1 2024年潍坊市初中学业水平考试-【中考321】2025年中考物理3年真题2年模拟1年预测（山东潍坊专版）

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Ｂ Ａ ９ １０ １１ １２ ＣＤ ＡＤ ＡＣ ＢＣ １．Ｃ　【解析】每个人的声带结构不同，发出声音的音色 就不同，音箱可以识别主人说出的“指令”，进而调控 家庭物联网中的设施，而当别人说出同样的“指令” 时，却无法调控相关设施，这是因为主人的音色与其 他人的音色不同，该功能主要依据声音的音色，故Ｃ 符合题意，ＡＢＤ不符合题意。故选Ｃ。 ２．Ｄ　【解析】Ａ．手机质量约为１００ｇ，故 Ａ不符合题 意；Ｂ．手机正常使用时，手机的后壳温度约为４０℃， 故Ｂ不符合题意；Ｃ．手机充满一次电消耗的电能约 为Ｗ＝Ｐｔ＝６０×１０－３ｋＷ×０．５ｈ＝０．０３ｋＷ·ｈ，故Ｃ 不符合题意；Ｄ．手机的长度略短于人的手掌，约为 １．２ｄｍ，故Ｄ符合题意。故选Ｄ。 ３．Ｂ　【解析】Ａ．省力杠杆能省力但不能省距离，费力 杠杆不能省力但是能省距离，所以使用杠杆不可以 同时省力又省距离，故Ａ错误；Ｂ．内能指的是物体 内部所有分子的分子势能和分子动能之和，一切物 体在任何温度下，都有内能，故 Ｂ正确；Ｃ．误差是 由测量仪器本身的缺陷或者不同的仪器参数造成 的，选用精密的测量工具只能减小误差，但是不能 消除误差，故 Ｃ错误；Ｄ．电阻是导体的固有属性， 与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体 两端的电压没有关系，故Ｄ错误。故选Ｂ。 ４．Ａ　【解析】ＡＢ．装在热棒下端的液态氨在冻土温 度升高时会汽化，汽化吸热，使冻土温度降低，冻土 就不会熔化；棒内上端的氨气遇冷液化成液态氨， 液化过程中要放热，故Ａ正确，Ｂ错误；Ｃ．为了使棒 内下端的液态氨更好的从冻土中吸热，棒内上端的 氨气液化时更好的向外放热，应使用导热性能好的 材料制作热棒，故Ｃ错误；Ｄ．液态水的凝固点比液 态氨高，将液态水装入热棒内插在冻土中时，液态 水会凝固，凝固会放热，故Ｄ错误。故选Ａ。 ５．Ａ　【解析】Ａ．如图甲所示，滑板车的速度会减小， 是因为受到摩擦阻力和空气阻力，故 Ａ正确；Ｂ．沿 水平方向运动的滑板车，不再蹬地，滑板车由于惯 性会继续运动，说明运动不需要力来维持，故 Ｂ错 误；Ｃ．惯性是物体本身的一种性质，只与物体的质 量有关，蹬地过程中，人和车的质量不变，惯性也不 变，故Ｃ错误；Ｄ．向后蹬地时，脚有相对地面向后 运动的趋势，脚受到地面向前的摩擦力，故蹬地过 程中，蹬地的脚受到的摩擦力是动力，故 Ｄ错误。 故选Ａ。 ６．Ｃ　【解析】Ａ．开关接在火线上，由图可知，开关接 在导线ａ上，故导线ａ是火线，故Ａ错误；Ｂ．电能表 上计数器示数的单位是千瓦时，故 Ｂ错误；Ｃ．家庭 电路中发生短路或者用电器总功率过大都会导致 空气开关跳闸，故Ｃ正确；Ｄ．正确使用试电笔插入 三孔插座的某一孔，氖管灯不亮，该孔可能是零线， 也可能是地线，故Ｄ错误。故选Ｃ。 ７．Ｂ　【解析】电动助力单车使用前先摇晃车把检查 电量，此时开关 Ｓ１闭合，只有电量指示灯 Ｌ１亮起， 说明 Ｓ１与 Ｌ１串联接入电源两端；确认电量充足后 扫码开锁，此时开关 Ｓ２闭合，日间行车灯 Ｌ２亮起， 电动机 Ｍ启动，且日间行车灯 Ｌ２损坏时电动机 Ｍ 可正常工作，说明Ｌ２与电动机Ｍ并联，开关Ｓ２位于 Ｌ２与电动机 Ｍ并联电路的干路上；电动助力单车 在规定区域内，开关 Ｓ３始终处于闭合状态，如果驶 离规定区域，开关 Ｓ３自动断开，电动机 Ｍ、行车灯 Ｌ２均无法工作，指示灯Ｌ１可正常工作，说明开关 Ｓ３ 位于Ｌ２与电动机Ｍ并联电路的干路上，故 Ｂ符合 题意，ＡＣＤ不符合题意。故选Ｂ。 ８．Ａ　【解析】Ａ．密度计分别放入ａ、ｂ、ｃ三种液体中时， 均漂浮在液体中，故密度计受到的浮力等于下表面受 到的压力，漂浮状态时密度计受到的浮力都等于重 力，设密度计的下表面积为Ｓ，即Ｆ浮 ＝Ｇ＝ρ液ｇｈＳ，故 密度计浸入液体的深度为ｈ＝ Ｇ ρ液ｇＳ ，由表格数据可知， ｂ液体密度为ａ液体密度的２倍，ｃ液体密度为ｂ液 体密度的２倍，故密度计浸入ａ液体的深度是浸入ｂ 液体深度的２倍，密度计浸入ｂ液体的深度是浸入ｃ 液体深度的２倍，故三条刻线的间隔距离不相等，故 Ａ正确；Ｂ．已知密度计在ｃ液体中，有１８的体积浸入 液体，浸入的体积为５×１０－６ｍ３，则ρｃｇＶ排 ＝Ｇ＝ｍｇ， 则ｍ＝ρｃＶ排 ＝２×１０ ３ｋｇ／ｍ３×５×１０－６ｍ３＝０．０１ｋｇ， 故Ｂ错误；Ｃ．密度计分别放入 ａ、ｂ、ｃ三种液体中 时，均漂浮在液体中，故密度计受到的浮力都等于 重力，密度计在三种液体中所受浮力相等，故 Ｃ错 误；Ｄ．密度计在ｂ液体中的浸入体积为Ｖ排ｂ＝ Ｆ浮 ρｂｇ ＝ Ｇ ρｂｇ ＝ｍｇ ρｂｇ ＝ｍ ρｂ ＝ ０．０１ｋｇ １×１０３ｋｇ／ｍ３ ＝１×１０－５ｍ３，故Ｄ错 误。故选Ａ。 ９．ＣＤ　【解析】Ａ．该装置中小磁针在通电导线周围发 生了偏转，这是丹麦物理学家奥斯特发现的物理规 律，故Ａ不符合题意；Ｂ．该装置中开关闭合后，                                                        通 —１— 电导体在磁场中受到力的作用而水平移动，是电动 机的原理，故 Ｂ不符合题意；ＣＤ．这两个装置中闭 合回路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动 时，Ｃ中灵敏电流计发生偏转，Ｄ中小灯泡发光，都 说明此时产生了感应电流，该现象是电磁感应现 象，是由英国物理学家法拉第发现的规律，故 ＣＤ 符合题意。故选ＣＤ。 １０．ＡＤ　【解析】ＡＢ．迅速将活塞向左推至图中虚线 位置时，施加外力通过做功的方式增加了乙部分 气体的内能，乙部分气体的温度会升高；由于隔板 导热良好，因此热量会由乙内通过隔板传递到甲 内，最终甲、乙两部分气体的温度相等。由此可知 乙部分气体的温度升高，气体的质量不变，因此乙 部分气体的内能变大；甲部分气体的质量不变，温 度升高，因此甲部分气体的内能也变大，故 Ａ正 确，Ｂ错误；ＣＤ．推动活塞时通过做功的方式增加 了乙气体的内能，活塞推到虚线处后，热量由乙通 过隔板传递到甲时，是通过热传递的方式改变内 能的，故Ｃ错误，Ｄ正确。故选ＡＤ。 １１．ＡＣ　【解析】Ａ．按压弹簧到不同位置后释放小球， 小球沿竖直方向运动，直到运动到最高点的过程 中，空气阻力忽略不计，弹簧的弹性势能转化成小 球的动能，再转化成小球的重力势能，第一次小球 到达的最高点为 ａ，第二次小球到达的最高点为 ｂ，由图可知，ａ点高于 ｂ点，则第一次小球到达最 高点时的重力势能较大，由机械能守恒可知，第一 次释放小球时弹簧的弹性势能大，故Ａ正确，符合 题意；Ｂ．小球由ｃ点到 ｂ点的过程，质量不变，速 度减小，动能减小，高度增大，重力势能增大，动能 转化为重力势能，故 Ｂ错误，不符合题意；Ｃ．小球 上升过程中，经过ｃ点时，高度相等，质量相等，小 球的重力势能相等，故 Ｃ正确，符合题意；Ｄ．第一 次释放小球时弹簧的弹性势能大，由机械能守恒 可知，第一次释放小球后，小球上升经过 ｃ点时的 机械能较大，故Ｄ错误，不符合题意。故选ＡＣ。 １２．ＢＣ　【解析】Ａ．由图甲可知，闭合开关Ｓ１、Ｓ２，则小 灯泡Ｌ被短路，Ｒ与滑动变阻器 ＲＰ串联，电压表 测滑动变阻器 ＲＰ两端电压，电流表测电路中电 流。由图乙可知，当电压表示数为１０Ｖ时，电流表 示数为０．２Ａ，由串联电路电压规律可得，总电压等 于各部分电压之和，电源电压为Ｕ＝Ｕ０ ＋ＵＰ ＝ ０．２Ａ×Ｒ＋１０Ｖ①，当电压表示数为６Ｖ时，电流 表示数为０．６Ａ，则电源电压Ｕ＝Ｕ０′＋ＵＰ′＝０．６Ａ ×Ｒ＋６Ｖ②，由①②可得，Ｕ＝１２Ｖ，Ｒ＝１０Ω，故Ａ 错误；Ｂ．由Ｐ＝Ｉ２Ｒ可知，当电路中电流最大时，即 为０．６Ａ时，电阻 Ｒ的功率最大，为Ｐ大 ＝Ｉ大 ２Ｒ＝ （０．６Ａ）２×１０Ω＝３．６Ｗ，故Ｂ正确；Ｃ．由欧姆定 律可知，当电路中电流最大时，滑动变阻器接入电 路的阻值最小。由图乙可知，当电路中电流最大， 即为０．６Ａ时，滑动变阻器两端的电压为６Ｖ，则 滑动变阻器接入电路的最小值为 ＲＰ小 ＝ ＵＰ小 Ｉ大 ＝ ６Ｖ ０．６Ａ＝１０Ω，故Ｃ正确；Ｄ．由图乙可知，断开Ｓ２， 则小灯泡Ｌ、Ｒ与ＲＰ串联，小灯泡Ｌ正常发光时通 过小灯泡Ｌ的电流为ＩＬ＝ ＰＬ ＵＬ ＝２Ｗ４Ｖ＝０．５Ａ，则电路 中电流Ｉ＝ＩＬ＝０．５Ａ，Ｒ两端电压ＵＲ＝ＩＲ＝０．５Ａ× １０Ω＝５Ｖ，由串联电路电压特点可知，总电压等于 各部分电压之和，滑动变阻器两端电压 Ｕ滑 ＝Ｕ－ ＵＬ－ＵＲ＝１２Ｖ－４Ｖ－５Ｖ＝３Ｖ，滑动变阻器的功 率为Ｐ滑 ＝Ｕ滑Ｉ＝３Ｖ×０．５Ａ＝１．５Ｗ，故 Ｄ错误。 故选ＢＣ。 １３．（１）如图所示： （２）如图所示： 【解析】（１）由图可知，电流从螺线管的上端流入， 由安培定则可知，螺线管的上端是Ｎ极，下端是 Ｓ 极，由磁极间的相互作用可知异名磁极相互吸引， 因此小磁针的上端是Ｓ极，下端是Ｎ极，如答案图 所示；（２）磁性小球悬停在空中，说明它处于平衡 状态，受到的重力和磁力是平衡力，重力的方向竖 直向下，磁力的方向竖直向上，如答案图所示。 １４．（１）如图所示： （２）如图所示： 【解析】（１）平面镜所成的像与物关于平面镜对 称，因此 Ｐ点在平面镜中的像和 Ｐ点关于平面镜 对称，过Ｐ点作 Ｐ点关于平面镜的对称点 Ｐ′，如 答案图所示；（２）反射光线与平面镜交于 Ａ点，在 光的反射中，光路是可逆的，若光由 Ｐ点发出，则 经过平面镜反射后，其反射光线的反向延长线经 过Ｐ′点，故将Ｐ′点和 Ａ点连接并延长，与水面的 交点 Ｏ即为光由水中射出时的出射点，连接 ＳＯ， 即为光在水中的光线，如答案图所示。 １５．（１）近视眼　（２）②１５．０　③倒立　放大 【解析】（１）由图甲可知，镜片 ｂ为凹透镜，对光有 发散作用，可用于矫正近视眼。（２）由图乙可知， 此时的像距为 ｖ＝５５．０ｃｍ－４０．０ｃｍ＝１５．０ｃｍ                                                                ， —２— 保持蜡烛和光屏的位置不变，把镜片 ｃ移动到光 具座上２５ｃｍ刻度处，此时物距和像距的长度互 换，根据光路可逆原理可知，光屏上可得到清晰的 实像；此时物距小于像距，成的是倒立、放大的 实像。 １６．（１）如图所示： （２）左　（３）６．２５　５　（４）２．５　ａ 【解析】（１）实验中，电压表并联在小灯泡两端，测 小灯泡两端的电压，滑动变阻器按照一上一下的 原则接入电路，如答案图所示。（２）由图甲可知， 电压表使用的是小量程，由图乙可知，电压表的分 度值为０．１Ｖ，示数为２．４Ｖ，小于小灯泡的额定 电压２．５Ｖ，因此应增大小灯泡两端的电压，根据 串联电路电压特点可知，总电压等于各分电压之 和，应减小滑动变阻器两端电压，根据串联分压原 理可知，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，因此 应将滑片向左移动。（３）图甲中电流表使用的是 小量程，分度值为０．０２Ａ，由图丙可知，电流表示数 为０．４Ａ，则该小灯泡正常工作时的电阻为 ＲＬ＝ Ｕ额 Ｉ额 ＝２．５Ｖ０．４Ａ＝６．２５Ω，由题意可知，电源电压为 Ｕ＝３×１．５Ｖ＝４．５Ｖ，由串联电路电压特点可知， 总电压等于各分电压之和，此时滑动变阻器两端 电压为Ｕ滑 ＝Ｕ－Ｕ额 ＝４．５Ｖ－２．５Ｖ＝２Ｖ，由欧姆 定律Ｉ＝ＵＲ可知，此时滑动变阻器接入电路的电阻 为Ｒ滑 ＝ Ｕ滑 Ｉ＝ ２Ｖ ０．４Ａ＝５Ω。（４）图丁中，电压表与 小灯泡或 ａ处电阻并联，测量小灯泡或 ａ处电阻 两端电压。闭合开关 Ｓ，将单刀双掷开关掷于位 置１，则灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两 端电压，调整ｂ处电阻，使电压表示数为２．５Ｖ，此 时灯泡正常发光；将单刀双挪开关掷于位置２时， 若ａ处为电阻箱，ｂ处为滑动变阻器，此时变阻箱 与滑动变阻器串联，电压表测电阻箱两端电压，保 持ｂ处电阻不变，调节变阻箱，使电压表示数为 ２．５Ｖ，则电阻箱的示数即为小灯泡正常工作时的 电阻，使用了等效替代法。若ａ处为滑动变阻器， ｂ处为电阻箱，则调节 ａ处的滑动变阻器，电阻箱 阻值不变，无法得到灯泡灯泡正常发光时的电阻， 不合适，因此ａ处为电阻箱。 １７．（１）ｂ　ｃ　（２）１∶２　（３）①不需要　②不正确，由 于木块处于静止状态，细线对木块的拉力等于木 块受到的滑动摩擦力，故拉力传感器的示数反映 的是木块与木板间的滑动摩擦力大小 【解析】（１）比较第２次和第３次操作，接触面的 粗糙程度相同，接触面积相同，压力不同，第３次 操作中压力更大，弹簧测力计的示数也更大，滑动 摩擦力也更大，说明滑动摩擦力的大小与接触面 的压力有关，可验证猜想 ｂ是否正确。比较第 ３ 次和第４次操作，接触面的粗糙程度相同，压力相 同，接触面积不同，两次操作中弹簧测力计的示数 相同，说明滑动摩擦力的大小与接触面积无关，可 验证猜想ｃ是否正确。（２）由第１次和第２次操 作可知，木块与玻璃板间的动摩擦因数为 ０．３Ｎ Ｇ木块 ， 木块与木板间的动摩擦因数为 ０．６Ｎ Ｇ木块 ，则木块与玻 璃板间的动摩擦因数跟木块与木板间的动摩擦因 数之比为 ０．３Ｎ Ｇ( )木块 ０．６Ｎ Ｇ( )木块 ＝１２。（３）①向右拉动木板时， 木块对木板的压力不变，接触面的粗糙程度不变， 滑动摩擦力不变，故不需要匀速拉动木板。②同 一根细线上的力大小相等，故细线对木块的拉力 等于细线对拉力传感器的拉力，由于木块处于静 止状态，细线对木块的拉力等于木块受到的滑动 摩擦力，故拉力传感器的示数反映的是木块与木 板间的滑动摩擦力大小，故小明的想法不正确。 １８．（１）０．６ｍ／ｓ　（２）１．２９×１０４Ｗ　（３）３０％ 【解析】（１）重物上升的速度为 ｖ＝ｓｔ＝ ６ｍ １０ｓ＝ ０．６ｍ／ｓ。（２）起重机在１０ｓ内将质量为２．１５ｔ的 重物沿竖直方向匀速提升６ｍ，重物处于平衡状 态，起重机对重物的拉力Ｆ等于重物的重力，起重 机提升重物的功率为 Ｐ＝Ｗｔ＝ Ｆｓ ｔ＝ Ｇｓ ｔ＝ ｍｇｓ ｔ＝ ２．１５×１０３ｋｇ×１０Ｎ／ｋｇ×６ｍ １０ｓ ＝１．２９×１０ ４ Ｗ。 （３）起重机的提升效率为 η＝ ＷＱ放 ＝ Ｆｓｍ柴油ｑ柴油 ＝ Ｇｓｍ柴油ｑ柴油 ＝ ｍｇｓｍ柴油ｑ柴油 ＝ ２．１５×１０３ｋｇ×１０Ｎ／ｋｇ×６ｍ ０．０１ｋｇ×４．３×１０７Ｊ／ｋｇ ＝３０％。 １９．解：（１）将水“加热”至１００℃过程中水吸收的热量 为Ｑ吸 ＝ｃｍΔｔ＝ｃρＶ水Δｔ＝４．２×１０ ３Ｊ／（ｋｇ·℃）× １．０×１０３ ｋｇ／ｍ３ ×０．８×１０－３ ｍ３ ×（１００℃ － ２０℃）＝２．６８８×１０５Ｊ （２）由题意可知 Ｐ加热 ＝ Ｕ２ Ｒ１＋Ｒ０ 则定值电阻Ｒ０的阻值为 Ｒ０＝ Ｕ２ Ｐ加热 －Ｒ１＝ （２２０Ｖ）２ ８００Ｗ －２０．５Ω＝６０．５Ω－ ２０．５Ω＝４０Ω 煮茶机的“保温”功率为 Ｐ保温 ＝ Ｕ２ Ｒ２＋Ｒ０ ＝ （２２０Ｖ） ２ ８４０Ω＋４０Ω ＝５５Ｗ （３）将水“加热”至１００℃过程中消耗的电能为 Ｗ＝ Ｑ吸 η ＝２．６８８×１０ ５Ｊ ８０％ ＝３．３６×１０ ５                                                                Ｊ —３— 将水“加热”至１００℃过程需要的时间为 ｔ＝ ＷＰ加热 ＝３．３６×１０ ５Ｊ ８００Ｗ ＝４２０ｓ＝７ｍｉｎ 由表格可知，若用户选择“红茶高浓度煮茶”，“煮 茶加热”的时间为５ｍｉｎ，则保温时间为 ｔ保温 ＝１５ｍｉｎ－７ｍｉｎ－５ｍｉｎ＝３ｍｉｎ 煮茶机经过将水“加热”至１００℃、“煮茶加热”和 “保温”状态，共工作１５ｍｉｎ，这个过程煮茶机消耗 的电能为 Ｗ总 ＝Ｗ加热 ＋Ｗ保温 ＝Ｐ加热ｔ加热 ＋Ｐ保温ｔ保温 ＝８００Ｗ× （７×６０ｓ＋５×６０ｓ）＋５５Ｗ×３×６０ｓ＝５．８５９×１０５Ｊ 答：（１）将水“加热”至１００℃过程中水吸收的热 量为２．６８８×１０５Ｊ； （２）煮茶机的“保温”功率为５５Ｗ； （３）这个过程煮茶机消耗的电能为５．８５９×１０５Ｊ。 ２０．解：（１）由图乙可知，当水面下降高度ｘ小于１０ｃｍ 时，轻杆对ａ的作用力Ｆ不变，则Ｐ端绳对ａ的拉 力不变，Ｑ端绳的拉力不变，绳对ｂ的拉力不变，ｂ 受到的浮力不变，此时ｂ完全浸没在水中；当水面 下降高度ｘ在１０ｃｍ至５０ｃｍ之间时，轻杆对ａ的 作用力Ｆ方向先向上，大小逐渐减小，直至减小为 零，之后Ｆ方向变为向下，大小逐渐增大，此时 Ｐ 端绳对ａ的拉力逐渐增大，Ｑ端绳的拉力也逐渐增 大，绳对ｂ的拉力也逐渐增大，ｂ受到的浮力逐渐减 小，此过程为ｂ的上表面刚露出水面到ｂ的下表面 刚露出水面的过程；当水面下降高度ｘ大于５０ｃｍ 时，轻杆对ａ的作用力Ｆ不变，则Ｐ端绳对ａ的拉 力不变，Ｑ端绳的拉力不变，绳对ｂ的拉力不变，ｂ 受到的浮力不变，此时 ｂ完全露出水面。打开阀 门前轻杆对ａ的作用力Ｆ＝４．８Ｎ，物体 ａ处于静 止状态，竖直方向受力平衡，则打开阀门前Ｐ端绳 对ａ的拉力为 ＦＰ拉 ＝Ｇａ－Ｆ＝ｍａｇ－Ｆ＝１．５ｋｇ× １０Ｎ／ｋｇ－４．８Ｎ＝１５Ｎ－４．８Ｎ＝１０．２Ｎ （２）由杠杆平衡条件可知，ＦＱ拉 ×ＯＱ＝ＦＰ拉 ×ＰＯ， 且ＰＱ∶ＯＱ＝１∶３，打开阀门前 Ｑ端绳的拉力为 ＦＱ拉 ＝ １ ３ＦＰ拉 ＝ １ ３×１０．２Ｎ＝３．４Ｎ 图中承重绳子股数 ｎ＝２，滑轮、杠杆和绳的重力 均忽略不计，此时绳子对ｂ的拉力为 Ｆｂ＝２ＦＱ拉 ＝２×３．４Ｎ＝６．８Ｎ 此时，物体ｂ处于静止状态，竖直方向受力平衡， Ｇｂ＝Ｆ浮ｂ＋Ｆｂ，则打开阀门前ｂ受到的浮力为 Ｆ浮ｂ＝Ｇｂ－Ｆｂ＝ｍｂｇ－Ｆｂ＝１．０８ｋｇ×１０Ｎ／ｋｇ－ ６．８Ｎ＝１０．８Ｎ－６．８Ｎ＝４Ｎ （３）打开阀门前 ｂ完全浸没在水中，由 Ｆ浮 ＝ ρ水ｇＶ排可知，ｂ的体积为 Ｖｂ＝Ｖ排 ＝ Ｆ浮ｂ ρ水ｇ ＝ ４Ｎ １．０×１０３ｋｇ／ｍ３×１０Ｎ／ｋｇ ＝４× １０－４ｍ３ ｂ的密度为ρｂ＝ ｍｂ Ｖｂ ＝ １．０８ｋｇ ４×１０－４ｍ３ ＝２．７×１０３ｋｇ／ｍ３ （４）当ｂ浸没时，受到的拉力为６．８Ｎ，ｂ的重力不 变，当ｂ受到的拉力大小为 ８．４Ｎ时，浮力需减 小，则此时ｂ上表面露出水面，ｂ下表面处的液体 压力等于浮力，当ｂ受到的拉力大小为８．４Ｎ时， ｂ下表面处的液体压力为 Ｆ压下 ＝Ｆ浮ｂ ＝Ｇｂ －Ｆｂ ＝ｍｂｇ－Ｆｂ ＝１．０８ｋｇ× １０Ｎ／ｋｇ－８．４Ｎ＝１０．８Ｎ－８．４Ｎ＝２．４Ｎ 由图乙可知，当水面下降高度ｘ小于１０ｃｍ时，轻 杆对ａ的作用力Ｆ不变，则 Ｐ端绳对 ａ的拉力不 变，Ｑ端绳的拉力不变，绳对ｂ的拉力不变，ｂ受到 的浮力不变，此时ｂ完全浸没在水中；当水面下降 高度ｘ在１０ｃｍ至５０ｃｍ之间时，轻杆对ａ的作用 力Ｆ方向先向上，大小逐渐减小，直至减小为零， 之后Ｆ方向变为向下，大小逐渐增大，此时Ｐ端绳 对ａ的拉力逐渐增大，Ｑ端绳的拉力也逐渐增大， 绳对ｂ的拉力也逐渐增大，ｂ受到的浮力逐渐减 小，此过程为 ｂ上表面刚露出水面到 ｂ下表面刚 露出水面的过程；当水面下降高度 ｘ大于 ５０ｃｍ 时，轻杆对ａ的作用力Ｆ不变，则Ｐ端绳对ａ的拉 力不变，Ｑ端绳的拉力不变，绳对ｂ的拉力不变，ｂ 受到的浮力不变，此时 ｂ完全露出水面。由此可 知，ｂ的高度为ｈ＝５０ｃｍ－１０ｃｍ＝４０ｃｍ ｂ的底面积为Ｓ＝ Ｖｂ ｈ＝ ４×１０－４ｍ３ ４０×１０－２ｍ ＝１×１０－３ｍ２ ｂ下表面处的液体压强为 ｐ＝ Ｆ压下 Ｓ ＝ ２．４Ｎ １×１０－３ｍ２ ＝２．４×１０３Ｐａ 答：（１）打开阀门前Ｐ端绳对ａ的拉力为１０．２Ｎ； （２）打开阀门前ｂ受到的浮力为４Ｎ； （３）ｂ的密度为２．７×１０３ｋｇ／ｍ３； （４）当ｂ受到的拉力大小为８．４Ｎ时，ｂ下表面处 的液体压强为２．４×１０３Ｐａ。 ２２０２３年潍坊市初中学业水平考试 答案速查 １ ２ ３ ４ ５ ６ ７ ８ Ｄ Ｂ Ｂ Ａ Ａ Ｃ Ｄ Ｃ ９ １０ １１ １２ ＣＤ ＡＢ ＢＤ ＡＣ １．Ｄ　【解析】音调与频率有关，频率越高，音调越高； 响度与物体的振幅有关，振幅越小，响度越小。在 抽气的过程中，手机扬声器继续发声，所以它仍在 振动；随着广口瓶内空气逐渐被抽出，听到铃声的 音调不变，响度变小，音色不变；当广口瓶内的空气 全部被抽出时，我们就不能再听到声音。故 ＡＢＣ 错误，Ｄ正确。故选Ｄ。 ２．Ｂ　【解析】ＡＢ．瞪羚的影子是光沿直线传播时遇到 不透明的物体形成的暗区，是光的直线传播形成 的，故Ａ错误，Ｂ正确；ＣＤ．平静的水面相当于一面 平面镜，瞪羚倒影的原理是平面镜成像，是光的反 射形成的，故ＣＤ错误。故选Ｂ。 ３．Ｂ　【解析】ＡＢ．霜是由空气中的水蒸气遇冷凝华形 成的，该过程需要放热，故Ａ错误，Ｂ正确；ＣＤ．“                                                                白 —４—