东潍坊专版）

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２０．解：（１）柱体Ａ的体积 Ｖ＝Ｓｈ＝２０×１０－４ｍ２×１ｍ＝２×１０－３ｍ３ 则柱体Ａ的密度 ρ＝ ｍＡ Ｖ＝ ＧＡ ｇ Ｖ ＝ ＧＡ ｇＶ＝ １０Ｎ １０Ｎ／ｋｇ×２×１０－３ｍ３ ＝０．５× １０３ｋｇ／ｍ３ （２）注水前Ａ底部与容器底部刚好接触，则杠杆Ｃ 端受到的向下的拉力为１０Ｎ，ＣＯ∶ＯＤ＝２∶１，根据 杠杆平衡条件，则有 ＦＤ×ＯＤ＝ＦＣ×ＯＣ 则杠杆Ｄ端受到的力 ＦＤ＝ ＦＣ×ＯＣ ＯＤ ＝１０Ｎ×２＝２０Ｎ Ｂ重３０Ｎ，杠杆Ｄ端对 Ｂ有２０Ｎ向上的拉力，则 Ｂ对压敏电阻Ｒｘ的压力 Ｆ压 ＝Ｆ支 ＝ＧＢ－ＦＤ＝３０Ｎ－２０Ｎ＝１０Ｎ （３）水位为０．５ｍ时，Ａ排开水的体积 Ｖ排 ＝Ｓｈ＝２０×１０ －４ｍ２×０．５ｍ＝１×１０－３ｍ３ 则Ａ受到的浮力 Ｆ浮 ＝ρ水ｇＶ排 ＝１×１０ ３ ｋｇ／ｍ３ ×１０Ｎ／ｋｇ×１× １０－３ｍ３＝１０Ｎ （４）注水前电压表的示数为１．２Ｖ，由（２）中可知， 注水前Ｂ对压敏电阻Ｒｘ的压力为１０Ｎ，由乙图可 知，此时压敏电阻阻值为１５Ω，根据串联分压原 理，则有 １．２Ｖ Ｕ－１．２Ｖ＝ Ｒ０ １５Ω 　① 当水位为０．５ｍ时，物体Ａ受到的浮力等于重力， 此时压敏电阻受到的压力等于 Ｂ的重力３０Ｎ，由 乙图可知，此时压敏电阻的阻值为６Ω，此时电压 表的示数为２．１Ｖ，根据串联分压原理，则有 ２．１Ｖ Ｕ－２．１Ｖ＝ Ｒ０ ６Ω 　② 联立①②，解得Ｒ０＝６Ω，电源电压Ｕ＝４．２Ｖ 答：（１）柱体Ａ的密度为０．５×１０３ｋｇ／ｍ３； （２）注水前Ｂ对压敏电阻Ｒｘ的压力为１０Ｎ； （３）水位为０．５ｍ时，Ａ受到的浮力为１０Ｎ； （４）电源电压为４．２Ｖ，Ｒ０的阻值为６Ω。 ８２０２４年寿光市学业水平第二次模拟试题 （与青州市、昌邑市、临朐县、昌乐县联考） 答案速查 １ ２ ３ ４ ５ ６ ７ ８ Ｂ Ａ Ｃ Ｂ Ａ Ｂ Ｂ Ａ ９ １０ １１ １２ ＢＣ ＡＣ ＡＢ ＢＣＤ １．Ｂ　【解析】Ａ．伽利略是著名的物理学家，发现了摆 的等时性，没有以他的名字命名的物理单位，故 Ａ 不符合题意；Ｂ．帕斯卡是著名的物理学家，发现了 帕斯卡原理，以他的名字命名了压强的单位，故 Ｂ 符合题意；Ｃ．爱因斯坦是著名的物理学家，提出了 相对论，没有以他的名字命名的物理单位，故 Ｃ不 符合题意；Ｄ．阿基米德是著名的物理学家，发现了 阿基米德原理，没有以他的名字命名的物理单位， 故Ｄ不符合题意。故选Ｂ。 ２．Ａ　【解析】ＡＢ．由图甲、乙知，两次声音声波的形状 相同，音色相同，相同时间内振动的次数相同，频率 相同，甲声波的振幅较大，响度较大，故 Ａ正确，Ｂ 错误；Ｃ．声音在温度相同的同种介质中的传播速度 相同，两次声音传播速度相同，故 Ｃ错误；Ｄ．两次 声音的振动都是有规律的，不是杂乱无章的，从物 理角度来说，不是噪声，故Ｄ错误。故选Ａ。 ３．Ｃ　【解析】海市蜃楼是光线在不均匀的空气中传 播时发生折射形成的。Ａ．日食是由光的直线传播 形成的，故Ａ不符合题意；Ｂ．水中倒影属于平面镜 成像，是由光的反射形成的，故 Ｂ不符合题意； Ｃ．铅笔弯折是因为水下的铅笔反射的光线从水中 射入空气中时发生了折射，人逆着折射后的光线看 到的是铅笔的虚像，故Ｃ符合题意；Ｄ．皮影戏是由 光的直线传播形成的，故Ｄ不符合题意。故选Ｃ。 ４．Ｂ　【解析】Ａ．液氮倒入冰激凌盒中，液氮瞬间消失 不见，液氮从液态变成气态，是汽化过程，故 Ａ错 误；Ｂ．牛奶放热由液态变成固态，凝固成冰激凌，故 Ｂ正确；Ｃ．“烟雾”是空气中的水蒸气遇冷液化变 成的小水珠，故Ｃ错误；Ｄ．吃冰激凌解暑利用了冰 激凌熔化吸热，故Ｄ错误。故选Ｂ。 ５．Ａ　【解析】Ｂ．由图乙可知，在Ｄ点时过山车的动能 不为零，有一定速度，所以若此时一切外力消失，过 山车将做匀速直线运动，故 Ｂ错误；ＡＣ．整个过程 中，过山车克服阻力做功，机械能逐渐变小，过山车 的机械能在Ｂ点最大，故 Ｃ错误，Ａ正确；Ｄ．从 Ｄ 点到Ｅ点的过程中，过山车速度越来越快，过山车 的重力势能转化为动能，克服阻力做功，                                                                一部分机 —３２— 械能转化为内能，故Ｄ错误。故选Ａ。 ６．Ｂ　【解析】由流体压强与流速的关系可知，液态制 冷剂从过滤器经过毛细管进入蒸发器，由于毛细管 较细，制冷剂从过滤器到毛细管的过程中，液态制 冷剂的流速增大，压强减小。故选Ｂ。 ７．Ｂ　【解析】Ａ．使用任何机械（如杠杆、滑轮、斜面） 时，都需要克服阻力做额外功，所以使用任何机械 都不能省功，故 Ａ错误；Ｂ．由图可知，上方的滑轮 是一个定滑轮，定滑轮的本质是等臂杠杆 ，不省力 也不费力，但可以改变力的方向，故 Ｂ正确；Ｃ．由 图可知，此装置是由定滑轮和轮轴组成的，定滑轮 的本质是等臂杠杆 ，使用时既不省力也不费力，轮 轴的本质是省力杠杆，省力、费距离，故 Ｃ错误；Ｄ． 由图可知，此绞车由定滑轮和轮轴组成，并没有动 滑轮，故Ｄ错误。故选Ｂ。 ８．Ａ　【解析】Ａ方案可先将开关置于２，移动滑动变 阻器，使小灯泡正常发光，再将开关置于１，测出此 时灯泡与 Ｒ的总电压 Ｕ，则 Ｒ两端电压 ＵＲ ＝ Ｕ－Ｕ０，此时灯泡正常发光，通过小灯泡的电流ＩＬ＝ ＵＲ Ｒ＝ Ｕ－Ｕ０ Ｒ ，故灯泡正常发光时的电阻 ＲＬ＝ Ｕ０ ＩＬ ＝ Ｕ０ Ｕ－Ｕ０ Ｒ ＝ Ｕ０ Ｕ－Ｕ０ ×Ｒ，故 Ａ符合题意；Ｂ方案中切换 Ｓ２、Ｓ３时，电流表正负接线柱会接反；Ｄ方案中电流 表与灯泡或定值电阻并联，会导致灯泡短路，故Ｂ、Ｄ 不符合题意；Ｃ方案电压表测小灯泡或定值电阻两 端的电压时，存在正负接线柱接反的情况，无法正常 测量电压，故Ｃ不符合题意。故选Ａ。 ９．ＢＣ　【解析】Ａ．由控制变量的思想可知，③④⑤⑥ 只能探究横截面积对电阻的影响，故 Ａ不符合题 意；Ｂ．由控制变量的思想可知，①②可探究横截面 积对电阻的影响，①③可探究长度对电阻的影响， ①⑤可探究材料对电阻的影响，故 Ｂ符合题意； Ｃ．由控制变量的思想可知，⑤⑥可探究横截面积 对电阻的影响，⑤⑦可探究长度对电阻的影响，① ⑤可探究材料对电阻的影响，故 Ｃ符合题意；Ｄ．由 控制变量的思想可知，⑤⑥⑦⑧只能探究横截面积 和长度对电阻的影响，不能探究材料对电阻的影 响，故Ｄ不符合题意。故选ＢＣ。 １０．ＡＣ　【解析】Ａ．由图丙可知，在１～２ｓ内Ａ被匀速 提升，由图乙可知，此时拉力 Ｆ＝１０Ｎ，由图甲知， 绕过动滑轮绳子的段数 ｎ＝２，忽略绳重及摩擦， 拉力Ｆ＝１２（ＧＡ＋Ｇ动），则动滑轮重力 Ｇ动 ＝２Ｆ－ ＧＡ＝２×１０Ｎ－１５Ｎ＝５Ｎ，故Ａ正确；Ｂ．由图丙可 知，１～２ｓ内Ａ上升的速度ｖＡ＝０．２ｍ／ｓ，拉力端的 移动速度ｖ＝２ｖＡ＝２×０．２ｍ／ｓ＝０．４ｍ／ｓ，１～２ｓ内 拉力Ｆ的功率Ｐ＝Ｗｔ＝ Ｆｓ ｔ＝Ｆｖ＝１０Ｎ×０．４ｍ／ｓ＝ ４Ｗ，故 Ｂ错误；Ｃ．忽略绳重及摩擦，绕过滑轮的 绳子能承受的最大拉力为６０Ｎ，Ｃ处绳子的拉力 ＦＣ＝ １ ２（ＦＢ＋Ｇ动）＝ １ ２×（ＦＢ＋５Ｎ），Ｂ处绳子的 最大拉力 ＦＢ最大 ＝２ＦＣ最大 －Ｇ动 ＝２×６０Ｎ－５Ｎ＝ １１５Ｎ，此装置最多能匀速运载货物的重力Ｇ最大 ＝ ＦＢ最大 －ＧＡ＝１１５Ｎ－１５Ｎ＝１００Ｎ，此装置提升重 物的机械效率随提升物重的增大而增大，则此装 置提升重物的最大机械效率η最大 ＝ Ｗ有 Ｗ总 ＝ Ｇ最大ｈ Ｆ最大ｓ ＝ Ｇ最大ｈ Ｆ最大ｎｈ ＝ Ｇ最大 ｎＦ最大 ＝ １００Ｎ２×６０Ｎ≈８３．３％，故 Ｃ正确； Ｄ．提升６０Ｎ货 物 时，绳 端 人 的 拉 力 Ｆ拉 ＝ １ ２（Ｇ货 ＋ＧＡ＋Ｇ动）＝ １ ２×（６０Ｎ＋１５Ｎ＋５Ｎ）＝ ４０Ｎ，小明对地面压力 Ｆ压 ＝Ｇ小明 －Ｆ拉 ＝ｍ小明ｇ－ Ｆ拉 ＝５０ｋｇ×１０Ｎ／ｋｇ－４０Ｎ＝４６０Ｎ，故 Ｄ错误。 故选ＡＣ。 １１．ＡＢ　【解析】Ａ．模型浸没在水中受到的浮力Ｆ浮 ＝ ρ水ｇＶ排 ＝１．０×１０ ３ｋｇ／ｍ３×１０Ｎ／ｋｇ×１７０×１０－６ｍ３＝ １．７Ｎ，故 Ａ符合题意；Ｂ．悬浮的模型受到的重力 和浮力是一对平衡力，大小相等，使模型向外排 水，则重力变小，小于浮力，模型将上浮，故Ｂ符合 题意；Ｃ．模型浸没后继续下沉过程中，水的密度不 变，排开水的体积不变，则浮力不变，故 Ｃ不符合 题意；Ｄ．潜水艇通过改变自身的重力实现上浮或 下沉，故Ｄ不符合题意。故选ＡＢ。 １２．ＢＣＤ　【解析】Ａ．由安培定则可知，当开关 Ｓ闭合 时，电磁铁下端为 Ｎ极，上端为 Ｓ极，故 Ａ错误。 ＢＣ．当压敏电阻受到的压力达到４０００Ｎ时，电磁 铁线圈中的电流为０．１Ａ，自动报警铃声开始响 起，根据欧姆定律可得，此时电路总电阻Ｒ＝ＵＩ＝ １２Ｖ ０．１Ａ＝１２０Ω；由图乙可知，此时压敏电阻的阻值 Ｒ２＝４０Ω，因串联电路的总电阻等于各部分电阻之 和，则此时Ｒ１的阻值Ｒ１＝Ｒ－Ｒ２＝１２０Ω－４０Ω＝ ８０Ω；当电梯自动报警铃声开始响起时，Ｒ１的功率 ＰＲ１＝Ｉ ２Ｒ１＝（０．１Ａ） ２×８０Ω＝０．８Ｗ，控制电路 的总功率Ｐ＝Ｕ ２ Ｒ＝ （１２Ｖ）２ １２０Ω ＝１．２Ｗ；当电梯自动 报警铃声未响起时，由图乙可知，此时压敏电阻的 阻值Ｒ２＞４０Ω，串联电路的总电阻大于１２０Ω，根 据Ｐ＝Ｕ ２ Ｒ可知，控制电路的总功率小于１．２Ｗ，故 Ｂ、Ｃ正确；Ｄ．要保证电梯最大载重不变，即通过 控制电路的电流不变，控制电路电源电压降低，根 据欧姆定律可知，需减小电路总电阻，根据串联电 路电阻规律可知，需减小滑动变阻器接入电路的 阻值，所以应将 Ｒ１的阻值减小，故 Ｄ正确。故 选ＢＣＤ。 １３．如图所示：                                                                —４２— 【解析】利用平面镜成像的特点，作出点 Ｓ关于镜 面的对称点Ｓ′。因为反射光线看上去就像是从像 点Ｓ′发出来的一样，所以我们可以连接 Ｓ′点和 Ａ 点，Ｓ′Ａ与镜面的交点即为入射点 Ｏ，连接 Ｓ与入 射点Ｏ便可得到入射光线。 １４．如图所示： 【解析】路灯受到了竖直向下的重力，还受到杆给 路灯的支持力，由于路灯处于静止状态，支持力与 重力是平衡力，故支持力是竖直向上的，从路灯重 心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条带箭 头的线段，标出符号 Ｇ和 Ｆ，所画的线段长度要 相等。 １５．（１）降落伞绳长　降落伞面积 （２）表格如下： 实验次数 降落伞面积／ｍ２ 下落时间／ｓ １ ２ ３ 【解析】（１）探究挂有降落伞的物体下降得快慢与 降落伞面积的关系，应控制降落伞绳长不变，改变 降落伞面积，这应用了控制变量法。（２）为探究 挂有降落伞的物体下降得快慢与降落伞面积的关 系，根据控制变量法可知，需控制降落伞绳长一 定，改变降落伞面积，记录降落伞下降的时间。 １６．（１）Ｃ　（２）向左　（３）Ｌ０－２Ｌ　（４）１０ 【解析】（１）由图可知，此时 ｕ＜ｖ，且成实像，则物 距与焦距的关系为２ｆ＞ｕ＝１５ｃｍ＞ｆ，此时像距与 焦距的关系为 ｖ＝３０ｃｍ＞２ｆ，解得 １５ｃｍ＞ｆ＞ ７．５ｃｍ，则该小组所用凸透镜的焦距可能为 １２ｃｍ，故ＡＢＤ不符合题意，Ｃ符合题意。故选Ｃ。 （２）若将凸透镜换成直径大小相同、焦距稍小的 凸透镜，凸透镜焦距变小，对光的会聚能力变强， 会将光线提前会聚成像，因此需将光屏向左移动， 光屏上才能成清晰的像。（３）当凸透镜位于光具 座上ｅ点时，光屏上恰好得到清晰的像，此时蜡烛 与光屏间的距离为Ｌ０、与 ｅ点的距离为 Ｌ，则物距 为Ｌ，像距为Ｌ０－Ｌ，根据折射现象中，光路可逆可 知，在保持蜡烛和光屏位置不变的情况下，将凸透 镜向右移动，使得物距为 Ｌ０－Ｌ，即此时的物距等 于原来的像距，此时的像距等于原来的物距，光屏 上再次得到清晰的像，此时凸透镜移动的距离ｓ＝ Ｌ０－Ｌ－Ｌ＝Ｌ０－２Ｌ。（４）图丙中 １ ｕ＝５ｍ －１时， １ ｖ＝ ５ｍ－１，此时ｖ＝ｕ＝０．２ｍ，像距等于物距，说明蜡烛 处于二倍焦距处，即２ｆ＝０．２ｍ，所以 ｆ＝０．１ｍ＝ １０ｃｍ。 １７．（１）如图所示： （２）右　３５　（３）③ Ｉ１Ｒ０ Ｉ２－Ｉ１ 　大于 【解析】（１）原电路图中，电压表和电流表串联后 与定值电阻并联是错误的，在探究电流与电阻的 关系实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串 联，电压表并联在定值电阻两端。（２）为了保护电 路，开关Ｓ闭合前，将滑动变阻器滑片Ｐ移动到阻 值最大处，即最右端；由图乙可知，定值电阻两端电 压ＵＶ＝ＩＲ＝０．５Ａ×５Ω＝… ＝０．１Ａ×２５Ω＝ ２．５Ｖ，实验中使用的定值电阻阻值最大为２５Ω， 定值电阻两端的电压始终保持 ＵＶ＝２．５Ｖ，根据 串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压 Ｕ滑 ＝Ｕ－ＵＶ＝６Ｖ－２．５Ｖ＝３．５Ｖ，滑动变阻器分 得的电压为电压表示数的 ３．５Ｖ ２．５Ｖ＝１．４倍，根据分 压原理，当接入２５Ω电阻时，滑动变阻器连入电 路中的电阻Ｒ滑 ＝１．４×２５Ω＝３５Ω，即所选择的 滑动变阻器的最大阻值不能小于３５Ω。（３）在步 骤②中，此时电路为 Ｒｘ的简单电路，电流表测电 路中的电流为Ｉ２，则电源电压Ｕ′＝Ｉ２Ｒｘ，在步骤① 中，Ｒｘ与滑动变阻器最大阻值串联，电流表测电路 中的电流为Ｉ１，则电源电压Ｕ′＝Ｉ１（Ｒｘ＋Ｒ０），因电 源电压不变，即Ｕ′＝Ｉ１（Ｒｘ＋Ｒ０）＝Ｉ２Ｒｘ，解得Ｒｘ＝ Ｉ１Ｒ０ Ｉ２－Ｉ１ ；若实验中，小明在“②将变阻器滑片Ｐ移至 最左端，读出电流表的示数为 Ｉ２”时，滑片 Ｐ没有 能到达最左端，此时电路中电阻较大，根据欧姆定 律可知，电路中电流变小，即 Ｉ２变小，根据Ｒｘ＝ Ｉ１Ｒ０ Ｉ２－Ｉ１ 可知，Ｒｘ的测量值变大，即待测电阻 Ｒｘ的测 量值大于真实值。 １８．解：（１）若船舶以速度 ｖ匀速直线航行，航行时受 到的阻力与牵引力是一对平衡力，大小相等；根据 Ｐ＝Ｆｖ可知，推进的功率 Ｐ推 ＝Ｆｖ＝ｆｖ＝ｋｖ ２×ｖ＝ｋｖ３ （２）根据图象可知，当推进功为２×１０８Ｊ，辅助功 为５×１０８Ｊ时，推进功和辅助功的和是７×１０８Ｊ， 是最小的，此时对应的速度为６ｍ／ｓ。 （３）由图可知，当船舶以１０ｍ／ｓ的航速航行时，推进 功和辅助功分别为８×１０８Ｊ和３．５×１０８Ｊ，则总功 Ｗ总 ＝８×１０ ８Ｊ＋３．５×１０８Ｊ＝１．１５×１０９Ｊ 柴油完全燃烧放出的热量 Ｑ放 ＝ Ｗ总 η ＝１．１５×１０ ９Ｊ ４０％ ＝２．８７５×１０ ９Ｊ 柴油的热值 ｑ＝ Ｑ放 ｍ ＝ ２．８７５×１０９Ｊ ７１．８７５ｋｇ ＝４×１０ ７                                                                Ｊ／ｋｇ —５２— 答：（１）理想情况下推进功率 Ｐ推 和速度 ｖ的关系 为Ｐ推 ＝ｋｖ ３； （２）该船舶航行时最省油的航速为６ｍ／ｓ； （３）柴油的热值为４×１０７Ｊ／ｋｇ。 １９．解：（１）根据Ｐ＝ＵＩ＝Ｕ ２ Ｒ可得，灯泡正常发光时的电阻 ＲＬ＝ ＵＬ额 ２ ＰＬ额 ＝（４Ｖ） ２ ２Ｗ ＝８Ω （２）闭合开关 Ｓ、Ｓ１、Ｓ２，小灯泡被短路，变阻器 Ｒ２ 的滑片移动到最右端时，定值电阻Ｒ１与变阻器Ｒ２ 并联，此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，电流 表测量干路电流。根据并联电路的电压特点及欧 姆定律得，流过Ｒ１的电流 Ｉ１＝ Ｕ１ Ｒ１ ＝ＵＲ１ ＝５Ｖ２５Ω ＝０．２Ａ 根据并联电路的电流特点可得，流过Ｒ２的电流 Ｉ２＝Ｉ－Ｉ１＝０．４Ａ－０．２Ａ＝０．２Ａ 由欧姆定律得，滑动变阻器 Ｒ２连入电路的最大 电阻 Ｒ２＝ Ｕ２ Ｉ２ ＝ＵＩ２ ＝５Ｖ０．２Ａ＝２５Ω （３）只闭合开关 Ｓ时，小灯泡 Ｌ与滑动变阻器 Ｒ２ 串联。为了保证元件的安全，需要考虑小灯泡的 额定电流和电流表的量程。小灯泡的额定电流 ＩＬ额 ＝ ＰＬ额 ＵＬ额 ＝２Ｗ４Ｖ＝０．５Ａ ０．５Ａ小于电流表的量程０．６Ａ，所以电路中的最 大电流应为０．５Ａ，即Ｉｍａｘ＝０．５Ａ，此时电路的总 电阻最小，电路消耗的功率最大。由Ｐ＝ＵＩ可得， 电路消耗的最大功率 Ｐｍａｘ＝ＵＩｍａｘ＝５Ｖ×０．５Ａ＝２．５Ｗ 当电压表使用０～３Ｖ量程时，其示数最大为３Ｖ， 滑动变阻器Ｒ２两端的电压Ｕ２′＝３Ｖ，小灯泡两端 的电压 ＵＬ′＝Ｕ－Ｕ２′＝５Ｖ－３Ｖ＝２Ｖ 从图乙中可以看出，当灯泡两端的电压为２Ｖ时， 通过灯泡的电流为０．３Ａ，此时电路的电流最小， 即Ｉｍｉｎ＝０．３Ａ，电路消耗的功率最小，由Ｐ＝ＵＩ可 得，电路消耗的最小功率 Ｐｍｉｎ＝ＵＩｍｉｎ＝５Ｖ×０．３Ａ＝１．５Ｗ 所以，电路消耗的功率范围为１．５～２．５Ｗ 答：（１）小灯泡正常发光时的电阻为８Ω； （２）滑动变阻器Ｒ２的最大电阻值为２５Ω； （３）电路消耗的功率范围是１．５～２．５Ｗ。 ２０．解：（１）由图乙知，在０．８～１．０ｍ的过程中，金属 块全部露出液面后的拉力大小为 １００Ｎ；由图甲 知，动滑轮由２股绳子承担，不计绳重和摩擦，根 据Ｆ＝ Ｇ动 ＋Ｇ ｎ 可得，金属块的重力 Ｇ＝２Ｆ－Ｇ动 ＝２×１００Ｎ－５０Ｎ＝１５０Ｎ 则金属块的质量 ｍ＝Ｇｇ＝ １５０Ｎ １０Ｎ／ｋｇ＝１５ｋｇ （２）由图乙知，在０～０．６ｍ过程中，金属块浸没在 水中，此时拉力大小为 ７０Ｎ；根据 Ｆ＝ Ｇ动 ＋Ｇ ｎ 可 得，绳子对金属块的拉力 Ｔ＝２Ｆ１－Ｇ动 ＝２×７０Ｎ－５０Ｎ＝９０Ｎ 由于金属块受竖直向上的浮力与绳索拉力，竖直 向下的重力，根据金属块受力平衡可得 Ｆ浮 ＝Ｇ－Ｔ＝１５０Ｎ－９０Ｎ＝６０Ｎ （３）金属块浸没在液体中排开液体的体积 Ｖ排 ＝Ｖ金 ＝Ｓ金ｈ金 ＝Ｓ容（０．６ｍ＋ｈ金 －０．８ｍ） 所以２５０×１０－４ｍ２×ｈ金 ＝５００×１０ －４ｍ２×（０．６ｍ＋ ｈ金 －０．８ｍ） 解得ｈ金 ＝０．４ｍ，则 Ｖ排 ＝Ｓ金ｈ金 ＝２５０×１０ －４ｍ２×０．４ｍ＝１×１０－２ｍ３ 根据Ｆ浮 ＝ρ液ｇＶ排可得 ρ液 ＝ Ｆ浮 ｇＶ排 ＝ ６０Ｎ １０Ｎ／ｋｇ×１×１０－２ｍ３ ＝０．６×１０３ｋｇ／ｍ３ 金属块离开液面后，液体的深度仍为０．８ｍ，则液 体对容器底部的压强 ｐ＝ρ液ｇｈ＝０．６×１０ ３ｋｇ／ｍ３×１０Ｎ／ｋｇ×０．８ｍ＝ ４．８×１０３Ｐａ 答：（１）金属块的质量为１５ｋｇ； （２）金属块浸没在液体内部时受到的浮力为６０Ｎ； （３）金属块离开液面后液体对容器底部的压强为 ４．８×１０３Ｐａ。 ９２０２４年安丘市学业水平第二次模拟试题 （与诸城市、高密市联考） 答案速查 １ ２ ３ ４ ５ ６ ７ ８ Ｂ Ｃ Ｄ Ｃ Ｂ Ａ Ｄ Ｄ ９ １０ １１ １２ ＡＢ ＣＤ ＡＢＤ ＡＣＤ １．Ｂ　【解析】Ａ．鼓声是由鼓面振动产生的，故 Ａ错 误；Ｂ．选手听到鼓声大作，震耳欲聋，是由于此时鼓 面振动幅度大，鼓声的响度大，故 Ｂ正确；Ｃ．音色 反映声音的品质与特色，选手能从现场各种声音中 听出鼓声，主要是通过鼓声的音色来辨别的，故 Ｃ 错误；Ｄ．鼓手敲击鼓面越快，只是鼓声的节奏变 快，与鼓声在空气中传播的速度无关，故 Ｄ错误。 故选Ｂ。 ２．Ｃ　【解析】Ａ．物质在熔化过程中需要吸收热量，所 以冻土层在熔化过程中要吸收热量，故 Ａ错误； Ｂ．物质在凝固过程中要放出热量，所以土壤中的水 分在凝固过程中放出热量，故 Ｂ错误；Ｃ．物质由液 态变为气态叫汽化，所以“铁棒”底部的液态导热 物质变成气流是汽化现象，故 Ｃ正确；Ｄ．物质由气 态变为液态叫液化，所以“铁棒”顶部的气态导热 物质变成液态是液化现象，故Ｄ错误。故选Ｃ。 ３．Ｄ　【解析】ＡＣ．水面相当于平面镜，水中白鹤的倒 影是由于光的反射形成的虚像，故 Ａ、Ｃ错误                                                                ； —６２—