(4)牛顿运动定律、超失重-【衡水金卷·先享题】2025年高考物理一轮复习周测卷（重庆专版）

null高三一轮复习重庆专版 ·物理· 高三一轮复习40分钟周测卷/物理（四） 9 命题要素一览表 注： 1.能力要求： 1.理解能力 Ⅱ.推理能力Ⅲ.分析综合能力N.应用数学处理物理问题的能力V,实验能力 2.核心素养： ①物理观念 ②科学思雏③科学探究 ④科学态度与责任 分 知识点 能力要求 核心素养 预估难度 题号 题型 值 (主题内容) I ① ② ③ ④ 档次 系数 1 单项选择题 6 惯性 易 0.85 2 单项选择题 6 力学单位制 易 0.80 3 单頭洗择颗 6 超、失重 易 0.82 单项选择题 6 等时圆 易 0.80 5单项选择题 6 整体隔离法 中 0.71 6 单项选择题 图像 0.66 7 多项选择题 8 瞬时性问题 易 0.80 8 多项选择题 8 脱离临界问题 中 0.71 9 非选择题 16 加速度与质量的关系 中 0.71 10 非选择题 15 牛顿第二定律的简单应用 易 0.81 11 非选择题 17 绳牵连问题 0.58 香考答案及解析 一、单项选择题 2.C 【解析】动能无=之m,可知动能民的基本单 1,B【解析】足球在空中由静止释放后能竖直下落，是 因为重力的缘故，A项错误：惯性是维持物体原有运 位为kg·m·s,由角速度m=卫可知角速度m的 r 动状态的固有属性，所以踢出去的足球能继续飞行， 是因为惯性的缘故，B项正确：惯性只与物体的质量 基本单位为，由民=之m+心，可知J的单 有关，与运动状态、所在位置无关，CD项错误。 ·13· ·物理· 参考答案及解析 位为g·m·s -=kg·m,C项正确 渐减小到0，由加速度图像可得4=(10一51)m/s, 3.C【解析】规定竖直向上为正方向，由题图可知1= 由牛顿第二定律得mg一了=m,可得a=&一片，对 6s时电梯的加速度向上，电梯加速上行，处于超重状 比两式可得上=51，即在0~2s内，物体所受阻力与 态，A项错误：由图可知8~98内加速度向上，加速 度大小在逐渐减小，所以电梯向上做加速度减小的加 下落的时间成正比，A项错误，B项正确：在0~2s 速运动，B项错误：由图可知10~15s内加速度为零， 内，物体的速度增量为图像与横轴所围成的面积，为 电梯匀速上行，C项正确：由图可知16~17s内加速 10m/s,2s后物体的加速度为零，物体做匀速运动， 度向下，所以电梯减速上行，D项错误 物体下落的最终速度为10m/s,C、D项错误。 4.C【解析】如图所示： 二、多项选择题 7,BD【解析】设弹簧弹力为F,对两小球整体受力分 析，由平衡条件可得Tasin30°=F,Tacos30°=(m +、)g,对小球M受力分析且由平衡条件可得 Tasin45”=F,T.cos45=mg,联立解得= 区+1，A项错误，B项正确：剪断轻绳B的瞬间，对 2 以O点为最高点，取合适的直径作等时圆，由图可知 于小球M由牛顿第二定律得√F+(mg)下 从O点到C点，B点的时间相等，比较图示位移可知 OA>OC,可得1>t,C项正确。 maM,联立解得aM=√2g,C项错误：剪断轻绳B的 5.D【解析】先对图甲中情况下的整体受力分析，受重 瞬间，小球N的切向加速度大小为av=gsin30°= 力、支持力和拉力，根据牛顿第二定律有F=(M+ 之，D项正确。 )a,再对图甲中情况下的小球受力分析，如图所示： 8.AC【解析】若用水平向右的力F拉斜面体，斜面的 支持力可能为0，细线的拉力不可能为0，若用水平向 左的推力F推斜面体，细线的拉力可能减为0，斜面 的支持力不可能为0，A项错误，B项正确：小球所受 777777777777777 的支持力恰好为0时，对小球受力分析如图所示： mg 根据牛顿第二定律有F-F1sina=ma,F1cosa一mg =0,解得F,=m,a=mne,再对图乙中的小球 309 05a M 受力分析，如图所示： g 根据牛顿第二定律得aS0=ma,解得a= tan 303= 10√m/s',对整体由牛顿第二定律得F=(M+m)a 由几何关系得F。=mgtan a,F,'=mg,再由牛顿第 =903N,当拉力为180N时，对整体由牛顿第二定 05a 律得F=(M+m)a,解得a,=20m/s2,细线与水平 二定律得a'=gtan a,由于M>m,则有a'>a,F' F,D项正确，A、B,C项错误 面夹角的正切值为品=之，C项结误：细线对小球 6.B【解析】在0~2s内，物体的加速度由10m/s逐： 的拉力恰好为0时，对小球受力分析如图所示： ·14· 高三一轮复习重庆专版 ·物理· 只有第一个图像符合题意，A项正确。 10,【解析】(1)汽车沿斜坡运动的过程受到重力、牵引 力和坡面阻力3个力的作用，沿斜坡方向对其分析， 由牛顿第二定律得F◆一ngsin37°-f=ma(1分) 30 解得加速度a=5m/s (2分)》 由初速度为零的匀变速直线运动速度与时间的关系 g 式有u=at 由牛顿第二定律得mngtan30°=ma',解得a’ 解得第6s末的速度=30m/s (3分) gtan30°- 10w3 3 m/s,对整体由牛顿第二定律得 (2)空气阻力与车速的二次方成正比，设空气阻力 Fa'=(M+m)a'=30V3N<60N,当用60N的水平 fa=kv (3分) 向左的力F推斜面体时，细线中的拉力为O,D项 由牛顿第二定律得F◆一ngsin37°一∫-f整=ma 正确。 即F幸-gsin37°-f-kt=ma (3分) 三、非选择题 可知随若速度的增加，空气阻力增大，加速度也随之 9.(1)不悬挂(2分)相等(2分)悬挂砂桶后细线与 改变，小车将会做变加速运动，无法再通过牛顿第二 长木板平行(2分) 定律求解第68末的速度 (3分) (2)大于(2分)减小(2分)仍为F(2分)M,(月 11.【解析】(1)A恰好不上滑，A所受静摩擦力沿斜面 向下且最大，由平衡条件得F。十nag sin0十 =M-2分) umAg cos 0-mng (1分)》 解得：=0.5 (1分) (3)A(2分) (2)拉力增大后，对A,B组成的系统进行受力分析， 【解析】(1)平衡摩擦力时，应在不悬挂砂桶的情况下 由牛顿第二定律可得 让小车做匀速直线运动，即小车通过两个光电门的时 F+mag sin 0-umag cos 0-mng=(mA+mB )a 间相等：需要细线与长木板平行，才能保证细线的拉 (1分) 力与小车的合外力方向相同，细线的拉力才等于小车 解得a1=2m/s (1分) 的合外力，所以需要悬挂砂桶后调节细线与长木板 由运动学公式有v=a1t 平行。 解得v=6m/s (2分) (2)对砂和砂桶有mg一2F=ma1,对小车有F=Mag, 又a=2a,联立解得有F=,可知总质量M (3)A在斜面上向下加速运动的位移x=立“ī片 4 解得r,=9m (1分) 增大，F变大，通过适当减小砂桶中砂的质量，使力传 此后，对A、B组成的系统进行受力分析，由牛顿第 感器的示数仍为F。根据牛顿第二定律得F=Ma1, 二定律可得mag sin0一mAgCOS0-mg=(mA十 F=M2,其中a,=-近 mn）4g (1分) 2s 2s 解得a=一6m/s (1分) —,为”，— 可知A、B做匀诚速直线运动，设经时间：A,B的 速度减为零，则有0=十a:e M六 解得4=1s (1分) (3)由于未进行平衡摩擦力，对小车有F-f=Ma.则 A减速运动的位移x:=受 有a一F一青，可知作出的a~下图像是一条斜率 解得=3m (1分) 为正值的倾斜直线，图像在：轴上的截距为负值，则 之后A将沿斜面向上运动，由牛顿第二定律有mg ·15· ·物理· 参考答案及解析 一nAg sin0一nAg cos0=(mA十ma）a 7s内A的位移大小为x=一1一g=3m 解得a,-号m公 (1分) (1分) 方向沿斜面向上 (1分) A沿斜面向上加速运动3s的位移：一 246 =7s时A已经沿斜面向上匀加速运动3s,则有 解得x=15m (1分) =axt=10 m/s (2分) ·16·