第一章 第3讲 自由落体运动和竖直上抛运动 多过程问题（课件PPT）-【步步高】2024年高考物理大一轮复习讲义（ 粤教版 广东专用）

DIYIZHANG 第一章 运动的描述 匀变速直线运动的研究 大一轮复习讲义 自由落体运动和竖直上抛运动　多过程问题 第 3 讲 目标 要求 1.掌握自由落体运动和竖直上抛运动的特点，知道竖直上抛运动的对称性和多解性.2.能灵活处理多过程问题. 内容索引 考点一　自由落体运动 考点二　竖直上抛运动 考点三　匀变速直线运动中的多物体和多过程问题 课时精练 3 考点一 自由落体运动 4 自由落体运动 (1)运动特点：初速度为 ，加速度为 的匀加速直线运动. (2)基本规律： 0 梳理 必备知识 g 匀变速直线运动 自由落体运动 vt＝v0＋at vt＝gt     vt2－v02＝2as vt2＝2gh 1.重的物体总是比轻的物体下落得快.(　　) 2.同一地点，轻重不同的物体的g值一样大.(　　) 3.自由落体加速度的方向垂直地面向下.(　　) 4.做自由落体运动的物体在1 s内速度增加约9.8 m/s.(　　) 5.不计空气阻力，物体从某高度由静止下落，任意两个连续相等的时间间隔T内的位移之差恒定.(　　) × √ × √ √ 判断正误 应用自由落体运动规律解题时的两点注意 (1)自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，可利用比例关系及推论等规律解题. ①从开始下落，连续相等时间内下落的高度之比为1∶3∶5∶7∶…. ②Δv＝gΔt.相等时间内，速度变化量相同. ③连续相等时间T内下落的高度之差Δh＝gT2. (2)物体由静止开始的自由下落过程才是自由落体运动，从中间截取的一段运动过程不是自由落体运动，等效于竖直下抛运动，应该用初速度不为零的匀变速直线运动规律去解决此类问题. 提升 关键能力 考向1　自由落体运动基本公式的应用 √ 例2　对于自由落体运动(g＝10 m/s2)，下列说法正确的是 A.在前1 s内、前2 s内、前3 s内的位移大小之比是1∶3∶5 B.在相邻两个1 s内的位移之差都是10 m C.在第1 s内、第2 s内、第3 s内的平均速度大小之比是1∶2∶3 D.在1 s末、2 s末、3 s末的速度大小之比是1∶3∶5 √ 考向2　自由落体运动中的“比例关系”问题 在前1 s内、前2 s内、前3 s内的位移大小之比是1∶4∶9，故A错误； 在相邻两个1 s内的位移之差都是Δs＝gT2＝10 m，故B正确； 在第1 s内、第2 s内、第3 s内的位移大小之比为1∶3∶5，所以平均速度大小之比为1∶3∶5，故C错误； 在1 s末、2 s末、3 s末的速度大小之比是1∶2∶3，故D错误. 例3　(多选)从高度为125 m的塔顶先后自由释放a、b两球，自由释放这两个球的时间差为1 s，g取10 m/s2，不计空气阻力，以下判断正确的是 A.b球下落高度为20 m时，a球的速度大小为20 m/s B.a球接触地面瞬间，b球离地高度为45 m C.在a球接触地面之前，两球速度差恒定 D.在a球接触地面之前，两球离地的高度差恒定 考向3　自由落体运动中的“两物体先后下落”问题 √ √ 由自由落体的规律可得，在a球接触地面之前，两球的速度差恒定，两球离地的高度差变大，故C正确，D错误. 自由落体运动中的两个物体先后从同一高度下落，两物体加速度相同，故先下落物体相对后下落物体做匀速直线运动，两者的距离随时间均匀增大. 方法点拨 考点二 竖直上抛运动 15 竖直上抛运动 (1)运动特点：初速度方向竖直向上，加速度为g，上升阶段做匀减速运动，下降阶段做 运动. (2)基本规律 ①速度与时间的关系式： ； ②位移与时间的关系式：s＝ 自由落体 梳理 vt＝v0－gt 必备知识 1.物体做竖直上抛运动，速度为负值时，位移也一定为负值. (　　) 2.做竖直上抛运动的物体，在上升过程中，速度变化量方向是竖直向下的.(　　) × √ 判断正误 1.重要特性 (1)对称性 ①时间对称：物体上升过程中从A→C所用时间tAC和下降过程中从C→A所用时间tCA相等(如图)，同理tAB＝tBA. ②速度对称：物体上升过程经过A点的速度与下降过程经过A点的速度大小相等. 提升 关键能力 (2)多解性：当物体经过抛出点上方某个位置时，可能处于上升阶段，也可能处于下降阶段，造成多解，在解决问题时要注意这个特性. 2.研究方法 分段法 上升阶段：a＝g的匀减速直线运动 下降阶段：自由落体运动 全程法 初速度v0向上，加速度为－g的匀变速直线运动，vt＝v0－gt，h＝v0t－ gt2(以竖直向上为正方向) 若vt＞0，物体上升；若vt＜0，物体下落 若h＞0，物体在抛出点上方；若h＜0，物体在抛出点下方 例4　气球以10 m/s的速度沿竖直方向匀速上升，当它上升到离地175 m的高处时，一重物从气球上掉落，则重物需要经过多长时间才能落到地面？到达地面时的速度是多大？(g取10 m/s2，不计空气阻力) 考向1　竖直上抛运动的两种研究方法 答案　7 s　60 m/s 解法一：全程法 取全过程进行研究，从重物自气球上掉落开始计时，经时间t落地，规定初速度方向为正方向，画出运动过程草图，如图所示. 重物在时间t内的位移h＝－175 m 解得t＝7 s或t＝－5 s(舍去) 所以重物落地时速度为vt＝v0－gt＝10 m/s－10×7 m/s＝－60 m/s 其中负号表示方向竖直向下，与初速度方向相反. 解法二：分段法 设重物离开气球后，经过t1时间上升到最高点， 故重物离地面的最大高度为 H＝h1＋h＝5 m＋175 m＝180 m vt＝gt2＝10×6 m/s＝60 m/s(方向竖直向下) 所以重物从气球上掉落到落地的时间t＝t1＋t2＝7 s. 例5　一个从地面上竖直上抛的物体，它两次经过一个较低点A的时间间隔是5 s，两次经过一个较高点B的时间间隔是3 s，则A、B之间的距离是(不计空气阻力，g＝10 m/s2) A.80 m B.40 m C.20 m D.无法确定 √ 考向2　竖直上抛运动的对称性 例6　(多选)从高为20 m的位置以20 m/s的初速度竖直上抛一物体，g取10 m/s2，当物体到抛出点距离为15 m时，所经历的时间可能是 A.1 s B.2 s C.3 s D.(2＋ ) s 考向3　竖直上抛运动的多解性 √ √ √ 考点三 匀变速直线运动中的多物体和多过程问题 1.多物体问题 研究多物体在空间上重复同样的运动时，可利用一个物体的运动取代多物体的运动，照片中的多个物体认为是一个物体在不同时刻所处的位置，如水龙头滴水、直升机定点空降、小球在斜面上每隔一定时间间隔连续释放等，均可把多物体问题转化为单物体问题求解. 2.多过程问题 (1)一般的解题步骤 ①准确选取研究对象，根据题意画出物体在各阶段运动的示意图，直观呈现物体运动的全过程. ②明确物体在各阶段的运动性质，找出题目给定的已知量、待求未知量，设出中间量. ③合理选择运动学公式，列出物体在各阶段的运动方程及物体各阶段间的关联方程. (2)解题关键 多运动过程的连接点的速度是联系两个运动过程的纽带，因此，对连接点速度的求解往往是解题的关键. 例7　如图甲所示为哈尔滨冰雪大世界游客排队滑冰滑梯的场景，在工作人员的引导下，每间隔相同时间从滑梯顶端由静止开始滑下一名游客，将某次拍到的滑梯上同时有多名游客的照片简化为如图乙所示，已知AB和BC间的距离分别为2.5 m和3.5 m，求： (1)CD间距离多远； 答案　4.5 m 游客在滑梯上做匀加速直线运动，根据匀加速直线运动的规律可知，在相邻相等时间内位移差相等，即CD－BC＝BC－AB，解得CD＝4.5 m. (2)此刻A的上端滑道上还有几人； 答案　2人 相邻两人间的距离差为1 m，所以此刻A的上端滑道上还有2人. (3)此时A距滑道顶端多远. 答案　2 m 例8　(2023·河北省名校联盟联考)一质点做匀变速直线运动，初速度大小为v，经过一段时间速度大小变为2v，加速度大小为a，这段时间内的路程与位移大小之比为5∶3，则下列叙述正确的是 A.在该段时间内质点运动方向不变 B.这段时间为 C.这段时间该质点运动的路程为 D.再经过相同的时间，质点速度大小为3v √ 由于质点通过的路程与位移不同，故质点先做减速运动，减速到零后再做反向的加速运动，A错误； 再经过相同的时间，速度再增加3v，质点速度大小变为v′＝2v＋3v＝5v，D错误. 例9　(2023·陕西榆林市调研)高铁被誉为中国“新四大发明”之一，因高铁的运行速度快，对制动系统的性能要求较高，高铁列车上安装有多套制动装置——制动风翼、电磁制动系统、空气制动系统、摩擦制动系统等.在一段直线轨道上，某高铁列车正以v0＝288 km/h的速度匀速行驶，列车长突然接到通知，前方s0＝5 km处道路出现异常，需要减速停车.列车长接到通知后，经过t1＝2.5 s将制动风翼打开，高铁列车获得a1＝0.5 m/s2的平均制动加速度减速，减速t2＝40 s后，列车长再将电磁制动系统打开，结果列车在距离异常处500 m的地方停下来. (1)求列车长打开电磁制动系统时，列车的速度大小； 答案　60 m/s 设经过t2＝40 s时，列车的速度大小为v1，又v0＝288 km/h＝80 m/s， 则打开制动风翼后，减速过程有v1＝v0－a1t2＝60 m/s. (2)求制动风翼和电磁制动系统都打开时，列车的平均制动加速度大小a2. 答案　1.2 m/s2 列车长接到通知后，经过t1＝2.5 s，列车行驶的距离s1＝v0t1＝200 m， 从打开电磁制动系统后，列车行驶的距离 s3＝s0－s1－s2－500 m＝1 500 m， 四 课时精练 1.(2023·广东梅州市模拟)如图所示，甲、乙两位同学利用直尺测量反应时间.甲用一只手在直尺下方做捏尺的准备，从他看到乙同学放开直尺开始，到他捏住直尺为止，测出直尺在这段时间内 下落的高度为20 cm，则这次测量出甲的反应时间 是(g取10 m/s2) A.0.2 s B.0.1 s C.0.14 s D.0.02 s 基础落实练 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 2.(2023·四川绵阳市盐亭中学模拟)一个物体从某一高度做自由落体运动，已知它第1 s内的位移恰为它最后1 s内位移的三分之一(g取10 m/s2).则它开始下落时距地面的高度为 A.31.25 m B.11.25 m C.20 m D.15 m √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 自由落体的高度h＝ gt2 ，故h1＝ ×10×12 m＝5 m，最后1 s内的位移h2＝3h1＝15 m，对于初速度为零的匀变速直线运动，从开始运动在连续相等时间内的位移比为1∶3∶5∶7…知物体运动的时间为2 s，所以总位移为20 m，故C正确，A、B、D错误. 3.一名宇航员在某星球上做自由落体运动实验，让一个质量为2 kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第4 s内的位移是42 m，球仍在空中运动，则 A.小球在第2 s末的速度大小是16 m/s B.该星球上的重力加速度为12 m/s2 C.小球在第4 s末的速度大小是42 m/s D.小球在0～4 s内的位移是80 m 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 设该星球的重力加速度为g星，第4 s内的位移是42 m，有 g星t42－ g星t32＝42 m，t4＝4 s，t3＝3 s，解得g星＝12 m/s2，所以小球在第2 s末的速度大小为v2＝g星t2＝24 m/s，故A错误，B正确； 小球在第4 s末的速度大小是v4＝g星t4＝48 m/s，故C错误； 小球在0～4 s内的位移是s4＝ g星t42＝96 m，故D错误. 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 5.(多选)某物体以30 m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g取10 m/s2. 5 s内物体的 A.路程为65 m B.位移大小为25 m，方向竖直向上 C.速度改变量的大小为10 m/s D.平均速度大小为13 m/s，方向竖直向上 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 √ √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 解法一：分段法 5 s末物体离抛出点的高度为h1－h2＝25 m，即位移的大小为25 m，方向竖直向上，B正确. 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 速度改变量的大小Δv＝gt＝50 m/s，C错误. 解法二：全程法 将物体运动的全程视为匀变速直线运动，并取竖直向 上为正方向，则有v0＝30 m/s，a＝－g＝－10 m/s2，故 5 s内物体的位移h＝v0t＋ at2＝25 m>0，说明物体5 s 末在抛出点上方25 m处，由竖直上抛运动的规律可知，物体经3 s到达最大高度h1＝45 m处，故物体运动的总路程为65 m，位移大小为25 m，方向竖直向上，A、B正确. 速度的改变量的大小Δv＝|at|＝50 m/s，C错误. 5 s末物体的速度v＝v0＋at＝－20 m/s，所以平均速度 ＝ 5 m/s>0，方向竖直向上，D错误. 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 7.(2023·河南省名校联盟高三联考)在利用频闪相机研究自由下落物体的运动时，将一可视为质点的小球从O点由静止释放的同时频闪相机第一次曝光，再经连续三次曝光，得到了如图所示的频闪相片，已知曝光时间间隔为0.2 s，不考虑一切阻力.如果将小球从照片中的A点由静止释放，则下列说法正确的是 A.小球由A到B以及由B到C的时间小于0.2 s B.小球通过B点和C点时的速度关系为vB∶vC＝1∶2 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 小球从O点由静止下落，经过各段的时间都是0.2 s，所以OA、AB、BC三段的高度之比为1∶3∶5，如果小球从A点开始由静止释放，由于AB间距离大于OA间距离，所以通过AB、BC段的时间均大于0.2 s，故A错误； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 D.三小球到达地面时的速度大小之比是6∶4∶3 8.(2023·安徽省江淮十校联考)如图所示，地面上方离地面高度分别为h1＝6L、h2＝4L、h3＝3L的三个金属小球a、b、c，若先后释放a、b、c，三球刚好同时落到地面上，不计空气阻力，重力加速度为g，则 A.b与a开始下落的时间差等于c与b开始下落的时间差 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 能力综合练 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 9.在离水平地面高H处，以大小均为v0的初速度同时竖直向上和向下抛出甲、乙两球，不计空气阻力，下列说法中正确的是 A.甲球相对乙球做匀变速直线运动 B.在落地前甲、乙两球间距离均匀增大 C.两球落地的速度差与v0、H有关 D.两球落地的时间差与v0、H有关 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 √ 甲、乙两球加速度相同，故甲球相对于乙球做匀速直线运动，在落地前二者距离不断均匀增大，A错误，B正确； 根据竖直上抛的对称性，甲球回到抛出点时速度大小为v0，方向竖直向下，两球落地的速度差为零，与v0、H均无关，C错误； 由竖直上抛的对称性可知，两球落地的时间差Δt＝ ，与v0有关，与H无关，D错误. 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 10.(多选)(2023·广东广州市执信中学月考)如图所示，一个篮球从高h1＝5 m的篮筐上由静止开始下落，与地面碰撞后以5 m/s的速度反弹.已知篮球与地面碰撞的时间为0.3 s，整个过程空气阻力忽略不计，重力加速度g＝10 m/s2，下列说法正确的是 A.篮球第一次落到地面时的速度大小为10 m/s B.篮球与地面碰撞过程中的平均加速度大小为50 m/s2 C.篮球与地面碰撞后反弹上升的高度为1.75 m D.篮球从开始下落到反弹至最高点过程的平均速度大小为1 m/s √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 11.(2023·云南昆明市一中模拟)一种比飞机还要快的旅行工具即将诞生，称为“第五类交通方式”，它就是“Hyperloop(超级高铁)”(如图).速度高达一千多公里每小时.如果乘坐Hyperloop从A地到B地，600公里的路程需要42分钟，Hyperloop先匀加速达到最大速度1 200 km/h后匀速运动，快进站时再匀减速运动，且加速与减速的加速度大小相等，则下列关于Hyperloop的说法正确的是 A.加速与减速的时间不一定相等 B.加速时间为10分钟 C.加速过程中发生的位移为150公里 D.加速时加速度大小约为0.46 m/s2 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 √ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 加速与减速的加速度大小相等，根据t＝ 可知，加速与减速的时间一定相等，故A错误； 设加速和减速时间均为t，运动总时间为t0， 代入数据解得t＝12 min，故B错误； 12.(2023·广东广州市模拟)城市高层建筑越来越多，高空坠物事件时有发生.假设某公路边的高楼距地面高H＝47 m，往外凸起的阳台上的花盆因受到扰动而掉落，掉落过程可看作自由落体运动.阳台下方有一辆长L1＝8 m、高h＝2 m的货车，以v0＝9 m/s的速度匀速直行，要经过阳台的正下方.花盆刚开始下落时货车车头距花盆的水平距离为L2＝24 m(示意图如图所示，花盆可视为质点，重力加速度g＝10 m/s2). 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 素养提升练 (1)若司机没有发现花盆掉落，货车保持速度v0匀速直行，请计算说明货车是否被花盆砸到； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案　货车会被花盆砸到 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 花盆落下到达车顶过程， 位移为h0＝(47－2) m＝45 m 在这段时间内汽车位移大小为s＝v0t＝27 m 由于L2<s<L1＋L2，货车会被花盆砸到. (2)若司机发现花盆掉落，采取制动(可视为匀变速，司机反应时间Δt＝1 s)的方式来避险，使货车在花盆砸落点前停下，求货车的最小加速度； 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案　2.7 m/s2 货车匀减速运动的距离为L2－v0Δt＝15 m 设制动过程中最小加速度为a0， 由v02＝2a0(L2－v0Δt)，解得a0＝2.7 m/s2 (3)若司机发现花盆掉落，采取加速(可视为匀变速，司机反应时间Δt＝1 s)的方式来避险，则货车至少以多大的加速度才能避免被花盆砸到？ 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案　2.5 m/s2 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 司机反应时间内货车的位移大小为s1 ＝v0Δt＝9 m 此时车头离花盆的水平距离为d＝L2－s1＝15 m 采取加速方式，要成功避险， 则加速运动的位移大小为s2＝d＋L1＝23 m，加速时间为t′＝t－Δt＝2 s 设货车加速度大小至少为a才能避免被花盆砸到， 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 代入数据解得a＝2.5 m/s2， 即货车至少以2.5 m/s2的加速度加速才能避免被花盆砸到. BENKEJIESHU 本课结束 更多精彩内容请登录：www.xinjiaoyu.com 大一轮复习讲义  s＝v0t＋at2  h＝gt2 例1　(2023·江苏淮安市模拟)有一质点从某一高度处自由下落，开始的高度用时为t，重力加速度为g，则 A.物体自由下落高度所用的时间为t B.物体落地所用的时间为3t C.物体自由下落高度时的速度为gt D.物体落地时的速度为gt 设整个过程下落高度为h，由题意可得h＝gt2，物体自由下落高度为h时，满足h＝gt′2，解得t′＝t，A错误； 物体自由下落高度时的速度为v′＝gt′＝gt，C错误； 物体落地过程满足h＝gt″2，解得物体落地所用的时间为t″＝t，B错误； 物体落地时的速度为v″＝gt″＝gt，D正确. b球下落高度为20 m时，t1＝＝ s＝2 s，则a球下降了3 s，a球的速度大小为v＝30 m/s，故A错误； a球下降的总时间为t2＝ s＝5 s，此时b球下降了4 s，b球的下降高度为h′＝×10×42 m＝80 m，故b球离地面的高度为hB＝(125－80) m＝45 m，故B正确； v0t－gt2. 将h＝－175 m，v0＝10 m/s代入h＝v0t－gt2 则t1＝＝ s＝1 s 上升的最大高度h1＝gt12＝×10×12 m＝5 m 重物从最高处自由下落，落地时间和落地速度分别为t2＝＝s＝6 s 物体做竖直上抛运动，根据运动时间的对称性得，物体从最高点自由下落到A点的时间为，从最高点自由下落到B点的时间为，A、B间距离为hAB＝g[()2－()2]＝×10×(2.52－1.52) m＝20 m，故选C. 取竖直向上方向为正方向，当物体运动到抛出点上方离抛出点15 m时，位移为s＝15 m，由竖直上抛运动的位移时间公式得s＝v0t－ gt2，解得t1＝1 s，t2＝3 s；当物体运动到抛出点下方离抛出点15 m时，位移为s′＝－15 m，由s′＝v0t－gt2，解得t3＝(2＋) s或t4＝(2－) s(负值舍去)，选项A、C、D正确，B错误. 设相邻两名游客的时间间隔为T，下滑的加速度为a，则有Δs＝CD－BC＝aT2，即aT2＝1 m，A此时的速度为vA＝＝ m/s，联立两式解得vA＝2aT，此时A距滑道顶端s＝＝2aT2＝2 m.   速度变化量大小为Δv＝v－(－2v)＝3v，因此所用时间t＝＝，B错误； 减速的过程中运动的路程s1＝，反向加速运动的路程s2＝，因此总路程为s＝s1＋s2＝，C正确； 从打开制动风翼到打开电磁制动系统的过程中，列车行驶的距离s2＝＝2 800 m， 则a2＝＝1.2 m/s2. 根据自由落体运动规律有h＝gt2，可得反应时间为t＝＝ s＝0.2 s，所以A正确，B、C、D错误. 4.(2019·全国卷Ⅰ·18)如图，篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为H.上升第一个所用的时间为t1，第四个所用的时间为t2.不计空气阻力，则满足 A.1<<2 B.2<<3 C.3<<4 D.4<<5 由逆向思维和初速度为零的匀加速直线运动比例式可知＝＝2＋，即3<<4，选项C正确. 物体上升的时间t上＝＝ s＝3 s，物体上升的最大高度h1＝＝ m＝45 m，物体从最高点自由下落2 s时，下落的高度h2＝gt下2＝×10×22 m＝20 m，运动过程如图所示，则总路程为h1＋h2＝65 m，A正确. 平均速度的大小＝＝ m/s＝5 m/s，方向竖直向上，D错误. ＝ 6.两物体从不同高度自由下落，同时落地，第一个物体下落时间为t，第二个物体下落时间为，当第二个物体开始下落时，两物体相距(重力加速度为g) A.gt2 B.gt2 C.gt2 D.gt2 根据h＝gt2，知第一个物体和第二个物体下落的总高度分别为gt2和，两物体未下落时相距，第二个物体在第一个物体下落后开始下落，此时第一个物体下落的高度h1＝g()2＝，所以当第二个物体开始下落时，两物体相距Δh＝gt2－gt2＝gt2，故D正确，A、B、C错误. C.小球由A到B以及由B到C的过程中平均速度的 关系为AB∶BC＝3∶5 D.小球通过B点时的速度vB和由A到C的平均速度AC的关系为vB>AC 设AB间距离为3h，则BC间的距离为5h，所以AC间的距离为8h，通过B点时的速度为vB＝，小球通过C点时的速度为vC＝，则vB∶vC＝∶4，故B错误； 由于AB、BC段的高度之比为3∶5，但是通过两段的时间不相等，根据＝可知，平均速度之比不是3∶5，故C错误； AC＝vC＝2，所以vB>AC，故D正确. B.a、b、c三小球运动时间之比为∶2∶1 C.a比b早释放的时间为2(－) 由h＝gt2得，ta＝，tb＝，tc＝，则(ta－tb)>(tb－tc)，a、b、c三小球运动时间之比为∶2∶，a比b早释放的时间为Δt＝ta－tb＝2(－)，A、B错误，C正确； 根据v2＝2gh得，三小球到达地面时的速度大小之比是∶2∶，D错误. 篮球与地面碰撞后反弹上升的高度为h2＝＝1.25 m，故C错误； 篮球从开始下落到反弹至最高点的过程所用时间为t＝t1＋t2＋Δt＝＋＋Δt＝1.8 s，位移大小为h＝h1－h2＝3.75 m，此过程中平均速度大小为＝≈2.08 m/s，故D错误. 篮球第一次落到地面时的速度大小为v1＝＝10 m/s，故A正确； 篮球与地面碰撞过程中的平均加速度大小为＝＝50 m/s2，故B正确； 则2×t＋vm(t0－2t)＝s， 加速位移为s加＝t＝120 km，故C错误； 加速度大小a＝≈0.46 m/s2，故D正确. 花盆做自由落体运动，有h0＝gt2，解得t＝3 s 则有s2＝v0·t′＋at′2 $$