(9)功、功率、动能、动能定理-【衡水金卷·先享题】2025年高考物理一轮复习周测卷（Z）

高三一轮复习周测卷/物厘 5,某剧式货车在装车时，用木板做成面，将货物铅斜面拉到车上，拉力方向始终平行于接触面 第一次装部工人用长木酸搭成与趋面的夹角轻小的斜直，将数物从解在位置直接沿斜窗拉到军 (九}功、功率，动能、动能定理 上：第二次装卸工人月较复术板蓝成与地症的夹角较大的斜面，先沿术平地面拉动货物，再通 (考试时间75分钟，高分100分) 短本板指成的斜面将背物控到货军上，两次拉动过程中，货物与货年的水平距离保持不变，货 一、单项越释题（本题共8小题，鲜小思4分，其2分。在每小题给出的川个选项中，只有一项是 物与意面以及贤物与两料面间的动摩樱四数均相同，脚两次拉动过程中，关于厚探力对货物所 符合愿日要求的】 做的功，下列说法正确的是 L.图所承，写动员从器台边绿的()点水平带出，落西料被CD上的B点。论动员可视为质点，怎 意空气阻力的响。运动员从)点滑出后，在室中飞行的过程中，下列说法正确的是 A,第一次位动货物的过程中，货物克鞋摩擦力做的功较多 o- 且第二次拉功货物的过程中，货物克服摩擦力做的功较多 A重力一直戴正功 县重力一直做数功 二，两次拉动所物的过程中，货将克服摩擦力做的功相同 C重功一直不数功 ),重力先酸负功后做正功 )两次粒动战物的垃释中，货物克夏摩擦力做齿的多少无法比较 2一常围定的轻质洋簧处干原长，观用相互果直的两个力下，下，拉弹簧的另一端军)点，如图所 氏如所乐，半径为R粗稳程度处处相日的半明形轨道整直成定故置，直径Q水平，一疑量 示，在此这程力下，F分别做了6J.8」的功：换用另一个力F仍使弹管重复上述过程.该过程 为出的小球（可视为质点）从P点正上方商为敢处由静止开始下落，恰好从P点进人轨道。小 中力P所做的功为 球帝到简道最低点N时，对转通的压力大小为4量，已知重力甲速度为然，空气阻力不计，下列 说法正确的是 AIJ &10J C.2J [L-2J A,小球从P点到N点克服摩擦力陆的功为mR 3.某物体以一定的初连理做平抛话动，从戴出开始计时，物体的动能E随时可：变化的情况可衡 五小球从N点到Q点克重摩擦力模的功为可四g民 是图中的 仁，小球怡好可以到达Q点 D小不球一定可以冲出Q底 如图甲断示，骨轮的质量，摩擦均不计，盾量为2kg的物体在力F的作用下由静止开始向上做 D 匀相速适动，北速皮随时制的变化关系如图乙所示，由使可（重力加速度黑=nm,) 4,一个小球用不可神长的细线甚挂在天花板上，处于静止状态。如图甲所示，用，个求半向右的 拉力F作川在小财上，使小球缓慢移动至细线与竖直方向的灰角为母的位置：如图乙所示，用 一个始终与年战里直且在同一经直面内的拉力F:作用在小雄上，电使小绿领慢移动至鲜线与 誓直方向的英角为的位置，下列说法正确的是 A两个过坠中，技力下、F都不斯增大 A,物体的加速度大小为2m/。 丙个过程中，铜线的素力都不所增大 且，力F的大小为10,5N C拉力F,做的责比拉力F:量的功多 C,0一4s内力F做功的平均功吊为42W 以帽线与直方向的奖角为8时，控力F,个于拉力F D4s末力F的功率大小为32W 物理第1打共8方) 街水金春·先率·离三一轮夏习周国输九列 物亚复2货【共&顶引 ☒ 8.图期不，OB是竖直线，A是水平线，B点与O点的厘离为A(可满节)，A点与O点的距离为 A国动奶在B点的速度为2gkd 《x已知)，小球可以在B上任意一点以合适的速度水半抛出，每次都能击中水平直上的A 点：抛出点塘高时，下列说法正确的是 且后司员在左侧侧置线道内因摩擦产生的热量为gR©%一巴二 n g 二，活动局进人右侧图氧先道以后句次经过D点时，重力的瞬时功率保持不变 D近动1刚进入右侧置氢轨道上的C点时对轨道的压力为知g+2 Ksin B 开猴 姓名 分数 A.小球水平前出的速度悠大 我击中A点的速度方（与聚直方间的夹角越大 C当表一子x时，击中A点的动能最大 三，非选择盟（本题共5小题，共58分。请能要求完城下列各道） 山.击中A点前重力的藏其功率一定塘大 L8分)如图所示，AB为二甚氢轨直，北圆心为以，DE身水平地直，0.B,D三点在闻一第聚直线 二，多项选播丽（本螺共2小题，每小思5分，共0分。在每小赠的出的四个选璞中，有多明符合 圆日要卡。全都送对的得行分，选对但不全的得3分，有选精的得0分】 上，制元角的半径L一1m,BD的鸟度直一i甲，一质整w一1kg的小物块（可税为质点）从副 ,如图甲所不，水平面上一规量为2g的本箱在水平向右的力F,=13N的指用下向右移动4m 乳转道上的C点出静止释效，运动列B点后沿水平方向飞出，落范点到D点的距离，一2m 的面离后，輜去力F,在另一水平力下的作用下，又匀速运动4m的距离列达斜面底南，教去力 C与繁直方向的夹角8=0.重力如速度上一10m/,,不计室气用力，来： 下，木箱中上顿角为7的斜国，斜面种水平童间通过光带小解氧物动（未到出）平济连接，在木 山)物块运动到B点时受到轨道的支持力的大小F、: 箱由静止开始运动可斜雅上最高点的过程中，其动您随运动路醒变化的图像把嚼乙所不。已知 2)将块从C点到点的过醒中克服阻力融的诗W:, 木箱与斜面同的动摩擦因数为0.5，重力相速度g=10m/。,n3=06037”一自，8，下判说 法正编的是 15a A力F,的大个为4XN 我木箱在斜国上作到达的最大高度为1,8m C,木箱返国求平真后向左运动的最大矩离为1,8m D.整个运动过型中，术箱克服摩擦力数的功为3好」 0.如图所示的实线为某度等雪比赛的简化春直示意图，运动员从A点由静止下滑，然后从左铜圆 乳轨道A日末端B点飞出，恰好沿看C点的切线方向连人右侧国氢轨道C),最终在右侧横氧 轨道上多次建返运幼后在最低点D点停下、整个运动过显中不计空气阻力，左，右两侧属氢轨 道的动厚擦同数相阿。已知运磷员及其装备的总斯量为w,左，右两侧测重载迫的竿径均为 R,A点与图心等高，B点处半径与经直方向的夹角为，裙动员从B点到C点的过程中，离水 羊面C的最大高度为H。重力加速度为g,下列说法正确的是 物理第3黄（共8街》 倒木舍物·先率■·有三一轮复习淘测稀九 我理第4直1共8直】 [2(8分)某人行天桥安装了电梯，很大的方梗了人们的出行，该天桥的高理H一5m,电梯满载 1(们2分某电动汽车在平直公路上由静止开的违，测得发动规的功率P随时间变化的图像和 上行一次用时=10。电梯物化结构如闲所示，质址M=11的精厢（不含乘客1通过翻索跨 其泡度硅时间变化的图像分样轴圆甲、乙所示，已知汽车在0：末的速度大小到=5m,在 过两个定沿轮与爱量M一1,51的配重相连：电机通过给扬厢辎外的铅解素方向的力来控利 110。后建度2定：若电动汽车所受的阻力大小/国定，求， 托阳的运行，由干上行离较短，电择的运动可视为先匀加违再匀诚违，且调夏的加递度大布 (1)电动汽年受习的阳力大小： 相等。已知电梯满载时柔客的总西量m一1t,重力加速度g一0m/,摩擦力邀略不计，当电 (2)电动汽车的质量w 棉情载乘客向上达行的过程中，求： (3)电动汽车在0一110内修拉移， (1)轿厢运行的最大违度： (2)电规的最大功率P。 物理第5万共8方) 街水金春·先存·离三一轮夏习周国物九 物亚复6项【共&顶1 ☒ 1.12分)在秋季活动会的铅球比赛中，某同学以达一9/。的初油度将始球沿与水平面成？ [5。(8分)有动化分练为快递行业的发展品到了足进的作用，分.过程中将品的自动传输需要依 富传送蒂。编所示为传送带运送物品的乐意图，转送带的期角9=3了”，以=？m的藻度 37角的方向斜向上脏出，船球在空中运动=1,8”后落在本平地面上。已知给球的暖量m= 沿顺时针方向匀速运动，将物品从在滑P处由静止释成，之后被传适到圆瑞Q处。已知物品 4g,可混为质点，空气阻力不什，重力相道度月=10m/×,n7”=自，6037”=0,5，求： (可视为质点)的质量m一3kg,P,Q两点之列的距商L一Bm,物品与传送带间的动摩蜂因数m (1)桥球从推出到落地时水平位移的大小： =0.8.重力相速度一10m/,in37-0.8.c0537-0,6.求： (2)的球脱手处距水平地面的高度。 1)指品与括远带间的相对位移： 《3)船球触胞时重力的解时功率。 )传递管将物品从P点传送到Q点的过程中，传送带对物品殿功的平均功（禄留三位有效 数学)： (3)若在指备表打量，使得物品与传运带闻的动摩擦因数减小为严'一以.5，媒为使物品能够运 动至Q点，在P点处登少要其有多大的初速度。 9 物理第7质（共8街) 倒木舍物·先率■·有三一轮复习淘测稀九 我理第直1共8直】 ☒高三一轮复习Z ·物理· 高三一轮复习周测卷/物理（九） 命题要素一览表 注： 1.能力要求： 1.理解能力 Ⅱ.推理能力Ⅲ，分析综合能力N.应用数学处理物理问题的能力V,实验能力 2.核心素养： ①物理观念 ②科学思雏③科学探究 ④科学态度与责任 分 知识点 能力要求 核心素养 预估难度 题号 题型 值 (主题内容) V ① ② ③ ④ 档次 系数 1 单项选择题 4 正，负功判断 易 0.83 单项选择题 合力做功 易 0.83 3 单项选择题 4 动能定理与平抛运动 易 0.81 4 单项选择题 动态平衡、变力做功 % 0.75 5 单项选择题 摩擦力做功 中 0.70 6 单项选择题 4 向心力对摩擦力做功的影响 中 0.73 7 单项选择题 4 滑轮问题 中 0.75 8 单项选择题 4 动能，功率 中 0.65 9 多项选择题 5 E-s图像 中 0.65 10 多项选择题 5 圆周运动 难 0.55 11 非选择题 动能定理，平抛运动 易 0.80 12 非选择题 最大功率 中 0.70 13 非选择题 12 机车启动 中 0.65 14 非选择题 12 斜抛、瞬时功率 中 0.65 15 非选择题 18 传送带，平均功率 0.58 香考答案及解析 一、单项选择题 3.D【解析】物体在重力作用下做平抛运动，其加速度 1,A【解析】运动员所受的重力竖直向下，运动方向与 为g,竖直位移y=,由动能定理得R,=E十 重力方向间的夹角为锐角，重力一直做正功，A项正 乞mgr,D项正确。 1 确，B、C,D项错误。 2.A【解析】力F,和F,拉弹簧的作用效果与力F拉 4.A 【解析】根据力的平衡，题图甲中有F,= 弹簧的作用效果相同，故力F拉弹簧做的功等于力 F:和F:拉弹簧做的功之和，W=6J+8J=14J,A mgtan0,细线的拉力F,=器。：题图乙中有5- 项正确 mgsin0,细线的拉力F工，=mgcos0,在小球缓慢运动 ·33· ·物理· 参考答案及解析 的过程中，随着0增大，拉力F,、F,均不断增大，题图 直分速度v=g1=√②gh,设A点的速度方向与竖直 甲中细线的拉力不断增大，而题图乙中细线的拉力不 断诚小，A项正确，B项错误：根据动能定理有W:十 方向的夹角为0.则有an0=号=苏，所以h越大.0 W。=O,两次克服重力做的功相同，因此拉力F、F 越小，B项错误：A点的动能E=号m暖=之m(t 做的功相等，C项错误：由F,=mgtan 0和F2 mgsin0可知，细线与竖直方向的夹角为8时，拉力F +)=1 m(2xh+跃).2xh+跃有最小值，即人 大于拉力F,D项错误。 一受时，A点的动能最小，没有极大值，C项错误：重 5.C【解析】第一次拉动货物的过程中，货物克服摩擦 力做的功W=mgcos0·L,第二次拉动货物的过 力的瞬时功率P=mgVA COS=mgU'=mg√②gh,所 程中，货物克服摩擦力做的功Wm一mgcos&·Lg十 以h越大，P越大，D项正确。 mgr,由题意可知L,cos0=Lzcos a十r,故Wn= 二、多项选择题 Wa,C项正确。 9.AC【解析】由题图乙可知，木箱的初动能为0，则木 箱在力F,的作用下做初速度为零的匀加速直线运 6.D【解析】由题意得在N点满足4mg一mg=m R· 动，应用动能定理有(F,一mg)=E,由题图乙可 从释放点到N点，由动能定理得2mgR一W灬 知E!=36J,可得=0.2，之后木箱在力F的作用 m味-0，解得Wm=子mgR,小球从P点到N点 1 下做匀速运动，则有F:=1mg=4N,A项正确；木箱 神上斜面后做匀减速运动，根据动能定理有 克服摩擦力做的功为乞mgR,A项错误：因为PN段 一(mgsin37°十mgcos37)s=0-E:,由题图乙知 比NQ段同一高度处的速度大，则PN段比NQ段同 E:=36J,可得s=L.8m,木箱在斜面上能达到的最 大高度hm=sin37°=1,08m,B项错误：因为均 一高度处的支持力大，则PN段比NQ段克服摩擦力 0.5<tan37°=0.75，所以当木箱运动至斜面上的最 做的功多，即NQ段克服摩擦力做的功满足W©≤ 高点后，沿斜面向下做匀加速运动，到达水平面后，在 2mgR,B项错误：又因为从N点到Q点的过程中由 摩擦力作用下再减速直到停止，木箱从冲上斜面到最 动能定理得一mgR-Wo=之m6一之m味，解得 终停下来，对这一过程应用动能定理可得 一2 mgs cos37°一Hmgs:=0一Ee,可得= m哈>0，所以小球一定会冲出Q点，C项错误，D 1 1.8m,C项正确：对整个运动过程，由动能定理有 W1+W一W,=0,所以W,=Wn+W程=F十 项正确。 F:s2=68J,D项错误。 2 7.B【解析】根据卫-t图像知加速度a=m/: 10.BCD【解析】运动员由B点到C点做斜抛运动，离 0.5m/s2,A项错误：由牛顿第二定律得2F-mg= 地面的高度H=r9,可得B点的速度 ma,解得F=10.5N,B项正确：物体在0~4s内的 V2gH 位移x= 之af=4m,则力F作用点的位移s=8m, ,A项结误：运动员在左侧圆弧轨道下滑的 sin 高度h=Rcos0,从A点到B点的过程中，由动能定 则力F做的功W=Fs=84J,平均功率P=W 理得mgh十W=2m听，运动员在左侧圆孤轨道内 21W,C项错误：4s末物体的速度为2m/s,则力F 作用点的速度为4m/s,力F的功率P=Fv=42W, 因摩擦产生的热量Q=二W=mgR©os日器日，B D项错误， 项正确；运动员进入右侧圆弧轨道以后每次经过D 8.D【解析】设初速度为v,由平抛运动规律得h= 点时，速度方向始终与重力方向垂直，则瞬时功率为 之，解得1=√停，又1=，可得r√务·由 2h O,C项正确：根据斜抛运动的对称性有=，在C 题意知x、g不变，所以h越大，v越小，A项错误：竖 点受力分析可得Fx一ngeos0=m尺，由牛顿第三 ·34· 高三一轮复习Z ·物理· 定律得此时对轨道的压力Fw'=Fx=mgeos0十 代入数据解得=1815m (1分) D项正确， 0~1105内该电动汽车通过的距离x=x,+x= 2.44×103m (2分) 三、非选择题 14.【解析】(1)由抛体运动可知在水平方向有x= 1山，【解析】(1)由平抛规律得x=,h= 2& (2分) 6c0s8·t (1分) 解得6=2m/s (1分) 解得x=19.2m (1分) (2)推出时铅球竖直方向上的速度马，=sin0= 由牛顿第二定律得F、一mg=m乙 (1分) 8 m/s (1分) 解得F、=14N (1分) (1分) (2)从C点到B点，由动能定理得mg(L一Lcos) 竖直向上运动的位移一露 (1分) w,=之md 解得y=3.2m (2分) 竖直向上运动的时间4=些=0,8s (1分) 解得W,=3J (1分) 12,【解析】(1)当电梯满载乘客向上运行的过程中，设 铅球下落的时间t2=t一=1s (1分) 最大速度为，加速和减速的时间分别为4和红，加 竖直下落的高度为=号 速度大小均为a,由运动学规律得0一0=a,0一v 解得必=5m (1分) =-al2l4十g=l 铅球脱手处距水平地面的高度h=业一为=1.8m 解得t1=12■5s (1分) (1分) 1 则上行过程有H=之W十立W:=立 (1分) (3)落地时铅球竖直方向的速度y'=一以十g 代人数据可得v=1m/s,a=0.2m/s (2分) (1分) (2)轿厢向上的速度达到最大值v时电机的功率达 重力的瞬时功率P=mg, (1分) 到最大，设钢索的拉力为T,电动机对轿厢的作用力 代人数据解得P=400W (1分) (假设方向沿钢索向上)为F,对配重和轿厢，由牛顿 15.【解析】(1)对物品受力分析，由牛顿第二定律有 第二定律有M:g一T=Md (1分) umgcos 0-mgsin 0=ma T+F-(M,十m)g=(M+m)a 解得a=0.4m/s (1分) 联立可得F=5.7×10N (1分) 品加速到与传送带速度相等时的位移s一， 侧电机的最大功率P=Fv■5.7×103W (2分) 13.【解析】(1)由图像可知汽车匀速运动时的功率P 5 m<I. =40kW,最大速度m=40m/s,则汽车所受的阻力 所以物品在传送带上加速运动的位移s=5m (1分) f=P==1X10'N (2分) 物品加速运动的时间1=义=5s (1分) (2)汽车在50s末根据牛顿第二定律有F1一f=m (1分) 该过程中传送带的位移x==10m (1分) 其中F,-=1600N,a==25m/ 相对位移△r=x一s=5m (1分) h 50s =0.5m/s (2)物品与传送带相对滑动时的摩擦力大小= (1分) umgcos 0=19.2 N (1分) 解得m=E--1200kg 当物品的速度等于传送带的速度后，物品与传送带 (2分) 相对静止，摩擦力变为静摩擦力，其大小2 (3)在0~50s内的位移1=2a=625m1分) mgsin =18 N (1分) 在50~110内发动机功率不变，根据动能定理有 保持相对静止的位移=L.一s=1m (1分) 则传送带对物品做的功W=fs十f=114J (2分) (1分) ·35· ·物理· 参考答案及解析 物品匀速运动的时间4=王=0.5 (1分) =1m (1分》 则物品减速至与传送带共速的过程，位移=上一 总时间1=4十=5.5s (1分) =5m (1分) 则过程中传送带对物品做功的平均功率P=W≈ 减速过程对物品由牛顿第二定律得ngsin目十 20.7w (1分) u'mgcos 0=maz (3)共速后，物品的速度比传送带的速度小时，对物 解得a=10m/s2 (1分) 品由牛顿第二定律得ugsin0-4 mg cos0=ma1 该过程对物品由运动学公式得=，” (1分》 2a1 解得a1=2m/s (1分) 解得地=2√26m/s (1分) 物品从与传送带共速至速度减为0的位移与一2a, ·36·