(5)牛顿运动定律的应用-【衡水金卷·先享题】2025年高考物理一轮复习周测卷（重庆专版）

高三：一轮复习40分钟州测卷/物理 速度向左运动时，工件A与D之闻恰好没有作用力，此时工件C与B闻的作用力太小为 (五)牛顿运动定律的应用 (考试时间40分钟，满分100分) C./3mg D.2/3mg 一，单项选择题（木题共6小题，等小题看分，共36分。在每小题给出的国个这寅中，只有一填是 发.小用友玩经直向上抛球的游成，理想情况下可以把味的运动看成贝受重力的运动，但实际上球 符合避口要求的 受到室气阻力的作用。程设堂气团力大小恒定，取向上为正方向，期两种情况下球从抛出到回 1,如周质示，小车为一根沿经直方向的轻质弹簧和一根与整直方向成。角的组简检接一小球。考 可抛出点的过程中：下刘美于球的边度一时同图像可密正晚的见 小车与小球相对静止且一起在本平面上运功时，下刻说法正确的是 .维绳对小球一定有拉力的作用 飞轻弹簧对小球一定有弹力的作用 ,阻群对小球不一定有牧力的作用，且是轻弹费对小球一定有养力的作目 山，相绳对小球不·定有拉力的作用轻第装对小球也不一定有舞力的作用 二、多进择薹（末题共2小道，每小思8分，共1行分，在每小避给出的四个达项中，有多明符合 2.一质量为0,5k知的物体从高空由醉止开始下落，下落过型中所受空气阻力届定，物体在空中下 题目要求。全郑选对的得器分，在对复不全的得4分，有走铅的得目分》 落过程中，遮度随时可1变化的关系图像如图所示，已知重力加逸度g一10m/s,则特体下 ?.风调实整可以极抵高空跳伞情视下人体所承受气流的状态。已知物体受到的空气阻力F与物 落过置中所受室气阻力的大小为 体相对空气的速度情是美系式F=CS(S为物体的连风面供，C为风阻系数0为空气密 A.0,5N &1N 度)。图甲中风剩竖直向上匀通送风，一质量为两的物体从A处由静止下常。一段对间后在B C.2N 处打开降落伞，相对速度的平方与加克度大小的关系用像细图乙所示。重力加这度为g,下 列说法正佛的是 DI N 入开伞前加违度向下，塔家罐小 3,如周所示，有A,B两物体，两物体的质量关系为m,=2m,月舞绳连接后故在尤滑的闲定斜面 B.并伞后加流性利上，越豪越大 上，已知重力知莲度为x,斜面鲜角为心，在它们下滑的过程中 A.加蒸度4一酒 C开伞端物体的逗风面积S,-二山 C 我加速度<gnd 2 D并率后物体的理风面积$=mg二a心 C.短群上的张力下一亏m状城n 发如所示，物焕A,B.C通注跨过光滑轻质小滑轮的绳相速，物块A,B静止且两地面足够还， ,粗绳上的张力F=荐mgn 物块C在顿角为30的足够长的回定斜面上价好不下清，已知物块A的质量为0,4k,物块C 1为了节省低量，某青场要装了如图质示的智货化电动扶够，找梯与本平面的夹角为品，无人乘争 的质量为2kg,与物块相查的细绳平行于斜面，悬挂动滑轮的细绳整直，最大静摩擦力等于滑 时扶梯运行制很慢，当有人站上找棉时，扶烯先以加密度以匀加离运动，再以速度匀凉运动。一 动摩力，重力知速度x=0m,若将物块A换成窥量为心.8g的物块D,下列说法正确的 质量为m的顺客乘我得上他，恰好经历了这两个过程，已知重力加速度为情，下列说法正确的是 是 A.圆客始迷受到三个力的作用 人物换C与斜面之何的特率擦因数为号 玉线锡对顺客的支特力始婆等于wg B,物块C算沿斜面向上适动 C,加逸价段扶梯利顾客的学擦力大小为m用的B,方向水平向右 暖客对扶梯的作用力的方弱先沿扶梯向下界直向下 C将块D向下运动的加密度大小为号m。 .水平路面上有一野军远载着等个面极均为m的相同光带均质国柱形工作，其中4个恰好占据军 D物块C与斜面之可的檬擦力大小为5.2N 和底部，另有一个工件D算于工件A.B之到，如用断示，已每重力加密度为g:汽车以菜一知 物理第1为（共4街 削水金裤·去享数·有三一轮短习0分钟围测森玉 物理第2直【共直 重庆专间 姓名 分数 1.(18分)如图断示，足够长的本板静止于水平胞面上，金本板右滑放置一可视为面点的物块。， 号1 4 =0时刻对木楼莲加F=3N,水平向右的恒定拉力，山=百“时量去F,已知物块和木概的频量 答案 均为1红：物块与木板间的动摩擦得数声一动·木板与地围间的动摩擦网数西=品整个过型 三，非选择驱（木题共3小题，共8分。请按要求完成下列各思 中物块的瓷未从木板上滑下-重力加渔度g一10m/s,最大静摩擦力幕于带尚厚将力，求 .《4分)如图所示，保h一总m的枯持中有一盾量m一40kg的重物A,通过轻到药过光滑的定滑 (1),5s时，物找的速度大小： 与地面上所量M一80kg的重物B相连。某人用与水半方向成一5的力F轻重物B,的好 (2)物块的最大速度： 使其匀速运动.。若读人用同样大小的力F水平拉盒物#，并将并中的看物A由骨庇拉到非口。 (3)本板的运动叶可及最终物块与本板右简的师离， 己知重力加速度g-0m/s,重物B与地面同的词摩期因数×一0.25,4n5一自.8，c0s53” 以6， 《I)求2力卡的大小 《2)为使重物A能达并口，求水平力P作用的最显时同。 1信口6分)如阁所示，传送带的水平常分h的长度上.，=1：m,镜斜落分x的长度上，=18,4m,而 与水平方向的夹角G一3厂广，传送带以世=4回/，的违李沿颗时针方向运行，质量m=1g的小 煤块（可规为质点》经微司a点，4.5s后从6点捐上量，重力相通度g一10m/,最大静度擦 力等于清动厚深力，037=066s37”-0,8,求： (1)翼块与传适带间的动摩授因数： (2)煤块从点运尚司点的时可： (3)煤块在5途带上前下的黑色度迹的长度： 8 物理第多成{共4直引 削水金编·先享数+高三一轮想习0分钟围测静五 物理第4方1共1直) 重庆专限高三一轮复习重庆专版 ·物理· 高三一轮复习40分钟周测卷/物理（五） 品题要素一览表 注： 1.能力要求： 1.理解能力Ⅱ.推理能力 Ⅲ，分析综合能力V,应用数学处理物理间题的能力V,实验能力 2.核心素养： ①物理观念 ②科学思维③科学探究①科学态度与责任 题号 题型 分 知识点 能力要求 核心素养 预估难度 值 (主题内容) ⅢN ① ② ③ 档次 系数 1 单项选择题 利用牛顿定律定性分析 易 0.82 2 单项选择题 6 结合v-t图像求力 易 0.82 3 单项选择题 6 连接体问题 易 0.82 单项选择题 6 分解加速度 中 0.76 5单项选择题 6 临界问题 中 0.71 6 单项选择题 6 竖直上抛运动 中 0.71 7 多项选择题 8 高空跳伞 中 0.62 8 多项选择题 8 滑轮问题 难 0.55 非选择题 14 最短时间问题 易 0.80 10 非选择题 16 传送带 中 0.68 11 非选择题 18 板块模型 难 0.55 香者管案及解析 一、单项选择题 正确。 1.D【解析】当小车匀速运动时，弹簧的弹力F=g, 2.B【解析】根据-t图像，可知物体的加速度大小a 细绳的拉力F=0,当小车向右匀加速运动时，若有 =8m/s,根据牛顿第二定律有mg一∫=ma,解得空 FT sin a=ma,Frcos a=mg,即a=gtan a,则此时细 气阻力的大小f=1N,B项正确。 绳的拉力F,≠0，而弹簧的弹力F=0,弹簧的弹力 3.A【解析】对A,B整体为研究对象进行受力分析， F、细绳的拉力F,与小车的运动状态有关，D项 合外力为重力沿斜面向下的分力，由F=m。a,可得 ·17 ·物理· 参考答案及解析 a=gsin,再隔离物体B进行受力分析，设细绳上拉 大小F=3ma=√3mg,C项正确。 力为F1,则对于物体B有mg血十E=a,可得F 6.C【解析】理想情况下球的运动看成只受重力的运 动，则加速度为g保持不变，从抛出到回到出发点的 =0,A项正确。 0-t图像是一条倾斜的直线：若有空气阻力，则上升 4.C【解析】根据题意，顾客加速过程中，受力分析如 图所示： 的加速度a=g十片>8，下降的加速度a:=g一为 <g,根据v=at,可知上升的时间小于下降的时间， 根据A一云，可知上升的高度将减小即图像与坐标 轴围成的面积减小，C项正确。 二、多项选择题 7.AC【解析】物体从A处由静止下落，开伞前加速度 mg 由牛顿第二定律可知，水平方向有F,=acos9、方向 向下，物体所受合力Fa=mg一F,F=CpS0,F不 水平向右，竖直方向有F、一加g=masin0,则F、> 断增大，加速度不断减小，题图乙中右侧图线与此过 mg,B项错误，C项正确；在匀速运动过程中，顾客仅 受重力和支持力，且二力平衡，A项错误：在加速运动 程相符合，有mg-F=ma,解得S=2ng二a Cov 过程中，顾客受到的合力方向沿扶梯向上，即顾客的 A,C项正确：左侧图线为开伞后的图线，有F一mg 重力和顾客受到的扶梯的作用力的合力沿扶梯向上， =m,F=号CS:d,且当v减小时，a减小，当= 所以顾客受到的扶梯的作用力不沿扶梯向上，根据牛 顿第三定律可知，顾客对扶梯的作用力方向不沿扶梯 n时：有mg=F=CnS访，解得S=器，B.D Coui 向下，D项错误。 项错误 5,C【解析】对工件D受力分析，当工件A与D之问 8.AD【解析】物块A,B静止，物块C在倾角为30的 恰好没有作用力时，工件D只受到重力，工件B对工 足够长的固定斜面上恰好不下滑，则有T=mAg= 件D的弹力作用，弹力方向垂直接触面（沿工件B、D 4N,由于mneg sin8=10N>T,所以物块C受到沿斜 的轴心连线方向)，弹力和重力的合力产生加速度，如 面向上的摩擦力，有T+f=gsin6,解得f=6N, 图所示： f 义/一neg cos0,解得r一mgos)号，A项正确： 设细绳的拉力为T。时物块C会沿斜面向上运动，临 界时有T。=cg sin0+meg cos0=16N>mDg= 8N,所以将物块A换成质量为0.8kg的物块D后， 物块C仍静止在斜面上，B项错误，物块B处为动滑 轮，故对物块B有mg=2T=8N,解得m= 0.8kg,将物块A换成质量为0.8kg的物块D后，由 根据牛顿第二定律可得F合=ma= mg 于绳子的拉力变大，所以物块B会上移，又由于物块 tan 60 C不动，则物块D会下移，设此时绳子的拉力为T, 则当a= 3g时工件A与D之间恰好没有作用力， 物块D下移的加速度为a,对物块D有a 再把工件A、B、D作为整体受力分析，当汽车向左加 Mog-T mp ，动滑轮端的加速度是细绳加速度的一，故 速运动时，工件A相对汽车有向右运动的趋势，所以 车厢与工件A之间的弹力为0，工件C对工件B有水 对物块B有分a=2Tm巡，联立解得T=.8Na B 平向左的弹力，竖直方向上的支持力和重力平衡，对 =4m/s,C项错误：由于了=4.8N,则对物块C有 水平方向，则有工件C对工件A、B、D整体的作用力 f'=meg sin-T=5.2N,D项正确。 ·18 高三一轮复习重庆专版 ·物理· 三、非选择题 a:-mgsin 37"-ungcos 37-5.2 m/s (1分) 9.【解析】(1)用与水平方向成8=53的力F拉重物B, 重物B做匀速直线运动，对B由水平方向受力平侧 设煤块在x段上加速滑行的时间为t,则L,=t十 有Fcos8=f+mg (1分) (1分) 其中f=F、 (1分) 在竖直方向上有Mg=F￥十Fsin0 (1分) 解得=25=一侣（含去） 解得F=750N (2分) 所以煤块从b点运动到c点的时间为2s (1分) (2)水平拉重物B时，以重物A,B整体为研究对象， (3)煤块在ab段加速过程，传送带的位移大小 由牛顿第二定律可得F-mg一uMg=(M什m)a x=t1=4×4m=16m (1分) (1分) 煤块在水平传送带上留下黑色痕迹的长度 解得a=1.25m/s (1分) s:=x一x1=161m-8m=8m (1分) 设力F作用的时间为：，撤去力F后，重物A能恰好 煤块从b点运动到点的过程中，传送带的位移 到达井口，此时t为所求最短时间。对重物A,由匀 大小 加速直线运动规律有么=之ai,=ar x:=t=4×2m=8m (2分) 煤块相对于传送带的位移大小 辙去力F后，以重物A,B整体为研究对象，由牛顿第 sg=Lg一x4=18.4m一8m=10.4m (1分) 二定律可得一mg一Mg=(M十m)a' (1分) 由于在ab段煤块相对传送带向后滑动，bc段煤块相 解得a'=-5m/s (1分) 对传送带向前滑动，所以在b段的痕迹将完全覆盖 重物A做匀减速直线运动刚好能到达并口，则h一 ab段的痕迹，从a点运动到c点的过程，煤块在传送 2a (1分) 带上留下的黑色痕迹长度△L=s=10.4m(1分) 11.【解析】(1)物块所受的最大静摩擦力提供的最大加 联立解得1=3.2s (2分) 速度a6=41g=0.5m/s (1分) 10.【解析】(1)若煤块运动至b点恰好与传送带共速， 若物块相对木板静止，则需要施加的最大拉力F。满 则煤块在传送带上的运动时间。=红=5s(1分) 足Fo一·2mg=2mao (1分) 2 解得F。=2.5N (1分) 5s>4.5s,故煤块先加速再匀速 (1分) F=3N>2.5N,物块与木板发生相对滑动，物块的 煤块在水平部分的加速度大小a1=坚=g 加速度大小为a。 推 物块的速度大小功=at1=2.5m/s (1分) (1分) (2)对木板根据牛顿第二定律可得F-:·2mg 在水平部分煤块达到与传送带共速的加速时间= img=ma 品 (1分) 解得a=1m/s (1分) t=5s时，木板的速度大小=a1t=5m/s(1分) 在水平部分加速的位移大小=受 (1分) 1=5s后木板做减速运动，根据牛顿第二定律可得 此后在水平部分匀速运动，匀速运动的时间'= 快·2mg十hmg=ma (1分) L1一 解得a:=2m/s (1分) (1分) 当两者达到共速时有v=功一at=w十a。t(1分) 煤块在ab段的运动时间为t1十t1'=4.5s (1分) 解得t=1s,v=3m/s 解得：=0.1 (1分) 之后物块开始做减速运动，故此时物块的速度最大， (2)煤块在c段上受到的滑动摩擦力 最大速度v=3m/s (1分) f=mgc0s37°=0.08mg<ngsin37°=0.6mg (3)共速后木板做减速运动，根据牛顿第二定律可得 (1分) 快·2mg一hng=ag (1分) 所以煤块在b段上会加速下滑，加速度大小 解得a1=1m/s (1分) 19 ·物理· 参考答案及解析 物块做减速运动的加速度仍为a。=0.5m/s,则木 距离场=少-=125m (1分) 板先停止运动，需要的时间=卫=35 (1分) a 共速后到物块停止，物块相对木板向前滑动的距离 木板运动的时间物=t1十十t=9s (1分) -=4.5m (1分) 前5s内，物块相对木板滑动的距离与=立a 则物块与木板右端的距离d=十和一=3m 名a=625m (1分) (1分) 5s后，到两者达到共速阶段，物块相对木板滑动的 ·20