广东省汕头市澄海区2024-2025学年高二上学期期末考试物理试题

2024－2025学年度第一学期期末质量监测 高二级物理科试题 考生注意： 1. 本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分。满分100分，考试时间75分钟。 2. 考生作答时，请将答案答在答题卡上。第I卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第II卷请用黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 第I卷（选择题） 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在下列各题的四个选项中，只有一个选项符合题目要求） 1．物理学中引入了“质点”、“点电荷”等概念，从科学方法上来说属于（　　） A．比值法 B．等效替代 C．建立物理模型 D．控制变量 ( 题 2 图 )2．如图所示为一小灯泡的伏安特性曲线，横轴和纵轴分别表示电压U和电流I。图线上点A的坐标为（U1，I1），过点A的切线与纵轴交点的纵坐标为（0，I2）。当小灯泡两端电压为U1时，其电阻等于（　　） A． B． C． D． ( 题 3 图 )3．在磁感应强度为B0、竖直向上的匀强磁场中，水平放置一根通电长直导线，电流的方向垂直纸面向里，如图所示，a、b、c、d是以直导线为圆心的圆周上的四点，c点的磁感应强度大小为0，已知通电直导线周围磁场的磁感应强度大小满足，式中k是常数，I是 导线中电流，r是该点到直导线的距离。则（　　） A．a点的磁感应强度大小为0 B．b点的磁感应强度大小为B0 C．d点的磁感应强度大小为2 B0 ( 题 4 图 )D．b、d两点的磁感应强度相同 4. 如图所示，面积大小为S的矩形线圈abcd，放在磁感应强度为B的匀强磁场中，此时线圈平面与磁场方向垂直，线圈可以绕O1O2转动。下列说法中正确的是（　　） A．当线圈在图示位置时，穿过线圈的磁通量大小 B．当线圈从图示位置转过90°时，穿过线圈的磁通量大小 C．当线圈从图示位置转过180°的过程中，穿过线圈的磁通量的变化量大小 D．当线圈从图示位置转过360°的过程中，穿过线圈的磁通量的变化量大小 5．传感器广泛应用在我们的生产生活中，常用的计算机键盘就是一种传感器，每个键内部电路如图所示。每个键下面都有相互平行的活动金属片和固定金属片组成的平行板电容器，两金属片间有空气间隙。在按下键的过程中，下列说法正确的是（　　） ( 题 5 图 ) A．电容器的电容C减小 B．电容器的带电量Q增加 C．电容器极板间的电场强度减小 D．图中电流从N流向M 6．周老师在优质课展示活动中做了“电池+口香糖锡纸=取火工具”的实验（如图甲），实验前将口香糖锡纸中间剪掉一些（如图乙），将锡纸条带锡面的一端接在电池的正极，另一端接在电池的负极，发现锡纸条很快开始冒烟、着火，下列说法正确的是（　　） ( 题 6 图 甲 乙 )A．此实验中使用旧电池效果更好 B．此实验利用了电流的热效应，a段最先燃烧 C．此实验利用了电流的热效应，c段最先燃烧 D．若，则a段电阻最小，c段电阻最大 ( 题 7 图 ) 7．某静电场的电场线如图中实线所示，虚线是某个带电粒子在仅受电场力作用下的运动轨迹，下列说法正确的是（　　） A．粒子带负电荷 B．粒子在M点的加速度大于它在N点的加速度 C．粒子在M点的动能小于它在N点的动能 D．粒子一定从M点运动到N点 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分，选全对的得6分，选不全的得4分，有选错或不答的得0分） 8．如图所示的匀强磁场中有一个矩形闭合导线框，在下列四种情况下，线框中不会产生感应电流的是（　　） ( 题 8 图 )     A．如图甲所示，保持线框平面始终与磁感线平行，线框在磁场中左右运动 B．如图乙所示，保持线框平面始终与磁感线平行，线框在磁场中上下运动 C．如图丙所示，线框绕位于线框平面内且与磁感线垂直的轴线AB转动 D．如图丁所示，线框绕位于线框平面内且与磁感线平行的轴线CD转动 ( 题 9 图 )9．某小组用如图甲所示气垫导轨来探究两滑块碰撞的规律，导轨末端装有位移传感器（图中未画出），滑块a、b的质量分别为0.1kg和0.3kg。打开气泵，将气垫导轨调节水平。让a获得初速度后与静止的b发生碰撞，规定a碰前的速度方向为正方向，根据传感器记录的数据，得到它们在碰撞前后的位移x与时间t的关系图像如图乙。下列说法正确的是（　　） A．碰撞前a的速度为2.5m/s B．碰撞后瞬间b的动量大小为0.3kg·m/s C．碰撞后瞬间a、b的运动方向相同 ( 题 10 图 )D．碰撞过程滑块a对b的作用力大于b对a作用力 10．高空抛物、坠物严重危害公共安全。为充分发挥司法审判的惩罚、规范和预防功能，刑法修正案新增高空抛物罪。假设质量为0.4kg的花盆从离地面20m高的高楼窗户自由下落到地面（无反弹），花盆与地面撞击时间为0.01s，设竖直向下为正方向，若花盆可视为质点，不计空气阻力，重力加速度大小g＝10m/s2。则（　　） A．花盆与地面撞击前瞬间的速度大小为20m/s B．花盆与地面撞击前瞬间，花盆重力的瞬时功率为40W C．花盆与地面撞击瞬间前后的动量变化为8kg•m/s D．花盆对地面平均作用力的大小为804N 第II卷（非选择题） 三、实验题：(每空2分，共16分) 11．某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材： ( 题 11 图 )A．被测干电池一节 B．电流表（量程0 ~ 3 A，内阻约为0.3 Ω） C．电流表（量程0 ~ 0.6 A，内阻约为0.1 Ω） D．电压表（量程0 ~ 3 V，内阻未知） E．滑动变阻器（0 ~ 10 Ω，2 A） F．滑动变阻器（0 ~ 100 Ω，1 A） G．定值电阻R0（阻值为1 Ω，额定功率为5 W） H．开关、导线若干 在现有器材条件下，要求尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。 该同学按照图甲所示的电路连接好实验器材并进行实验，根据实验数据绘出了如图乙所示的U − I图像，则电源的电动势E = V，电源内阻r = Ω。（结果保留小数点后一位） 12. 某实验小组为了测量某一段阻值约为20Ω的特殊金属丝的电阻率，采用如下操作步骤开展实验： （1）先用多用电表粗测其电阻。 ①调节指针定位螺丝S，使多用电表指针对准电流“0”刻度线； ②将选择开关K旋转到“Ω”挡的___________（选填“×1”或“×10”）位置； ③将红、黑表笔分别插入“+”“-”插孔，并进行以下三项操作： A．使电表指针对准电阻的零刻度线　 B．调节欧姆调零旋钮T C．将两表笔短接 则按顺序应为： ___________（用“A”、“B”、“C”代表操作步骤） ④将红、黑表笔分别与待测电阻两端接触，若多用电表读数显示结果如图甲所示，该电阻的阻值为___________Ω。 ⑤测量完毕，将选择开关旋转到“OFF”位置。 ( 题 12 图 甲 )（2）用螺旋测微器测量其直径；再用20分度的游标卡尺测量金属丝的长度，长度测量结果为 　　 cm。 （3）为了比较准确测量其电阻，除待测金属丝外，实验小组还备有的实验器材如下： ( 乙 )A．电流表A1，量程为0 ~ 1.5mA，内阻r1=500Ω B．电流表A2，量程为0 ~ 0.6A，内阻r2约为1Ω C．电压表，量程为0 ~ 3V，内阻r3约为1kΩ D．定值电阻R1=500Ω E．定值电阻R2=9500Ω F．滑动变阻器RP，最大阻值为10Ω G．电源（电动势约为15V） H．开关一只，导线若干 回答下列问题： ①实验小组选择采用的电路设计如图乙所示，为提高实验测量的准确度，与电流表A1串联的电阻R应选择R2，左端导线a应接 （选填“b”或“c”）触点； ②实验时测得A1示数为I1，A2示数为I2，由此可测得该金属丝的电阻Rx= （用r1、I1、I2、R2表示）。 （4）实验小组利用相关数据得到金属丝的电阻率。 四、计算题（共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。） ( 题 13 图 )13.（8分）质量m=3.0×10－4kg、电荷量q=1.0×10－6C的带正电微粒静止在空间范围足够大的电场强度为E1的匀强电场中，取g=10m/s2。 （1）求匀强电场的电场强度E1的大小和方向； （2）在t = 0时刻，匀强电场的电场强度大小突然变为E2=6.0×103N/C，且方向不变，求在前0.2s时间内带正电微粒位移的大小。 14．（14分）XCT扫描是计算机X射线断层扫描技术的简称，XCT扫描机可用于对多种病情的探测。图甲是某种XCT机主要部分的剖面图，其中产生X射线部分的示意图如图乙所示。图乙中M、N之间有一电子束的加速电场，虚线框内为偏转元件中的匀强偏转电场，方向竖直，经调节后电子从静止开始沿带箭头的实线所示的方向前进，离开偏转电场时速度与水平方向夹角为300，之后打到水平圆形靶台上的中心点P，产生X射线（如图中带箭头的虚线所示）。已知电子的质量为m，带电荷量为e，MN两端的电压为U0，偏转电场区域水平宽度为L0，竖直高度足够长，MN中电子束距离靶台竖直高度为H，偏转电场到圆形靶台上的中心点P水平距离为s，忽略电子的重力影响，不考虑电子间的相互作用及电子进入加速电场时的初速度，不计空气阻力。求： ( 题 14 图 ) （1）电子刚离开加速电场时的速度v0的大小； （2）图乙中偏转电场的电场强度E的大小和方向； （3）由于技术升级，经过专家研究可以将该电子枪改装成发射Y粒子（质量和电荷量未知，忽略Y粒子的重力影响）的装置，为使Y粒子仍然打到水平圆形靶台上的中心点P，请帮助专家论证是否需要重新设计偏转电场和靶台。 15.（16分）如图所示，粗糙斜面的倾角为θ，在距离斜面底端C点19l的B点放置一质量为3m的小物块乙，乙刚好不沿斜面下滑。距离B点l的位置A点有一质量为m的光滑小物块甲由静止释放。重力加速度为g，不计空气阻力。则： （1）若甲、乙在B点发生弹性正碰，碰撞时间极短，求甲第一次碰撞前、后速度v0和v1的大小； （2）若甲、乙在B点发生弹性正碰，碰撞时间极短，求甲、乙第一次碰撞结束到第二次碰撞前相距最远的距离； （3）若甲、乙在B点发生正碰后粘在一起，试判断甲能否在离开斜面前恢复到碰撞前的速度。 ( 题 15 图 甲 乙 ) 高二级物理试卷（第 4 页 共 6 页） 学科网（北京）股份有限公司 $$澄海区 2024-2025 学年度第一学期期末质量监测 高 二 级 物 理 科 试 题 参 考 答 案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 C A B A B B C ABD AB AD 11. 1.5 0.6 12. (1)② 1 ③ CBA ④26 (2) 5.015 (3) ① c ②  1 2 1 2 1 I R r I I   13.解：（1）带正电微粒静止，则 mgqE 1 （2分） 代入数据解得 （1分） 方向竖直向上 （1分） （2）在 0t 时刻，电场强度突然变化为 E2=6.0×103N/C 设微粒的加速度为 a，前 0.20s 时间内上升高度为 h，则 2 1qE mg ma  （2分） 解得 21 10m/sa  根据 2 1 1 2 h a t （1分） 解得 0.20mh  （1分） （13题其他合理的解法也可得分） 14.解:（1）电子带负电，电子轨迹向下偏转，则电场力向下；电场强度方向竖直向上；（1分） 由 2 0 0 1 2 e mvU  （2分） 可得电子刚离开加速电场时的速度为 00 2eUv m  （1分） （2）带电粒子在偏转电场中运动，有 0 0L v t （1分） atvy  （1分） m Eea  （1分） 离开偏转电场时速度与水平方向成30可得 tan 30 x v v   y （1分） 解得 0 0 2 3 3 U E L  （1分） CN q mgE /100.3 31  （3）解法 1：将该电子枪改装成发射 Y粒子，设其质量为M，电荷量 q 2 2 1 0 xqU Mv （1分） 1tvx x （1分） 2 12 t M Eqy  （1分） 整理可得 0 2 4U Exy  （1分） 即 Y粒子与原来的电子轨迹相同，故不需要重新设计偏转电场和靶台。（1分） 解法 2：将该电子枪改装成发射 Y粒子，设其质量为M，电荷量 q 2 2 1 0 xqU Mv （1分） 0 1xL v t （1分） 2 12 t M Eqy  （1分） 整理可得 0 2 0 4U ELy  即 Y粒子与原来的电子的位移相同，则其速度的方向也相同。故不需要重新设计偏转电场和靶台。 （1分） （14题其他合理的解法也可得分） 15.解：（1）设甲碰乙前速度为 0v ，则有 ���sin� = 1 2 ��02 （1分） 解得 sin20 glv  （1分） 由于甲、乙的碰撞为弹性碰撞，则有 ��0 = ��1 + 3��2 （1分） ， 1 2 ��02 = 1 2 ��12 + 1 2 × 3��22 （1分） 解得 1 2 sin 2 gl v    （1分）， 2 2 sin 2 gl v   甲碰撞后反弹。 （2）解法 1：由于乙恰好不下滑静止于斜面上，所以有3 sin 3 cosmg mg    （1分） 则碰后乙匀速下滑，设甲运动至与乙共速的时间为 t， tgvv  sin12 （1分） tvx 22  （1分） 2 11 sin2 1 tgtvx   （1分） 12 xxsm  （1分） lsm  （1分） 解法 2：由于乙恰好不下滑静止于斜面上，所以有 3 sin 3 cosmg mg    （1分） 则碰后乙匀速下滑，甲沿斜面向上做匀减速直线运动，当二者速度相同时，甲、乙相距最远，（1分） 以乙为参考系，甲相对乙速度为零时，二者相距最远，甲相对乙的初速度为 1 2 0ABv v v v    （2分） 相对乙的加速度为 A sinABa a g   （1分） 甲、乙相距最远的距离为 2 2 AB AB vx l a   （1分） 解法 3：由于乙恰好不下滑静止于斜面上，所以有3 sin 3 cosmg mg    （1分） 则碰后乙匀速下滑，甲沿斜面向上做匀减速直线运动，当二者速度相同时，甲、乙相距最远，由于 甲与斜面间没有摩擦力，所以当其回到 B点时速度大小与碰撞结束后的速度大小相等，方向向下， 则此时其速度与乙距离最远，此过程的时间为 t，则 （3分） tgvv  sin12 （1分） ltvs  2m （1分） （3）解法 1：甲、乙碰撞后粘在一起 vmmmv )3(0  （1分） 整体下滑的加速度 4 sin 3 cos 4mg mg ma    （1分） 假设甲能在离开斜面前恢复到碰撞前的速度，则此过程的位移 2 2 0 2v v ax  （1分） llx 19 4 15  （1分） 所以甲能在离开斜面前恢复到碰撞前的速度。 解法 2：甲、乙碰撞后粘在一起 vmmmv )3(0  （1分） 甲、乙滑到 c点的速度为 v，由动能定理得 2 21 1( sin ) 19 ( 3 ) ( 3 ) 2 2 mg l m m v m m v     （2分） 0 1 77 sin 2 2 glv v   （1分） 所以甲能在离开斜面前恢复到碰撞前的速度。（1分） （15题其他合理的解法也可得分）