章末检测卷1 遗传因子的发现(word练习)-【勤径学升】2024-2025学年高中生物必修2 遗传与进化同步练测（人教版2019）

章末检测卷一 [对应素能提升训练第66页] （试卷满分100分；考试用时75分钟） 一、选择题：本题共15小题，每小题2分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1.下列有关纯合子的说法，错误的是 （　　） A.自交后代可能会出现杂合子 B.只能形成1种配子 C.连续自交，后代性状能稳定遗传 D.一定不含等位基因 解析　纯合子自交后代全为纯合子，A错误；纯合子遗传因子组成相同，只能产生1种配子，B正确；纯合子遗传因子组成相同，自交后代不发生性状分离，故连续自交性状能稳定遗传，C正确；纯合子中遗传因子组成相同，不含有等位基因，D正确。 答案　A 2.关于孟德尔两对相对性状的杂交实验，下列说法正确的是 （　　） ①F1表型为黄色圆粒，表明黄色和圆粒都是显性性状 ②亲代形成配子时，产生yr和YR两种配子，F1遗传因子组成为YyRr ③F1产生配子时，每对遗传因子彼此分离，不同对遗传因子可以自由组合 ④F1雌雄各4种配子且受精机会均等，因此F2有16种基因型，表型的比例为9∶3∶3∶1 A.①②③ B.①③④ C.①③ D.①②③④ 解析　根据子一代的表型可知黄色Y对绿色y是显性，圆粒R对皱粒r是显性，①正确；亲代（YYRR、yyrr）形成配子时分别产生YR和yr两种配子，因此F1基因型为YyRr，表型为黄色圆粒，②正确；F1产生配子时，等位基因Y和y分离，R与r分离，不同对遗传因子可以自由组合，③正确；F1雌雄各4种配子且受精机会均等，因此有16种结合方式，F2有4（2×2）种表型，比例为9∶3∶3∶1，有9（3×3）种基因型，④错误。综上所述，正确的有①②③。 答案　A 3．番茄的紫茎对绿茎为完全显性。欲判断一株紫茎番茄是否为纯合子，下列方法不可行的是(　　) A．让该紫茎番茄自交 B．与绿茎番茄杂交 C．与纯合紫茎番茄杂交 D．与杂合紫茎番茄杂交 解析　由题可知番茄的紫茎对绿茎为完全显性，则紫茎番茄为显性纯合子或杂合子，绿茎番茄为隐性纯合子。让该紫茎番茄自交，若该紫茎番茄为纯合子，则自交子代全为紫茎；若该紫茎番茄为杂合子，则自交子代发生性状分离，既有紫茎又有绿茎，A不符合题意；让该紫茎番茄与绿茎番茄杂交相当于测交，若该紫茎番茄为纯合子，则杂交子代全为紫茎；若该紫茎番茄为杂合子，则杂交子代既有紫茎又有绿茎，B不符合题意；无论该紫茎番茄是否为纯合子，与纯合紫茎番茄杂交，子代都是紫茎，C符合题意；让该紫茎番茄与杂合紫茎番茄杂交，若该紫茎番茄为纯合子，则杂交子代全为紫茎；若该紫茎番茄为杂合子，则杂交子代既有紫茎又有绿茎，D不符合题意。 答案　C 4.完成下列各项任务，依次采用的最合适的方法是 （　　） ①鉴别一只白兔是否是纯合子 ②鉴别一株小麦是否为纯合子 ③不断提高水稻品种的纯合度 ④鉴别一对相对性状的显隐性关系 A.杂交、测交、自交、测交 B.测交、自交、自交、杂交 C.杂交、测交、自交、杂交 D.测交、测交、杂交、自交 解析　鉴别动物是否为纯合子最合适的方法是测交，鉴别植物是否为纯合子最合适的方法是自交，不断提高水稻品种的纯合度最合适的方法是自交，鉴别一对相对性状的显隐性关系可用杂交的方法。 答案　B 5.某雌雄同株植物高茎对矮茎为显性，由于某种原因使携带矮茎遗传因子的花粉只有1/3能够成活。现用多株纯合高茎植株作母本、矮茎植株作父本进行杂交，F1植株自交，F2的性状分离比为 （　　） A.3∶1 B.7∶1 C.5∶1 D.8∶1 解析　设植物的高茎和矮茎分别受遗传因子A和a控制。根据题意可知，用多株纯合高茎植株（AA）作母本，矮茎植株（aa）作父本进行杂交，由于父本产生的花粉很多，因此携带矮茎遗传因子的花粉只有1/3的成活率并不影响产生的后代的数目，则杂交产生的F1均为Aa，F1产生的雌配子的遗传因子组成为1/2A、1/2a，雄配子中a只有1/3成活，则产生的雄配子的遗传因子组成为3/4A、1/4a，产生的F2中aa＝1/2×1/4＝1/8，因此F2性状分离比为7∶1。 答案　B 6.两对相对性状独立遗传的纯合亲本杂交，F2出现的重组类型中能稳定遗传的个体约占 （　　） A.1/8 B.1/5 C.1/5或1/3 D.1/16 解析　设控制两对相对性状的基因分别为A、a和B、b，题干中纯合亲本杂交的情况有两种，即AABB×aabb或AAbb×aaBB。当为AABB×aabb时，则F1为AaBb，其自交后，F2分为A_B_、A_bb、aaB_、aabb四种类型，重组类型为3/16A_bb、3/16aaB_，其中能稳定遗传的是1/16AAbb、1/16aaBB，其比例为（1/16＋1/16）÷（3/16＋3/16）＝1/3；当为AAbb×aaBB时，则F1为AaBb，其自交后，F2分为A_B_、A_bb、aaB_、aabb四种类型，重组类型为9/16A_B_、1/16aabb，其中能稳定遗传的是1/16AABB、1/16aabb，其比例为（1/16＋1/16）÷（9/16＋1/16）＝1/5。 答案　C 7.香豌豆的花色有紫花和白花两种，显性基因A和B同时存在时开紫花。两个纯合白花品种杂交，F1开紫花；F1自交，F2的性状分离比为紫花∶白花＝9∶7。下列分析错误的是 （　　） A.两个白花亲本的基因型分别为AAbb、aaBB B.F1测交结果紫花与白花的比例为1∶1 C.F2紫花中纯合子所占的比例为1/9 D.F2中白花的基因型有5种 解析　由F2的性状分离比可知，F1的基因型为AaBb，又因两个亲本都是纯合白花，所以两个亲本的基因型为AAbb与aaBB，A正确；F1测交的结果是紫花（AaBb）∶白花（Aabb）∶白花（aaBb）∶白花（aabb）＝1∶1∶1∶1，即紫花∶白花＝1∶3，B错误；F2的性状分离比为A_B_（紫花）∶A_bb（白花）∶aaB_（白花）∶aabb（白花）＝9∶3∶3∶1，即紫花∶白花＝9∶7，其中紫花中纯合子（AABB）所占的比例为1/9，C正确；白花的基因型有Aabb、AAbb、aaBb、aaBB、aabb 5种，D正确。 答案　B 8.豌豆是自花传粉植物。豌豆的红花与白花是一对相对性状（分别由遗传因子A、a控制），现有一批遗传因子组成为AA与Aa的红花豌豆，两者数量之比是1∶3。自然状态下其子代中遗传因子组成为AA、Aa、aa的数量之比为 （　　） A.25∶30∶9 B.7∶6∶3 C.5∶2∶1 D.1∶2∶1 解析　豌豆自然状态下是自花传粉，只能自交，故1/4AA1/4AA，3/4Aa3/4×1/4AA、3/4×1/2Aa、3/4×1/4aa＝3/16AA、3/8Aa、3/16aa，将两种情况综合起来，遗传因子组成为AA、Aa、aa的数量之比为7∶6∶3。 答案　B 9.某种植物果实重量由三对独立遗传的等位基因控制，这三对基因对果实重量的增加效应相同且具叠加性。已知隐性纯合子和显性纯合子果实重量分别为150 g和270 g。现将三对基因均杂合的两植株杂交，F1中重量为190 g的果实所占比例为 （　　） A.3/64 B.5/64 C.12/64 D.15/64 解析　设控制该种植物果实重量的基因分别为A/a、B/b、C/c。由于隐性纯合子（aabbcc）和显性纯合子（AABBCC）果实重量分别为150 g和270 g，则每个显性基因的增重为（270－150）/6＝20（g），基因型为AaBbCc的两植株杂交，F1中重量为190 g的果实的基因型为含有两个显性基因、四个隐性基因，即有AAbbcc、aaBBcc、aabbCC、AaBbcc、AabbCc、aaBbCc六种，所占比例依次为1/64、1/64、1/64、4/64、4/64、4/64，故F1中重量为190 g的果实所占比例为15/64。 答案　D 10.把黄玉米与白玉米隔行种植在一块试验田里，让它们在自然条件下相互受粉，结果黄玉米结出的果穗上籽粒全部是黄色，白玉米果穗上籽粒有黄色有白色。以下对黄色和白色的显隐性关系和亲代情况的叙述正确的是 （　　） A.黄色对白色为显性，黄玉米为纯合子，白玉米为杂合子 B.黄色对白色为显性，黄玉米和白玉米都是纯合子 C.白色对黄色为显性，白玉米为纯合子，黄玉米为杂合子 D.白色对黄色为显性，白玉米和黄玉米都是纯合子 解析　玉米是雌雄同株异花植物，有自花传粉，也有异花传粉。由于黄玉米果穗上全部是黄粒，白玉米果穗上有黄粒，也有白粒，说明黄色对白色为显性；白玉米果穗上有白粒，是自花传粉所致，白玉米果穗上有黄粒是异花传粉所致；黄玉米不管是自花传粉，还是异花传粉，后代全为黄粒，说明未出现性状分离，所以黄玉米是纯合子；白玉米为隐性个体，肯定是纯合子。 答案　B 11.某植物的红花和白花这对相对性状受多对等位基因控制（A、a，B、b，C、c ...），当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因（即A_B_C_ ...）时才开红花，否则开白花。现有甲、乙、丙3个纯合白花品系，相互之间进行杂交，杂交组合、后代表型及其比例如下： 根据杂交结果分析，下列说法不正确的是 （　　） A.这种植物花色的遗传符合基因的自由组合定律 B.植物的花色可由3对等位基因控制 C.甲的遗传因子组成不可能是aabbcc D.杂交组合甲×丙的F2红花中纯合子占1/9 解析　由题意可知，个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因（即A_B_C_ ...）时才开红花，甲和丙的F1红色自交，所得F2的分离比为红色∶白色＝27∶37，即红花占27/64＝（3/4）3，则可推测这对相对性状至少受3对等位基因控制，遵循基因自由组合定律，A、B正确；如果甲的遗传因子组成是aabbcc，则丙的基因型为AABBCC，乙与丙杂交后代应该出现红色，与题干不符，因此甲的遗传因子组成不可能是aabbcc，C正确；杂交组合甲×丙后代中F1基因型为AaBbCc，F2中红花占27/64，红花纯合子AABBCC占1/64，因此F2红花中纯合子占1/27，D错误。 答案　D 12.已知A、a和B、b两对等位基因位于两对常染色体上，控制两对相对性状，但具有某种基因型的配子或个体致死。忽略环境因素对表型的影响，下列关于基因型为AaBb的个体自交，后代表型分离比及可能原因的分析正确的是 （　　） A.后代分离比9∶3∶3——基因型为ab的雌配子或雄配子致死 B.后代分离比5∶3∶3∶1——基因型为AB的雌配子或雄配子致死 C.后代分离比6∶3∶2∶1——AA个体和BB个体显性纯合致死 D.后代分离比7∶3∶1∶1——肯定是基因型为Ab的雌配子或雄配子致死 解析　正常情况下，AaBb个体产生的配子的基因型及比例是AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1，其自交后代的表型及其比例是A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1。若后代分离比为9∶3∶3，没有aabb个体，说明aabb的受精卵或胚胎死亡，A错误；若后代分离比为5∶3∶3∶1，即只有双显个体A_B_的数量比值较理论值少了4份，由此可推测：可能是基因型为AB的雌配子或雄配子致死所致，B正确；若后代分离比为6∶3∶2∶1，则可推测某一显性基因纯合个体AA_ _或_ _BB死亡，即AA或BB显性纯合致死，C错误；若后代分离比为7∶3∶1∶1，最可能的原因是基因型为Ab的雌配子或雄配子致死，或者基因型为aB的雌配子或雄配子致死，D错误。 答案　B 13.水稻抗稻瘟病是由基因R控制的，细胞中另有一对等位基因B、b对稻瘟病的抗性表达有影响，BB会使水稻抗性完全消失，Bb使抗性减弱（弱抗病），bb不影响抗性表达。现有两纯合亲本进行杂交，实验过程和结果如图所示。下列相关叙述错误的是 （　　） A.亲本的基因型分别是rrBB、RRbb B.F2的弱抗病植株中纯合子占2/3 C.F2的全部抗病植株自交，后代抗病植株占5/6 D.不能通过测交区分F2中易感病植株的基因型 解析　根据题图，子二代的表型比例是3∶6∶7，是9∶3∶3∶1的变式，说明水稻的抗病由两对等位基因控制，且两对等位基因的遗传遵循自由组合定律，子一代的基因型是RrBb，表现为弱抗病，由于BB使水稻抗性完全消失，因此亲本基因型是RRbb（抗病）×rrBB（易感病），A正确；F2弱抗病的基因型是R_Bb，RRBb∶RrBb＝1∶2，无纯合子，B错误；F2中抗病植株的基因型是R_bb，RRbb∶Rrbb＝1∶2，抗病植株自交，RRbb后代全部是抗病，Rrbb后代抗病∶易感病＝3∶1，因此子二代全部抗病植株自交，后代易感病的比例是2/3×1/4＝1/6，抗病植株占5/6，C正确；F2易感病植株的基因型有RRBB、RrBB、rr_ _，RRBB、RrBB基因型可以用测交判断，但rr_ _则无法通过测交判断，D正确。 答案　B 14.下表是豌豆五种杂交的实验组合统计数据： 组别 表型 高茎 红花 高茎 白花 矮茎 红花 矮茎 白花 一 高茎红花× 矮茎红花 627 203 617 212 二 高茎红花× 高茎白花 724 750 213 262 三 高茎红花× 矮茎红花 953 317 0 0 四 高茎红花× 高茎红花 925 328 315 108 五 高茎白花× 矮茎红花 517 523 499 507 据此判断下列叙述不合理的是 （　　） A.通过第一、四组可以得出红花对白花为显性 B.通过第二、四组可以得出高茎对矮茎为显性 C.最容易获得双隐性个体的杂交组合是第五组 D.每一组杂交后代中纯合子的概率都相同 解析　根据图表分析可知：第一、四组的亲本都是红花，但杂交后代出现了白花，说明红花对白花为显性性状，A正确；仅分析茎高这一性状，第二组的双亲都是高茎，但杂交后代出现了矮茎，说明高茎对矮茎为显性性状，此外第四组亲本是高茎与高茎杂交，后代有矮茎，也说明高茎对矮茎为显性性状，B正确；根据表中数据可知，第五组最容易获得双隐性个体，C正确；据分析可知，第三组杂交子代无纯合子，D错误。 答案　D 15.下图为某二倍体植物的花色遗传生化机制。已知甲、乙、丙3个纯合红花株系，它们两两杂交产生的子代均表现为紫花。现分别用甲、乙、丙与某一纯合白花植株杂交鉴定该白花植株隐性纯合基因的对数。 下列推理正确的是 （　　） A.此杂交实验无法鉴定出该白花植株隐性纯合基因的对数 B.若3组的杂交子代全开红花，则该白花植株存在4对隐性纯合基因 C.若其中一组杂交子代全为紫花，另两组子代全为红花，则该白花植株存在2对隐性纯合基因 D.若其中两组杂交子代全为紫花，另一组子代全为红花，则该白花植株存在3对隐性纯合基因 解析　根据题意可知，三种红花植株的基因型是确定的，而且只有一对基因为隐性，因此可通过甲、乙、丙与某一纯合白花植株杂交鉴定该白花植株隐性纯合基因的对数，A错误；若3组的杂交子代全开红花，则该白花植株存在4对隐性纯合基因，即该白花植株的基因型为aabbccdd，B正确；若其中一组杂交子代全为紫花，另两组子代全为红花，则该白花植株存在3对隐性纯合基因，C错误；若其中两组杂交子代全为紫花，另一组子代全为红花，则该白花植株存在2对隐性纯合基因，D错误。 答案　B 二、选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有一项或多项符合题目要求。全部选对得3分，选对但不全得1分，有选错得0分。 16．(山东高考)果蝇的直翅、弯翅受Ⅳ号常染色体上的等位基因A、a控制。现有甲、乙2只都只含7条染色体的直翅雄果蝇，产生原因都是Ⅳ号常染色体中的1条移接到某条非同源染色体末端，且移接的Ⅳ号常染色体着丝粒丢失。为探究Ⅳ号常染色体移接情况，进行了如表所示的杂交实验。已知甲、乙在减数分裂时，未移接的Ⅳ号常染色体随机移向一极；配子和个体的存活力都正常。不考虑其他突变和染色体互换，下列推断正确的是(　　) 实验①：甲×正常雌果蝇→F1中直翅∶弯翅＝7∶1， 且雄果蝇群体中的直翅∶弯翅＝3∶1 实验②：乙×正常雌果蝇→F1中直翅∶弯翅＝3∶1， 且直翅和弯翅群体中的雌雄比都是1∶1 A．①中亲本雌果蝇的基因型一定为Aa B．②中亲本雌果蝇的基因型一定为aa C．甲中含基因A的1条染色体一定移接到X染色体末端 D．乙中含基因A的1条染色体一定移接到X染色体末端 解析　依题意，甲×正常雌果蝇→F1中直翅∶弯翅＝7∶1，且雄果蝇群体中的直翅∶弯翅＝3∶1，可知直翅为显性，且翅形的遗传与性别相关联，A基因移接至X染色体上。甲果蝇表型为直翅，且A基因移接至X染色体上，其基因型可表示为O_XAY(O表示该染色体缺少相应基因，_表示染色体上未知的基因)，正常雌果蝇的基因型可表示为_ _XX。则甲与正常雌果蝇杂交可表示为O_XAY×_ _XX。两对染色体独立遗传，若单独考虑性染色体的遗传，甲与正常雌果蝇杂交可表示XAY×XX，所得子代为1XAX∶1XY；若单独考虑常染色体，甲与正常雌果蝇杂交可表示为O_×_ _，所得子代为1O_∶1O_∶1_ _∶1_ _。又知雄果蝇群体中的直翅∶弯翅＝3∶1，结合性染色体遗传的雄性子代基因型XY可推断，单独考虑的常染色体杂交O_×_ _所得的子代1O_∶1O_中，一定至少有一个是OA，即雌果蝇中一定含A基因。而其余的1O_∶1_ _∶1_ _，一定有一个基因型为Oa或aa，两种情况中都一定有a来自雌性果蝇，所以与甲杂交的亲本雌果蝇的基因型一定为Aa。综合以上分析，①中亲本雌果蝇的基因型一定为Aa，甲中含基因A的1条染色体一定移接到X染色体末端，AC正确；假设乙的基因型为Aa，其中一个A基因位于的染色体片段移接到另一条非同源染色体上，且该染色体也是常染色体，则其基因型可表示为AOaO，再设与乙杂交的雌性果蝇的基因型为AaOO。乙×正常雌果蝇杂交时，乙所产生的配子种类及比例为：1Aa∶1AO∶1aO∶1OO，正常雌果蝇产生的配子种类及比例为：1AO∶1aO。则所得子代基因型及比例可表示为：1AAaO∶1AAOO∶1AaOO∶1AOOO∶1AaaO∶1AaOO∶1aaOO∶1aOOO，由上可推断子代的表型及比例为直翅∶弯翅＝3∶1。与翅型相关两对染色体都为常染色体，直翅和弯翅群体中的雌雄比都是1∶1。假设与实验结果相符，假设成立。故②中亲本雌果蝇的基因型可以是Aa，乙中含基因A的1条染色体可以移接到常染色体末端，BD错误。 答案　AC 17.某种昆虫的翅型有长翅、正常翅、小翅3种类型，依次由基因C＋、C、c控制。正常翅的雌雄个体杂交，子代全为正常翅或出现小翅个体；基因型相同的长翅个体杂交，子代会出现长翅与正常翅或出现长翅与小翅个体，比例接近2∶1。下列分析错误的是 （　　） A.基因C＋对C和c为显性 B.该昆虫长翅个体的基因型有3种 C.长翅个体与正常翅个体杂交，子代中不会出现小翅个体 D.长翅个体与小翅个体杂交，理论上子代的性状比例为1∶1 解析　由题可知，正常翅的雌雄个体杂交，子代全为正常翅或出现小翅个体，说明C对c为显性；基因型相同的长翅个体杂交，子代出现长翅与正常翅或出现长翅与小翅个体，说明C＋对C、c为显性；后代比例总接近2∶1，说明C＋C＋长翅显性纯合致死，该昆虫长翅个体的基因型有2种：C＋C、C＋c，A正确，B错误。长翅个体基因型可能为C＋c，正常翅个体基因型可能为Cc，则后代可能会出现小翅个体cc，C错误。因长翅显性纯合致死，长翅个体为杂合子，与小翅个体杂交，理论上子代的性状比例为1∶1，D正确。 答案　BC 18.桃的平圆和尖圆是一对相对性状，用甲、乙两株尖圆桃植株分别与平圆桃植株杂交得到F1，F1自交得到F2，结果如表所示。下列相关说法正确的是 （　　） 杂交组合 P F1 F2 杂交组合一 甲×平圆桃 尖圆桃 尖圆桃∶ 平圆桃＝15∶1 杂交组合二 乙×平圆桃 尖圆桃 尖圆桃∶ 平圆桃＝3∶1 A.桃的平圆和尖圆是受两对等位基因控制的相对性状 B.甲、乙均为纯合子 C.杂交组合一的F2尖圆桃中杂合子占4/5 D.让杂交组合二中F2尖圆桃自交，F3中尖圆桃∶平圆桃＝13∶1 解析　根据杂交组合一中，F2中尖圆桃∶平圆桃＝15∶1，可以推知，桃的平圆和尖圆是受两对等位基因（假设相关基因用A/a、B/b表示）控制的相对性状，其遗传符合基因的自由组合定律，且A_B_、A_bb、aaB_为尖圆桃，aabb为平圆桃，A正确；杂交组合一的F2中尖圆桃∶平圆桃＝15∶1，则F1的基因型为AaBb，亲本基因型为AABB、aabb，即甲的基因型为AABB。杂交组合二的F2中尖圆桃∶平圆桃＝3∶1，则F1的基因型为Aabb或aaBb，亲本基因型为AAbb或aaBB、aabb，即乙的基因型为AAbb或aaBB，甲、乙均为纯合子，B正确；杂交组合一中，F2尖圆桃基因型为AABB（1/15）、AABb（2/15）、AaBB（2/15）、AaBb（4/15）、AAbb（1/15）、Aabb（2/15）、aaBB（1/15）、aaBb（2/15），其中杂合子占4/5，C正确；杂交组合二的F2尖圆桃（A_bb或aaB_）自交，F3中平圆桃所占比例为2/3×1/4＝1/6，故尖圆桃∶平圆桃＝5∶1，D错误。 答案　ABC 19.豌豆素是野生型豌豆产生的一种抵抗真菌侵染的化学物质，决定产生豌豆素的基因A对a为显性，基因B对豌豆素的产生有抑制作用，而b基因没有。下面是利用两个不能产生豌豆素的纯种品系（甲、乙）及纯种野生型豌豆进行多次杂交实验的结果。 实验一：野生型×品系甲→F1为无豌豆素→F1自交→F2中有豌豆素∶无豌豆素＝1∶3； 实验二：品系甲×品系乙→F1为无豌豆素→F1自交→F2中有豌豆素∶无豌豆素＝3∶13。 下列有关说法正确的是 （　　） A.据实验二，可判定与豌豆素产生有关的两对基因的遗传遵循自由组合定律 B.品系甲和品系乙两种豌豆的基因型分别是AABB、aabb C.实验二的F2中不能产生豌豆素的植株的基因型共有7种，其中杂种植株占的比例为10/13 D.实验二的F2不能产生豌豆素的植株中，有些植株的自交后代均不能产生豌豆素，这样的植株所占的比例为6/13 解析　依题意可知，若将表型用基因型填空的形式表示，则无豌豆素的植株有A_B_、aabb、aaB_，有豌豆素的植株为A_bb。在实验二中，品系甲与品系乙杂交，F2中有豌豆素∶无豌豆素＝3∶13（是9∶3∶3∶1的变式），说明两对基因的遗传遵循自由组合定律，进而推知F1的基因型为AaBb，A正确；在实验一中，野生型（AAbb）与品系甲杂交，F2中有豌豆素∶无豌豆素＝1∶3，说明F1的基因组成中，有一对基因杂合，一对基因纯合，即F1的基因型为AABb，进而结合实验二的结果推知：不能产生豌豆素的纯种品系甲的基因型为AABB、品系乙的基因型为aabb，B正确；实验二的F2中，不能产生豌豆素的植株的基因型共有7种，它们的数量比为AABB∶AABb∶AaBB∶AaBb∶aaBB∶aaBb∶aabb＝1∶2∶2∶4∶1∶2∶1，其中杂种植株占的比例为10/13，C正确；实验二的F2不能产生豌豆素的植株中，自交后代均不能产生豌豆素的植株的基因型为1/13AABB、2/13AaBB、1/13aaBB、2/13aaBb、1/13aabb，所占的比例为7/13，D错误。 答案　ABC 20.某繁殖力超强鼠的自然种群中，体色有黄色、黑色、灰色三种，体色色素的转化关系如图所示。已知控制色素合成的两对基因独立遗传，基因B能完全抑制基因b的表达，不含基因A的个体会由黄色素在体内过多积累而导致50%的个体死亡。下列叙述正确的是 （　　） A.黄色鼠个体可有4种基因型 B.若让一只黄色雌鼠与一只灰色雄鼠交配，F1全为黑色鼠，则双亲的基因型为aaBB和AAbb C.两只黑色鼠交配，子代只有黄色和黑色，且比例接近1∶6，则双亲中一定有一只鼠的基因型是AaBB D.基因型为AaBb的雌、雄鼠自由交配，子代个体表型及其比例为黄∶黑∶灰＝2∶9∶3 解析　由题图可知，aa_ _表现为黄色，故黄色鼠个体的基因型有aaBB、aaBb、aabb三种，A错误；若让一只黄色雌鼠（aa_ _）与一只灰色雄鼠（A_bb）交配，F1全为黑色鼠（A_B_），则双亲的基因型为aaBB和AAbb，B正确；两只黑色鼠（A_B_）交配，子代只有黄色鼠（aa_ _）和黑色鼠（A_B_），说明亲本的第一对基因均为Aa，黄色鼠∶黑色鼠接近1∶6，没有灰色鼠（A_bb），推测双亲中一定有一只鼠的基因型是AaBB，C正确；基因型为AaBb的雌雄鼠自由交配，子代中黑色鼠（A_B_）占3/4×3/4＝9/16，灰色鼠（A_bb）占3/4×1/4＝3/16，黄色鼠（aa_ _）占1/4，但由于黄色素在体内过多积累会导致50%的个体死亡，故黄色个体占1/4×50%＝1/8，子代表型及比例为黄∶黑∶灰＝2∶9∶3，D正确。 答案　BCD 三、非选择题：本题共5小题，共55分。 21.（11分）孟德尔曾利用豌豆的7对相对性状进行杂交实验，发现当只考虑一对相对性状时，F2总会出现3∶1的性状分离比，于是提出假说，作出了4点解释，最终总结出了相关的遗传定律。请以高茎（D）和矮茎（d）这一对相对性状为例，回答下列问题： （1）豌豆高茎（D）和矮茎（d）是一对相对性状，相对性状指的是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 （2）1909年，约翰逊将孟德尔的“遗传因子”命名为基因。后来人们又把控制相对性状的基因称为　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 （3）如果高茎对矮茎是不完全显性，则F2将出现　　　　　　　　的性状分离比。 （4）如果雌雄配子不是随机结合的，而是相同种类的配子才能结合（其他假说内容不变），则F2中高茎∶矮茎＝　　　　。如果雌雄配子存活率不同，含d的花粉有1/2不育（其他假说内容不变），则F2中高茎∶矮茎＝　　　　。 （5）综上可知，F2中出现3∶1的性状分离比必要的条件是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 由此可推测知，当基因型为AaBb的个体杂交时，F1要出现9∶3∶3∶1的性状分离比，还需满足的条件有　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 解析　（1）一种生物的同一种性状的不同表现类型，叫作相对性状。（2）1909年，约翰逊将孟德尔的“遗传因子”命名为基因。控制相对性状的基因为等位基因。（3）如果高茎（D）对矮茎（d）是不完全显性，则杂合子（Dd）表现为中间类型，F2将出现三种表型，且比例为1∶2∶1。（4）如果雌雄配子不是随机结合的，而是相同种类的配子才能结合（其他假说内容不变），则F2的基因型及比例为DD∶dd＝1∶1，表型及比例为高茎∶矮茎＝1∶1。如果雌雄配子存活率不同，含d的花粉有1/2不育（其他假说内容不变），则雌配子的基因型及比例为1/2D、1/2d，雄配子的基因型及比例为2/3D、1/3d，F2中高茎（1/2×1/3＋1/2×2/3＋1/2×2/3）∶矮茎（1/2×1/3）＝5∶1。（5）综上可知，F2中出现3∶1的性状分离比必要的条件有遗传因子独立遗传，显性基因对隐性基因完全显性，雌、雄配子随机结合，雌、雄配子的存活率相同且产生的子代存活率相同。据此推测，当基因型为AaBb的个体杂交时，F1要出现9∶3∶3∶1的性状分离比，除了满足上述条件外，还需满足两对基因独立遗传。 答案　（1）一种生物的同一种性状的不同表现类型　（2）等位基因　（3）1∶2∶1　（4）1∶1　5∶1　（5）遗传因子独立遗传，显性基因对隐性基因完全显性，雌雄配子随机结合，雌雄配子的存活率相同且子代存活率相同　两对基因独立遗传 22.（11分）下列是红花豌豆和白花豌豆杂交图解，据图回答下列问题： （1）图中P表示　　　　，F1表示　　　　，F2表示　　　　，F3表示　　　　。图中×表示　　　　，表示　　　　。 （2）图中AA和Aa全是红花，这是由于　　　　　　　　　　　。 （3）图中F1进行自花传粉，可产生　　　　种雌配子或雄配子，其类型有　　　　。 （4）F3的性状表现说明，纯合子进行自花传粉其后代能　　　　遗传，杂合子进行自花传粉其后代产生　　　　。 解析　（1）图中P表示亲本，F1表示子一代，F2表示子二代，F3表示子三代。图中×表示杂交，􀱋表示自交。（2）由于显性遗传因子具有显性决定作用，因此AA和Aa全是红花。（3）F1为杂合子Aa，在形成配子时成对的遗传因子彼此分离，分别进入两个子细胞，因此产生A、a两种雌配子或雄配子。（4）纯合子进行自花传粉其后代能稳定遗传，而杂合子进行自花传粉其后代产生性状分离。 答案　（1）亲本　子一代　子二代　子三代　杂交　自交　（2）显性遗传因子具有显性决定作用　（3）两　A、a　（4）稳定　性状分离 23.（11分）已知果蝇的灰身和黑身是一对相对性状（相关基因用A、a表示），将纯种的灰身和黑身果蝇杂交，F1全表现为灰身，F1“自交”（和与其基因型相同的异性个体杂交）产生F2，试问： （1）让F2中的雌雄果蝇自由交配，后代中灰身和黑身果蝇的数量比为　　　　。 （2）让F2中的雌雄果蝇“自交”（和与其基因型相同的异性个体杂交），后代中灰身和黑身果蝇的数量比为　　　　。 （3）将F2中的灰身果蝇取出，让其自由交配，后代中灰身和黑身果蝇的数量比为　　　　。 （4）将F2中的灰身果蝇取出，让其“自交”（和与其基因型相同的异性个体杂交），后代中灰身和黑身果蝇的数量比为　　　　。 解析　将纯种的灰身果蝇和黑身果蝇杂交，F1全为灰身，说明灰身为显性性状，则亲本的基因组成为AA×aa，F1的基因型为Aa。Aa×Aa，F2的基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，A基因占1/2、a基因占1/2。如果去除其中的黑身果蝇（aa），则剩余果蝇中AA占1/3、Aa占2/3，A基因占2/3、a基因占1/3。所以让F2中的雌雄果蝇自由交配，后代中灰身和黑身果蝇的数量比为（1/2×1/2＋1/2×1/2×2）∶（1/2×1/2）＝3∶1；让F2中的雌雄果蝇“自交”（和与其基因型相同的异性个体杂交），后代中灰身和黑身果蝇的数量比为（1/4＋2/4×3/4）∶（2/4×1/4＋1/4）＝5∶3；将F2中的灰身果蝇取出，让其自由交配，后代中灰身和黑身果蝇的数量比为（2/3×2/3＋2/3×1/3×2）∶（1/3×1/3）＝8∶1；将F2中的灰身果蝇取出，让其“自交”（和与其基因型相同的异性个体杂交），后代中灰身和黑身果蝇的数量比为（1/3＋2/3×3/4）∶（2/3×1/4）＝5∶1。 答案　（1）3∶1　（2）5∶3　（3）8∶1　（4）5∶1 24.（11分）某二倍体植物具有开红花和开白花之分，某实验小组以这种植物为实验材料进行杂交实验，结果如下表所示： 父本 母本 子一代 第1组 开白花 开白花 开红花、开白花（数量未统计） 第2组 开红花 开红花 305开红花、98开白花 实验小组对该性状的遗传提出两种假说。 （1）假说一：植物的花色由三个等位基因（A、a1和a2）控制，a1和a2同时存在时，表现为开白花，其他情况均为开红花，A相对于a1和a2为显性。如果该假说成立，第1组中子代性状分离比开红花∶开白花为　　　　；则第2组中双亲的基因型为　　　　。 （2）假说二：植物的花色由三个等位基因（A＋、A、a）控制，其中A决定开红花，A＋和a都决定开白花，三个基因的显隐关系A＋相对于A、a为显性，A相对于a为显性，则第2组的双亲基因型分别是　　　　　　　　　　　　　　　。 （3）为进一步探究两种假说的合理性，第2组同学将F1中的开白花植株自交得F2，并统计F2中花色和数量。若F2中　　　　　　　　　　　　　　　　，则支持假说一。若F2中　　　　　，则支持假说二。 解析　（1）如果该假说成立，则第1组父本和母本的基因均为a1a2，则子代的基因型及比例为：a1a1（开红花）∶a1a2（开白花）∶a2a2（开红花）＝1∶2∶1，因此子代性状分离比开红花∶开白花为1∶1；第2组后代开红花与开白花（a1a2）性状分离比为3∶1，则亲本的基因型为Aa1和Aa2。（2）第2组：开红花（A_）×开红花（A_）→开红花（A_）∶开白花＝3∶1，且亲本不会出现A＋，则子代中矮茎的基因型为aa，因此第2组的双亲基因型分别是Aa和Aa。（3）第2组同学将F1中的开白花植株自交得F2，并统计F2中花色和数量。若假说一成立，则F1中的开白花植株的基因型为a1a2，其自交所得F2中开红花与开白花之比为1∶1。若假说二成立，则F1中的开白花植株的基因型为aa，其自交所得F2应全为开白花。 答案　（1）1∶1　Aa1和Aa2　（2）Aa和Aa　（3）开红花与开白花之比为1∶1　全为开白花 25.（11分）鸡冠的形状有多种，纯合的豌豆冠鸡与玫瑰冠鸡交配，子一代（F1）全是胡桃冠鸡，F1雌雄交配，F2出现了冠形为单冠的鸡，表型和数量如下表。 表型 胡桃冠 豌豆冠 玫瑰冠 单冠 公鸡 72 24 24 8 母鸡 72 24 24 8 合计 144 48 48 16 请回答下列问题。 （1）鸡冠形状的遗传受　　　　对等位基因控制，且遵循　　　　定律。 （2）从F2中随机挑选豌豆冠鸡和玫瑰冠鸡各一只，形成一个杂交组合：豌豆冠（♀）×玫瑰冠（♂），或豌豆冠（♂）×玫瑰冠（♀）。 ①不考虑正交、反交的区别，只考虑基因型，则该杂交的基因型组合可能有　　　　　种。 ②理论上，若杂交组合的后代出现四种表型，则四种表型及其比例是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 （3）为了验证（1）中的结论，利用F2设计实验，请补充完善实验方案。 实验方案：让F2中全部胡桃冠母鸡与　　　　　　　　交配，分只收集、孵化每只母鸡产的蛋， 　　　　（填“隔离”或“混合”）饲养每只母鸡的子代（F3），观察、统计全部F3的冠形和数量比值，即可得出结论。 解析　（1）由F2的表型之比为9∶3∶3∶1可知，鸡冠形状的遗传受两对等位基因控制，且遵循自由组合定律。（2）设两对等位基因为A/a、B/b，不考虑正交和反交的区别，只考虑基因型，则该杂交的基因型组合可能有4种，即AAbb×aaBB、Aabb×aaBB、AAbb×aaBb、Aabb×aaBb。理论上若杂交组合的后代出现四种表型，则杂交组合为Aabb×aaBb，四种表型及其比例是胡桃冠∶豌豆冠∶玫瑰冠∶单冠＝1∶1∶1∶1。（3）为了验证（1）中的结论，即验证该性状的遗传遵循自由组合定律，可采用测交的方法。 答案　（1）两　自由组合（或分离定律和自由组合） （2）①4 ②胡桃冠∶豌豆冠∶玫瑰冠∶单冠＝1∶1∶1∶1 （3）（全部、多只）单冠公鸡　隔离 学科网（北京）股份有限公司 $$