广东省汕头市潮阳区2024-2025学年高二上学期期末考试物理试题

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【详解】A．由于口罩材料表面长期带有正电荷，则被吸附的带电粉尘，一定是带负电荷，A错误； BCD．由选项A可知，被吸附的带电粉尘，一定是带负电荷，则负电荷靠近熔喷布的过程中电场力做正功，电势能减小，电势增加C正确、BD错误。 故选C。 4.【答案】A 【详解】根据，凹处说明d大，则电容器电容小，A正确；凸处说明d小，则电容器电容大，因电容小的微电容器放电较快，则在指纹凸处形成的电容器放电较慢，B错误；手指出汗后，和d会改变，则会对指纹识别有影响，C错误；在指纹凹处形成的电容器电容小，根据，可知充电后在指纹凹处形成的电容器存储的电荷量小，D错误。 故选A。 5.【答案】D 【详解】AB．当酒驾驾驶员对着测试仪吹气时，电阻R的阻值变小，则电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律可知，电路总电流增大，路端电压减小，则电流表示数变大，两端电压变大，则电压表的示数变小，故AB错误； C．电源的输出功率 因为不知道与r的具体关系未知，故无法确定酒精气体浓度越大时，电源的输出功率如何变化，故C错误； D．酒精气体浓度越大，外阻越小，电源的效率越低，故D正确。 故选D。 6.【答案】C 【详解】航天员出仓后仍受地球引力作用，有向下的加速度，处于完全失重状态，故AB错误；空间站由万有引力提供向心力，G＝m＝mr＝mω2r，得T＝2π，v＝，ω＝，空间站周期1.5 h小于地球同步卫星周期24 h，由T＝2π知空间站的圆周半径小于同步卫星，由ω＝知空间站角速度大于同步卫星角速度，由T＝2π知空间站周期小于同步卫星的周期度，故C正确，D错误。 故选C。 7．【答案】D 【详解】A．因M点处的等差等势面比N点处的等差等势面密集，故M点的电场强度大于N点的电场强度，A错误； B．电场线与等势面垂直，由题图中对称性及力的合成法则可知，正对小孔CD中心射入“透镜”电场的正电子受到的电场力的方向与速度方向相同，会沿直线穿出小孔，B错误； C．经过N点的正电子受到的电场力做正功，动能增加，但电势能减小，C错误； D．根据垂直虚线AB射入小孔CD的正电子束受到的电场力方向可知，该“透镜”电场对垂直虚线AB射入小孔CD的正电子束有发散作用，D正确。 故选D。 8．【答案】BD 【详解】当列车经过线圈的过程中，线圈的磁通量先增大后减小，根据电磁感应规律可知，线圈会有感应电流。 故选BD。 9.【答案】BCD 【详解】AD．在t=0时刻环受的摩擦力为，则开始时物体静止；随着场强的减小，电场力减小，则当摩擦力小于重力时，圆环开始下滑，此时满足 即 E=200N/C 即t=1s时刻开始运动；且随着电场力减小，摩擦力减小，加速度变大；当电场强度为零时，加速度最大；当场强反向且增加时，摩擦力随之增加，加速度减小，当E=-200N/C时，加速度减为零，此时速度最大，此时刻为t=5s时刻；而后环继续做减速运动直到停止，选项A错误,D正确； BC．环在t=1s时刻开始运动，在t=2s时E=100N/C，此时的加速度为 解得 a=5m/s2 因环以当加速度为5m/s2匀加速下滑1s时的位移为 而在t=1s到t=2s的时间内加速度最大值为5m/s2，可知0~2s 内环的位移小于 2.5m，选项故选BCD。 10.【答案】BD 【详解】AB．当小车静止在水平地面上时，压敏电阻受到的压力为零，压敏电阻阻值为，电流表的示数为15mA，则当小车做匀速运动时，压敏电阻受到的压力仍为零，压敏电阻阻值仍为，电流表的示数为15mA，故A错误,B正确。 CD．当小车静止在水平地面上时，压敏电阻受到的压力为零，压敏电阻阻值为，电流表的示数为15mA，根据闭合电路的欧姆定律 解得 R0=100 根据 可知， 当小车的加速度大小为5m/s2时，F=50N,R=75,I=17.14mA 当小车的加速度大小为10m/s2时，F=100N,R=50,I=20mA 故D正确，C错误。 故选BD。 三、实验：本大题共 2 小题，共 16 分。 11. 【答案】（1）AC （2分） （2） ①. 1.6 （2分） ②. 2.0 （2分） （3）B （2分） 【解析】 （1）A．为减小空气阻力以及测量误差的影响，小球应该选用体积小、密度大的。故A正确； B．释放小球前，弹簧的压缩量应该适当，使小球以适当的初速度做平抛运动。故B错误； C．实验时应先打开频闪仪，再由静止释放小球。故C正确； D．以平滑曲线连接相邻的像点，可得小球的运动轨迹。故D错误。 故选AC。 （2）小球在竖直方向做匀加速直线运动，根据可得 在水平方向做匀速直线运动，则初速度 （3） 根据机械能守恒，弹簧的弹性势能， 只需要测量出小球的质量即可。 故选B。 12. 【答案】(1)AD （2分） (2) 减小（2分） (3)增大（2分） （2分） 【详解】（1）A．用不同挡位测量光敏电阻的阻值时，需要进行欧姆调零，故A正确； B．测量电阻时，如果指针偏转过大，说明待测电阻阻值较小，应将选择开关拨至倍率较小的挡位，重新调零后测量，故B错误； C．欧姆表的读数为指针所指刻度与倍率的乘积，所以图1中光敏电阻测量值为 故C错误； D．测量光敏电阻阻值时，应该把该电阻与电路断开，故D正确。 故选AD。 （2）[1]由图可知，阻值R随照度I的增加而减小。 [2]本实验为了精确测量多组不同光照强度下光敏电阻的阻值，所以滑动变阻器应采用分压式接法，又 所以电流表应采用内接法，故电路图如图所示。 （3）若增大电阻箱R2的阻值，则外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知，回路中电流减小，则光敏电阻需要变大才能达到两端的电压定值，可以达到照度更小，光敏电阻阻值较大时，自动控制系统开始补光的目的。 四、计算题(本题共3小题，共38分) 13.（10分） μ=0.5， E＝3×103 N/C 【详解】由图像得，加速时 a1＝＝20 m/s2 （2分） 减速时 a2＝＝10 m/s2 （2分） 由牛顿第二定律得 加速时 Eq－mgsin θ－μmgcosθ ＝ma1 （2分） 减速时 mgsin θ＋μmgcosθ ＝ma2 （2分） 联立得 μ=0.5， E＝3×103 N/C （2分） 14. （12分）(1) (2) (3) 【详解】（1）对物体受力分析 （2分） 代入数据解得 （2分） （2）由动能定理 （2分） 得 （2分） （或：由牛顿第二定律 （2分） 物体到达桌面右边缘时的速度大小 （2分）） （3）物体离开桌边后，竖直方向自由落体，水平方向匀加速直线运动，运动时间 （1分） 水平方向 （1分） 物体的落地点到桌面右边缘的水平间距 （1分） 代入数据解得 （1分） 15.（16分）【答案】（1）；（2）；（3） 【详解】（1）由动能定理可知，所有电子打在荧光屏上速度大小相同，设为v，则有 （2分） 解得 （2分） （2）沿水平方向飞出的电子做类平抛运动，在荧光屏上形成一个圆，圆的半径就是电子沿水平方向位移，有 （2分） （2分） （2分） 解得 （2分） （3）竖直向下飞出的电子做匀加速运动，有 （2分） 解得 （2分） ( 高二物理答案 第 1 页 共 7 页 ) 学科网（北京）股份有限公司 $$