(12)功能关系、动量和能量的综合应用2-【衡水金卷·先享题】2025年高考物理一轮复习周测卷（江苏专版）

高三一轮复习江苏专版 ·物理· 高三一轮复习40分钟周测卷/物理（十二） 9 命题要素一览表 注： 1.能力要求： 1.理解能力 Ⅱ.推理能力Ⅲ，分析综合能力N.应用数学处理物理问题的能力V,实验能力 2.核心素养： ①物理观念 ②科学思雏③科学探究 ④科学态度与责任 知识点 能力要求 核心素养 预估难度 题号 题型 分 值 (主题内容) ① ② ③ ④ 档次 系数 1 单项选择题 8 机械能、动量 易 0.85 单项选择题 阻力做功 易 0.85 单项选择题 碰撞 易 0.80 4 单项选择题 动能定理、动量 中 0.75 5 单项选择题 功能关系 中 0.70 6 单项选择题 8 动能定理、动量定理 中 0.70 7 单项选择题 8 动能定理，动量、冲量 易 0.80 8 单项选择题 8 板块问题 中 0.65 9 非选择题 8 机械能损失实验 中 0.75 10 非选择题 13 动能定理、碰撞 中 0.70 11 非选择题 15 动能定理、碰撞、平地 0.55 香者管案及解析 一、单项选择题 功，排球的机械能一直在减小，C项正确：上升过程 1,C【解析】上升过程和下降过程的位移大小相同，上 中，重力做负功，下落过程中，重力做正功，因此上升 升过程的末状态和下降过程的初状态速度均为零，对 和下落过程中，重力做功不同，D项错误。 排球受力分析，上升过程的重力和阻力方向相同，下 2.B【解析】在地面附近雨滴做匀速运动，根据动能定 降过程的重力和阻力方向相反，根据牛顿第二定律可 理可得mgh一W:=0,故雨滴克服空气阻力做的功为 知，上升过程中任意位置的加速度比下降过程中对应 mgh,B项正确。 位置的加速度大，则上升过程的平均加速度较大，由 3.C【解析】x-t图像的斜率表示速度，根据图像可知 位移与时间的关系可知，排球上升的时间比下落的时 m,碰前的速度大小热=千m/s=4m/,m:碰前速 间短，A项错误：排球的初动量方向向上，末动量方向 度为0，A项错误；两冰壶正碰后，m,碰后的速度大 向下，因此动量的变化量方向向下，动量变化量不为 4 0,B项错误：上升过程排球做诚速运动，下降过程排 小一3方m/s=2m/s,m:碰后的速度大小= 球做加速运动，在整个运动过程中空气阻力一直做负 ·39· ·物理· 参考答案及解析 3-m/s=2m/s,碰后两冰壶的速率相等，B项错 8-4 力F的冲量I=mU=2V6kg·m/s=2v6N·s,A、 C项错误：在物体运动过程中根据动能定理有W一 误；两冰壶碰撞过程中满足动量守恒定律，即m1= 一m1十m:物，解得两冰壶的质量关系为m:=3m1, 受m㎡，则r=4m时物体的动能B=号×2X12J十 根据动量的表达式p=mv可知碰后m:的动量大于 12+18)X2」=42小，速度大小=2√m/s,则物 2 m的动量，C项正确：根据动能的表达式民=m 休的动量p一m一2√2Ikg·m/8,B项正确，D项 可知，碰后m:的动能大于m,的动能，D项错误。 错误。 4.C【解析】对甲、乙两条形磁铁分别受力分析，如图 7.C 【解析】重力做的功W:=ngh=800J,A项错误： 所示： 下滑过程根据动能定理可得。十W,=之m6,解得 m甲 S N FF S N一方 阻力做的功W:=一440J.B项错误：从P点到Q点 77777777 7777777777777777777777777 根据牛顿第二定律有a=F二L,a2=F二上，由于 货物动量的变化量大小p=m阳，解得p 120kg·m/s,C项正确：从P点到Q点货物重力的 f=fm甲>m么，所以a单<a上，由于二者运动时间 冲量I=mgt,解得1=300N·8,D项错误。 相同，且同时由静止释放，由x=立d可得4< 8.B【解析】根据题意可知，图乙中图线表示碰撞前 物块的减速过程，图线b表示碰撞前木板的加速过 x2,B项错误：由于二者之间的吸引力为相互作用 程，图线c表示碰撞后木板的减速过程，图线d表示 力，大小时刻相等，二者与桌面之间的滑动摩擦力大 碰撞后物块的加速过程，物块与挡板碰撞前瞬间，物 小也相等，因此二者的合外力大小也时刻相等，又甲 块的速度大小为，木板的速度大小水=1m/s,从 的位移小于乙的位移，因此合外力对甲做的功小于对 物块滑上木板到物块与木板碰撞前瞬间的过程，根据 乙的功，所以甲的动能小于乙的动能，A项错误：对于 系统动量守恒有=m十Mu,解得物=4m/s, 整个系统而言，由于「=，合力为零，合冲量为零， 物块与挡板碰撞后解间，物块的速度为0，木板的速 所以合动量为零，显然甲的动量大小等于乙的动量大 度大小为，从物块滑上木板到物块与木板碰撞后 小，C项正确，D项错误 瞬间的过程，根据系统动量守恒有m=M,解得 5.A【解析】小车从M到N有P1=Fm=200W,解 =3m/s,A项错误：2s末物块与木板共同运动的 得F=40N,A项正确：小车从M到N做匀速运动， 速度大小为，从物块滑上木板到最终一起做匀速 小车所受的摩擦力大小=F=40N,则摩擦力做的 运动的过程，根据系统动量守恒有m%=(m十M), 功W:=一/×1=一40×20J=-800J,B项错误： 解得功=2m/s,物块与木板碰撞前瞬间，系统的动能 小车从P到Q,重力势能的增加量△E,=mg×△h= E=立m时十号M际=9小物块与木板碰擅后瞬 50×10×20×sin30°J=5000J,C项错误：小车从P 到Q做匀速运动，设所受的摩擦力为f2,有：十 间，系统的动能E:=之M,=9J小，碰撞过程系统没 mgsin30°=，解得=35N,则摩擦力做的功W2 有机械能损失，故物块与木板的碰撞为弹性碰撞，B =一f:×s=一35×20J=一700J,D项错误。 项正确：物块滑上木板时系统的动能E。=之m砖= 6.B【解析】由于拉力在水平方向，为合外力，则拉力 做的功W=Fx,可以得到F-x图像与x轴围成的面 18J,最终相对静止时系统的动能E。=之(m十M0 积表示做功的数值，在物体运动过程中根据动能定理 =6」，所以系统产生的热量Q=E一Ek=12J,C项 有W=之m心，则x=2m时物体的速度大小的 错误：由图乙可知木板的长度为4.5m,碰后相对位 移为1.5m,故最终物块与木板左端的距离为3m,D 2√6m/s,则此时拉力的功率P=F=246W,拉 项错误。 ·40 高三一轮复习江苏专版 ·物理· 二、非选择题 (3)A、B碰撞过程中，根据动量守恒定律有 9.(2)7.883(7.882~7.884,2分) mv=2mu (2分) (3)先接通数字计时器，后释放小球(2分) m÷)r-7m(号r2分) 解得防一子 (2分) 则碰撞过程中损失的机械能 (5)增大(2分) AE=m-×2m(r=m (2分) 【解析】(2)由图乙可得，小球的直径d=7.5mm+ 38.3×0.01mm=7.883mm。 11.【解析】(1)盒A在传送带上加速运动的过程有 (3)在测量时，因小球下落时间很短，如果先释放小 umg=ma (2分) 球，有可能会出现时间记录不完整，所以应先接通数 由静止加速到与传送带共速所用的时间=选=马 a gg 字计时器，后释放小球。 (1分) (4)依题意，小球向下、向上先后通过光电门时的速度 (2)盒B从M点滑至N点的过程中，由动能定理有 分别为助，调有心=只助=是版小球与豫胶材 2mg·3L.-W= ×2mc2)-号×2md(2分) 2 料暖撞过程中损失的机械能△上=之m睛一名m话 解得克服阻力做的功W=6mgL一3m (1分) m-1n (3)盒A,B碰撞过程，由动量守恒定律和能量守恒 t Ty 定律有 (5)若调高光电门的高度，较调整之前小球会经历较 2m·2=m0十2m2 (1分) 大的空中距离.将会增大因空气阻力引起的测量 1 1 2 X2m(2w)炉=2m+7×2mn (1分) 误差。 8 10.【解析】(1)A从释放到与B碰撞前，根据动能定 解得=分场= 2 (2分) 理有 2L mgH=之m 盒A,B平抛运动的时间，一√ (2分) (2分) 则圆盘的圆心到平台右端N点的水平距离= 解得任=员 (1分) 功山1十边 2 (2分) (2)碰前瞬间，对A由牛顿第二定律有 F一mg=m工 (2分) 解得骨受 (1分) 解得F-mg十m (2分) ·41null