2025年江苏省宿迁市泗洪县中考物理模拟试卷 (2)

2025年江苏省宿迁市泗洪县中考物理模拟试卷 一、选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分.每小题给出的四个选项中只有一个符合题意) 1．（2分）下列估测最符合实际情况的是（　　） A．中学生双脚站立对地面的压强约为100Pa B．中学生从一楼走上三楼，大约需要做功3000J C．家用台灯正常工作时，电流约为2A D．对人体安全的电压为36V 2．（2分）关于热现象，以下说法错误的是（　　） A．检查口腔前，将金属小镜子放在酒精灯上烤一烤是为了防止水蒸气液化 B．水烧开时，离壶嘴较远的地方“白气”较浓，这是汽化现象 C．生长在沙漠中的仙人掌，叶子呈针状是为减慢水的蒸发 D．寒冷的北方，不用水银温度计是因为水银的凝固点较高 3．（2分）下列关于白居易的《暮江吟》中描述的光现象解释正确的是（　　） A．一道残阳铺水中——水中的“夕阳”是由于光的折射形成的 B．半江瑟瑟半江红——江面呈现出红色是江面反射红光的原因 C．可怜九月初三夜——九月初三夜空的弯月是自然界中的光源 D．露似真珠月似弓——露珠特别明亮是白光发生了色散的原因 4．（2分）下列关于粒子和宇宙的认识，正确的是（　　） A．哥白尼提出了“地心说”，牛顿创立了万有引力定律 B．宇宙是一个有层次的天体结构系统，它在不断地膨胀 C．质子、中子和电子就像行星绕太阳运动一样在绕原子核运动 D．在探索比原子更小的微观粒子的历程中，汤姆生首先发现了质子 5．（2分）某同学探究凸透镜成像规律时，光屏上得到了烛焰清晰的像（像未画出），如图所示。下列说法正确的是（　　） A．光屏上的像是正立的 B．光屏上的像是放大的 C．投影仪是利用此成像原理制成的 D．右移光屏，烛焰的像仍然在原处 6．（2分）把标有“36V 15W”的甲灯和标有“36V 5W”的乙灯串联后接在电压是36V的电路中，则（　　） A．因为甲灯额定功率较大，所以甲灯较亮 B．因为通过它们的电流相等，所以一样亮 C．因为乙灯实际功率较大，所以乙灯较亮 D．因为甲灯的电阻较小，所以甲灯较亮 7．（2分）下列有关安全用电的说法中，正确的是（　　） A．用电器不慎起火后，应立即用水灭火 B．保险丝损坏，可用铜丝替换 C．使用测电笔时，手不能接触笔上任何金属体 D．用电器的金属外壳要接地 8．（2分）如图所示，轿车在水平路面上高速行驶，下列说法正确的是（　　） A．车对路面的压力和路面对车的支持力是一对平衡力 B．以行驶的汽车为参照物，路边的树是静止的 C．驾驶室座椅上安装头枕的目的是防止碰撞前车时造成伤害 D．高速行驶过程中，车对路面的压力小于车静止时对路面的压力 9．（2分）建筑工人通过如图所示的装置将一桶质量为45kg的涂料从地面提起，桶在4s内缓慢上升0.8m，工人所用的拉力为500N。下列说法中正确的是（　　） A．该装置做的有用功为400J B．该装置的机械效率为90% C．绳子自由端移动的平均速度为0.4m/s D．增大提起涂料的重力，机械效率不变 10．（2分）某校科创小组为“共享助力车”的安全头盔设计以下方案：扫码成功后开关S1闭合，指示灯L亮；从车头取出头盔并戴上后2闭合，电动机通电工作；扫码且戴头盔才能骑行。下列电路符合以上设计要求的是（　　） A． B． C． D． 11．（2分）如图所示是我国自主研发的“奋斗者”号载人潜水器，它创造了万米的载人深潜新纪录，标志着我国在大深度载人深潜领域达到世界领先水平。“奋斗者”号在万米深海处继续下潜的过程中，以下说法正确的是（　　） A．“奋斗者”号受到海水的浮力不变、压强变大 B．“奋斗者”号受到海水的浮力不变、压强不变 C．“奋斗者”号受到海水的浮力变大、压强不变 D．“奋斗者”号受到海水的浮力变大、压强变大 12．（2分）如图所示，R0是一个光敏电阻，光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，R是电阻箱（已调至合适阻值），夜晚灯亮。下列说法正确的是（　　） A．白天流过R0的电流较小 B．给路灯供电的电源应接在“b、c”两端 C．如果将R的阻值调大一些，傍晚时路灯比原来迟一些亮 D．电源电压减小后，傍晚时路灯比原来早一些亮 二、填空题（本大题共6小题，每空1分，共18分） 13．（2分）在舞蹈社团活动过程中，人耳能区分钢琴和长笛发出的配乐声，是由于它们所发出声音的 　 　不同（选填“音调”“响度”或“音色”）。小红身高1.7m，当他向平面镜缓慢走近时　 　（选填“变大”“不变”或“变小”）。 14．（2分）无人驾驶扫地车在平直路面上匀速前进，并将地面上的垃圾吸入车内，此过程中　 　，机械能 　 　（两空均选填“变大”“不变”或“变小”） 15．（6分）反复弯折铁丝，铁丝弯折处会很烫，这是通过 　 　（选填“热传递”或“做功”）的方式改变铁丝的内能；这个过程中能量的转化与图 　 　中的（选填“甲”或“乙”）汽油机工作过程是一致的，若某汽油机在工作时转速为3600r/min　 　次。某汽车百公里耗油5kg，这些汽油完全燃烧可放出的热量是 　 　J。汽油机工作时，需要用水为其降温，这是利用水的 　 　大的特点。若水箱内5kg水，温度升高了20℃，则水吸收的热量为 　 　J。【q汽油＝4.6×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃）】 16．（3分）实验小组用如上图所示的电能表来测量某用电器的功率。实验时他们将其余所有用电器关闭，数出电能表转盘在10min内转了600圈。则该用电器在10min内消耗的电能是 　 　kW•h，它的实际功率是 　 　W，该用电器可能为 　 　（选填“电水壶”“电视机”或“电风扇”）。 17．（3分）如图所示，是超市常用的塑料袋封口夹电路原理图，该封口夹是利用电流的 　 　效应工作的；当开关S1闭合、S2断开时是 　 　温挡；当开关S1、S2都闭合时是 　 　温挡（选填“低”或“高”）。 18．（2分）如图所示电路，若甲、乙两表为图中电流表，闭合开关S1，断开开关S2，两表指针位置相同，则R1：R2＝　 　；若甲、乙两表为图中电压表，闭合开关S1、S2，则两表示数之比是 　 　（电表每次测量均未超过量程）。 三、作图与实验探究题（本大题共7小题，共24分） 19．（2分）如图所示，请画出入射光线经过凹透镜后的光线。 20．（2分）如图所示，AC为轻质杠杆，O为支点，请画出杠杆在图示位置平衡时受到的最小动力F1和铁球所受的重力G。 21．（2分）根据如图所示磁感线方向，在相应的括号中，标出永磁体左侧的磁极（用“N”或“S”表示）（用“+”或“﹣”表示）。 22．（4分）为了预防病毒，小明的妈妈采购了消毒液进行日常杀菌，为了测量某消毒液的密度 （1）将天平放置在水平桌面上，游码归零后，调节平衡螺母前，应当向 　 　（选填“左”或“右”）调节平衡螺母，直到天平横梁水平平衡。 （2）用调节好的天平测出烧杯和适量消毒液的总质量为108.2g，将烧杯中的消毒液倒出一部分到量筒中，量筒中消毒液面位置如图乙所示　 　cm3；用天平测出剩余消毒液和烧杯的质量如图丙所示，则消毒液的密度为 　 　kg/m3。 （3）分析以上步骤，你认为小明所测消毒液的密度 　 　（选填“偏大”“偏小”或“准确”）。 23．（4分）在“探究杠杆平衡条件”的实验中： （1）实验开始时，杠杆的位置如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡　 　移动（选填“左”或“右”）。 （2）杠杆平衡后，小李同学在图乙所示的A位置挂上两个钩码，可在B位置挂上 　 　个钩码，使杠杆在水平位置平衡。 （3）取下B位置的钩码，改用弹簧测力计拉杠杆的B点，当弹簧测力计由位置a转至位置b的过程中（如图丙），测力计示数将 　 　（选填“变大”或“变小”）。 （4）下列因素中，不会影响探究结果的是 　 　。 A.铁架台没有放在水平台面上 B.实验所用的钩码生锈 C.弹簧测力计的弹簧和刻度盘之间摩擦较大 D.弹簧测力计未调零 24．（7分）用以下装置进行实验： （1）图甲中，若要探究“电阻丝产生的热量与电流大小的关系”，还需要的测量器材是 　 　，实验中通过观察 　 　来比较产生的热量； （2）若要探究“电阻丝产生的热量与电阻大小的关系”，应选用图乙中的烧瓶 　 　，并将其电阻与图甲中R串联； （3）若要探究“不同物质吸热升温的现象”，应选择图乙中的烧瓶 　 　，并将其电阻与图甲中R 　 　（选填“串联”、“并联”或“串并联都可以”）； （4）将图乙中三个烧瓶内的电阻并联起来，通电一段时间后，瓶中液体都没有沸腾　 　中的液体吸热最多，烧瓶 　 　中的液体升温最慢。 25．（9分）在“探究电流与电压、电阻关系”的实验中，某实验小组选用5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω五个电阻，电压恒为6V的电源，设计了如图甲所示的实验电路。 （1）请你根据甲图，将乙图中的部分电路连接完整（要求：滑片向右移动时，电流表示数变大，导线不交叉）； （2）闭合开关后，发现电流表有示数，电压表无示数　 　（选填“短路”或“断路”）； （3）首先，接入10Ω的电阻探究“电流与电压的关系”，实验过程中；当电压表示数为2.8V时，电流表示数如图丙所示　 　A；实验小组记录的数据表格如下，小红分析了数据后，这组数据对应的实验序号是 　 　。 实验序号 l 2 3 4 5 电压/V 1.0 1.4 2.0 2.4 2.8 电流/A 0.1 0.14 0.20 0.24 分析正确的数据，可得出结论：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成 　 　比； （4）接着小红继续按照图乙所示电路，将5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω这五个电阻随机单独接入电路，探究电流与电阻的关系。 ①实验中控制电阻两端的电压为2V不变。她用10Ω的电阻完成实验后，保持滑动变阻器的滑片位置不动，断开开关换上另一个电阻，由此可知换上的电阻为 　 　Ω，为了使电阻两端的电压恢复到2V，此时应将滑动变阻器的阻值适当调 　 　（选填“大”或“小”）； ②她发现当接入 　 　Ω的电阻时，无论怎样调节滑片，电压表的示数都大于2V，应更换一个最大阻值不小于 　 　Ω的滑动变阻器。 四、计算题（本大题共2小题，24题9分，25题9分，共18分） 26．（9分）如图所示电动车是人们便捷出行的交通工具。周末小明骑着电动车沿运河风光带水平路面上匀速行驶了6km，用时15min，已知小明和电动车的总质量为120kg2，骑行过程中所受的阻力为车总重的0.05倍（g取10N/kg）。求在此骑行过程中： （1）电动车的牵引力大小。 （2）电动车对水平路面的压强。 （3）电动车牵引力的功率。 27．（9分）如图甲，电源电压恒定，灯泡L上标有“6V”字样1为20Ω，滑动变阻器R2上标有“50Ω 1A”，电流表量程为0～3A。当闭合开关S2，断开开关S1、S3时，灯泡L正常发光。求： （1）灯泡正常发光时的电阻和电源电压； （2）当闭合开关S3，断开开关S1、S1时，调节R2使灯泡消耗的功率为1.2W时，滑动变阻器R2的功率； （3）当开关S1、S2、S3均闭合时，电路在10s内产生的最大热量。 2025年江苏省宿迁市泗洪县中考物理模拟试卷 参考答案与试题解析 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 B B B B D C D D B B A 题号 12 答案 D 一、选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分.每小题给出的四个选项中只有一个符合题意) 1．（2分）下列估测最符合实际情况的是（　　） A．中学生双脚站立对地面的压强约为100Pa B．中学生从一楼走上三楼，大约需要做功3000J C．家用台灯正常工作时，电流约为2A D．对人体安全的电压为36V 【答案】B 【分析】首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。 【解答】解：A、中学生双脚站立对地面的压强约为p＝＝＝，故A不符合实际； B、中学生的重力约为500N，中学生从一楼走上三楼，故B符合实际； C、家用台灯正常工作时，故C不符合实际； D、对人体安全的电压不高于36V。 故选：B。 2．（2分）关于热现象，以下说法错误的是（　　） A．检查口腔前，将金属小镜子放在酒精灯上烤一烤是为了防止水蒸气液化 B．水烧开时，离壶嘴较远的地方“白气”较浓，这是汽化现象 C．生长在沙漠中的仙人掌，叶子呈针状是为减慢水的蒸发 D．寒冷的北方，不用水银温度计是因为水银的凝固点较高 【答案】B 【分析】液化指物质由气态转变成液态，液化要放热；加快蒸发的方法：增大液体表面积、加快空气流速和提高液体表面温度；物体达到凝固点时，继续放热，温度不变。 【解答】解：A、检查口腔前，防止水蒸气液化； B、水烧开时，是因为较远处温度较低，故B错误； C、生长在沙漠中的仙人掌，故C正确； D、寒冷的北方，水银很快会凝固成固态，故D正确。 故选：B。 3．（2分）下列关于白居易的《暮江吟》中描述的光现象解释正确的是（　　） A．一道残阳铺水中——水中的“夕阳”是由于光的折射形成的 B．半江瑟瑟半江红——江面呈现出红色是江面反射红光的原因 C．可怜九月初三夜——九月初三夜空的弯月是自然界中的光源 D．露似真珠月似弓——露珠特别明亮是白光发生了色散的原因 【答案】B 【分析】（1）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射； （2）不透明物体的颜色由反射的色光颜色决定； （3）光源是指能自行发光的物体。 【解答】解：A．水中的“夕阳”是由于光的反射形成的虚像； B．江面呈现出红色是江面反射太阳光中的红光的原因； C．月亮不能自行发光，故C错误； D．露珠特别明亮是白光发生反射，故D错误。 故选：B。 4．（2分）下列关于粒子和宇宙的认识，正确的是（　　） A．哥白尼提出了“地心说”，牛顿创立了万有引力定律 B．宇宙是一个有层次的天体结构系统，它在不断地膨胀 C．质子、中子和电子就像行星绕太阳运动一样在绕原子核运动 D．在探索比原子更小的微观粒子的历程中，汤姆生首先发现了质子 【答案】B 【分析】（1）哥白尼提出了“日心说”； （2）宇宙是有层次的天体系统，它的层次结构：行星﹣﹣太阳系﹣﹣银河系﹣﹣星系团﹣﹣超星系团﹣﹣总星系； （3）原子由带正电的原子核和带负电的核外电子组成，原子核由带正电的质子和不带电的中子组成；电子就像行星绕太阳运动一样在绕原子核运动； （4）汤姆生发现电子后，人们认识到原子是由位于原子中央的原子核和核外电子组成。 【解答】解： A、哥白尼提出了“日心说”。故A错误； B、宇宙是由物质组成的，星系中又有很多星体，并且处于不断的膨胀演化过程中； C、原子核由带正电的质子和不带电的中子组成。故C错误； D、在探索比分子更小的微观粒子的历程中汤姆生首先发现了电子。 故选：B。 5．（2分）某同学探究凸透镜成像规律时，光屏上得到了烛焰清晰的像（像未画出），如图所示。下列说法正确的是（　　） A．光屏上的像是正立的 B．光屏上的像是放大的 C．投影仪是利用此成像原理制成的 D．右移光屏，烛焰的像仍然在原处 【答案】D 【分析】（1）根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像； （2）实像可以用光屏承接，虚像不能用光屏承接。 【解答】解：ABC、由图可知，根据凸透镜成实像时，成倒立，故ABC错误； D、由于此时成的是实像，烛焰的像仍然在原处。 故选：D。 6．（2分）把标有“36V 15W”的甲灯和标有“36V 5W”的乙灯串联后接在电压是36V的电路中，则（　　） A．因为甲灯额定功率较大，所以甲灯较亮 B．因为通过它们的电流相等，所以一样亮 C．因为乙灯实际功率较大，所以乙灯较亮 D．因为甲灯的电阻较小，所以甲灯较亮 【答案】C 【分析】首先根据公式R＝，求出R甲、R乙； 因为两灯泡串联在电路中，所以他们的电流相同，根据电功率P＝I2R，电阻大的灯泡实际消耗的功率大，所以亮。 【解答】解： 两只灯泡的电阻分别为 R甲＝＝＝86.8Ω， R乙＝＝＝259.2Ω， 由公式P＝I2R知，两灯串联，因为R甲＜R乙，所以实际功率P甲＜P乙，也就是乙灯较亮。故选项ABD错误。 故选：C。 7．（2分）下列有关安全用电的说法中，正确的是（　　） A．用电器不慎起火后，应立即用水灭火 B．保险丝损坏，可用铜丝替换 C．使用测电笔时，手不能接触笔上任何金属体 D．用电器的金属外壳要接地 【答案】D 【分析】（1）发生触电或用电器起火时，应先切断电源； （2）铜丝的电阻率小、熔点高，用铁丝代替保险丝，不能在电流过大时，自动切断电路； （3）使用测电笔时手要接触笔尾的金属体； （4）有金属外壳的用电器，外壳要接地。 【解答】解： A、用电器不慎起火后，然后施救，因为常见水是导体，故A错误； B、铜丝的电阻小，在电流过大时，因此不会熔断，故B错误； C、用测电笔时，这样才能使测电笔发挥作用； D、金属外壳的用电器，以防触电。 故选：D。 8．（2分）如图所示，轿车在水平路面上高速行驶，下列说法正确的是（　　） A．车对路面的压力和路面对车的支持力是一对平衡力 B．以行驶的汽车为参照物，路边的树是静止的 C．驾驶室座椅上安装头枕的目的是防止碰撞前车时造成伤害 D．高速行驶过程中，车对路面的压力小于车静止时对路面的压力 【答案】D 【分析】（1）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上； （2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止； （3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，据此结合不同运动状态下人身体运动情况的改变分析即可解答； （4）根据流体压强与流速的关系可对压力与重力的大小做出分析。 【解答】解：A．车对路面的压力和路面对车的支持力作用在两个物体上，故A错误； B．以行驶的汽车为参照物，是运动的； C．当后车追尾时，头会突然后仰，故C错误； D．车静止时对路面的压力大小等于车的重力大小，车身上方空气流速快，下方空气流速慢，产生向上的升力，故D正确。 故选：D。 9．（2分）建筑工人通过如图所示的装置将一桶质量为45kg的涂料从地面提起，桶在4s内缓慢上升0.8m，工人所用的拉力为500N。下列说法中正确的是（　　） A．该装置做的有用功为400J B．该装置的机械效率为90% C．绳子自由端移动的平均速度为0.4m/s D．增大提起涂料的重力，机械效率不变 【答案】B 【分析】（1）根据W＝Gh＝mgh计算该装置做的有用功； （2）如图所示滑轮为定滑轮，绳子自由端移动的距离等于桶上升的高度，根据W＝Fs计算该装置做的总功；根据η＝×100%计算该装置的机械效率； （3）根据速度公式计算绳子自由端移动的平均速度； （4）当提升重物的重力增加，做的有用功就变大，而额外功几乎不变，据此分析。 【解答】解：A、该装置做的有用功：W有＝Gh＝mgh＝45kg×10N/kg×0.8m＝360J，故A错误； B、如图所示滑轮为定滑轮，即：s＝h＝2.8m， 该装置做的总功：W总＝Fs＝500N×0.8m＝400J， 该装置的机械效率：η＝×100%＝，故B正确； C、绳子自由端移动的平均速度：v＝＝，故C错误； D、增大提起涂料的重力，而额外功几乎不变＝可知，故D错误。 故选：B。 10．（2分）某校科创小组为“共享助力车”的安全头盔设计以下方案：扫码成功后开关S1闭合，指示灯L亮；从车头取出头盔并戴上后2闭合，电动机通电工作；扫码且戴头盔才能骑行。下列电路符合以上设计要求的是（　　） A． B． C． D． 【答案】B 【分析】根据题意分析两个开关的作用、灯泡与电动机的连接方式，然后选出正确的电路图。 【解答】解：根据题意可知，骑行前1闭合，指示灯L亮；从车头取出头盔并戴上后2闭合，电动机才通电工作，是并联的，则开关S8在干路中控制整个电路，开关S2与电动机在一条支路中，故B正确。 故选：B。 11．（2分）如图所示是我国自主研发的“奋斗者”号载人潜水器，它创造了万米的载人深潜新纪录，标志着我国在大深度载人深潜领域达到世界领先水平。“奋斗者”号在万米深海处继续下潜的过程中，以下说法正确的是（　　） A．“奋斗者”号受到海水的浮力不变、压强变大 B．“奋斗者”号受到海水的浮力不变、压强不变 C．“奋斗者”号受到海水的浮力变大、压强不变 D．“奋斗者”号受到海水的浮力变大、压强变大 【答案】A 【分析】潜水器在水面下下潜过程中，排开水的体积保持不变，所处的深度变大，利用F浮＝ρgV排可知浮力的变化，利用p＝ρgh可知所受压强的变化。 【解答】解：“奋斗者”号在万米深海处继续下潜的过程中，不考虑海水密度及潜水器体积的变化，所处的深度变大， 由F浮＝ρgV排可知，“奋斗者”号所受的浮力保持不变； 由p＝ρgh可知，“奋斗者”号所受水的压强变大。 故选：A。 12．（2分）如图所示，R0是一个光敏电阻，光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，R是电阻箱（已调至合适阻值），夜晚灯亮。下列说法正确的是（　　） A．白天流过R0的电流较小 B．给路灯供电的电源应接在“b、c”两端 C．如果将R的阻值调大一些，傍晚时路灯比原来迟一些亮 D．电源电压减小后，傍晚时路灯比原来早一些亮 【答案】D 【分析】分析电磁铁的电路，判定利用照明电源为路灯供电的接入点，根据串联分压的特点分析电阻变化时的路灯的发光情况判断电源的位置； 由于控制电路的电压和吸合电流不变，根据R＝可知，电路总电阻不变，如果将电阻箱R的阻值调小，光敏电阻的阻值变大，结合光敏电阻阻值随光照强度的变化分析路灯的发光情况； 如果控制电路中的电压会下降，而电路中的吸合电流不变，由I＝可知，电路总电阻变小，光敏电阻的阻值变大，结合光敏电阻阻值随光照强度的变化分析路灯的发光情况。 【解答】解：A、因为白天时，由I＝，白天流过R0的电流比夜晚大，故A错误； B、光敏电阻的电阻值随光照强度的增大而减小，电路中的电流值大；静触点与C接通，光敏电阻的电阻值大，所以静触点与B接通，白天灯灭。故B错误； C、如果将电阻箱R的阻值调大，继电器的电流变小，吸引力变小，故C错误； D、控制电路中的电压变小，由I＝，电路总电阻变小，光照强度增强，故D正确。 故选：D。 二、填空题（本大题共6小题，每空1分，共18分） 13．（2分）在舞蹈社团活动过程中，人耳能区分钢琴和长笛发出的配乐声，是由于它们所发出声音的 　音色　不同（选填“音调”“响度”或“音色”）。小红身高1.7m，当他向平面镜缓慢走近时　不变　（选填“变大”“不变”或“变小”）。 【答案】音色；不变 【分析】（1）音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关； （2）物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，像的大小跟物体的大小有关，跟物体距离平面镜的远近没有关系。像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离。 【解答】解：在音乐社团活动过程中，乐器发出的声音通过空气传到人耳，是由于它们所发出声音的音色不同。 解：因像和物的大小总是相等的，人的大小与像的大小一样，他在平面镜中像的大小不变。 故答案为：音色；不变。 14．（2分）无人驾驶扫地车在平直路面上匀速前进，并将地面上的垃圾吸入车内，此过程中　增大　，机械能 　增大　（两空均选填“变大”“不变”或“变小”） 【答案】增大；增大。 【分析】（1）动能的大小与质量和速度有关； （2）机械能大小等于动能和势能之和。 【解答】解：无人驾驶扫地车，正在平直路面上匀速前进，其质量变大，动能变大，重力势能不变。 故答案为：增大；增大。 15．（6分）反复弯折铁丝，铁丝弯折处会很烫，这是通过 　做功　（选填“热传递”或“做功”）的方式改变铁丝的内能；这个过程中能量的转化与图 　甲　中的（选填“甲”或“乙”）汽油机工作过程是一致的，若某汽油机在工作时转速为3600r/min　1800　次。某汽车百公里耗油5kg，这些汽油完全燃烧可放出的热量是 　2.3×108　J。汽油机工作时，需要用水为其降温，这是利用水的 　比热容　大的特点。若水箱内5kg水，温度升高了20℃，则水吸收的热量为 　4.2×105　J。【q汽油＝4.6×107J/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃）】 【答案】做功；甲；1800；2.3×108；比热容；4.2×105。 【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能；做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的实质是能量的转移； （2）根据汽油机进气门、排气门的打开和关闭情况，活塞的运动方向判断汽油机的冲程，汽油机在做功冲程中将内能转化为机械能，在压缩冲程中将机械能转化为内能； （3）热机在一个工作循环中，完成4个冲程，飞轮和曲轴转2周，对外做功1次； （4）利用Q放＝mq计算汽油完全燃烧放出的热量； （5）水的比热容大，质量相同的水与其它物质相比，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多； （6）知道水的质量、比热容、升高的温度，利用Q吸＝cmΔt计算水吸收的热量。 【解答】解：（1）用手弯折铁丝，对铁丝做功，温度升高，这是通过做功的方式改变内能。 （2）该过程能量转化与汽油机的压缩冲程能量转化是一致的，在图甲中，活塞向上运动，将机械能转化为内能。 （3）在汽油机的一个工作循环中，曲轴转动2圈，对外做功1次，则每分钟对外做功1800次； （4）汽油完全燃烧放出的热量： Q放＝m汽油q汽油＝5kg×4.6×107J/kg＝2.3×103J； （5）水的比热容大，质量相同的水与其它物质相比，水吸收的热量多； （6）水吸收的热量： Q吸＝c水m水Δt＝4.2×103J/（kg•℃）×5kg×20℃＝4.4×105J。 故答案为：做功；甲；18008；比热容；8.2×105。 16．（3分）实验小组用如上图所示的电能表来测量某用电器的功率。实验时他们将其余所有用电器关闭，数出电能表转盘在10min内转了600圈。则该用电器在10min内消耗的电能是 　0.2　kW•h，它的实际功率是 　1200　W，该用电器可能为 　电水壶　（选填“电水壶”“电视机”或“电风扇”）。 【答案】0.2；1200；电水壶。 【分析】3000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转动3000r，据此求电能表的转盘转600r时，用电器消耗的电能，再利用P＝求用电器的实际功率，据此选择可能是哪种用电器。 【解答】解：3000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转动3000r， 电能表的转盘转600r时，用电器消耗的电能： W＝kW•h＝0.7kW•h， 用电器的实际功率： P＝＝＝2.2kW＝1200W。 电水壶的电功率在1000W左右、电视机的电功率在100W左右，所以该用电器可能是电水壶。 故答案为：0.6；1200。 17．（3分）如图所示，是超市常用的塑料袋封口夹电路原理图，该封口夹是利用电流的 　热　效应工作的；当开关S1闭合、S2断开时是 　低　温挡；当开关S1、S2都闭合时是 　高　温挡（选填“低”或“高”）。 【答案】热；低；高。 【分析】（1）封口夹工作时将电能转化为内能； （2）由图可知，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，根据串联电路特点和P＝可知封口夹高温挡和低温挡的电路连接。 【解答】解：封口夹工作时将电能转化为内能，所以封口夹是利用电流热效应工作的； 由图可知，当开关S1闭合、S2断开时，R6、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，由P＝，电路的总功率最小； 当开关S3、S2都闭合时，只有R1工作，电路的总电阻最小，封口夹处于高温挡。 故答案为：热；低；高。 18．（2分）如图所示电路，若甲、乙两表为图中电流表，闭合开关S1，断开开关S2，两表指针位置相同，则R1：R2＝　4：1　；若甲、乙两表为图中电压表，闭合开关S1、S2，则两表示数之比是 　5：4　（电表每次测量均未超过量程）。 【答案】4：1；5：4。 【分析】（1）当开关S1闭合、S2断开，甲、乙为电流表时，R1和R2并联，甲电流表测R1支路的电流，乙电流表测干路电流，两表指针位置相同，所以乙电流表的示数是甲电流表示数的5倍；根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比； （2）当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，R1和R2串联，甲测电源的电压，乙测R1两端的电压； 根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电压特点求出两电压表的示数之比。 【解答】解：（1）当开关S1闭合、S2断开，甲、乙为电流表时，R7和R2并联，甲电流表测R1支路的电流，乙电流表测干路电流； 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，两表指针位置相同，即I甲：I乙＝8：5； 则通过两电阻的电流之比：I1：I8＝I甲：（I乙﹣I甲）＝1：（5﹣2）＝1：4； 因并联电路中各支路两端的电压相等，由欧姆定律可得，则R8：R2＝I2：I8＝4：1； （2）当开关S2、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，R1与R2串联，甲电压表测电源的电压1两端的电压， 因串联电路中各处的电流相等，所以两电阻两端的电压之比等于电阻之比； 因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以两电压表的示数之比：U甲：U乙＝（U1+U6）：U2＝（4+4）：4＝5：5。 故答案为：4：1；8：4。 三、作图与实验探究题（本大题共7小题，19题6分，20～23题每空1分，共24分） 19．（2分）如图所示，请画出入射光线经过凹透镜后的光线。 【答案】见试题解答内容 【分析】先确定所给的入射光线的特点，然后根据凹透镜的光学特点作图。 【解答】解： 指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后，折射光线平行于主光轴。如图所示： 20．（2分）如图所示，AC为轻质杠杆，O为支点，请画出杠杆在图示位置平衡时受到的最小动力F1和铁球所受的重力G。 【答案】 【分析】若在杠杆上A端施加最小的力F1，使杠杆在图示位置平衡，该力的方向应该垂直杠杆向上，使动力臂最长，在阻力和阻力臂一定时，动力臂最长时、最省力，据此画出动力方向； 根据规则物体的重心在物体的几何中心，沿重力的方向画一带箭头的线段表示重力。 【解答】解：由杠杆平衡条件F1 L1＝F3 L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力越小，过A点作垂直于OA向上的力； 画出重力作用点，竖直向下画一带箭头的线段表示重力，如图所示： 21．（2分）根据如图所示磁感线方向，在相应的括号中，标出永磁体左侧的磁极（用“N”或“S”表示）（用“+”或“﹣”表示）。 【答案】 【分析】根据磁体周围的磁感线从N极出来回到S极，判断永磁体和电磁铁的极性；由电磁铁的磁极，根据安培定则判断电流方向，从而判断电源的正负极。 【解答】解：图中磁感线从左向右，可以判断永磁体的右端为N极，电磁铁的左端为S极； 根据安培定则，用右手握住螺线管，则四指所指的方向为电流的方向，从左端流出、右端为负极 22．（4分）为了预防病毒，小明的妈妈采购了消毒液进行日常杀菌，为了测量某消毒液的密度 （1）将天平放置在水平桌面上，游码归零后，调节平衡螺母前，应当向 　右　（选填“左”或“右”）调节平衡螺母，直到天平横梁水平平衡。 （2）用调节好的天平测出烧杯和适量消毒液的总质量为108.2g，将烧杯中的消毒液倒出一部分到量筒中，量筒中消毒液面位置如图乙所示　60　cm3；用天平测出剩余消毒液和烧杯的质量如图丙所示，则消毒液的密度为 　0.9×103　kg/m3。 （3）分析以上步骤，你认为小明所测消毒液的密度 　准确　（选填“偏大”“偏小”或“准确”）。 【答案】（1）右；（2）60；0.9×103；（3）准确。 【分析】（1）天平在调节时，平衡螺母向横梁上翘的一端移动； （2）消毒液的体积等于消毒液面对应的刻度值； 烧杯和剩余消毒液的质量等于砝码质量和游码对应刻度值的和，量筒中消毒液等于烧杯和消毒液的总质量减去声音消毒液和烧杯的质量，消毒液的密度等于质量除以其体积； （3）量筒中消毒液的体积测量是准确的，质量是准确的，故消毒液的密度测量值是准确的。 【解答】解：（1）如图甲所示，调节横梁平衡时，故平衡螺母应向右调节； （2）量筒分度值是2mL，量筒中消毒液的体积是：V＝60mL＝60cm3， 剩余消毒液和烧杯的质量：m4＝20g+20g+10g+4.2g＝54.6g， 量筒中消毒液的质量：m＝m1﹣m2＝108.7g﹣54.2g＝54g， 消毒液的密度：ρ＝＝＝6.9g/cm3＝4.9×103kg/m8。 （3）量筒中消毒液的体积测量是准确的，质量是准确的。 故答案为：（1）右；（2）603；（3）准确。 23．（4分）在“探究杠杆平衡条件”的实验中： （1）实验开始时，杠杆的位置如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡　右　移动（选填“左”或“右”）。 （2）杠杆平衡后，小李同学在图乙所示的A位置挂上两个钩码，可在B位置挂上 　3　个钩码，使杠杆在水平位置平衡。 （3）取下B位置的钩码，改用弹簧测力计拉杠杆的B点，当弹簧测力计由位置a转至位置b的过程中（如图丙），测力计示数将 　变大　（选填“变大”或“变小”）。 （4）下列因素中，不会影响探究结果的是 　A　。 A.铁架台没有放在水平台面上 B.实验所用的钩码生锈 C.弹簧测力计的弹簧和刻度盘之间摩擦较大 D.弹簧测力计未调零 【答案】（1）右；（2）3；（3）变大；（4）A。 【分析】（1）调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；（2）杠杆的平衡条件是F1l1＝F2l2，根据杠杆的平衡条件即可解题； （3）力臂是支点到力的作用线的距离，据此解答； （4）从各因素对动力、阻力的影响角度进行分析解答。 【解答】解：（1）如图甲所示，杠杆左端下沉，应将平衡螺母向上翘的右端移动，在实验过程中让杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂大小，一个钩码重是G，解得n＝3； （3）如图乙所示，当弹簧测力计由位置a转至位置b的过程中，杠杆始终保持在水平平衡，测力计示数变大； （5）A.实验前需要调整杠杆平衡，故铁架台没有放在水平桌面上对杠杆的平衡无影响； B.弹簧测力计的弹簧和刻度盘之间摩擦较大，对实验有影响； C.所用的钩码上锈，单个钩码的重力不完全相等，对实验结果有影响，故C不符合题意。 故答案为：（1）右；（2）3；（4）A。 24．（7分）用以下装置进行实验： （1）图甲中，若要探究“电阻丝产生的热量与电流大小的关系”，还需要的测量器材是 　秒表　，实验中通过观察 　温度计升高的示数　来比较产生的热量； （2）若要探究“电阻丝产生的热量与电阻大小的关系”，应选用图乙中的烧瓶 　C　，并将其电阻与图甲中R串联； （3）若要探究“不同物质吸热升温的现象”，应选择图乙中的烧瓶 　A　，并将其电阻与图甲中R 　串并联都可以　（选填“串联”、“并联”或“串并联都可以”）； （4）将图乙中三个烧瓶内的电阻并联起来，通电一段时间后，瓶中液体都没有沸腾　A　中的液体吸热最多，烧瓶 　B　中的液体升温最慢。 【答案】（1）秒表；温度计升高的示数；（2）C；（3）A；串并联都可以；（4）A；B。 【分析】（1）探究“电阻丝产生的热量与电流大小的关系”，还需要测量通电时间的工具秒表； 电阻丝产生热量的多少不易观察，通过加热相同液体，液体升高的温度来呈现，由此可得出结论； （2）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，根据控制变量法分析； （3）探究“不同物质吸热升温的现象”，应该使吸收热量相同，对相同质量的不同物质进行加热，通过加热时间来反映液体吸收热量多少； （4）根据Q＝I2Rt和Q＝cmΔt进行分析。 【解答】解：（1）由实验可知，要准确完成本实验除了图中的实验器材； 电阻丝产生热量的多少不易观察，通过加热液体，所以电阻丝产生的热量多少是通过观察温度计升高的示数来反映； （2）若要探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系，需要控制电流和通电时间相同，应选择图乙中烧瓶C与图甲中的烧瓶串联在电路中； （3）探究“不同物质吸热升温的现象”，应该使吸收热量相同，故应选择图乙中的烧瓶A，将其电阻与图甲中R串联或并联在电路中； （4）将图乙中三个烧瓶内的电阻并联起来，通电一段时间后2Rt可知，A中电阻较小，A中产生的热量最多，B、C中电阻丝产生的热量相同、B中都为水，故TA＞TB；由Q＝cmΔt可知，吸收的热量和质量都相同时，温度变化越快，故TC＞TB；由以上分析可得，烧瓶B中的液体升温最慢。 故答案为：（1）秒表；温度计升高的示数；（3）A；（4）A；B。 25．（9分）在“探究电流与电压、电阻关系”的实验中，某实验小组选用5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω五个电阻，电压恒为6V的电源，设计了如图甲所示的实验电路。 （1）请你根据甲图，将乙图中的部分电路连接完整（要求：滑片向右移动时，电流表示数变大，导线不交叉）； （2）闭合开关后，发现电流表有示数，电压表无示数　短路　（选填“短路”或“断路”）； （3）首先，接入10Ω的电阻探究“电流与电压的关系”，实验过程中；当电压表示数为2.8V时，电流表示数如图丙所示　0.28　A；实验小组记录的数据表格如下，小红分析了数据后，这组数据对应的实验序号是 　1　。 实验序号 l 2 3 4 5 电压/V 1.0 1.4 2.0 2.4 2.8 电流/A 0.1 0.14 0.20 0.24 分析正确的数据，可得出结论：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成 　正　比； （4）接着小红继续按照图乙所示电路，将5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω这五个电阻随机单独接入电路，探究电流与电阻的关系。 ①实验中控制电阻两端的电压为2V不变。她用10Ω的电阻完成实验后，保持滑动变阻器的滑片位置不动，断开开关换上另一个电阻，由此可知换上的电阻为 　20　Ω，为了使电阻两端的电压恢复到2V，此时应将滑动变阻器的阻值适当调 　大　（选填“大”或“小”）； ②她发现当接入 　25　Ω的电阻时，无论怎样调节滑片，电压表的示数都大于2V，应更换一个最大阻值不小于 　50　Ω的滑动变阻器。 【答案】（1）见解析；（2）短路；（3）0.28；1；正；（4）①20；大；②25；50。 【分析】（1）要求滑片向右移动时，电流表示数变大，可知变阻器连入电路的电阻变化，据此确定变阻器的连接，并与电流表串联，电压表与电阻并联； （2）闭合开关后，发现电流表有示数，电路为通路，根据电压表无示数分析； （3）根据电流表选用小量程确定分度值读数；根据串联电阻的规律得出电路的最大电阻，根据欧姆定律求出电路的最小电流分析； （4）分析表中电流与电压的关系得出结论； 根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器接入电路的电阻变化。 【解答】解：（1）根据滑片向右移动时，电流表示数变大，故变阻器右下接线柱连入电路中与电流表串联，如下所示： （2）闭合开关后，发现电流表有示数，电压表无示数； （3）当电压表示数为2.8V时，电流表如图丙所示，分度值为6.02A； 根据串联电阻的规律，电路的最大电阻为： R串联＝40Ω+10Ω＝50Ω； 根据欧姆定律，电路的最小电流为： I小＝＞8.1A； 不符合实际对应的实验序号是1； 根据表中数据，电压与电流的比值大小不变，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。 （4）①实验中控制电阻两端的电压为3V不变，用10Ω的电阻完成实验，滑动变阻器接入电路的电阻为R滑＝•R定＝＝20Ω， 更换电阻后，滑动变阻器两端的电压为 U滑′＝I′R滑＝0.15A×20Ω＝3V， 定值电阻两端的电压为 U7＝U﹣U2＝6V﹣8V＝3V， 定值电阻两端的电压与滑动变阻器两端的电压相等，根据串联电路分压规律此时定值电阻的阻值与滑动变阻器的阻值相等为20Ω。 根据串联电路分压规律，要使定值电阻两端的电压减少恢复到2V，使其两端的电压增大。 ②实验中控制电阻两端的电压为4V不变，根据串联电路电压的规律 U滑＝6V﹣2V＝2V； 电阻的电压为变阻器电压的0.5倍，根据分压原理，对应的定值电阻最大为： R定大＝2.5×40Ω＝20Ω； 故实验中她发现当接入25Ω的电阻进行实验时，无论怎样调节滑动变阻器； 若想完成实验，由分压原理 R滑换＝2×25Ω＝50Ω的滑动变阻器。 故答案为：（1）见解析；（2）短路；4；正；（4）①20；大；50。 四、计算题（本大题共2小题，24题9分，25题9分，共18分） 26．（9分）如图所示电动车是人们便捷出行的交通工具。周末小明骑着电动车沿运河风光带水平路面上匀速行驶了6km，用时15min，已知小明和电动车的总质量为120kg2，骑行过程中所受的阻力为车总重的0.05倍（g取10N/kg）。求在此骑行过程中： （1）电动车的牵引力大小。 （2）电动车对水平路面的压强。 （3）电动车牵引力的功率。 【答案】（1）电动车的牵引力大小为60N； （2）电动车对水平路面的压强是6×105Pa； （3）电动车牵引力的功率是400W。 【分析】（1）根据阻力和总重力的关系得到阻力的大小，电动车匀速运动，牵引力和阻力是平衡力，据此求出电动车的牵引力大小； （2）根据G＝mg得到总重力，电动车对地面的压力等于总重力；根据p＝得到电动车对水平路面的压强； （3）根据速度的公式得到电动机的速度，根据P＝＝＝Fv得到电动车的功率。 【解答】解：（1）小明和电动车的总重力：G＝mg＝120kg×10N/kg＝1200N， 骑行过程中所受的阻力：f＝0.05G＝0.05×1200N＝60N， 电动车匀速运动，牵引力和阻力是平衡力牵＝f＝60N； （2）电动车对地面的压力：F＝G＝1200N； 电动车对水平路面的压强： p＝＝＝6×105Pa； （3）电动车的速度：v＝＝＝m/s， 电动车的输出功率：P＝＝＝F牵v＝60N×m/s＝400W。 答：（1）电动车的牵引力大小为60N； （2）电动车对水平路面的压强是6×105Pa； （3）电动车牵引力的功率是400W。 27．（9分）如图甲，电源电压恒定，灯泡L上标有“6V”字样1为20Ω，滑动变阻器R2上标有“50Ω 1A”，电流表量程为0～3A。当闭合开关S2，断开开关S1、S3时，灯泡L正常发光。求： （1）灯泡正常发光时的电阻和电源电压； （2）当闭合开关S3，断开开关S1、S1时，调节R2使灯泡消耗的功率为1.2W时，滑动变阻器R2的功率； （3）当开关S1、S2、S3均闭合时，电路在10s内产生的最大热量。 【答案】（1）灯泡正常发光时的电阻和电源电压分别为12Ω、16V； （2）当闭合开关S3，断开开关S1、S1时，调节R2使灯泡消耗的功率为1.2W时，滑动变阻器R2的功率为9.1W； （3）当开关S1、S2、S3均闭合时，电路在10s内产生的最大热量为288J。 【分析】（1）由图乙知，当灯泡两端的电压为6V时通过灯的电流，由欧姆定律计算灯泡L正常发光时的电阻； 根据电路图可知，闭合开关S2，断开开关S1、S3时，灯泡与R2串联，由于灯泡正常发光，据此可知电路中的电流和灯泡两端的电压，根据欧姆定律求出R2两端电压，再根据串联电路电压规律求出电源电压； （2）当闭合开关S3，断开开关S1、S2时，灯泡与变阻器R1串联，根据图象得出灯泡消耗的功率为1.2W时灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，然后根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据P＝UI求出滑动变阻器的功率； （3）由电路图可知，当开关S1、S2、S3均闭合时，R1、R2并联，电流表测量干路电流；根据欧姆定律求出R2的电流，再根据电流表A的量程、滑动变阻器允许通过的最大电流确定R1中的最大电流，然后求出干路的最大电流，根据Q＝UIt求出电路在10s内产生的最大热量。 【解答】解：（1）由图乙可知，当灯泡两端的电压为6V时， 由欧姆定律可得泡L正常发光时的电阻为：RL＝＝＝12Ω； 根据电路图可知，闭合开关S2，断开开关S5、S3时，灯泡与R2串联，电流表A测量电路电流； 因灯泡正常发光，所以电路中的电流：I＝IL＝4.5A， 定值电阻R2两端电压：U2＝IR2＝0.2A×20Ω＝10V， 由串联电路电压规律，可得电源电压： U＝UL+U2＝6V+10V＝16V； （2）当闭合开关S4，断开开关S1、S2时，灯泡与变阻器R5串联， 根据图象可知：灯泡两端的电压为3V，通过灯泡的电流为0.2A时， 根据因串联电路中各处的电流相等，则电路中电流：I′＝IL′＝0.4A， 由串联电路电压规律，可得滑动变阻器两端的电压： U7＝U﹣UL′＝16V﹣3V＝13V， 滑动变阻器R2的功率； P＝U2I＝13V×0.4A＝4.1W； （3）由电路图可知，当开关S1、S7、S3均闭合时，R1、R8并联，电流表测量干路电流； 通过R2的电流：I2＝＝＝0.8A， 由于滑动变阻器R8上标有“50Ω 1A”， 当通过R1的最大电流I8大＝1A时，干路电流： I＝I1大+I4＝1A+0.7A＝1.8A＜3A 因电流表A的量程为0～3A， 所以，干路电流最大为I最大＝I＝7.8A， 电路在10s内产生的最大热量Q＝W＝UI最大t＝16V×1.4A×10s＝288J； 答：（1）灯泡正常发光时的电阻和电源电压分别为12Ω、16V； （2）当闭合开关S3，断开开关S1、S6时，调节R2使灯泡消耗的功率为1.5W时，滑动变阻器R2的功率为9.8W； （3）当开关S1、S2、S6均闭合时，电路在10s内产生的最大热量为288J。 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $$