广西壮族自治区崇左市宁明县2024-2025学年九年级上学期1月期末物理试题

广西壮族自治区崇左市宁明县2024-2025学年九年级上学期1月期末物理试题 一、单项选择题（本大题共10小题，第小题3分。共30分。在给出的四个备选项中，只有一个选项符合题目要求。） 1．（3分）如图是小英家上月初和上月末电能表的示数。他家上个月消耗的电能为（　　） A．101.1kW•h B．101.1kW/h C．1011kW•h D．101.1J 2．（3分）《天工开物》记载了古人炒蒸油料的场景，如图，下列过程与物理知识对应不正确的是（　　） A．加热——木炭燃烧时热值不变 B．蒸煮——油料含有的热量增加 C．翻炒——目的使油料受热均匀 D．飘香——分子在做无规则运动 3．（3分）有许多物理量是我们平时生活中经常会用到和看到的，如电流、电压、电功率等。下列相关物理量的数值符合实际情况的是（　　） A．一节新干电池的电压为3V B．一台家用电冰箱的功率约为200W C．一盏日光灯正常发光时的电流约为2A D．一台家用空调正常工作时的电功率约为100W 4．（3分）知识梳理是一种有效的学习方法。考试前，小明整理错题时梳理出几个结论，其中不正确的是（　　） A．功率越大，做功越快 B．动滑轮可以省力，但不可以省功 C．做功越少，功率越小 D．功率的大小与机械效率无关 5．（3分）“长征五号”系列运载火箭，为“天问一号”“嫦娥五号”等多项重要航天器发射任务立下了汗马功劳。下面关于“长征五号”涉及的物理知识说法正确的是（　　） A．火箭燃料在选择时，主要考虑的因素是燃料的比热容 B．火箭升空时，燃气的内能转化为火箭的机械能 C．火箭加速上升时，火箭的动能转化为重力势能 D．火箭穿过大气层时，防护罩温度升高是通过热传递方式改变了内能 6．（3分）显示屏滚动显示内容时，LED工作的个数会不停地发生变化，整个显示屏工作过程中没发生变化的物理量是（　　） A．插头处的电流 B．电源电压 C．整个显示屏的功率 D．整个显示屏的耗电量 7．（3分）在“探究串联电路的电流规律”时，小莉采用如图9所示的电路进行实验。闭合开关S，用电流表分别测出 A、B、C点的电流，在表格中记录第一组数据后，为得到更普遍的规律，小莉接下来的实验步骤是（　　） A．将两灯并联进行实验 B．去掉一个灯泡，仅保留一个灯泡进行实验 C．换用电流表的另一量程，再测出一组电流值 D．换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值 8．（3分）在如图（a）所示电路中，V1、V2都是有0～3V和0～15V两个量程的电压表。当闭合开关后，两个电压表指针偏转均如图（b）所示，则电阻R1、R2两端的电压分别为（　　） A．9.6V，2.4V B．12V，2.4V C．2.4V，12V D．2.4V，9.6V 9．（3分）如图所示，电源电压保持不变。当在a、b间接“6V，3W”的灯泡时，闭合开关，灯L恰能正常发光；断开开关，在a、b间换接入一个“6V，6W”的灯泡后，再闭合开关，下列说法中正确的是（　　）（不计温度对灯丝电阻的影响） A．换接的灯泡可能烧坏 B．灯泡L可能烧坏 C．灯泡L的实际功率变小 D．电路总功率变小 10．（3分）在实践活动基地，同学们体验使用劳动工具对工作的影响。如图所示，分别用甲、乙两种形式的滑轮组把重为400N的物体匀速向上提起相同的高度。已知每个滑轮重为20N，忽略绳子的重力及滑轮与绳子的摩擦。下列判断不正确的是（　　） A．甲方式中车对绳子的拉力为400N B．乙方式中人对绳子的拉力为210N C．甲、乙两种方式做的有用功相等 D．甲、乙两种方式的机械效率相等 二、多项选择题（本大题共2小题，第小题4分，共8分。在每小题列出的四个备选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。） （多选）11．（4分）勤思考、爱交流的小琴对学过的热学知识进行总结，并与小明进行交流，小明认为小琴总结的结论有的正确。有的错误。小琴总结的下列结论中错误的是（　　） A．扩散现象说明分子间存在相互作用的引力和斥力 B．一切物体在任何情况下都具有内能 C．水的比热容比沙石的大，所以沿海地区比内陆地区昼夜温差大 D．在四冲程内燃机中，做功冲程将内能转化为机械能 （多选）12．（4分）小明家在新房装修时设计了一个天然气泄漏检测电路，它能及时准确地监控到家庭厨房中天然气的使用情况，如图甲所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变，R为气敏电阻，其阻值随天然气浓度变化曲线如图乙所示，则下列说法正确的是（　　） A．天然气浓度增大，电压表示数变小 B．天然气浓度减小，电流表示数变小 C．天然气浓度减小，电压表与电流表比值不变 D．天然气浓度增大，通过R0的电流变小 三、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分。） 13．（2分）小明同学用50N的水平推力，使一个物体在平面上沿直线匀速移动4m，在此过程中，小明对该物体做的功是 　 　J，重力做的功为 　 　J。 14．（2分）如图所示，将一块透明有机玻璃板架在两本书之间，在下方撒上小纸屑，用干燥的丝绸在玻璃板上摩擦，会观察到下方的小纸屑上下飞舞，跳跃不停。这是因为有机玻璃板被丝绸摩擦后带上了 　 　，能够 　 　小纸屑（选填“吸引”或“排斥”）。 15．（2分）艾灸作为中医养生项目，越来越受到人们的喜爱。如图，点燃艾条，我们能够看到袅袅升起的烟雾，这 　 　（选填“是”或“不是”）扩散现象；点燃的艾条靠近皮肤，身体感觉暖暖的，这是通过 　 　的方式来增加皮肤的内能。 16．（2分）某电热器的阻值为420Ω，通过的电流为1A，通电10min产生的热量是 　 　，这些热量能使2kg的冷水温度升高 　 　℃（已知c＝4.2×103J/（kg•℃））。 17．（2分）如图所示是电阻甲和乙的U﹣I图象，当把电阻甲和乙并联在电源电压为2V的电路中，干路电流是　 　A；当把电阻甲和乙串联在电压为6V的电路中，串联电路的电流为　 　A。 18．（2分）如图甲所示的电路中，定值电阻R1为10Ω，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变。闭合开关S后，滑片P从b端移动到a端的过程，电压表示数U与电流表示数I的关系图象如图乙所示。电源电压是 　 　V，当滑片P在ab中点时电流表的示数为 　 　A。 四、作图题（本大题共3小题，共6分。） 19．（2分）根据实物图在虚线框内画出相应的电路图。 20．（2分）在如图所示的电路中，根据标出的电流方向，从电源、电流表、电压表三个元件符号中选出两个，并分别填进电路的空缺处。要求：灯泡L1和L2串联。 21．（2分）在图中，有两根导线尚未连接，请以笔画线代替导线补上，补上后要求：①电压表测小灯两端的电压。 ②闭合电键，当变阻器的滑片向右移动时，电压表的示数变大。 五、实验探究题（本大题共4小题，共25分。） 22．（5分）在“探究哪些因素影响滑轮组的机械效率”的实验中，某小组利用如图所示装置测得了四组数据，如下表所示： 实验次数 钩码重G/N 钩码上升的高度h/cm 测力计示数F/N 测力计移动的距离s/cm 1 3 2 1.2 6 2 3 5 1.2 15 3 3 8 1.2 26 （1）实验时要竖直向上 　 　拉动弹簧测力计； （2）三次实验中，第 　 　次实验数据明显出现错误，应当剔除； （3）第二次实验中，有用功是 　 　J，总功是 　 　J，滑轮组的机械效率为 　 　。 23．（6分）小明为了探究“物体动能大小与哪些因素有关”，设计了如图甲、乙、丙所示的实验装置来进行实验。 （1）该实验中研究的是 　 　（小球/木块）的动能，通过观察 　 　判断其动能大小，这种研究方法是 　 　。 （2）对比甲和乙是为了探究动能大小与 　 　的关系。 （3）对比乙和丙，可得到的结论是 　 　。 （4）若质量不同的小球分别从同一斜面的不同高度静止自由释放推动同一位置的木块，则 　 　（选填“能”或“不能”）根据木块被推动的距离来判断小球初始重力势能的大小。 24．（7分）在探究“电流与电阻的关系”实验中。电源电压恒为9V，滑动变阻器规格为“50Ω 2A”。 （1）连接实物图时，开关应处于 　 　状态； （2）正确连接好电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于 　 　端；（选填“左”或“右”）其目的是为了 　 　； （3）实验时更换不同的定值电阻后，都需要调节滑动变阻器，其目的是控制 　 　不变，实验数据如表所示，其中第6次实验中电流表示数如图丙所示，其读数为 　 　A； 实验次数 1 2 3 4 5 6 …… 电阻R/Ω 5 7.5 12 15 20 25 …… 电流/A 1.2 0.8 0.48 0.4 0.32 …… （4）分析表格可得出结论：　 　； （5）在物理实验中，经常要进行多次测量，其目的有两个：①为了减小误差；②是为了寻找规律，本实验中，多次测量的目的是 　 　（选填“①”或“②”）。 25．（7分）在“测量小灯泡电阻”实验中，选用的器材有：两节新干电池，额定电压为2.5V的待测小灯泡、滑动变阻器、电流表、电压表，开关和若干导线。 （1）实验原理是 　 　； （2）闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数。接下来应进行的操作是 　 　。 A.更换小灯泡 B.检查电路是否断路 C.移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光 （3）实验过程中，发现小灯泡不发光，电压表无示数，电流表有示数，造成这一现象的原因可能是 　 　（选填字母代号）； A.电流表短路 B.小灯泡短路 C.滑动变阻器断路 （4）排除故障后，移动滑片P，某次实验时，电压表的示数为2.5V，电流表的示数如图乙所示，则通过小灯泡的电流为 　 　A。小灯泡正常发光时的电阻约为 　 　（结果保留一位小数）； （5）经过多次实验，测出并记录多组电压和电流的值，得到小灯泡的I﹣U图像如图丙所示，通过分析图像可知，小灯泡中的电流与小灯泡两端的电压 　 　（选填“成正比”或“不成正比”），说明小灯泡的电阻随 　 　的改变而改变。 六、综合应用题（本大题共2小题。共19分。解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分。） 26．（9分）油电混合动力汽车是新型节能汽车。这种汽车在内燃机启动时，可以给车提供动力的同时，也给动力蓄电池组充电。已知某型号混合动力汽车所用的蓄电池能够储存的最大电能是1.0×108J，若该车沿直线匀速行驶40km，此过程中汽车所受阻力大小为900N，蓄电池组的电能也增加了最大电能的10%，内燃机共消耗燃油2.5kg。（ ）求： （1）该汽车此次行驶中，若燃油完全燃烧可放出多少热量？ （2）该汽车行驶中牵引力做了多少功？ （3）该汽车内燃机的效率是多大？ 27．（10分）如图所示电路，电源电压恒为12V，电阻R1的阻值为5Ω，滑动变阻器R2上标有“10Ω　3A”的字样，小灯泡L上标有“12V　6W”的字样，电流表的量程为0～3A。 （1）当开关S1、S2、S都闭合时，求小灯泡L在5min内产生的热量； （2）当开关S1、S2、S都闭合，电流表的示数为2A时，求R2消耗的电功率； （3）当开关S1、S2都断开，S闭合时，电流表的示数是1A，求滑动变阻器R2接入电路的阻值。 参考答案与试题解析 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A B B C B B D A B D 一、单项选择题（本大题共10小题，第小题3分。共30分。在给出的四个备选项中，只有一个选项符合题目要求。） 1．（3分）如图是小英家上月初和上月末电能表的示数。他家上个月消耗的电能为（　　） A．101.1kW•h B．101.1kW/h C．1011kW•h D．101.1J 【分析】电能表读数时，最后一位是小数，单位kW•h；某月消耗的电能等于月末与月初电能表的示数之差。 【解答】解：小英家上个月消耗的电能为：5647.8kW•h﹣5546.7kW•h＝101.1kW•h，故A正确，BCD错误。 故选：A。 【点评】本题考查了电能表的读数、消耗电能的计算方法，比较简单，属基础题。 2．（3分）《天工开物》记载了古人炒蒸油料的场景，如图，下列过程与物理知识对应不正确的是（　　） A．加热——木炭燃烧时热值不变 B．蒸煮——油料含有的热量增加 C．翻炒——目的使油料受热均匀 D．飘香——分子在做无规则运动 【分析】（1）热值是燃料本身的特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、放出热量的多少以及是否完全燃烧无关； （2）热量是热传递过程中传递能量的多少； （3）翻炒可使油料受热均匀； （4）一切物体的分子都在不停地做无规则运动，扩散现象说明分子的热运动。 【解答】解：A、热值是燃料本身的特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、放出热量的多少以及是否完全燃烧无关，木炭燃烧时热值不变，故A正确； B、热量是过程量，不能说“含有”热量，故B错误； C、利用锅铲不断翻炒油料，目的是使油料受热均匀，故C正确； D、翻炒过程会有香味飘出，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故D正确。 故选：B。 【点评】本题利用古人的活动，考查了热值、热量、热传递和分子热运动等知识，属于基础题。 3．（3分）有许多物理量是我们平时生活中经常会用到和看到的，如电流、电压、电功率等。下列相关物理量的数值符合实际情况的是（　　） A．一节新干电池的电压为3V B．一台家用电冰箱的功率约为200W C．一盏日光灯正常发光时的电流约为2A D．一台家用空调正常工作时的电功率约为100W 【分析】新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。 【解答】解：A、一节新干电池的电压为1.5V，故A错误； B、一台家用电冰箱的功率约为200W，故B正确； C、一盏日光灯正常发光时的电流约为0.2A，故C错误； D、一台家用空调正常工作时的电功率约为1000W，故D错误。 故选：B。 【点评】本题考查了对电压、电功率、电流的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。 4．（3分）知识梳理是一种有效的学习方法。考试前，小明整理错题时梳理出几个结论，其中不正确的是（　　） A．功率越大，做功越快 B．动滑轮可以省力，但不可以省功 C．做功越少，功率越小 D．功率的大小与机械效率无关 【分析】（1）功率是单位时间内做功的多少，是表示做功快慢的物理量； （2）用机械的主要目的是省力、省距离或改变力的方向，但任何机械都不能省功； 【解答】解：A、功率表示物体做功的快慢，功率越大，做功越快，故A正确； B、使用省力的机械一定费距离，不可以省功，动滑轮可以省力，但不可以省功，故B正确； C、功率是表示做功快慢的物理量，做功越少，功率不一定小，故C错误； D、机械效率越高，表示有用功占总功的比值越大，但不是做的功越多，功率的大小与机械效率无关，故D正确。 故选：C。 【点评】本题考查了学生对功率和机械效率物理量的理解，属于基础题。 5．（3分）“长征五号”系列运载火箭，为“天问一号”“嫦娥五号”等多项重要航天器发射任务立下了汗马功劳。下面关于“长征五号”涉及的物理知识说法正确的是（　　） A．火箭燃料在选择时，主要考虑的因素是燃料的比热容 B．火箭升空时，燃气的内能转化为火箭的机械能 C．火箭加速上升时，火箭的动能转化为重力势能 D．火箭穿过大气层时，防护罩温度升高是通过热传递方式改变了内能 【分析】（1）热值是指1千克的某种燃料完全燃烧后释放的能量，完全燃烧相同质量的不同燃料，热值越大，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小； （2）火箭升空时，燃料燃烧释放出的内能，转化为火箭的机械能； （3）改变物体内能的方式有做功和热传递。 【解答】解：A．发射卫星的火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故A错误； BC．火箭上升，是消耗了燃料化学能，得到了机械能，故能量的转化是：化学能转化为内能，内能又转化为机械能， 火箭加速上升时，动能和重力势能都增大，火箭的动能没有转化为重力势能，故B正确、C错误； D．火箭穿过大气层时，防护罩温度升高是通过做功方式改变了内能，故D错误。 故选：B。 【点评】本题考查热值、液化现象、改变内能的方式及能量转化等知识，综合性较强。 6．（3分）显示屏滚动显示内容时，LED工作的个数会不停地发生变化，整个显示屏工作过程中没发生变化的物理量是（　　） A．插头处的电流 B．电源电压 C．整个显示屏的功率 D．整个显示屏的耗电量 【分析】根据并联电路电压、电流的规律判断电压和电流的情况，然后根据电功率和电能的计算公式进行分析解答 【解答】解：当LED工作的个数也在不停地发生变化时，电路中并联的LED灯个数发生改变； A、并联电路干路电流等于各支路电流之和，当并联电路中支路发生改变时，干路电流（插头处的电流）发生改变，故A不符合题意； B、并联电路各支路两端电压不变，所以LED工作的个数也在不停地发生变化，电源电压不变，故B符合题意； C、根据P＝UI可知，电压不变，电流改变，所以整个显示屏的功率改变，故C不符合题意； D、根据W＝Pt可知，显示屏的功率改变，相同时间内的耗电量改变，故D不符合题意。 故选：B。 【点评】本题考查学生在生活实践中物理知识的应用，应注意合理处理所给信息，灵活地选择物理规律和公式解答问题。 7．（3分）在“探究串联电路的电流规律”时，小莉采用如图9所示的电路进行实验。闭合开关S，用电流表分别测出 A、B、C点的电流，在表格中记录第一组数据后，为得到更普遍的规律，小莉接下来的实验步骤是（　　） A．将两灯并联进行实验 B．去掉一个灯泡，仅保留一个灯泡进行实验 C．换用电流表的另一量程，再测出一组电流值 D．换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值 【分析】无论做什么实验，实验结论一定要具有普遍性，因此在研究串联电路中的电压关系时，为了使结论具有普遍性需采用不同灯泡进行多次实验。 【解答】解：A、在“探究串联电路的电流规律”时，采用如图所示的电路，各电路元件依次连接，是串联电路，故A错误； BCD、闭合开关S，用电流表分别测出A、B、C点的电流，在表格中记录第一组数据后，为得到更普遍的规律，避免偶然性，应该更换不同的电源，换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值，故D正确，BC错误。 故选：D。 【点评】本题考查探究串联电路的电流规律的实验，属于基础题。 8．（3分）在如图（a）所示电路中，V1、V2都是有0～3V和0～15V两个量程的电压表。当闭合开关后，两个电压表指针偏转均如图（b）所示，则电阻R1、R2两端的电压分别为（　　） A．9.6V，2.4V B．12V，2.4V C．2.4V，12V D．2.4V，9.6V 【分析】两个电阻串联，V2与R2并联，V1并联在电源两端； 根据串联电路两端的电压等于各部分电压之和，先分析两个电压表量程，然后根据量程分别读出电压表的示数即可，再利用串联电路电压的特点求出电阻R1、R2两端的电压。 【解答】解：因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，而V1测量电源电压，V2测量R2两端的电压，所以V2的量程为是有0～3V；V1的量程为0～15V；故V1、V2的示数分别为12V和2.4V； 又因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以R1两端的电压：12V﹣2.4V＝9.6V。 故选：A。 【点评】会识别电路，判断电压表所测的电压值，并会根据欧姆定律以及电路的特点进行相关计算。 9．（3分）如图所示，电源电压保持不变。当在a、b间接“6V，3W”的灯泡时，闭合开关，灯L恰能正常发光；断开开关，在a、b间换接入一个“6V，6W”的灯泡后，再闭合开关，下列说法中正确的是（　　）（不计温度对灯丝电阻的影响） A．换接的灯泡可能烧坏 B．灯泡L可能烧坏 C．灯泡L的实际功率变小 D．电路总功率变小 【分析】灯泡正常工作时的电压和额定电压相等；根据公式R比较先后接入电路两灯的电阻大小关系，再根据串联电路的分压特点判断换接的灯泡两端分得的电压变化以及灯L分得电压的变化，利用P可知L实际消耗功率的变化，再分析电路中电流的变化，最后根据P＝UI分析电路消耗总功率的变化。 【解答】解： “6V 3W”的灯泡和“6V 6W”的灯泡相比，两灯泡的额定电压相同，3W灯泡的额定功率小于6W灯泡的额定功率，由R可知，3W灯泡的电阻大于6W灯泡的电阻； A、若原来“6V 3W”的灯泡正常发光，其两端电压为6V； 由前面解答可知，在a、b间换接入一个“6V 6W”的灯泡后，该灯泡分得的电压小于原来灯泡分得的电压，则此时“6V 6W”的灯泡的电压将小于6V，所以换接的灯不可能烧坏，故A错误； BC、当在a、b间接“6V 3W”的灯泡时，闭合开关，灯L恰能正常发光，则灯L两灯的电压等于其额定电压； 在a、b间换接入一个“6V 6W”的灯泡后，因接入灯泡的电阻比原来小，则由串联电压的规律可知，该灯泡分得的电压小于原来灯泡分得的电压； 因电源电压不变，则由串联电路的电压特点可知，灯L分得的电压变大，不计温度对灯丝电阻的影响，由P可知灯L消耗的实际功率变大，所以灯L将变亮，灯泡L可能烧坏，故B正确，C错误； D、当接入“6V 6W”灯泡时，因其电阻较小，则串联电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，根据P＝UI可知电路消耗的总功率变大，故D错误。 故选：B。 【点评】本题考查了学生对额定电压和额定功率的理解，以及电功率公式的灵活应用；知道并熟练的应用串联电路的电阻分压特点较为关键。 10．（3分）在实践活动基地，同学们体验使用劳动工具对工作的影响。如图所示，分别用甲、乙两种形式的滑轮组把重为400N的物体匀速向上提起相同的高度。已知每个滑轮重为20N，忽略绳子的重力及滑轮与绳子的摩擦。下列判断不正确的是（　　） A．甲方式中车对绳子的拉力为400N B．乙方式中人对绳子的拉力为210N C．甲、乙两种方式做的有用功相等 D．甲、乙两种方式的机械效率相等 【分析】先分析甲、乙图中滑轮的种类，确定使用滑轮组的特点。忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦： （1）图甲中使用的是两个定滑轮，车对绳子的拉力F＝G； （2）图乙中使用的是一动一定的滑轮组，n＝2，人对绳子的拉力F乙（G+G动）； （3）利用W有＝Gh比较甲、乙两种方式做的有用功； （4）使用定滑轮时不做额外功，使用滑轮组时要提升动滑轮做额外功，据此分析机械效率的关系。 【解答】解：A、图甲中使用的是两个定滑轮，忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦，车对绳子的拉力：F甲＝G＝400N，故A正确； B、图乙中使用的是一动一定的滑轮组，n＝2，忽略绳子的重力以及滑轮与绳子的摩擦，人对绳子的拉力：F乙（G+G动）（400N+20N）＝210N，故B正确； C、因为甲、乙两种方式提升物体的重力和高度都相等，所以，由W有＝Gh可知，甲、乙两种方式做的有用功相等，故C正确； D、忽略绳重及摩擦，甲中不做额外功，效率为100%，乙中要提升动滑轮，做额外功，故乙的效率要小于100%，所以甲中滑轮组的机械效率比图乙中的高，故D错误。 故选：D。 【点评】本题考查了使用滑轮组绳子拉力、功率的计算、机械效率大小的比较，分析题图确定滑轮组的特点是关键。 二、多项选择题（本大题共2小题，第小题4分，共8分。在每小题列出的四个备选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分。） （多选）11．（4分）勤思考、爱交流的小琴对学过的热学知识进行总结，并与小明进行交流，小明认为小琴总结的结论有的正确。有的错误。小琴总结的下列结论中错误的是（　　） A．扩散现象说明分子间存在相互作用的引力和斥力 B．一切物体在任何情况下都具有内能 C．水的比热容比沙石的大，所以沿海地区比内陆地区昼夜温差大 D．在四冲程内燃机中，做功冲程将内能转化为机械能 【分析】（1）扩散现象证明了分子不停地做无规则运动； （2）内能是指物体内所有分子动能和分子势能的总和，与物体的温度和质量有关，与物体的宏观运动无关。一切物体都有内能； （3）沙石的比热容比较小，在同样受热和受冷的情况下，沙石的温度变化值比较大； （4）做功冲程是将内能转化为机械能，压缩冲程是将机械能转化为内能。 【解答】解：A、扩散现象证明了分子不停地做无规则运动，不能证明分子间存在斥力，故A错误； B、一切物体的分子都在不停地做无规则运动，所以物体在任何情况下都有内能，故B正确； C、水比沙石的比热容大，水的吸热能力强，在吸收和放出相同的热量时，水的温度变化值更小，沙石的温度变化值大，所以内陆地区的昼夜温差比沿海地区大，故C错误； D、在四冲程内燃机中，做功冲程将内能转化为机械能，故D正确。 故选：AC。 【点评】本题考查比热容的概念、内能和内燃机的工作过程，属于常考题目，难度不大。 （多选）12．（4分）小明家在新房装修时设计了一个天然气泄漏检测电路，它能及时准确地监控到家庭厨房中天然气的使用情况，如图甲所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变，R为气敏电阻，其阻值随天然气浓度变化曲线如图乙所示，则下列说法正确的是（　　） A．天然气浓度增大，电压表示数变小 B．天然气浓度减小，电流表示数变小 C．天然气浓度减小，电压表与电流表比值不变 D．天然气浓度增大，通过R0的电流变小 【分析】由图甲可知，气敏电阻R与定值电阻R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。根据图乙可知天然气浓度变化时气敏电阻R的阻值变化，从而得出电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，再根据欧姆定律结合定值电阻R0的阻值判断电压表与电流表示数的比值变化。 【解答】解：由图甲可知，气敏电阻R与定值电阻R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。 AD、由乙图可知，当天然气浓度增大时，气敏电阻R的阻值变小，电路中的总电阻变小，由I可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大， 由U＝IR可知，R0两端的电压变大，即电压表的示数变大，故AD错误； BC、同理可知，天然气浓度减小时，气敏电阻R的阻值变大，电路中的总电阻变大，由I可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故B正确； 由R可知，电压表与电流表示数的比值等于定值电阻R0的阻值，则天然气浓度减小，电压表与电流表示数的比值不变，故C正确。 故选：BC。 【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图象中获取天然气浓度变化时气敏电阻阻值的变化是关键。 三、填空题（本大题共6小题，每空1分，共12分。） 13．（2分）小明同学用50N的水平推力，使一个物体在平面上沿直线匀速移动4m，在此过程中，小明对该物体做的功是 　200　J，重力做的功为 　0　J。 【分析】推力做的功为推力与在推力的方向上移动的距离的乘积，即：W＝Fs； 在重力的方向上没有移动距离，所以重力不做功。 【解答】解：小明对该物体做的功大小是W＝Fs＝50N×4m＝200J； 物体在水平方向上运动，重力的方向是竖直向下的，物体没有在重力方向上移动距离，故重力做功为0J。 故答案为：200；0。 【点评】解此类题的关键是理解做功的必要因素，在水平方向上移动距离重力不做功。 14．（2分）如图所示，将一块透明有机玻璃板架在两本书之间，在下方撒上小纸屑，用干燥的丝绸在玻璃板上摩擦，会观察到下方的小纸屑上下飞舞，跳跃不停。这是因为有机玻璃板被丝绸摩擦后带上了 　电荷　，能够 　吸引　小纸屑（选填“吸引”或“排斥”）。 【分析】摩擦可以使物体带电，带电体具有吸引轻小物体的性质。 【解答】解：带电体具有吸引轻小物体的性质，用干燥的丝绸在玻璃板上摩擦，摩擦过的有机玻璃板带了电荷，能吸引轻小物体。 故答案为：电荷；吸引。 【点评】本题考查了摩擦起电的知识，属于基础题，要求掌握。 15．（2分）艾灸作为中医养生项目，越来越受到人们的喜爱。如图，点燃艾条，我们能够看到袅袅升起的烟雾，这 　不是　（选填“是”或“不是”）扩散现象；点燃的艾条靠近皮肤，身体感觉暖暖的，这是通过 　热传递　的方式来增加皮肤的内能。 【分析】（1）不同物质的分子彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散说明了分子在不停地做无规则运动； （2）改变内能的方式包括做功和热传递。 【解答】解：点燃艾条，我们能够看到袅袅升起的烟雾，属于固体的机械运动，不是分子的热运动，不是扩散现象； 点燃的艾条靠近皮肤，身体感觉暖暖的，身体吸收热量，内能增加，通过热传递的方式来增加皮肤的内能。 故答案为：不是；热传递。 【点评】本题考查扩散现象和内能的改变，属于基础题。 16．（2分）某电热器的阻值为420Ω，通过的电流为1A，通电10min产生的热量是 　252000J　，这些热量能使2kg的冷水温度升高 　30　℃（已知c＝4.2×103J/（kg•℃））。 【分析】（1）根据Q＝I2Rt来计算产生热量的多少； （2）根据Q＝cmΔt来计算水升高的温度。 【解答】解：通电10min产生的热量为： Q＝I2Rt＝（1A）2×420Ω×10×60s＝252000J； 由题意知，水吸收的热量应等于电流产生的热量，则Q吸＝252000J； 由Q吸＝cmΔt得水升高的温度 。 故答案为：252000J；30。 【点评】本题是电和热的综合计算题目，考查了焦耳定律及热量的计算公式应用，属基础性题目。 17．（2分）如图所示是电阻甲和乙的U﹣I图象，当把电阻甲和乙并联在电源电压为2V的电路中，干路电流是　0.3　A；当把电阻甲和乙串联在电压为6V的电路中，串联电路的电流为　0.2　A。 【分析】（1）并联电路中各支路两端的电压相等，根据图象读出甲、乙并联在电源电压为2V时通过的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流； （2）两电阻串联时通过它们的电流相等，总电压等于各分电压之和，根据图象读出符合题意的电流和电压值即可得出答案。 【解答】解：（1）当甲、乙并联在电路中，电源电压为2V时， 因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以，U甲＝U乙＝2V， 由图象可知，通过甲、乙的电流分别为I甲＝0.1A，I乙＝0.2A， 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，干路电流： I＝I甲+I乙＝0.1A+0.2A＝0.3A； （2）当把电阻甲和乙串联在电压为6V的电路中， 因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和， 所以，由图象可知，电路中的电流为0.2A，甲两端的电压为4V，乙两端的电压为2V时符合。 故答案为：0.3；0.2。 【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象读出电压和电流的对应值。 18．（2分）如图甲所示的电路中，定值电阻R1为10Ω，R2为滑动变阻器，电源电压保持不变。闭合开关S后，滑片P从b端移动到a端的过程，电压表示数U与电流表示数I的关系图象如图乙所示。电源电压是 　6　V，当滑片P在ab中点时电流表的示数为 　0.3　A。 【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。 当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路中的电流最大，根据图2读出电路中的最大电流，根据欧姆定律求出电源的电压； 当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据图象读出电表示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；当滑动变阻器的滑片P滑到ab中点时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流（即电流表的示数）。 【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。 当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路中的电流最大， 由图2可知，电路中的最大电流I1＝0.6A， 由I可得，电源的电压：U＝I1R1＝0.6A×10Ω＝6V； 滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大， 由图2可知，电路中的最小电流I2＝0.2A，电压表的示数U2＝4V， 则滑动变阻器的最大阻值：R220Ω， 当滑动变阻器的滑片P滑到ab中点时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I0.3A。 故答案为：6；0.3。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是从图象中获取有用的信息。 四、作图题（本大题共3小题，共6分。） 19．（2分）根据实物图在虚线框内画出相应的电路图。 【分析】根据实物图画电路图的方法：分析各用电器的连接情况以及电表的测量对象；从电源的正极开始，依次画出各元件，直到电源的负极。 【解答】解：由图知，两灯泡并联，开关在干路上控制整个电路，电压表与灯泡L2并联，电流表与灯泡L2串联，则电路图如下图所示： 【点评】本题考查了电路的识别能力和电路图的画法，应首先判断用电器的连接方式及开关的位置。 20．（2分）在如图所示的电路中，根据标出的电流方向，从电源、电流表、电压表三个元件符号中选出两个，并分别填进电路的空缺处。要求：灯泡L1和L2串联。 【分析】电源是电路中必不可少的元件，先确定电源的位置，再根据电压表和电流表的连接特点和电路要求选择其中的一个。 【解答】解：电源是必不可少的，可先将其确定。根据电流方向，又因为要求两灯串联，且都能发光，所以左边一定是电源，且正极朝上。右边选择电压表可以测L2的电压，但如果选择电流表则会将L2短路，所以应选电压表。如下图所示： 【点评】电压表和电流表的选择可以采取尝试法，但前提是我们对电路本身的特点先要有一个正确的分析，然后再结合电表的连接要求进行尝试。 21．（2分）在图中，有两根导线尚未连接，请以笔画线代替导线补上，补上后要求：①电压表测小灯两端的电压。 ②闭合电键，当变阻器的滑片向右移动时，电压表的示数变大。 【分析】电压表测量灯泡两端电压，向右移动滑动变阻器的滑片时，电压表示数变大说明滑片向右移动滑动变阻器接入电路的电阻减小，灯泡分得的电压变大，因此滑片向右移动滑动变阻器接入电路的电阻减小，再按一上一下的原则串联在电路中。 【解答】解： 灯泡与滑动变阻器串联，滑片右移，电压表的示数变大，滑动变阻器接入电路的电阻变小，故将右下接线柱与开关右接线柱相连，并将电压表的负接线柱与灯泡左接线柱相连；如下图所示： 【点评】解决本题的关键：一是知道滑动变阻器在连接时按一上一下的原则，串联在电路中和滑片靠近下方接线柱接入电路的电阻变小、远离下方接线柱接入电路的电阻变大；二是根据电压表示数的变化判断滑动变阻器的接线柱；三是电压表与被测用电器并联。 五、实验探究题（本大题共4小题，共25分。） 22．（5分）在“探究哪些因素影响滑轮组的机械效率”的实验中，某小组利用如图所示装置测得了四组数据，如下表所示： 实验次数 钩码重G/N 钩码上升的高度h/cm 测力计示数F/N 测力计移动的距离s/cm 1 3 2 1.2 6 2 3 5 1.2 15 3 3 8 1.2 26 （1）实验时要竖直向上 　匀速　拉动弹簧测力计； （2）三次实验中，第 　3　次实验数据明显出现错误，应当剔除； （3）第二次实验中，有用功是 　0.15　J，总功是 　0.18　J，滑轮组的机械效率为 　83.3%　。 【分析】（1）实验时要竖直向上匀速拉动弹簧测力计； （2）要解决此题，需要掌握绳端移动距离与物体上升高度之间的关系：s＝nh； （3）掌握有用功、总功、机械效率的概念。在此题中有用功是克服钩码的重力做的功；总功是拉力F做的功；机械效率等于有用功与总功之比。 【解答】解：（1）实验时要竖直向上匀速拉动弹簧测力计； （2）前三次实验中，1、2两次实验绳端移动距离都是物体上升高度的3倍，可知此滑轮组由3段绳子承担物重，而第三次绳端移动距离与钩码上升高度的关系错误，所以应当剔除； （3）第2次实验的钩码重G＝3N，钩码上升高度h＝5cm＝0.05m。 所以有用功为：W有用＝Gh＝3N×0.05m＝0.15J； 测力计示数即拉力为F＝1.2N，绳端移动距离为s＝15cm＝0.15m 所以总功为：W总＝Fs＝1.2N×0.15m＝0.18J； 所以机械效率为：η100%100%≈83.3%。 故答案为：（1）匀速；（2）3；（3）0.15；0.18；83.3%。 【点评】本题是测量滑轮组机械效率的实验，主要考查了有关滑轮组的有用功、总功、机械效率的计算。一定要搞清有用功、总功的求法，掌握机械效率的计算公式，同时要搞清绳端移动距离与物体上升高度之间的关系。同时还考查了学生根据实验数据分析问题的能力。 23．（6分）小明为了探究“物体动能大小与哪些因素有关”，设计了如图甲、乙、丙所示的实验装置来进行实验。 （1）该实验中研究的是 　小球　（小球/木块）的动能，通过观察 　木块被撞出的距离　判断其动能大小，这种研究方法是 　转换法　。 （2）对比甲和乙是为了探究动能大小与 　速度　的关系。 （3）对比乙和丙，可得到的结论是 　当速度相同时，物体的质量越大动能越大　。 （4）若质量不同的小球分别从同一斜面的不同高度静止自由释放推动同一位置的木块，则 　能　（选填“能”或“不能”）根据木块被推动的距离来判断小球初始重力势能的大小。 【分析】（1）实验中运用转换法来研究小球动能的大小，即观察小球撞击木块移动的距离远近，根据牛顿第一定律分析； （2）（3）动能大小跟质量和速度有关；在探究动能大小跟质量关系时，控制速度大小不变；在探究动能大小跟速度关系时，控制质量不变； （4）重力势能的大小通过小球推动木块的距离来体现。 【解答】解：（1）根据转换法可知，实验中通过观察木块移动的距离，来判断小球动能的大小，木块前进距离越长，说明小球动能越大。 （2）甲图和乙图的小球质量相等，小球下滑高度不同，小球到达水平面的速度不同，对比甲图和乙图是为了探究动能大小与速度的关系。 （3）对比乙图和丙图，小球下滑高度相同，小球到达水平面的速度相同，图丙中小球的质量大于图乙中小球的质量，图丙的小球将木块移动的距离较远，可得到的结论是：速度一定时，质量越大，动能越大。 （4）若质量不同的小球分别从斜面的不同高度静止自由释放推动同位置的木块，将重力势能转化为动能和内能，重力势能越大，动能就越大，将小木块就撞得越远，故可以通过小木块被撞后移动的距离来判断重力势能的大小。 故答案为：（1）小球；木块被撞出的距离；转换法；（2）速度；（3）当速度相同时，物体的质量越大动能越大；（4）能。 【点评】用控制变量法研究动能大小的影响因素，用转换法表示动能的大小；采用控制变量法研究实验时，一定注意相同因素和不同因素。 24．（7分）在探究“电流与电阻的关系”实验中。电源电压恒为9V，滑动变阻器规格为“50Ω 2A”。 （1）连接实物图时，开关应处于 　断开　状态； （2）正确连接好电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于 　左　端；（选填“左”或“右”）其目的是为了 　保护电路　； （3）实验时更换不同的定值电阻后，都需要调节滑动变阻器，其目的是控制 　电压　不变，实验数据如表所示，其中第6次实验中电流表示数如图丙所示，其读数为 　0.24　A； 实验次数 1 2 3 4 5 6 …… 电阻R/Ω 5 7.5 12 15 20 25 …… 电流/A 1.2 0.8 0.48 0.4 0.32 …… （4）分析表格可得出结论：　电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比　； （5）在物理实验中，经常要进行多次测量，其目的有两个：①为了减小误差；②是为了寻找规律，本实验中，多次测量的目的是 　②　（选填“①”或“②”）。 【分析】（1）（2）连接电路时，开关断开，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大； （3）实验时更换不同的定值电阻后，都需要调节滑动变阻器，其目的是控制定值电阻两端的电压不变，先确定分度值，再读数； （4）分析表格数据，利用欧姆定律可得出结论； （5）在物理实验中，经常要进行多次测量，其目的有两个：①为了减小误差；②是为了寻找规律。 【解答】解：（1）为了电路安全，在连接电路时，要将开关断开； （2）为了电路安全，闭合开关前，滑动变阻器滑片处于最大阻值处，即最左端； （3）实验时更换不同的定值电阻后，都需要调节滑动变阻器，其目的是控制定值电阻两端的电压不变，实验数据如表所示，其中第6次实验中电流表示数如图丙所示，其读数为0.24A； （4）分析表格数据，利用欧姆定律可知U＝IR＝1.2A×5Ω＝..＝6V，可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比； （5）本实验是探究电流与电阻的关系，实验中多次测量的目的是为了寻找规律。 故答案为：（1）断开；（2）左；保护电路；（3）电压；0.24；（4）电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；（5）②。 【点评】本题为探究“电流与电阻的关系”实验，考查连接电路时的注意事项、实验结论的得出、电流表的读数等知识。 25．（7分）在“测量小灯泡电阻”实验中，选用的器材有：两节新干电池，额定电压为2.5V的待测小灯泡、滑动变阻器、电流表、电压表，开关和若干导线。 （1）实验原理是 　　； （2）闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数。接下来应进行的操作是 　C　。 A.更换小灯泡 B.检查电路是否断路 C.移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光 （3）实验过程中，发现小灯泡不发光，电压表无示数，电流表有示数，造成这一现象的原因可能是 　B　（选填字母代号）； A.电流表短路 B.小灯泡短路 C.滑动变阻器断路 （4）排除故障后，移动滑片P，某次实验时，电压表的示数为2.5V，电流表的示数如图乙所示，则通过小灯泡的电流为 　0.28　A。小灯泡正常发光时的电阻约为 　8.9　（结果保留一位小数）； （5）经过多次实验，测出并记录多组电压和电流的值，得到小灯泡的I﹣U图像如图丙所示，通过分析图像可知，小灯泡中的电流与小灯泡两端的电压 　不成比例　（选填“成正比”或“不成正比”），说明小灯泡的电阻随 　灯丝温度　的改变而改变。 【分析】（1）测量小灯泡电阻的实验原理是； （2）闭合开关，小灯泡不亮，电流表有示数，说明电路通路，可能是小灯泡的实际功率太小； （3）实验过程中，小灯泡不发光，电压表无示数，说明小灯泡两端没有电压，电流表有示数，说明电路通路，由此可知可能的故障原因； （4）电压表示数、电路中的电流已知，由欧姆定律求出小灯泡正常发光下的电阻； （5）由实验数据得到的小灯泡I﹣U图像可知，小灯泡的电流与灯泡两端的电压不成比例，因为小灯泡两端电压增大，通过的电流增大时，灯丝的温度升高电阻变大。 【解答】解：（1）测量小灯泡电阻的实验原理是； （2）闭合开关，小灯泡不流，电流表有示数，说明电路通路，可能是小灯泡的实际功率太小，可以移动滑动变阻器的滑片，增大小灯泡的实际功率，观察小灯泡是否发光； （3）实验过程中，小灯泡不发光，电压表无示数，说明小灯泡两端没有电压，电流表有示数，说明电路通路，由此可知，电路故障原因可能时小灯泡短路，故选B； （4）图乙中电流表的量程是0﹣0.6A，分度值是0.02A的电，电流表的示数I＝0.3A， 小灯泡正常发光下的电阻； （5）由实验数据得到的小灯泡I﹣U图像可知，小灯泡的电流与灯泡两端的电压不成比例，因为小灯泡两端电压增大，通过的电流增大时，灯丝的温度升高电阻变大，故小灯泡的电信随灯丝温度的变化而变化。 故答案为：（1）；（2）C；（3）B；（4）0.28；8.9；（5）灯丝温度。 【点评】（1）本题考查了测量小灯泡电阻的实验原理，电路的故障分析，电流表示数的读取，欧姆定律的应用，小灯泡的电阻随温度的变化而变化。 六、综合应用题（本大题共2小题。共19分。解答时要求在答题卡相应的答题区域内写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤。只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不得分。） 26．（9分）油电混合动力汽车是新型节能汽车。这种汽车在内燃机启动时，可以给车提供动力的同时，也给动力蓄电池组充电。已知某型号混合动力汽车所用的蓄电池能够储存的最大电能是1.0×108J，若该车沿直线匀速行驶40km，此过程中汽车所受阻力大小为900N，蓄电池组的电能也增加了最大电能的10%，内燃机共消耗燃油2.5kg。（ ）求： （1）该汽车此次行驶中，若燃油完全燃烧可放出多少热量？ （2）该汽车行驶中牵引力做了多少功？ （3）该汽车内燃机的效率是多大？ 【分析】（1）根据Q放＝mq求出燃油完全燃烧放出的热量； （2）已知汽车行驶过程中所受的阻力，利用二力平衡的条件可得出汽车的牵引力，根据W＝Fs求出汽车在行驶过程中牵引力做的功； （3）已知蓄电池能够储存的最大电能，根据题意求出蓄电池组的电能增加的最大电能，再利用η100%可求出汽车内燃机的效率。 【解答】解：（1）内燃机共消耗燃油2.5kg，燃油完全燃烧放出的热量为： Q放＝mq油＝2.5kg×4.6×107J/kg＝1.15×108J； （2）已知该车行驶过程中所受阻力为f＝900N， 由二力平衡的条件可知，汽车的牵引力为F＝f＝900N， 则汽车在行驶中牵引力做的功为： W＝Fs＝900N×4×104m＝3.6×107J； （3）蓄电池能够储存的最大电能是1×108J，由题意可知蓄电池组的电能增加的最大电能为： W′＝1%×1×108J＝1×107， 该汽车内燃机的效率为： η100%100%＝40%。 答：（1）该汽车此次行驶中，若燃油完全燃烧可放出1.15×108J热量； （2）该汽车行驶中牵引力做了3.6×107J功； （3）该汽车内燃机的效率是40%。 【点评】本题考查了功和效率的计算公式的应用，需要熟练掌握相关的计算公式。 27．（10分）如图所示电路，电源电压恒为12V，电阻R1的阻值为5Ω，滑动变阻器R2上标有“10Ω　3A”的字样，小灯泡L上标有“12V　6W”的字样，电流表的量程为0～3A。 （1）当开关S1、S2、S都闭合时，求小灯泡L在5min内产生的热量； （2）当开关S1、S2、S都闭合，电流表的示数为2A时，求R2消耗的电功率； （3）当开关S1、S2都断开，S闭合时，电流表的示数是1A，求滑动变阻器R2接入电路的阻值。 【分析】（1）当开关S1、S2、S都闭合时，L与R2并联，额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，根据Q＝W＝Pt求出 小灯泡L在5min内产生的热量； （2）当开关S1、S2、S都闭合时，电流表测干路电流，根据P＝UI求出通过L的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，利用P＝UI求出R2消耗的电功率； （3）当开关S1，S2都断开，S闭合时，R1与R2串联，根据欧姆定律求出电流表的示数是1A时电路中的总电阻，根据电阻的串联求出滑动变阻器R2接入电路的阻值。 【解答】解：（1）当开关S1、S2、S都闭合时，L与R2并联， 因并联电路中各支路两端的电压相等，且额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等， 所以，小灯泡的电功率PL＝6W， 则小灯泡L在5min内产生的热量： QL＝WL＝PLt＝6W×5×60s＝1800J； （2）当开关S1、S2、S都闭合时，电流表测干路电流， 由P＝UI可得，通过灯泡L的电流： IL0.5A， 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，通过R2的电流： I2＝I﹣IL＝2A﹣0.5A＝1.5A， 则R2消耗的电功率： P2＝UI2＝12V×1.5A＝18W； （3）当开关S1、S2都断开，S闭合时，R1与R2串联，电流表测电路中的电流， 由I可得，电路中的总电阻： R12Ω， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，滑动变阻器R2接入电路的阻值： R2＝R﹣R1＝12Ω﹣5Ω＝7Ω。 答：（1）当开关S1、S2、S都闭合时，小灯泡L在5min内产生的热量为1800J； （2）当开关S1、S2、S都闭合，电流表的示数为2A时，R2消耗的电功率为18W； （3）当开关S1、S2都断开，S闭合时，电流表的示数是1A，滑动变阻器R2接入电路的阻值为7Ω。 【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，分清电路的连接方式是解题的基础和关键。 学科网（北京）股份有限公司 $$