2025年江苏省常州市钟楼区中考物理模拟练习卷

2025年江苏省常州市钟楼区中考物理模拟练习卷 一．选择题（共15小题，满分30分，每小题2分） 1．把大小和材质都不同的甲、乙（如图1所示）两个水杯分别放在图2中O点处，小凯用木筷敲杯子发出声音，用专业仪器在P点测得相关数据如表一所示，则下列说法中正确的是（　　） 频率f（Hz） 声音强弱等级（dB） 甲 400 50 乙 600 30 A．甲与乙相比，乙的音调低 B．与乙相比，甲发声的响度较大 C．甲、乙的音色相同 D．快速敲击甲杯，其音调将会升高 2．夏天，打开冰箱门时，门附近会出现“白气”，过一会“白气”又消失了。它们所发生的物态变化依次是（　　） A．熔化、汽化 B．汽化、液化 C．汽化、升华 D．液化、汽化 3．如图所示的光现象中，属于光的反射的是（　　） A．透镜看书 B．手影游戏 C．水中倒影 D．棱镜色散 4．如图中属于近视眼及其矫正原理图的是（　　） A．①③ B．①④ C．②③ D．②④ 5．中国高铁技术世界一流，如图示，几枚硬币立于正在高速行驶的列车窗台上，请判断以下描述正确的是（　　） A．以车窗为参照物，硬币是运动的 B．以铁轨为参照物，硬币是静止的 C．以列车上的座椅为参照物，硬币是静止的 D．以在列车上行走的乘务员为参照物，硬币是静止的 6．关于质量和密度，下列说法中正确的是（　　） A．1kg的铁和1kg的棉花所含有的物质棉花较多 B．由公式可知，物质的密度与其质量成正比 C．密度是物质的特性，其大小不随温度、形状、状态的变化而变化 D．钢瓶内装有密度为6kg/m3的氧气，某次电焊中用去了其质量的，则钢瓶内剩余氧气的密度为2kg/m3 7．有关力的知识，下列说法正确的是（　　） A．重力是物体受地球吸引而产生的，所以只有地球表面的物体才具有重力 B．弹力是由于物体发生弹性形变而产生的，物体受弹力方向与施力物体形变方向相反 C．竖直上抛物体到最高点时，速度为零，此时物体处于平衡状态 D．滑动摩擦力是物体在另一个物体表面发生相对运动时，受到阻碍物体相对运动的力，所以滑动摩擦力的方向总是与物体运动方向相反 8．中华文明源远流长、文化博大精深，许多经典诗句中蕴含着物理知识。下列诗句与分子热运动有关的是（　　） A．群峰倒影山浮水，无水无山不入神 B．两岸青山相对出，孤帆一片日边来 C．人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开 D．遥知不是雪，为有暗香来 9．图甲弹簧测力计下挂一长方体物体，将物体从盛有适量水的烧杯上方离水面某一高度处缓缓下降，然后将其逐渐浸入水中，图乙是弹簧测力计示数F与物体下降高度h变化关系的图像，则下列说法中正确的是（　　）（忽略水面高度变化） A．物体受到的最大浮力是5N B．物体的密度是2.25×103kg/m3 C．物体刚浸没时下表面受到水的压力是9N D．物体刚浸没时下表面受到水的压强是8×102Pa 10．近年来电动平衡车深受年轻人喜爱，已悄然成为生活中一种新的交通时尚。如图所示，人与平衡车一起静止于水平地面，下列分析正确的是（　　） A．人受到的重力和平衡车对人的支持力是一对相互作用力 B．人受到的重力和平衡车对人的支持力是一对平衡力 C．人能够静止，是因为平衡车对人的支持力大于人受到的重力 D．平衡车受到的重力和地面对平衡车的支持力是一对平衡力 11．如图（a）所示的杠杆是平衡的，在此杠杆支点两侧的物体下方分别加挂一个相同的小球，如图（b）所示，那么，以下说法中正确的是（　　） A．杠杆仍然平衡 B．杠杆A端下沉 C．杠杆B端下沉 D．无法确定 12．我国的新型航母将采用自行研制的电磁弹射器，小明猜想它的工作原理如图所示，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通过强电流时，即可受到强大的推力，小明的猜想与下列实验原理相同的是（　　） A． B． C． D． 13．（单选）如图所示，小明在做模拟“蹦极”的小实验，一根橡皮筋一端系一个小石块，另一端固定在A点，B点是橡皮筋不系小石块自然下垂时下端所在的位置，C点是小石块从A点自由释放后所能达到的最低点，不计空气阻力，下列说法正确的是（　　） A．从A点下落到C点的过程中，小石块的动能一直增大 B．从A点下落到C点的过程中，小石块的机械能总量不变 C．从A点下落到B点的过程中，小石块减少的重力势能全部转化为动能 D．从A点下落到B点时，小石块的动能最大 14．下列电路中，电源电压不变（未知），R0为阻值已知的定值电阻。则能测出未知电阻Rx阻值的电路（　　） A．只有（1）（2） B．只有（2）（3） C．只有（1）（2）（3） D．（1）（2）（3）（4） 15．如图所示是电阻甲和乙的U﹣I图象，下列说法中正确（　　） A．甲和乙的阻值都随电压的增大而增大 B．当电压为2V时，电阻乙的阻值R乙＝5Ω C．仅把甲、乙并联在2.5V的电源上，消耗的总功率为1.25W D．仅把甲、乙串联在电路中，电流为0.2A时，电路总电压为3V 二．填空题（共9小题，满分23分） 16．在物理兴趣小组组织的活动中，小明利用橡皮筋等自制了如图所示的简易“古筝”，并用它进行了演奏，“古筝”的声音是由 　 　的振动产生的；用同样大小的力拨动橡皮筋，发声时粗橡皮筋比细橡皮筋的音调 　 　（选填“高”或“低”）。 17．如图所示，在“探究光的反射规律”实验中，将硬纸板竖直地立在平面镜上，硬纸板上的直线ON垂直于镜面，右侧纸板可绕ON向后转动，如图甲所示，此时入射角等于 　 　°．若增大入射角，则反射角 　 　（增大/减小/不变）。若将右侧纸板绕法线向后转动，如图乙所示，在右侧纸板上 　 　（能/不能）观察到反射光线，则此时 　 　（不存在/仍存在）反射光线。 18．在阅兵仪式上，当飞机队形不变时，以其中一架飞机为参照物，其他飞机是 　 　的（选填“运动”或“静止”）；歼﹣20战机飞行速度最大可达900m/s，则30min内歼﹣20最大飞行距离可达 　 　km。 19．某医院急诊室的氧气瓶中，氧气的密度为6kg/m3，给急救病人供氧用去了氧气质量的一半，则瓶内剩余氧气的密度是　 　kg/m3；病人需要用冰块进行物理降温，取450g水凝固成冰后使用，则冰的质量为　 　kg，其体积增大了　 　m3。若有一结满冰的水桶（冰面与桶口相平）当冰完全熔化，再倒入0.5kg的水恰好桶满，假如用该桶装满酒精，最多能装酒精的质量是　 　（ρ冰＝0.9g/cm3，ρ酒精＝0.8g/cm3）。 20．在某次大地震后，空军某部奉命执行任务，某空降兵和降落伞总重为700N。刚跳下时，降落伞未打开，空降兵和降落伞做 　 　（选填“加速”或“减速”）运动；当降落伞打开后匀速下落时，空降兵和降落伞所受阻力为 　 　N。 21．用如图所示的滑轮组，将重为16N的物体以0.2m/s的速度匀速提升1m高，滑轮组的机械效率为80%，则有用功为　 　J，拉力F为　 　N，拉力的功率为　 　W。 22．如图甲所示电路，开关S闭合后，电流表A1的指针偏转如图乙所示，且电流表A1和A2的指针偏转角度相同，则电流表A2的示数为 　 　A；通过灯泡L2的电流为 　 　A。 23．如图a所示的电路，电源电压保持不变。闭合开关S，调节滑动变阻器，两电压表的示数随电路中电流变化的图象如图b所示，根据图象的信息可知：　 　（填“甲”或“乙”）是电压表V2示数变化的图象，电源电压为 　 　V，变阻器R的最大值阻值为 　 　Ω。 24．如图所示是某种“闯红灯违规证据采集器”的工作原理图。光控开关接收到红光时会自动闭合，压敏电阻受到车辆的压力时其阻值将变小，电磁铁的磁性将变 　 　，于是 　 　（选填“指示灯”或“电控照相机”）开始工作。 三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分） 25．如图所示，请标出通电螺线管的N极。 26．天花板下用细线系着一个小球，其来回摆动时的轨迹如图中虚线所示，当小球从细线竖直的位置被弹到如图所示的位置时，不计空气阻力，且细线始终保持自由长度。请画出： （1）此时小球所受力的示意图； （2）假设小球此时受到的所有力都消失，请你用实线画出它之后的运动轨迹。 四．实验探究题（共3小题，满分24分） 27．小璐在“探究二力平衡条件”的实验中，设计了如图甲所示的实验装置。 （1）实验中选择轻质纸板的原因是 　 　。 （2）实验装置中，纸板两端的定滑轮的作用是 　 　。 （3）保持两端所挂钩码质量相等，把纸板扭转一个角度，放手后观察到纸板 　 　，最后恢复到原静止状态。这个实验现象说明：作用在如图同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，并且作用在 　 　，这两个力才能平衡。 （4）小璐最后剪断纸板（如图乙），纸板运动，说明二力平衡时，二力还必须作用在 　 　。这个现象同时说明力可以改变物体的 　 　。 28．为探究影响动能大小的决定因素，实验小组设计了如图甲所示的装置。将钢球从某高度由静止释放，摆到竖直位置刚好撞击到水平木板上的木块，将木块推动一段距离。结合对影响动能大小的因素的猜想。小组做了两组对比实验： （1）钢球的动能是由 　 　能转化而来的。 （2）让同一钢球从不同高度由静止释放，目的是使钢球摆到 　 　（选填“B”或“C”）点时速度不同，通过比较 　 　来比较动能的大小。 （3）让质量不同的钢球从相同高度由静止摆下，记录数据如表，探究的是动能与 　 　的关系。若在这组实验中的某一次，木块被撞后滑出木板需要重做，甲同学建议换用粗糙程度相同的但是更长的木板，乙同学建议换摩擦更大的木块，丙同学建议降低钢球下摆的高度。你认为应当采用 　 　（选“甲”、“乙”或“丙”）同学的建议。 次数 钢球质量m/g 钢球下摆高度h/cm 木块滑行距离s/cm 1 20 20 10 2 40 20 29 3 60 20 ？ （4）实验完成后，各小组间对实验的方法和设计的可行性进行了交流：设计的方案如图乙所示：用质量不同的小球将同一弹簧压缩到相同程度由静止释放（铁球与地面间的摩擦力忽略不计），撞击水平地面上同一木块，使木块运动一段距离。该实验方案 　 　（选填“可行”或“不可行”），按此方案操作，会看到木块移动的距离 　 　（选填“相同”或“不相同”）。 29．探究小组利用干电池4节，定值电阻3个阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω，滑动变阻器，电流表、电压表、开关各一个，导线若干，探究电流与电压的关系。 （1）实验中，滑动变阻器的滑片向右移动时，两个电表的示数均增大，请用笔画线代替导线将甲实验电路补充完整。 （2）选用某一电阻进行实验，获得实验数据如表，请在图乙中画出此电阻的I﹣U图像。 U/V 1.5 1.8 2.1 2.4 2.7 I/A 0.1 0.12 0.14 0.16 0.18 （3）根据实验数据可知：实验中采用的电阻是　 　Ω。 （4）完成探究后，实验小组想要继续探究电流与电阻的关系。他们先将R＝5Ω的电阻接入电路，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为2V，读出电流表的示数；然后更换R＝10Ω的电阻，向　 　移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为　 　V，读出电流表的示数；再换用其它电阻重复实验。实验获得的数据可以通过图丙中的图线　 　展示出其规律。 五．计算题（共3小题，满分19分） 30．利用如图所示的滑轮组，小明将重300N物体从一楼地面匀速提升至六楼地饭，在绳端施加的拉力为120N，物体匀速上升的速度为0.2m/s。已知每层楼高3m，问： （1）绳端移动的速度？ （2）绳端拉力做功的功率？ （3）滑轮组的机械效率？ （4）小明吊起物体过程所用时间？ 31．如图甲所示是一盒纯牛奶，盒上标有“净含量250mL”的字样，小希把这盒牛奶放在天平上，图乙是正确测量牛奶质量时使用砝码情况和游码的位置；把牛奶完全倒出后他又测出空奶盒的质量是7.2g。请帮他计算： （1）盒中牛奶的质量是多少克？ （2）盒中牛奶的密度是多少？ 32．如图所示，电源电压保持不变，小灯泡的规格是“3V，1.5W”，R1＝10Ω，滑动变阻器R2上标有“20Ω，1A”，电压表选用0～3V量程。断开S2，闭合S和S1，当滑片P移到变阻器中点时，小灯泡正常发光。求： （1）电源电压； （2）小灯泡正常发光时，通电10s滑动变阻器R2产生的热量； （3）断开S1，闭合S和S2，在保证电路元件安全前提下，电路消耗的最大功率。 2025年江苏省常州市钟楼区中考物理模拟练习卷 参考答案与试题解析 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 答案 B D C B C D B D B B C 题号 12 13 14 15 答案 C C C D 一．选择题（共15小题，满分30分，每小题2分） 1．【分析】音调是声音的高低，由振动频率决定，单位用Hz表示；响度是声音的大小，与振幅和距离有关，单位用dB表示；音色是由发声体本身决定的。 【解答】解：A、音调是声音的高低，由振动频率决定，单位用Hz表示，由表格数据可知，乙的频率值600Hz高于甲的频率400Hz，故甲与乙相比，乙的音调高，故A错误； B、响度是声音的大小，由表格数据可知，甲的分贝值50dB高于乙的30dB，则甲和乙相比，甲的响度更大，故B正确； C、甲、乙两个水杯材质不同，发声体不同，故音色不相同，故C错误； D、音调由声源振动频率决定，与敲击频率无关，故D错误。 故选：B。 【点评】音调和响度的概念很容易混淆，是考试的热点内容之一，所以一定要注意进行认真的区分。 2．【分析】分析“白气”形成前后的状态和“白气”消失前后的状态，结合六种物态变化的定义即可判断属于什么物态变化。 【解答】解：冰箱中气体温度很低，空气中的水蒸气遇到低温气体会放出热量变成小水滴，就是我们所看到的“白气”，物质的这种由气态变为液态的过程属于液化现象； “白气”消失，是由液态变为气态的过程，是汽化现象。 故选：D。 【点评】此题考查的是物态变化现象的判断，是一道热学的基础题。掌握六种物态变化的定义是解决此类题的关键。 3．【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等； （2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的； （3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。 【解答】解：A、透镜成像属于光的折射现象，故A错误； B、手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故B错误； C、水中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C正确； D、白光通过三棱镜，是光的色散现象，属于光的折射原理，故D错误。 故选：C。 【点评】此题主要考查身边本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播的理解，考查了学生理论联系实际的能力，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。 4．【分析】（1）近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太强，使远处物体射来的光线会聚在视网膜的前方，由此可以确定哪一个图表示了近视眼的成像情况。近视眼配戴凹透镜进行矫正。 （2）远视眼的晶状体较薄，会聚能力较弱，看近处的物体时，将像成在视网膜的后面，远视眼配戴凸透镜进行矫正。 【解答】解： 由图知，①图的光线会聚在视网膜的前方，所以①图表示近视眼的成像情况；近视眼是由于晶状体焦距太短，像落在视网膜的前方，为了使光线会聚在原来会聚点后面的视网膜上，就需要在光线进入人眼以前发散一些，所以应佩戴对光线具有发散作用的凹透镜来矫正，则④图是近视眼的矫正原理图。 ②图的光线会聚在视网膜的后方，所以②图表示远视眼（老花眼）的成像情况；为了使光线会聚在原来会聚点前面的视网膜上，就需要在光线进入人眼以前会聚一些，所以应佩戴对光线具有会聚作用的凸透镜来矫正，即③图是远视眼的矫正原理图。 故属于近视眼及其矫正原理图的是①、④，属于远视眼及其矫正原理图的是②、③。 故选：B。 【点评】图示的四个图来源于课本，分别表示了远视眼和近视眼的成因与矫正的光路图。明确近视眼与远视眼的成因是解决此题的关键。 5．【分析】在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。 【解答】解：如图所示，几枚硬币立于正在高速行驶的列车窗台上； A、以车窗为参照物，硬币与车窗之间没有位置变化，则硬币是静止的，故A错误； B、以铁轨为参照物，硬币与铁轨之间发生了位置变化，则硬币是运动的。故B错误； C、以列车上的座椅为参照物，硬币与座椅之间没有位置变化，则硬币是静止的。故C正确； D、以在列车上行走的乘务员为参照物，硬币与乘务员之间发生了位置变化，则硬币是运动的。故D错误。 故选：C。 【点评】此题主要考查了运动和静止的相对性，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。 6．【分析】（1）物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都没有关系，与物体所含物质的多少有关。 （2）密度是物质的一种特性，其大小等于物质的质量与物质体积的比值。 （3）知道钢瓶内氧气的密度，设出钢瓶内氧气的体积，根据m＝ρV求出原来氧气的质量，然后根据某次电焊中用去了其中质量的求出剩余氧气的质量，剩余气体的体积等于原来氧气的体积，利用ρ＝求出钢瓶内剩余氧气的密度。 【解答】解：A、质量表示物体所含物质的多少，同为1kg的棉花和铁所含的物质一样多，故A错误； B、密度是物质的一种特性，与物体的质量和体积的大小无关，故B错误； C、物质的密度是物质的一种特性，它与物质的种类、状态和温度有关，与物质的质量和体积无关，故C错误； D、钢瓶内装有密度为6kg/m3的氧气，某次电焊中用去了其中质量的，则钢瓶内剩下氧气的质量：m剩＝（1﹣）m＝×6kg/m3×V＝2kg/m3×V， 因剩余气体的体积不变，所以，剩余氧气的密度： ρ剩＝＝＝2kg/m3，故D正确。 故选：D。 【点评】这道题考查对质量、密度物理意义的理解，以及密度的计算，要注意容器内气体的质量变化时剩余部分气体的体积不变。 7．【分析】（1）在地球附近的一切物体都会受到地球的吸引而产生重力作用； （2）相互接触、相互挤压，发生弹性形变的物体为了恢复原状而对与它接触的物体产生弹力作用； （3）竖直上抛的物体只受重力作用，达到最高点时速度为零，但合力不为零； （4）滑动摩擦力总是阻碍物体间的相对运动，所以滑动摩擦力的方向总是跟物体相对运动的方向相反。 【解答】解：A、在地球附近的一切物体，由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力，不是只有地球表面，故A错误； B、相互接触、相互挤压，发生弹性形变的物体为了恢复原状而对与它接触的物体产生弹力作用，则物体所受弹力的方向与施力物体的形变方向相反，故B正确； C、竖直上抛的物体达到最高点时速度为零，但只受重力作用，合力不为零，属于非平衡状态，故C错误； D、滑动摩擦力总是阻碍物体间的相对运动，所以滑动摩擦力的方向总是跟物体相对运动的方向相反，故D错误。 故选：B。 【点评】本题考查重力、弹力和摩擦力，它们是日常生活中常见的三种力，了解它们的产生及力的三要素是解答本题的关键。 8．【分析】一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子的这种运动叫做热运动； 【解答】解：A.群峰倒影山浮水，无水无山不入神，是光的反射现象，故A错误； B.两岸青山相对出，孤帆一片日边来，这说明运动和静止是相对的，故B错误； C.人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开，山上的花开的稍晚些，是因为海拔越高气温越低，故C错误； D.遥知不是雪，为有暗香来说明分子在不停地做无规则运动，故D正确； 故选：D。 【点评】本题通过诗句考查了反射、相对运动、温度、分子热运动等知识点，难度不大。 9．【分析】（1）由图像可知，当h＜4cm时，弹簧测力计示数为9N不变，此时物体在空气中，根据二力平衡条件求出物体重力，当h＞8cm时，弹簧测力计示数为5N不变，此时物体浸没在水中受到的浮力最大，根据称重法F浮＝G﹣F′求出物体受到的最大浮力； （2）根据F浮＝ρ液gV排求出物体浸没时排开水的体积即为自身的体积，根据G＝mg求出物体的质量，利用ρ＝求出物体的密度； （3）物体刚浸没时上表面受到水的压力为零，根据浮力产生的原因F浮＝F向上﹣F向下求出下表面受到水的压力； （4）根据图乙可知，物体从h＝4cm时下表面与水面接触，到h＝8cm时刚好浸没，忽略水面的变化可求物体的高度，根据p＝ρ液gh求出物体刚浸没时下表面受到水的压强。 【解答】解： A、由图像可知，当h＜4cm时，弹簧测力计示数为9N不变，此时物体在空气中，由二力平衡条件可知，物体重力G＝F＝9N， 当h＞8cm时，弹簧测力计示数为5N不变，此时物体浸没在水中受到的浮力最大，则物体受到的最大浮力F浮＝G﹣F′＝9N﹣5N＝4N，故A错误； B、因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，所以由F浮＝ρ液gV排可得，物体的体积V＝V排＝＝＝4×10﹣4m3， 由G＝mg可得，物体的质量：m＝＝＝0.9kg，则物体的密度：ρ＝＝＝2.25×103kg/m3，故B正确； C、物体刚浸没时上表面受到水的压力为零，由浮力产生的原因F浮＝F向上﹣F向下可得，下表面受到水的压力F向上＝F浮+F向下＝F浮＝4N，故C错误； D、由图乙可知，物体从h＝4cm时下表面与水面接触，到h＝8cm时刚好浸没，忽略水面的变化，则物体的高度H＝4cm＝0.04m， 物体刚浸没时下表面受到水的压强p＝ρ水gH＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.04m＝400Pa，故D错误。 故选：B。 【点评】本题考查了称重法求浮力公式和液体压强公式、阿基米德原理、重力公式、密度公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。 10．【分析】平衡力应作用在同一物体上、大小相等、方向相反、在同一直线上；相互作用力应作用在两个物体上，大小相等、方向相反、在同一直线上。 【解答】解：AB、人受到的重力和平衡车对人的支持力这两个力作用在同一物体上、大小相等、方向相反、在同一直线上，是一对平衡力，不是相互作用力，故A错误、B正确； C、人能够静止，说明人处于平衡状态，受平衡力作用，所以平衡车对人的支持力与人受到的重力是一对平衡力，大小相等，故C错误； D、平衡车受到的重力小于地面对平衡车的支持力，因此不是一对平衡力，故D错误。 故选：B。 【点评】本题考查了平衡力的辨别，要注意平衡力和相互作用力的区别：是否作用在同一个物体上。 11．【分析】掌握杠杆的平衡条件：F1L1＝F2L2；若两边力和力臂的乘积不相等，则杠杆不平衡，向乘积较大的一端倾斜。 【解答】解：由a知，杠杆此时处于平衡状态，设每个钩码的重力为G，每节杠杆的长度为L，即有：2G×2L＝G×4L； 当物体下方分别加挂一个相同的小球G球时，则：左边＝（G球+2G）×2L＝G球×2L+2G×2L，右边＝（G球+G）×L＝G球×4L+G×4L，可得右边增大的力和力臂的乘积较大，所以杠杆不平衡，将向B倾斜，ABD错误，C正确。 故选：C。 【点评】此题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握及应用，杠杆是否平衡或向哪端倾斜都是由两边力和力臂乘积的大小关系决定的，若是不等臂杠杆，两边增加相同的力，则杠杆将向 力臂长的一端倾斜。 12．【分析】根据通电导体在磁场中受到磁场力的作用而运动分析解答。 【解答】解：由题意知道，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，所以，小明的猜想，电磁弹射器的工作原理是磁场对通电导线的力的作用而运动。 A．图中的实验说明条形磁铁对小磁针有力的作用，故A不符合题意； B．由图知道，这是研究电磁铁磁性强弱的影响因素，利用的是电流的磁效应，故B不符合题意； C．图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射器的工作原理相同，故C符合题意； D．图中没有电源，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，产生感应电流，这是电磁感应现象，故D不符合题意。 故选：C。 【点评】对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应实验区分要注意条件。 13．【分析】在AB段，小石块只受到重力作用，小石块的重力势能全部转化为小石块的动能； 在BC段受到橡皮筋的拉力作用，当拉力小于重力时，小石块仍做加速运动；当拉力大于重力时，小石块减速下落，据此分析整个过程动能的变化； 整个过程机械能守恒。 【解答】解：ACD、小石块在下落过程中，在AB段，小石块只受到重力作用，重力不断改变小石块的运动状态，小石块加速下落；AB段动能越来越大，不计空气阻力，小石块的重力势能全部转化为小石块的动能； 在BC段受到橡皮筋的拉力作用，过B点后橡皮筋开始伸长（大于原长），弹力（即橡皮筋的拉力）逐渐增大。当拉力小于重力时，小石块仍做加速运动；当拉力大于重力时，小石块减速下落，故动能的变化是先增大后减小； 在BC段某位置，当弹力等于重力时，速度最大，此时动能最大；故AD错误，C正确； B、A到C的阶段，小石块和橡皮筋总的机械能不变，不是小石块的机械能不变，故B错误。 故选：C。 【点评】本题考查动能和势能之间的相互转化，难度不大。 14．【分析】利用电压表和电流表，结合串、并联电路电流和电压特点以及欧姆定律，直接或间接得出被测电阻两端的电压和电流，根据Rx＝求出电阻，并且要注意电表正负接线柱的连接。 【解答】解： （1）由电路图可知，开关S1闭合、S2断开时，电路为Rx的简单电路，电流表测电路中的电流Ix，由I＝可得，电源电压U＝IxRx； 当开关S1、S2闭合时，R0和Rx并联，电流表测干路电流I，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，则通过Rx的电流不变， 由并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，通过R0的电流I0＝I﹣Ix，电源电压U＝（I﹣Ix）R0， 因电源电压不变，则U＝IxRx＝（I﹣Ix）R0，化简解得Rx＝，故（1）可行； （2）由电路图可知，开关S1、S2均闭合时，电路为Rx的简单电路，电压表测电源两端的电压U； 当开关S1闭合，S2断开时，R0和Rx串联，电压表测Rx两端的电压Ux， 由串联电路中总电压等于各分电压之和可得，R0两端的电压U0＝U﹣Ux， 因串联电路中各处的电流相等，所以电路中的电流I＝＝，则Rx＝＝，故（2）可行； （3）由电路图可知，开关S1、S2闭合时，电路为Rx的简单电路，电流表测电路中的电流Ix， 由I＝可得，电源的电压U＝IxRx； 当开关S2断开、S1闭合时，R0和Rx串联，电流表测电路中的电流I， 根据欧姆定律得出电源电压为U＝I（Rx+R0）， 由并联电路中各支路两端电压相等可表示出Rx＝，故（3）可行； （4）由电路图可知，开关S1闭合、S2断开时，电路为Rx的简单电路，电流表测电路中的电流I，电压表测量Rx两端的电压U，由欧姆定律得Rx＝，图中没有电流表，故（4）不可行。 故选：C。 【点评】本题考查在只有一个测量工具或两个测量工具的情况下测量电阻的方法，要求熟练运用串联、并联电路的规律及欧姆定律。 15．【分析】（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与其两端的电压成正比，据此分析图象甲、乙电阻的变化； （2）由图象可知乙两端的电压为2V时通过的电流，根据欧姆定律求出对应的电阻； （3）甲、乙并联在电压为2.5V的电路中时，它们两端的电压相等，根据图象读出通过它们的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，利用P＝UI求出电路的总功率； （4）甲、乙串联在电流为0.2A的电路中时，通过它们的电流相等，根据图象可知它们两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压。 【解答】解：A、由图象可知，甲的I﹣U图象是过原点的直线，通过甲的电流与两端的电压成正比，则甲是定值电阻； 故A说法错误； B、由图象可知，乙两端的电压为2V时，通过的电流为0.2A， 由I＝的变形式R＝可知，乙的电阻R乙＝＝＝10Ω，故B错误； C、甲、乙并联在电压为2.5V的电路中时， 因并联电路中各支路两端的电压相等， 所以，它们两端的电压U甲′＝U乙′＝U′＝2.5V， 由图象可知，I'甲＝0.5A，I'乙＝0.5A， 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，干路电流： I′＝I'甲+I'乙＝0.5A+0.5A＝1A， 电路的总功率： P＝UI＝2.5V×1A＝2.5W，故C错误； D、甲、乙串联在电流为0.2A的电路中时，通过它们的电流相等， 由图象可知，甲两端的电压U甲＝1V，乙两端的电压U乙＝2V， 则电源的电压： U＝U甲+U乙＝1V+2V＝3V，故D正确。 故选：D。 【点评】本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是根据图象得出相关的信息。 二．填空题（共9小题，满分23分） 16．【分析】（1）声音是由物体振动产生的，当振动停止，发声也停止； （2）音调与发声体的振动频率有关；音色跟发声体的材料和结构有关；响度指声音的大小，声音越大，响度越大；声音越小，响度越小。 【解答】解：声音是物体振动产生的，演奏时，古筝通过弦的振动发声； 用同样大小的力拨动橡皮筋，粗的橡皮筋比短的橡皮筋更难振动，所以振动频率低，因此发声时的音调要低。 故答案为：弦；低。 【点评】这道题考查了声学基本知识，难点是声音特性的区分，掌握音调、响度的影响因素是解题关键。 17．【分析】（1）入射角是入射光线与法线的夹角； （2）反射角随入射角的增大而增大； （3）当把纸板向后缓慢旋转时，反射光线将会消失，所以证明了反射光线、法线、入射光线在同一平面内。 【解答】解：（1）图甲中ON是法线，入射光线与法线的夹角就是入射角，为30°； （2）根据光的反射定律知：反射角等于入射角，若入射角增大，反射角也增大； （3）根据光的反射定律知：反射光线、法线、入射光线在同一平面内，所以若将右侧纸板向后转动，在右侧纸板上不能观察到反射光，但此时反射光线仍然存在。 故答案为：30；增大；不能；仍存在。 【点评】本类型题考查对平面镜成像实验的掌握情况，实验探究的关键是对相应的知识理解透彻，思路清晰。 18．【分析】（1）运动和静止是相对的，判断物体的运动和静止，首先确定一个参照物，如果被研究的物体和参照物之间没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的，否则是运动的。 （2）知道最大速度和时间，利用s＝vt求30min内歼20最大飞行距离。 【解答】解：当飞机队形不变时，以其中一架飞机为参照物，其他飞机相对于该飞机的位置没有发生变化，故以其中一架飞机为参照物，其他飞机是静止的。 根据v＝可得，30min内歼﹣20最大飞行的距离： s＝vt＝900m/s×30×60s＝1.62×106m＝1620km。 故答案为：静止；1620。 【点评】本题考查了参照物的选择和速度公式的应用，判断一个物体的运动和静止，首先确定一个参照物，再判断被研究的物体和参照物之间的位置是否变化。 19．【分析】（1）氧气用掉一半，质量减半，氧气还充满整个氧气瓶，体积保持不变，根据密度公式求得剩余氧气的密度； （2）已知水的密度和质量，根据公式V＝可求得水的体积，水结冰后，质量不变，又知道冰的密度，根据公式V＝可求得冰的体积，进而可以知道增大了多少体积； （3）因为冰化水，状态变化、质量不变，m冰＝m水，据此可以得出冰、水的体积关系，进而得出冰熔化成水体积减小值与冰的体积（桶的容积）关系，利用密度公式求瓶子的容积，再利用m＝ρV求装满酒精后酒精的质量。 【解答】解：（1）一瓶氧气的密度为6kg/m3，给病人供氧用去了一半，质量减半，而体积保持不变， 根据ρ＝可知，瓶内剩余氧气的密度变为原来的一半， 即ρ′＝3kg/m3； （2）由题知，水的质量为m水＝450g＝0.45kg， 水凝固成冰后，其质量不变，即m冰＝m水＝450g＝0.45kg， 水的体积： V水＝＝＝450cm3， V冰＝＝＝500cm3， 则其体积增大值： ΔV＝V冰﹣V水＝500cm3﹣450cm3＝50cm3＝5×10﹣5m3； （3）冰完全熔化为水时，状态变化，但质量不变， 所以m冰2＝m水2， 即ρ冰V冰2＝ρ水V水2， 0.9g/cm3×V冰2＝1g/cm3×V水2， 则有：V水2：V冰2＝9：10， 冰熔化成水时体积减小值为： ΔV＝V冰， 由题意可得，减少的体积为： ΔV＝＝＝5×10﹣4m3， 则瓶子的容积为： V＝V冰2＝10×5×10﹣4m3＝5×10﹣3m3， 装满酒精后酒精的质量为： m酒精＝ρ酒精V＝0.8×103kg/m3×5×10﹣3m3＝4kg。 故答案为：3；0.45；5×10﹣5；4kg。 【点评】本题考查密度公式的应用，本题关键是知道气体没有固定的体积和状态，装入瓶子后，质量变化，体积保持不变；还需知道质量是物体的属性，与物体的位置、形状、状态、温度无关。 20．【分析】降落伞未打开时，空气阻力小于重力，根据合力方向可判断空降兵和降落伞的运动状态。 空降兵和降落伞匀速下降时，处于平衡状态，受平衡力作用，二力的大小相等。 【解答】解：降落伞未打开时，空气阻力小于重力，所受合力方向向下，所以空降兵和降落伞加速下降。 当空降兵和降落伞匀速下降时，处于平衡状态，受到的重力与空气阻力是一对平衡力，则空降兵和降落伞所受阻力f＝G＝700N。 故答案为：加速；700。 【点评】此题考查了力和运动的关系及二力平衡条件的应用，对空降兵在空中的受力分析是解题的关键。 21．【分析】由图知承担物重的绳子股数n＝2， （1）根据W＝Gh求出有用功； （2）利用η＝求出总功，根据s＝2h求出拉力端移动的距离，利用W＝Fs求拉力大小； （2）根据v＝求出物体升高时所用时间，利用P＝求拉力做功功率。 【解答】解：由图知，承担物重的绳子股数n＝2， （1）有用功W有用＝Gh＝16N×1m＝16J； （2）根据滑轮组的机械效率η＝可得： 总功W总＝＝＝20J； 拉力端移动的距离s＝2h＝2×1m＝2m， 由W＝Fs可得拉力： F＝＝＝10N； （3）根据v＝可得物体升高时所用时间： t＝＝＝5s， 拉力做功功率： P＝＝＝4W。 故答案为：16；10；4。 【点评】本题考查了有用功、总功、功率、机械效率的计算，要求灵活运用公式，属于基础题目。 22．【分析】由电路图甲可知，两灯泡并联，电流表A1测L1支路的电流，电流表A2测干路电流；根据并联电路的电流特点结合两电流表指针的偏角关系判断其量程，根据分度值读出两个电流表的示数，然后求出通过L2的电流。 【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测L1支路的电流，电流表A2测干路电流； 因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且电流表A1和A2的指针偏转角度相同，所以，支路电流表A1的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，其示数为0.24A，即通过L1的电流I1＝0.24A； 干路电流表A2的量程为0～3A，分度值为0.1A，其示数为1.2A，即干路电流I＝1.2A， 通过L2的电流为：I2＝I﹣I1＝1.2A﹣0.24A＝0.96A。 故答案为：1.2；0.96。 【点评】本题考查了并联电路的电流特点和电流表的读数，正确的判断两电流表的量程是关键。 23．【分析】由图a可知，该电路为R1和R2的串联电路，电流表测电路中的电流，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压；由欧姆定律可知，当导体的电阻一定时，通过的导体的电流与导体两端的电压成正比，据此判断定值电阻R1两端的电压与电流的关系图象； 当R2接入电路的阻值为0Ω时，其两端的电压为0V，即V2示数为0V，由图读出此时V1的示数，即电源电压； 当R2接入电路的阻值最大时，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知此时通过电路的电流最小，通过图中数据可知此时滑动变阻器两端的电压和通过电路的电流，利用欧姆定律的变形式求出滑动变阻器的最大阻值。 【解答】解：由图a可知，该电路为R1和R2的串联电路，电流表测电路中的电流，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压； R1是定值电阻，由欧姆定律可知，当电阻一定时通过导体的电流与导体两端的电压成正比，因此图b中的甲代表V1示数变化的图象，乙代表V2示数变化的图象； 当R2接入电路的阻值为0Ω时，其两端的电压为0V，即V2示数为0V，此时电路中只有R1，则V1的示数就是电源电压，由图乙可知，电源电压为U＝U1＝6V； 当R2接入电路的阻值最大时，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知此时通过电路的电流最小， 由图b可知通过电路的最小电流为0.1A，滑动变阻器两端的电压为4V； 根据滑动变阻器的最大阻值为：R2＝＝＝40Ω。 故答案为：乙；6；40。 【点评】本题考查了欧姆定律的应用，解题关键是根据欧姆定律判断出定值电阻R1的U﹣I图象。 24．【分析】通过违规车辆对压敏电阻压力的增大，引起了压敏电阻阻值的变化，导致了电路中电流的变化；电流的变化引起了电磁铁的磁性强弱发生了变化，进而导致了工作电路的接通。 【解答】解：只有在红灯亮的期间，光控开关才闭合，若此时车辆违规闯红灯行驶时，会压上压敏电阻，从而使压敏电阻的阻值减小，在电源电压一定的情况下，电阻越小，电流就越大。 电磁铁的磁性与电流有关，并且电流越大磁性越强，所以电磁铁的磁性会增强。当电流增大到一定程度时，电磁铁会将衔铁吸下，使其与触点2接触，导致了电控照相机所在的电路接通，照相机会对违规车辆进行拍照。 故答案为：强；电控照相机。 【点评】要使照相机工作，首先要同时具备两个条件：红灯亮起，光控开关因接受红光而闭合；车辆要违规行驶，压上压敏电阻。两个条件同时具备，缺一不可。 三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分） 25．【分析】由电流方向可知电流方向，则由安培定则可知通电螺线管磁极的方向。 【解答】解：电流由左侧流入，则用右手握住螺线管，四指沿电流方向，则大拇指向右，说明螺线管右侧为N极； 故答案如图： 【点评】本题考查安培定则的应用，直接判断磁极的方向，属简单应用。 26．【分析】小球来回摆动时受到重力和绳子的拉力，根据牛顿第一定律分析所有力都消失的运动状态。 【解答】解：天花板下用细线系着一个小球，其来回摆动时的轨迹如图中虚线所示，当小球从细线竖直的位置被弹到如图所示的位置时，不计空气阻力，且细线始终保持自由长度。小球受到重力和绳子的拉力，重力方向竖直向下，拉力方向沿着绳子的方向，都画在重心上，而图中不是最高点，假设小球此时受到的所有力都消失，将沿着切线方向做匀速直线运动；如图所示： 【点评】本题考查力的示意图和牛顿第一定律，属于中档题。 四．实验探究题（共3小题，满分24分） 27．【分析】（1）卡片的重力相对于钩码大不大，因为卡片的重力远小于钩码的拉力，所以卡片的重力可忽略不计，影响不大； （2）木板两端的定滑轮的作用是改变作用力的方向； （3）二力平衡的条件：大小相等，方向相反，在一条直线上，在同一物体上； （4）卡片平衡时，用剪刀将卡片从中间剪开，两个力不再作用在同一物体上； 力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。 【解答】解：（1）卡片的重力相对于钩码大不大，因为卡片的重力远小于钩码的拉力，所以卡片的重力可忽略不计，影响不大，故选择轻质卡片的目的是消除或忽略卡片重力对实验的影响； （2）在探究二力平衡条件的实验中，定滑轮的作用是改变力的方向； （3）保持钩码质量相等，把纸板扭转一个角度后释放，观察到纸板转动，最后恢复到静止状态，说明两个力必须作用在同一直线上才能彼此平衡； （4）使用剪刀将纸片剪开，两个力不在同一个物体上，发现剪断后的纸板向两侧运动，说明平衡力必须作用在同一个物体上，这个现象说明力可以改变物体的运动状态。 故答案为：（1）消除或忽略卡片重力对实验的影响；（2）改变力的方向；（3）转动；同一直线上；（4）同一个物体上；运动状态。 【点评】本题是以实验题的形式考查了二力平衡的条件，在该实验中，探究物体是否受力平衡，只需从二力平衡的四个条件进行分析即可。 28．【分析】（1）钢球在向下摆动的过程中，钢球的重力势能转化为动能； （2）探究动能与速度的关系，实验中需要控制钢球的初速度是不同；钢球从相同的高度摆下，到达水平面时的速度是相同的； （3）根据控制变量法和转换法分析；研究动能与质量的关系，动能的大小通过木块移动距离的大小表现出来的； （4）形变的弹簧具有弹性势能；弹性势能会转化为动能；由于物体的质量是一定的，所以只能探究动能大小与速度的关系。 【解答】解：（1）钢球在向下摆动的过程中，钢球的质量不变，高度减小，速度变大，钢球的动能变大、重力势能变小，钢球的重力势能转化为动能； （2）让同一钢球从不同高度由静止释放，质量不变，最初的高度不同，重力势能不同，摆到竖直位置时转化为的动能不同，其目的是使钢球摆到B点时速度不同；比较木块被撞击后移动的距离，比较其不同的动能，是转换法； （3）让质量不同的钢球从相同高度由静止摆下，最初的高度相同，则摆到竖直位置时的速度相同，质量不相同，所以探究的是动能与质量的关系； 实验的目的是探究动能的大小与质量的关系，根据控制变量法可知，第3次实验应保证钢球下摆的高度、木块表面的粗糙程度都不变，先做实验时木块被撞后滑出木板，所以应换用同样材质但是更长的木板，应采用甲的建议； （4）同一弹簧被压缩相同形变量，则每次实验中，弹簧的弹性势能相同，在不考虑铁球与地面间的摩擦力时，由机械能守恒定律知，小球每次碰撞时的动能相同，则碰撞后，木块移动的距离相同，所以该实验方案不可行； 故答案为：（1）重力势；（2）B；木块被推开的距离；（3）质量；甲；（4）不可行；相同。 【点评】用控制变量法研究动能大小的影响因素，用转换法表示动能的大小；采用控制变量法研究实验时，一定注意相同因素和不同因素。 29．【分析】（1）根据（2）表中数据确定电压表量程；滑动变阻器的滑片向右移动时，两个电表的示数均增大，即电流表示数变大，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；因电路中电流变大，根据欧姆定律可知，电阻R两端电压变大，说明电压表并联在电阻R两端； （2）根据表中数据利用描点法画出电阻的I﹣U图像； （3）根据表中数据利用R＝求出电阻阻值； （4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向； 根据I＝＝U•分析回答。 【解答】解：（1）由（2）表中数据可知，电压表选用小量程；滑动变阻器的滑片向右移动时，两个电表的示数均增大，即电流表示数变大，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用右下接线柱与开关串联在电路中；因电路中电流变大，根据欧姆定律可知，电阻R两端电压变大，说明电压表并联在电阻R两端，如下图所示： ； （2）根据表中数据描点画出电阻的I﹣U图像，如下图所示： ； （3）由表中数据可知，定值电阻R的阻值为： R＝＝＝……＝＝15Ω； （4）实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应向左移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为2V，读出电流表的示数； 根据I＝＝U•可知，当电压一定时，电流与电阻的倒数成正比，故实验获得的数据可以通过图丙中的图线②展示出其规律。 故答案为：（1）见解答图；（2）见解答图；（3）15；（4）左；2；②。 【点评】本题探究电流与电压的关系实验，考查了电路连接、描点法、电阻的计算，同时还考查了电流与电阻的关系实验。 五．计算题（共3小题，满分19分） 30．【分析】（1）由图可知，滑轮组中动滑轮由3股绳子承担，则根据v绳＝nv物即可求出绳端移动的速度； （2）根据P总＝＝＝Fv绳求出拉力的功率； （3）根据P有用＝＝＝Gv物求出有用功率；然后根据η＝×100%求出滑轮组的机械效率 （4）已知每层楼的高度可求物体上升的高度，根据滑轮组的组装图可求绳子自由端移动距离，然后根据v＝求出小明吊起物体所用的时间。 【解答】解：（1）由图可知，滑轮组中动滑轮由3股绳子承担， 则绳端移动的速度：v绳＝nv物＝3×0.2m/s＝0.6m/s。 （2）根据P总＝＝＝Fv绳可知： 拉力的功率；P总＝Fv绳＝120N×0.6m/s＝72W； （3）根据P有用＝＝＝Gv物可知： 有用功率；P有用＝Gv物＝300N×0.2m/s＝60W； 则此滑轮组的机械效率： η＝×100%＝×100%≈83.3%。 （4）物体从一楼匀速提升至六楼上升的高度： h＝3m×（6﹣1）＝15m， 则小明提升物体所用的时间： t＝＝＝75s。 答：（1）绳端移动的速度为0.6m/s； （2）绳端拉力做功的功率为72W； （3）滑轮组的机械效率为83.3%； （4）小明吊起物体过程所用时间为75s。 【点评】此题考查了有关滑轮组的计算，关键是明确连接动滑轮绳子的股数及物体上升的高度，注意F＝（G物+G动）在忽略绳重及摩擦力的情况下成立。 31．【分析】盒上标有“净含量250mL”的字样，可知牛奶的体积，根据图乙是正确测量牛奶质量时使用砝码情况和游码的位置，把牛奶完全倒出后他又测出空奶盒的质量是7.2g，可以求得牛奶质量，根据密度公式求得牛奶密度。 【解答】解：（1）由图乙可知，盒与牛奶的总质量：m总＝200g+50g+10g+2.2g＝262.2g， 盒中的奶的质量：m＝m总﹣m盒＝262.2g﹣7.2g＝255g， （2）由题意可知牛奶的体积：V＝250mL＝250cm3， 所以牛奶的密度：ρ＝。 答：（1）盒中牛奶的质量是255克； （2）盒中牛奶的密度为1.02g/cm3。 【点评】本题考查密度公式的应用，天平的读数方法。 32．【分析】（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI可求灯泡的正常发光电流；断开S2，闭合S和S1时，变阻器与灯泡串联，当滑片P移到变阻器中点时，小灯泡正常发光，由串联电路特点和欧姆定律可求电源电压； （2）根据Q＝I2Rt计算小灯泡正常发光时，通电10s钟滑动变阻器R2产生的热量； （3）断开S1，闭合S和S2，R1与R2串联，根据串联电路电流规律，结合电表量程，分析计算出电路的最大电流，从而计算电路消耗的最大功率。 【解答】解：（1）由P＝UI可得，灯泡正常发光时的电流IL＝＝0.5A； 由图知，断开S2，闭合S和S1时，变阻器与灯泡串联，当滑片P移到变阻器中点时，小灯泡正常发光， 由串联电路电流规律知，I2＝IL＝0.5A， 由串联电路电压规律和欧姆定律可得，电源电压 U＝U2+U额＝I2×0.5R2+U额＝0.5A×0.5×20Ω+3V＝8V； （2）小灯泡正常发光时，通电10s钟滑动变阻器R2产生的热量： Q2＝I22×R2中t＝（0.5A）2×0.5×20Ω×10s＝25J； （3）断开S1，闭合S和S2，R1与R2串联，电压表测R1两端电压，为保证电路安全，R1两端电压最大为3V， 电路中电流最大I最大＝＝＝0.3A＜1A，滑动变阻器安全， 所以电路消耗的最大功率： P最大＝UI最大＝8V×0.3A＝2.4W。 答：（1）电源电压为8V； （2）小灯泡正常发光时，通电10s滑动变阻器R2产生的热量为25J； （3）断开S1，闭合S和S2，在保证电路元件安全前提下，电路消耗的最大功率为2.4W。 【点评】本题考查了串联电路特点、欧姆定律、电功率以及焦耳定律公式的应用，正确分析电路的连接方式和电路的最大电流是关键。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2025/1/24 18:44:26；用户：陈轩；邮箱：13625253945；学号：59240608 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $$