48.新高考专家原创卷（八）-【万向思维·高考快递】冲刺2025年高考物理模拟汇编48套(超详解版)

新高考专家原创卷（八） 选择题答案速查 4.A折射率、临界角，光速和全反射 题号123456 7 8 9 9 【解析】设光在B面的折射角为，则加8。sm9 sin r= 答案BD BA C B BACAC BC 1-sin'c sin 6 1.B光子的能量、频率，波长的关系 =,解得si0=√m-,A正确：去掉外套，内芯的相 【解析】由题图可知①光子对应的跃迁能级差大于②光子的， n A错误：因③光子对应的能级差大于②光子对应的能级差， 对折射率变大，光导纤维的全反射临界角变小，光仍会发生 可知3③光子的能量大于②光子的能量，根据E=h,可知③光 全反射，光导纤维仍能正常工作，B错误；0越大，光在光导纤 子的频率大于②光子的频率，B正确：④光子对应的能级差 维中折射角越大，在AM面的入射角越小，越不容易发生全反 大于①光子对应的能级差，可知用④光子照射该金属能发生 射，C错误：由题可知，光进入光导纤维内部后，在F点恰好 光电效应，C措误：因④光子对应的能级差大于①光子对应 发生全反射，如图所示，则光在光导纤维中传播的路程= 的能级差，可知④光子的波长小于①光子的波长，即④光子 的衍射本领比①光子弱，D错误 mC传播的时间1=。，速度r=。,解得1=.D铅误。 2.D交变电流 【解析】根据题意，由w=2π，得f=50,理想变压器原，副线 圈的频率相同，A错误：根据楞次定律，接收线圈产生的感应 电流的磁场向下，再由安培定则可知，通过R的电流向右，B 易错分析本题考查的是光的全反射，光在光纤中，光路变长， 错误：手机得到的充电电压偏高，可以通过增加发射线圈的 传播速度变小，很多考生会考虑片面引起错误。 匝数或减少接收线圈的匝数来调整，C错误：由于接收线圈 5.C磁场的叠加：洛伦兹力 有输电电阻，故接收线圈电压么，=儿+R=2V,则= 【解析】题图为立体图，需转化为俯视图，根据安培定则.A点 的磁场方向垂直于AB,方向由C到D,B点的磁场方向垂直 U,220V_10 G2V1,D正确。 于AB,方向由D到C,A错误：由左手定则可判断，滑块在A 一题多解本题D项可以采用等效电源的方法：接收线圈感 点受到的洛伦兹力方向竖直向下，滑块受力全在竖直方向， 受力平衡，放滑块做匀速运动，C正确.B,D错误 应出的电压并不是手机的充电电压，解题时不能生搬硬套理 想变压器原理，可应用闭合电路欧姆定律处理，把R看作接 方法总结立体图的处理方法 收线圈的内阻，容易得到U2=E=·内+U外=R+U1=2V+ 立体图很难准确把握力的方向，更不容易合成，正确的处理 0V2v是-公贸丹从有得瑞正瑞爷笔 方法是，在三维空间中，远一个面，在该面内处理各量的关 系，需要的话再转换平面处理另外的量。该题磁场在水平面 3.B抛体运动 内，我们可以画俯视图，在水平面内处理磁场的合成，得到A 【解析】设铅球出手时的速度为？，与水平方向的夹角为0，则 点的德场方向平行于DC方向由C到D,进而判断洛伦兹力 铅球水平方向的位移x=cs8·1.两种方式铅球落地的竖直 的方向竖直向下（垂直水平面向下）。 位移相同，有H=-sin0·1+了，解得1= rsin0+√0sin'0+2g ,越大，1越大，水平位移越大，故滑步 D⊙ 法推出的铅球后落地，A错误：滑步推铅球时，铅球的运动时 6.B简诺运动 间长，重力的冲量大，即铅球的动量变化量大B正确：铅球 【解析】剪断细绳后，小球在斜面上做简谐运动，小球和弹簧 在空中运动时，机械能守恒，两种方式推出的铅球初始机械 组成的系统机械能守恒，弹簧处于原长时小球的机械能最 能不同，所以两球在相同高度时，势能相同，动能不同.速率 大，小球在平衡位置处速度最大，此时弹箭处于伸长状态，有 不同.C错误：铅球在下落到和出手高度相同时，竖直方向速 弹性势能，故A错误：小球在最高点和最低点加速度大小相 度与初始时等大反向，水平方向速度不变，故此时两种方式 等，方向相反，D错误：小球在最高点时，设弹簧弹力大小为 推出的铅球的合速度方向相同，D错误。 F,加速度大小为a,对小球受力分析有F,+mgsin0=ma,小 D1物理 球在最低点时，设弹簧弹力大小为F,对小球受力分析有 方向，设其与竖直方向的夹角为a,则ma=E:再分析 F,-mgsin0=ma,可知小球在最低点处所受弹簧弹力更大，所 2mg 以小球在最低点时弹簧的弹性势能最大，故此时小球的机械 N小球的受力情况，N小球水平方向受向左的电场力gE, 能最小，B正确，C错误 故下段细线向左偏离竖直方向，设其与竖直方向的夹角为 7.B电容和电路 B,则anB=E>tan a,可见a<B,两球静止时的情况如题图 【解标1根据题意，有。-2Cs(E- 加g ,A错误：由A选项得 丙所示，A错误：上段细线的拉力大小R,=2m8>2mg,对 cos a ,B正确：由公式=Q--） U。=E- 2得c,=4c to N小球进行受力分析可知F,+F圳=√(mg)+(9E)产，因此 C的测量值与U。无关，C,D错误。 有F<√(mg)+(gE)2,B,C正确，D错误。 技巧点拨抓住题跟“石英钟的工作电流可视为定值。”“电源 11.(1)B(1分)(2)b(1分)k-r,(1分)(3)等于(2分) 电压小于。时，石英钟停止走动”，这样石英钟成了电流表还兼 等于(2分) 有计时功能，相当于把电路转化为一个电容器放电电路，我们可 测量千电池的电动势和内阻 绘出大致的-1图像，该题是在一定的电压范围内，电流但定，求 【解析】(1)电流表内阻已知，若采用题图A接法，根据闭合 解就更为筒单。 电路欧姆定律有U=E-r,由于电压表的分流，导致电流的 8.AC牛顿第二定律、整体法和隔离法 测量值小于真实值，测得的电动势和内阻均偏小：若采用题 【解析】以水平向右为正方向，以两个小朋友和滑梯三者为整体， 图B接法，测得的电动势不存在系统误差，测得的内阻等于 对整体进行受力分析，根据牛顿第二定律知其沿水平方向有 电源内阻和电流表内阻之和，而电流表内阻已知，可以准确 f=-mpnpcos37+modocos30°，解得f=-13.4N,负值说明方向 测量出电源的内阻，故该小组应该选择的实验电路图是B。 水平向左，A正确，B错误：沿竖直方向有mwg+mg+mog-F、= (2)由闭合电路欧姆定律得E=U+(r+r,),整理得U=-(r+ mpapsin37+mougsin30°，解得F、=844N,可知地而对滑梯的支 ,)1+E,则D-1图像的纵截距等于电源的电动势，即E=b: 持力大小为844N,C正确.D错误。 图像斜率的绝对值k=r+r,则电源的内阻r=k-「 技巧点拨沿竖直方向的受力分析，mwg+mg+mg-F、= (3)由(1)的分析可知，电源电动势和内阻的测量值均没有 mpapsin37°+moaosin30°，是有不同加速度的物体的牛顿第 误差 二定律的应用。 9.AC物体的平衡条件，整体法和隔离法，、摩擦力的临界值 12.(1)13.40(2分)(2)升高(2分)(3)B(2分) △L 【解析】设轻杆与竖直方向的夹角为9，由几何关系可得 sin 0=3 ,轻杆的弹力方向沿杆向上，根据平衡条件有3那0= m(2分)(4)乙(2分) △△1 验证动量守恒 mg,可得F=6 mg,A正确：地面对每根杆的摩擦力大小户 【解析】(1)游标卡尺读数为13mm+8×0.05mm= 13.40mm 6mg,当摩擦力为最大静摩擦力时，有/=以Feus日， (2)滑块通过光电门1的时间大于通过光电门2的时间，说 明滑块从光电门1到光电门2的过程为加速过程，则导轨 代人数据可得动摩擦因数私≥ ,B错误：由以上分析可知 2 右端较低，因此可调节Q使导轨右端升高。 (3)△1，4分别为滑块B向左运动的挡光时间和碰后返回 一学m0,如果增加相邻轻杆与地面接触点之间的距离，则 向右运动的挡光时间，若碰撞过程中动量守恒，取水平向左 9增大，则每根杆与地面间的摩擦力将增大，D错误；由整体 为正方向，则有品=网品一品整理得 法可得，地面对每根杆的支持力始终为些，地面对每根杆的 △1 3 mm 支持力始终不变，根据牛顿第三定律可知.每根杆对地面的 △3△2 压力始终不变，与0无关，C正确。 (4)根据计时器的两种计时模式，结合甲遮光条的形状，可知 10.BC受力分析，力的平衡、整体法和隔离法 甲遮光条符合第一种计时模式，在此种模式下遮光条挡光时 【解析】把两个小球看成一个整体，整体受到竖直向下的重 间所对应的位移略小于遮光条的真实宽度，而计算速度用的 力2mg、水平向右的电场力2gE(M受到的)，水平向左的 是遮光条的直实宽度，显然用甲进光条测得的速度大于真实 电场力gE(N受到的)和上段细线的拉力，两电场力的合 值：乙遮光条符合计时器的第二种模式，在此种模式下乙遮 力大小为E,方向水平向右，则上段细线应向右偏离竖直 光条肖光所对应的位移等于遮光条的宽度，测得的速度等于 D2物理 真实值。 牛顿运动定律和左手定则 13(1)Pg 【解析】(1)根据题意，粒子在Q点进入狭缝时的速度方向应 PoS+mg (2)g4 Po 垂直Q0,根据儿何关系可知粒子在磁场中运动的过程中速 理想气体的等温变化问题和变质量问题 度的偏转角为180 (1分》 【解析】(1)设人坐在椅面上后稳定时汽缸内气体压强为P, 根据洛伦兹力提供向心力.有 则A受 (1分 qB=m 422 Fr=m (2分) r 根据玻意耳定律有PLS=P,L,S (2分) (1分) 解得L=,必 解得粒子在磁场中的运动时间1=2形】 (2分) PoS+mg (2)能进入狭缝的粒子的运动轨迹如图甲所示，由儿何关系 (2)设充入的气体的体积为V,则有 可得，通过速度选择器的粒子在磁场中运动的轨迹半径 PoLaS+poV=P:LoS (3分》 (1分) 解得g (1分) Po 在磁场中有m,B=m (1分) 14.(1)1003N(2)53m R 受力分析，牛顿第二定律 则通过速度选择器的粒子的速度大小，一 BoR (1分) 2m 【解析】(1)以桶C为研究对象，受力分析如图所示， 粒子在狭缝中运动的轨迹半径为R,粒子所受合力大小 油桶受力平衡，F,=F (2分》 BR F=m R-4m (2分) 竖直方向根据平衡条件可得 F,c0%30+Fac0s30°=mg (2分) 乙 解得E,=。= 3mg=1003N (2分) (3)当粒子轨迹如图乙所示时，能通过速度选择器的粒子在 (2)当汽车向左做匀减速运动且B,C即将分离时，F%=0,此 磁场中运动的半径最小，最小半径儿=R (1分) 时汽车做匀减速运动的加速度最大，刹车距离最小，有F 40s30°=mg (1分) 此时能通过速度选择器的粒子的速度最小，最小速度 Fsin30°=ma (2分) 与、96 (2分) 4m (2分) 根据牛顿第二定律，有g,B-gE=m (2分) 解得最小刹车距离x=53m (2分) 15器2(a 解得E=3gRB ,方向由圆心沿半径指向外侧 (1分) 16m 4m 16m ,方向由圆心沿半径 指向外侧 D3物理null