第1章 遗传的基本规律 章末检测试卷(1)-【步步高】2023-2024学年高一生物学必修2 遗传与进化（浙科版2019）

章末检测试卷(一) (满分：100分) 一、选择题(本题包括20小题，每小题2.5分，共50分) 1．(2023·宁波高一联考)孟德尔的豌豆杂交实验是遗传学的经典实验。下列有关叙述错误的是(　　) A．豌豆是自花授粉的植物 B．豌豆杂交时，要对母本人工去雄 C．采用统计学的方法是实验成功的重要保证 D．孟德尔设计测交实验来验证“融合遗传”的假说 答案　D 解析　豌豆是一种严格的自花授粉、闭花授粉植物，A正确；豌豆杂交时，在花粉尚未成熟时(花蕾期)对母本人工去雄，B正确；孟德尔设计测交实验来验证“对分离现象解释”的假说，D错误。 (2023·杭州高一统考)阅读下列材料，完成第2～4题。 玉米是雌雄同株、雌雄异花的农作物。A基因控制果实产生红色素，等位基因a1或a2不产生红色素。a1和a2很不稳定，在含有a1或a2基因的果实发育中均有部分细胞逆转为野生型。a1较晚发生逆转，且逆转频率高；a2较早发生逆转，但逆转频率低。a1和a2基因可同时起作用，且互不干扰，A对a1和a2为完全显性。 2．玉米是良好的遗传学实验材料，其原因不包括(　　) A．雌雄异花，杂交时不用人工去雄 B．雌雄同株，易于自花闭花授粉 C．有易于区分的相对性状 D．产生的种子数量多，便于统计分析 答案　B 解析　玉米是雌雄同株异花农作物，杂交时不用人工去雄，便于杂交实验操作，A正确，B错误；玉米有多对易于区分的相对性状，易于观察，C正确；玉米籽粒多，便于统计分析，D正确。 3．下列有关基因型和表型的叙述，错误的是(　　) A．基因型为Aa1的玉米表型为红色 B．基因型为a1a1的玉米表型为小而多的红斑 C．基因型为a2a2的玉米表型为大而少的红斑 D．基因型为a1a2的玉米既有小红斑，又有大红斑，大红斑数量更多 答案　D 解析　A对a1为完全显性，A基因控制果实产生红色素，故基因型为Aa1的玉米表型为红色，A正确；a1a1自交后代基因型都是a1a1，a1较晚发生逆转，且逆转频率高，形成的斑块小，所以表现为有数量较多的小红斑，B正确；a2a2自交后代基因型都是a2a2，a2较早发生逆转，但逆转频率低，所以成熟果实表现为有数量较少的大红斑，C正确；较早发生逆转，则形成的斑块大，较晚发生逆转，则形成的斑块小，a1a2基因型的个体自交，后代理论上约25%的果实具有小而多的红斑，约25%的果实具有大而少的红斑，约50%的果实既有小红斑，又有大红斑，由于a1逆转频率高，频率与斑块数量成正比，所以小红斑数量更多，D错误。 4．将基因型为Aa1和Aa2的玉米进行杂交，后代表型及其所占比例正确的是(　　) A．红色占1/4 B．小而多的红斑占1/4 C．大而少的红斑占1/4 D．既有小红斑，又有大红斑占1/4 答案　D 解析　基因型为Aa1和Aa2的玉米进行杂交，后代基因型及比例为AA∶Aa1∶Aa2∶a1a2＝1∶1∶1∶1，由于A基因控制果实产生红色素，a1、a2可发生逆转，且a1和a2基因可同时表达，互不干扰，A对a1和a2为完全显性，故子代中红色(A_)占3/4，既有小红斑，又有大红斑(a1a2)占1/4，故选D。 5．(2022·浙江效实中学高一期中)辣椒抗病(B)对不抗病(b)为显性，基因型为BB的个体花粉败育，不能产生正常花粉。现将基因型为Bb的辣椒植株自由交配两代获得F2，F2中抗病与不抗病植株的比例和花粉正常与花粉败育植株的比例分别为(　　) A．5∶1　2∶1 B．2∶1　5∶1 C．2∶1　7∶1 D．1∶1　5∶1 答案　B 解析　基因型为Bb的辣椒植株自由交配，F1基因型及比例为BB∶Bb∶bb＝1∶2∶1，其中基因型为BB的个体花粉败育，F1产生的雌配子为1/2B、1/2b，雄配子为1/3B、2/3b，所以F2中不抗病植株(bb)的比例为1/2×2/3＝1/3，故抗病∶不抗病＝2∶1；花粉败育植株(BB)的比例为1/2×1/3＝1/6，花粉正常(Bb、bb)占5/6，故花粉正常∶花粉败育＝5∶1，B正确。 6．(2023·温州高一期末)豌豆的基因A控制紫花性状，基因a控制白花性状，基因型为Aa的豌豆，连续自交4次，在F4中紫花豌豆的比例为(　　) A．9/16 B．11/16 C．17/32 D．21/32 答案　C 解析　基因型为Aa的豌豆，连续自交4次，其中杂合子Aa＝(1/2)4＝1/16，AA＝(1－1/16)/2＝15/32，F4中紫花(AA、Aa)豌豆所占比例＝15/32＋1/16＝17/32。 7．(2023·嘉兴高一统考)某植物的花色具有红色、粉色和白色三种表型，受一对等位基因控制。分别选择不同亲本进行杂交，结果如图所示。若将组合①的子代粉花和组合②的子代粉花进行杂交，则后代纯合子的比例为(　　) A．0 B．1/4 C．1/2 D．1 答案　C 解析　由题图分析可知，红花和白花为纯合子，粉花为杂合子。设相关基因用A、a表示，若将组合①的子代粉花(Aa)和组合②的子代粉花(Aa)进行杂交，后代的基因型及比例为AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，所以纯合子的比例为1/2，C正确。 8．(2023·湖州高一质检)孟德尔被称为遗传学之父。他利用豌豆作为实验材料，成功地发现了生物的遗传规律。下列有关孟德尔遗传定律的叙述，错误的是(　　) A．在形成配子时，控制一对相对性状的等位基因彼此分离 B．在形成受精卵时，决定不同性状的基因自由组合 C．孟德尔通过测交实验验证他对遗传现象的解释 D．一对和两对相对性状的实验中都运用了“假说—演绎”法 答案　B 解析　孟德尔的分离定律认为，在形成配子时，控制一对相对性状的等位基因彼此分离，分别进入不同的配子中，A正确；孟德尔的自由组合定律认为，在F1形成配子时，等位基因分离的同时，非等位基因表现为自由组合，B错误；孟德尔让F1与隐性纯合个体进行杂交，即测交实验，从而验证了他对遗传现象的解释(假说)，C正确。 9．下列选项中最有可能发生基因自由组合现象的是(　　) A．基因型为EeFf的个体产生比例相等的4种配子 B．A型血的父亲和B型血的母亲生出AB型血的孩子 C．以纯合黄色圆形豌豆与纯合绿色皱形豌豆为亲本杂交得到F1 D粉红色金鱼草花自交，后代中有红色、白色和粉红色三种表型 答案　A 解析　基因型为EeFf的个体产生4种比例相等的配子，说明F1形成配子时，等位基因分离的同时，非等位基因表现为自由组合，即发生了基因的自由组合现象，A符合题意；A型血的父亲和B型血的母亲生出AB型血的孩子，是基因分离和雌、雄配子随机结合的结果，没有发生基因的自由组合现象，B不符合题意；基因的自由组合定律的实质是在F1形成配子时，等位基因分离的同时，非等位基因表现为自由组合，纯合黄色圆形豌豆与纯合绿色皱形豌豆中不存在等位基因，所以没有发生基因的自由组合现象，C不符合题意；粉红色金鱼草花自交，后代中有红色、白色和粉红色三种表型，是不完全显性的结果，没有发生基因的自由组合现象，D不符合题意。 10.(2023·金华第一中学高一期中)在“两对相对性状的模拟杂交实验”过程中，有同学对实验进行了改动。如图所示，在一个容器中放入了两种不同大小的球共4个。下列叙述正确的是(　　) A．抓取一次球记录后，继续进行下一次抓取实验 B．在模拟实验过程中，A小球的数量不需要和B小球的数量相等 C．此容器可代表F1的雌、雄生殖器官，基因型为AaBb D．从容器中任意抓取2个球就可以模拟自由组合定律 答案　C 解析　抓取一次球记录后，要将抓取的球放回容器中，摇匀后才能进行下一次抓取实验，A错误；根据容器内的基因可知，该个体基因型为AaBb，同一个体中A和B的数量相等，因此在模拟实验过程中，A小球的数量要与B小球的数量相等，B错误；此容器可代表F1的雌、雄生殖器官，根据容器内的基因可知，F1的基因型为AaBb，C正确；模拟自由组合定律是指容器中两个非等位基因的组合，所以从容器中任意抓取2个球不能模拟自由组合定律，D错误。 11．如图为某植株自交产生后代过程的示意图，下列对此过程及结果的叙述，正确的是(　　) AaBbAB、Ab、aB、ab配子间M种结合方式受精卵子代N种基因型，P种表型(13∶3) A．该植株产生的含AB的雄配子与含Ab的雌配子数量相等 B．非同源染色体上的非等位基因在过程②实现基因的自由组合 C．一般情况下，M等于雌配子种类数与雄配子种类数的乘积 D．M、N、P分别为16、13和3，子代有1/4的个体为纯合子 答案　C 解析　该植株产生的雄配子的数量远远多于雌配子的数量，A错误；在形成配子的过程中，非等位基因自由组合，即过程①，B错误；M表示雌、雄配子的结合方式，一般情况下，等于雌配子种类数与雄配子种类数的乘积，C正确；由图中13∶3可知，A_B_、A_bb、aabb(或A_B_、aaB_、aabb)表现为一种性状，aaB_(或A_bb)表现为另一种性状，M、N、P分别为16、9和2，子代有1/2×1/2＝1/4的个体为纯合子，D错误。 12．用纯合紫花矮茎豇豆与纯合白花高茎豇豆杂交，F1全是紫花高茎豇豆，让其自交，在F2中与亲本表型不同的个体中，杂合子占F2总数的(　　) A．1/2 B．1/4 C．3/8 D．7/16 答案　A 解析　假设紫花与白花相关基因用A、a表示，高茎与矮茎相关基因用B、b表示，用纯合紫花矮茎豇豆与纯合白花高茎豇豆杂交，F1全是紫花高茎豇豆，说明紫花、高茎为显性性状，且双亲均为纯合子，因此亲本基因型为AAbb、aaBB。F1基因型为AaBb，让其自交，在F2中与亲本表型不同的个体(9A_B_、1aabb)中，纯合子(1AABB、1aabb)占2份，因此杂合子占10－2＝8(份)，F2共16份，故F2中与亲本表型不同的个体中，杂合子占F2总数的8/16＝1/2。 13．(2023·台州高一调研)在两对相对性状的模拟杂交实验中，F1只有一种表型，F1自交，如果F2的表型比分别为9∶7和9∶3∶4，那么F1与隐性个体测交，与此对应的性状分离比分别是(　　) A．3∶1和1∶2∶1 B．3∶1和1∶3∶1 C．1∶3和1∶1∶2 D．1∶3和1∶1∶1 答案　C 解析　如果F2的表型比为9∶7，即A_B_∶(A_bb＋aaB_＋aabb)＝9∶7，故F1测交性状分离比为AaBb∶(Aabb＋aaBb＋aabb)＝1∶3；如果F2的表型比为9∶3∶4，即A_B_∶A_bb∶(aaB_＋aabb)＝9∶3∶4或A_B_∶aaB_∶(A_bb＋aabb)＝9∶3∶4，故F1测交性状分离比为AaBb∶Aabb∶(aaBb＋aabb)＝1∶1∶2或AaBb∶aaBb∶(Aabb＋aabb)＝1∶1∶2，C正确。 14．某植物的花色受两对基因A/a、B/b控制，这两对基因与花色的关系如图所示，此外，a基因对于B基因的表达有抑制作用(如AaB_体现粉色)。将基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，则F1自交后代中花色的表型及比例是(　　) A．白色∶粉色∶红色，3∶10∶3 B．白色∶粉色∶红色，10∶3∶3 C．白色∶粉色∶红色，4∶9∶3 D．白色∶粉色∶红色，6∶9∶1 答案　C 解析　将基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，F1的基因型为AaBb；再将F1自交，理论上后代基因型及比例为A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝9∶3∶3∶1，但结合题意可得后代表型及比例为白色(3aaB_＋1aabb)∶粉色(3A_bb＋4AaBb＋2AaBB)∶红色(3AAB_)＝4∶9∶3，C符合题意。 15．旱金莲由三对等位基因(分别用A与a、B与b、C与c表示)控制花的长度，这三对基因独立遗传，作用相等且具叠加性。已知每个显性基因控制花长为5 mm，每个隐性基因控制花长为2 mm。花长为24 mm的同种基因型个体相互授粉，后代出现性状分离，其中与亲本具有同等花长的个体所占的比例是(　　) A．1/16 B．1/8 C．5/16 D．3/8 答案　D 解析　根据题意可知，花长为24 mm的个体中应该有显性基因4个，且后代有性状分离，不可能是纯合子，所以基因型可能是AaBbCC、AaBBCc、AABbCc。以基因型AaBbCC为例，其自交后代含有4个显性基因的比例为1/4×1/4×1＋1/4×1/4×1＋1/2×1/2×1＝3/8。 16．(2023·舟山高一诊断)香豌豆的花色由染色体上多对等位基因控制，每对基因至少都有一个显性基因时才开红花，其余的基因型对应花色均为白花。若每对基因均杂合的红花植株自交，子代中红花∶白花＝81∶175，则香豌豆的花色至少由几对等位基因控制(　　) A．5对 B．4对 C．3对 D．2对 答案　B 解析　根据题干中“每对基因均杂合的红花植株自交，子代中红花∶白花＝81∶175”可知，红花个体占全部子代个体的比例为81÷(81＋175)＝81÷256＝(3/4)4，所以可判断香豌豆的花色至少由4对等位基因控制，B正确。 17．已知某雌雄同株的植物花瓣的形态和颜色受两对独立遗传的等位基因控制，其中基因组合AA、Aa、aa分别控制大花瓣、小花瓣、无花瓣；基因组合BB和Bb控制红色，基因组合bb控制白色。基因型为AaBb的植株自交，取F1中红色小花瓣植株自交得到F2，则F2红色大花瓣植株中，纯合子占(　　) A．1/8 B．3/5 C．5/7 D．1/2 答案　B 解析　基因型为AaBb的植株自交，F1中红色小花瓣植株基因型为1/3AaBB、2/3AaBb，自交得到F2，则F2红色大花瓣植株基因型为AABB、AABb，纯合子AABB所占比例为1/3×1/4＋2/3×1/4×1/4＝3/24，AABb所占比例为2/3×1/4×1/2＝2/24，F2红色大花瓣植株中，纯合子占3/24÷(3/24＋2/24)＝3/5。 18．(2023·浙江定海中学高一联考)某植株进行自花授粉，产生的配子种类及比例为Yr∶yR∶YR∶yr＝3∶3∶2∶2，若该植物自交，则其后代出现纯合子的概率是(　　) A．6.25% B．25% C．26% D．34% 答案　C 解析　纯合子是由含有相同基因的配子结合而成个体。某生物个体减数分裂产生的配子种类及比例为Yr∶yR∶YR∶yr＝3∶3∶2∶2，则其中Yr配子的比例为3/10，yR配子的比例为3/10，YR配子的比例为2/10，yr配子的比例为2/10，该生物能产生4种配子，只有相同基因型的配子结合才能形成纯合子(YYrr、yyRR、YYRR、yyrr)，所以该生物进行自交后代出现纯合子的概率为3/10×3/10＋3/10×3/10＋2/10×2/10＋2/10×2/10＝26/100，C正确。 19．如图为某家族遗传病系谱图(阴影表示患者)，下列有关分析错误的是(　　) A．该遗传病是由一个基因控制的 B．该遗传病是显性遗传病 C．Ⅰ2一定为杂合子 D．若Ⅲ7与Ⅲ8结婚，则子女患病的概率为2/3 答案　A 解析　据图分析，Ⅱ5、Ⅱ6患病，Ⅲ9正常，推断该病是显性遗传病，由一对等位基因控制；由Ⅱ4正常推知Ⅰ2一定为杂合子；设控制该遗传病的基因为A、a，则Ⅲ7的基因型为aa，Ⅲ8的基因型为1/3AA、2/3Aa，其子女正常的概率为2/3×1/2＝1/3，子女患病的概率为1－1/3＝2/3。 20．已知某植物的抗病(A)和不抗病(a)、花粉长形(B)和花粉圆形(b)、高茎(D)和矮茎(d)三对性状能自由组合。现有4株纯合的植株，其基因型分别为①aaBBDD；②AABBDD；③aaBBdd；④AAbbDD。下列相关叙述不正确的是(　　) A．任意选择两植株杂交都能验证基因的分离定律 B．欲验证基因的自由组合定律可选用的杂交组合只有①和④、②和③ C．欲培育出基因型为aabbdd的植株，可选择③和④进行杂交 D．欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择④和①②③中的任意植株杂交 答案　B 解析　依据所给四个植株的基因型，任选两植株杂交都能产生含有单对等位基因的后代，可用于验证基因的分离定律，A正确；验证基因的自由组合定律，杂交后代至少含有两对等位基因，可选用的杂交组合有①和④、②和③、③和④，B错误；欲培育出基因型为aabbdd的植株，可选择③和④进行杂交，产生后代的基因型为AaBbDd，再让其自交即可产生基因型为aabbdd的植株，C正确；欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择④和①②③中的任意植株杂交，都可产生基因型为Bb的植株，D正确。 二、非选择题(本题包括5小题，共50分) 21．(8分)人类有多种血型系统。ABO血型系统是由复等位基因IA、IB和i控制的，IA可控制合成A抗原，IB可控制合成B抗原，ABO血型抗原—抗体系统如表。Rh血型系统是由等位基因R与r控制的，表型有Rh阳性(显性性状)和Rh阴性(隐性性状)。控制ABO血型和Rh血型的基因独立遗传。 ABO血型抗原—抗体系统 血型 红细胞膜上抗原 血清中抗体 A A 抗B B B 抗A AB A和B 无 O 无 抗A和抗B 注：红细胞凝集的实质是红细胞膜上的抗原和血清中相应的抗体发生反应，例如，A抗原能与抗A抗体发生反应。 现有一对夫妇，妻子是Rh阴性A型血，丈夫是Rh阳性血，丈夫的母亲为Rh阴性O型血。请回答下列问题： (1)若只考虑ABO血型系统，AB型的基因型为__________。若只考虑ABO血型系统，该对夫妇及其儿子的血型各不相同，妻子的红细胞能被丈夫和儿子的血清凝集，则丈夫的基因型为______，儿子的基因型为________。 (2)Rh阴性血型的女性生育过Rh阳性血型孩子后，体内会产生抗Rh阳性的抗体，再怀Rh阳性胎儿时会使胎儿发生溶血。若只考虑Rh血型系统，该对夫妻生育的第二胎发生溶血的概率为________________________________________________________________________。 (3)若同时考虑两种血型系统，则该对夫妻生出Rh阴性AB血型孩子的概率为________。 (4)若只考虑ABO血型系统，请用遗传图解表示这对夫妇产生子代的过程。 答案　(1)IAIB　IBi　ii　(2)1/4　(3)1/8　 (4)如图所示 解析　(1)ABO血型系统中，AB血型的红细胞膜上含有A抗原和B抗原，其基因型为IAIB。由于妻子是A型血，因此红细胞膜上含有A抗原；而题中提出“她的红细胞能被丈夫和儿子的血清凝集”，因此她的丈夫和儿子的血清中含抗A抗体，因此他们的血型可能是O型或B型。如果丈夫是O型血，而儿子的血型只能是O型血或A型血，此血型和双亲之一相同，不符合题意，因此丈夫的血型只能是B型血，则儿子为O型血(ii)，由此可确定双亲的基因型分别为IBi(父亲)和IAi(母亲)。(2)若只考虑Rh血型系统，由于妻子是Rh阴性A型血，则基因型为rr，丈夫是Rh阳性血型，故基因型为R_，又已知丈夫的母亲为Rh阴性O型血，基因型为rr，故丈夫的基因型为Rr，故其后代的基因型及比例为Rr∶rr＝1∶1。他们将来生育的第二胎发生溶血需要符合一胎为阳性，二胎也为阳性，故概率为1/2×1/2＝1/4。(3)若同时考虑两种血型系统，ABO血型系统中，丈夫和妻子的基因型分别为IBi和IAi，故后代的基因型有IAIB、IBi、IAi、ii 4种；Rh血型系统中，妻子的基因型为rr，丈夫的基因型为Rr，故后代的基因型有Rr、rr 2种；故该对夫妻生出Rh阴性AB血型孩子(rrIAIB)的概率为1/2×1/4＝1/8。 22．(10分)(2023·丽水高一期中)某多年生植物的花色受两对独立遗传的基因控制，A、B分别控制红色素和蓝色素合成，B基因的表达受到A基因抑制，存在AA时开红花，存在Aa时开粉红花，将纯合红花植株和蓝花植株杂交，F1全是粉红花，F1自交得到的F2中，红花∶粉红花∶蓝花∶白花＝4∶8∶1∶1。回答下列问题： (1)F1的基因型是________；F2中红花的基因型有________种。 (2)分析F2的表型和比例，推知致死的基因型为________。某同学设计了如下实验方案对该推论进行验证，请将实验方案补充完整。若用F1与蓝花植株杂交验证致死基因型，观察并统计子代的表型及比例，则实验结果为_________________________________________________。 (3)让F2中粉红花植株自交，后代中白花植株所占比例为________。 (4)请写出杂合红花植株与白花植株杂交的遗传图解。 答案　(1)AaBb　3　(2)aaBb　粉红花∶蓝花＝2∶1 (3)1/10　(4)如图所示 解析　(1)纯合红花植株和蓝花植株杂交，F1全是粉红花，F1的基因型是AaBb，F2中红花植株有AABB、AABb、AAbb 3种基因型。(2)正常F2中蓝花植株的基因型是1aaBB、2aaBb，但是F2的表型及比例为红花∶粉红花∶蓝花∶白花＝4∶8∶1∶1，所以蓝花植株中致死的基因型为aaBb；F1(AaBb)与蓝花植株(aaBB)杂交，理论上子代基因型及比例为AaBB∶aaBB∶aaBb∶AaBb＝1∶1∶1∶1，因为基因型aaBb致死，所以子代的表型及比例为粉红花∶蓝花＝2∶1。(3)F2中粉红花植株(1/4AaBB,1/4Aabb,1/2AaBb)自交，基因型aaBb致死，所以后代中白花植株(aabb)占(1/2×1/16＋1/4×1/4)÷(1－1/2×2/16)＝1/10。(4)杂合红花植株基因型为AABb，白花植株基因型为aabb，遗传图解见答案。 23．(11分)(2023·杭州高一联考)苦荞麦是雌雄同株的作物，为了更好地了解苦荞麦的遗传规律，选育优良品种，某研究小组对苦荞麦的果形(尖果、钝果，由A、a控制)及茎色(红茎、绿茎，由B、b控制)两对相对性状进行了如表实验。回答下列问题： 相对性状 P F1 F2 尖果/钝果 ①♀尖果×♂钝果 尖果 尖果273 钝果92 ②♀钝果×♂尖果 尖果 尖果188 钝果63 红茎/绿茎 ③♀红茎×♂绿茎 红茎158、绿茎163 ④♀绿茎×♂红茎 红茎188、绿茎192 (1)果形性状中，属于显性性状的是________。控制果形性状的基因的遗传遵循基因的________定律。根据表中已知的结果________(填“能”或“不能”)判断茎色的显隐性关系。 (2)从交配类型上来看，①和②组互为__________，若让F2中表型为尖果的苦荞麦自交，F3中杂合子所占比例为________，F3尖果中纯合子所占比例为________。 (3)研究小组将③组亲本中的红茎与④组亲本中的红茎杂交，发现子代中既有红茎也有绿茎，遗传学上将该现象称为__________，红茎与绿茎的表型比为________。研究小组用某株钝果红茎与某株尖果绿茎进行了杂交，子代出现了四种表型，请用遗传图解表示该过程(要求写出配子)。 答案　(1)尖果　分离　不能　(2)正反交　1/3　3/5　(3)性状分离　3∶1　如图所示 解析　(1)①②组中尖果与钝果进行杂交，F1均为尖果，说明尖果属于显性性状，且F2中尖果与钝果的比值接近3∶1，可知这对相对性状受一对等位基因控制，遵循基因的分离定律。③④组中红茎与绿茎进行正反交，子代红茎与绿茎的比值接近1∶1，根据表中已知的结果不能判断茎色的显隐性关系。(2)正反交是两个杂交亲本相互作为母本和父本的杂交，①和②组互为正反交。F2中尖果与钝果的比值接近3∶1，F1的基因型为Aa，F2中尖果的基因型为1/3AA,2/3Aa，表型为尖果的苦荞麦自交，即1/3AA自交、2/3Aa自交，F3中杂合子所占比例为2/3×1/2＝1/3。F3中纯合子尖果所占比例为1/3＋2/3×1/4＝1/2，尖果所占比例为1/3＋2/3×3/4＝5/6，F3尖果中纯合子所占比例为1/2÷5/6＝3/5。(3)性状分离是指在杂交后代中显性性状和隐性性状同时出现的现象，研究小组将③组亲本中的红茎与④组亲本中的红茎杂交，发现子代中既有红茎也有绿茎，这种现象称为性状分离，③组亲本中的红茎与④组亲本中的红茎的基因型均为Bb，子代的基因型及比例为B_(红茎)∶bb(绿茎)＝3∶1。分析题意可知，钝果、绿茎为隐性性状，某株钝果红茎与某株尖果绿茎进行了杂交，子代出现了四种表型，说明钝果红茎的基因型为aaBb，尖果绿茎的基因型为Aabb，遗传图解见答案。 24．(11分)(2023·宁波高一期中)某种植物在自然状态下是自花传粉且闭花授粉，该植物的果皮颜色有紫色和绿色两种，受两对独立遗传的等位基因控制。某实验小组以纯合个体为亲本进行杂交得到F1，F1自交得到F2，结果如表所示。回答下列问题： 项目 F1/株数 F2/株数 紫色果皮 绿色果皮 紫色果皮 绿色果皮 ①紫色果皮×绿色果皮 212 0 641 43 ②紫色果皮×绿色果皮 76 0 276 91 (1)该种植物与果皮颜色相关的基因的遗传遵循________________定律，判断的理由是 ________________________________________________________________________。 (2)果皮的紫色和绿色这对相对性状中，显性性状是________。若控制该相对性状的基因用A/a、B/b表示，则表中组合①的两个亲本基因型为________________，理论上，组合①的F2紫色果皮植株中纯合子所占的比例为________。 (3)若要鉴定组合②中F2的某株紫色果皮植株是纯合子还是杂合子，请设计最简便的实验进行探究，完善下列实验思路并预期实验结果。 实验思路：____________________________，统计子代的表型及比例。 预期实验结果：若后代__________________，则组合②中F2的紫色果皮植株是纯合子； 若后代中____________________________，则组合②中F2的紫色果皮植株是杂合子。 答案　(1)自由组合(或分离定律和自由组合)　组合①中F1紫色果皮植株自交得到的F2的表型及比例为紫色果皮植株∶绿色果皮植株≈15∶1，符合9∶3∶3∶1的变式　(2)紫色　AABB、aabb　1/5　(3)让F2中的紫色果皮植株进行自交　全为紫色果皮植株　紫色果皮植株∶绿色果皮植株＝3∶1 解析　(1)由于组合①中F1紫色果皮植株自交得到的F2的表型及比例为紫色果皮植株∶绿色果皮植株≈15∶1，符合9∶3∶3∶1的变式，所以该种植物与果皮颜色相关的基因遵循基因的自由组合定律。(2)根据组合①中F1都是紫色果皮，说明紫色为显性性状。由于组合①中F1紫色果皮植株自交得到的F2的表型及比例为紫色果皮植株∶绿色果皮植株≈15∶1，符合9∶3∶3∶1的变式，说明果皮颜色由两对等位基因控制，亲本都是纯合子，则亲本的基因型为AABB和aabb，F2中绿色果皮植株(aabb)占1/16，其余都是紫色果皮植株(A_B_、A_bb、aaB_)，纯合的紫色果皮植株的基因型为1/16AABB、1/16AAbb、1/16aaBB，所以组合①的F2紫色果皮植株中纯合子所占的比例为1/5。(3)为了探究组合②中F2的某株紫色果皮植株是纯合子还是杂合子，则最简便的实验方法是让F2中的紫色果皮植株进行自交，并统计子代的表型及比例。组合②中F2的表型及比例约为3∶1，说明符合分离定律，紫色是显性性状，设F2中的紫色果皮植株的基因型为AAbb、Aabb。实验思路：让F2中的紫色果皮植株进行自交，统计子代的表型及比例，判断紫色果皮植株的基因型。预期实验结果：如果组合②中F2的紫色果皮植株是纯合子(AAbb)，则纯合子自交后代还是纯合子，F2自交后代表型全部是紫色果皮植株。如果组合②中F2的紫色果皮植株是杂合子，则基因型为Aabb，自交后代基因型及比例为AAbb∶Aabb∶aabb＝1∶2∶1，表型为紫色果皮植株∶绿色果皮植株＝3∶1。 25．(10分)(2023·绍兴高一统考)某种鼠(2n)的黄毛(由基因A控制)和白毛(由基因a控制)，圆耳(由基因B控制)和三角耳(由基因b控制)是两对相对性状。现让基因型相同的黄毛圆耳雌、雄个体自由交配，F1中黄毛圆耳∶黄毛三角耳∶白毛圆耳∶白毛三角耳＝6∶2∶3∶1。回答下列问题： (1)根据实验结果分析，亲本的基因型为________，F1白毛圆耳个体中纯合子所占的比例为________。 (2)根据实验结果分析，F1出现6∶2∶3∶1的比例的原因是_______________________。 (3)若题干中基因型相同的黄毛圆耳雌、雄鼠个体自由交配，F1中黄毛圆耳∶黄毛三角耳∶白毛圆耳∶白毛三角耳＝5∶3∶3∶1，出现上述比例的原因可能是：①基因型为AB的雄配子无受精能力；②基因型为________________的个体胚胎致死或无法存活。请你利用上述实验中的亲本鼠和获得的子代鼠为材料设计实验证明原因①。 实验思路：_______________________________________________________________ ________________________________________________________________________。 预期实验结果及结论：____________________________________________________ ________________________________________________________________________。 答案　(1)AaBb　1/3　(2)基因型为AA的个体胚胎致死　(3)AABb和AaBB　让亲本中的黄毛圆耳雄鼠与子代中的白毛三角耳雌鼠杂交，观察后代的表型及比例　若子代中黄毛三角耳∶白毛圆耳∶白毛三角耳＝1∶1∶1，则原因①成立 解析　(1)基因型相同的黄毛圆耳雌、雄个体自由交配，F1中黄毛圆耳∶黄毛三角耳∶白毛圆耳∶白毛三角耳＝6∶2∶3∶1，为9∶3∶3∶1的变式，因此亲本的基因型为AaBb；F1白毛圆耳个体(1aaBB、2aaBb)中纯合子(1aaBB)所占的比例为1/3。(2)基因型相同的黄毛圆耳雌、雄个体自由交配，F1中黄毛圆耳∶黄毛三角耳∶白毛圆耳∶白毛三角耳＝6∶2∶3∶1，为9∶3∶3∶1的变式，亲本的基因型为AaBb，且双显性(A_B_)缺少3份，单显性(A_bb)缺少1份，共缺少4份，原因是基因型为AA的个体胚胎致死。(3)若F1中黄毛圆耳∶黄毛三角耳∶白毛圆耳∶白毛三角耳＝5∶3∶3∶1，双显性(A_B_)缺少4份，可能是由于基因型为AB的雄配子无受精能力，导致黄毛圆耳基因型为1AABb、1AaBB、3AaBb，也可能是基因型为AABb和AaBB的个体胚胎致死或无法存活，导致黄毛圆耳基因型为4AaBb、1AABB。若要验证原因①，可让亲本中的黄毛圆耳雄鼠(AaBb)与子代中的白毛三角耳雌鼠(aabb)杂交，观察后代的表型及比例；若是基因型为AB的雄配子致死，则黄毛圆耳雄鼠(AaBb)产生的配子基因型及比例为Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1，白毛三角耳雌鼠(aabb)产生的配子基因型为ab，后代表型及比例为黄毛三角耳∶白毛圆耳∶白毛三角耳＝1∶1∶1。 学科网（北京）股份有限公司 $$