第一章 2. 磁场对运动电荷的作用力-【学霸题中题】2024-2025学年新教材高中物理选择性必修第二册（人教版2019 江苏专用)

BIL 选项①错误，②正确：③④炮弹的加速度大小为a= ,可得E=5V,故B正确：CD,安培力做功等于 BIL,I=E 10×20×1 械能的变化，所以机械能最大时，安培力做功最大，由 m/s2=4×10m/s2,选项③错误，④正确.故选D 0.5 BILRsir8=E-0=Em可知，安培力做功最大时，导体棒与 3.D4.A 圆心的连线与竖直方向的夹角9=90°，此时导体棒与半圆 5.B解析：圆弧MaV的长度为圆周长 导轨圆心等高，由B1Rsin90°=mgR(1-cos90°)+E,可得 的好，则有圆弧导线W6V的长度为文疗 E=0,所以导体棒不能越过半圆导轨圆心等高处继续运 动，故CD错误.故选B. 长的3，因此圆孤导线MbN的×× 第2节 磁场对运动电荷的作用力 电阻是圆弧导线MaW的3倍，圆弧导×M 第1关（练速度）》 线MaN的电阻是圆弧导线MbN的 1.D2.C3.D }倍，两电阻并联，流经圆孤导线 4(1)Br(2) (3)0(4)Bg 2 MaN和圆弧导线MBN的电流与电阻成反比，由解析图可 5.C 知，圆弧导线MhN受到安培力ME部分和NF部分安培力 6.D解析：线框受到竖直向下的重力、竖直向上的安培力和 大小相等，方向相反，互相平衡，因此圆弧导线MaN与圆 弹力，则有g=F安+F,而线框中的安培力是由l个电子 弧导线MN受到安培力的等效长度相同，如图所示，由安 受到的洛伦兹力的合力，所以F发=lF路，解得F= 培力公式的表达式Fs=BL,已知圆弧导线MaN受到安培 力大小为2F,则圆弧导线MN受到的安培力大小是导线 Mg-F,故ABC错误，D正确，故选D nl. MaN的；，则有R=子P,对金属导线受力分析，圆弧导线 7.C 8.C解析：由安培定则知螺线管上端为S极，下端为N极， bW受到两端的附加张力与安培力平衡，由平衡条件可得 两个螺线管在0点磁场方向均向上，合磁场方向仍向上， 30s450- 3P,ACD错误，B正确故选B 电子東射向纸内，将向左偏转，故C选项正确. 9.C解析：判定通电直导线产生的环形磁场的方向应使用 第2关（练准骟率） 安培定则，即四指的指向为磁场的方向，知通电导线的位 6.D 置和电流方向变化前后，在示被管区域磁场的方向都垂直 7.A解析：B.当处于平行线圈平面的匀强磁场中，这个复杂 纸面向里，且越靠近导线磁场强度越大，如图所示，则根据 线圈可以看成左右两个矩形线圈，而两个线圈的转向相 左手定则，电子束在导线平移前后都受到竖直向下的洛伦 反，作用力会相互抵消，所以在匀强磁场中不会发生转动， 兹力，但平移前电子在靠近通电导线，磁感应强度增大，而 故B错误：C.当处于垂直线圈平面的匀强磁场中，根据左 平移后电子在远离通电导线，磁感应强度减小，由F=gB, 手定则可知，线圈各边所受安培力在同一平面内，因此不 知洛伦兹力减小，因此平移后电子束竖直向下偏转的距离 会发生转动，故C错误：A.根据以上分析可知，在磁场不垂 达不到原来的距离，所以电子束将打在荧光屏的M0'之间 直于线圈平面的情况下，若线圈处于非匀强磁场中，则可 的某个点，洛伦兹力始终与速度方向垂直，不做功，所以速 知线圈各边所受安培力大小不均衡，线圈将按照所受安培 度大小不变，故C正确.故选C 力大的方向转动，故A正确：D.将如图2那样的通电硬导 线靠近该秤时，因两根导线在线圈所处位置产生的磁场方 向相反，相互抵消，因此线圈不会发生转动，故D错误故 选A 8.D解析：AB.对整体分析，重力大小和方向不变.绳1、2弹 10.B解析：AB.带电小球在磁场中运动过程中洛伦兹力不 力方向不变根据左手定则，安培力水平向右逐渐增大，由 做功，所以在整个过程中小球的机械能守恒，所以A点和 平衡条件得水平方向F,=F,c0%60°+Bl,竖直方向 B点处于同一水平而，故B错误，A正确：C.小球在A、B F,sin60°=mg,电流逐渐变大，则F,增大，F,不变，故AB 点的速度均为0，向心力均为0，细线的拉力大小都等于 错误：C.当电流增大到1。时，安培力与重力的合力最大，即 重力沿细线方向的分力，所以摆球在A点和B点处线上 绳3的拉力最大m30°=g,最大值为F,=2mg,故C错 的拉力大小相等，放C正确：D.由于洛伦兹力始终沿绳的 方向.洛伦兹力不做功，不改变小球的动能，不改变小球 3m故 的速度，也不提供回复力，所以单摆的振动周期与没有磁 误：D.对导体棒受力分析得am30°=，得%= 场时一样，仍为T=2r, D正确.故选D. 仁，故D正确本题选错误的，故 第3关（练思维宽度） 选B 9.B解析：A.导体棒b向右运动进入半圆轨道，由左手定 11.C解析：AB.有磁场时，小球下落过程受到重力和洛伦 则可知，磁场方向竖直向下，故A错误；B.由题意可得mg= 兹力共同作用，重力mg大小，方向均不变，洛伦兹力∫大 选择性必修第二册学霸02 小、方向随速度的变化而变化，但在落地前与速度垂直， mgs,解得，=mcC,在圆环继续下滑过程中，弹力 总是指向右上方，如图所示： 方向变为垂直于杆向下，设当环的速度达到最大值，时 环受杆的弹力为Fa,摩擦力为F。=uFa,此时应有a= 0,即mgsin a=Fa,F2+mgcos a=Bm,解得= sin a+pm“.因此。=1+2，故选C, 其竖直分力∫向上，使竖直向下的加速度小于g,故运动 ugB 时间比撤去磁场时长，其水平分力∫向右，使小球在水平 17.D解析：AB.小球在磁场中运动时洛伦兹力不做功，所 方向向右加速，故水平位移比撤去磁场时大，即，>，AB 以只有重力做功在电场中受到的电场力向左，下滑过程 错误：CD.有磁场时洛伦兹力的方向总是与速度方向垂 中电场力做负功，所以到达最低点时速度关系为>， 直，不做功，故撤去磁场前后小球的动能增量均来自重力 AB错误：C.整个过程的平均速度rw>w,所以时间tw< 所做的功，落地速度大小相等，C正确，D错误.故选C. ,C错误；D.由于电场力做负功，电场中的小球不能到 第2关（练准确率） 达轨道的另一端，D正确故选D. 12.A解析：根据左手定则可以得知，电子束开始时上偏，故18.C解析：①②依题意，管 磁场的方向垂直于纸面向外，方向为负，且逐渐减小，后 内带正电的小球将随管一 来电子束又下偏，磁场方向垂直于纸面向里，方向为正， 起向右运动而成为运动电 且逐渐增大，故A正确.故选A 荷，它在磁场中受到洛伦 13.D解析：根据安培定则，知两导线连线的垂直平分线上， 兹力，由左手定则可知开 上方的磁场方向水平向左，而下方的磁场方向水平向右， 始时洛伦兹力的方向与管 根据左手定则，可知，滑块受到的洛伦兹力方向垂直于纸 平行且沿x轴正方向，随小 面向里或向外，滑块所受的支持力增大或减小，则滑块所 球速度的增大，小球的实际速度应是沿管的向上速度与 受的摩擦力也随之变大或变小，根据牛顿第二定律可知 随管向右的速度的合速度，则有洛伦兹力应与合速度垂 滑块的加速度也会变大或者变小，滑块所受的滑动摩擦 直，如图所示，由题图甲和乙可知，洛伦兹力F高的两个 力与速度反向，滑块一定做减速直线运动.故选D. 分力对小球做的总功是零，小球动能的增量是由外力F 14.C解析：A.由右手螺旋定则可知a,O两点的磁感应强度 做功由洛伦兹力传递给小球的，①②错误： 大小相同，方向相反，故A错误：B粒子做匀速圆周运动， ③由题图甲速度一时间图像可知，小球在管道内做匀加 合力为向心力，向心力的大小不变，方向时刻改变，故B 速直线运动，③正确： 错误；C匀速圆周运动，速度大小不变，在a点，速度方向 和磁感应强度方向平行，洛伦兹力为零，在ε点速度方向 ④由题图甲可知，小球的加速度是4=4×10 m/2=2× 和磁感应强度方向平行，洛伦兹力为零，在ac之间的圆 103m/s2,则有F2=ma=2×10’N. 弧，速度方向和磁感应强度方向不在同一条直线上，洛伦 4 兹力不为零，故粒子从a运动到：，洛伦兹力先变大后变 由洛伦兹力公式F=p,=2ms=2m,解得B 小，故C正确.D.洛伦兹力总是与速度方向垂直，故洛伦 0.1T.④正确.故选C 兹力不做功.故D错误故选C 第3关（练思雏宽度） 15.D解析：A.将一束速度为的等离子体垂直于磁场方向 喷人磁感应强度为B的匀强磁场时，由左手定则可以判 19.(1)3 4 (2)13m女 (3)当k≤9时.Q= 32mg2 3g2B2 27g,当 断正电荷受到的洛伦兹力向下，所以正电荷会聚集在下 板上，负电荷受到的洛伦兹力向上，负电荷聚集到上板 k>9时，0=17k+6k-27)mg 3602B 上，故平行金属板上极板比下极板电势低，故A错误：B 解析：(1)1=0时刻，对木板进行受力分析，由牛顿运动定 限据B=?,可得磁流体发电机的电动势为E=, 律得u(mg+,B)=2mn,得a=3g 4 故B错误：C.电容器两湍的电势差等于电源电动势，根据 (2)木板长度足够，当小物块与木板相对静止后，木板开 C=号是联立方程，可得电容程所带电行黄为0 始匀速运动，即在木板与挡板碰撞前能与小物块共速，此过 程木板与小物块组成的系统动量守恒，则有m。=(2m+ CBd如，故C错误：D.由于带电微粒处于静止状态，由平衡 m)1,木板与挡板碰撞后速度等大反向，设其能与小物块 可得g=9联立方程，可得微粒的比荷9 共速，则有2m(-,)+mr,=(2m+m)2,得1= 器 故D正确.故选D. 16.C解析：圆环沿杆运动的速度为D,时垂直杆的方向有 =-g,此时小物块所受洛伦兹力竖直向上，且 93gB' F,+Bg,=mgcos a,沿杆的方向有mgsin c-Fn=mm,所以当 Fn=0,即F,=0时，a有最大值，且a.=gsin a,此时Bw,= 3B= 3mg<mg,即小物块与木板间尚存在压力，假设成 参考答案学霸03 立，此后两者以相同速度一起向左匀速，因摩擦产生的热 感线方向垂直且斜向上，只是其水平分力（或者就是洛伦 量为0a+2m后，得0=1 燕力与重力的合力)提供做匀速圆周运动的向心力，故B 3g2B2 错误；C由洛伦兹力与重力的合力提供做匀速圆周运动的 (3)若速度大小可周，则当初速度达到一定值时，小物块 反向时，可能使小物块与木板间的压力为零，此后以不同 向心力，结合勾限定理有，)一(=管得该粒 的速度匀速运动，此时侧有w,B=mg,代人(2)中得到的 子所在处磁感应强度大小为B= 、,故C正 =号，可得此时≤器甲长=9，若9，则Q= 97m'g R 时之（a+2,得0-1，其中≤9：者5 确.D.根据周期公式T=2πm,可知，人射的微粒9不变，B 9B. 27g2B2 不变，则周期不变，故D错误：故选C 9,则小滑块周定获得，=-g的末速度，根据2m(-)+ 第3关（练思维宽度） gB 9.A解析：从O点射出的粒子在 mr =2mv,me,Q= d-2mm得Q 磁场中做逆时针绕向的匀速圆 周运动，根据不同速度方向画 (72+6-2)m这，其中9， 轨迹图，结合几何关系可知能 36gB 到达荧光屏上P,Q之间，其中 第3节 带电粒子在匀强磁场中的运动 打到P点的粒子其圆弧正好是 X 半圆，打到Q点的粒子是沿x轴负方向射出，运动轨迹的 第1课时半径和周期公式的理解及应用 圆心恰好为直线与y轴的交点A点，如图.在△POA中，根 第1关（练速度） 据余弦定理PA+02-2PM·0A0s45=(2R)2,而04=R, 1.C2.A3.B 代人数据可得P=+R,沿轴负方向射出的粒子。 2 4。A解析：由左手定则可知H和H进入磁场后向左偏转， 打到Q点，可知Q4=R,所以粒子能到达荧光屏上区域的 粒子向右偏转：由洛伦兹力提供向心力得B=m二，得 长度为PM-QA= √/14+√2 2 1R故选A =g,可知出的轨道半径比H的轨道半径大，。粒子的 轨道半径与H的轨道半径一样大，故A正确.故选A. 第2课时带电粒子在有界匀强磁场中的运动 5.D解析：由安培定则可知在直导线的下方磁场方向为垂 第1关（练速度） 直于纸面向外，根据左手定则可以得知电子受到的洛伦兹 1.D2.B 力向下，电子向下偏转：通电直导线产生的磁场是以直导 3.C解析：根据题意画出a,b粒子的 线为中心向四周发散的，离导线越远，电流产生的磁场的 轨迹如图所示，则a,b粒子的圆心分 磁感应强度越小，由半径公式一可知，电子运动的轨迹 别是0和0，设磁场宽度为d 半径越来越大，故D正确，ABC错误. 第2关（练准确率） 由图可知粒子b的半径2 sin 30= 60. 6.C d 7.C解析：由分析可知，粒子束上边缘进人速率为，=3知离 d,粒子a的半径为r1= 2 d 子到达吞噬板上边缘时，半径最小，磁感应强度最大，根据 m么=元由几何关系得风=2可得么一粒子束 两粒子动能相等，即↓m 2m 2m,,且根据磁场中半径 下边缘进入速率为，=5离子到达吞噬板下边缘时，半径 公式片又6粒子轨迹长度为六X0 最大，磁感应强度最小，此时，B=m R=d,得B,= 3600× 360*2m,= 2ga粒子的轨迹长度为-2x6心 5,所以，磁感应强度的取值范围为5m<B<6,放C正 所 确，ABD错误.故选C 以6=联立以上各式解得巴。 m, 4,故选C 8.C解析：A根据左手定则知，从轨迹上 4.C5.B 6.A解析：由于带正电粒子以某一 方朝下看，若该粒子沿顺时针方向运 C·Ⅱ··D 速度沿纸面垂直OA边界进入磁 动，该电荷带正电，若该粒子沿逆时针 场1，并恰好垂直OC边界进人磁 方向运动，该电荷带负电，故A错误：B 、60, 场Ⅱ.则粒子在磁场1中运动轨·上60 该粒子受到的洛伦兹力与所在处的磁 迹的圆心为0点，根据牛顿第二A 0 选择性必修第二册学霸04第2节磁场对运动电荷的作用力 第1关练速度 ）30min为准，你的时间： 有一束电子初速度方向与电流方向相同，则 题型1洛伦兹力的方向 电子可能的运动情况是 1.如图所示，电荷的速度方向、磁场方向和电荷 A.沿路径a运动 的受力方向之间关系正确的是 B.沿路径b运动 C.沿路径c运动 D.沿路径d运动 题型2洛伦兹力的大小 ? 4.在如图所示的各图中，匀强磁场的磁感应强 度均为B,带电粒子的速率均为"，带电荷量 均为g.试求出图中带电粒子所受洛伦兹力的 X XX X D 大小 2.(2023·河南新郑期中)如图所示，从太阳或 其他星体上放射出的宇宙射线中都含有大量 ④B 的高能带电粒子，这些高能带电粒子到达地 1) 3) 球会对地球上的生命带来危害，但是由于地 (1) (2) 球周围存在地磁场，地磁场能改变宇宙射线 (3) (4) 中带电粒子的运动方向，对地球上的生命起 5.如图，两个带电粒子Q,、Q2以相同的速度进入 到保护作用，那么 ( 同一匀强磁场，Q、Q2质量之比为1：4，电荷 量之比为1：2，Q1、Q2入射角度分别为60°和 30°，则两带电粒子受洛伦兹力大小之比为 ( ) A.1:2 A.宇宙射线受到地磁场施加的与运动方向相 B.1:4 反的排斥力 C.w3:2 060°30o B.垂直射向地球表面的带电粒子在两极处受 D.1:3 磁场的偏转作用最强 6.（2022·广东盐田高级中学期 C.带正电的离子垂直射向赤道时会向东偏转 中)如图，弹簧测力计下挂有一 宇宙射线 单匝正方形线框，线框边长为 D.带负电的离子垂直射向赤道时会向南极 L,质量为M,线框上边水平且× 偏转 处于垂直纸面向内的匀强磁场 3.(2023·天津河西二模)如图所示，在真空中， 中，线框通有如图所示方向的电流，且线框处 水平导线中有恒定电流I通过，导线的正下方 于静止状态，若此时弹簧测力计示数大小为 选择性必修第二册学霸006 F,已知该线框单位长度自由电子个数为n, 的M点.现将通电直导线平移至以OO'为对 重力加速度为g,则电子定向移动对应的洛伦 称轴的PQ位置，并通以相反方向的电流，但 兹力大小为 ( 保持其大小不变，下列说法正确的是() A.F-Mg B.Mg-F A.电子束将打在荧光屏O'点的上方 C.F-Mg D.Mg-F B.电子束将打在荧光屏M点的下方 4nL nL C.电子束将打在荧光屏的MO'之间的某点 题型3电子束的磁偏转（显像管原理） D.电子到达荧光屏的速度大于到达M点的 7.(2023·四川成都三模)如图为显像管原理俯 速度 视图（纸面内）.若电子枪发射的高速电子束 重难题型对洛伦滋力不做功的理解 经偏转线圈的磁场偏转后打在荧光屏上α 10.(2023·辽宁期中联考)如图所示，用绝缘细 点，则 ( 线悬挂的单摆，摆球带正电，悬挂于O点，摆 长为1，当它摆过竖直线OC时便进人或离开 电子枪 电子束 匀强磁场，磁场方向垂直于单摆摆动的平面 回旺 01 荧光屏 向里，A、B点分别是最大位移处.下列说法 偏转线圆 中错误的是 () A.磁场的方向垂直纸面向里 A.A点和B点处于同一水平面 B.磁场越强，电子束打在屏上的位置越靠近 B.A点高于B点 屏的中心O点 C.摆球在A点和B点处线上的拉力大小 C.要让电子束从a逐渐移向b,应将磁场逐渐 相等 减弱至零，再将磁场反向且逐渐增强磁场 D.单摆的振动周期仍为T=2π D.要让电子束从a逐渐移向b,应逐渐增强 磁场使电子束过O点，再将磁场反向且逐 渐减弱磁场 8.如图所示为电视机显像管中电 子束偏转的示意图.磁环上的偏 XX 万 转线圈通以图示方向的电流 (第10题) (第11题) 时，沿轴线向纸内射入的电子束的偏转方向 11.一个带正电的小球以速度。沿光滑的水平 ( 绝缘桌面向右运动，飞离桌子边缘后，通过 A.向上B.向下C.向左 D.向右 匀强磁场区域，落在地板上，磁场方向垂直 9.(2023·河北石家庄质检)P 纸面向里（如图所示），其水平射程为s,落 如图所示，从示波管中0三 地速度大小为”，：撤去磁场后，其他条件不 点发出的电子束将打在荧 变，水平射程为s2,落地速度大小为2，则 光屏的中心O'点，若在示波管正下方水平放 () 置一根通电直导线，电子束将打在0'下方 A.51=52B.s1<2C.1=2D.1>2 第一章学霸007 第2关练准确率 准确率>90%，你做对 题 B.运动过程中，粒子所受合力不变 C.粒子从a运动到c,洛伦兹力先变大后 12.(2023·山东德州 电子枪 变小 一中质检)如图所 电子来 D.粒子从a出发运动一周，洛伦兹力先做正 示为显像管的原 荧光屏 偶转线阅 功再做负功，总功为零 理示意图，当没有 磁场时电子束将打在荧光屏正中的O点.安 装在管径上的偏转线圈可以产生磁场，使电 子束发生偏转设垂直于纸面向里的磁场方 向为正方向，如果要使电子束打在荧光屏上 等离子体 (第14题) (第15题) 的位置由a点逐渐移动到b点，图中哪种变 化的磁场能够使电子束发生上述偏转( 15.(2023·四川宜宾期末)磁流体发电的原理 B 如图所示，将一束速度为的等离子体垂直 Ba 于磁场方向喷入磁感应强度为B的匀强磁 场中，在面积为ab、间距为d的两平行金属 B 板间产生电动势.将其上下极板与阻值为R 13.(2023·安徽滁州一模)粗糙绝缘水平面上 的定值电阻和电容为C的电容器相连，间距 垂直穿过两根长直导线，两根导线中通有相 为的电容器极板间有一带电微粒处于静 同的电流，电流方向竖直向上.水平面上一 止状态，不计其他电阻，重力加速度为g.下 带正电滑块静止于两导线连线的中垂线上， 列说法正确的是 () 俯视图如图所示，某时刻给滑块一初速度， A.平行金属板上极板比下极板电势高 滑块沿中垂线向连线中点运动，滑块始终未 B.磁流体发电机的电动势为BL 脱离水平面.则在运动过程中 C.电容器所带电荷量为CBam 早 D.微粒的比荷9= m Bdv 16.（2023·安徽芜湖质检)如图××××× A.滑块一定做曲线运动 所示，竖直平面内固定一足××人× B.滑块可能做匀速直线运动 够长绝缘直杆，与水平面夹×要只× C.滑块的加速度一直增大 角为心.杆处在足够大的匀强磁场中，磁场方 D.滑块的速度一直减小 向垂直杆所在平面，磁场磁感应强度大小为 14.(2023·江西宜春模拟)带正电的粒子在外 B.杆上套一个带负电的环，环与绝缘直杆间 力作用下沿虚线做匀速圆周运动，圆心为O, 的动摩擦因数为(u<tana).将环由静止释 a、b、c、d是圆上的4个等分点.电流大小为1 放向下滑动，当环速度为，时其加速度最 的长直导线垂直圆平面放置，电流方向如图 大，当环速度为，时其加速度为零，则为 所示，导线位于a、0连线的中点.则() A.a、O两点的磁感应强度相同 选择性必修第二册学霸00B B.lan a ②小球所受洛伦兹力沿y轴正方向 A.tan a L ③小球在管道内做匀加速直线运动 C.tan D.tan c ④匀强磁场的磁感应强度大小为0.1T A.①②B.②③C.③④D.①④ 17.(2023·黑龙江饶河高级中学质检)如图所 示，两个半径相同的半圆形轨道分别竖直放 第3关练思维宽度 难厦级别：☆☆☆☆☆ 在匀强磁场和匀强电场中，轨道两端在同一 19.(2023·广东汕头金山中学三模)如图所示， 高度上，轨道是光滑的.两个相同的带正电 空间中存在磁感应强度大小为B、方向垂直 小球同时从两轨道左端最高点由静止释 纸面向里的匀强磁场.一质量为2m的足够 放，M、N为轨道的最低点，则 长绝缘木板静置在光滑水平面上，t=0时 刻，一质量为m、带电量为-g(g>0)的小物块 +9 以某一初速度从木板左侧滑上，小物块与木 板间的动摩擦因数为从、木板达到匀速运动 状态后，与右侧一固定弹性挡板P碰撞，木 A.两小球到达轨道最低点的速度M= 板与挡板P碰撞后速度大小不变，方向相 B.两小球到达轨道最低点的速度Vw< 反.已知重力加速度为g C.小球第一次到达M点的时间大于小球第 mg 一次到达N点的时间 ()若小物块初速度一26求1=0时刻木 D.在磁场中小球能到达轨道的另一端，在电 板的加速度大小a; 场中小球不能到达轨道的另一端 3mg 18.(2023·湖北黄冈中学质检)空间有一垂直 (2)若小物块初速度。= ,求最终小物块 gB 于纸面向内的匀强磁场，一光滑绝缘管道内 与木板间因摩擦而产生的总热量Q: 有一个质量m=1kg的小球随管道一起向右 (3)若小物块初速度。= mg(k>0),写出最 运动，小球带电荷量为g=1×106C.管道在 9 外力F作用下向右匀速运动，以小球开始运 终小物块与木板间因摩擦而产生的总热 动时的位置为坐标原点，管道运动方向为x 量Q与k的关系式 轴正方向，建立平面直角坐标系，小球在 方向运动的速度一时间图像如图甲所示，它 在x方向的位移一时间图像如图乙所示.下 列说法正确的是 2 2 tf ①小球动能的增量来自洛伦兹力对小球 做功 第一章学霸009