重庆市2024-2025学年高一下学期开学适应性模拟测试生物练习卷

重庆市2024-2025学年高一下学期开学适应性模拟测试生物练习卷 一．选择题（共25小题） 1．如图为某些物质进入细胞的方式的模型，下列说法错误的是（　　） A．这些物质可能是O2、CO2、甘油、乙醇、苯等 B．这些物质进入细胞时不消耗细胞内化学反应产生的能量 C．细胞内外物质浓度梯度的大小直接影响这些物质运输的速率 D．这些物质大量进入细胞导致胞内该物质浓度大于胞外 2．蓖麻种子的胚乳呈白色，脂肪含量占种子总质量的70%。为探究该植物种子萌发过程中的物质变化，定期检查萌发种子（形成幼苗前）的脂肪、蔗糖、葡萄糖的含量变化，结果如图所示。下列说法正确的是（　　） A．蓖麻种子中含量最多的有机物是蛋白质 B．蓖麻种子的脂肪中含有大量饱和脂肪酸 C．推测蓖麻种子在萌发过程中脂肪转变成糖类 D．蔗糖参与细胞壁的组成导致其含量在第8天后开始下降 3．抑制剂与酶结合引起酶活性降低或丧失的过程称为失活作用。根据抑制剂与底物的关系可分为竞争性抑制和非竞争性抑制，如图为两种抑制剂的作用机理模型。下列说法错误的是（　　） A．竞争性抑制剂与底物有相同的结合部位 B．非竞争性抑制剂能改变酶与底物结合部位的结构 C．酶的活性还受温度、pH值、重金属离子等因素的影响 D．酶是蛋白质，完成催化作用后酶的活性也随之丧失 4．蛋白质是生命活动的主要承担者，下列关于蛋白质和多肽的叙述，正确的是（　　） A．经常用开水煮毛巾可以使蛋白质的肽键全部断裂以达到消毒的目的 B．蛋白质中的肽链位于同一个平面，不同位点的氨基酸之间能够形成氢键 C．若某蛋白质含有M个氨基酸、N条肽链，则此蛋白质至少含有氧原子数（N+M）个 D．某条肽链由80个氨基酸缩合而成，其中共有氨基5个，合成该多肽的氨基酸共有N原子85个 5．花生种子可作为脂肪鉴定的材料，在其发育过程中，子叶中会储存大量的脂肪，这些脂肪积累在一种由内质网衍生而来的油质体中，如图所示。下列说法错误的是（　　） A．油质体中的油脂在两层磷脂分子之间积累 B．油质体上的油体蛋白由内质网合成 C．花生子叶中的油质体的膜来源于内质网，属于生物膜系统 D．内质网能衍生出油质体与膜的流动性有关 6．用相同培养液培养番茄和水稻时，培养液中各离子浓度变化如图。以下分析错误的是（　　） A．根细胞对水和离子的吸收是两个相对独立的过程 B．水稻将Ca2+排出，使培养液中Ca2+浓度升高 C．两种植物细胞对无机盐吸收的差异体现了膜的选择透过性 D．番茄根尖成熟区细胞与外界溶液组成渗透系统，其原生质层相当于半透膜 7．如图表示“比较过氧化氢在不同条件下的分解实验”。下列相关分析合理的是（　　） A．本实验的因变量是单位时间内过氧化氢分解产生气体的量 B．本实验的自变量是酶的用量 C．1号与3号、2号与4号可分别构成对照实验 D．分析1号、2号试管的实验结果可知，加热能降低反应所需的活化能 8．图为细胞内葡萄糖分解的过程图，细胞色素C（CytC）是位于线粒体内膜上参与细胞呼吸的多肽。正常情况下，外源性CytC不能通过细胞膜进入细胞，但在缺氧时，细胞膜的通透性增加，外源性CytC便能进入细胞及线粒体内，提高氧的利用率。若给相对缺氧条件下培养的人体肌细胞补充外源性CytC，下列相关分析中错误的是（　　） A．补充外源性CytC会导致细胞质基质中[H]的减少 B．进入线粒体的外源性CytC促进①②③过程的进行 C．进入线粒体的外源性CytC参与②过程中生成H2O的反应 D．CytC在临床上可用于组织细胞缺氧急救的辅助治疗 9．下列关于高等动植物连续分裂细胞其细胞周期的叙述，正确的是（　　） A．G2期细胞的核DNA含量已增加一倍 B．S期细胞的染色体数目已增加一倍 C．用蛋白质合成抑制剂处理G1期细胞，不影响其进入S期 D．用秋水仙素处理细胞群体，M期细胞的比例会减少 10．乳糖酶可催化乳糖水解。有两项与此相关的实验，实验中无关变量相同且适宜，实验结果如表。相关叙述正确的是（　　） 实验一（乳糖浓度为10%） 酶浓度 0 1% 2% 3% 4% 相对反应速率 0 25 50 100 200 实验二（酶浓度为2%） 乳糖浓度 0 5% 10% 15% 20% 相对反应速率 0 25 50 65 65 A．实验一若继续增加酶浓度，相对反应速率不再加大 B．实验一若增加乳糖浓度，相对反应速率将降低 C．实验二若继续增大乳糖浓度，相对反应速率不再加大 D．实验二若将反应温度提高5℃，相对反应速率将增大 11．以下关于真核细胞和原核细胞的描述不正确的是（　　） ①真核细胞有成形的细胞核，真核细胞内的基因都可以表达 ②叶肉细胞有叶绿体，其合成的ATP可为主动运输提供能量 ③线粒体含有呼吸酶，可催化葡萄糖氧化分解 ④真核生物以DNA为遗传物质，部分原核生物以RNA为遗传物质 ⑤蓝藻为原核细胞，在生态系统中做生产者，可在叶绿体中进行光合作用 ⑥醋酸菌为原核细胞，没有线粒体，只进行无氧呼吸 A．①②③④⑤⑥ B．②③④ C．①②④⑥ D．②③⑤⑥ 12．幽门螺旋杆菌（简称Hp）主要寄生于人体胃中，是引起很多消化道疾病的首要致病细菌。体检时可通过14C尿呼气试验来检测Hp感染情况。受试者口服14C标记的尿素胶囊后，尿素可被Hp产生的脲酶催化分解为NH3和14CO2。定时收集受试者吹出的气体并测定其中是否含有14CO2。以下叙述正确的是（　　） A．Hp的遗传物质是DNA或RNA B．感染者呼出的14CO2是由人体细胞呼吸产生 C．受试者若未感染Hp，呼出的气体中无14CO2 D．脲酶由Hp细胞中附着在内质网上的核糖体合成 13．用物质的量浓度为2mol•L﹣1的乙二醇溶液和2mol•L﹣1的蔗糖溶液分别浸泡某种植物细胞，观察质壁分离现象，得到其原生质体体积变化情况如图所示。下列表述中正确的是（　　） A．该细胞可能是某种植物根尖分生区的细胞 B．AB段曲线表明细胞液浓度在逐渐增大 C．BC段表明该细胞开始因失水过多而逐渐死亡 D．若改用KNO3溶液，不会得到类似蔗糖溶液的结果 14．呼吸作用的底物可以是糖类、油脂和蛋白质，呼吸熵（RQ）是指呼吸作用所释放的CO2和吸收O2的物质的量的比值。如表是3种能源物质在彻底氧化分解时的呼吸熵。下列说法正确的是（　　） 能源物质 糖类 蛋白质 油脂 呼吸熵（RQ） 1.00 0.8 00.71 A．油脂的呼吸熵比糖类低，原因是油脂中的氧原子相对含量比糖类中的多 B．若呼吸底物为葡萄糖，人体在剧烈运动时呼吸熵大于1 C．只进行有氧呼吸的种子，若其呼吸熵为0.80，则说明该种子的呼吸底物是蛋白质 D．若酵母菌利用葡萄糖为底物时呼吸熵大于1，说明酵母菌同时进行有氧呼吸和无氧呼吸 15．真核细胞具备的生物膜系统在细胞的生命活动中具有重要作用。请据图判断下列关于生物膜的描述，正确的是（　　） A．胃蛋白酶、性激素、抗体均属于分泌蛋白，结构⑥在这些蛋白形成前后，膜面积基本不变 B．细胞核中合成的mRNA，需穿过2层生物膜，与核糖体结合后起作用 C．图中①③④⑤⑥等结构的膜共同构成了生物膜系统 D．若用3H标记图中核糖体上的氨基酸，在分泌蛋白形成过程中，放射性物质依次出现在细胞结构②①⑥④③中 16．下列实验操作正确的是（　　） A．探究植物细胞的吸水和失水的实验中，给洋葱鳞片叶外表皮滴加蒸馏水和蔗糖溶液时应该把装片取下来，放在桌面上进行操作，然后再放在载物台上进行观察，以免污染镜头 B．探究温度对酶活性的影响时，可以选择H2O2溶液和新鲜肝脏研磨液反应 C．用花生种子切片检测生物组织中是否含有脂肪的实验操作中，酒精的作用是杀死杂菌，避免干扰实验 D．用蔗糖溶液、淀粉溶液和淀粉酶溶液探究酶的专一性时不能用碘液来检测 17．乳糖酶可催化乳糖水解。有两项与此相关的实验，实验中无关变量相同且适宜，实验结果如表所示。下列相关叙述正确的是（　　） 实验一（质量分数 为10%的乳糖） 酶的质量分数/% 0 1 2 3 4 相对反应速率 0 25 50 100 200 实验二（质量分数 为2%的乳糖酶） 乳糖的质量分数/% 0 5 10 15 20 相对反应速率 0 25 50 65 65 A．实验一若继续增加酶浓度，相对反应速率不再增大 B．实验一若继续增加乳糖浓度，相对反应速率将降低 C．实验二若继续增加乳糖浓度，相对反应速率不再增大 D．实验二若将反应温度提高5℃，相对反应速率将增大 18．将长势相同的番茄幼苗随机分成若干组，置于不同温度下分别暗处理1h，再光照1h，测其干重变化（其他条件相同且适宜），得到如图所示的结果。据图分析，下列相关叙述正确的是（　　） A．34℃时，该番茄幼苗光照1h的净光合速率为5mg/h B．图示七个温度中，该番茄幼苗在32℃时的总光合速率最大 C．若在26℃条件下，暗处理1h，再光照2h，则光照后与暗处理前干重变化应为+8mg D．30℃处理24h条件下，若其他条件适宜，则该番茄幼苗的光照时间大于8h才能维持正常生长 19．如图甲为光合作用最适温度条件下，植物光合速率测定装置图，图乙中a、b为测定过程中某些生理指标相对量的变化。下列说法错误的是（　　） A．图甲装置在较强光照下有色液滴向右移动，再放到黑暗环境中有色液滴向左移动 B．一定光照条件下，如果再适当升高温度，净光合速率会发生图乙中从b到a的变化，同时呼吸速率会发生从a到b的变化 C．若图乙表示甲图植物光合速率由a到b的变化，则可能是适当提高了缓冲液的浓度 D．若将图甲中的缓冲液换成质量分数为的NaOH溶液，其他条件不变，短时间内植物幼苗叶绿体中的含量减少，ADP的含量增加 20．2022年12月26日，国家卫生健康委员会发布公告将新型冠状病毒肺炎更名为新型冠状病毒感染，图是新型冠状病毒的结构模式图（其中的囊膜来源于宿主细胞的细胞膜）。下列有关新型冠状病毒的叙述正确的是（　　） A．病毒是最微小的生物，因此它是最基本的生命系统 B．新型冠状病毒营寄生生活，说明生物的生命活动离不开细胞 C．新型冠状病毒的化学成分除蛋白质和核酸外，不包括其他成分 D．可将新型冠状病毒接种于含丰富营养物质的培养液中进行大量培养 21．用显微镜的一个目镜分别与4个不同物镜组合来观察某一细胞装片。当成像清晰时，每一物镜与载玻片的距离如图甲所示。图乙是选用图甲中c物镜时观察到的视野，下列说法正确的是（　　） A．选用a物镜时观察到的细胞数目比选用d物镜时观察到的更多 B．选用b物镜比选用c物镜的视野亮度更大 C．若要进一步放大观察视野中的细胞，应先将装片向右上方移动 D．放大观察时，应由c物镜转换为d物镜，转换后只能调整细准焦螺旋 22．棉花纤维由纤维细胞形成。蔗糖经膜蛋白SUT转运进入纤维细胞后逐渐积累，在纤维细胞的加厚期被大量水解后参与纤维素的合成。研究人员用普通棉花品系培育了SUT表达水平高的品系F，检测两品系植株开花后纤维细胞中的蔗糖含量，结果如图所示。下列说法正确的是（　　） A．蔗糖进入纤维细胞的方式是自由扩散 B．曲线甲表示普通棉花品系纤维细胞中的蔗糖含量 C．提高SUT的表达水平会使纤维细胞加厚期提前 D．相较于普通棉花品系，品系F纤维细胞形成的棉花纤维的质量更低 23．经测定，某多肽分子式是C25HXOYN5S2，其中含有一个二硫键（—S—S—）。二硫键的形成：﹣SH+﹣SH→﹣S﹣S﹣+2H。已知该多肽是由下列氨基酸中的几种作为原料合成的：苯丙氨酸（C9H11O2N）、天冬氨酸（C4H7O2N）、丙氨酸（C3H7O2N）、亮氨酸（C6H13O2N）、半胱氨酸（C3H7O2NS）。下列有关该多肽的叙述，正确的是（　　） A．该多肽由5个氨基酸组成，是个5肽 B．该多肽中的H原子数和O原子数分别是30和5 C．该多肽在核糖体上形成，形成过程中相对分子质量减少了72 D．该多肽水解后产生的氨基酸分别是半胱氨酸、苯丙氨酸和亮氨酸 24．如图是细胞膜的亚显微结构模式图，①～③表示构成细胞膜的物质。下列关于细胞膜结构和功能的叙述中，正确的是（　　） A．细胞与细胞之间的主要区别在于②不同 B．细胞膜上的①具有识别、保护和润滑的作用 C．用蛋白酶处理细胞膜可改变③，不改变其通透性 D．多细胞生物体内细胞间功能协调性的实现完全依赖于①结构 25．如图中X、Y、Z分别为蒸馏水、30%葡萄糖溶液、30%淀粉溶液，且单糖能通过半透膜而二糖、多糖不能通过半透膜。下列相关叙述错误的是（　　） A．装置A的现象是左侧液面先下降后上升，最终左右液面持平 B．A装置左右侧替换为等量蔗糖溶液，左右侧分别加入相等且适量的蔗糖酶、淀粉酶，左侧液面先升后降最后低于右侧 C．装置B烧杯中溶液液面下降的速率逐渐减缓 D．装置B达到渗透平衡后，由于液面差的存在，水分子向半透膜两侧扩散的速度不同 二．解答题（共5小题） 26．科学家通过有关方法，测得多种生物的细胞膜的化学成分，如下表。回答问题： 膜的类别 物质种类 蛋白质（%） 脂质（%）（主要是磷脂） 糖类（%） 变形虫细胞膜 54 42 4 小鼠肝细胞膜 44 52 4 人成熟红细胞膜 49 43 8 大肠杆菌细胞膜 53 44 3 菠菜细胞膜 45 48 7 （1）从表中可以看出，各种细胞膜在化学物质组成上的共同点是 　 　，主要区别是 　 　。 （2）菠菜细胞的边界是 　 　，表中细胞不具有生物膜系统的是 　 　。 （3）细胞膜的基本支架是 　 　，该支架中磷脂分子的排列情况是 　 　。 （4）细胞膜中糖类分子叫作 　 　，分布于细胞膜的 　 　（填“内”或“外”）表面，与细胞 　 　和细胞间的信息传递等功能有关。 27．牛肉丸是将精选的牛肉研碎成肉糜再团成丸状，是众多火锅菜品中的佳肴，新鲜的牛肉丸不宜常温放置太久，长期存储时，常采用低温保存，但冷冻太久会影响牛肉丸的口感。回答问题： （1）牛肉细胞中的蛋白质是氨基酸通过 　 　方式形成的，该过程只能发生在 　 　（填细胞器的名称）。 （2）牛肉细胞中的多糖是 　 　，其单体是 　 　，牛肉细胞中的核酸是 　 　。 （3）长时间冷冻会影响牛肉丸制品的凝胶强度，导致口感变差。科研人员将添加了不同浓度海藻糖的牛肉丸放在﹣18℃下冷冻，检测其凝胶强度的变化。结果如图所示。由实验结果可知，随着冷冻时间的增加，牛肉丸蛋白凝胶强度 　 　（填“变大”或“变小”），且海藻糖可以 　 　（填“减缓”或“加强”）这种变化，但考虑成本以及效果，选择浓度为 　 　的海藻糖添加最好。 （4）鲁迅先生说“牛吃的是草，挤出的是奶”，简要描述草中的蛋白质变成牛奶中蛋白质的过程：　 　。 28．某突变型水稻叶片的叶绿素含量约为野生型的一半，但固定CO2酶的活性显著高于野生型。生物兴趣小组在“探究环境因素对光合作用的影响”的活动中，选用两种水稻植株在不同光强度下进行实验，结果如图。 请回答： （1）固定CO2酶的催化下，CO2与RuBP结合形成1个　 　，该分子随即分解成2 个3﹣磷酸甘油酸。当光强度为P1时，图示两种水稻的叶肉细胞进行细胞呼吸产生的CO2量　 　（填大于、等于或小于）光合作用吸收的CO2量。 （2）光强度低于P2时，因　 　，故突变型水稻的CO2吸收速率低于野生型，但当光强度高于P2时，突变型水稻的CO2吸收速率却显著高于野生型，这是因为　 　。 （3）该兴趣小组欲通过纸层析法证明突变型水稻叶片的叶绿素含量为野生型的一半，该分离色素实验的原理是　 　，观察现象时应比较两条滤纸条，从上到下第　 　条色素带的宽度。 （4）据图可推测，若要提高温室中该突变型的产量，首先应该考虑　 　这一环境因素的影响，并采取相应措施。 29．如图1为物质出入细胞的几种方式示意图，其中A～E表示物质，①～④表示物质转运方式。请回答下列问题： （1）可能代表氧气转运过程的是 　 　（填序号）；肾小管的上皮细胞在进行水分的重吸收时采用图④方式，则C表示 　 　。 （2）图中①代表的运输方式是 　 　，判断的依据是 　 　。 （3）将形状、大小相同的红心萝卜A和红心萝卜B幼根各5段，分别放在不同浓度的蔗糖溶液（甲～戊）中，一段时间后，取出红心萝卜的幼根称重，结果如图c所示，据图分析： ①如图所示，此时放在浓度为乙的红心萝卜A较放在浓度为甲的红心萝卜A的细胞液浓度 　 　。（大或小） ②红心萝卜B比红心萝卜A的细胞液浓度 　 　。 ③甲至戊蔗糖溶液的浓度大小关系是 　 　。 30．甲图为呼吸作用示意图，乙图为线粒体结构模式图，丙图表示某植物器官在不同氧浓度下的CO2释放量和O2吸收量的变化。请据图回答下列问题： （1）写出以葡萄糖为例的有氧呼吸总反应式 　 　。 （2）甲图中的C过程发生的场所在乙图中的 　 　（填序号）。人在跑马拉松等剧烈运动时，骨骼肌细胞中发生的甲图中的过程包括 　 　（填字母）。 （3）据丙图可知，随着氧浓度的增大，达到丙图中 　 　点对应的氧浓度时，无氧呼吸停止。若丙图的器官是某种子，则储存该种子最合适的氧气浓度是丙图中 　 　点对应的浓度，因为此时种子的细胞呼吸总量最低。 参考答案与试题解析 一．选择题（共25小题） 1．如图为某些物质进入细胞的方式的模型，下列说法错误的是（　　） A．这些物质可能是O2、CO2、甘油、乙醇、苯等 B．这些物质进入细胞时不消耗细胞内化学反应产生的能量 C．细胞内外物质浓度梯度的大小直接影响这些物质运输的速率 D．这些物质大量进入细胞导致胞内该物质浓度大于胞外 【考点】物质跨膜运输的方式及其异同． 【专题】模式图；物质跨膜运输． 【答案】D 【分析】题图分析：物质从高浓度一侧到低浓度一侧，不需要转动蛋白协助也不消耗能量，属于自由扩散。 【解答】解：A、图中所示的物质过膜方式是被动运输，O2、CO2、甘油、乙醇、苯是以自由扩散的方式过膜，A正确； B、图中所示的物质过膜方式是被动运输，不消耗细胞内化学反应产生的能量，B正确； C、图中所示的物质过膜方式是被动运输，物质进入细胞的速率由细胞内外的浓度差决定，C正确； D、这些物质大量进入细胞导致胞内该物质浓度等于胞外，D错误。 故选：D。 【点评】本题考查物质跨膜运输方式及其异同，要求考生识物质跨膜运输的方式及其特点，能结合题干信息作出准确的判断，属于考纲识记和理解层次的考查。 2．蓖麻种子的胚乳呈白色，脂肪含量占种子总质量的70%。为探究该植物种子萌发过程中的物质变化，定期检查萌发种子（形成幼苗前）的脂肪、蔗糖、葡萄糖的含量变化，结果如图所示。下列说法正确的是（　　） A．蓖麻种子中含量最多的有机物是蛋白质 B．蓖麻种子的脂肪中含有大量饱和脂肪酸 C．推测蓖麻种子在萌发过程中脂肪转变成糖类 D．蔗糖参与细胞壁的组成导致其含量在第8天后开始下降 【考点】脂质的种类及其功能；糖类的种类及其分布和功能． 【专题】坐标曲线图；糖类 脂质的种类和作用． 【答案】C 【分析】活细胞中含量最多的化合物是水，含量最多的有机化合物是蛋白质。 【解答】解：A、由题意：脂肪含量占种子总质量的70%，可知蓖麻种子中含量最多的有机物是脂肪，A错误； B、蓖麻种子的脂肪中含有大量不饱和脂肪酸，B错误； C、如图，蓖麻种子在萌发过程中脂肪减少、糖类增加，推测脂肪转变成糖类，C正确； D、蔗糖不参与细胞壁的组成，D错误。 故选：C。 【点评】本题主要考查糖类和脂质等相关知识点，意在考查学生对相关知识点的理解和掌握情况。 3．抑制剂与酶结合引起酶活性降低或丧失的过程称为失活作用。根据抑制剂与底物的关系可分为竞争性抑制和非竞争性抑制，如图为两种抑制剂的作用机理模型。下列说法错误的是（　　） A．竞争性抑制剂与底物有相同的结合部位 B．非竞争性抑制剂能改变酶与底物结合部位的结构 C．酶的活性还受温度、pH值、重金属离子等因素的影响 D．酶是蛋白质，完成催化作用后酶的活性也随之丧失 【考点】酶的特性及应用． 【专题】模式图；酶在代谢中的作用． 【答案】D 【分析】根据模型B和C分析，竞争性抑制剂与底物竞争酶与底物的结合位点，减少底物与酶结合的机会，进而影响酶活性；非竞争性抑制剂和酶活性位点以外的其他位点结合，通过改变酶的结构，从而使酶失去催化活性，降低酶对底物的催化反应速率。 【解答】解：A、据图A和B分析可知，竞争性抑制剂与底物有相同的结合部位，A正确； B、图C非竞争性抑制剂与酶结合后能改变酶与底物结合部位的空间结构，B正确； C、酶的本质是蛋白质或RNA，酶的活性还受温度、pH值、重金属离子等因素的影响，C正确； D。酶一般是蛋白质，完成催化作用后酶的活性不会立即丧失，还能重复起作用，D错误。 故选：D。 【点评】本题的知识点是酶催化作用的机理，分析题图获取有效信息是解题的突破口，对酶促反应机理的理解是解题的关键。 4．蛋白质是生命活动的主要承担者，下列关于蛋白质和多肽的叙述，正确的是（　　） A．经常用开水煮毛巾可以使蛋白质的肽键全部断裂以达到消毒的目的 B．蛋白质中的肽链位于同一个平面，不同位点的氨基酸之间能够形成氢键 C．若某蛋白质含有M个氨基酸、N条肽链，则此蛋白质至少含有氧原子数（N+M）个 D．某条肽链由80个氨基酸缩合而成，其中共有氨基5个，合成该多肽的氨基酸共有N原子85个 【考点】蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合；蛋白质（多肽）的相关计算． 【专题】模式图；蛋白质 核酸的结构与功能． 【答案】C 【分析】氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数＝脱去水分子数＝氨基酸数一肽链数，游离氨基或羧基数＝肽链数+R基中含有的氨基或羧基数，至少含有的游离氨基或羧基数＝肽链数，氮原子数＝肽键数+肽链数+R基上的氮原子数＝各氨基酸中氮原子总数，氧原子数＝肽键数+2×肽链数+R基上的氧原子数＝各氨基酸中氧原子总数一脱去水分子数，蛋白质的相对分子质量＝氨基酸数目×氨基酸平均相对分子质量一脱去水分子数×18。 【解答】解：A、水煮毛巾的目的是使蛋白质的氢键等断裂破坏蛋白质的空间结构，以达到消毒的目的，A错误； B、蛋白质中的肽链不在同一个平面，B错误； C、若靶蛋白含有M个氨基酸、N条肽链，则该蛋白质分子中至少含有氧原子数＝肽键数+2×肽链数＝（M﹣N）+2×N＝（M+N）个，C正确； D、某条肽链由80个氨基酸缩合而成，其中共有氨基5个，合成该多肽的氨基酸共有N原子84个，D错误。 故选：C。 【点评】本题主要考查蛋白质的合成的相关知识，要求考生能够结合所学知识准确判断各选项，属于识记和理解层次的考查。 5．花生种子可作为脂肪鉴定的材料，在其发育过程中，子叶中会储存大量的脂肪，这些脂肪积累在一种由内质网衍生而来的油质体中，如图所示。下列说法错误的是（　　） A．油质体中的油脂在两层磷脂分子之间积累 B．油质体上的油体蛋白由内质网合成 C．花生子叶中的油质体的膜来源于内质网，属于生物膜系统 D．内质网能衍生出油质体与膜的流动性有关 【考点】脂质的种类及其功能；各类细胞器的结构和功能；细胞生物膜系统的组成及功能． 【专题】模式图；正推法；糖类 脂质的种类和作用；生物膜系统；细胞器． 【答案】B 【分析】细胞膜、细胞器膜和核膜共同构成细胞的生物膜系统。内质网是单层膜细胞器，一层生物膜含两层磷脂分子层，两层磷脂分子亲水的头部朝外，疏水的尾部朝内。内质网与分泌蛋白的加工、运输有关。 【解答】解：A、两层磷脂分子之间是疏水的尾部，所以油质体中的油脂应在两层磷脂分子之间积累，A正确； B、蛋白质在核糖体上合成，所以油质体中的油体蛋白是由核糖体合成不是由内质网合成，B错误； C、细胞的生物膜系统包括细胞膜、细胞器膜和核膜。根据题意，花生子叶中的油质体的膜来源于内质网膜，本质上还是细胞器膜，属于生物膜系统，C正确； D、油质体由内质网膜突起形成小泡衍生而来，该过程与膜的流动性有关，D正确。 故选：B。 【点评】本题主要考查脂质的种类、各类细胞器的功能、细胞生物膜系统的组成的内容，要求考生识记相关知识准确答题。 6．用相同培养液培养番茄和水稻时，培养液中各离子浓度变化如图。以下分析错误的是（　　） A．根细胞对水和离子的吸收是两个相对独立的过程 B．水稻将Ca2+排出，使培养液中Ca2+浓度升高 C．两种植物细胞对无机盐吸收的差异体现了膜的选择透过性 D．番茄根尖成熟区细胞与外界溶液组成渗透系统，其原生质层相当于半透膜 【考点】物质跨膜运输的方式及其异同． 【专题】坐标曲线图；信息转化法；物质跨膜运输． 【答案】B 【分析】分析柱形图：水稻吸收的多，对Ca2+、Mg2+吸收量少，而番茄吸收的Ca2+和Mg2+较多，对吸收量少，这体现了植物对无机盐离子的吸收具有选择性，其原因在于不同植物根尖细胞膜上载体的种类和数量是不同的。植物对矿质元素是一种选择性吸收，属于主动运输，而对水是通过渗透作用，则植物体对水分和矿质元素的吸收是两个相对独立的过程。 【解答】解：A、植物对矿质元素是一种选择性吸收，属于主动运输，而对水是通过渗透作用，则植物体对水分和矿质元素的吸收是两个相对独立的过程，A正确； B、水稻根细胞以主动运输的方式从培养液中吸收Ca2+，而不是排出Ca2+，B错误； C、由柱形图可看出，水稻吸收的多，对Ca2+、Mg2+吸收量少，而番茄吸收的Ca2+和Mg2+较多，对吸收量少，即不同作物对无机盐的吸收是有差异的，体现了膜的选择透过性，C正确； D、水稻根尖成熟区细胞有大的液泡，相当于渗透系统，其中原生质层相当于半透膜，D正确。 故选：B。 【点评】本题考查了物质跨膜运输方式的有关知识，要求考生首先明确植物对无机盐离子吸收和水分吸收是两个相对独立过程，明确细胞对离子的吸收具有选择性，并且同一种生物对不同离子以及不同生物对同种离子的吸收均存在差异。 7．如图表示“比较过氧化氢在不同条件下的分解实验”。下列相关分析合理的是（　　） A．本实验的因变量是单位时间内过氧化氢分解产生气体的量 B．本实验的自变量是酶的用量 C．1号与3号、2号与4号可分别构成对照实验 D．分析1号、2号试管的实验结果可知，加热能降低反应所需的活化能 【考点】酶的特性及应用． 【专题】对照实验思想；酶在代谢中的作用． 【答案】A 【分析】阅读题干和题图可知，本题是对“比较过氧化氢在不同条件下的分解实验”的分析，先分析题图明确实验的自变量、因变量和无关变量，然后根据选项涉及的具体内容回忆相关知识，分析综合进行判断。 【解答】解：A、本实验的检测指标是单位时间内过氧化氢分解产生气体的量，为因变量，A正确； B、由题意可知，本实验的自变量是不同的温度条件和是否加入催化剂及加入的催化剂种类，B错误； C、2号与4号有两个自变量，即温度和是否加入催化剂，不能构成对照实验，C错误； D、加热为化学反应提供能量，不能降低化学反应的活化能，D错误。 故选：A。 【点评】本题的知识点是对实验中自变量、因变量和无关变量的分析与判断，分析对照实验，加热能提高过氧化氢分解速率的原理，主要考查学生对实验变量和对照实验的分析能力。 8．图为细胞内葡萄糖分解的过程图，细胞色素C（CytC）是位于线粒体内膜上参与细胞呼吸的多肽。正常情况下，外源性CytC不能通过细胞膜进入细胞，但在缺氧时，细胞膜的通透性增加，外源性CytC便能进入细胞及线粒体内，提高氧的利用率。若给相对缺氧条件下培养的人体肌细胞补充外源性CytC，下列相关分析中错误的是（　　） A．补充外源性CytC会导致细胞质基质中[H]的减少 B．进入线粒体的外源性CytC促进①②③过程的进行 C．进入线粒体的外源性CytC参与②过程中生成H2O的反应 D．CytC在临床上可用于组织细胞缺氧急救的辅助治疗 【考点】有氧呼吸的过程和意义；无氧呼吸的概念与过程． 【专题】模式图；光合作用与细胞呼吸． 【答案】B 【分析】1、有氧呼吸第一阶段在细胞质基质中，葡萄糖分解成丙酮酸，产生少量的[H]和ATP；第二阶段在线粒体基质中，丙酮酸和H2O分解成CO2，产生少量的ATP；第三阶段在线粒体内膜，[H]和氧结合产生H2O，同时生成大量的ATP。 2、由题意知：细胞色素c是生物氧化过程中的电子传递体，参与[H]与氧气的结合，说明细胞色素c位于线粒体内膜上，参与细胞呼吸的第三阶段。 【解答】解：A、缺氧条件下，外源性CytC便能进入细胞及线粒体内，提高氧的利用率，说明补充外源性CytC会导致细胞质基质和线粒体基质中[H]的减少，A正确； B、正常情况下，外源性CytC不能通过细胞膜进入细胞，缺氧条件下补充外源性CytC后，提高氧的利用率，会促进细胞有氧呼吸②过程，该过程有水的生成，不能促进③过程，B错误、C正确； D、补充外源性CytC可提高氧的利用率，故在临床上可用于组织细胞缺氧急救的辅助治疗，D正确。 故选：B。 【点评】本题以细胞色素c为背景，主要考查了细胞呼吸的相关知识，要求考生识记有氧呼吸和无氧呼吸的过程，能从题干中获取有效信息，再结合所学知识准确判断各选项。 9．下列关于高等动植物连续分裂细胞其细胞周期的叙述，正确的是（　　） A．G2期细胞的核DNA含量已增加一倍 B．S期细胞的染色体数目已增加一倍 C．用蛋白质合成抑制剂处理G1期细胞，不影响其进入S期 D．用秋水仙素处理细胞群体，M期细胞的比例会减少 【考点】细胞的有丝分裂过程、特征及意义． 【答案】A 【分析】细胞周期分为分裂间期和分裂期（M期），细胞分裂间期分为 G1、S、G2三个阶段．G1时期主要进行RNA和蛋白质的生物合成，并且为下阶段S期的DNA合成做准备；S期进行DNA的复制，复制后的两个DNA分子仍位于同一条染色体上；G2期为DNA分子复制后期，仍然存在RNA和蛋白质的合成． 【解答】解：A、G2期是细胞分裂间期中的DNA复制后期，即已经完成DNA分子的复制，因此细胞的核DNA含量已增加一倍，A正确； B、S期是指分裂间期中DNA复制期，但是DNA复制后染色体数目并没有改变，B错误； C、DNA复制（S期）需要解旋酶和DNA聚合酶，这些酶都是在G1期合成的，C错误； D、秋水仙素能抑制有丝分裂前期纺锤体的形成，导致M期细胞的比例会增多，D错误。 故选：A。 【点评】本题综合考查动植物细胞有丝分裂相关内容，涉及G1、S、G2和M期相关物质合成及抑制剂对细胞分裂的影响等知识点，意在考查考生的识记能力和理解能力，具有一定的综合性． 10．乳糖酶可催化乳糖水解。有两项与此相关的实验，实验中无关变量相同且适宜，实验结果如表。相关叙述正确的是（　　） 实验一（乳糖浓度为10%） 酶浓度 0 1% 2% 3% 4% 相对反应速率 0 25 50 100 200 实验二（酶浓度为2%） 乳糖浓度 0 5% 10% 15% 20% 相对反应速率 0 25 50 65 65 A．实验一若继续增加酶浓度，相对反应速率不再加大 B．实验一若增加乳糖浓度，相对反应速率将降低 C．实验二若继续增大乳糖浓度，相对反应速率不再加大 D．实验二若将反应温度提高5℃，相对反应速率将增大 【考点】酶的特性及应用． 【专题】数据表格；酶在代谢中的作用． 【答案】C 【分析】分析表格数据： 实验一中，底物浓度是一定的，探究的是酶浓度对酶促反应速率的影响，随着酶浓度的升高，酶促反应速率逐渐加快； 实验二中，酶浓度是一定的，探究的是底物浓度对酶促反应速率的影响，底物浓度较小时随着底物浓度的升高，酶促反应速率逐渐加快，但当底物浓度超过15%时，随着底物浓度的升高，酶促反应速率保持不变。 【解答】解：A、实验一若继续增加酶浓度，相对反应速率会继续增大，A错误； B、实验一若继续增加乳糖浓度，相对反应速率将加大，B错误； C、实验二底物浓度超过15%时，随着底物浓度的升高，酶促反应速率保持不变，限制酶促反应速率不再增大的原因是酶浓度，故继续增加乳糖浓度，相对反应速率不再增大，C正确； D、该实验是在适宜的温度下进行的，此时酶活性最高，若再将反应温度提高5℃，酶活性会降低，其催化反应的相对反应速率将减慢，D错误。 故选：C。 【点评】本题结合图表，考查影响酶促反应速率的因素的知识，考生识记酶的概念和特性，明确外界条件对酶促反应速率的影响是解题的关键。 11．以下关于真核细胞和原核细胞的描述不正确的是（　　） ①真核细胞有成形的细胞核，真核细胞内的基因都可以表达 ②叶肉细胞有叶绿体，其合成的ATP可为主动运输提供能量 ③线粒体含有呼吸酶，可催化葡萄糖氧化分解 ④真核生物以DNA为遗传物质，部分原核生物以RNA为遗传物质 ⑤蓝藻为原核细胞，在生态系统中做生产者，可在叶绿体中进行光合作用 ⑥醋酸菌为原核细胞，没有线粒体，只进行无氧呼吸 A．①②③④⑤⑥ B．②③④ C．①②④⑥ D．②③⑤⑥ 【考点】原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同． 【专题】正推法；真核细胞和原核细胞． 【答案】A 【分析】真核细胞和原核细胞的比较 比较项目 原核细胞 真核细胞 大小 较小 较大 主要区别 无以核膜为界限的细胞核，有拟核 有以核膜为界限的细胞核 细胞壁 多数有，主要成分是糖类和蛋白质 植物细胞有，主要成分是纤维素和果胶；动物细胞无；真菌细胞有，主要成分为多糖 生物膜系统 无生物膜系统 有生物膜系统 细胞质 有核糖体，无其他细胞器 有核糖体和其他细胞器 DNA存 在形式 拟核中：大型环状、裸露 质粒中：小型环状、裸露 细胞核中：和蛋白质形成染色体 细胞质中：在线粒体、叶绿体中裸露存在 增殖方式 二分裂 无丝分裂、有丝分裂、减数分裂 可遗传变异方式 基因突变 基因突变、基因重组、染色体变异 【解答】解：①真核细胞内的基因是选择性表达的，①错误； ②叶肉细胞有叶绿体，其合成的ATP只能供给暗反应，不能供给其他生命活动，②错误； ③催化葡萄糖分解的酶分布在细胞质基质中，线粒体中的呼吸酶不能催化葡萄糖分解，③错误； ④真核生物和原核生物都以DNA为遗传物质，④错误； ⑤蓝藻为原核细胞，其细胞中不含叶绿体，⑤错误； ⑥醋酸菌为原核细胞，没有线粒体，但含有与有氧呼吸有关的酶，也能进行有氧呼吸，⑥错误。 故选：A。 【点评】本题考查原核细胞和真核细胞的异同，要求考生识记原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同，能列表比较两者，再结合所学的知识准确判断各选项。 12．幽门螺旋杆菌（简称Hp）主要寄生于人体胃中，是引起很多消化道疾病的首要致病细菌。体检时可通过14C尿呼气试验来检测Hp感染情况。受试者口服14C标记的尿素胶囊后，尿素可被Hp产生的脲酶催化分解为NH3和14CO2。定时收集受试者吹出的气体并测定其中是否含有14CO2。以下叙述正确的是（　　） A．Hp的遗传物质是DNA或RNA B．感染者呼出的14CO2是由人体细胞呼吸产生 C．受试者若未感染Hp，呼出的气体中无14CO2 D．脲酶由Hp细胞中附着在内质网上的核糖体合成 【考点】原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同． 【专题】正推法；真核细胞和原核细胞． 【答案】C 【分析】幽门螺旋杆菌为原核生物，没有细胞核，只有核糖体一种细胞器，以DNA为遗传物质，产生的脲酶催化分解尿素为NH3和14CO2。 【解答】解：A、Hp为原核生物，其遗传物质是DNA，A错误； B、根据幽门螺旋杆菌能产生脲酶，可将受试者口服的14C标记的尿素分解为NH3和14CO2可知感染者呼出的14CO2不是由人体细胞呼吸产生，B错误； C、受试者若未感染Hp，则不能产生脲酶，口服的14C标记的尿素就不能分解为NH3和14CO2，人体呼出的气体中无14CO2，C正确； D、Hp为原核生物，不含内质网，D错误。 故选：C。 【点评】本题以幽门螺旋杆菌为题材，考查原核细胞和真核细胞的异同，首先要求考生明确幽门螺旋杆菌属于原核生物，其次要求考生识记原核细胞和真核细胞的异同，再结合题干中信息准确判断各选项。 13．用物质的量浓度为2mol•L﹣1的乙二醇溶液和2mol•L﹣1的蔗糖溶液分别浸泡某种植物细胞，观察质壁分离现象，得到其原生质体体积变化情况如图所示。下列表述中正确的是（　　） A．该细胞可能是某种植物根尖分生区的细胞 B．AB段曲线表明细胞液浓度在逐渐增大 C．BC段表明该细胞开始因失水过多而逐渐死亡 D．若改用KNO3溶液，不会得到类似蔗糖溶液的结果 【考点】细胞的吸水和失水． 【专题】坐标曲线图；细胞质壁分离与复原． 【答案】B 【分析】1、由图可知，某种植物细胞处于乙二醇溶液中，外界溶液浓度高于细胞液浓度，发生质壁分离，质生质体体积变小，细胞液浓度增大；随后乙二醇溶液以自由扩散的方式进入细胞，细胞液浓度增加，细胞吸水，发生质壁分离复原。 2、某种植物细胞处于蔗糖溶液中，外界溶液浓度高于细胞液浓度，发生质壁分离，质生质体体积变小；又由于蔗糖溶液浓度较大，细胞会失水过多而死亡，所以BD段细胞已死亡。 【解答】解：A、植物根尖分生区的细胞无大液泡，不能发生质壁分离现象，A错误； B、AB段原生质层的相对体积减少，说明细胞失水，细胞液浓度在逐渐增大，B正确； C、用蔗糖溶液，因蔗糖不能进入细胞，只能发生质壁分离，又由于蔗糖溶液浓度较大，细胞会失水过多而死亡，所以BD段细胞已死亡，C错误； D、KNO3溶液的离子可以进入细胞液，发生的现象是先质壁分离再复原，而蔗糖溶液中细胞质壁分离后不能复原，D错误。 故选：B。 【点评】本题结合曲线图，考查细胞质壁分离与质壁分离复原现象及其原因，要求考生识记物质进入细胞的方式及各自的特点；掌握细胞发生质壁分离及复原的条件，明确一定浓度的尿素溶液会使细胞发生质壁分离后自动复原，再根据题干信息判断各曲线代表的含义。 14．呼吸作用的底物可以是糖类、油脂和蛋白质，呼吸熵（RQ）是指呼吸作用所释放的CO2和吸收O2的物质的量的比值。如表是3种能源物质在彻底氧化分解时的呼吸熵。下列说法正确的是（　　） 能源物质 糖类 蛋白质 油脂 呼吸熵（RQ） 1.00 0.8 00.71 A．油脂的呼吸熵比糖类低，原因是油脂中的氧原子相对含量比糖类中的多 B．若呼吸底物为葡萄糖，人体在剧烈运动时呼吸熵大于1 C．只进行有氧呼吸的种子，若其呼吸熵为0.80，则说明该种子的呼吸底物是蛋白质 D．若酵母菌利用葡萄糖为底物时呼吸熵大于1，说明酵母菌同时进行有氧呼吸和无氧呼吸 【考点】有氧呼吸的过程和意义；无氧呼吸的概念与过程． 【专题】数据表格；光合作用与细胞呼吸． 【答案】D 【分析】有氧呼吸的第一、二、三阶段的场所依次是细胞质基质、线粒体基质和线粒体内膜。有氧呼吸第一阶段是葡萄糖分解成丙酮酸和[H]，合成少量ATP；第二阶段是丙酮酸和水反应生成二氧化碳和[H]，合成少量ATP；第三阶段是氧气和[H]反应生成水，合成大量ATP。 【解答】解：A、油脂中的氢原子相对含量比糖类中的多，呼吸作用消耗的氧气更多，则油脂的呼吸熵比糖类低，A错误； B、人体在剧烈运动时以需氧呼吸为主，若呼吸底物为葡萄糖，厌氧呼吸不产生CO2，则呼吸熵等于1，B错误； C、只进行需氧呼吸的种子，若呼吸底物为葡萄糖，则呼吸熵等于1，若其呼吸熵为0.80，则可能是不同比例的糖类、蛋白质、油脂为呼吸底物，C错误； D、若呼吸底物为葡萄糖，酵母菌需氧呼吸，氧气的消耗量等于二氧化碳的释放量，进行厌无氧呼吸时，不消耗氧气，会产生二氧化碳，因此若酵母菌利用葡萄糖底物时的呼吸熵大于1，即二氧化碳的释放量大于氧气消耗量，则说明酵母菌同时进行需氧呼吸和厌氧呼吸，D正确。 故选：D。 【点评】本题考查细胞呼吸的相关知识，意在考查学生的识图能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。 15．真核细胞具备的生物膜系统在细胞的生命活动中具有重要作用。请据图判断下列关于生物膜的描述，正确的是（　　） A．胃蛋白酶、性激素、抗体均属于分泌蛋白，结构⑥在这些蛋白形成前后，膜面积基本不变 B．细胞核中合成的mRNA，需穿过2层生物膜，与核糖体结合后起作用 C．图中①③④⑤⑥等结构的膜共同构成了生物膜系统 D．若用3H标记图中核糖体上的氨基酸，在分泌蛋白形成过程中，放射性物质依次出现在细胞结构②①⑥④③中 【考点】细胞生物膜系统的组成及功能；细胞器之间的协调配合． 【专题】模式图；生物膜系统；细胞器． 【答案】C 【分析】由图可知：图中①为内质网，②为核糖体，③为细胞膜，④为线粒体，⑤为细胞核，⑥为高尔基体。 【解答】解：A、性激素属于脂质，不属于分泌蛋白，A错误； B、细胞核中合成的mRNA是从核孔出细胞核的，不穿过生物膜，B错误； C、生物膜系统的组成包括细胞膜、细胞器膜和核膜，图中①内质网、③细胞膜、④线粒体膜、⑤核膜、⑥高尔基体膜等结构共同构成了生物膜系统，C正确； D、若对图中核糖体上的氨基酸用3H进行标记，在分泌蛋白形成过程中，放射性物质在细胞结构中依次出现的顺序是②核糖体、①内质网、⑥高尔基体、③细胞膜，D错误。 故选：C。 【点评】本题结合图示考查细胞结构和功能，要求考生识记细胞的结构，能正确分析题图，掌握细胞中各种细胞器的结构、分布和功能，能结合所学的知识准确答题。 16．下列实验操作正确的是（　　） A．探究植物细胞的吸水和失水的实验中，给洋葱鳞片叶外表皮滴加蒸馏水和蔗糖溶液时应该把装片取下来，放在桌面上进行操作，然后再放在载物台上进行观察，以免污染镜头 B．探究温度对酶活性的影响时，可以选择H2O2溶液和新鲜肝脏研磨液反应 C．用花生种子切片检测生物组织中是否含有脂肪的实验操作中，酒精的作用是杀死杂菌，避免干扰实验 D．用蔗糖溶液、淀粉溶液和淀粉酶溶液探究酶的专一性时不能用碘液来检测 【考点】细胞的吸水和失水；酶的特性及应用；探究影响酶活性的条件；脂肪的检测． 【专题】观察类实验；糖类 脂质的种类和作用；细胞质壁分离与复原；酶在代谢中的作用． 【答案】D 【分析】1、当细胞液的浓度小于外界溶液的浓度时，细胞液中的水分就透过原生质层进入到外界溶液中，由于原生质层比细胞壁的伸缩性大，当细胞不断失水时，液泡逐渐缩小，原生质层就会与细胞壁逐渐分离开来，即发生了质壁分离．浓度差越大，细胞失水也多，质壁分离现象越明显。 2、脂肪可用苏丹Ⅲ染液（或苏丹Ⅳ染液）鉴定，呈橘黄色（或红色）。 3、淀粉遇碘液变蓝。 【解答】解：A、探究植物细胞的吸水和失水的实验中，给洋葱鳞片叶外表皮滴加蒸馏水和蔗糖溶液时，不需要把装片取下来，在载物台上直接操作即可，A错误； B、H2O2溶液不稳定，高温下易分解，在探究温度对酶活性的影响时，不能选择H2O2溶液，B错误； C、用花生种子切片检测生物组织中是否含有脂肪的实验操作中，酒精的作用是洗去浮色，C错误； D、蔗糖是否被分解，用碘液都检测不到，故用蔗糖溶液、淀粉溶液和淀粉酶溶液探究酶的专一性时不能用碘液来检测，D正确。 故选：D。 【点评】本题考查生物组织中化合物的鉴定、观察细胞的质壁分离和复原实验，对于此类试题，需要考生注意的细节较多，如实验的原理、实验采用的方法、实验现象及结论等，需要考生在平时的学习过程中注意积累。 17．乳糖酶可催化乳糖水解。有两项与此相关的实验，实验中无关变量相同且适宜，实验结果如表所示。下列相关叙述正确的是（　　） 实验一（质量分数 为10%的乳糖） 酶的质量分数/% 0 1 2 3 4 相对反应速率 0 25 50 100 200 实验二（质量分数 为2%的乳糖酶） 乳糖的质量分数/% 0 5 10 15 20 相对反应速率 0 25 50 65 65 A．实验一若继续增加酶浓度，相对反应速率不再增大 B．实验一若继续增加乳糖浓度，相对反应速率将降低 C．实验二若继续增加乳糖浓度，相对反应速率不再增大 D．实验二若将反应温度提高5℃，相对反应速率将增大 【考点】酶的特性及应用． 【专题】数据表格；酶在代谢中的作用． 【答案】C 【分析】分析表格数据： 实验一中，底物浓度是一定的，探究的是酶浓度对酶促反应速率的影响，随着酶浓度的升高，酶促反应速率逐渐加快； 实验二中，酶浓度是一定的，探究的是底物浓度对酶促反应速率的影响，底物浓度较小时随着底物浓度的升高，酶促反应速率逐渐加快，但当底物浓度超过15%时，随着底物浓度的升高，酶促反应速率保持不变。 【解答】解：A、实验一若继续增加酶浓度，相对反应速率会继续增大，A错误； B、实验一若继续增加乳糖浓度，相对反应速率将加大，B错误； C、实验二底物浓度超过15%时，随着底物浓度的升高，酶促反应速率保持不变，限制酶促反应速率不再增大的原因是酶浓度，故继续增加乳糖浓度，相对反应速率不再增大，C正确； D、该实验是在适宜的温度下进行的，此时酶活性最高，若再将反应温度提高5℃，酶活性会降低，其催化反应的相对反应速率将减慢，D错误。 故选：C。 【点评】本题结合图表，考查影响酶促反应速率的因素的知识，考生识记酶的概念和特性，明确外界条件对酶促反应速率的影响是解题的关键。 18．将长势相同的番茄幼苗随机分成若干组，置于不同温度下分别暗处理1h，再光照1h，测其干重变化（其他条件相同且适宜），得到如图所示的结果。据图分析，下列相关叙述正确的是（　　） A．34℃时，该番茄幼苗光照1h的净光合速率为5mg/h B．图示七个温度中，该番茄幼苗在32℃时的总光合速率最大 C．若在26℃条件下，暗处理1h，再光照2h，则光照后与暗处理前干重变化应为+8mg D．30℃处理24h条件下，若其他条件适宜，则该番茄幼苗的光照时间大于8h才能维持正常生长 【考点】光合作用的影响因素及应用． 【专题】坐标曲线图；光合作用与细胞呼吸． 【答案】D 【分析】图中虚线表示暗处理后干重变化，则可用来反映呼吸速率；实线表示光照后与暗处理前干重变化，其对应的数值加上呼吸速率可用来反映净光合速率。对图示七个温度条件下的呼吸速率和净光合速率进行分析，可得出如表所示结果： 26℃ 28℃ 30℃ 32℃ 34℃ 36℃ 38℃ 呼吸速率（mg/h） 1 2 3 4 2 1 0 净光合速率（mg/h） 4 5 6 4 ﹣1 ﹣1 0 总光合速率（mg/h） 5 7 9 8 1 0 0 【解答】解：A、34℃时，该番茄幼苗的呼吸速率为2mg/h，光照1h后与暗处理前的干重变化是﹣3mg，说明光照1h的净光合速率为﹣1mg/h，A错误； B、据表可知，图示七个温度中，该番茄幼苗在30℃时的总光合速率最大，B错误； C、若在26℃条件下，暗处理1h，再光照2h，则光照后与暗处理前干重变化为2×4﹣1×1＝7（mg），C错误； D、30℃条件下，其他条件适宜，若使该番茄幼苗在24h内能维持正常生长，则该番茄幼苗在黑暗条件下的呼吸消耗的有机物量应小于其在光照条件下的有机物积累量，即假设光照时间为xh，则黑暗时间为（24﹣x）h，则6x＞3（24﹣x），x＞8，D正确。 故选：D。 【点评】解答本题的关键是掌握植物光合作用光反应和暗反应的详细过程，弄清楚两个过程的物质变化和能量变化，准确判断图中生物膜的类型，并能够弄清楚曲线图中两条曲线的含义，进而结合题干要求分析答题。 19．如图甲为光合作用最适温度条件下，植物光合速率测定装置图，图乙中a、b为测定过程中某些生理指标相对量的变化。下列说法错误的是（　　） A．图甲装置在较强光照下有色液滴向右移动，再放到黑暗环境中有色液滴向左移动 B．一定光照条件下，如果再适当升高温度，净光合速率会发生图乙中从b到a的变化，同时呼吸速率会发生从a到b的变化 C．若图乙表示甲图植物光合速率由a到b的变化，则可能是适当提高了缓冲液的浓度 D．若将图甲中的缓冲液换成质量分数为的NaOH溶液，其他条件不变，短时间内植物幼苗叶绿体中的含量减少，ADP的含量增加 【考点】光合作用的影响因素及应用；光合作用原理——光反应、暗反应及其区别与联系． 【专题】模式图；光合作用与细胞呼吸． 【答案】D 【分析】1、光合作用过程： （1）光反应：水的光解：2H2O4[H]+O2；ATP的形成：ADP+Pi+能量ATP。 （1）暗反应：CO2固定：CO2+C52C3；C3的还原：2C3（CH2O）+C5。 2、影响光合速率的环境因素主要是：温度、光照强度、二氧化碳浓度等。 【解答】解：A、装置中的二氧化碳缓冲液在光照下可以为光合作用提供氧气，所以在较强光照下氧气不断产生导致气压增大，有色液滴向右移动，再放到黑暗环境中，二氧化碳缓冲液可以吸收呼吸作用产生的二氧化碳，氧气不断被消耗，气压减小，有色液滴向左移动，A正确； B、一定光照条件下，从原来的适宜温度再适当升高温度，会导致光合速率下降，同时呼吸速率可能增大，故可能会发生从a到b的变化，而净光合速率＝真光合速率﹣呼吸速率，因此净光合速率会发生图乙中从b到a的变化，B正确； C、图示是在最适温度条件下进行的，若适当提高CO2 缓冲液的浓度，光合强度会增加，C正确； D、将图甲中的CO2缓冲液换成质量分数为1%的NaOH溶液，装置内的二氧化碳全部被氢氧化钠吸收，光合作用只能来自于植物自身呼吸作用产生的二氧化碳，光合速率下降，暗反应会抑制光反应的进行，故植物幼苗叶绿体产生NADPH的速率将减小，D错误。 故选：D。 【点评】本题结合图解，考查细胞呼吸和光合作用的相关知识，要求考生识记光合作用和呼吸作用的具体过程，掌握影响光合速率和呼吸速率的环境因素，能结合所学的知识准确判断各选项。 20．2022年12月26日，国家卫生健康委员会发布公告将新型冠状病毒肺炎更名为新型冠状病毒感染，图是新型冠状病毒的结构模式图（其中的囊膜来源于宿主细胞的细胞膜）。下列有关新型冠状病毒的叙述正确的是（　　） A．病毒是最微小的生物，因此它是最基本的生命系统 B．新型冠状病毒营寄生生活，说明生物的生命活动离不开细胞 C．新型冠状病毒的化学成分除蛋白质和核酸外，不包括其他成分 D．可将新型冠状病毒接种于含丰富营养物质的培养液中进行大量培养 【考点】病毒；生命系统的结构层次． 【专题】模式图；细胞学说． 【答案】B 【分析】病毒是非细胞生物，只能寄生在活细胞中进行生命活动。病毒依据宿主细胞的种类可分为植物病毒、动物病毒和噬菌体；根据遗传物质来分，分为DNA病毒和RNA病毒；病毒由核酸和蛋白质组成。 【解答】解：A、细胞是最基本的生命系统，病毒不属于生命系统，A错误； B、病毒必需寄生在宿主活细胞内才能增殖，病毒的生命活动离不开细胞，B正确； C、新型冠状病毒的囊膜中含糖类、脂质等成分，C错误； D、新型冠状病毒是非细胞生物，只能寄生在活细胞中进行生命活动，不能在含丰富营养物质的培养液中培养，D错误。 故选：B。 【点评】本题主要考查病毒的相关知识，需要识记病毒的结构、生活方式等知识，属于较为简单题目。 21．用显微镜的一个目镜分别与4个不同物镜组合来观察某一细胞装片。当成像清晰时，每一物镜与载玻片的距离如图甲所示。图乙是选用图甲中c物镜时观察到的视野，下列说法正确的是（　　） A．选用a物镜时观察到的细胞数目比选用d物镜时观察到的更多 B．选用b物镜比选用c物镜的视野亮度更大 C．若要进一步放大观察视野中的细胞，应先将装片向右上方移动 D．放大观察时，应由c物镜转换为d物镜，转换后只能调整细准焦螺旋 【考点】显微镜及其使用． 【专题】模式图；细胞学说． 【答案】C 【分析】根据物镜与载玻片之间的距离，物镜的镜头越长，其放大倍数越大，与玻片的距离也越近，反之则越远，显微镜的放大倍数越大，视野中看的细胞数目越少。分析甲图可知，甲图中4各不同物镜组合放大倍数关系为a＞b＞c＞d。由图乙分析可知，该细胞位于视野的右上方。 【解答】解：A、物镜与载玻片之间的距离，物镜的镜头越长，其放大倍数越大，与玻片的距离也越近，故a物镜的放大倍数最大，用a物镜时观察到的细胞数目比选用d物镜时观察到的更少，A错误； B、显微镜的放大倍数越大，视野中看的细胞数目越少，视野越暗，b物镜放大的倍数大于c，选用b物镜比选用c物镜的视野亮度更小，B错误； C、由于显微镜下观察到的是倒像，因此由低倍镜转变为高倍镜观察时，装片向右上方移动，使物象向左下方移动到视野中央，C正确； D、物镜的镜头越长，其放大倍数越大，故放大观察时，应由d物镜转换为c物镜，D错误。 故选：C。 【点评】本题主要考查显微镜及其使用，要求学生有一定的理解分析能力，能够结合题干信息和所学知识进行分析应用。 22．棉花纤维由纤维细胞形成。蔗糖经膜蛋白SUT转运进入纤维细胞后逐渐积累，在纤维细胞的加厚期被大量水解后参与纤维素的合成。研究人员用普通棉花品系培育了SUT表达水平高的品系F，检测两品系植株开花后纤维细胞中的蔗糖含量，结果如图所示。下列说法正确的是（　　） A．蔗糖进入纤维细胞的方式是自由扩散 B．曲线甲表示普通棉花品系纤维细胞中的蔗糖含量 C．提高SUT的表达水平会使纤维细胞加厚期提前 D．相较于普通棉花品系，品系F纤维细胞形成的棉花纤维的质量更低 【考点】物质跨膜运输的方式及其异同． 【专题】坐标曲线图；糖类 脂质的种类和作用；物质跨膜运输． 【答案】C 【分析】根据题意分析题图，甲乙曲线蔗糖含量都是先上升是因为蔗糖经膜蛋白SUT转运进入纤维细胞后积累，随后蔗糖含量下降是因为在纤维细胞的加厚期被大量水解后参与纤维素的合成造成的。品系F中的SUT表达水平提高，对蔗糖的运输增加，而甲曲线蔗糖含量的最高值大于乙且上升的时间早于乙，所以曲线甲应为品系F纤维细胞中的蔗糖含量。 【解答】解：A、蔗糖在叶绿体外细胞质中合成，通过筛管等运输，经膜蛋白SUT转运进入纤维细胞，不是自由扩散，A错误； B、品系F中的SUT表达水平提高，对蔗糖的运输增加，分析曲线可知，甲曲线蔗糖含量的最高值大于乙且上升的时间早于乙，所以曲线甲应为品系F纤维细胞中的蔗糖含量，B错误； C、甲曲线蔗糖含量下降的时间早于乙曲线，故提高SUT的表达水平会使纤维细胞加厚期提前，C正确； D、普通品系膜蛋白SUT表达水平低，由题干信息“蔗糖在纤维细胞的加厚期被大量水解后参与纤维素的合成”可知，15﹣18天乙（普通棉花品系）的蔗糖被水解后参与纤维素的合成，而品系F中的SUT表达水平提高，甲（品系F）纤维细胞中的蔗糖含量的最高值大于乙且上升的时间早，形成的棉花纤维的质量高于乙，D错误。 故选：C。 【点评】本题以棉花品种培养为题材，考查了糖类的种类及其分布和功能，意在考查考生从题干、题图中提取有效信息的能力，难度不大。 23．经测定，某多肽分子式是C25HXOYN5S2，其中含有一个二硫键（—S—S—）。二硫键的形成：﹣SH+﹣SH→﹣S﹣S﹣+2H。已知该多肽是由下列氨基酸中的几种作为原料合成的：苯丙氨酸（C9H11O2N）、天冬氨酸（C4H7O2N）、丙氨酸（C3H7O2N）、亮氨酸（C6H13O2N）、半胱氨酸（C3H7O2NS）。下列有关该多肽的叙述，正确的是（　　） A．该多肽由5个氨基酸组成，是个5肽 B．该多肽中的H原子数和O原子数分别是30和5 C．该多肽在核糖体上形成，形成过程中相对分子质量减少了72 D．该多肽水解后产生的氨基酸分别是半胱氨酸、苯丙氨酸和亮氨酸 【考点】蛋白质（多肽）的相关计算；蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合． 【专题】氨基酸、蛋白质的相关计算；蛋白质的合成． 【答案】A 【分析】分析题干信息：在苯丙氨酸（C9H11O2N）、天冬氨酸（C4H7O4N）、丙氨酸（C3H7O2N）、亮氨酸（C6H13O2N）、半胱氨酸（C3H7O2NS）中，每分子均含1个N原子、只有半胱氨酸含有1个S原子，若分子式是C25HXOYN5S2的多肽为以上几种氨基酸中的几种合成的，根据N原子数量可知，该多肽由5个氨基酸组成；根据S原子可知该多肽中含有2个半胱氨酸；根据C原子守恒，半胱氨酸含有3个C，所以另3个氨基酸共含有C原子个数为25﹣3×2＝19个，可知为苯丙氨酸、亮氨酸和天冬氨酸。 【解答】解：A、组成该多肽的几种氨基酸都只含有一个N原子，因此根据多肽分子式C25HXOYN5S2中的N原子数可知该多肽形成过程需要5个氨基酸参与，属于五肽化合物，A正确； B、只有半胱氨酸含有1个S原子，该多肽中有2个S，则其是由2个半胱氨酸构成的，半胱氨酸含有3个C，根据C原子守恒，所以另3个氨基酸共含有C原子个数为25﹣3×2＝19个，可知另外3个氨基酸分别是苯丙氨酸、亮氨酸和天冬氨酸；该多肽中H原子数X＝11+7+13+7×2﹣2×4＝37个，O原子数Y＝2+2+2+2×2﹣4＝6个，B错误； C、该多肽在核糖体上形成时的脱水数为4个，另外由于形成一个二硫键失去2个氢，所以该过程中相对分子质量减少4×18+2＝74，C错误； D、由B选项的分析可知，该多肽是由1个苯丙氨酸、1个亮氨酸、1个天冬氨酸和2个半胱氨酸脱水缩合而成的；故水解后产生的氨基酸分别是半胱氨酸、苯丙氨酸、亮氨酸和天冬氨酸，D错误。 故选：A。 【点评】本题考查蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合，要求考生识记氨基酸的脱水缩合的具体过程，能根据题干信息判断该多肽中氨基酸数目及氨基酸的种类，再运用脱水缩合过程中的延伸规律答题，属于考纲理解和应用层次的考查。 24．如图是细胞膜的亚显微结构模式图，①～③表示构成细胞膜的物质。下列关于细胞膜结构和功能的叙述中，正确的是（　　） A．细胞与细胞之间的主要区别在于②不同 B．细胞膜上的①具有识别、保护和润滑的作用 C．用蛋白酶处理细胞膜可改变③，不改变其通透性 D．多细胞生物体内细胞间功能协调性的实现完全依赖于①结构 【考点】细胞膜的结构特点——流动镶嵌模型． 【专题】模式图；生物膜系统． 【答案】B 【分析】题图分析：图中①是糖蛋白，具有细胞识别、保护、润滑、免疫等；③是蛋白质，是膜功能的主要承担者，镶在磷脂双分子层表面、嵌入磷脂双分子层、贯穿于磷脂双分子层；②是磷脂双分子层构成膜的基本支架。 【解答】解：A、②为磷脂双分子层，所有细胞的细胞膜都含有磷脂双分子层，都相同，细胞膜的功能主要由蛋白质的种类和数量决定，即③，A错误； B、细胞膜上的①为糖蛋白，具有识别、保护和润滑的作用，B正确； C、细胞膜的主要成分是③蛋白质和磷脂，用蛋白酶处理细胞膜可破坏蛋白质，使细胞膜结构发生改变，从而会改变细胞膜的通透性，C错误； D、多细胞生物体内细胞间的功能协调不仅仅依赖于信息交流，还依赖于物质和能量交换，且细胞间的信息交流可以通过①结构（糖蛋白）、通道（如胞间连丝）等来实现，D错误。 故选：B。 【点评】本题考查知识点为细胞膜的结构和功能的相关知识，意在考查学生获取图示信息、审题、分析能力。 25．如图中X、Y、Z分别为蒸馏水、30%葡萄糖溶液、30%淀粉溶液，且单糖能通过半透膜而二糖、多糖不能通过半透膜。下列相关叙述错误的是（　　） A．装置A的现象是左侧液面先下降后上升，最终左右液面持平 B．A装置左右侧替换为等量蔗糖溶液，左右侧分别加入相等且适量的蔗糖酶、淀粉酶，左侧液面先升后降最后低于右侧 C．装置B烧杯中溶液液面下降的速率逐渐减缓 D．装置B达到渗透平衡后，由于液面差的存在，水分子向半透膜两侧扩散的速度不同 【考点】探究膜的透性． 【专题】信息转化法；物质跨膜运输． 【答案】D 【分析】根据题意和图示分析可知：渗透装作用是指水分通过半透膜，从溶质浓度低的溶液向溶质浓度高的溶液的转移现象。图A中X为蒸馏水，Y为30%葡萄糖溶液，而葡萄糖能通过半透膜，所以右侧液面先上升，后下降；图B中X为蒸馏水、Z为30%淀粉溶液，所以漏斗内液面上升。 【解答】解：A、由于装置A左右存在浓度差，且Y的浓度大于X，所以左侧液面会下降，但由于Y溶液中的葡萄糖分子会进入X，导致X溶度增大，因此左侧液面又会上升，最终左右液面持平，A正确； B、如果A装置左右侧替换为等量蔗糖溶液，左右侧分别加入相等且适量的蔗糖酶、淀粉酶，左侧的一分子蔗糖可以被蔗糖酶分解成二分子单糖，而右侧的蔗糖不会被淀粉酶分解，所以左侧浓度高于右侧。左侧液面先升高，单糖分子又可以透过半透膜，导致左侧浓度降低，液面下降，最后左侧液面先升后降最后低于右侧，B正确； C、由于Z的浓度大于X的浓度，所以装置B中漏斗液面升高，但水分的进入导致Z溶液浓度下降，所以水分由烧杯进入漏斗的速率降低，所以烧杯中溶液液面下降的速率逐渐减缓，C正确； D、装置B达到渗透平衡后，水分子向半透膜两侧扩散的速度相同，D错误。 故选：D。 【点评】本题考查渗透原理和物质跨膜运输的相关知识，要求学生理解渗透作用的原理，了解细胞失水和吸水的过程，明确水分子总是从低浓度溶液向高浓度溶液运输，难度一般。 二．解答题（共5小题） 26．科学家通过有关方法，测得多种生物的细胞膜的化学成分，如下表。回答问题： 膜的类别 物质种类 蛋白质（%） 脂质（%）（主要是磷脂） 糖类（%） 变形虫细胞膜 54 42 4 小鼠肝细胞膜 44 52 4 人成熟红细胞膜 49 43 8 大肠杆菌细胞膜 53 44 3 菠菜细胞膜 45 48 7 （1）从表中可以看出，各种细胞膜在化学物质组成上的共同点是 　都含有蛋白质、脂质（磷脂）和少量的糖类　，主要区别是 　各种物质的含量不同　。 （2）菠菜细胞的边界是 　细胞膜　，表中细胞不具有生物膜系统的是 　大肠杆菌、人成熟的红细胞　。 （3）细胞膜的基本支架是 　磷脂双分子层　，该支架中磷脂分子的排列情况是 　由2层磷脂分子组成，磷脂分子的亲水端朝向外侧，疏水端朝向内侧　。 （4）细胞膜中糖类分子叫作 　糖被　，分布于细胞膜的 　外　（填“内”或“外”）表面，与细胞 　表面识别　和细胞间的信息传递等功能有关。 【考点】细胞膜的成分；细胞膜的功能． 【专题】数据表格；正推法；生物膜系统． 【答案】（1）都含有蛋白质、脂质（磷脂）和少量的糖类 各种物质的含量不同 （2）细胞膜 大肠杆菌、人成熟的红细胞 （3）磷脂双分子层 由2层磷脂分子组成，磷脂分子的亲水端朝向外侧，疏水端朝向内侧 （4）糖被 外 表面识别 【分析】1、据表分析可知：各种膜在化学物质组成上的共同点是都含有蛋白质、脂质（磷脂）和少量的糖类，主要区别是各种物质的含量不同。 2、线粒体、叶绿体、内质网、高尔基体、溶酶体等细胞器膜、核膜和细胞膜等结构共同构成细胞的生物膜系统。 3、细胞膜的功能：①将细胞与外界环境分隔开；②控制物质进出细胞；③进行细胞间的信息交流。 【解答】解：（1）从表中可以看出，各种细胞膜在化学物质组成上的共同点是都含有蛋白质、脂质（磷脂）和糖类，主要区别是各种物质的含量不同。 （2）菠菜细胞的边界是细胞膜，生物膜系统是指细胞膜、核膜和各种细胞器膜，表中细胞不具有生物膜系统的是原核生物大肠杆菌、人成熟的红细胞。 （3）细胞膜的基本支架是磷脂双分子层，由2层磷脂分子组成，磷脂分子的亲水端朝向外侧，疏水端朝向内侧。 （4）细胞膜中糖类分子叫作糖被，分布于细胞膜的外表面，与细胞识别和细胞间的信息传递等功能有关。 故答案为： （1）都含有蛋白质、脂质（磷脂）和少量的糖类 各种物质的含量不同 （2）细胞膜 大肠杆菌、人成熟的红细胞 （3）磷脂双分子层 由2层磷脂分子组成，磷脂分子的亲水端朝向外侧，疏水端朝向内侧 （4）糖被 外 表面识别 【点评】本题考查细胞膜结构的相关知识，要求学生能够根据表格信息并结合所学知识总结出各种生物膜在化学组成上的共同点和不同点，理解并掌握生物膜系统、流动镶嵌模型的基本内容，属于中等题。 27．牛肉丸是将精选的牛肉研碎成肉糜再团成丸状，是众多火锅菜品中的佳肴，新鲜的牛肉丸不宜常温放置太久，长期存储时，常采用低温保存，但冷冻太久会影响牛肉丸的口感。回答问题： （1）牛肉细胞中的蛋白质是氨基酸通过 　脱水缩合　方式形成的，该过程只能发生在 　核糖体　（填细胞器的名称）。 （2）牛肉细胞中的多糖是 　糖原　，其单体是 　葡萄糖　，牛肉细胞中的核酸是 　DNA和RNA　。 （3）长时间冷冻会影响牛肉丸制品的凝胶强度，导致口感变差。科研人员将添加了不同浓度海藻糖的牛肉丸放在﹣18℃下冷冻，检测其凝胶强度的变化。结果如图所示。由实验结果可知，随着冷冻时间的增加，牛肉丸蛋白凝胶强度 　变小　（填“变大”或“变小”），且海藻糖可以 　减缓　（填“减缓”或“加强”）这种变化，但考虑成本以及效果，选择浓度为 　6%　的海藻糖添加最好。 （4）鲁迅先生说“牛吃的是草，挤出的是奶”，简要描述草中的蛋白质变成牛奶中蛋白质的过程：　草中蛋白质在牛消化道中水解成氨基酸，牛吸收这些氨基酸并在细胞中合成牛奶中的蛋白质　。 【考点】蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合；糖类的种类及其分布和功能． 【专题】坐标曲线图；糖类 脂质的种类和作用． 【答案】（1）脱水缩合 核糖体 （2）糖原 葡萄糖 DNA 和 RNA （3）变小 减缓 6% （4）草中蛋白质在牛消化道中水解成氨基酸，牛吸收这些氨基酸并在细胞中合成牛奶中的蛋白质 【分析】1、蛋白质的组成单位是氨基酸，氨基酸分为必需氨基酸和非必需氨基酸两类，非必需氨基酸是生物体内自己可以转化形成的氨基酸，而必需氨基酸只能通过食物中获取，因此食物中蛋白质的营养价值主要取决于必需氨基酸的种类和含量。 2、蛋白质的结构具有多样性，结构与功能相适应，因此当蛋白质结构发生改变时功能就会受到影响。 【解答】解：（1）蛋白质是由氨基酸通过脱水缩合方式形成的，该过程只能发生在核糖体上。 （2）牛肉细胞属于动物细胞，动物细胞中的多糖是糖原，其单体是葡萄糖，牛肉细胞中的核酸是DNA和RNA。 （3）分析题图，由实验结果可知，随着冷冻时间的增加，鱼糜蛋白凝胶强度下降，且添加了不同浓度海藻糖的实验组与不添加海藻糖的对照组比较，实验组的凝胶强度都比对照组高，说明海藻糖可以减缓减缓这种变化，分析题图可知，添加3%的海藻糖组的凝胶强度较低，添加6%和9%海藻糖的两组凝胶强度基本相同且较高，因此考虑成本以及效果，选择质量分数为6%海藻糖添加最好。 （4）草中的蛋白质变成牛奶中蛋白质的过程：草中蛋白质在牛消化道中水解成氨基酸，牛吸收这些氨基酸并在细胞中合成牛奶中的蛋白质。 故答案为： （1）脱水缩合 核糖体 （2）糖原 葡萄糖 DNA 和 RNA （3）变小 减缓 6% （4）草中蛋白质在牛消化道中水解成氨基酸，牛吸收这些氨基酸并在细胞中合成牛奶中的蛋白质 【点评】本题主要考查蛋白质的相关知识，对于蛋白质的基本单位、结构和功能的理解，把握知识的内在联系并形成知识网络是解题的关键。 28．某突变型水稻叶片的叶绿素含量约为野生型的一半，但固定CO2酶的活性显著高于野生型。生物兴趣小组在“探究环境因素对光合作用的影响”的活动中，选用两种水稻植株在不同光强度下进行实验，结果如图。 请回答： （1）固定CO2酶的催化下，CO2与RuBP结合形成1个　六碳分子　，该分子随即分解成2 个3﹣磷酸甘油酸。当光强度为P1时，图示两种水稻的叶肉细胞进行细胞呼吸产生的CO2量　小于　（填大于、等于或小于）光合作用吸收的CO2量。 （2）光强度低于P2时，因　光照强度低，突变型水稻叶片叶绿素含量低，吸收光能少　，故突变型水稻的CO2吸收速率低于野生型，但当光强度高于P2时，突变型水稻的CO2吸收速率却显著高于野生型，这是因为　光强度高，突变型固定CO2酶的活性高，光合作用强度高　。 （3）该兴趣小组欲通过纸层析法证明突变型水稻叶片的叶绿素含量为野生型的一半，该分离色素实验的原理是　叶绿体中色素在层析液中的溶解度不同，随层析液在滤纸上扩散速度也不同　，观察现象时应比较两条滤纸条，从上到下第　第3、4　条色素带的宽度。 （4）据图可推测，若要提高温室中该突变型的产量，首先应该考虑　光照　这一环境因素的影响，并采取相应措施。 【考点】光合作用原理——光反应、暗反应及其区别与联系． 【专题】图像坐标类简答题；光合作用与细胞呼吸． 【答案】见试题解答内容 【分析】突变型水稻叶片叶绿素含量低于野生型，光照强度低于P2时，对光照的吸收能力低于野生型，则光反应强度低于野生型，突变型水稻叶片固定二氧化碳酶的活性显著高于野生型，光照强度高于P2时，突变型的二氧化碳吸收速率大于野生型，则暗反应强度高于野生型。 【解答】解：（1）暗反应过程中，二氧化碳与五碳化合物结合后首先形成一分子六碳化合物，六碳化合物随即分解成2 个3﹣磷酸甘油酸。当光强度为P1时，两种水稻的净光合速率为0，由于植株有许多细胞不能进行光合作用，却仍然通过呼吸作用消耗有机物，所以叶肉细胞的光合速率一定大于其自身细胞的呼吸作用。 （2）突变型水稻叶片叶绿素含量低于野生型，光照强度低于P2时，对光照的吸收能力低于野生型，则光反应强度低于野生型，突变型水稻叶片固定二氧化碳酶的活性显著高于野生型，光照强度高于P2时，突变型的二氧化碳吸收速率大于野生型，则暗反应强度高于野生型。 （3）纸层析法分离色素的原理是叶绿体中的色素在层析液中的溶解度不同，溶解度高的随层析液在滤纸上扩散得快；反之则慢。叶绿素a、b分别位于从上到下第3、4条色素带，故实验需要比较这两条色素带的宽度。 （4）实验中的自变量是光照强度，研究的是光照对光合作用的影响，所以在温室中，萘要提高该突变型的产量，首先应该考虑光照这一环境因素的影响，并采取相应措施。 故答案为： （1）六碳分子 小于 （2）光照强度低，突变型水稻叶片叶绿素含量低，吸收光能少 光强度高，突变型固定CO2酶的活性高，光合作用强度高 （3）叶绿体中色素在层析液中的溶解度不同，随层析液在滤纸上扩散速度也不同 第3、4 （4）光照 【点评】本题主要考查光照强度和二氧化碳浓度对光合作用的影响，突变型水稻叶片有两个特点：叶绿素含量低，而固定二氧化碳酶的活性高，图中P2点前光照强度低，突变型水稻光合速率低；P2点后光照强度增强，突变型水稻光合速率高，需正确分析其原因。 29．如图1为物质出入细胞的几种方式示意图，其中A～E表示物质，①～④表示物质转运方式。请回答下列问题： （1）可能代表氧气转运过程的是 　②　（填序号）；肾小管的上皮细胞在进行水分的重吸收时采用图④方式，则C表示 　水通道蛋白　。 （2）图中①代表的运输方式是 　主动运输　，判断的依据是 　由低浓度到高浓度运输，需要载体蛋白，且消耗能量　。 （3）将形状、大小相同的红心萝卜A和红心萝卜B幼根各5段，分别放在不同浓度的蔗糖溶液（甲～戊）中，一段时间后，取出红心萝卜的幼根称重，结果如图c所示，据图分析： ①如图所示，此时放在浓度为乙的红心萝卜A较放在浓度为甲的红心萝卜A的细胞液浓度 　大　。（大或小） ②红心萝卜B比红心萝卜A的细胞液浓度 　低　。 ③甲至戊蔗糖溶液的浓度大小关系是 　乙＞丁＞甲＞戊＞丙　。 【考点】物质跨膜运输的方式及其异同；细胞的吸水和失水． 【专题】图文信息类简答题；物质跨膜运输；细胞质壁分离与复原． 【答案】（1）②；水通道蛋白 （2）主动运输；由低浓度到高浓度运输，需要载体蛋白，且消耗能量 （3）大；低；乙＞丁＞甲＞戊＞丙 【分析】题图分析：图1中①物质运输是从低浓度到高浓度，且消耗能量，为主动运输；②物质运输是顺浓度梯度，不消耗能量不需要蛋白协助，为自由扩散；③④物质运输不消耗能量，从高浓度到低浓度运输，需要蛋白协助，均为协助扩散。ABC均为转运蛋白，D为糖蛋白，E为磷脂双分子层。 【解答】解：（1）氧气跨膜运输为自由扩散，②物质运输是顺浓度梯度，不消耗能量不需要转运蛋白协助，为自由扩散，因此②可表示氧气转运过程；水通过细胞膜的主要方式是协助扩散，需要通道蛋白协助，若肾小管的上皮细胞在进行水分的重吸收时采用图④方式，则C表示水通道蛋白。 （2）图中①物质运输是从低浓度到高浓度，且消耗能量，故为主动运输。 （3）①如图所示，放在浓度为乙的蔗糖溶液中一段时间后，比放在浓度为甲的蔗糖溶液中的质量明显轻，说明此时放在浓度为乙的红心萝卜A较放在浓度为甲的红心萝卜A失水多，细胞液浓度大。 ②由于红心萝卜条A在甲浓度的蔗糖溶液中重量不变，说明其细胞液与蔗糖溶液浓度相等，但此浓度的蔗糖溶液中B萝卜条重量减少，说明其细胞液浓度小于A的细胞液浓度。故红心萝卜B比红心萝卜A的细胞液浓度低。 ③根据红心萝卜A的重量可知，在甲中重量不变，因此A的细胞液与甲浓度相等，乙中重量变小，失水，说明A的细胞液小于乙，而在丁中也变小，但是变小的幅度比乙小，说明乙的浓度大于丁，而在丙和戊中都增大，说明吸水，A的细胞液浓度比丙和戊大，且丙的变化幅度大于戊，因此丙的浓度比戊低，故浓度大小为乙＞丁＞甲＞戊＞丙。 故答案为： （1）②；水通道蛋白 （2）主动运输；由低浓度到高浓度运输，需要载体蛋白，且消耗能量 （3）大；低；乙＞丁＞甲＞戊＞丙 【点评】本题主要考查的是物质跨膜运输的方式及异同的相关知识，意在考查学生对基础知识的理解掌握，难度适中。 30．甲图为呼吸作用示意图，乙图为线粒体结构模式图，丙图表示某植物器官在不同氧浓度下的CO2释放量和O2吸收量的变化。请据图回答下列问题： （1）写出以葡萄糖为例的有氧呼吸总反应式 　C6H12O6+6H2O+6O26CO2+12H2O+能量　。 （2）甲图中的C过程发生的场所在乙图中的 　②　（填序号）。人在跑马拉松等剧烈运动时，骨骼肌细胞中发生的甲图中的过程包括 　ABCD　（填字母）。 （3）据丙图可知，随着氧浓度的增大，达到丙图中 　C　点对应的氧浓度时，无氧呼吸停止。若丙图的器官是某种子，则储存该种子最合适的氧气浓度是丙图中 　B　点对应的浓度，因为此时种子的细胞呼吸总量最低。 【考点】有氧呼吸的过程和意义；无氧呼吸的概念与过程． 【专题】图文信息类简答题；光合作用与细胞呼吸． 【答案】（1）C6H12O6+6H2O+6O26CO2+12H2O+能量 （2）②；ABCD （3）C；B 【分析】分析图示：甲图中A为葡萄糖分解成丙酮酸，场所为细胞质基质；B为丙酮酸转化为乳酸，场所为细胞质基质；C为有氧呼吸第二阶段，场所为线粒体基质；D为有氧呼吸第三阶段，场所为线粒体内膜；E是无氧呼吸产生的酒精和二氧化碳。图乙中，①是线粒体内膜，②是线粒体基质，③是线粒体外膜。丙图中，A点对应氧浓度为0，说明此时只进行无氧呼吸；B点时二氧化碳释放量最小，及呼吸作用最弱；C点时二氧化碳释放量等于氧气吸收量，表明此时只进行有氧呼吸。 【解答】解：（1）有氧呼吸的总反应式C6H12O6+6H2O+6O2 6CO2+12H2O+能量。 （2）甲图中，A表示葡萄糖的初步分解，所以产物X是丙酮酸；甲图中的C过程是有氧呼吸第二阶段，发生的场所是乙图中的②（线粒体基质）；人在跑马拉松等剧烈运动时除了进行有氧呼吸以外，还会通过无氧呼吸产生乳酸，所以骨骼肌细胞中发生的甲图中的过程包括ABCD。 （3）丙图中，C点二氧化碳释放量等于氧气吸收量，说明此时无氧呼吸停止，只进行有氧呼吸；储存种子要使其细胞呼吸达到最低，丙图中的B点，其二氧化碳释放量最低，则有机物分解量最小，即细胞呼吸最低。 故答案为： （1）C6H12O6+6H2O+6O26CO2+12H2O+能量 （2）②；ABCD （3）C；B 【点评】本题结合流程图、结构图和曲线图，考查线粒体的结构和功能、细胞呼吸的过程和意义，意在培养学生利用所学知识分析图形、获取信息和解决问题的能力，难度适中。 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $$