新疆和田地区2024-2025学年九年级上学期期末物理试卷

2024-2025学年新疆和田地区九年级（上）期末物理试卷 一、选择题（每题3分，共36分） 1．（3分）八月桂花盛开，微风吹过，飘来阵阵花香，这说明（　　） A．分子非常小 B．分子间有相互作用力 C．分子是可分的 D．分子处在无规则运动中 2．（3分）下列关于温度、内能和热量的说法，正确的是（　　） A．0℃的冰没有内能 B．冬天搓手取暖是利用做功来改变内能 C．物体温度越高，所含热量越多 D．物体的机械能越多，其内能就越多 3．（3分）一瓶酒精用去三分之二，则剩余酒精的密度、比热容（　　） A．密度，比热容减小为三分之一 B．两个量都不变 C．两个量都变为原来的三分之一 D．密度不变、比热容变为原来的三分之一 4．（3分）一台四冲程内燃机飞轮转速为3600r/min，它1s完成了（　　） A．120个冲程，做了30次功 B．120个冲程，做了60次功 C．30个冲程，做了30次功 D．60个冲程，做了15次功 5．（3分）完全燃烧1kg柴油放出的热量能使多少质量的水温度升高20℃？（已知柴油的热值是4.2×107J/kg，水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），假定放出的热量被水完全吸收）（　　） A．2kg B．20kg C．50kg D．500kg 6．（3分）有两验电器A、B，A带正电，用一导体将A、B连接使B也带电，则此过程中正确的是（　　） A．电子从A到B B．电子从B到A C．正电荷从A到B D．正电荷从B到A 7．（3分）如图电路，能正确测出通过灯L1电流的电路是（　　） A． B． C． D． 8．（3分）如图所示，闭合开关S，两灯均不亮，电流表无示数，电压表有示数，则故障是（　　） A．灯L1断路 B．灯L2断路 C．灯L1被短接 D．灯L2被短接 9．（3分）如图所示，在探究串联电路的特点时，闭合开关，用电流表分别测出A、B、C三处的电流IA、IB、IC，用电压表分别测出AB、BC、AC两点间的电压UAB、UBC、UAC．下列说法正确的是（　　） A．IA＞IB＞IC B．IA＜IB＜IC C．UAB＝UBC＝UAC D．UAC＝UAB+UBC 10．（3分）家庭电路中保险丝被烧断，可能的原因（　　） A．电路中出现断路 B．电路中同时使用的用电器总功率过大 C．电路中某盏灯的开关接触不良 D．保险丝选用的太粗 11．（3分）两个精制电阻，用锰铜电阻丝绕制而成，电阻上分别标有“100Ω，10W”和“20Ω，40W”，则它们的额定电流之比为（　　） A．：5 B．：20 C．：10 D．1：2 000 12．（3分）如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，R2为定值电阻。闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P向左滑动的过程中，关于电压表和电流表的示数变化，下列四个选项中，判断正确的是（　　） A．电压表、电流表示数均变大 B．电压表、电流表示数均变小 C．电压表示数变大，电流表示数变小 D．电压表示数变小，电流表示数变大 二、填空题（每空1分，共22分） 13．（2分）夏日清晨，荷塘里荷花盛开，微风吹过，飘来阵阵花香，荷叶上的两滴水珠接触后合成更大的一滴，这表明分子间存在　 　力；阳光照在露珠上，一会儿露珠就不见了，这是　 　现象（填物态变化名称），该过程要　 　（填“吸收”或“放出”）热量。 14．（2分）家庭中的空调和台灯是　 　联的，空调和台灯的电源线虽然都是铜线，但规格明显不同，这主要是因为　 　（选填“长度”或“横截面积”）对导线电阻的影响。 15．（2分）用凉水冷却滚烫的鸡蛋，鸡蛋的温度降低，内能减少，这是通过 　 　方式改变鸡蛋的内能；如果水的质量是1kg，初温为20℃，鸡蛋取出时水温为30℃，水吸收的热量是 　 　J．[c水＝4.2×103J/（kg▪℃）]。 16．（1分）两盏不同型号的小灯泡L1、L2，并联时通过它们的电流比为2：3，如果将灯L1、L2与另一个小灯泡L3组成串联电路，则通过L1、L2的电流比为　 　。 17．（3分）家庭电路在电流过大，会引起家庭电路中保险丝熔断，其原因有：短路和　 　。电流过大时，保险丝会自动熔断，这要求保险丝的熔点应较　 　（填“低”或“高”），保险丝的电阻应较　 　（填“大”或“小”）。 18．（2分）一台电动机正常工作时，两端的电压为220V，通过线圈的电流为10A，若此线圈的电阻为2Ω，那么它的电功率是　 　W，这台电动机1min内产生的热量是　 　J。 19．（2分）在如图所示的电路中，电源电压恒为3.0V，变阻器R2最大阻值为50Ω．当闭合开关S后，在滑动变阻器的滑动触头P向右滑的过程中，电压表示数的变化情况是　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。当P停在某个位置时，电流表A的示数是0.2A，A1的示数是0.1A．则R1的阻值是　 　Ω。 20．（2分）如图所示电路中电源电压保持不变，灯泡L标有“6V 3W”字样，当开关S闭合时，灯泡L正常发光，电流表的示数为0.8A，则电阻R＝　 　Ω；由于电池使用过久，电源实际电压只有4.8V，则该灯泡工作的实际功率为 　 　W（不考虑温度对灯丝电阻的影响）。 21．（3分）泸州沱江六桥全程长4km，桥面设计为双向8车道，中间预留了轻轨线路，于2018年1月通车。一辆小轿车做匀速直线运动通过全程，速度为50km/h，受到的阻力恒为600N，通过全程所需的时间为 　 　min，牵引力所做的功为 　 　J；若通过全程消耗了0.2kg的汽油，汽油机的效率为 　 　。（已知热值 22．（3分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表的示数之比U甲：U乙＝5：4，则R1：R2＝　 　；当开关S断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是I甲：I乙＝　 　。 三、画图题（每图2分，共6分） 23．（2分）在图〇中填上电压表或电流表的电路符号，使R1和R2串联。 24．（2分）用笔画线代替导线，将图中的灯泡和三孔插座正确连入家庭电路中。 25．（2分）请按照如图所示的实物图画出电路图。 四、实验探究题（每空2分，共24分） 26．（10分）在“比较不同物质吸热能力”的实验中，将甲、乙两种不同的液体分别放入两个相同的烧杯内，用相同的电加热器同时加热。记录相关数据，并绘制出如图所示的图象。（不计热量损失） （1）实验时，选用初温和 　 　均相等的甲、乙两种液体。 （2）加热10min，甲吸收的热量 　 　乙吸收的热量；甲液体A点的质量 　 　B点的质量（以上两空均选填“大于”、“小于”或“等于”）。甲液体的沸点是 　 　℃，乙液体的比热容是甲液体比热容的 　 　倍。 27．（14分）小明想测量标有“2.5V”小灯泡的电阻，请解答下列问题： （1）请用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整。（导线不能交叉） （2）连好电路后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应处于最　 　端。（选填“左”或“右”） （3）闭合开关后，发现电流表、电压表均有示数。但灯泡不亮，原因可能是　 　。 A．小灯泡断路 B．小灯泡短路 C．滑动变阻器断路 D．滑动变阻器接入电路的阻值过大 （4）调节滑动变阻器，测得实验数据如表所示： 实验次数 第1次 第2次 第3次 第4次 电压（V） 1.0 1.5 2.0 2.5 电流（A） 0.14 1.00 0.25 0.30 电阻（Ω） 在分析实验数据时，发现一个数据有明显的错误，这个数据是　 　；若此错误是看错电表量程导致的，则该数据的正确值应是　 　。 （5）根据实验数据可知，小灯泡正常发光时的电阻是　 　Ω。 （6）实验完成后，分析数据发现，小灯泡电阻呈逐渐增大趋势，其原因可能是　 　。 五、计算题（每题6分，共12分） 28．（6分）某家庭需要将50kg、20℃的水加热到60℃作为生活用水，他们利用煤气灶烧热水时，需要燃烧0.8kg的煤气。已知煤气的热值q＝4.2×107J/kg．水的比热容为c＝4.2×103J/（kg•℃）．求： （1）把50kg、20℃的水加热到60℃需吸收的热量； （2）完全燃烧0.8kg的煤气时放出的热量； （3）此煤气灶烧水的效率。 29．（6分）如图所示电路中，电源电压为6V，R1＝4Ω，闭合开关S后，电压表读数为2V，问。 （1）电流表的示数是多少？ （2）电路中总功率是多少？ （3）R2在15min内电流产生了多少的热量。 2024-2025学年新疆和田地区九年级（上）期末物理试卷 参考答案与试题解析 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 D B B A D B B B D B C 题号 12 答案 D 一、选择题（每题3分，共36分） 1．（3分）八月桂花盛开，微风吹过，飘来阵阵花香，这说明（　　） A．分子非常小 B．分子间有相互作用力 C．分子是可分的 D．分子处在无规则运动中 【分析】两种物质接触时，彼此进入对方的现象叫扩散，扩散表明一切物质的分子都是不停的做无规则的运动。 【解答】解： 八月桂花盛开，微风吹过，飘来阵阵花香，是桂花的芳香分子扩散到空气中，这种现象说明了分子在不停的做无规则的运动，故D正确。 故选：D。 【点评】本题主要考查学生对：分子动理论的基本知识的理解和掌握，是中考的热点。 2．（3分）下列关于温度、内能和热量的说法，正确的是（　　） A．0℃的冰没有内能 B．冬天搓手取暖是利用做功来改变内能 C．物体温度越高，所含热量越多 D．物体的机械能越多，其内能就越多 【分析】（1）任何物体在任何温度下都有内能； （2）做功和热传递都能改变内能； （3）热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量； （4）内能和机械能是没有必然联系的。 【解答】解： A、任何物体在任何温度下都有内能，则0℃的冰也有内能，故A错误； B、冬天搓手取暖，即两手克服摩擦做功，使得手的内能增加，温度升高，所以是利用做功来改变内能，故B正确； C、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故C错误； D、由于内能和机械能是没有必然联系的，所以物体的机械能越多，其内能不一定多，故D错误； 故选：B。 【点评】此题考查了物体具有内能的条件、内能的改变、热量的理解和内能、机械能的区别，是一道综合题。 3．（3分）一瓶酒精用去三分之二，则剩余酒精的密度、比热容（　　） A．密度，比热容减小为三分之一 B．两个量都不变 C．两个量都变为原来的三分之一 D．密度不变、比热容变为原来的三分之一 【分析】①某种物质质量与其体积之比是密度。密度是物质本身的一种特性，决定于物质的种类、状态和温度，与质量、体积无关； ②物理学规定，单位质量的某种物质，温度升高（或降低）1℃所吸收（或放出）的热量为该物体的比热容，比热容是物质的特性，仅与物质的种类和所处的状态有关，而与物体的温度、质量和体积无关。 【解答】解：密度、比热容都是物质的一种特性，它们的大小与物体的质量和体积均无关系，所以选项ACD错误，B正确。 故选：B。 【点评】此题主要考查学生对密度、比热容概念的理解和掌握。密度、比热、燃料的热值都是物质的一种特性，它们的大小与物体的质量和体积均无关系。 4．（3分）一台四冲程内燃机飞轮转速为3600r/min，它1s完成了（　　） A．120个冲程，做了30次功 B．120个冲程，做了60次功 C．30个冲程，做了30次功 D．60个冲程，做了15次功 【分析】内燃机一个工作循环活塞往复2次，完成4个冲程，曲轴转动2周，做功1次。 【解答】解： 已知飞轮转速为3600r/min＝60r/s， 因为一个工作循环活塞往复2次，曲轴转动2周，对外做功1次， 所以该内燃机1s完成30个工作循环，完成120个冲程，对外做功30次，故A正确。 故选：A。 【点评】本题主要考查了内燃机的四冲程中做功次数与飞轮转数之间的关系。关键要搞清一个工作循环包括四个冲程，飞轮转两周，对外做功一次。 5．（3分）完全燃烧1kg柴油放出的热量能使多少质量的水温度升高20℃？（已知柴油的热值是4.2×107J/kg，水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），假定放出的热量被水完全吸收）（　　） A．2kg B．20kg C．50kg D．500kg 【分析】先求出柴油完全燃烧释放的热量，然后由热量公式的变形公式求出水的质量。 【解答】解：柴油完全燃烧释放的热量Q＝mq＝1kg×4.2×107J/kg＝4.2×107J， 因为Q＝cmΔt， 所以水的质量m500kg； 故选：D。 【点评】熟练应用燃烧值公式与热量公式的变形公式即可正确解题，本题难度不大。 6．（3分）有两验电器A、B，A带正电，用一导体将A、B连接使B也带电，则此过程中正确的是（　　） A．电子从A到B B．电子从B到A C．正电荷从A到B D．正电荷从B到A 【分析】带正电的物体和不带电的物体相互接触时，带正电物体夺得电子本领强，不带电物体夺得电子本领弱，电子从不带电体上移动到带正电物体上。 【解答】解：验电器A带正电，因带正电物体夺得电子本领强，不带电物体夺得电子本领弱，A和B接触时，电子从B运动到A，使验电器B也带上正电。 故选：B。 【点评】本题考查电流的形成，属于基础题；要明确带正电物体夺得电子本领最强，其次是不带电物体，带负电物体夺得电子本领最弱。 7．（3分）如图电路，能正确测出通过灯L1电流的电路是（　　） A． B． C． D． 【分析】电流表应与被测用电器串联，且电流要从正接线柱流入，从负接线柱流出，据此分析。 【解答】解：A、图中电路为并联电路，电流表测干路电流，不是测通过灯L1的电流，正负接线柱接反了，故A错误； B、图中电流表与灯L1串联，且电流正进负出，能正确测出通过灯L1的电流，故B正确； C、图中电流表与灯L2串联，且电流正进负出，能正确测出通过灯L2的电流，故C错误； D、图中电流表与灯L1串联，但其正负接线柱接反了，故D错误。 故选：B。 【点评】知道电流表的连接方法，注意既要与被测灯泡串联，同时还要使接线柱连接。 8．（3分）如图所示，闭合开关S，两灯均不亮，电流表无示数，电压表有示数，则故障是（　　） A．灯L1断路 B．灯L2断路 C．灯L1被短接 D．灯L2被短接 【分析】由图可知，两灯串联；两个灯泡都不亮，电流表无示数，说明电路中有断路现象；电压表有示数，说明电压表到电源两极是连通的，据此判断故障所在。 【解答】解：由图可知，两灯串联，电压表测量L2两端的电压，电流表测量电路电流； 闭合开关S后，两灯均不亮，电流表无示数，说明电路中有断路现象；电压表有示数，说明电压表两端能与电源两极连通，灯泡L1是完好的，所以故障原因是L2断路。 故选：B。 【点评】根据电压表的示数判断电路故障：若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，与电压表并联的用电器可能有断路故障；若电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不能相通。 9．（3分）如图所示，在探究串联电路的特点时，闭合开关，用电流表分别测出A、B、C三处的电流IA、IB、IC，用电压表分别测出AB、BC、AC两点间的电压UAB、UBC、UAC．下列说法正确的是（　　） A．IA＞IB＞IC B．IA＜IB＜IC C．UAB＝UBC＝UAC D．UAC＝UAB+UBC 【分析】先确定电路的连接方式，然后根据串联电路中电流处处相等、电路两端总电压等于各部分电路两端电压之和进行解答。 【解答】解：因为电路中两灯泡串联，而A、B、C三点是串联电路中的三处，由于串联电路中电流处处相等，因此IA、IB、IC三者大小相等。 比较AB间、BC间、AC间的电压值可得：串联电路中总电压等于各部分电路电压之和。即UAC＝UAB+UBC 故选：D。 【点评】熟知串联电路的电流和电压规律，是顺利解决此题的关键，这是我们学习电学最基本的规律，一定要熟记才行。 10．（3分）家庭电路中保险丝被烧断，可能的原因（　　） A．电路中出现断路 B．电路中同时使用的用电器总功率过大 C．电路中某盏灯的开关接触不良 D．保险丝选用的太粗 【分析】家庭电路中的保险丝熔断，是由于电路中的电流过大引起的，而产生电流过大的原因有两个：一是发生了短路，另一个是用电器总功率过大。 【解答】解： A、电路中出现断路，电路中的电流为0，不会使保险丝熔断。 B、电路中同时使用的用电器总功率过大，使电流过大，会使保险丝被烧断。 C、电路中某盏灯的开关接触不良，电路中的电流为0，不会使保险丝熔断。 D、选用粗的保险丝，允许通过的电流更大，会失去保险作用，不是保险丝烧断的原因。 故选：B。 【点评】本题考查了保险丝熔断的原因和电流过大的原因，属于基础题目。 11．（3分）两个精制电阻，用锰铜电阻丝绕制而成，电阻上分别标有“100Ω，10W”和“20Ω，40W”，则它们的额定电流之比为（　　） A．：5 B．：20 C．：10 D．1：2 000 【分析】由电功率与电阻、电流关系的公式P＝I2R即可求出电流。 【解答】解： 由公式P＝I2R可得电流：I， 所以它们的额定电流之比：。 故选：C。 【点评】本题考查了电功率公式P＝I2R的应用，掌握公式即可解答。 12．（3分）如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，R2为定值电阻。闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P向左滑动的过程中，关于电压表和电流表的示数变化，下列四个选项中，判断正确的是（　　） A．电压表、电流表示数均变大 B．电压表、电流表示数均变小 C．电压表示数变大，电流表示数变小 D．电压表示数变小，电流表示数变大 【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的电压变化，利用串联电路的电压特点可知R1两端的电压变化。 【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。 在滑动变阻器的滑片P向左滑动的过程中，R1接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小， 由I可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故BC错误； 由U＝IR可知，R2两端的电压变大， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，R1两端的电压变小，即电压表的示数变小，故A错误、D正确。 故选：D。 【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，利用串联电路的分压特点判断电压表的示数变化会更简单。 二、填空题（每空1分，共22分） 13．（2分）夏日清晨，荷塘里荷花盛开，微风吹过，飘来阵阵花香，荷叶上的两滴水珠接触后合成更大的一滴，这表明分子间存在　引　力；阳光照在露珠上，一会儿露珠就不见了，这是　汽化　现象（填物态变化名称），该过程要　吸收　（填“吸收”或“放出”）热量。 【分析】（1）分子之间存在相互作用的引力和斥力； （2）物质由液态到气态，是汽化现象，汽化吸热。 【解答】解：（1）由于分子间的引力作用，荷叶上的两滴水珠接触后合成更大的一滴，这表明分子间存在引力； （2）阳光照在露珠上，一会儿露珠就不见了，是水变成水蒸气，这是汽化现象，该过程吸收热量。 故答案为：引；汽化；吸收。 【点评】本题考查分子间作用力，以及汽化现象是基础题。 14．（2分）家庭中的空调和台灯是　并　联的，空调和台灯的电源线虽然都是铜线，但规格明显不同，这主要是因为　横截面积　（选填“长度”或“横截面积”）对导线电阻的影响。 【分析】（1）并联电路工作时互不影响，家用电器是并联接入电路的； （2）电阻是导体本身的一种性质，它由导体的材料、长度、横截面积和温度决定。 【解答】解：家庭中的空调和台灯工作时互不影响，是并联接入电路； 空调与台灯的电源线虽然都是铜线，但规格明显不同，因为空调线的横截面积大，电阻小，故这主要是因为横截面积对导线电阻的影响。 故答案为：并；横截面积。 【点评】此题考查了家庭电路的连接方式、电阻大小影响因素，但难度不大。 15．（2分）用凉水冷却滚烫的鸡蛋，鸡蛋的温度降低，内能减少，这是通过 　热传递　方式改变鸡蛋的内能；如果水的质量是1kg，初温为20℃，鸡蛋取出时水温为30℃，水吸收的热量是 　4.2×104　J．[c水＝4.2×103J/（kg▪℃）]。 【分析】（1）改变内能的方法：一是做功，二是热传递。 （2）知道水的质量、比热容和水温的升高值，利用Q吸＝cmΔt求水吸收的热量 【解答】解：（1）用凉水冷却滚烫的鸡蛋，鸡蛋放出热量、温度降低，是通过热传递的方式改变内能的； （2）水吸收的热量： Q吸＝cmΔt ＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（30℃﹣20℃） ＝4.2×104J。 故答案为：热传递；4.2×104。 【点评】本题考查了学生对内能改变的方法、吸热公式Q吸＝cmΔt的了解与掌握，属于基础题目。 16．（1分）两盏不同型号的小灯泡L1、L2，并联时通过它们的电流比为2：3，如果将灯L1、L2与另一个小灯泡L3组成串联电路，则通过L1、L2的电流比为　1：1　。 【分析】串联电路中，各处电流相同，所以当两只灯泡串联时，通过它们的电流相同。 【解答】解：两只小灯泡L1、L2串联在电路中，通过它们的电流相等。则通过L1、L2的电流比为1：1。 故答案为：1：l。 【点评】此题考查了串联电路的电流规律，是一道基础题目。 17．（3分）家庭电路在电流过大，会引起家庭电路中保险丝熔断，其原因有：短路和　用电器总功率过大　。电流过大时，保险丝会自动熔断，这要求保险丝的熔点应较　低　（填“低”或“高”），保险丝的电阻应较　大　（填“大”或“小”）。 【分析】（1）家庭电路电流过大的原因有两个；发生短路和用电器的总功率过大。 （2）保险丝是用熔点较低、电阻率较大的铅锑合金制成的，保险丝在电路中起保护电路的作用，防止电路电流过大而发生危险。 【解答】解：（1）在家庭电路中，因电流过大导致保险丝熔断的原因有：电路中发生短路故障；电路中用电器的总功率过大，造成干路电流过大。 （2）保险丝的作用是在电流异常升高到一定的高度的时候，自身熔断切断电路，从而起到保护电路安全运行的作用，因此保险丝需要用电阻率大、熔点低的材料制作。 故答案为：用电器总功率过大；低；大。 【点评】本题考查了家庭电路中电流过大的原因，以及保险丝的制作材料特点，属于基础题。 18．（2分）一台电动机正常工作时，两端的电压为220V，通过线圈的电流为10A，若此线圈的电阻为2Ω，那么它的电功率是　2200　W，这台电动机1min内产生的热量是　1.2×104　J。 【分析】（1）已知电动机电压与通过电动机的电流，由电功率公式P＝UI可以求出电动机的电功率； （2）已知通过电动机的电流、线圈电阻。通电时间，由电功公式W＝I2Rt可以求出电动机产生的热量。 【解答】解：（1）电动机的电功率P＝UI＝220V×10A＝2200W； （2）1min电动机产生的热量Q＝W＝I2Rt＝（10A）2×2Ω×60s＝1.2×104J； 故答案为：2200；1.2×104。 【点评】本题考查了求电动机电功率、电动机产生的热量问题，熟练应用电功公式及电功率公式即可正确解题。 19．（2分）在如图所示的电路中，电源电压恒为3.0V，变阻器R2最大阻值为50Ω．当闭合开关S后，在滑动变阻器的滑动触头P向右滑的过程中，电压表示数的变化情况是　不变　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。当P停在某个位置时，电流表A的示数是0.2A，A1的示数是0.1A．则R1的阻值是　30　Ω。 【分析】（1）正确分析电路，根据并联电路的特点判断电压表的变化； （2）根据并联电路的电流特点求出R1中的电流，再根据欧姆定律求出R1的阻值。 【解答】解： （1）当闭合开关S后，R1和R2并联，由并联电路的电压特点可知，电压表测量的是滑动变阻器两端电压，也是测电源电压，所以滑片滑动过程中，电压表示数不变； （2）电流表A测量干路总电流，A1测量变阻器R2的电流， 根据并联电路的电流特点可知，通过R1的电流： I1＝I﹣I2＝0.2A﹣0.1A＝0.1A， 根据欧姆定律可知，R1的阻值： R130Ω。 故答案为：不变；30。 【点评】此题主要考查的是学生对并联电路电压电流特点和欧姆定律计算公式的理解和掌握，难度不是很大。 20．（2分）如图所示电路中电源电压保持不变，灯泡L标有“6V 3W”字样，当开关S闭合时，灯泡L正常发光，电流表的示数为0.8A，则电阻R＝　20　Ω；由于电池使用过久，电源实际电压只有4.8V，则该灯泡工作的实际功率为 　1.92　W（不考虑温度对灯丝电阻的影响）。 【分析】（1）由图可知，该电路为灯L和电阻R的并联电路，电流表测干路的电流； 已知灯L正常发光和灯的额定电压，由并联电路的电压特点可得出电源电压，利用I求出灯泡正常发光时的电流， 由并联电路的电流特点得出通过R的电流，最后利用R求出电阻R的阻值； （2）通过P可得出灯泡的电阻，再利用P求出灯泡的实际功率。 【解答】解：（1）由图中电路可知，该电路为灯L和电阻R的并联电路，电流表测干路的电流； 已知灯泡L正常发光，由并联电路的电压特点可知电源电压为：U＝UL＝6V， 灯泡正常发光时的电流为：IL0.5A， 由并联电路的电流特点可知通过R的电流为：IR＝I﹣IL＝0.8A﹣0.5A＝0.3A， 由并联电路的电压特点可知R两端的电压为：UR＝U＝6V， 则电阻R的阻值为：R20Ω； （2）由P可知灯泡的电阻为：RL12Ω， 若电源实际电压只有4.8V， 则灯泡的实际功率为：PL′1.92W。 故答案为：20；1.92。 【点评】本题考查了学生对欧姆定律和功率的计算公式的运用，解题关键是熟练掌握并联电路的电流、电压的特点。 21．（3分）泸州沱江六桥全程长4km，桥面设计为双向8车道，中间预留了轻轨线路，于2018年1月通车。一辆小轿车做匀速直线运动通过全程，速度为50km/h，受到的阻力恒为600N，通过全程所需的时间为 　4.8　min，牵引力所做的功为 　2.4×106　J；若通过全程消耗了0.2kg的汽油，汽油机的效率为 　27%　。（已知热值 【分析】（1）利用速度公式求出通过全程所需的时间t； （2）因为小轿车做匀速直线运动，所以F牵＝F阻，利用功的计算公式求出牵引力所做的功W，再利用热值公式计算出0.2kg的汽油完全燃烧放出的能量Q，最后算出汽油机的效率η。 【解答】解：通过全程所需的时间为： t0.08h＝4.8min； 因为小轿车做匀速直线运动，所以F牵＝F阻； 牵引力所做的功为： W＝F牵s＝F阻s＝600N×4km＝600N×4000m＝2.4×106J； 0.2kg的汽油完全燃烧放出的能量为： Q＝qm＝4.4×107J/kg×0.2kg＝8.8×106J； 汽油机的效率为： η27%。 故答案为：4.8；2.4×106；27%。 【点评】此题考查了速度公式及其计算、功的计算和公式的应用、热值公式及其计算、热机的效率，属基础题目。 22．（3分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表的示数之比U甲：U乙＝5：4，则R1：R2＝　1：4　；当开关S断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是I甲：I乙＝　1：5　。 【分析】根据题意分析电路结构，然后根据串并联电路特点与欧姆定律分析答题。 【解答】解：由电路图可知，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测串联总电压，乙测R2两端电压， 两表的示数之比U甲：U乙＝5：4，设R2两端电压为4U，则R1两端电压为5U﹣4U＝U，两电阻串联，电阻阻值之比： ； 由电路图可知，当开关S断开，甲、乙为电流表时，两电阻并联，甲测通过R2的电流，乙测干路电流， 两表示数之比：； 故答案为：1：4；1：5。 【点评】本题考查了求电阻之比、电流表示数之比，分析清楚电路结构是正确解题的前提与关键，应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题。 三、画图题（每图2分，共6分） 23．（2分）在图〇中填上电压表或电流表的电路符号，使R1和R2串联。 【分析】解决此题要知道电流表要串联在被测电路中，电压表要并联在被测电路中。 【解答】解：由图可知，上面圈中的电表并联在R2两端，所以应是电压表；右边圈中的电表串联在电路中，所以应是电流表；下面圈中的电表也是并联的关系，所以也是电压表；简化电路可知，R1和R2串联，符合要求，如图所示： 【点评】电流表在电路中相当于导线，则必须串联；电压表在电路中相当于开路，则必须并联。 24．（2分）用笔画线代替导线，将图中的灯泡和三孔插座正确连入家庭电路中。 【分析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。 三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。 【解答】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。 三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如图所示： 【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。 25．（2分）请按照如图所示的实物图画出电路图。 【分析】根据实物图分析电路连接情况，再画出对应的电路图。 【解答】解：由实物图知，两灯并联，开关S2在干路上，S1在L2支路上，电路图连接如图所示： 。 【点评】本题考查根据实物图画电路图，正确分析电路的连接方式以及开关的位置是关键。 四、实验探究题（每空2分，共24分） 26．（10分）在“比较不同物质吸热能力”的实验中，将甲、乙两种不同的液体分别放入两个相同的烧杯内，用相同的电加热器同时加热。记录相关数据，并绘制出如图所示的图象。（不计热量损失） （1）实验时，选用初温和 　质量　均相等的甲、乙两种液体。 （2）加热10min，甲吸收的热量 　等于　乙吸收的热量；甲液体A点的质量 　大于　B点的质量（以上两空均选填“大于”、“小于”或“等于”）。甲液体的沸点是 　60　℃，乙液体的比热容是甲液体比热容的 　2　倍。 【分析】（1）要探究不同液体的吸热本领，需要取初温相同，质量相同的不同液体； （2）相同加热器加热相同时间，加热器放出的热量相等，甲乙吸收的热量相等； 液体沸腾时，温度不变，该温度叫液体的沸点； 汽化时液态变为气态； 根据图象读出甲加热10min温度的变化量和乙加热20min温度的变化量，此时Q甲Q乙，并且甲、乙温度的变化量相同，然后根据Q＝cmΔt求出甲、乙比热容的关系。 【解答】解：（1）要研究两种液体的吸热本领，应控制两个烧杯中所装的甲、乙两种液体的初温相同、质量相等； （2）相同加热器加热相同时间，加热器放出的热量相等，因此甲吸收的热量等于乙吸收的热量； 根据图象可知，当甲加热到60℃时，甲开始沸腾，并且温度保持60℃不变，因此甲液体的沸点是60℃； 液体A在第10min开始汽化，一部分变为水蒸气，故甲液体A点的质量大于B点的质量； 根据图象可知，甲加热10min温度的变化量等于乙加热20min温度的变化量，即Q甲Q乙，Δt甲＝Δt乙，并且m甲＝m乙； 由Q＝cmΔt可，，即，解得：c乙＝2c甲。 故答案为：（1）质量；（2）大于；60；（3）2。 【点评】此题考查的是物质吸热本领大小的探究实验，正确应用控制变量法和转换法是解答此题的关键。 27．（14分）小明想测量标有“2.5V”小灯泡的电阻，请解答下列问题： （1）请用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整。（导线不能交叉） （2）连好电路后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应处于最　左　端。（选填“左”或“右”） （3）闭合开关后，发现电流表、电压表均有示数。但灯泡不亮，原因可能是　D　。 A．小灯泡断路 B．小灯泡短路 C．滑动变阻器断路 D．滑动变阻器接入电路的阻值过大 （4）调节滑动变阻器，测得实验数据如表所示： 实验次数 第1次 第2次 第3次 第4次 电压（V） 1.0 1.5 2.0 2.5 电流（A） 0.14 1.00 0.25 0.30 电阻（Ω） 在分析实验数据时，发现一个数据有明显的错误，这个数据是　1.00　；若此错误是看错电表量程导致的，则该数据的正确值应是　0.20　。 （5）根据实验数据可知，小灯泡正常发光时的电阻是　8.33　Ω。 （6）实验完成后，分析数据发现，小灯泡电阻呈逐渐增大趋势，其原因可能是　温度越高，小灯泡电阻越大　。 【分析】（1）根据灯的额定电压确定电压表量程与灯并联； （2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应处于阻值最大处； （3）电路电阻太大，电路电流很小，灯泡实际功率很小时，灯泡不发光，可以移动滑片，减小滑动变阻器接入电路的中子，看灯泡是否发光； （4）因电流表选用小量程，电流表示数最大0.6A；根据电流表大小量程之比为5：1回答； （5）灯的额定电压下正常发光，由欧姆定律，小灯泡正常发光时的电阻； （6）分析表中的6组数据可知，电流逐渐增大的过程中，灯泡亮度增大，钨丝温度升高，灯丝的电阻受温度影响而增大。 【解答】解： （1）标有“2.5V”的小灯泡表示灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如下所示： （2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应处于阻值最大处，即图中最左端； （3）闭合开关后，电流表、电压表均有示数，灯泡不亮可能是由于电路电阻太大，电路电流太小，灯泡实际功率太小造成的，可以移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，故选D； （4）因电流表选用小量程，电流表示数不可能为1.0A（或通过灯的电流随电压的减小而变小），故数据⑥是错误的，错误的原因在于选用小量程却按大量程读数了，根据电流表大小量程之比为5：1，正确的电流大小为0.20A； （5）灯的额定电压下正常发光，由表中数据结合欧姆定律可得，小灯泡正常发光时的电阻： RL8.33Ω； （6）分析表中的4组数据可知，电流变大时，灯泡电阻就会增大，这是因为电流变大灯泡亮度增加，钨丝温度升高，钨丝受温度影响所致。温度越高，小灯泡电阻越大。 故答案为：（1）如上图所示；（2）左；（3）D；（4）1.00；0.20；（5）8.33；（6）温度越高，小灯泡电阻越大。 【点评】这是一道综合性很强的题目，考查了实物图连接、电阻的计算以及电路故障的判断、影响电阻的因素等，对于这些知识要全面掌握灵活运用。 五、计算题（每题6分，共12分） 28．（6分）某家庭需要将50kg、20℃的水加热到60℃作为生活用水，他们利用煤气灶烧热水时，需要燃烧0.8kg的煤气。已知煤气的热值q＝4.2×107J/kg．水的比热容为c＝4.2×103J/（kg•℃）．求： （1）把50kg、20℃的水加热到60℃需吸收的热量； （2）完全燃烧0.8kg的煤气时放出的热量； （3）此煤气灶烧水的效率。 【分析】（1）知道水的质量、水的比热容和水的初温和末温，利用吸热公式求水吸收的热量； （2）知道煤气的质量和煤气的热值，利用Q放＝mq计算煤气完全燃烧放出的热量； （3）水吸收的热量是有用的能量，煤气完全燃烧放出的热量为总能量，利用效率公式求燃气灶烧水的效率。 【解答】解：（1）水吸收的热量： Q吸＝cm△t ＝4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（60℃﹣20℃） ＝8.4×106J； （2）0.8kg煤气完全燃烧放出的热量： Q放＝mq＝0.8kg×4.2×107J/kg＝3.36×107J； （3）燃气灶烧水的效率： η100%100%＝25%。 答：（1）水吸收的热量为8.4×106J； （2）0.8kg煤气完全燃烧放出的热量为3.36×107J； （3）燃气灶烧水的效率为25%。 【点评】本题考查了学生对吸热公式、燃料燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。 29．（6分）如图所示电路中，电源电压为6V，R1＝4Ω，闭合开关S后，电压表读数为2V，问。 （1）电流表的示数是多少？ （2）电路中总功率是多少？ （3）R2在15min内电流产生了多少的热量。 【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端电压，电流表测电路中的电流。 （1）根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电流表的示数； （2）根据P＝UI算出电路中总功率； （3）根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，再根据Q＝W＝UIt算出R2在15min内电流产生的热量。 【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端电压，电流表测电路中的电流。 （1）因串联电路中各处的电流相等， 所以，电路中电流表的示数： I0.5A； （2）电路中总功率是： P＝UI＝6V×0.5A＝3W； （3）因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，R2两端的电压： U2＝U﹣U1＝6V﹣2V＝4V， R2在15min内电流产生的热量为： Q＝W＝U2It＝4V×0.5A×15×60s＝1800J。 答：（1）电流表的示数为0.5A； （2）电路中总功率是3W； （3）R2在15min内电流产生了1800J的热量。 【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用以及焦耳定律公式的应用，是一道基础题目。 学科网（北京）股份有限公司 $$