2025年江苏省镇江市第一外国语学校九年级中考物理模拟试卷（练习卷）

2025年江苏省镇江市第一外国语学校九年级中考物理模拟试卷（练习卷）一．选择题（共12小题，满分24分，每小题2分） 1．（2分）如图所示，中国科技馆里的“声聚焦”装置，是一个呈锅盖形状的凹形圆盘，小丽将耳朵靠近装置固定架的中心时，远处传来的微小声音就会变大，原因是“声聚焦”改变远处传来声音的（　　） A．响度 B．音调 C．音色 D．声速 2．（2分）冬天，东北地区的人们常把梨冻成“冻梨”。吃之前把“冻梨”放在水中缓一下，变软了才好吃。“缓”的时候，发生的物态变化是（　　） A．凝固 B．熔化 C．汽化 D．液化 3．（2分）红外线和紫外线的应用非常广泛，下列仪器中，属于利用紫外线工作的是（　　） A．电视遥控器 B．医用“B超机” C．夜视仪 D．验钞机 4．（2分）如图所示，把一滴水滴在玻璃板上，再拿一个放大镜作为目镜放在水滴的上方，这样就可以制成一个显微镜。把一幅图片放在玻璃板的下方，慢慢调节放大镜与水滴之间的距离，就可以看清玻璃板下面图片中的微小细节了。下列有关水滴显微镜的描述正确的是（　　） A．水滴所成的像是缩小的 B．目镜所成的像是缩小的 C．水滴所成的像为实像 D．目镜所成的像为实像 5．（2分）如图所示是甲和乙两种物质的质量与体积关系图象，下列说法正确的是（　　） A．甲物质的密度随体积增大而增大 B．当甲和乙两物质的质量相同时，乙物质的体积较大 C．甲、乙两种物质的密度之比是4：1 D．体积为5cm3的乙物质，质量为10g 6．（2分）如图所示，玩具“不倒翁”被扳倒后会自动重新立起来。相对于水平桌面，“不倒翁”在摆动过程中（　　） A．所受的重力大小不变，方向改变 B．所受的重力大小改变，方向不变 C．所受的支持力作用点改变，方向不变 D．所受的支持力作用点不变，方向不变 7．（2分）将一个边长为4cm的正方体木块轻轻放入盛满水的溢水杯中，木块漂浮在水中静止时，从溢水杯中溢出水的体积为38.4cm3；若将此木块改放入密度为0.8×103kg/m3的酒精中，待木块静止时，下列说法正确的是（　　） A．木块露出酒精的体积为 16cm3 B．木块的密度为 0.6 kg/m3 C．从溢水杯中溢出酒精的体积为 38.4cm3 D．木块浸入水中的体积与浸入酒精中的体积之比为 5：4 8．（2分）如图所示，用相同的滑轮安装成甲、乙两种装置，分别用拉力FA、FB在相同时间内将重为GA、GB的两个物体匀速提升相同高度，拉力的功率为PA、PB，绳子自由端移动的距离为sA，sB，不计绳重和摩擦，下列推理中正确的是（　　） A．若GA＝GB，则FA＝FB B．若GA＞GB，则sA＞sB C．若FA＜FB，则PA＜PB D．若FA＝FB，则η甲＞η乙 9．（2分）在学习电学时，小明结合图甲、乙作出了以下类比，其中不合理的是（　　） A．电流类似于水流，方向从电池负极经用电器到正极 B．灯泡的作用类似于水轮机，有电流流过会发光 C．电源的作用类似于水泵，将其他形式的能转化为电能 D．开关类似于阀门，可以控制电路通断 10．（2分）如图甲所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω。电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A。在保证电路各元件安全的前提下，电压表的示数随滑动变阻器R2阻值变化的关系图象如图乙所示。下列说法中正确的是（　　） A．电源电压为7.5V B．定值电阻R1阻值为5Ω C．电路的最小功率为0.6W D．电流表示数变化范围为0.2～0.3A 11．（2分）下列与电磁现象有关的四幅图，分析正确的是（　　） A．图甲是天然气泄漏报警电路，天然气浓度增大到一定程度时电铃会发出报警声。所选气敏电阻的阻值应该随天然气浓度的增大而减小 B．图乙探究磁场对电流的作用 C．图丙探究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系 D．图丁研究发电机的工作原理 12．（2分）小华连接了图甲所示的电路，电源电压不变。电流表量程均为0﹣0.6A，定值电阻R1＝10Ω，闭合开关S后再闭合开关S1或S2，将滑动变阻器滑片从最右端向左调节至中点的过程，电压表与电流表A2示数的I﹣U图像如图乙，下列说法正确的是（　　） A．电源电压为5V B．开关S、S1闭合，电路中最小电流为0.15A C．该电路能通过的最大电流为0.5A D．滑动变阻器的最大阻值为20Ω 二．填空题（共9小题，满分28分） 13．（4分）为了降低交通噪声干扰，部分高架桥安装了隔音屏，降噪是指改变了声音的 　 　（选填“音调”、“响度”或“音色”），这种控制噪声的方式是在 　 　控制噪声。倒车防撞雷达可以测量出车的尾部与障碍物之间的距离，并在车与物之间距离过小时发出警报声提醒司机。倒车防撞雷达是利用 　 　（选填“超”或“次”）声波测距原理来测量距离的。人 　 　（选填“能”或“不能”）听到这种声波。 14．（3分）如图所示是考试中贴在试卷答题卡上用来识别考生信息的条形码，当条形码扫描器照射它时，黑条纹 　 　（填“反射”或“吸收”，下空同）光，白条纹 　 　光，再通过电脑解码就可以获取考生相关信息；将红、　 　、蓝三种色光按照不同比例混合，能产生任何一种其他颜色的光。 15．（3分）把带双箭头的图片放在装有水的圆柱形玻璃杯后不同位置，看到的情景如图甲和乙所示。此时的玻璃杯相当于 　 　镜，箭头离玻璃杯较近的是 　 　（选填“甲”或“乙”）图，其成像原理与 　 　（选填“照相机”、“放大镜”或“投影仪”）类似。 16．（3分）用天平测量一石块的质量，天平平衡时所用砝码及游码如图甲所示，则石块的质量为 　 　g。将该石块放入盛有30mL水的量筒中，液面位置如图乙所示，图中读数时视线正确的是 　 　（a/b/c）。石块的密度是 　 　kg/m3。 17．（3分）2024年5月3日，长征五号遥八运载火箭托举嫦娥六号探测器，进入地月转移轨道。嫦娥六号在环月飞行时，受到的力 　 　（选填“是”或“不是”）平衡力；6月2日探测器的“着陆器+上升器”组合体完成登月，它在月球背面南极艾特肯盆地软着陆时，要将发动机点火制动减速，如图所示此时喷管朝向与组合体下落运动方向 　 　（垂直/相反/相同），使组合体减速的力的施力物体是 　 　。 18．（3分）2024年6月1日，中国东方航空使用C919大型客机，从上海虹桥机场飞往香港特区，如图所示。飞机在升空过程中，乘客相对于座椅是 　 　（选填“静止”或“运动”）的；此时机翼 　 　方（选填“上”或“下”）的空气流速快，压强小；随着海拔高度的升高，外界大气压强 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 19．（3分）跳绳是校运会的比赛项目之一，如图是体重为480N的某同学某次跳绳时重心移动的高度h随时间t变化的图像．由图可知，她每跳一次克服自身重力所做的功为 　 　J，她1min内跳绳 　 　次，克服重力做功的平均功率为 　 　W。 20．（3分）如图甲所示，当开关S由接点1转到接点2时，L2比L1亮，电压表示数变化如图乙所示，则通过灯泡L2的电流 　 　L1中的电流，灯泡L2两端的电压是 　 　V，电源电压是 　 　V。 21．（3分）如图所示是一种温度自动控制装置的原理图。制作水银温度计时在玻璃管中封入一段金属丝，“电源1”的两极分别与水银和金属丝相连。 （1）闭合开关S后，当温度达到 　 　℃时，发热电阻就停止加热。 （2）当电磁铁中有电流通过时，若它的左端为N极，则“电源1”的 　 　端为正极。 （3）为增强电磁铁的磁性，下列措施一定可行的是 　 　（填序号）。 ①增大“电源1”的电压； ②减小“电源2”的电压； ③减少电磁铁线圈匝数； ④改变电磁铁中电流方向。 三．作图题（共3小题，满分6分，每小题2分） 22．（2分）如图所示，请在括号内标出通电螺线管左端的磁极、小磁针右端的磁极以及导线上A点的电流方向。（磁极均用“N”或“S”表示） 23．（2分）如图甲所示为搬花神器，用它把花盆抬起时，相当于一个绕O点转动的杠杆。其简化示意图如图乙所示，请在乙图中画出杠杆平衡时作用在A点的最小动力F。 24．（2分）小球在弹簧弹力作用下向上加速运动，不考虑空气阻力，请画出此时小球的受力示意图。 四．实验探究题（共3小题，满分23分） 25．（8分）为了“探究滑动摩擦力大小的影响因素”，小明提出了以下猜想，并依据猜想，小华进行了如下实验： （1）可能与压力的大小有关； （2）可能与接触面的粗糙程度有关； （1）下列实例中，支持猜想（2）的是 　 　（填字母）。 A．人走在湿滑的路上容易摔倒； B．推箱子时，箱子越重越难推； C．体操运动员上杠前在手上涂镁粉； D．拥挤道路上捏刹把刹车。 （2）实验中用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平桌面做 　 　运动，目的是为了使 　 　等于滑动摩擦力。 （3）图乙中弹簧测力计示数是 　 　N，小明将之与图丙中示数比较，得出滑动摩擦力与压力有关的初步结论。请你指出小明的不足之处：　 　。 （4）我们平时走路时脚向后蹬，鞋底受到地面摩擦力的方向是 　 　（向前/向后），此摩擦力充当了 　 　（动力/阻力）的作用。 （5）在同一探究活动中，另一组同学发现测力计示数时大时小，对于此现象产生原因的分析，错误的是 　 　（填字母）。 A．木板表面不同位置的粗糙程度可能是不同的； B．木块的运动可能不是匀速直线运动； C．木块对木板不同的位置产生的压力可能变化了。 26．（8分）小星和小华用如图甲所示的装置验证平面镜成像特点，图乙是茶色玻璃板的示意图。实验准备了完全相同的棋子A和B、刻度尺等器材。 （1）将一张方格纸放在水平桌面上，再将茶色玻璃竖直放置在方格纸上，本实验用玻璃板替代平面镜，主要目的是便于 　 　； （2）图甲中选用MN这条线段表示平面镜所在的位置，则应将玻璃板的 　 　（选填“前表面”、“后表面”或“中间位置”）与之对齐； （3）由于玻璃板较厚，透过玻璃板能看到两个像（如图丙），接下来应使棋子B在玻璃板后面移动，直至它与A的像 　 　（A′/A″）重合，说明像与物等大。这种确定像与物大小关系的方法称为等效替代法，此时棋子B是来等效替代 　 　（棋子A/棋子A的像）。 （4）移去棋子B，在其原来位置上放置一块光屏，直接观察光屏上是否有像，这样操作是为了 　 　。 （5）小星同学调整器材位置观察到棋子A的像，同组的小华站在他的右侧，却没有看到像，为了能够让小华看到像，如图甲所示，在不改变棋子A位置的前提下，采取了两个方法： 方法一：将平面镜沿着MN方向，向 　 　（选填“左”或“右”）移动； 方法二：以茶色玻璃左侧边OM为轴，将平面镜适当向 　 　（选填“前”或“后”）表面转动。 上述两个方法小华所看到的像 　 　（选填“在或“不在”）同一位置。 27．（7分）在测量未知电阻Rₓ阻值的实验中，小明设计并连接了如图甲所示的实验电路。 实验次数 1 2 3 电压U/V 3 0 电流I/A 0.1 0.16 0.4 （1）小明连接好图甲所示的电路后，闭合开关，将滑动变阻器的滑片向左移动，电流表的示数 　 　，电压表的示数 　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）； （2）将电路适当调整后，闭合开关，将滑动变阻器的滑片分别放在右端，记录下对应的数据，当滑片在中间某位置时，电流表示数为0.16A，电压表示数如图乙所示，则其示数为 　 　V，接着小明又将滑片放在最左端，记录对应的数据如表所示； （3）根据表中数据可以求出未知电阻Rx＝ 　 　Ω；在实验过程中，改变滑片位置进行多次测量目的是 　 　； （4）若实验时只有一个电压表和一个阻值已知的定值电阻R0，小明设计了如图丙所示的电路，同样可以测量未知电阻Rx的阻值，请将实验步骤补充完整： ①闭合开关S、S1，断开开关S2，记下此时电压表示数为U1； ②闭合开关S、S2，断开开关S1，记下此时电压表示数为U2； ③请写出未知电阻Rx阻值的表达式：Rx＝ 　 　（用U1、U2和R0表示）； 实验反思：小明认为将步骤①改为“闭合开关S、S1和S2，记下此时电压表示数为U3”，其他步骤不变，也能测出Rx的阻值，他的观点是 　 　（选填“正确”或“错误”）的。 五．计算题（共3小题，满分19分） 28．（6分）图甲为超声波加湿器，图乙为其内部湿度监测装置的简化电路图。已知电源电压为10V，定值电阻R0的阻值为20Ω，湿敏电阻R的阻值随湿度变化的关系如图丙所示。求： （1）电压表的示数为6V时，电流表的示数； （2）电流表的示数为0.1A时，空气中的湿度。 29．（5分）如图所示是某餐厅出现的一款送餐机器人。 （1）机器人送餐时，总质量为60kg，它与水平地面接触的总面积为100cm2，则它对地面的压强是多大？（g取10N/kg） （2）送餐过程中，机器人在1min内沿水平地面匀速直线移动了15m，若它在运动过程中所受阻力为120N，则牵引力对它所做的功及功率分别是多大？ 30．（8分）如图乙所示是一款集榨汁、加热、保温于一体的破壁机简化电路图。当只闭合开关S，电动机工作将原材料粉碎榨汁；随即S自动断开，发热电路（图中虚线框内电路）自动进入加热状态；当饮料达到设定温度时，发热电路自动转为保温状态。该破壁机的部分参数如表格所示。求： XXX破壁机部分参数 机器自重 1.5kg 最大容量 1.5L 额定电压 220V 加热功率 880W 榨汁功率 88W 保温功率 44W （1）该破壁机榨汁时电动机连续工作5min消耗的电能； （2）该破壁机保温时电阻R2消耗的功率； （3）当破壁机正常工作时，加热状态的加热效率为75%，求将1.1L的豆浆从25℃加热到100℃所需的时间。[设c豆浆＝4.0×103J/（kg•℃），ρ豆浆＝1.0×103kg/m3] 2025年江苏省镇江市第一外国语学校九年级中考物理模拟试卷（练习卷）参考答案与试题解析 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 A B D C D C A D A D A 题号 12 答案 D 一．选择题（共12小题，满分24分，每小题2分） 1．【分析】声音的特征之一﹣﹣响度表示声音的强弱或大小，而将声聚焦就是使声音增大即改变响度。 【解答】解：由题知，声聚焦装置，使远处传来的声音在其表面发生了反射而会聚，声音听起来变强（大）了，是改变了声音的响度；而声音的音调是固定不变的，音色由发声体本身决定；故A正确，BCD错误。 故选：A。 【点评】本题考查了学生对声音的响度的理解，抓住题中条件“微小声音就会变大”是关键。 2．【分析】物质从固态变成液态的变化过程叫作熔化。 【解答】解：吃之前把“冻梨”放在水中缓一下，固态的冰变成液态的水，发生的物态变化是熔化，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 【点评】本题考查熔化概念，属于基础题。 3．【分析】紫外线具有化学作用强、生理作用强、荧光效应强的特点，根据这样的特点在生活中的应用来判断此题。 【解答】解：A、红外线方向性好，可以用作电视遥控器； B、超声波可以传递信息，B超就说明这一点； C、红外线热作用强，一切物质不停地辐射红外线，高温物质辐射红外线强，因此制成红外线夜视仪，可以用在军事上； D、紫外线有荧光效应，使荧光物质发出荧光，可以做成验钞机，检验钱的真伪。 故选：D。 【点评】红外线：光谱中红光之外的部分。一切物体都在不停地辐射红外线，也不停地吸收红外线；温度越高辐射的红外线越强。 红外线特点： （1）热作用强：烤箱、浴室里的暖灯、夜视仪、热谱图 （2）穿透力强：航空摄影 （3）遥感、遥控：卫星遥感、家用遥控器 紫外线：光谱中紫光之外的部分。天色紫外线的来源是太阳光 紫外线特点： （1）化学作用强：使胶片感光、 （2）生理作用强：杀菌消毒、促进维生素D的合成。 （3）荧光效应：使荧光物质发出荧光、制验钞机。 4．【分析】显微镜有物镜和目镜组成，目镜成的是正立、放大的虚像；物镜成的是放大、倒立的实像。 【解答】解：把一滴水滴在玻璃板上，再拿一个放大镜作为目镜放在水滴的上方，水滴作为物镜，成倒立放大的实像；放大镜是目镜，成正立放大的虚像，故ABD错误，C正确。 故选：C。 【点评】本题考查了显微镜的应用，了解显微镜的物镜和目镜的成像原理是解答此题的关键，是一道基础题。 5．【分析】（1）密度是物质的一种特性，其大小与物体的质量和体积无关； （2）根据图象分析解答； （3）根据图象，利用密度公式求出甲、乙的密度，进而求出甲、乙两种物质的密度之比； （4）利用m＝ρV求5cm3的乙物质的质量。 【解答】解：A、密度是物质的一种特性，其大小与物体的质量和体积无关，故A错误； B、由图象可知，当甲和乙两物质的质量相同时，甲物质的体积较大，故B错误； C、由图象可知，当甲物质的质量m甲＝2g时，V甲＝4cm3，则ρ甲＝＝＝0.5g/cm3； 当乙物质的质量m乙＝4g时，V乙＝2cm3，则ρ乙＝＝＝2g/cm3， 所以甲、乙两种物质的密度之比是1：4，故C错误； D、体积为V乙′＝5cm3的乙物质的质量：m乙′＝ρ乙V乙′＝2g/cm3×5cm3＝10g，故D正确。 故选：D。 【点评】本题考查了密度公式的应用以及对密度特性的理解，分析图象得出相关信息是关键。 6．【分析】（1）地球表面的一切物体都要受重力作用，重力的方向始终是竖直向下的。 （2）不倒翁静止的时候，重力和支持力是一对平衡力，大小相等方向相反。在摆动的过程中，重力和支持力的大小和方向都不变。 【解答】解：（1）地球表面的一切物体都要受重力作用，重力的方向始终是竖直向下的。“不倒翁”在摆动过程中，重力的大小和方向都不变。故A、B错误。 （2）不倒翁静止的时候，重力和支持力是一对平衡力，大小相等方向相反，作用在同一个物体上。在摆动的过程中，支持力的作用点随着重心的移动而改变，而大小不变。故D错误，C正确。 故选：C。 【点评】该题考查了重力的方向及在生活中的应用。结合实例进行具体分析。 7．【分析】（1）木块漂浮在水中静止时，知道从溢水杯中溢出水的体积，根据阿基米德原理求出受到的浮力，物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，根据G＝mg求出其质量，根据题意公式求出木块的体积，根据密度公式求出木块的密度； （2）由于物体的密度小于酒精的密度，所以木块在酒精中也是漂浮，根据阿基米德原理求出排开酒精的体积即为溢出酒精的体积；进一步求出木块浸入水中的体积与浸入酒精中的体积之比。 【解答】解：（1）木块受到的浮力： F浮＝G排＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×38.4×10﹣6m3＝0.384N。 由于漂浮，所以浮力等于自身的重力，故G＝0.384N； 故木块的质量是：m＝＝＝0.0384kg＝38.4g； 木块的体积V＝4cm×4cm×4cm＝64cm3， 所以木块的密度是：ρ＝＝＝0.6g/cm3；故B错误； （2）由于物体的密度小于酒精的密度，所以木块在酒精中也是漂浮，故据F浮＝G排＝ρ水gV排＝G物； V排＝＝＝0.000048m3＝48cm3；从溢水杯中溢出酒精的体积为48cm3 木块露出酒精的体积： V露＝V﹣V浸＝64cm3﹣48cm3＝16cm3；故A正确，C错误； 木块浸入水中的体积与浸入酒精中的体积之比为：＝，故D错误。 故选：A。 【点评】本题考查了阿基米德原理的应用，注意：漂浮在水面上的实心物体，物体的体积等于露出水面的体积与浸在水中的体积之和；物体受到的浮力等于它排开水的重力。 8．【分析】（1）不计绳重和摩擦，物体匀速上升时，物体和动滑轮处于平衡状态，有力的关系式：nF＝G+G动，把已知条件分别代入力的关系式，即可得到FA和FB的大小关系； （2）在如图所示的装置中，绳子移动距离s、物体移动距离h和动滑轮上的绳子段数n之间的关系式为：s＝nh； （3）利用W＝Fs和P＝，结合滑轮组特点分析即可； （4）利用功的公式、机械效率公式以及有用功、额外功和总功的关系分析即可。 【解答】解：A.由图知，甲装置动滑轮上绳子的段数为3，乙装置动滑轮上绳子的段数为2，不计绳重和摩擦，由nF＝G+G动知，3FA＝GA+G动；2FB＝GB+G动；若GA＝GB，则FA＜FB，故A错误； B.由图知，sA＝3h，sB＝2h，故sA＞sB，但sA与sB之间的关系与物体的重力大小无关，故B错误； C.相同时间内，FA做的功为：WA＝FA×3h，FB做的功为：WB＝FB×2h，仅根据FA＜FB不能推出WA和WB之间的关系，由P＝知不能确定PA与PB的关系，故C错误； D.若FA＝FB，B选项已经推出sA＞sB，由W＝Fs知WA＞WB，甲、乙两装置的动滑轮相同，不计绳重和摩擦，由W额＝G动h知它们的额外功相同，由W总＝W有+W额知，W甲有＞W乙有，由η＝×100%＝×100%＝1﹣×100%知η甲＞η乙，故D正确。 故选：D。 【点评】本题考查了功的公式、功率的公式、机械效率公式的应用，解题的关键是要掌握滑轮组的特点。 9．【分析】一个完整的电路由电源、用电器、开关、导线组成，这可以与水路中的水泵、水轮机、阀门、管道进行类比，结合电流的方向以及电路中各部分的作用进行解答。 【解答】解：A、电流类似于水流，在电源外部的电流方向是从电池正极经用电器到负极，故A不合理； B、当水流流过水轮机时水轮机转动，灯泡的作用类似于水轮机，有电流流过会发光，故B合理； C、在水路中水泵的作用是提供水压，电源的作用类似于水泵，其作用是提供电压，将其他形式的能转化为电能，故C合理； D、阀门控制水路的通断，开关类似于阀门，其作用是控制电路通断，故D合理； 故选：A。 【点评】本题考查了电路各组成部分的作用以及电流的方向，属于基础题。 10．【分析】由图甲可知，R1、R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。 （1）根据图乙利用串联电路的电压特点和分压原理列方程求出R1的阻值和电源电压。 （2）根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的最小电流，根据P＝UI求出电路的最小功率。 （3）根据电压表的量程可知R1两端的最大电压，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，进而确定电流表示数变化范围。 【解答】解：由图甲可知，R1、R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。 AB、由图乙可知，当R2接入电路的电阻为10Ω时，R1两端的电压为3V，由串联电路的电压特点和分压原理可知，此时R1的电阻与R2接入电路的电阻比为：＝，即＝……① 同理，当R2接入电路的电阻为20Ω时，R1两端的电压为2V，由串联电路的电压特点和分压原理可知，此时R1的电阻与R2接入电路的电阻比为：＝，即＝……② 由①②解得：R1＝10Ω，U＝6V，故AB错误； C、由欧姆定律可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电路中的最小电流：I小＝＝＝＝0.2A，则电路的最小功率：P小＝UI小＝6V×0.2A＝1.2W，故C错误； D、由欧姆定律可知，当R1两端的电压最大时，电路中的电流最大，因为电压表的量程为0～3V，所以R1两端的最大电压为3V，则电路中的最大电流：I大＝＝＝0.3A＜0.6A，符合题意，因此电流表示数变化范围为0.2～0.3A，故D正确。 故选：D。 【点评】本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键是根据图象读出相关的信息。 11．【分析】（1）气敏电阻和变阻器串联，气敏电阻的阻值应该随天然气浓度的增大而减小，当天然气浓度增大到一定程度时，气敏电阻变小，电路的电阻变小，由欧姆定律可知电路的电流变大，结合电磁铁的磁性强弱的影响因素分析； （2）奥斯特实验说明电流周围存在磁场； （3）结合电磁铁的磁性强弱的影响因素分析； （3）通电导线在磁场中受到力的作用。 【解答】解：A．控制电路中，气敏电阻和变阻器串联，气敏电阻的阻值应该随天然气浓度的增大而减小。当天然气浓度增大到一定程度时，气敏电阻变小，电路的电阻变小，由欧姆定律可知电路的电流变大，电磁铁磁性变强，衔铁被吸下，电铃连入电路中，电铃会发出报警声，故A正确； B．图乙为奥斯特实验，说明电流周围存在磁场，故B错误； C．两电磁铁串联，通过的电流相等，而线圈匝数不同，探究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系，故C错误； D．图丁中有电源，研究磁场对电流的作用，发电机的原理是电磁感应，故D错误。 故选：A。 【点评】此题考查了电磁铁磁性强弱的影响因素、电磁继电器的工作原理、奥斯特实验的认识等，属于基础知识。 12．【分析】（1）闭合开关S后再闭合开关S1或S2时，滑动变阻器与R1或R2串联，电流表A2测量电路中的电流，电压表分别测量R1或R2两端的电压； 根据欧姆定律分别求出图乙中a、b图线表示的电阻值，根据R1的阻值判断出a、b图象的物理意义，进一步得出定值电阻R2的阻值； 根据图像中的信息，利用串联电路的电压特点和欧姆定律列出电源电压的表达式，即可求出电源电压和滑动变阻器的最大阻值； （2）闭合开关S、S1，滑动变阻器与R1串联，若要使电路中电流最小，则应将变阻器的滑片滑到最大阻值处，由串联电路的电阻规律和欧姆定律求出电路中的最小电流； （3）根据电阻的串并联和欧姆定律求出电路中最大电流，然后与电流表的量程比较即可判断整个电路能通过的最大电流。 【解答】解：闭合开关S后再闭合开关S1或S2时，滑动变阻器与R1或R2串联，电流表A2测量电路中的电流，电压表分别测量R1或R2两端的电压； AD、由I＝可得，图象中a、b图线表示的电阻值分别为： Ra＝＝＝10Ω，Rb＝＝＝20Ω； 已知R1＝10Ω，因Ra＝R1＝10Ω，所以，a图线是滑动变阻器与R1串联时电压表与电流表A2示数的I﹣U图象，b图线是滑动变阻器与R2串联时电压表与电流表A2示数的I﹣U图象，且可得定值电阻R2＝Rb＝20Ω； 闭合开关S、S1，滑动变阻器与R1串联，滑动变阻器滑片在最右端时，变阻器连入电路的电阻最大，根据欧姆定律可知电路中的电流最小， 由图乙中a图线可知，最小电流为Ia最小＝0.2A，Ua最小＝2V， 根据串联电路的特点和欧姆定律可得电源电压：U＝Ia最小R滑大+Ua最小＝0.2A×R滑大+2V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣① 当滑动变阻器滑片在中点时，由图像可知此时电流最大为Ia最大＝0.3A，Ua最大＝3V， 根据串联电路的特点和欧姆定律可得电源电压：U＝Ia最大×R滑大+Ua最大＝0.3A×R滑大+3V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣② 联立①②解得：R滑大＝20Ω，U＝6V，故A错误，D正确； B、闭合开关S、S1，滑动变阻器与R1串联，若要使电路中电流最小，则应将变阻器的滑片滑到最大阻值处，使总电阻最大， 此时电路的总电阻为：R总大＝R1+R滑大＝10Ω+20Ω＝30Ω， 则电路中的最小电流为：，故B错误； C、要使电路中电流最大，则需总电阻最小，当闭合开关S、S1、S2，变阻器的滑片滑到最左端时，R1与R2并联，此时电路的总电阻最小，干路电流最大，且此时电流表A2测总电流， 则干路中的最大电流为：， 但电流表A2量程为0～0.6A，说明滑动变阻器的阻值不能调节到零，有一定阻值接入电路，所以电路中最大电流为0.6A，故C错误。 故选：D。 【点评】本题考查了串并联电路的特点及欧姆定律的运用，关键是电路的辨别以及从图乙获取有用的信息，难度较大。 二．填空题（共9小题，满分28分） 13．【分析】（1）降噪是指改变了声音的响度；减弱噪声有三种：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱； （2）倒车雷达，即倒车防撞雷达，也叫泊车辅助装置，它能以声音或更为直观的显示告知司机车辆周围是否有障碍物，倒车时，利用回声测距原理，由装置在车尾保险杠上的探头发送超声波撞击障碍物后反射此声波，计算出车体与障碍物间的实际距离，然后，提示给司机，使停车或倒车更容易、更安全，所以说倒车雷达应用了回声定位的原理； 人耳的听声的频率范围是20Hz～20000Hz，高于20000的Hz的是超声，人耳都听不到超声波。 【解答】解：（1）声音向前传播遇到隔音屏时，声音会被反射回来，因此隔音屏能降低噪声的响度，这属于在传播过程中减弱噪声。 （2）倒车防撞超声波雷达是利用回声测距原理来测量距离的； 人耳的听声的频率范围是20Hz～20000Hz，高于20000的Hz的是超声，人耳都不到超声波。 故答案为：响度；传播过程中；超；不能。 【点评】本题考查了声音的等级和噪声的危害、减弱噪声的措施、超声波的应用等知识，都是声现象的基本内容的考查，识记性比较强。 14．【分析】（1）不透明物体的颜色是由它透过的光色决定的，白色的物体能反射光线，而黑色物体吸收所有光线，且黑色物体吸热本领比白色物体强； （2）色光的三原色是红、绿、蓝。 【解答】解：当条形码扫描器照射它时，黑条纹将光吸收，白条纹将光反射，再通过电脑解码就可以获取考生相关信息。 色光的三原色是红、绿、蓝，将红、绿、蓝三种色光按照不同比例混合，能产生任何一种其他颜色的光。 故答案为：吸收；反射；绿。 【点评】本题考查了物体的颜色和色光的三原色，属于基础题。 15．【分析】根据凸透镜成像的规律进行解答：当物距小于焦距时，成正立、放大的虚像，其实际应用是放大镜；物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像，其实际应用是照相机。 【解答】解：装有适量水的圆柱形玻璃杯相当于一个凸透镜； 当看到的情景如图甲所示时，呈现正立、放大的像，此时与放大镜的成像原理相同，物距小于1倍焦距，所以箭头离玻璃杯较近。 故答案为：凸透；甲；放大镜。 【点评】本题考查了凸透镜成像规律的应用，属于基础题。 16．【分析】石块的质量等于砝码的质量加上游码在标尺上对应的刻度值；量筒在读数时视线与液体的凹液面最低处（或凸液面的最高处）相平，石块的体积等于量筒中水和石块的总体积减去量筒中水的体积；根据密度公式ρ＝求出石块的密度。 【解答】解：由图甲可知，石块的质量：m＝20g+5g+4.2g＝29.2g， 由图乙可知，量筒读数时，视线要与液面相平，所以读数时视线正确的是b， 由图乙可知，量筒的分度值是2mL，石块和水的总体积为40mL， 石块的体积：V＝40mL﹣30mL＝10mL＝10cm3； 石块的密度：ρ＝＝＝2.92g/cm3＝2.92×103kg/m3。 故答案为：29.2；b；2.92×103。 【点评】本题考查天平的读数、量筒的使用和读数以及密度的计算，是一道基础题。 17．【分析】（1）处于非平衡状态的物体受到的力不是平衡力； （2）根据力的作用是相互的可以判断。 【解答】解： 嫦娥六号探测器绕月飞行时运动方向不断改变运动状态改变，处于非平衡状态，受非平衡力作用。 在着陆月球表面时，探测器要向月球表面喷火，即喷管朝向与组合体下落运动方向相同，喷出的燃气会对探测器产生一个相互作用的向上的力，达到减速制动的目的，利用到的物理原理是力的作用是相互的，使组合体减速的力的施力物体是喷出的燃气。 故答案为：不是；相同；喷出的燃气。 【点评】此题考查平衡状态的判断、力作用的相互性，属于基础知识考查，难度不大。 18．【分析】（1）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。 （2）流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。 （3）大气压随着高度的增加而减小。 【解答】解：飞机在升空过程中，以座椅为参照物，乘客与座椅之间的位置没有改变，故乘客相对于座椅是静止的。 在飞机升空时，即飞机受到向上的升力，此时对于机翼来说，机翼上方的空气流速大，压强小，而机翼下方飞空气流速小，压强大，故飞机在较大的向上的升力的作用下升空。 大气压随着高度的关系可知，随着海拔高度的升高，外界大气压强会变小。 故答案为：静止；上；变小。 【点评】本题通过生活中的现象考查蕴含的物理知识，注重了物理和生活的联系，考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力。 19．【分析】跳绳时，人要克服自身重力做功，根据图像可知跳绳的高度和跳一次所需时间，再根据W＝Gh求出每跳一次克服自身重力所做的功，根据P＝求出克服重力做功的平均功率。 【解答】解：由图像可知，某同学每次跳的高度为5cm， 则他每跳一次所做的功为：W＝Gh＝480N×5×10﹣2m＝24J； 由图像可知，他在0.4s内完成一次跳绳动作， 所以在1min内跳绳的次数： n＝＝150次； 克服重力做功的功率为： P＝＝＝60W。 故答案为：24；150；60。 【点评】本题主要考查功和功率的运算，要掌握功和功率的计算公式，会分析图像并能从图像上获得相应的数据，题目条件明确，难度不大。 20．【分析】（1）当S接2时，两灯串联，串联电路中电流处处相等； （2）由电路图可知，当S接1时，电路为L1的简单电路，电压表测电源的电压。 电压表测L1两端的电压，知道电源电压，可以计算出灯泡L2两端的电压。 【解答】解：（1）由图可知，当S接2时，两灯串联，由串联电路中电流处处相等可知，通过灯泡L2的电流等于L1中的电流 （2）由电路图可知，当S接1时，电路为L1的简单电路，电压表测电源的电压，由图乙可知，电源的电压U＝6V， 当S接2时，两灯泡串联，电压表测L1两端的电压， 由图乙可知，此时L1两端的电压U1＝2V， 由串联电路的电压特点可知，灯泡L2两端的电压： U2＝U﹣U1＝6V﹣2V＝4V。 故答案为：等于；4；6。 【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到电压的串联的特点，故据题意和图乙得出对应的电压是解决该题的关键。 21．【分析】（1）根据温度计的分度值读数； （2）根据安培定则确定电源正负极； （3）电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关。 【解答】解：（1）温度计就相当于开关，当介于金属丝接触导通，吸引衔铁断开加热电路，故此时金属丝对应的刻度是90℃； （2）当电磁铁中有电流通过时，若它的左端为N极，电流从右侧流入，则“电源1”的右端为正极。 （3）为增强电磁铁的磁性，必须增大线圈中的电流或增大线圈的匝数，故选：①。 故答案为：（1）90；（2）右；（3）①。 【点评】本题考查安培定则与电磁铁的磁性，属于基础题。 三．作图题（共3小题，满分6分，每小题2分） 22．【分析】根据螺线管中电流的方向，利用安培定则判定螺线管的磁性，根据磁极间的相互作用规律分析小磁针的磁性。 【解答】解：根据图示可知，电流从螺线管的右端流入，所以A点电流的方向是向下的，根据安培定则可知，螺线管的右端为N极、左端为S极；根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的右端为S极，如图所示： 【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律的应用、安培定则的应用，属于基础题。 23．【分析】力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1l1＝F2l2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。 【解答】解：由杠杆平衡条件F1l1＝F2l2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此连接OA作为动力臂l1最长；动力的方向应该向下，从点A垂直于OA斜向下作出最小动力F1的示意图，如图所示： 【点评】本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。 24．【分析】对小球受力分析，并根据小球的运动状态，利用力与运动的关系得出小球所受重力和弹力的大小关系，然后按照力的示意图的画法作图。 【解答】解：（1）小球向上加速运动时，受竖直向下的重力G与竖直向上的弹簧的弹力F作用； 由于小球向上做加速运动，小球受力不平衡，小球所受的弹力F大于重力G； （2）从小球的重心沿重力与弹力的方向作出重力与弹力的示意图，小球受力示意图如图所示： 【点评】本题考查了作力的示意图，是一道基础题，对物体正确受力分析，并得出小球所受重力和弹力的大小关系是正确解题的前提与关键。 四．实验探究题（共3小题，满分23分） 25．【分析】（1）增大摩擦力的方法有：一是增大压力；二是增大接触面积的粗糙程度；三是用滑动摩擦代替滚动摩擦； （2）弹簧测力计的量程即弹簧测力计所能测量的最大范围；分度值指的是所能测量的最小值（或者是相邻两刻线之间的距离所表示的值）；读取弹簧测力计的示数首先要认清分度值； （3）要探究摩擦力与压力的关系，需使接触面的粗糙程度相同，压力大小不同；要探究摩擦力与接触面的粗糙程度的关系，需使压力大小相同，接触面的粗糙程度不同； （4）测力计示数时大时小可能是摩擦力大小发生了变化，也可能是没有匀速拉动物体。 【解答】解：（1）A、人走在湿滑的路上，表面粗糙程度小，摩擦力小，容易摔倒，故A符合题意； B、推箱子时，箱子越重越难推，是压力大小增大，摩擦力增大，故B不符合题意； C、体操运动员上器械前，手上涂防滑粉，是通过增大接触面的粗糙程度来增大滑动摩擦力的，故C符合题意； D、用力捏车闸，车容易停下来，是通过增大压力来增大滑动摩擦力的，故D不符合题意； 故选：AC。 （2）实验中需沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，此时木块受力平衡，根据二力平衡条件，测力计的示数等于摩擦力的大小，即拉力等于摩擦力； （3）图中测力计每1N被分割成5等份，所以分度值为0.2N，示数为3.4N；比较如图乙和丙两次实验可知，两次实验中压力大小和接触面的粗糙程度都不相同，没有控制压力大小不变，不能得出滑动摩擦力的大小跟接触面的粗糙程度有关的结论； （4）当人向后蹬地面时，蹬地面脚相对于地面，有向后运动的趋势，所受地面的摩擦力方向向前，此时摩擦力是动力； （5）A．木板表面不同位置的粗糙程度可能是不同的，造成摩擦力变化，测力计示数时大时小，故A不符合题意； B．木块的运动可能不是匀速直线运动，拉力等于摩擦力，故B不符合题意； C．木块对木板的压力大小等于物体的重力，大小不变，故C符合题意； 故选：C。 故答案为：（1）AC；（2）匀速直线；拉力；（3）3.4；没有控制压力大小不变；（4）向前；动力；（5）C。 【点评】题探究影响滑动摩擦力大小的因素，考查了转换法、控制变量法的运用，体现了对实验过程和实验原理的考查。 26．【分析】（1）用玻璃板代替平面镜，即看到像，又能看到玻璃板后面的蜡烛，当后面的蜡烛和像重合时，玻璃板后面蜡烛的位置就是玻璃板前面蜡烛像的位置，这样进行实验，便于确定像的位置，比较像物大小关系。 （2）为了使测量像距和物距时更准确，玻璃板的前表面应与MN对齐。 （3）平面镜成像时，像与物体关于镜面对称；等效替代法是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法。 （4）平面镜成虚像，虚像不能在光屏上呈现。 （5）平面镜所成的像与物体关于镜面对称。 【解答】解：（1）用玻璃板代替平面镜，在玻璃板前面既能看到蜡烛A的像，又能看到玻璃板后面的蜡烛B，便于确定像的位置，比较像物大小关系。 （2）为了使测量像距和物距时更准确，玻璃板的前表面应与MN对齐。 （3）拿棋子B在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧（A侧）观察，由于玻璃板的前表面与MN对齐，因此直至棋子B与棋子A的像A′完全重合，这表明像与物体大小相等，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法，此时棋子B是来等效替代棋子A的。 （4）移去棋子B，在其原来棋子B位置上放置一块光屏，直接观察光屏，如果光屏上不能呈现蜡烛的像，说明平面镜成虚像；如果光屏上能呈现蜡烛的像，说明平面镜成实像；因此这样操作是为了判断成的像是实像还是虚像。 （5）将平面镜沿着MN方向，向右移动，由于平面镜所成的像与物体关于镜面对称，而棋子A的位置及对称面没有变化，所以像仍然成在原来的位置；若以茶色玻璃左侧边OM为轴，将平面镜适当向后表面转动，由于平面镜所成的像与物体关于镜面对称，所以像会成在原来的位置的左边；上述两个方法小华所看到的像不在同一位置。 故答案为：（1）确定像的位置，比较像物大小关系；（2）前表面；（3）A′；棋子A；（4）判断成的像是实像还是虚像；（5）右；后；不在。 【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。 27．【分析】（1）根据电阻与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量电源电压分析； （2）根据电压表的量程和分度值读数； （3）根据数据分析电压表测量的对象，根据欧姆定律计算电阻取平均值减小误差； （4）根据电压表测量的电压结合串联分压规律解答。 【解答】解：（1）图中电阻与滑动变阻器串联，电流表测量电路中的电流，电压表测量电源电压，将滑动变阻器的滑片向左移动，电阻变小，根据欧姆定律知，电路中电流变大，电流表的示数变大，电压表的示数始终等于电源电压而不变； （2）电压表用的0﹣3V量程，分度值0.1V，示数为2.4V； （3）根据数据，电压表示数减小时，电路中电流变大，电压表测量滑动变阻器的电压，故定值电阻的电压为电源电压减去滑动变阻器的电压； 则R＝；代入数据则有 R＝＝＝； 解得U＝4V，R＝10Ω，多次测量是为了减小误差； （4）①闭合开关S、S1，断开开关S2，此时电压表测量电源电压，记下此时电压表示数为U1； ②闭合开关S、S2，断开开关S1，测量Rx的电压，记下此时电压表示数为U2；根据串联电路的特点知，R0的电压为U0＝U1﹣U2； 根据串联电压之比等于电阻之比有：Rx：R0＝U2：（U1﹣U2）； 解得未知电阻Rx阻值的表达式：Rx＝； 将步骤①改为“闭合开关S、S1和S2，记下此时电压表示数为U3”，此时也是测量电源电压，故也能测量电阻大小，方法正确。 故答案为：（1）变大；不变；（2）2.4；（3）10；求平均值减小误差；（4）；正确。 【点评】本题考查伏安法测电阻与特殊方法测电阻，属于中档题。 五．计算题（共3小题，满分19分） 28．【分析】由电路图可知，定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电压表测湿敏电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流； （1）当电压表的示数为6V时，根据串联电路的电压规律计算定值电阻R0两端电压，根据欧姆定律求出此时通过电路的电流（即电流表的示数）； （2）当电流表的示数为0.1A时，由欧姆定律可知定值电阻R0两端的电压，根据串联电路的电压规律求出湿敏电阻两端的电压，再根据欧姆定律求出此时湿敏电阻的阻值，由图丙可知此时空气中的湿度。 【解答】解：由电路图可知，定值电阻R0与湿敏电阻R串联，电压表测湿敏电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流； （1）当电压表的示数为6V时，即UR＝6V， 因串联电路的总电压等于各分电压之和，所以定值电阻R0两端的电压：U0＝U﹣UR＝10V﹣6V＝4V， 电流表的示数：I＝＝0.2A； （2）当电流表示数I′＝0.1A时，定值电阻R0两端的电压：U0′＝I′R0＝0.1A×20Ω＝2V， 则湿敏电阻两端的电压：UR′＝U﹣U0′＝10V﹣2V＝8V， 此时湿敏电阻的阻值：R′＝， 由图丙可知，湿敏电阻的阻值为80Ω时，对应的空气湿度是80%。 答：（1）电压表的示数为6V时，电流表的示数为0.2A； （2）电流表的示数为0.1A时，空气中的湿度是80%。 【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用，关键是从图象中读出有用的信息。 29．【分析】（1）机器人对水平地面的压力等于其重力，已知它与水平地面接触的总面积，由p＝可得对地面的压强； （2）机器人水平匀速直线运动，所以牵引力等于阻力，由W＝Fs得 牵引力对它所做的功； 已知送餐时间，由P＝可得牵引力的功率。 【解答】解：（1）机器人对水平地面的压力等于其重力：F＝G＝mg＝60kg×10N/kg＝600N，它与水平地面接触的总面积为S＝100cm2＝1×10﹣2m2， 它对地面的压强：p＝＝＝6×104Pa； （2）机器人水平匀速直线运动，所以F牵引＝f阻＝120N， 牵引力对它所做的功：W＝F牵引s＝120N×15m＝1800J， 送餐时间t＝1min＝60s，牵引力的功率为：P＝＝＝30W。 答：（1）机器人对地面的压强是6×104Pa； （2）送餐过程中，牵引力对它所做的功是1800J；功率是30W。 【点评】本题考查压强、功、功率的计算，难度适中。 30．【分析】（1）由表格参数可知电动机的电功率，根据W＝Pt求出该破壁机榨汁时电动机连续工作5min消耗的电能； （2）由图乙可知，当开S1闭合、S2断开时，两电阻串联，再闭合开关S2时，只有R1工作；根据串联电路的电阻特点和P＝可知破壁机加热状态和保温状态的电路连接；根据P＝可求出R1的阻值，根据P＝UI求出保温状态时电路中的电流，根据P＝I2R求出保温状态时R1的电功率，据此求出R2的电功率； （3）根据密度公式求出豆浆的质量，根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出豆浆吸收热量，根据效率公式求出破壁机消耗的电能，根据P＝求出加热需要的时间。 【解答】解：（1）由表格参数可知电动机的电功率：PM＝88W， 该破壁机榨汁时电动机连续工作5min消耗的电能：W＝PMt′＝88W×5×60s＝26400J； （2）由图乙可知，当开S1闭合、S2断开时，两电阻串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P＝可知，电路中的总功率最小，破壁机处于保温状态； 再闭合开关S2时，只有R1工作，此时电路中的总电阻最小，总功率最大，破壁机处于加热状态； 由P＝可知，R1的阻值：R1＝＝＝55Ω； 由P＝UI可知，保温状态时电路中的电流：I保＝＝＝0.2A， 保温状态时，R1的电功率：P1＝I保2R1＝（0.2A）2×55Ω＝2.2W， 则该破壁机保温时电阻R2消耗的功率：P2＝P保﹣P1＝44W﹣2.2W＝41.8W； （3）由ρ＝可知，豆浆的质量：m＝ρ豆浆V＝1.0×103kg/m3×1.1×10﹣3m3＝1.1kg， 豆浆吸收热量：Q吸＝c豆浆m（t﹣t0）＝4.0×103J/（kg•℃）×1.1kg×（100℃﹣25℃）＝3.3×105J， 由η＝可知，破壁机消耗的电能：W′＝＝＝4.4×105J， 由P＝可知，加热需要的时间：t″＝＝＝500s。 答：（1）该破壁机榨汁时电动机连续工作5min消耗的电能为26400J； （2）该破壁机保温时电阻R2消耗的功率为41.8W； （3）当破壁机正常工作时，加热状态的加热效率为75%，将1.1L的豆浆从25℃加热到100℃所需的时间为500s。 【点评】本题考查串联电路的特点、电功率公式、吸热公式、效率公式以及电功公式的应用，能正确分析电路连接是解题的关键。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2025/2/13 18:13:42；用户：陈轩；邮箱：13625253945；学号：59240608 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $$