重庆市复旦中学教育集团2024-2025学年高二下学期开学定时作业物理试题

答案和解析 1.【答案】  【解析】解：、是电场强度的定义式，运用了比值法定义，反映电场本身的性质，与试探电荷无关，所以不能说：与成反比，与成正比，故A错误； B、场强的方向与正试探电荷受到的电场力的方向相同，与负试探电荷受到的电场力的方向相反，某一点场强方向与放入试探电荷的正负无关，故B错误； 、场强由电场本身决定，与试探电荷正负无关，电场中某一点不放试探电荷时，该点场强仍存在，故C正确，D错误。 故选：。 2.【答案】  【解析】【分析】碰撞前两球带异种电荷，相互吸引而发生碰撞，碰后电量平分，根据库仑定律和牛顿第二定律研究库仑力，即可求解。 本题关键要抓住两球经过相同位置时之间的距离不变，碰撞时由于两球相同，电量平分，根据库仑定律、牛顿第二定律和能量守恒定律进行分析。 【解答】 释放时受到的库仑力为：，其加速度， 当两球碰撞后，所带电荷量为，故小球再经过原位置时，受到的库仑力为，所以加速度为，故A正确，BCD错误。 故选A。 3.【答案】  【解析】【分析】 依据同种电荷相斥，异种电荷相吸，结合受力平衡，即可判定球的电性，及其电量。球位于球正下方时，根据平衡条件和库仑定律结合求两细线上的拉力。 本题考查库仑定律和平衡条件的综合应用，要注意分析物体的受力情况，掌握受力平衡的应用，并能熟练运用几何关系。 【解答】 A.当球经过点正下方时，水平绝缘细线的拉力恰为零，依据平衡条件，则球对球有排斥力，球带正电，故A错误； B.当球经过点正下方时，分析球的受力情况，如图所示，由几何关系知，此时连线与竖直方向的夹角也等于，； 由对称性知，，由平衡条件得，，得，又由库仑定律得，解得，故B错误； 球位于球正下方时，间距离为，球所受的库仑力为，对球，水平方向有，得竖直方向有，联立解得，故C正确，D错误． 故选C。 4.【答案】  【解析】【分析】 做出粒子在交变电场中的速度时间图象，结合图象分析可能属于的时间段。 本题也可以由牛顿第二定律结合运动学公式分析，但没有做出速度时间图象简单。 【解答】 设粒子的速度方向、位移方向向右为正。依题意得，粒子的速度时而为负，时而为正，最终打在板上时位移为负，速度为负。作出、、、时粒子运动的速度时间图像如图所示。由于图线与时间轴所围的面积表示粒子通过的位移，则由图像可知、时粒子在一个周期内的总位移大于零；时粒子在一个周期内的总位移小于零；当时情况类似。因粒子最终打在板上，则要求粒子在每个周期内的总位移应小于零，对照各选项可知只有B正确。 5.【答案】  【解析】解：、粒子在电场中做类平抛运动，水平方向，初速度相等，则，故A错误； B、粒子在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，，相同，则，故B错误； C、由牛顿第二定律：，则粒子质量，所以：，故C正确； D、从图中可以看出和的位移大小之比，故D错误。 故选：。 带电粒子在电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律和匀变速直线运动规律列式求解。 本题考查带电粒子在匀强电场中的运动，比较简单，注意解决类平抛运动的方法为运动的分解。 6.【答案】  【解析】A.电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带负电，因此电场线指向左上方，沿电场线电势降低，故等势线的电势最高，故A正确； ．因为从到电场力做负功，则电势能变大，动能减小，则点的电势能小于点的电势能，带电质点通过点时动能较大，选项BC错误； D.由于相邻等势面之间的电势差相同。等势线密的地方电场线密场强大，故点位置电场强度比点较大，电场力大，根据牛顿第二定律，在点的加速度也大，故D错误。 故选A。 7.【答案】  【解析】【分析】 本题主要考查了电阻定律的应用，根据电阻定律可知，找出、即可解题。 【解答】 理想电流表、的示数相等，则 由 可得 则 故选A。 8.【答案】  【解析】【分析】 电阻与表头并联时电流表，串联时电压表，根据欧姆定律计算满偏时通过电路的总电流和加载电路两端的总电压即可得到量程。 考查电表的改装。在将表头改装成电流、电压两用的电表时，要留意改装电压表时，先前并在电路中的电阻会产生影响，计算时不能忘记其影响。 【解答】 由电路图可知，用两端时，表头与并联，是电流表，量程； 由电路图可知，用两端时，表头与串联，是电压表，量程。 故ABD错误，C正确。 9.【答案】  【解析】【分析】 本题关键要对电表的内部结构要了解：电流表是由表头与分流电阻并联；电压表是由表头与分压电阻串联。 电流表、是由相同的电流表改装而成的，的量程较大，分流电阻较小，串联时流过表头的电流较小，指针偏转的角度较小；电压表、是相同电流表改装而成的，串联时流过表头的电流相同，指针偏转的角度相同，量程较大的电压表读数较大。 【解答】 A.电流表、串联，流过电流表的电流相同，的读数与的读数相同，故A错误； B.电流表、是由相同的电流表改装而成的，的量程较大，分流电阻较小，串联时流过表头的电流较小，指针偏转的角度较小，故B错误； C.电压表、是相同电流表改装而成的，串联时流过表头的电流相同，指针偏转的角度相同， 的量程大于的量程，所以读数比读数大，故C正确； D.两电压表的表头相同，串联时流过表头的电流相同，指针偏转的角度相同，故D错误。 10.【答案】  【解析】A.电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的，故A正确； B.电压与电动势的单位都是伏特，但电动势与电压并不是同一物理量的不同叫法，它们分别代表了电路中不同的物理含义，故B错误； C.干电池的电动势为，表明在电源内部，通过非静电力将的正电荷从负极移到正极的过程中，有的其他形式的能量如化学能被转化为电能，故C错误； D.电源的电动势是一个固定的物理量，它表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，与电源内非静电力做的功和通过的电量无关。电源的电动势是由电源本身的性质决定的，故D错误。 11.【答案】  【解析】【分析】 先由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析电容器板间场强的变化，由质点的受力情况可知质点的运动情况。 解决动态变化分析的题目，一般可以按照整体局部整体的思路进行分析，注意电路中某一部分电阻增大时，无论电路的连接方式如何，总电阻都是增大的。 【解答】 由图可知，与滑动变阻器串联后与并联后，再与串联接在电源两端；电容器与并联；当的滑片向移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，路端电压增大，则两端的电压减小，可知并联部分的电压增大，两端电压增大，通过电流增大。根据并联电路的特点可知：电流表示数减小，流过的电流减小，电压减少，根据电压知识滑动变阻器电压增大，电压表示数增大，故A错误，B正确； C.因两端电压增大，电容器两端电压增大，板间场强增大，质点受到的向上电场力增大，故质点将向上运动，故C正确； D.因两端的电压增大，由可知，上消耗的功率增大，故 D正确。 故选BCD。 12.【答案】  【解析】解： A、由图象Ⅱ可知，外电阻，故A正确。 B、由图象Ⅰ可知，电源电动势，短路电流，电源内阻，故B错误。 C、由两图象的交点坐标，可得电源的路端电压为，干路电流为，电源的输出功率为，故C错误。 D、电源内部消耗功率为，故D正确。 故选：。 由图象Ⅰ可知电源的电动势为，短路电流为；由图象Ⅱ可得外电路电阻为，两图象的交点坐标即为电阻和电源构成闭合回路时的外电压和干路电流。 根据图象Ⅰ正确读出电源的电动势和短路电流，根据图象正确读出外电路两端的电压和流过电阻的电流，是解决此类问题的关键。 13.【答案】  【解析】解：、到点，由电场力做功得 代入数据解得 故A正确； B、点移动到点，由电场力做功得   解得 A、两点间的电势差为 故B正确； C.点电荷在点的电势能为 故C错误； D.点电荷从点移动到点，电场力做功为 故D错误。 故选：。 依题意，点的电势为，根据电场力做功可确定、两点的电势，再根据电势能的计算公式求得点的电势能。 解题关键在于掌握电场力做正功时，电势能逐渐减小，由于点电势为，可知、两点的电势大小。 14.【答案】  【解析】【分析】 对物体进行受力分析，运用牛顿第二定律求出物体的加速度大小和方向，根据物体的初状态确定物体的运动情况分析时，要抓住电场强度是随时间变化的，要注意分析合力的大小和方向如何变化． 本题关键要找出物体的合力，求出物体的加速度，根据加速度的情况判断物体运动情况． 【解答】 物体开始运动后，由于逐渐减小，物体与墙壁间的压力减小，摩擦力减小，加速度逐渐增大；经过时间后，物体与墙壁间压力为，摩擦力为，竖直方向加速度达到最大且以后也保持不变；此时物体离开墙壁，即在竖直墙壁上的位移达到最大，此后电场力方向改变，竖直方向做匀加速运动，水平方向做加速度逐渐增大的变加速运动，速度一直增大，故选项BC正确，AD错误。 故选BC。 15.【答案】解：闭合、断开，电流表的示数是， 由闭合电路欧姆定律有：； 闭合和，电流表的示数是， 则路端电压为： 此时流过电动机的电流为： 则电动机的输出功率为： 重物向上运动的速率：。  【解析】【分析】 本题主要是考查非纯电阻电路的计算，关键是理清电动机三种功率与电流的关系：电动机的总功率，内部的发热功率，输出功率。 闭合、断开时，根据闭合电路的欧姆定律求解电源电动势； 闭合和，根据闭合电路的欧姆定律结合电路连接情况求出流过电动机的电流，电动机输出的机械功率为，由此求出重物向上运动的速率。 【解答】 16.【答案】解：从到由动能定理可得     代入数据解得 从到由牛顿第二定律得     由位移公式有  代入数据解得  由速度公式可得  从到有  解得  所以小球从点到点所用的时间 设小球第一次沿斜面向上运动的最高点到点的距离为，由动能定理得     代入数据解得   【解析】【分析】从到的过程，由动能定理可求得匀强电场的场强的大小； 先根据牛顿第二定律和运动学公式结合求出小球通过段的时间和到达点的速度，再由运动学公式求出段运动的时间，则小球从点到点的时间可求解； 小球从点到最高点的过程，根据动能定理列式求解。本题是典型的多过程问题，要转换理念，将它看成力学问题，通过分析受力情况和运动情况，再选择力学基本规律求解。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$ 重庆复旦中学教育集团 2024-2025 学年度下期开学定时作业 高 2026 届物理试题 本试卷分为I 卷和Ⅱ卷，考试时间 60分钟，满分 100 分。请将答案工整地书写在答题卡上。 命题人： 一、单选题：本大题共10小题，共40分。 1.关于电场场强的概念，下列说法正确的是(    ) A. 由可知，电场中某点的场强与成反比，与成正比 B. 正负试探电荷在电场中同一点受到的电场力方向相反，所以某一点场强方向与放入试探电荷的正负有关 C. 电场中某一点的场强与放入该点的试探电荷正负无关 D. 电场中某一点不放试探电荷时，该点场强等于零 2.一根放在水平面内的光滑玻璃管绝缘性能良好，内部有两个完全相同的可看做点电荷的弹性金属小球和，电荷量分别为和，两小球从图示位置由静止释放，那么，两小球再次经过图中原静止释放位置时，球的瞬时加速度为释放时的(    ) A. 倍 B. C. 倍 D. 3.如图所示，绝缘细线和系一个质量为、带电量为的带正电小球，细线长为，与竖直方向的夹角为，轴为与同一竖直面内的水平方向，带电小球从左侧无穷远处沿方向移动到右侧无穷远处，点到轴的距离为当球经过点正下方时，水平绝缘细线的拉力恰为零．若将带电小球视为点电荷，静电力常量为下列说法正确的是(    ) A. 球带负电荷 B. 球带电荷量为 C. 球位于球正下方时，细线上的拉力为拉力的倍 D. 球位于球正下方时，细线上的拉力为 4.如图所示，两平行正对的金属板、间加有如图所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固定在两板的正中间处。若在时刻释放该粒子，粒子会时而向板运动，时而向板运动，并最终打在板上。则可能属于的时间段是  (    ) A. B. C. D. 5.如图所示，带电粒子、所带电荷量、之比为：，带电粒子、以相等的速度从平行板电容器左侧同一点射入电场，沿着跟电场强度垂直的方向射入平行板电容器中，分别打在、点，为下极板左侧端点，若，忽略粒子所受重力的影响，则(    ) A. A、在电场中运动的时间之比为： B. A、运动的加速度大小之比为： C. A、的质量之比为： D. A、的位移大小之比为： 6.如图所示，虚线、、代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相同，实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，、是这条轨迹上的两点，由此可知(    ) A. 三个等势面中，等势面电势最高 B. 电场中点的电势能大于点 C. 该带电质点通过点时动能较大 D. 该带电质点通过点时加速度较大 7.甲乙两个长方体导体的边长均为，将它们接入如图所示的电路中，闭合开关，理想电流表、的示数相等，则导体甲乙的电阻率之比为(    ) A. B. C. D. 8.已知一只表头的量程为，内阻。现将表头改装成电流、电压两用的电表，如图所示，已知，，则下列正确的说法是 A. 用两端时是电压表，量程为 B. 用两端时是电压表，量程为 C. 用两端时是电流表，量程为 D. 用两端时是电流表，量程为 9.四个相同的电流表分别改装成两个电流表、和两个电压表、，的量程大于的量程的量程，的量程大于的量程，把它们接入如图所示的电路，闭合开关后(    ) A. 的读数比的读数小 B. 指针偏转角度与指针偏转角度相同 C. 读数比读数大 D. 指针偏转角度比指针偏转角度大 10.下列有关电动势的说法正确的是(    ) A. 电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的 B. 电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法 C. 干电池电动势为，表明将的正电荷从电源负极移到正极，通过非静电力做功，将电能转化为了其他性质的能量 D. 电源的电动势跟电源内非静电力做的功成正比，跟通过的电量成反比 二、多选题：本大题共4小题，共24分，每小题全选6分，漏选3分，错选0分。 11.如图所示，平行金属板中带电质点原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器的滑片向端移动时，则(    ) A. 电压表读数减小 B. 电流表读数减小 C. 质点将向上运动 D. 上消耗的功率逐渐增大 12.如图所示的图象中，直线为某电源的路端电压与电流的关系，直线Ⅱ为某一电阻的伏安特性曲线，用该电源直接与电阻连接成闭合电路，由图象可知(    ) A. 的阻值为 B. 电源电动势为，内阻为 C. 电源的输出功率为 D. 电源内部消耗功率为 13.在匀强电场中把电荷量为的点电荷从点移动到点，克服静电力做的功为；再把这个电荷从点移动到点，静电力做的功为J.取点电势为零则下列说法正确的是(    ) A. 点电势为 B. A、两点间的电势差 C. 点电荷在点的电势能为 D. 点电荷从点移动到点，电场力做功为 14.如图所示，一质量为、带电荷量为的物体处于场强按、均为大于零的常数，取水平向左为正方向变化的电场中，物体与竖直墙壁间的动摩擦因数为，时刻物体处于静止状态。若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且电场空间和墙面均足够大，下列说法正确的是  (    ) A. 物体开始运动后加速度先增大后保持不变 B. 物体开始运动后加速度不断增大 C. 经过时间，物体在竖直墙壁上的位移达到最大值 D. 经过时间，物体运动速度达到最大值 三、计算题：本大题共2小题，共36分。 15.（16分）如图所示电路，电源电动势为，内阻为，定值电阻。闭合、断开，电流表的示数是；闭合和，电流表的示数是，此时电动机竖直向上匀速吊起质量为的重物，已知电动机线圈电阻为，电流表为理想电表，不计一切阻力，重力加速度求： 电源电动势； 闭合和时，重物向上运动的速率。 16.（20分）如图所示，小球可视为质点带电荷量为，质量为，放在倾角为的足够长绝缘斜面上。斜面部分光滑，其他部分粗糙，且小球与斜面间的动摩擦因数，段有一平行于斜面向上的有界匀强电场。现让小球从点由静止释放，到达点时速度恰好为。已知的长度为，的长度为，，，取。求： 匀强电场的场强的大小； 小球从点到点所用的时间； 小球第一次沿斜面向上运动的最高点到点的距离。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$第 1页，共 6页 重庆复旦中学教育集团 2024-2025 学年度下期开学定时作业 高 2026 届物理试题 本试卷分为 I 卷和Ⅱ卷，考试时间 60 分钟，满分 100 分。请将答案工整地书写在答题卡上。 一、单选题：本大题共 10 小题，共 40 分。 1.关于电场场强的概念，下列说法正确的是( ) A.由� = ��可知，电场中某点的场强�与�成反比，与�成正比 B.正负试探电荷在电场中同一点受到的电场力方向相反，所以某一点场强方向与放入试探电荷的正负有关 C.电场中某一点的场强与放入该点的试探电荷正负无关 D.电场中某一点不放试探电荷时，该点场强等于零 2.一根放在水平面内的光滑玻璃管绝缘性能良好，内部有两个完全相同的可看做点电荷的弹性金属小球� 和�，电荷量分别为+9�和−�，两小球从图示位置由静止释放，那么，两小球再次经过图中原静止释放位 置时，�球的瞬时加速度为释放时的( ) A. 169倍 B. 9 16 C. 20 3倍 D. 3 20 3.如图所示，绝缘细线��和��系一个质量为�、带电量为�的带正电小球�，��细线长为�，与竖直方向的 夹角为� = 30°，�轴为与���同一竖直面内的水平方向，带电小球�从左侧无穷远处沿+�方向移动到右侧无 穷远处，�点到�轴的距离为 3�.当�球经过�点正下方时，水平绝缘细线��的拉力恰为零．若将带电小球视 为点电荷，静电力常量为�.下列说法正确的是( ) A. �球带负电荷 B. �球带电荷量为 3��� 2 �� 第 2页，共 6页 C. �球位于�球正下方时，细线��上的拉力为��拉力的 2 倍 D. �球位于�球正下方时，细线��上的拉力为 3��3 4.如图�所示，两平行正对的金属板�、�间加有如图�所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被 固定在两板的正中间�处。若在�0时刻释放该粒子，粒子会时而向�板运动，时而向�板运动，并最终打在� 板上。则�0可能属于的时间段是 ( ) A. 0 < �0 < � 4 B. � 2 < �0 < 3� 4 C. 3� 4 < �0 < � D. � < �0 < 9� 8 5.如图所示，带电粒子�、�所带电荷量��、��之比为 1：2，带电粒子�、�以 相等的速度�0从平行板电容器左侧同一点射入电场，沿着跟电场强度垂直的方 向射入平行板电容器中，分别打在�、�点，�为下极板左侧端点，若�� = ��， 忽略粒子所受重力的影响，则( ) A. A、�在电场中运动的时间之比为 1：4 B. A、�运动的加速度大小之比为 1：2 C. A、�的质量之比为 1：8 D. A、�的位移大小之比为 1：2 6.如图所示，虚线�、�、�代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相同，实线为一带负电的质 点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，�、�是这条轨迹上的两点，由此可知( ) A.三个等势面中，�等势面电势最高 B.电场中�点的电势能大于�点 C.该带电质点通过�点时动能较大 D.该带电质点通过�点时加速度较大 7.甲､乙两个长方体导体的边长均为�､�､�，将它们接入如图所示的电路中，闭合开关�，理想电流表�1、�2 的示数相等，则导体甲､乙的电阻率之比为( ) A. � 2 ∶ � ​ 2 B. � 2 ∶ � ​ 2 C. � ∶ � D. � ∶ � 第 3页，共 6页 8.已知一只表头的量程为 0 ∼ 100��，内阻�� = 100�。现将表头改装成电流、电压两用的电表，如图所 示，已知�1 = 100�，�2 = 1��，则下列正确的说法是 A.用��两端时是电压表，量程为 110� B.用��两端时是电压表，量程为 110� C.用��两端时是电流表，量程为 200�� D.用��两端时是电流表，量程为 200�� 9.四个相同的电流表分别改装成两个电流表�1、�2和两个电压表�1、�2，�1的量程大于的量程�2的量程，�1 的量程大于�2的量程，把它们接入如图所示的电路，闭合开关后( ) A. �1的读数比�2的读数小 B. �1指针偏转角度与�2指针偏转角度相同 C. �1读数比�2读数大 D. �1指针偏转角度比�2指针偏转角度大 10.下列有关电动势的说法正确的是( ) A.电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的 B.电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法 C.干电池电动势为 1.5�，表明将 1�的正电荷从电源负极移到正极，通过非静电力做功，将 1.5�电能转化为 了其他性质的能量 D.电源的电动势跟电源内非静电力做的功成正比，跟通过的电量成反比 二、多选题：本大题共 4 小题，共 24 分，每小题全选 6分，漏选 3 分，错选 0分。 11.如图所示，平行金属板中带电质点�原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变 阻器�4的滑片向�端移动时，则( ) 第 4页，共 6页 A.电压表读数减小 B.电流表读数减小 C.质点�将向上运动 D. �3上消耗的功率逐渐增大 12.如图所示的� − �图象中，直线�为某电源的路端电压与电流的关系，直线Ⅱ为 某一电阻�的伏安特性曲线，用该电源直接与电阻�连接成闭合电路，由图象可知 ( ) A. �的阻值为 1.5� B.电源电动势为 3�，内阻为 0.5� C.电源的输出功率为 3.0� D.电源内部消耗功率为 1.5� 13.在匀强电场中把电荷量为−2 × 10−9�的点电荷�从�点移动到�点，克服静电力做的功为 1.6 × 10−7�；再 把这个电荷从�点移动到�点，静电力做的功为 4.0 × 10−7J.取�点电势为零.则下列说法正确的是( ) A. �点电势为�� = 80� B. A、�两点间的电势差��� =− 120� C.点电荷�在�点的电势能为��� = 4.0 × 10−7� D.点电荷�从�点移动到�点，电场力做功为��� = 5.6 × 10−7� 14.如图所示，一质量为�、带电荷量为�(� > 0)的物体处于场强按� = �0 − ��(�0、�均为大于零的常数， 取水平向左为正方向)变化的电场中，物体与竖直墙壁间的动摩擦因数为�，� = 0 时刻物体处于静止状态。 若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且电场空间和墙面均足够大，下列说法正确的是 ( ) A.物体开始运动后加速度先增大后保持不变 B.物体开始运动后加速度不断增大 C.经过时间� = �0�，物体在竖直墙壁上的位移达到最大值 D.经过时间� = ���0−����� ，物体运动速度达到最大值 三、计算题：本大题共 2 小题，共 36 分。 15.（16 分）如图所示电路，电源电动势为�，内阻为� = 1 �，定值电阻� = 5 �。闭合�1、断开�2，电流 表的示数是 1.00 �；闭合�1和�2，电流表的示数是 2.00 �，此时电动机竖直向上匀速吊起质量为� = 0.6 �� 第 5页，共 6页 的重物，已知电动机线圈电阻为�0 = 0.5 �，电流表为理想电表，不计一切阻力，重力加速度� = 10�/�2 求： (1)电源电动势�； (2)闭合�1和�2时，重物向上运动的速率。 16.（20 分）如图所示，小球(可视为质点)带电荷量为� =+ 1 × 10−2�，质量为� = 2 × 10−2��，放在倾角 为� = 37°的足够长绝缘斜面上。斜面��部分光滑，其他部分粗糙，且小球与斜面间的动摩擦因数� = 0.5， ��段有一平行于斜面向上的有界匀强电场。现让小球从�点由静止释放，到达�点时速度恰好为 0。已知�� 的长度为� = 4 ��，��的长度为�2，sin 37° = 0.6，cos 37° = 0.8，�取 10 �/� 2。求： 第 6页，共 6页 (1)匀强电场的场强�的大小； (2)小球从�点到�点所用的时间； (3)小球第一次沿斜面向上运动的最高点到�点的距离。