5 第2节 第2课时 自由组合定律的解题方法-【金版新学案】2024-2025学年高中生物必修2 遗传与进化同步课堂高效讲义配套课件（人教版2019 不定项）

第2节 第2课时 自由组合定律的解题方法 第1章　遗传因子的发现 学习目标 1.简述自由组合定律在实践中的应用。　 2.运用自由组合定律解释一些遗传现象。　 3.掌握自由组合定律的常见类型和解题思路。 题型一　运用分离定律解答自由组合问题 1 题型二　利用“逆向组合法”推断亲本基因型 2 题型三　两对相对性状遗传中子代患病概率的计算 3 课时测评 5 内容索引 随堂达标演练 4 运用分离定律解答自由组合问题 题型一 返回 1．将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题。在独立遗传的情况下，有几对等位基因就可分解为几组分离定律问题。如AaBb×Aabb，可分解为两组：Aa×Aa，Bb×bb。 2．按分离定律进行逐一分析。再将获得的结果进行综合，得到正确答案。举例如下： 问题举例 计算方法 AaBbCc×AabbCc，求其杂交后代可能的表型种类数 可分解为三个分离定律： Aa×Aa→后代有2种表型(3A_∶1aa) Bb×bb→后代有2种表型(1Bb∶1bb) Cc×Cc→后代有2种表型(3C_∶1cc) 所以，AaBbCc×AabbCc的后代中有2×2×2＝8种表型 问题举例 计算方法 AaBbCc×AabbCc，后代中表型同A_bbcc个体的概率计算 Aa×Aa　Bb×bb Cc×Cc 　↓　　 ↓　 　 ↓ 3/4(A_)×1/2(bb)×1/4(cc)＝3/32 AaBbCc×AabbCc，求子代中不同于亲本的表型(基因型) 不同于亲本的表型＝1－亲本的表型＝1－(A_B_C_＋A_bbC_)＝1－(3/4×1/2×3/4＋3/4×1/2×3/4)＝7/16，不同于亲本的基因型＝1－亲本的基因型＝1－(AaBbCc＋AabbCc)＝1－(1/2×1/2×1/2＋1/2×1/2×1/2)＝3/4 (2024·河南新乡高一校考)已知A与a、B与b、C与c，3对等位基因自由组合，基因型分别为 AaBbCc、 AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是 A．表型有8种，基因型为AaBbCc个体的比例为1/16 B．表型有4种，基因型为AaBbCc个体的比例为1/16 C．表型有4种，基因型为AaBbCc个体的比例为1/8 D．表型有8种，基因型为aaBbCc个体的比例为1/16 √ 根据基因的分离定律和自由组合定律可知，子代表型为2×2×2＝8种， AaBbCc个体的比例为1/2×1/2×1/2＝1/8, aaBbCc个体的比例为1/4×1/2×1/2＝1/16，A、B、C错误，D正确。 典例 1 针对练1.(2024·安徽高一校考期末)南瓜果实的白色(W)对黄色(w)为显性，盘状(D)对球状(d)为显性，控制两对性状的基因独立遗传，那么基因型WwDd和WWDd的南瓜杂交，子代基因型和表型的种类依次为 A．2种和3种 B．3种和2种 C．6种和2种 D．6种和3种 据题意可知，控制两对性状的基因独立遗传，基因型WwDd和WWDd的南瓜杂交可拆解为Ww和WW，Dd和Dd，Ww和WW杂交后代基因型有2种，表型只有1种，Dd和Dd杂交后代基因型有3种，表型有2种，综合在一起分析可知，基因型WwDd和WWDd的南瓜杂交，子代基因型和表型的种类依次为2×3＝6(种)、1×2＝2(种)，C正确，A、B、D错误。 √ 针对练2.假定某植物五对等位基因是相互自由组合的，杂交组合AaBBCcDDEe×AaBbCCddEe产生的后代中，两对等位基因杂合、三对等位基因纯合的个体所占的比例是 A．1/2 B．1/4 C．1/16 D．1/64 √ 根据基因分离定律，分对计算，其中DD×dd一定得到Dd，在剩下的4对基因组合中，出现杂合子和纯合子的概率都是1/2；要满足题意，则需要除D、d之外的4对基因组合中，有一对为杂合子，另外三对均为纯合子，其概率是4×1/2×1/2×1/2×1/2＝1/4；其中4是指“在4对基因组合(Aa×Aa，Bb×BB，Cc×CC，Ee×Ee)中，有且只有一对出现杂合子的情况有4种”，每一次出现一杂三纯的概率都是1/2×1/2×1/2×1/2。故两对等位基因杂合、三对等位基因纯合的个体所占的比例是1/4，B正确。 返回 利用“逆向组合法”推断亲本基因型 题型二 返回 1．方法：将自由组合定律的性状分离比拆分成分离定律的分离比分别分析，再运用乘法原理进行逆向组合。 2．题型示例 (1)子代：9∶3∶3∶1＝(3∶1)(3∶1)⇒AaBb×AaBb (2023·河北石家庄高一期中)某二倍体植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，Aa为小花瓣，aa为无花瓣。花瓣颜色(红色和黄色)受另一对等位基因R、r控制，R对r为完全显性，两对等位基因独立遗传。一对亲本进行杂交实验，下列有关叙述正确的是 A．若后代表型和比例是红色大花瓣∶黄色大花瓣∶无花瓣＝1∶1∶2，则亲本杂交组合是AaRr、aarr B．若基因型为AaRr的亲本自交，则子代共有9种基因型，4种表型 C．若基因型为AaRr的亲本自交，则子代有花瓣植株中，AaRr所占比例约为1/3 D．若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代中红色花瓣的植株占5/8 √ 典例 2 若亲本的杂交组合为AaRr、aarr，则后代表型和比例为红色小花瓣∶黄色小花瓣∶无花瓣＝1∶1∶2，A错误；若基因型为AaRr的亲本自交，子代有9种基因型：AARR、AaRR、AARr、AaRr、aaRR、aaRr、AArr、Aarr、aarr，因为aa 无花瓣，所以表型有5种，B错误；若基因型为AaRr的亲本自交，子代基因型及其比例为：AARR∶AaRR∶AARr∶AaRr∶aaRR∶aaRr∶AArr∶Aarr∶aarr＝1∶2∶2∶4∶1∶2∶1∶2∶1，可见，其中有花瓣的基因型及其比例为：AARR∶AaRR∶AARr∶AaRr∶AArr∶Aarr＝1∶2∶2∶4∶1∶2，AaRr所占的比例为4/12＝1/3，C正确；若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，子代中红色花瓣(A_R_)的植株占的比例应该是3/4×1/2＝3/8，D错误。 针对练3.(2024·安徽六安高一校考)如果已知子代遗传因子组成及比例为1YYRR∶1YYrr∶1YyRR∶1Yyrr∶2YYRr∶2YyRr，并且也知道上述结果是按自由组合定律产生的，那么双亲的遗传因子组成是 A．YYRR×YYRr B．YYRr×YyRr C．YyRr×YyRr D．YyRR×YyRr √ 遗传因子组成及比例为1YYRR∶1YYrr∶1YyRR∶1Yyrr∶2YYRr∶ 2YyRr，并且上述结果是按自由组合定律产生的，把两对基因拆成一对一对的分析，则子代中YY∶Yy＝1∶1，RR∶Rr∶rr＝1∶2∶1，因此亲本的基因型为YYRr×YyRr，B正确，A、C、D错误。 针对练4.两对独立遗传的等位基因(A、a和B、b，且两对基因为完全显性)分别控制豌豆的两对相对性状。植株甲与植株乙进行杂交得子一代，子一代自交得子二代，下列相关叙述不正确的是(不定项) A．若子二代出现9∶3∶3∶1的性状比，则两亲本的基因型为AABB×aabb B．若子一代出现1∶1∶1∶1的性状比，则两亲本的基因型为AaBb×aabb C．若子一代出现3∶1∶3∶1的性状比，则两亲本的基因型为AaBb×aaBb D．若子二代出现3∶1的性状比，则两亲本可能的杂交组合有4种情况 √ √ √ 若子二代出现9∶3∶3∶1的性状比，则子一代的基因型为AaBb，所以两亲本的基因型为AABB×aabb或AAbb×aaBB，A错误；若子一代出现1∶1∶1∶1的性状比，则两亲本的基因型为AaBb×aabb或Aabb×aaBb，B错误；若子一代出现3∶1∶3∶1的性状比，则两亲本的基因型为AaBb×aaBb或AaBb×Aabb，C错误；若子二代出现3∶1的性状比，说明子一代只有一对等位基因，则两亲本可能的杂交组合有4种情况，分别是AABB×aaBB、AABB×AAbb、AAbb×aabb、aaBB×aabb，D正确。 返回 两对相对性状遗传中子代患病概率的计算 题型三 返回 1．“集合法”计算两种遗传病患病概率 当两种遗传病之间具有“独立性”和“自由组合”的关系时，各种患病情况的概率计算如下表： 序号 类型 计算公式 ① 患甲病的概率为m 则不患甲病的概率为1－m ② 患乙病的概率为n 则不患乙病的概率为1－n 序号 类型 计算公式 ③ 只患甲病的概率 m(1－n) ④ 只患乙病的概率 n(1－m) ⑤ 同时患两种病的概率 mn ⑥ 只患一种病的概率 m(1－n)＋n(1－m)或m＋n－2mn或1－mn－(1－m)(1－n) ⑦ 患病概率 m＋n－mn或1－(1－m)(1－n) ⑧ 不患病概率 (1－m)(1－n) 2.“十字交叉法”计算两种遗传病患病概率 ①表示甲、乙两病都患的概率：m×n。 ②表示患甲病但不患乙病的概率：m×(1－n)。 ③表示不患甲病但患乙病的概率：(1－m)×n。 ④表示甲、乙两病都不患的概率：(1－m)×(1－n)。 (2023·大连期末)人的棕眼和蓝眼由一对等位基因控制，B控制棕眼，b控制蓝眼。利手是指人类习惯使用的手。某些人习惯使用右手，称为右利手(右撇子)；某些人习惯使用左手，称为左利手(左撇子)。右利手(R)对左利手(r)是显性。这两对基因遵循自由组合定律。已知一对夫妇基因型为BbRr和bbRr，下列有关叙述正确的是 A．这对夫妇生育左利手孩子的概率是3/4 B．这对夫妇生育棕眼右利手孩子的概率是1/8 C．这对夫妇生育孩子的基因型可能有6种，表型可能有4种 D．这对夫妇生育了一个棕眼左利手的儿子，此儿子是杂合子的概率为1/2 √ 典例 3 一对夫妇左右利手的基因型为Rr和Rr，这对夫妇生育左利手(rr)孩子的概率是1/4，A错误；生育棕眼右利手(BbR_)孩子的概率是1/2×3/4＝3/8，B错误；夫妇基因型为BbRr和bbRr，生育孩子的基因型可能有2×3＝6种，表型可能有2×2＝4种，C正确；这对夫妇生育了一个棕眼左利手(Bbrr)的儿子，此儿子是杂合子的概率为100%，D错误。 针对练5.人类多指基因(T)对手指正常(t)是显性，白化病基因(a)对肤色正常(A)为隐性，两对基因都位于常染色体上，而且都是独立遗传。一个家庭中，父亲患多指，母亲正常，他们有一个白化病和手指正常的孩子。则他们再生一个孩子只患一种病的概率是 A．1/8 B．1/2 C．1/4 D．3/8 √ 由双亲生有一个白化病且手指正常的孩子可知，双亲关于控制肤色的基因型均为Aa；因为有手指正常的孩子，所以父亲关于控制多指的基因型只能是Tt，否则子代全患多指。由此推得父母的基因型分别是TtAa和ttAa。这对夫妇的后代若只考虑手指这一性状，患多指的概率为1/2，正常指的概率为1/2；若只考虑白化病这一性状，患白化病的概率为1/4，正常的概率为3/4，因此再生一个孩子只患一种病的概率为1/2＋1/4－2×1/2×1/4＝1/2。也可通过其他计算式1/2×3/4＋1/4×1/2或1－(1/2×1/4＋1/2×3/4)，求出再生一个孩子只患一种病的概率为1/2，B正确。 针对练6.一对夫妇的子代患遗传病甲的概率是a，不患遗传病甲的概率是b；患遗传病乙的概率是c，不患遗传病乙的概率是d，两病基因独立遗传。那么下列表示这对夫妇所生的孩子只患其中一种病的概率表达式正确的是 A．ad＋bc B．1－ad－bc C．ac＋bd D．b＋d－2ac √ 这对夫妇所生的孩子只患其中一种病有2种可能，只患甲病的概率为ad，只患乙病的概率为bc，所以只患其中一种病的概率为ad＋bc。这对夫妇所生的孩子两病均患的概率为ac，两病均不患的概率为bd，所以只患一种病的概率为1－ac－bd。患甲病的概率是a，患乙病的概率是c，甲、乙病均患的概率为ac，所以只患一种病的概率为a＋c－2ac，A正确，B、C、D错误。 返回 随　堂　达　标　演　练 返回 先单独看每对相对性状的遗传，子代直毛∶卷毛＝1∶1，则亲本为Bb×bb；子代黑色∶白色＝1∶1，则亲本为Cc×cc；因此亲本基因型组合为BbCc×bbcc，故个体“X”的基因型为bbcc，D正确，A、B、C错误。 1．(2023·安徽合肥高一期中)某种哺乳动物的直毛(B)对卷毛(b)为显性，黑色(C)对白色(c)为显性，两对相对性状自由组合。基因型为BbCc的个体与个体“X”交配， 子代的性状为直毛黑色∶卷毛黑色∶直毛白色∶卷毛白色＝1∶1∶1∶1，个体“X”的基因型是 A．BbCc B．BbCC C．bbCc D．bbcc √ 2．基因型为AAbbCC与基因型为aaBBcc的小麦进行杂交，这3对等位基因可以自由组合，F1杂种形成的配子种类数和F2的基因型种类数分别是 A．4和9 B．4和27 C．8和27 D．32和81 √ 基因型为AAbbCC与aaBBcc的小麦杂交，F1基因型为AaBbCc。根据乘积法，F1杂种形成的配子种类数为2×2×2＝8，F2的基因型种类数为3×3×3＝27，C正确。 3．(2023·石家庄期末)刺鼠的毛色由两对基因B(b)和C(c)决定，B(b)和C(c)的遗传符合基因自由组合定律。B(黑色)对b(褐色)为显性；凡是具有CC和Cc基因型的鼠是正常体色，只要基因型是cc则为白化鼠。某黑色刺鼠与基因型为bbcc的白化鼠交配，其子一代中，1/2个体是白化鼠，1/4是黑色正常刺鼠，1/4是褐色正常刺鼠。请推测黑色亲本的基因型是 A．bbCc B．BbCc C．BbCC D．BBCc √ 刺鼠的毛色是由不同对的染色体上的两对等位基因控制的性状，只有C基因存在的情况下B_C_表现为黑色，bbC_表现为褐色，黑色亲本的基因型中至少含一个B和一个C基因。基因型为B_C_的黑色刺鼠与白化鼠bbcc交配，子一代中1/2个体是白化鼠，1/4是黑色正常刺鼠，1/4是褐色正常刺鼠，所以黑色亲本的基因型是BbCc，B正确。 4．一对正常夫妇，双方都有耳垂，生了一个白化且无耳垂的孩子，若这对夫妇再生一个孩子，为有耳垂但患白化病的概率是(两种遗传病基因独立遗传) A．3/8 B．3/16 C．3/32 D．5/16 √ 假设控制白化病的基因用A/a表示，控制耳垂的基因用C/c表示。由于正常夫妇都有耳垂，生了一个白化(aa)且无耳垂(cc)的孩子，说明两人基因型均为AaCc。则再生一个孩子为有耳垂但患白化病(aaC_)的概率是1/4×3/4＝3/16，B正确。 5．(2024·菏泽月考)玉米籽粒的颜色有白色、红色和紫色，相关物质的合成途径如图所示。控制玉米颜色的3对等位基因遵循自由组合定律，现有一红色籽粒玉米植株自交，后代籽粒的性状分离比为紫色∶红色∶白色＝0∶3∶1。则该植株的基因型可能为 A．MMNNEE B．MmNNee C．MmNnEE D．MmNnee √ 由代谢途径可知，玉米籽粒的颜色由3对等位基因控制，且遵循自由组合定律，且mm_ _ _ _、M_nn_ _为白色，M_N_ee为红色，M_N_E_为紫色。因红色籽粒玉米自交后代紫色∶红色∶白色＝0∶3∶1，即没有紫色个体，且红色∶白色＝3∶1，相当于一对相对性状的杂合子自交，因此亲本红色玉米的基因型可能是MmNNee或MMNnee，B正确。 6．老鼠的毛色有栗色、黄棕色、黑色、棕色和白色，受位于常染色体上且独立遗传的三对等位基因控制，其表型与基因型的对应关系如表所示。两只纯种雌雄鼠杂交，得到的F1自由交配，F2有栗色、黄棕色、黑色、棕色和白色共5种表型。下列有关说法正确的是(多选) A．两亲本的表型只能为栗色与白色 B．F1的基因型只能是CcAaBb C．F2中白色个体的基因型有9种 D．F2中棕色雌鼠占3/128 基因型 C_A_B_ C_A_bb C_aaB_ C_aabb cc_ _ _ _ 表型 栗色 黄棕色 黑色 棕色 白色 √ √ √ 因为两亲本均为纯种，故F1的基因型只有一种，且F2中每对基因均出现了显性和隐性的组合，因此，F1的基因型为CcAaBb，两个纯种雌雄鼠杂交能产生基因型为CcAaBb的组合有CCAABB×ccaabb、CCAAbb×ccaaBB、CCaaBB×ccAAbb、CCaabb×ccAABB四种，所以两亲本的表型除栗色与白色，还可以是黄棕色与白色、黑色与白色、棕色与白色，A错误，B正确；F2中白色个体的基因型有3×3＝9种，C正确；F2中棕色雌鼠占3/4×1/4×1/4×1/2＝3/128，D正确。 基因型 C_A_B_ C_A_bb C_aaB_ C_aabb cc_ _ _ _ 表型 栗色 黄棕色 黑色 棕色 白色 返回 课　时　测　评 返回 1．(2024·新疆阿克苏高一校考)南瓜果实的白色(W)对黄色(w)是显性，盘状(D)对球状(d)是显性，控制两对性状的基因独立遗传，那么表型相同的一组是 A．WWDd和WwDD B．WWDd和wwdd C．wwdd和Wwdd D．WWdd和wwDd √ WWDd和WwDD均表现为白色盘状，A正确；WWDd表现为白色盘状，wwdd表现为黄色球状，B错误；wwdd表现为黄色球状，Wwdd表现为白色球状，C错误；WWdd表现为白色球状，而wwDd表现为黄色盘状，D错误。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 2．(2024·安徽六安高一校考)如果小偃麦早熟(A)对晚熟(a)是显性，抗干热(B)对不抗干热(b)是显性，两对基因自由组合，在研究这两对相对性状的杂交实验中，以某亲本与双隐性纯合子杂交，如果子一代性状分离比为1∶1，此亲本可能有几种 A．1 B．2 C．3 D．4 √ 由题意可知，某亲本与双隐性纯合子杂交，子一代性状分离比为1∶1，则该未知亲本应该是只有一对等位基因的杂合子，其可能的基因型是AaBB、Aabb、AABb或aaBb，任意一种均满足题干条件，因此该亲本基因型可能有4种，D正确，A、B、C错误。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 3．(2023·临沂期末)已知A与a、B与b、C与c 3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是 A．表型有8种，AaBbCc个体的比例为1/16 B．基因型有18种，aaBbCc个体的比例为1/16 C．表型有4种，Aabbcc个体的比例为1/32 D．基因型有8种，aaBbcc个体的比例为1/16 √ 每一种性状的表型是2种，因此杂交后代的表型是2×2×2＝8(种)，AaBbCc个体的比例是1/2×1/2×1/2＝1/8，A、C错误；杂交后代基因型种类是3×2×3＝18(种)，aaBbCc个体的比例是1/4×1/2×1/2＝1/16，aaBbcc个体的比例是1/4×1/2×1/4＝1/32，B正确，D错误。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 4．(2023·珠海期末)南瓜所结果实中黄色与白 色、盘状与球状是两对相对性状，分别受遗 传因子A/a和B/b控制，且这两对遗传因子独 立遗传。性状表现为白色球状的南瓜甲与性 状表现为白色盘状的南瓜乙杂交，子代性状 表现及其比例如图所示。根据杂交实验的数 据，能够得到的结论是 A．亲代南瓜乙是纯合子 B．子代南瓜纯合子占1/4 C．南瓜的白色和盘状是显性性状 D．1/8的子代南瓜与亲代南瓜性状不同 √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 子代白色∶黄色＝(3/8＋3/8)∶(1/8＋1/8)＝3∶ 1，可推知白色对黄色为显性，且亲本的相应 遗传因子组成应为杂合子自交，即白色Aa× 白色Aa；子代盘状∶球状＝(3/8＋1/8)∶(1/8 ＋3/8)＝1∶1，据此无法推知盘状和球状的显 隐性，但可推知亲本的相应遗传因子组成为杂合子测交，即Bb×bb。据此可知亲本的遗传因子组成为AaBb×Aabb，但白色球状甲和白色盘状乙相应的遗传因子组成无法确定。亲代南瓜均为杂合子，A错误；AaBb×Aabb后代纯合子占比为1/2×1/2＝1/4，B正确；由分析可知，南瓜的白色为显性性状，但盘状是否为显性性状无法确定，C错误；子代重组型占比为1/8＋1/8＝1/4，D错误。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 5．(2023·河南焦作期中)狗的黑毛(B)对白毛(b)为显性，短毛(D)对长毛(d)为显性。现有两只白色短毛的狗交配，共生出28只白色短毛小狗和9只白色长毛小狗，这对亲本的遗传因子组合分别是 A．BbDd和BbDd B．bbDd和bbDd C．bbDD和bbDD D．bbDD和bbDd 每对相对性状分别分析，亲本白色狗×白色狗杂交，后代全为白色狗，且题干信息白色为隐性用b表示，故亲本白色狗遗传因子组成为bb；亲本短毛狗×短毛狗，后代短毛∶长毛＝3∶1，则亲本短毛狗遗传因子组成为Dd×Dd，故亲本遗传因子组合为bbDd×bbDd，B正确。 √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 6．基因型分别为aaBbCCDd和AaBbCcdd的两种豌豆杂交，其子代中杂合子的比例为 A．1/2 B．3/4 C．7/8 D．15/16 √ 基因型分别为aaBbCCDd和AaBbCcdd的两种豌豆杂交，可以分解成aa×Aa、Bb×Bb、CC×Cc、Dd×dd四个分离定律问题。根据基因自由组合定律，子代中纯合子的比例为1/2aa×1/2(BB＋bb)×1/2CC× 1/2dd＝1/16，故杂合子的比例为1－1/16＝15/16，D正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 7．(2023·兰州期末)基因型为AaBb的个体与aaBb个体杂交，F1的表型比例是 A．9∶3∶3∶1 B．1∶1∶1∶1 C．3∶1∶3∶1 D．3∶1 √ 将基因型为AaBb和aaBb的个体杂交，求子代表型可以把亲本成对的基因拆开，一对一对地考虑：Aa×aa→1Aa∶1aa；Bb×Bb→3B_∶1bb；表型的比例：(1∶1)×(3∶1)＝3∶1∶3∶1，C正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 8．豌豆子叶的黄色(Y)对绿色(y)为显性，种子圆粒(R)对皱粒(r)为显性。若用黄色圆粒和绿色圆粒豌豆作亲本，杂交后子代(F1)表型及比例为黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝3∶3∶1∶1。选取F1中黄色圆粒植株，去掉花瓣，让它们之间相互授粉，则所结种子的表型比例可能是 A．24∶8∶3∶1 B．64∶8∶8∶1 C．15∶5∶3∶1 D．9∶3∶3∶1 √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 F1黄色圆粒植株的基因型为YyR_，去掉花瓣相互授粉，相当于自由交配，可以将自由组合问题转化成两个分离定律问题：①Yy×Yy→黄色Y_＝3/4、绿色yy＝1/4，②R_×R_→皱粒rr＝2/3×2/3×1/4＝1/9，圆粒R_＝8/9，因此F2的表型及其性状分离比是黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒＝(3/4×8/9)∶(1/4×8/9)∶(3/4×1/9)∶(1/4×1/9)＝24∶8∶3∶1，A正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 9．人类的基因中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的；二者缺一，个体即聋。这两对基因独立遗传。下列有关说法不正确的是 A．夫妇中有一方耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子 B．一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，也可能所生孩子听觉正常 C．基因型为DdEe的双亲生下耳聋孩子的概率为7/16 D．基因型为DdEe的双亲生下听神经正常孩子的概率为9/16 √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 根据题干信息分析，正常个体的基因型为D_E_，若夫妇中有一方耳聋，另一方基因型为DDEE，则后代的听觉全部正常，A正确；只有耳蜗管正常(D_ee)与只有听神经正常(ddE_)的夫妇，产生的后代基因型可能为DdEe，表现为听觉正常，B正确；基因型为DdEe的双亲生下耳聋孩子的概率为1－3/4×3/4＝7/16，C正确；基因型为DdEe的双亲生下听神经正常孩子(_ _E_)的概率为3/4，D错误。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 10．(2023·浙江绍兴高一期末)在杂交后代中同时出现显性性状和隐性性状的现象称为性状分离。利用某种植物进行了下列杂交实验，其中后代不会出现性状分离的是 A．圆叶(Aa) × 圆叶(Aa) B．圆叶易感病(Aabb)×尖叶抗病(aaBb) C．圆叶抗病(AaBb)× 尖叶易感病(aabb) D．圆叶抗病(AaBB) × 圆叶抗病(AABb) √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 圆叶(Aa) × 圆叶 (Aa)后代可能出现隐性纯合子aa，会发生性状分离，A不符合题意；圆叶易感病(Aabb)×尖叶抗病(aaBb)后代可能出现圆叶易感病、尖叶抗病、圆叶抗病和尖叶易感病，会发生性状分离，B不符合题意；圆叶抗病(AaBb)× 尖叶易感病(aabb)后代可能出现圆叶易感病、圆叶抗病、尖叶易感病、尖叶抗病，会发生性状分离，C不符合题意；圆叶抗病(AaBB) × 圆叶抗病(AABb)后代全部是圆叶抗病，不发生性状分离，D符合题意。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 11．(2024·江苏模拟)小鼠的体色有黄色(Y)和灰色(y)，尾巴有短尾(D)和长尾(d)，两对相对性状独立遗传。一对黄色短尾小鼠经多次交配产生的F1中黄色短尾∶灰色短尾∶黄色长尾∶灰色长尾＝4∶2∶2∶1。实验发现，某些基因型的个体会在胚胎期死亡，下列说法错误的是(不定项) A．基因型为YY的胚胎和DD的胚胎致死 B．亲本黄色短尾小鼠的基因型均为YyDd C．若F1中灰色短尾小鼠与黄色长尾小鼠随机交配，则子代表型比为4∶4∶2∶2 D．若F1中四种小鼠比例为5∶3∶3∶1，可能是YD的雄配子或雌配子致死 √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 F1的表型为黄色短尾∶灰色短尾∶黄色长尾∶灰色长尾＝4∶2∶2∶1，即黄色∶灰色＝2∶1，短尾∶长尾＝ 2∶1，所以黄色纯合致死，短尾纯合致死，因此只要有一对显性基因纯合就会导致胚胎死亡(YY或DD都导致胚胎死亡)，亲本的基因型只能是YyDd，A、B正确；已知YY 或DD胚胎都致死，亲本黄色短尾(YyDd)相互交配产生的F1小鼠的基因型为YyDd、Yydd、yyDd、yydd，灰色短尾(yyDd)与黄色长尾(Yydd)杂交，子代表型比为1∶1∶1∶1，C错误；若F1中四种小鼠比例为5∶3∶3∶1，说明可能是含有两个显性基因(YD)的雄配子或雌配子致死，D正确。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 12．(2023·山东青岛高二阶段练习)家蚕有结黄茧和结白茧两个品种，其茧色的遗传如图所示。下列叙述错误的是(不定项) A．茧色遗传受两对等位基因控制，遵循基因的自由组合定律 B．AaBb的个体为白茧，雌雄杂交，子代中白茧∶黄茧＝9∶3 C．基因型AaBb个体测交，后代表型及比例为白茧：黄茧3∶1 D．基因型相同的白茧个体交配，子代仍为白茧，这样的基因型有4种 √ √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 据题图分析，B位于N染色 体上，A位于M染色体上， 因此两对等位基因独立遗 传，遵循基因的自由组合 定律，A正确；AaBb表现 为白茧，雌雄杂交，子代中白茧∶黄茧＝13∶3，B错误；基因型AaBb个体测交，产生后代的基因型和表型为1AaBb(白茧)、1Aabb(白茧)、1aaBb(黄茧)、1aabb(白茧)，可见后代表型及比例为白茧∶黄茧3∶1，C正确；白茧个体的基因型有AABB、AaBB、AABb、AaBb、AAbb、Aabb、aabb，若基因型相同的白茧个体交配，子代仍为白茧的基因型是AABB、AABb、AAbb、Aabb、aabb，共5种基因型，D错误。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 13．大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因控制。用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验，结果如图。据图判断，下列叙述正确的是(不定项) A．灰色为双显性性状，米色为隐性性状 B．F1与黄色亲本杂交，后代有两种表型 C．F1中灰色大鼠均为杂合子 D．F2黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中出现米色大鼠的概率为1/4 √ √ √ 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 两对等位基因杂交，F2中灰色比例最高，所以灰 色为双显性状，米色为双隐性状，黄色、黑色为 单显性，A正确；F1为双杂合子(AaBb)，与黄色 亲本(假设为aaBB)杂交，后代为两种表型，B正 确；F2出现9∶3∶3∶1的比例，毛色由两对等位 基因控制，F1中灰色大鼠均为杂合子，C正确；F2中黑色大鼠中纯合子(AAbb)占比例为1/3，与米色(aabb)杂交不会产生米色大鼠，杂合子(Aabb)占比例为2/3，与米色大鼠(aabb)交配，产生米色大鼠的概率为2/3×1/2＝1/3，D错误。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 由第②组中紫茎缺刻叶与绿茎缺刻叶杂交，子代均为紫茎，可判断紫茎为显性性状。 14．(13分)(2023·安徽高一期末)番茄的紫茎和绿茎是一对相对性状，缺刻叶和马铃薯叶是一对相对性状。下表是利用这两对相对性状进行的三组不同杂交实验的结果： (1)依据组　　　，可以判定　　　　　(填“紫茎”或“绿茎”)为显性。 　　　　后代 亲本表现类型　　　　 后代表现类型及数目 紫茎缺刻叶 紫茎马铃薯叶 绿茎缺刻叶 绿茎马铃薯叶 ①紫茎缺刻叶×绿茎缺刻叶 321 101 310 107 ②紫茎缺刻叶×绿茎缺刻叶 722 231 0 0 ③紫茎缺刻叶×绿茎马铃薯叶 404 0 387 0 ② 紫茎 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 第①组中：缺刻叶×缺刻叶→缺刻叶∶马铃薯叶＝3∶1，可知杂交组合①中亲本缺刻叶的基因型都为Bb，紫茎×绿茎→紫茎∶绿茎＝1∶1，可知杂交组合①中亲本紫茎和绿茎的基因型为Aa、aa。因此杂交组合①中亲本的基因型为：AaBb×aaBb。 (2)如果用A、a表示控制紫茎、绿茎的基因，用B、b表示控制缺刻叶、马铃薯叶的基因，请写出杂交组合①中亲本的基因型是　　　　　　　。 　　　　后代 亲本表现类型　　　　 后代表现类型及数目 紫茎缺刻叶 紫茎马铃薯叶 绿茎缺刻叶 绿茎马铃薯叶 ①紫茎缺刻叶×绿茎缺刻叶 321 101 310 107 ②紫茎缺刻叶×绿茎缺刻叶 722 231 0 0 ③紫茎缺刻叶×绿茎马铃薯叶 404 0 387 0 AaBb×aaBb 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 (3)分离定律的实质是　　　　　　　　　　　　 　　　　。若要证明这两对相对性状的遗传分别满足分离定律，可选取组③后代中的________ ___(填表型)植株进行自交并统计子代的表型和比例。 等位基因随着同源染色体的分开而分离 紫茎缺刻 叶 　　　　后代 亲本表现类型　　　　 后代表现类型及数目 紫茎缺刻叶 紫茎马铃薯叶 绿茎缺刻叶 绿茎马铃薯叶 ①紫茎缺刻叶×绿茎缺刻叶 321 101 310 107 ②紫茎缺刻叶×绿茎缺刻叶 722 231 0 0 ③紫茎缺刻叶×绿茎马铃薯叶 404 0 387 0 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 基因分离定律的实质是等位基因随着同源染色体的分开而分离。第③组紫茎缺刻叶×绿茎马铃薯叶→紫茎缺刻叶∶绿茎缺刻叶≈1∶1，可以推测亲本基因型为AaBB×aabb，子代中紫茎缺刻叶的基因型为AaBb，绿茎缺刻叶的基因型为aaBb，故若要证明这两对相对性状的遗传分别满足分离定律，可选取组③后代中的紫茎缺刻叶植株，进行自交并统计子代的表型和比例。 　　　　后代 亲本表现类型　　　　 后代表现类型及数目 紫茎缺刻叶 紫茎马铃薯叶 绿茎缺刻叶 绿茎马铃薯叶 ①紫茎缺刻叶×绿茎缺刻叶 321 101 310 107 ②紫茎缺刻叶×绿茎缺刻叶 722 231 0 0 ③紫茎缺刻叶×绿茎马铃薯叶 404 0 387 0 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 15．(15分)(2024·广东东莞校考)某两性花二倍体植物的花色由2对等位基因控制。2 对基因独立遗传，其中基因A控制紫色，基因a无控制紫色素合成的功能，也不会影响其他基因的功能。基因B控制红色，b控制蓝色。所有基因型的植株都能正常生长和繁殖，基因型为A_B_和A_bb的植株花色为紫红色和靛蓝色。现有该植物的3个不同纯种品系甲、乙、丙，分别为紫红色花、蓝色花和红色花，不考虑突变，杂交结果如下表所示： 回答以下问题： (1)该两性花的花色性状遗传符合_______________定律。 基因的自由组合 杂交组合 组合方式 F1表型 F2表型及比例 Ⅰ 甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色＝9∶3∶3∶1 Ⅱ 乙×丙 红色 红色∶蓝色＝3∶1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 杂交组合Ⅰ中F2表型及比例为紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色＝9∶3∶3∶1，因而可知，该植物的花色受两对等位基因控制，且遵循基因自由组合定律。 杂交组合 组合方式 F1表型 F2表型及比例 Ⅰ 甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色＝9∶3∶3∶1 Ⅱ 乙×丙 红色 红色∶蓝色＝3∶1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 根据杂交组合Ⅰ中F2表型及比例可知，甲植株的基因型为AABB，乙植株的基因型为aabb，根据题意可知，自然情况下紫红色花植株的基因型有4种，分别为AABB、AaBb、AABb、AaBB。若想在F2紫红色花植株中获得稳定遗传的个体，最便捷的方法是选择F2中的紫红色花进行连续自交直到不再发生性状分离为止(或者进行自交并单株收获)。 (2)乙植株的基因型是　 　，自然情况下紫红色花植株的基因型有__种。若想在F2紫红色花植株中获得稳定遗传的个体，最便捷的方法是进行　 　。 杂交组合 组合方式 F1表型 F2表型及比例 Ⅰ 甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色＝9∶3∶3∶1 Ⅱ 乙×丙 红色 红色∶蓝色＝3∶1 aabb 4 自交 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 让只含隐性基因的植株(aabb)与F2测交，能确定 F2中各植株控制花色性状的基因型，因为该群体中花色有四种类型，且每种基因型测交得到的后代的表型均不同。 (3)让只含隐性基因的植株与F2测交，　　　　(填“能”或“不能”)确定 F2中各植株控制花色性状的基因型。 杂交组合 组合方式 F1表型 F2表型及比例 Ⅰ 甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色＝9∶3∶3∶1 Ⅱ 乙×丙 红色 红色∶蓝色＝3∶1 能 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 (4)杂交组合Ⅰ的F2中靛蓝色花植株的基因型有　　　　种，其中杂合子占　　　　。 杂交组合 组合方式 F1表型 F2表型及比例 Ⅰ 甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色＝9∶3∶3∶1 Ⅱ 乙×丙 红色 红色∶蓝色＝3∶1 2 2/3 杂交组合Ⅰ的F2中靛蓝色花植株的基因型有2种，分别为Aabb和AAbb，二者比例为2∶1，可见其中杂合子占2/3。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 (5)若甲与丙杂交所得F1自交，则理论上F2表型为　　　　　　　 　，其比例是　　　　。 杂交组合 组合方式 F1表型 F2表型及比例 Ⅰ 甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色＝9∶3∶3∶1 Ⅱ 乙×丙 红色 红色∶蓝色＝3∶1 紫红色花、红色花 3∶1 根据杂交组合Ⅱ中F2表型及比例为红色∶蓝色＝3∶1，因而可知F1的基因型为aaBb，又知乙的基因型为aabb，可见丙的基因型为aaBB，若甲与丙杂交则得到的F1的基因型为AaBB，表现为紫红色，若F1自交，则理论上F2表型为紫红色花(3A_BB)、红色花(aaBB)，其比例是3∶1。 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 (6)请写出杂交组合Ⅰ中F1自交的遗传图解(不要求写配子)。 杂交组合 组合方式 F1表型 F2表型及比例 Ⅰ 甲×乙 紫红色 紫红色∶靛蓝色∶红色∶蓝色＝9∶3∶3∶1 Ⅱ 乙×丙 红色 红色∶蓝色＝3∶1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 返回 杂交组合Ⅰ中亲本的基因型为AABB和aabb，F1的基因型为AaBb，则F1自交的遗传图解可表示为： 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 1 谢 谢 观 看 ！ 第 1 章 　 遗 传 因 子 的 发 现 (2)子代：1∶1∶1∶1＝(1∶1)(1∶1)⇒ (3)子代：3∶1∶3∶1＝(3∶1)(1∶1)⇒ (4)子代：3∶1＝(3∶1)×1⇒ $$