江西省宜春市第一中学2024-2025学年高一上学期期末考试物理试卷

高一物理宜春一中2024-2025学年第一学期期末考试 高一物理答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 B D B C A C D ABC AC BC 1.【答案】B【详解】B．速度的定义式运用了比值定义法，而加速度不是比值定义法，B错误。 【答案】A【详解】手机受到竖直向下重力G和自拍杆对手机的竖直向上作用力F两个力的作用，由平衡条件得：自拍杆对手机的作用力大小为A正确。故选A。 2.【答案】D 【详解】AB．以A为对象，根据受力平衡可知，B对A的摩擦力为0；以B为对象进行受力分析，受到重力、拉力，A的压力，地面的支持力和摩擦力作用，则B共受到5个力的作用，故AB错误； C．水平桌面对B的支持力是水平桌面形变产生的，故C错误； D．A质量越大，则A对B的压力越大、B对水面桌面的压力越大，A、B间的最大静摩擦力越大，B与水平桌面间的最大静摩擦力越大，所以A质量越大，将B取出需要施加的拉力越大，故D正确。 3.【答案】B 【详解】A．汽车的初速度，加速度，由公式得，汽车从刹车到停止运动的时间刹车后2s时的速度大小为 故A错误；B．汽车滑行距离等于刹车后4s内的位移大小，则故B正确；C．因为汽车后4s时停止运动，所以，刹车后5s时的速度大小为0，故C错误；D．因为汽车后4s时停止运动，所以，刹车后6s内的位移大小等于刹车后4s内的位移大小，则故选B。 4.【答案】C 【详解】A．运动员离开跳板至入水前，只受重力作用，则一直在做匀变速直线运动，选项A正确，不符合题意； B．运动员从最高点到落到水面上下落的高度为 即离水面最远距离为，选项B正确， 不符合题意； C．运动员在空中运动的时间为 选项C错误，符合题意； D．跳板离水面的高度为 选项D正确，不符合题意。 5.【答案】A 【详解】由于a、b两细线相互垂直，剪断细线b的一瞬间，小球的加速度大小为，说明未剪断细线b时，细线b上的拉力大小为Fa=ma=10N 未剪断细线b时，根据平衡条件有 解得 6.【答案】C 【详解】对杯盖两接触点受力分析如图所示 设杯盖质量为m，保持静止则有 所以则有 可得 由图可知 联立可得 解得L>4.0cm 7.【答案】D 【详解】A．甲比乙运动快，且早出发，但乙出发做匀加速直线运动，后，乙的速度大于甲，两物体出发地点相同，则乙可以追上甲，故A错误； B．由图像的面积可以读出时，乙的位移仍小于甲的位移，未追上甲，故B错误； C．在10～20s内，甲的速度大于乙的速度，甲在乙的前方，两者距离逐渐增大，20s后乙的速度大于甲的速度，两者距离逐渐减小，在时刻两者距离最大，故C错误。由位移公式可得D正确 8.【答案】ABC 【详解】A．设每段位移为x，对AE段有对AB段有解得故A正确；B．因为B处时的速度大小为故B正确；C．由分析可知，B处为AE的中间时刻，可知李明通过B处时的瞬时速度等于通过AE段的平均速度，因为李明做匀加速运动， 所以通过C处时的瞬时速度大于通过AE段的平均速度，故C正确；D．根据连续相等位移所用时间的比例关故李明通过BC段和CD段所用时间之比错误。 故D错误。故选AC。 9.【答案】AC 【详解】在圆形框架顺时针缓慢旋转90°过程中，∠AOB保持不变，由三力平衡推论知三力平移后会组成一闭合三角形，并建立一个矢量圆模型，如图所示 表示OA间轻绳拉力，表示OB间轻绳拉力．由图可知：先增大后减小，一直减小。 10.【答案】BC 【详解】A．两物块分离前加速度相同，做匀加速直线运动，可知加速度不变，由牛顿第二定律可知，A、B分离前合外力大小不变，F合=2maA错误 B．分离时A、B间的弹力是零，由于B具有向上的加速度，其受合力向上，可知弹簧处于压缩状态，B正确； C．由题意可知，两物块处于静止状态时，弹簧的压缩量为x1，则有 对B分离时，由牛顿第二定律可得解得则有弹簧的形变量又有解得C正确；D．由速度时间公式，可得分离时B的速度大小为D错误。故选BC 二、非选择题：本题共5小题，共54分 11. （6分）【答案】(1)0.10 (2) 1.3 9.8 （每空2分） 【详解】（1）手机每秒拍摄30张照片，则相邻两张照片的时间间隔 可知图乙中小球从点运动到点用的时间 （2）[1]根据匀变速直线运动的中间时刻速度等于这个过程的平均速度，小球运动到点时的速度大小 [2]由逐差法可知，当地的重力加速度大小 12.（9分）【答案】(1)D （1分） (2) 丙 C （4分） (3) （4分） 【详解】（1）A．平衡摩擦力，假设木板倾角为θ，则有 m约掉了，每次在小车上加减砝码时，故不需要重新平衡摩擦力，A错误；B．实验时应先接通电源后释放小车，B错误；C．让小车和砝码的质量m2远远大于小盘和重物的质量m1，因为实际加速度为实际上绳子的拉力为故应该是，C错误；D．由牛顿第二定律可得 所以在用图象探究小车的加速度与质量的关系时，通常作图象，D正确。 故选D。（2）[1]遗漏了平衡摩擦力这一步骤，就会出现当有拉力时，物体不动的情况，故可能作出图2中丙；[2]此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是钩码的总质量太大，没有远小于小车和砝码的质量。故选C。（3）[1][2]根据牛顿第二定律可知 变形得结合图象可得：斜率为 截距为解得， 13.(10分)【答案】（1）26.25N；（2）5N，方向水平向右； 【详解】（1）以圆环为对象，竖直方向根据受力平衡可得 解得绳子拉力大小为 T=6.25N （2分） 以物块为对象，竖直方向根据受力平衡可得 解得支持力 N=26.25N （3分） 根据牛顿第三定律，可知物块对地面的压力大小26.25N。 （1分） （2）以物块为对象，水平方向根据受力平衡可得 f =T （3分） 可知地面对物块的摩擦力大小为5N，方向水平向右。 （1分） 14. (13分)【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）到B过程，对人和滑板，由牛顿第二定律得其加速度为 设到B点速度为，由速度位移关系 联立解得 （3分） （2）B到C过程，对滑板，由牛顿第二定律得其加速度为 由速度位移关系 联立解得 （3分） 此时人和滑板未进入沙地区域； （3）若人和滑板未过位置C，由速度位移系，AB上满足BC上满足 联立解得 （3分） 若人和滑板过位置C，由速度位移系，AB上满足 设到达C时速度为，则由速度位移系，BC上满足 之后再CD上速度减为0，人和滑板在CD上的加速度 由速度位移系，CD上满足 联立解得 （m） 故 （4分） 15（16分）【答案】(1)，(2)(3)会滑离CD 【详解】（1）设小明撤去推力时，杯子速度为，则解得 设撤去推力后杯子滑行的距离为，则 杯子离CD端的距离 解得 （4分） （2）若小刚的杯子刚好停在与小明相同的位置，则有解得 设杯子加速位移，则有 （3分） 若小刚的杯子刚好停在CD端，则有 解得 设杯子加速的位移为，则有 （3分） 则小刚要获胜推杯子的位移需要满足可得（1分） （3）假设杯子可以滑到CD处，根据运动学公式 可知图像围成的面积表示，由题图可知图像围成的面积为 则有 解得杯子可以滑到CD处的速度大小为 故杯子会滑离CD。（5分） 学科网（北京）股份有限公司 $$ 宜春一中2024-2025学年第一学期期末考试 高一物理试卷 一、选择题：（本题共10小题，共46分，1-7为单选题，每小题4分，8-10为多选题。每小题6分，选不全的得3分，错选、多选不给分） 1．下列说法中不正确的是（　　） A．kg、m、s、A都是国际单位制中的基本单位 B．速度和加速度都运用了比值定义法 C．物体速度变化越快，加速度大小越大 D．研究神舟十九号与空间站进行对接时不能将其视为质点 2．2024年9月24日，第21届中国-东盟博览会在广西南宁举办。友诚市集上东盟国家产品汇聚，一观众欲将水平桌面上的产品B从产品A下取出进行零距离体验，如图所示、若该观众对产品B施加一个水平向右的拉力，但产品B仍然静止。下列说法正确的是（    ） A．B对A的摩擦力向右 B．B共受到4个力的作用 C．水平桌面对B的支持力是B形变产生的 D．A质量越大，将B取出需要施加的拉力越大 3．某汽车正以72 km/h的速度在公路上行驶，为“礼让行人”，若以大小为5 m/s2的加速度刹车，则以下说法正确的是（　　） A．刹车后2 s时的速度大小为5 m/s B．汽车刹车40 m停下 C．刹车后5 s时的速度大小为5 m/s D．刹车后6 s内的位移大小为30 m 4．2024年7月31日，在巴黎奥运会女子双人十米台跳水决赛中，中国选手陈芋汐、全红婵获得冠军。假设跳水运动员（视为质点）起跳离开跳板后在一条直线上运动．其离开跳板至人水前的运动过程中、竖直向上起跳时的速度大小为．最大速度大小为．不计空气阻力，重力加速度大小为，则下列说法不正确的是（　　） A．运动员离开跳板至入水前一直在做匀变速直线运动 B．运动员离水面最远距离为 C．运动员在空中运动的时间为 D．跳板离水面的高度为 5.如图所示，质量为2kg的小球用a、b两根细线连接，分别悬于两点，a、b两细线相互垂直，小球静止，重力加速度g取。剪断细线b的瞬间，小球的加速度大小为，则未剪断细线b时，细线a上的拉力大小为（　　） A． B． C．10N D．12.5N 6．如图甲所示，用两根手指对称地抓起一个截面为圆的杯盖．将其简化成如图乙所示，手指与杯盖截面始终处于竖直平面内，手指接触点1、2的连线水平且相距为L，截面半径为，两接触点与圆心的连线与水平方向的夹角均为，手指和杯盖间的动摩擦因数为，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，能保持杯盖始终静止，则L不能小于（　　） A．3.0cm B．3.3cm C．4.0cm D．4.8cm 7. 甲、乙两物体从同一地点出发做直线运动，它们的图像如图所示，由图可知（　） A．甲比乙运动快，且早出发，所以乙追不上甲 B．时，乙追上了甲 C．由于乙在时才开始运动，所以时，甲在乙前面，此时它们之间的距离为乙追上甲前的最大距离 D.甲乙相遇的时刻为t=20+ 8.2024年11月份，某学校组织高中生进行体能测试。在50米跑测试中，李明从A点由静止开始做匀加速直线运动，通过AB、BC、CD、DE连续四段相等的位移到达E点。已知通过E点时的瞬时速度为v0，通过AE段的时间为t，李明可视为质点。下列说法正确的是（　　） A．李明通过AB段的时间等于t B．李明通过B处时的速度大小为 C．李明通过C处时的瞬时速度大于通过AE段的平均速度 D．李明通过BC段和CD段所用时间之比为 9.如图所示，一圆形框架竖直放置，O为圆心，框架可绕圆心处的转轴转动．现用两根不可伸长且等长的轻绳一端分别固定在框架上的A、B点，另一端一起拴住一个小球（可视为质点）处于圆心O的位置，开始整个系统处于静止状态，OA水平，．现让圆形框绕转轴顺时针缓慢转动90°，则此过程中（　　） A．OA间轻绳拉力先增大后减小 B．OA间轻绳拉力先减小后增大 C．OB间轻绳拉力一直减小 D．OB间轻绳拉力一直增大 10．如图所示，两个质量均为m的相同的物块叠放在一个轻弹簧上面，处于静止状态。弹簧的下端固定于地面上，弹簧的劲度系数为k。时刻，给A物块一个竖直向上的作用力F，使得两物块以0.8g的加速度匀加速上升，下列说法正确的是（　　） A．A、B分离前合外力大小与时间t成线性关系 B．分离时弹簧处于压缩状态 C．在时刻A、B分离 D．分离时B的速度大小为 二、非选择题：本题共5小题，共54分 11．(6分)某同学设计了如图甲所示装置“测自由落体加速度”，紧靠桌边竖直放置一刻度尺，从桌面等高处自由释放一金属小球，同时用手机连拍功能拍出小球运动的照片。图乙是该同学选取中间部分的照片，手机每秒拍摄30张照片，忽略空气阻力。 (1)图乙中小球从点运动到点的时间 。 (2)小球运动到点时的速度大小 ，当地重力加速度大小 。（所有结果均保留两位有效数字） 12.（9分）如图1所示为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置及数字化信息系统，获得了小车加速度a与钩码的质量及小车和砝码的质量对应关系图。钩码的质量为，小车和砝码的质量为，重力加速度为g。 (1)下列说法正确的是___________。 A．每次在小车上加减砝码时，应重新平衡摩擦力 B．实验时若用打点计时器应先释放小车后接通电源 C．本实验应远小于 D．在用图像探究加速度与质量关系时，应作图像 (2)实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，测得，作出图像，他可能作出图2中 （选填“甲”、“乙”、 “丙”）图线。此图线的段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是 A．小车与轨道之间存在摩擦     B．导轨保持了水平状态 C． 钩码质量太大     D．所用小车的质量太大 (3)实验时，某同学遗漏了平衡摩擦力这一步骤，若轨道水平，他测量得到的图像，如图3。设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，则小车与木板间的动摩擦因数 ，钩码的质量 。 13．（10分）如图所示，粗糙水平地面上固定有一竖直光滑杆，杆上套有质量为m=0.5kg的圆环，地面上放一质量为M=3kg的物块，物块与地面间的动摩擦因数为μ=0.5，圆环和物块由绕过光滑定滑轮的轻绳相连，连接圆环和物块的轻绳与竖直方向的夹角分别为α=37°，β=53°。认为物块与地面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力（重力加速度g=10N/kg，取sin37°=0.6、sin53°=0.8），求： （1）物块对地面的压力大小； （2）地面对物块的摩擦力； 14．（13分）甲图是一沙滩上的滑草项目，一小朋友正坐在滑板上游玩，其过程简化为乙图的物理模型，倾斜滑道长，倾角，水平滑道长为足够长的水平沙地，滑板与滑道间的动摩擦因数分别为，滑板经过和位置的速度大小变化忽略不计，取sin37°=0.6、sin53°=0.8求： (1)人和滑板从位置静止开始下滑，到达倾斜滑道底端位置时的速度大小； (2)人和滑板从位置静止开始下滑，停止位置与倾斜滑道底端位置的距离； (3)若工作人员在倾斜滑道顶端位置推一下滑板，人和滑板以初速度开始下滑，人和滑板停止的位置与倾斜滑道底端位置的距离与的关系式。 15．（16分）同学们平时利用食堂餐桌（图甲）玩起了推杯子游戏。其过程简化如下（图乙）：将杯子（可视为质点）从桌子AB端边缘的O点用手推出，在杯子到达虚线EF前撤去推力。杯子沿直线运动，最后停在桌面上。杯子停止运动时不超过桌子CD端边缘且离CD端边缘最近者获胜。已知推杯子时杯子在桌面上做匀加速直线运动，撤去推力后杯子在桌面上做匀减速直线运动。现小明和小刚两同学参加游戏比赛，由于两同学推力不同而使杯子运动的加速度不同，小明推杯子运动的加速度大小，小刚推杯子运动的加速度大小，两人撤去推力后杯子的加速度大小均为。已知桌面长，虚线EF距离桌面AB端。 (1)小明比赛推杯子时杯子刚好运动到虚线EF位置时，撤去推力，求杯子在刚好到达虚线EF时的速度大小、杯子停止运动时离CD端的距离； (2)按（1）中小明取得的成绩，小刚比赛要想获胜，则加速推杯子的位移应满足什么条件； (3)假设因桌面沿EF→CD各处粗糙程度不同而导致杯子减速运动的加速度不相同，沿EF→CD方向运动时各处加速度大小如图像，某次比赛杯子从EF以4m/s的速度离手，试经过计算判断杯子是否会滑离CD边缘？ 宜春一中2024-2025学年第一学期期末考试 高一物理答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 B D B C A C D ABC AC BC 1.【答案】B【详解】B．速度的定义式运用了比值定义法，而加速度不是比值定义法，B错误。 【答案】A【详解】手机受到竖直向下重力G和自拍杆对手机的竖直向上作用力F两个力的作用，由平衡条件得：自拍杆对手机的作用力大小为A正确。故选A。 2.【答案】D 【详解】AB．以A为对象，根据受力平衡可知，B对A的摩擦力为0；以B为对象进行受力分析，受到重力、拉力，A的压力，地面的支持力和摩擦力作用，则B共受到5个力的作用，故AB错误； C．水平桌面对B的支持力是水平桌面形变产生的，故C错误； D．A质量越大，则A对B的压力越大、B对水面桌面的压力越大，A、B间的最大静摩擦力越大，B与水平桌面间的最大静摩擦力越大，所以A质量越大，将B取出需要施加的拉力越大，故D正确。 3.【答案】B 【详解】A．汽车的初速度，加速度，由公式得，汽车从刹车到停止运动的时间刹车后2s时的速度大小为 故A错误；B．汽车滑行距离等于刹车后4s内的位移大小，则故B正确；C．因为汽车后4s时停止运动，所以，刹车后5s时的速度大小为0，故C错误；D．因为汽车后4s时停止运动，所以，刹车后6s内的位移大小等于刹车后4s内的位移大小，则故选B。 4.【答案】C 【详解】A．运动员离开跳板至入水前，只受重力作用，则一直在做匀变速直线运动，选项A正确，不符合题意； B．运动员从最高点到落到水面上下落的高度为 即离水面最远距离为，选项B正确， 不符合题意； C．运动员在空中运动的时间为 选项C错误，符合题意； D．跳板离水面的高度为 选项D正确，不符合题意。 5.【答案】A 【详解】由于a、b两细线相互垂直，剪断细线b的一瞬间，小球的加速度大小为，说明未剪断细线b时，细线b上的拉力大小为Fa=ma=10N 未剪断细线b时，根据平衡条件有 解得 6.【答案】C 【详解】对杯盖两接触点受力分析如图所示 设杯盖质量为m，保持静止则有 所以则有 可得 由图可知 联立可得 解得L>4.0cm 7.【答案】D 【详解】A．甲比乙运动快，且早出发，但乙出发做匀加速直线运动，后，乙的速度大于甲，两物体出发地点相同，则乙可以追上甲，故A错误； B．由图像的面积可以读出时，乙的位移仍小于甲的位移，未追上甲，故B错误； C．在10～20s内，甲的速度大于乙的速度，甲在乙的前方，两者距离逐渐增大，20s后乙的速度大于甲的速度，两者距离逐渐减小，在时刻两者距离最大，故C错误。由位移公式可得D正确 8.【答案】ABC 【详解】A．设每段位移为x，对AE段有对AB段有解得故A正确；B．因为B处时的速度大小为故B正确；C．由分析可知，B处为AE的中间时刻，可知李明通过B处时的瞬时速度等于通过AE段的平均速度，因为李明做匀加速运动， 所以通过C处时的瞬时速度大于通过AE段的平均速度，故C正确；D．根据连续相等位移所用时间的比例关故李明通过BC段和CD段所用时间之比错误。 故D错误。故选AC。 9.【答案】AC 【详解】在圆形框架顺时针缓慢旋转90°过程中，∠AOB保持不变，由三力平衡推论知三力平移后会组成一闭合三角形，并建立一个矢量圆模型，如图所示 表示OA间轻绳拉力，表示OB间轻绳拉力．由图可知：先增大后减小，一直减小。 10.【答案】BC 【详解】A．两物块分离前加速度相同，做匀加速直线运动，可知加速度不变，由牛顿第二定律可知，A、B分离前合外力大小不变，F合=2maA错误 B．分离时A、B间的弹力是零，由于B具有向上的加速度，其受合力向上，可知弹簧处于压缩状态，B正确； C．由题意可知，两物块处于静止状态时，弹簧的压缩量为x1，则有 对B分离时，由牛顿第二定律可得解得则有弹簧的形变量又有解得C正确；D．由速度时间公式，可得分离时B的速度大小为D错误。故选BC 二、非选择题：本题共5小题，共54分 11. （6分）【答案】(1)0.10 (2) 1.3 9.8 （每空2分） 【详解】（1）手机每秒拍摄30张照片，则相邻两张照片的时间间隔 可知图乙中小球从点运动到点用的时间 （2）[1]根据匀变速直线运动的中间时刻速度等于这个过程的平均速度，小球运动到点时的速度大小 [2]由逐差法可知，当地的重力加速度大小 12.（9分）【答案】(1)D （1分） (2) 丙 C （4分） (3) （4分） 【详解】（1）A．平衡摩擦力，假设木板倾角为θ，则有 m约掉了，每次在小车上加减砝码时，故不需要重新平衡摩擦力，A错误；B．实验时应先接通电源后释放小车，B错误；C．让小车和砝码的质量m2远远大于小盘和重物的质量m1，因为实际加速度为实际上绳子的拉力为故应该是，C错误；D．由牛顿第二定律可得 所以在用图象探究小车的加速度与质量的关系时，通常作图象，D正确。 故选D。（2）[1]遗漏了平衡摩擦力这一步骤，就会出现当有拉力时，物体不动的情况，故可能作出图2中丙；[2]此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是钩码的总质量太大，没有远小于小车和砝码的质量。故选C。（3）[1][2]根据牛顿第二定律可知 变形得结合图象可得：斜率为 截距为解得， 13.(10分)【答案】（1）26.25N；（2）5N，方向水平向右； 【详解】（1）以圆环为对象，竖直方向根据受力平衡可得 解得绳子拉力大小为 T=6.25N （2分） 以物块为对象，竖直方向根据受力平衡可得 解得支持力 N=26.25N （3分） 根据牛顿第三定律，可知物块对地面的压力大小26.25N。 （1分） （2）以物块为对象，水平方向根据受力平衡可得 f =T （3分） 可知地面对物块的摩擦力大小为5N，方向水平向右。 （1分） 14. (13分)【答案】(1) (2) (3) 【详解】（1）到B过程，对人和滑板，由牛顿第二定律得其加速度为 设到B点速度为，由速度位移关系 联立解得 （3分） （2）B到C过程，对滑板，由牛顿第二定律得其加速度为 由速度位移关系 联立解得 （3分） 此时人和滑板未进入沙地区域； （3）若人和滑板未过位置C，由速度位移系，AB上满足BC上满足 联立解得 （3分） 若人和滑板过位置C，由速度位移系，AB上满足 设到达C时速度为，则由速度位移系，BC上满足 之后再CD上速度减为0，人和滑板在CD上的加速度 由速度位移系，CD上满足 联立解得 （m） 故 （4分） 15（16分）【答案】(1)，(2)(3)会滑离CD 【详解】（1）设小明撤去推力时，杯子速度为，则解得 设撤去推力后杯子滑行的距离为，则 杯子离CD端的距离 解得 （4分） （2）若小刚的杯子刚好停在与小明相同的位置，则有解得 设杯子加速位移，则有 （3分） 若小刚的杯子刚好停在CD端，则有 解得 设杯子加速的位移为，则有 （3分） 则小刚要获胜推杯子的位移需要满足可得（1分） （3）假设杯子可以滑到CD处，根据运动学公式 可知图像围成的面积表示，由题图可知图像围成的面积为 则有 解得杯子可以滑到CD处的速度大小为 故杯子会滑离CD。（5分） 学科网（北京）股份有限公司 $$报告查询:登录zhixue.com或扫描二维码下载App (用户名和初始密码均为准考证号) 宜春一中2024-2025学年度第一学期高一年级期末考试 物理答题卡 姓名： 班级： 考场/座位号： 注意事项 1．答题前，考生先将自己的姓名、班级、考场填写清楚，并认真核对 条形码上的姓名和准考证号。 2．选择题部分请按题号用2B铅笔填涂方框，修改时用橡皮擦干净，不 留痕迹。 3．非选择题部分请按题号用0.5毫米黑色墨水签字笔书写，否则作答 无效。要求字体工整、笔迹清晰。作图时，必须用2B铅笔，并描浓。 4．在草稿纸、试题卷上答题无效。 5．请勿折叠答题卡,保持字体工整、笔迹清晰、卡面清洁。 贴条形码区 （正面朝上，切勿贴出虚线方框） 正确填涂 缺考标记 客观题(1~7为单选题，每小题4分;8~10为多选题，每小题6分，共46分) 1 [A] [B] [C] [D] 2 [A] [B] [C] [D] 3 [A] [B] [C] [D] 4 [A] [B] [C] [D] 5 [A] [B] [C] [D] 6 [A] [B] [C] [D] 7 [A] [B] [C] [D] 8 [A] [B] [C] [D] 9 [A] [B] [C] [D] 10 [A] [B] [C] [D] 二、非选择题（本题共5题，共54分。） 11. （6分）（1） （2） 12. （9分） （1） （2） （3） 13. （10分） 14. （13分） 15. （16分）