2025年中考物理专题复习：机械能和内能

2025年中考物理专题复习：机械能和内能 一、选择题 1．下列关于内能、热量、温度和做功的说法中不正确的是（　　） A．温度高的物体把温度传给温度低的物体 B．某铁块温度降低，内能一定减小 C．物体吸热，温度不一定升高 D．一个物体温度升高，可能是外界对物体做功 2．酒精的热值为3.0×107J/kg、比热容为2.4×103J/（kg•℃）以下说法中正确的是（　　） A．质量越大，酒精的热值越大 B．质量越大，酒精的比热容越大 C．完全燃烧1kg酒精可放出3.0×107J的热量 D．1kg酒精温度升高1℃需要放出2.4×103J的热量 3．如图所示，用同样的器材进行实验，现要求仅根据温度计示数的变化（Δt）（实验1）或者比较不同燃料的热值（实验2），则以下说法中正确的是（　　） A．这两个实验均需要控制被加热的物质的种类一样 B．这两个实验均需要控制实验中用完全相同的燃料 C．正确完成实验1后，若Δt越小，则该物质的比热容越大 D．在实验2中，加热相同时间后，若Δt越大，则该燃料的热值一定越大 4．如图所示，一个玩具弹簧放在斜面上端，将弹簧弯曲一定程度后释放，有哪些机械能发生了转化（　　） A．只有动能和重力势能 B．只有动能和弹性势能 C．只有重力势能和弹性势能 D．动能、重力势能和弹性势能都发生了转化 5．如图所示，将一根弹簧和一只质量为1kg的金属球（球上有一直小孔）套在铁架台的金属杆AB上面。现将小球提到B端后松手（　　） A．小球在0～t3过程中t1时刻机械能最大 B．弹簧原来的长度为40cm C．在0～t1过程中小球的动能先增大后减小，重力势能的变化量小于动能变化量 D．在t1、t2、t3三个时刻，小球的动能在t1时刻最大 6．如表列出一些物质的比热容，根据表中数据，下列判断正确的是（　　） 物质 水 煤油 冰 铝 铜 比热容/（J•kg﹣1•℃﹣1） 4.2×103 2.1×103 2.1×103 0.88×103 0.39×103 A．不同物质的比热容一定不同 B．物质的物态发生变化，比热容不变 C．质量相等的铝和铜升高相同的温度，铝吸收的热量更多 D．质量相等的水和煤油吸收相同的热量，水升高的温度更多 二、填空题 7．司机开车上坡前，往往加大油门，以提高车速　 　能。清扫路面垃圾的清洁车，能通过吸尘器将路面上的垃圾吸入车内容器中。清洁车沿街道匀速行驶，在清扫垃圾过程中　 　（选填：变大、变小或保持不变）。 8．如图所示是玩弹弓的情景。经验表明，橡皮筋拉得越长，同样的“子弹”射得越 　 　，这说明橡皮筋的弹性势能与其 　 　有关；若橡皮筋被拉的长度相同，而用的“子弹”不同　 　，原因是质量大的“子弹”射出时 　 　小。 9．如图是小球在地面弹跳的频闪照片，A、B两点高度相同且距地面30cm，小球在A点的重力势能 　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）B点的重力势能，小球在A点的动能 　 　选填“大于”、“小于”或“等于”）B点的动能；若小球的质量为200g，它从A点落到地面　 　J．（g＝10N/kg） 10．许多人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行。离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点，卫星在大气层外运行，只有动能和势能的转化，因此 　 　守恒，卫星从近地点向远地点运动时，它的 　 　减小。 11．如图，轻质弹簧顶端固定并连接一个大小不计的重物。用手托住重物向上挤压弹簧到点a，松手后重物下落依次经过点b、c到最低点d，c是重物连接在弹簧下端静止时的位置。则重物从a运动到d的过程中，在 　 　点重力势能最大，在 　 　点动能最大，在 　 　点机械能最大。（不计空气阻力） 12．在物理中常提到“热”字，但含义各不相同，请将下列“热”的含义填入空格内。 （1）这盆水很热，这里的“热”是指　 　 　。 （2）物体吸热升温，这里的“热”是指　 　 　。 （3）摩擦生热，这里的“热”是指　 　 　。 13．冬天同学们常常利用热水袋取暖，是通过 　 　改变人体的内能；小朋友从滑梯上端滑下来感到臀部发热，是通过 　 　改变人体的内能。 14．小夏在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验，并用图象对实验数据进行了处理，水和另种液体在相同时间内放出的热量相等。分析图象可以得出：　 　物质为水（选填“甲”或“乙”），另一种液体的比热容为 　 　J/（kg•℃）。我们用水来冷却汽车的发动机，那是因为水的比热容 　 　。 15．水的比热容比沙石或干泥土的比热容 　 　（选填“大”或“小”），所以在沿海地区陆地表面的气温比海面的气温昼夜变化 　 　（选填“大”或“小”），因此白天海边的风多是 　 　（选填“陆风”或“海风”）。 16．如图所示，某单缸四冲程汽油机正处于 　 　冲程，此冲程将 　 　能转化为 　 　能，接下来它应该处于 　 　冲程。若它在1min内完成40个工作循环，则飞轮的转速为 　 　r/min。 17．甲站在0.5m/s匀速上行的自动扶梯上，乙站在0.7m/s匀速下行的自动扶梯上。甲、乙两人质量相等，甲上行中动能 　 　（选填“增加”、“不变”、“减少”）。某时刻他们的位置如图所示，该时刻甲的重力势能 　 　乙的重力势能，甲的机械能 　 　乙的机械能。（选填“大于”、“等于”、“小于”）。 18．如图所示，滚摆在竖直平面内上下往复运动，在滚摆上下往复运动过程中： （1）滚摆从最高点向下运动，滚摆的机械能转换情况是 　 　； （2）滚摆在运动过程中，上升的最大高度总是逐渐降低，产生此现象的原因是 　 　。 19．北方楼房中的“暖气”用水作为介质，是因为水的 　 　。质量为1t的热水放出2.1×108J热量后温度降低 　 　℃．暖气能使室内温度升高内能增加，这是通过 　 　的方式实现的。[4.2×103J/（kg•℃）] 20．如图所示是汽油机的 　 　冲程。在压缩冲程中，是通过做功方式增加燃气的内能，汽油机的转速2400r/min　 　次。 21．用煤气灶将质量为4kg的水从25℃加热到50℃，水吸收的热量为 　 　。若水吸收的热量等于煤气燃烧所放出的热量，则需要完全燃烧 　 　的煤气。[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4.2×107J/kg] 三、实验探究题 22．在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让小车从斜面上由静止释放小车下滑后撞击斜面底部的木块。 （1）小车进入水平面时的动能是由 　 　转化来的。实验时木块被推得越远，小车对木块 　 　越多，表明小车的动能越大。 （2）同一小车从斜面不同高度由静止释放，如图甲、乙所示，是探究动能大小与 　 　的关系。 （3）换用质量不同的小车从斜面的相同高度由静止释放，目的是探究动能的大小与 　 　关系。 （4）实验中若使用的木块质量较大，为保证较好的实验效果，方法有多种　 　。 （5）木块最终会停下来的主要原因是 　 　，在此过程中木块把 　 　转化为 　 　。 23．在探究重力势能的大小与哪些因素有关的活动中，有质量关系为mA＝mB＜mC的三个木块A、B、C，三个完全相同的木桩的起始位置高度相同，三个木块的释放高度如图甲所示，A被桩压得最浅，B、C将桩压入沙中的深度相同。 （1）实验时，木块的释放位置应在木桩的 　 　，释放木块时应 　 　（轻轻释放/用力下压）。 （2）比较A、B两木块将桩打入沙坑的深度，可以得出的结论是：物体的 　 　一定时，物体的高度越大，具有的重力势能就越大。 （3）小云根据B、C两木块将桩打入沙中的深度相同，说明物体重力势能的大小与质量无关，小云的观点是 　 　（正确/错误），理由是 　 　。 四、计算题 24．氢燃料具有清洁无污染、效率高等优点，被认为是22世纪最理想的能源，[c水＝4.2×103J/（kg•℃）；q氢＝1.4×108J/kg]。求： （1）质量为0.3kg的氢燃料完全燃烧放出的热量。 （2）若这些热量全部被质量为200kg，温度为15℃的水吸收，则水升高的温度。 （3）某氢能源公交车以140kW的恒定功率做匀速行驶，如果0.3kg的氢燃料完全燃烧获得热量的焦耳数和公交车所做的功相等，则这些热量能让该公交车匀速行驶多长时间。 25．国产某种型单缸四冲程汽油机满负荷工作时一个做功冲程对外做功120J，飞轮的转速是1500r/min，每分钟消耗10g汽油。 （1）满负荷工作时该汽油机的功率是多少？ （2）满负荷工作时这种汽油机把内能转化为机械能的效率是多少？（汽油的热值为4.5×107J/kg） （3）将其效率提高10%，满负荷工作10小时可以节省汽油 　 　kg。 26．暑假里，小聪的爸爸驾车沿高速公路到青岛旅游，小轿车油箱内装有40kg汽油，且受到的阻力为900N，已知汽油完全燃烧产生的内能有30%转化为机械能7 J/kg。 请您帮小聪计算下： （1）汽车到达目的地牵引力所做的功是多少？ （2）通过计算说明汽车在行驶途中是否需要加油。 五、解答题 27．如图所示，用装有细沙的容器、三脚小桌和质量不同的木块做“探究重力势能大小与哪些因素有关”实验。①为该实验是通过观察比较 　 　来间接判断物体重力势能大小的。②实验中采用质量不同的木块，是为了探究物体重力势能大小与物体 　 　的关系，操作时应该让木块从 　 　（选填“相同”或“不同”）的高度自由下 落。③若要利用上述器材探究物体重力势能大小与物体高度的关系，你的做法是：　 　。 28．如图1所示是“探究不同物质吸热升温现象”的实验。将质量相等的沙子和水分别装在易拉罐中，并测出沙子和水的初温。然后用酒精灯加热并不断搅拌，每隔1min记录一次温度。 实验记录如下表 加热时间/min 0 1 2 3 4 温度/℃ 沙子 20 25 29 34 38 水 20 21 22 23 24 （1）实验中，加热时间实质上反映了 　 　。 （2）根据实验数据，在图2中画出沙子和水的温度随时间变化的图象。 （3）分析图象可知，对于质量相等的沙子和水：吸收相等热量，升温较快的是 　 　；若使两者升高相同的温度，则 　 　吸收的热量较多。通过大量类似实验，人们发现了物质的又一种物理属性，物理学将这种属性叫做 　 　。 29．在“比较不同物质吸热升温情况”的实验中： （1）小丽和小明用一套器材做加热水和煤油的实验，如图甲所示。在组装器材时应先调节 　 　（选填A或B）的高度。 （2）组装好器材，他们先后在同一个烧杯中称出质量相等的水和煤油，分别加热相同的时间　 　，得出结论。要完成该实验，除图甲所示器材外，还需要的一个测量工具是 　 　。 （3）在对实验进行反思时，他们认为原方案有需要两次加热耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图乙所示的装置。与原方案相比　 　。（答出一个即可） 参考答案与试题解析 题号 1 2 3 4 5 6 答案 A C C D D C 一、选择题 1．下列关于内能、热量、温度和做功的说法中不正确的是（　　） A．温度高的物体把温度传给温度低的物体 B．某铁块温度降低，内能一定减小 C．物体吸热，温度不一定升高 D．一个物体温度升高，可能是外界对物体做功 【分析】（1）温度不能传递，热传递中传递的是热量； （2）温度降低，分子的运动就会减慢，内能就会减小； （3）物体吸热，温度不一定升高，可以根据晶体的熔化和液体的沸腾来说明； （4）物体温度升高、内能增大有两种方式：一是做功，二是热传递； 【解答】解： A、在热传递过程中，而不是温度； B、铁块的温度降低，分子动能减小，故B正确； C、物体吸热，如晶体熔化时虽然继续吸热，故C正确； D、一个物体的温度升高，也可能是其他物体对它传递了热量。 本题选错误的； 故选：A。 【点评】此题考查温度、内能、热量的关系，以及改变内能的两种方式，属于基础知识，要掌握。 2．酒精的热值为3.0×107J/kg、比热容为2.4×103J/（kg•℃）以下说法中正确的是（　　） A．质量越大，酒精的热值越大 B．质量越大，酒精的比热容越大 C．完全燃烧1kg酒精可放出3.0×107J的热量 D．1kg酒精温度升高1℃需要放出2.4×103J的热量 【分析】热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；比热容的大小与物质的种类和状态有关；根据热值和比热容的定义分析。 【解答】解： AB、热值和比热容的大小与燃料的燃烧情况，故AB错误； C、酒精的热值为3.0×106J/kg，表示完全燃烧1kg酒精可放出3.3×107J的热量，故C正确； D、酒精的比热容为2.6×103J/（kg•℃），它表示1kg酒精的温度升高3℃需要吸收2.4×107J的热量，故D错误。 故选：C。 【点评】本题主要考查学生对热值和比热容特性的了解和掌握，难度不大，要掌握。 3．如图所示，用同样的器材进行实验，现要求仅根据温度计示数的变化（Δt）（实验1）或者比较不同燃料的热值（实验2），则以下说法中正确的是（　　） A．这两个实验均需要控制被加热的物质的种类一样 B．这两个实验均需要控制实验中用完全相同的燃料 C．正确完成实验1后，若Δt越小，则该物质的比热容越大 D．在实验2中，加热相同时间后，若Δt越大，则该燃料的热值一定越大 【分析】（1）比较两种液体的吸热能力，则需要燃烧相同的燃料（研究对象），加热相同的时间，比较质量和初温相同的液体升高的温度，由Δt＝比较温度的变化，温度升高越多，则吸热能力越小； （2）为了比较热值大小，要用质量相同不同的燃料，加热质量相同的同种液体（研究对象），根据Q＝cmΔt，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，根据q＝，这种燃料热值越大，据此分析。 【解答】解： A、比较不同物质的吸热本领时，比较不同燃料的热值时，故A错误； B、比较不同物质的吸热本领时；比较不同燃料的热值时，故B错误； C、正确完成实验1后，物质的质量相同可知，则该物质的比热容越大； D、比较不同燃料的热值时，根据温度变化判定热值的大小，燃料燃烧的质量不一定相同。 故选：C。 【点评】本题探究不同物质吸热升温现象和比较不同燃料燃烧时放出的热量的实验，考查两实验相同和不同之处，要注意区分。 4．如图所示，一个玩具弹簧放在斜面上端，将弹簧弯曲一定程度后释放，有哪些机械能发生了转化（　　） A．只有动能和重力势能 B．只有动能和弹性势能 C．只有重力势能和弹性势能 D．动能、重力势能和弹性势能都发生了转化 【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。 （2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。 （3）物体由于发生弹性形变而具有的能量叫弹性势能，影响弹性势能的因素有弹性形变的大小，在弹性限度内，弹性形变越大，物体具有的弹性势能越大。 【解答】解：玩具弹簧放在斜面上端，将弹簧弯曲一定程度后释放。 弹簧在运动过程中，质量不变，动能变大，重力势能变小，形变变小。 综上分析可知，动能。 故ABC错误，D正确。 故选：D。 【点评】此题考查动能和势能的大小变化，关键是知道动能、重力势能和弹性势能的概念、以及影响因素。 5．如图所示，将一根弹簧和一只质量为1kg的金属球（球上有一直小孔）套在铁架台的金属杆AB上面。现将小球提到B端后松手（　　） A．小球在0～t3过程中t1时刻机械能最大 B．弹簧原来的长度为40cm C．在0～t1过程中小球的动能先增大后减小，重力势能的变化量小于动能变化量 D．在t1、t2、t3三个时刻，小球的动能在t1时刻最大 【分析】由图象可知，小球最终会静止在40cm高处，说明小球在这一位置时受到的重力和弹簧的弹力平衡（即G＝F弹），同理可知小球在t1时刻G＝F弹；分析图像可知小球最终会停止运动，说明小球在运动过程中受到阻力的作用（一部分机械能会转化为内能）； 在0～t1过程中，小球受到向上的弹力、向上的阻力和向下的重力，说明在t1时刻之前，有一个受力平衡的点，满足G＝F弹′+f（F弹′＜F弹），此时合力为0，小球的速度最大、动能最大，小球通过受力平衡的点之后，弹力增大，小球受到合力的方向向上，则小球向下做减速运动，其动能减小；根据动能和重力势能的影响因素分析得出结论。 【解答】解： A、在0～t3过程中，小球刚与弹簧接触，先做加速度不断减小的加速运动4时刻，速度达到最大，t2、t3两个时刻，由于能量的损失，所以，故A错误； B、由图可知当弹力与重力平衡时，由于此时弹簧处于压缩状态，故B错误； C、由图象可知，说明小球在这一位置时受到的重力和弹簧的弹力平衡（即G＝F弹），同理可知小球在t5时刻G＝F弹；分析图像可知小球最终会停止运动，说明小球在运动过程中受到阻力的作用1过程中，小球受到向上的弹力，说明在t1时刻之前，有一个受力平衡的点弹′+f（F弹′＜F弹），此时合力为7、动能最大，弹力增大，则小球向下做减速运动，所以在0～t1过程中，小球的动能先增大后减小； 小球在运动过程中受到阻力的作用，一部分重力势能会转化为内能6过程中小球的重力势能转化为小球的动能、弹簧的弹性势能以及内能，故C错误； D、在t1、t2、t3三个时刻，由于能量的损失，t1时刻的速度最大，所以小球的动能在t1时刻最大，故D正确。 故选：D。 【点评】本题考查影响动能、势能的因素和能量之间的转化，主要考查学生对所学物理知识点的灵活应用能力，有一定难度。 6．如表列出一些物质的比热容，根据表中数据，下列判断正确的是（　　） 物质 水 煤油 冰 铝 铜 比热容/（J•kg﹣1•℃﹣1） 4.2×103 2.1×103 2.1×103 0.88×103 0.39×103 A．不同物质的比热容一定不同 B．物质的物态发生变化，比热容不变 C．质量相等的铝和铜升高相同的温度，铝吸收的热量更多 D．质量相等的水和煤油吸收相同的热量，水升高的温度更多 【分析】（1）比热容是物质本身的一种特性，与种类和状态有关，同种物质（状态不变）比热相同，不同物质比热一般不同； （2）由Q＝cmΔt可知：质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容小的温度升高的多； 质量相同的不同物质，升高相同的温度，比热容大的吸收的热量多。 【解答】解： A、由表中数据可知，但也有的物质比热容相同，故A错误； B、水和冰是水的两种状态，其比热容是不同的，物质的物态发生变化，故B错误； C、由表中数据可知；质量相等的铝和铜升高相同的温度，则根据Q＝cmΔt可知铝吸收的热量更多； D、质量相等的水和煤油吸收相同的热量，所以根据Q＝cmΔt可知水升高的温度少。 故选：C。 【点评】本题考查了比热容的相关知识，同时也考查了学生根据这个知识点对数据进行分析归纳的能力，比较物理量大小关系时，可用相关的公式进行分析。 二、填空题 7．司机开车上坡前，往往加大油门，以提高车速　动　能。清扫路面垃圾的清洁车，能通过吸尘器将路面上的垃圾吸入车内容器中。清洁车沿街道匀速行驶，在清扫垃圾过程中　变大　（选填：变大、变小或保持不变）。 【分析】物体的动能大小由物体的质量和物体的速度两个因素决定，并且质量越大，速度越大，物体的动能就越大。 【解答】解：开车上坡，车的质量不变，则车的动能会增大； 因清洁车沿街道匀速行驶，车的速度不变，车的质量增加； 故答案为：动，变大。 【点评】解决此类问题要结合影响动能大小的因素进行分析解答。 8．如图所示是玩弹弓的情景。经验表明，橡皮筋拉得越长，同样的“子弹”射得越 　远　，这说明橡皮筋的弹性势能与其 　橡皮筋伸长的长度　有关；若橡皮筋被拉的长度相同，而用的“子弹”不同　小　，原因是质量大的“子弹”射出时 　速度　小。 【分析】要分析橡皮筋的弹性势能与什么有关，从影响弹性势能的因素入手来回答即可；要分析质量大的“子弹”射出时哪个物理量减小，应从能量转化的角度分析，思考“子弹”的能量是如何转化的，从而得出正确的结论。 【解答】解：橡皮筋弹性势能的影响因素是橡皮筋发生形变的程度，橡皮筋形变的程度越大；“子弹”射得越远，转化成的动能就越多，“子弹”射得越远； 当“子弹”射出时，“子弹”具有的动能是橡皮筋的弹性势能转化来的，说明橡皮筋的弹性势能相同，转化成的动能也相同，“子弹”的运动速度就越小。 故答案为：远；橡皮筋伸长的长度；小。 【点评】本题考查弹性势能的影响因素、弹性势能和动能的相互转化，解题时要熟记相关的知识点，加深对弹性势能的理解，会应用相关知识分析解决问题。 9．如图是小球在地面弹跳的频闪照片，A、B两点高度相同且距地面30cm，小球在A点的重力势能 　等于　（选填“大于”、“小于”或“等于”）B点的重力势能，小球在A点的动能 　大于　选填“大于”、“小于”或“等于”）B点的动能；若小球的质量为200g，它从A点落到地面　0.6　J．（g＝10N/kg） 【分析】根据动能和势能的相互转化可以解决此题。小球弹跳的高度会越来越低，这说明在势能和动能的转化过程中有能量的消耗，所以小球的机械能一次比一次少。 【解答】解：小球在A点的高度和B点的高度相等，质量也没变、B两点的重力势能相等； 由图知，小球向右弹跳的高度越来越低，所以小球的机械能一次比一次少，A位置的机械能大于B位置时的机械能，在A，A位置的动能大于B位置的动能。 小球的重力G＝mg＝200g×103kg×10N/kg＝2N， 重力做功W＝Gh＝3N×0.3m＝4.6J。 故答案为：等于；大于。 【点评】机械能的相互转化过程中是有能量消耗的，这样造成动能和势能的总和会减少；要熟练掌握影响能量大小的因素。 10．许多人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行。离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点，卫星在大气层外运行，只有动能和势能的转化，因此 　机械能　守恒，卫星从近地点向远地点运动时，它的 　动能　减小。 【分析】（1）在太空中，卫星绕地球运动时，没有阻力作用，没有克服摩擦做功，机械能守恒。 （2）势能大小的影响因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越高，势能越大。 （3）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。 【解答】解：卫星在大气层外运动，不受空气阻力作用，因此机械能守恒。 卫星从近地点到远地点运动过程中，速度变小，故势能增大，动能转化为势能。 故答案为：机械能；动能。 【点评】本题主要考查了机械能守恒以及动能和重力势能大小的判断，只要知道影响动能、重力势能大小的因素即可解答。 11．如图，轻质弹簧顶端固定并连接一个大小不计的重物。用手托住重物向上挤压弹簧到点a，松手后重物下落依次经过点b、c到最低点d，c是重物连接在弹簧下端静止时的位置。则重物从a运动到d的过程中，在 　a　点重力势能最大，在 　c　点动能最大，在 　b　点机械能最大。（不计空气阻力） 【分析】动能的影响因素是物体的质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，位置越高，重力势能越大。 分析重物从a运动到d的过程中，质量、速度、高度的变化，确定哪点的重力势能最大、动能最大。 【解答】解：①重物从a运动到d的过程中，质量不变，重力势能最大； ②c是重物连接在弹簧下端静止时的位置，此时重物受到的拉力和重力相等，即点b是弹簧处于原长的位置； 从a运动到b的过程中，重物受到向下的重力和向下的弹力，重物做加速运动； 从b点到d的过程中，重物在c点之前；重物在c点之后；所以，即在c点时速度最大； 在b点之后弹簧被逐渐拉长，其弹性势能逐渐增大，重物的机械能逐渐减小。 故答案为：a；c；b。 【点评】本题考查了物体动能、重力势能的变化分析，确定重物在c点前后的速度变化是本题的关键。 12．在物理中常提到“热”字，但含义各不相同，请将下列“热”的含义填入空格内。 （1）这盆水很热，这里的“热”是指　 　温度　。 （2）物体吸热升温，这里的“热”是指　 　热量　。 （3）摩擦生热，这里的“热”是指　 　内能　。 【分析】根据三个物理量的概念进行分析。内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和；温度指物体的冷热程度；热量是指在热传递或做功的过程中，内能改变的多少。 【解答】解：这盆水很热是反映水的冷热程度，所以这个“热”指温度； 物体吸热升温是指物体吸收热量时温度升高，故这里的“热”指热量； 摩擦生热是通过克服摩擦做功，使物体的内能增加。 故答案为：温度；热量。 【点评】虽然同样是”热“，但在不同的语境中含义却不一样。本题要求学生知道温度、热量和内能的相同点和不同点，并且能够区分温度、热量和内能。 13．冬天同学们常常利用热水袋取暖，是通过 　热传递　改变人体的内能；小朋友从滑梯上端滑下来感到臀部发热，是通过 　做功　改变人体的内能。 【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，其实质是能的转移。 【解答】解：冬天，人们用热水袋取暖，温度升高； 小朋友从滑梯上滑下时克服摩擦做功，使内能增加，是通过做功方式改变物体内能。 故答案为：热传递；做功。 【点评】做功和热传递是改变物体内能的两种方法，是等效的，但有着本质的区别：做功是能量转化的过程，是其他形式能和内能的转化；热传递是能量的转移过程，是内能从一个物体转移到另一个物体上。 14．小夏在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验，并用图象对实验数据进行了处理，水和另种液体在相同时间内放出的热量相等。分析图象可以得出：　甲　物质为水（选填“甲”或“乙”），另一种液体的比热容为 　2.1×103　J/（kg•℃）。我们用水来冷却汽车的发动机，那是因为水的比热容 　大　。 【分析】选同样的放热时间，甲和乙放热相同，根据温度变化的多少判断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大，据此分析判断；由题知，分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验，相同时间水和液体放出的热量相同。而水和液体的质量相同，根据放热公式求液体的比热容。 【解答】解：时间相等时，两种液体放出的热量相等，乙液体的温度降低的快；根据Q＝cmΔt可知、初温相同，乙的温度降低得快；所以，甲物质为水。 由图题可知，水和液体的质量相同，当15min时甲＝60℃﹣40℃＝20℃， 液体降低的温度为：Δt乙＝60℃﹣20℃＝40℃， 由Q＝cmΔt可知，当m，Δt与c成反比液＝＝＝2.1×103J/（kg•℃）； 质量相同的水和其它物质相比，使发动机降低相同的温度时，所以水从发动机处吸收的热量更多。 故答案为：甲；2.1×106；大。 【点评】本题考查了学生对吸热公式的掌握和运用，能从温度﹣时间图象得出相关信息是本题的关键。本题考查了学生对比热容了解与掌握，注意要学会看图形（取相同的时间比较甲、乙温度变化的高低）。 15．水的比热容比沙石或干泥土的比热容 　大　（选填“大”或“小”），所以在沿海地区陆地表面的气温比海面的气温昼夜变化 　大　（选填“大”或“小”），因此白天海边的风多是 　海风　（选填“陆风”或“海风”）。 【分析】根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点来分析海陆风和陆海风的形成过程，进一步判断风向的特点。 【解答】解：因为水的比热容比泥土、沙石的比热容大，在太阳照射下陆地和海水吸收相同的热量；陆地吸热后，热空气上升，形成海风，夜晚的风向则正好相反。 故答案为：大；大；海风。 【点评】本题主要考查学生对水的比热容较大的应用的了解和掌握，涉及到海陆风的形成，是一道应用物理知识解释自然现象的题目。 16．如图所示，某单缸四冲程汽油机正处于 　压缩　冲程，此冲程将 　机械　能转化为 　内　能，接下来它应该处于 　做功　冲程。若它在1min内完成40个工作循环，则飞轮的转速为 　80　r/min。 【分析】（1）汽油机一个工作循环有四个冲程，依次是吸气、做功、压缩和排气，其中只有做功冲程对外做功，在做功冲程中，燃料的化学能转化为内能，而内能又转化为机械能；汽油机的做功冲程特点是火花塞点火，在做功冲程对外输出功； （2）四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次 【解答】解： （1）从图中可以看出，汽油机的两气门都关闭和活塞向上运动，此冲程中机械能转化为内能； （2）汽油机在1min内完成了40个循环，则1min转3×40＝80r。 故答案为：压缩；机械；内；80。 【点评】该题考查了内燃机的四个冲程及有关计算，要求学生记住每个冲程的特点，记住相关的数据大小，会根据题中信息计算转速。 17．甲站在0.5m/s匀速上行的自动扶梯上，乙站在0.7m/s匀速下行的自动扶梯上。甲、乙两人质量相等，甲上行中动能 　不变　（选填“增加”、“不变”、“减少”）。某时刻他们的位置如图所示，该时刻甲的重力势能 　等于　乙的重力势能，甲的机械能 　小于　乙的机械能。（选填“大于”、“等于”、“小于”）。 【分析】将题目中提到的物理情景与对应的动能、重力势能、机械能的定义决定因素联系起来即可解决此题。 【解答】解：甲在上行过程中，甲的质量和速度都不变，两者都不变。 在图示位置中，甲、乙两人的高度相同，根据物体重力势能的大小由质量和举高的高度这两个因素来决定可知。 由题意知，甲的速度小于乙的速度，结合动能的决定因素可知。根据机械能包括动能和势能结合两人的势能相等，所以可以判断。 故答案为：不变；等于。 【点评】通过题意，明确甲、乙两者各因素的异同点是解决此题的突破口。 18．如图所示，滚摆在竖直平面内上下往复运动，在滚摆上下往复运动过程中： （1）滚摆从最高点向下运动，滚摆的机械能转换情况是 　重力势能转化为动能　； （2）滚摆在运动过程中，上升的最大高度总是逐渐降低，产生此现象的原因是 　由于空气阻力和摩擦，使机械能总量减小　。 【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大； 重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度，质量越大，高度越大，重力势能越大； （2）物体在运动过程中，和空气之间存在摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为内能。 【解答】解：（1）滚摆从最高点向下运动，滚摆的质量不变，则动能变大，高度减小，故是将重力势能转化为动能的过程。 （2）由于空气阻力和摩擦，使得机械能总量减小，上升的最大高度总是逐渐降低。 故答案为：（1）重力势能转化为动能；（2）由于空气阻力和摩擦。 【点评】本题考查了动能与重力势能的转化。动能与质量和速度有关，重力势能与高度和质量有关。分析能量转化时，就看什么能量减少了，什么能量增加，总是减少的能量转化为增加的能量。 19．北方楼房中的“暖气”用水作为介质，是因为水的 　比热容大　。质量为1t的热水放出2.1×108J热量后温度降低 　50　℃．暖气能使室内温度升高内能增加，这是通过 　热传递　的方式实现的。[4.2×103J/（kg•℃）] 【分析】（1）因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析； （2）已知水的质量、比热容、放出的热量，利用Q放＝cmΔt求水温度降低值； （3）改变内能的方法：一是做功，二是热传递。 【解答】解： （1）因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，水放出的热量多，所以暖气装置中用水来供热； （2）由Q放＝cmΔt得，水降低的温度为： Δt＝＝＝50℃； （3）供热时，在暖气片和空气之间发生了热传递、温度升高。 故答案为：比热容大；50。 【点评】本题考查了水的比热容大的特点在生活中的应用、改变内能的方法、放热公式的掌握和运用，属于综合性题目。 20．如图所示是汽油机的 　做功　冲程。在压缩冲程中，是通过做功方式增加燃气的内能，汽油机的转速2400r/min　20　次。 【分析】（1）根据气门的关闭情况和活塞的运行方向判断冲程的名称； （2）在四冲程汽油机的一个工作循环中，完成4个冲程，曲轴和飞轮转2圈，并对外做功1次。 【解答】解：（1）根据图片可知，两个气门关闭，此时为做功冲程； （2）已知汽油机的转速2400r/min，那么1s内转动的圈数为：； 在四冲程汽油机的一个工作循环中，曲轴和飞轮转2圈，那么7s内汽油机对外做功：。 故答案为：做功；20。 【点评】解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，记住相关数据的关系，会根据转速进行相关计算。 21．用煤气灶将质量为4kg的水从25℃加热到50℃，水吸收的热量为 　4.2×105J　。若水吸收的热量等于煤气燃烧所放出的热量，则需要完全燃烧 　0.01kg　的煤气。[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4.2×107J/kg] 【分析】（1）利用Q吸＝cmΔt求水吸收的热量； （2）若水吸收的热量等于煤气燃烧所放出的热量，Q吸＝Q放，再利用Q放＝qm求煤气质量。 【解答】解：水吸收的热量Q吸＝c水mΔt＝4.2×106J/（kg•℃）×4kg×（50℃﹣25℃）＝4.6×105J； 若水吸收的热量等于煤气燃烧所放出的热量，Q吸＝Q放＝4.2×105J； 由Q放＝qm可得，煤气质量m＝＝。 故答案为：4.2×105J；7.01kg。 【点评】本题考查了吸热公式、燃料燃烧放出热量公式的应用，比较简单，属于基础知识。 三、实验探究题 22．在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让小车从斜面上由静止释放小车下滑后撞击斜面底部的木块。 （1）小车进入水平面时的动能是由 　重力势能　转化来的。实验时木块被推得越远，小车对木块 　做功　越多，表明小车的动能越大。 （2）同一小车从斜面不同高度由静止释放，如图甲、乙所示，是探究动能大小与 　速度　的关系。 （3）换用质量不同的小车从斜面的相同高度由静止释放，目的是探究动能的大小与 　质量　关系。 （4）实验中若使用的木块质量较大，为保证较好的实验效果，方法有多种　增大小车速度　。 （5）木块最终会停下来的主要原因是 　受到阻力的作用　，在此过程中木块把 　动能　转化为 　内能　。 【分析】（1）让小车从某一高度由静止释放，使小车获得动能；动能的大小与物体的质量和速度有关，探究动能与质量关系时，控制速度不变； （2）探究动能与速度关系时，控制质量不变。该实验也采用了转换法，通过比较小车推动木块移动的距离来反映小车动能的大小； （3）由于动能的大小与物体的质量和速度有关，要想研究物体动能与质量的关系，需要换用不同质量的小车从斜面相同的高度滑下； （4）可以让小车到达水平面时速度小，或在水平面上受的摩擦力大两方面考虑。 （5）力是改变物体运动状态的原因；改变内能的方式有两种，即做功和热传递； 【解答】解：（1）让小车从某一高度由静止释放，在向下摆动的过程中重力势能减小，所以小车在水平位置获得的动能是由初始位置时的重力势能转化来的，我们是通过观察小车推动木块移动的距离来反映小车动能大小的，木块被推的越远； （2）图中实验中让同一小车从同一个斜面上不同的高度由静止开始运动，即小车运动到斜面底端的速度是不同的； （3）不同质量小车从相同的高度释放，运动到斜面底端的速度也就相同； （4）实验中若使用的木块质量较大，小车撞击木块时，实验现象不明显，可以通过增大小车在斜面上的高度来增大小车的速度，增大对木块做功的多少；也可以通过减小接触面粗糙程度的方法来减小摩擦力； （5）由于木块受到阻力（或摩擦力）的作用，所以木块最终会停下来； 故答案为：（1）重力势能；做功；（3）质量； （5）受到阻力的作用；内能。 【点评】（1）掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素。 （2）掌握动能和重力势能的相互转化。 （3）掌握做功的两个必要因素，并能判断是否做功。 23．在探究重力势能的大小与哪些因素有关的活动中，有质量关系为mA＝mB＜mC的三个木块A、B、C，三个完全相同的木桩的起始位置高度相同，三个木块的释放高度如图甲所示，A被桩压得最浅，B、C将桩压入沙中的深度相同。 （1）实验时，木块的释放位置应在木桩的 　正上方　，释放木块时应 　轻轻释放　（轻轻释放/用力下压）。 （2）比较A、B两木块将桩打入沙坑的深度，可以得出的结论是：物体的 　质量　一定时，物体的高度越大，具有的重力势能就越大。 （3）小云根据B、C两木块将桩打入沙中的深度相同，说明物体重力势能的大小与质量无关，小云的观点是 　错误　（正确/错误），理由是 　没有控制下落的高度相同　。 【分析】（1）根据重力的方向分析；在实验的过程中，应排除影响探究的因素； （2）观察图象中的相同点和不同点，从而得出结论； （3）根据图象分析B、C的相同点和不同点，利用控制变量法分析。 【解答】解：（1）木块释放后会在重力的作用下沿竖直方向运动，为了使木块能撞击桩；在释放木块时，这样能排除外界压力对实验的影响； （2）由图可知：A、B的质量是相同的，B撞击木桩的深度大于A撞击木桩的深度，物体的高度越大； （3）由图可知：B、C的下落的高度不同，打击的木桩的深度相同，应控制物体下落的高度相同。 故答案为：（1）正上方；轻轻释放；（3）错误。 【点评】会观察实验现象，用控制变量法研究重力势能大小的影响因素，用转换法表示重力势能的大小，即可归纳得出结论。 四、计算题 24．氢燃料具有清洁无污染、效率高等优点，被认为是22世纪最理想的能源，[c水＝4.2×103J/（kg•℃）；q氢＝1.4×108J/kg]。求： （1）质量为0.3kg的氢燃料完全燃烧放出的热量。 （2）若这些热量全部被质量为200kg，温度为15℃的水吸收，则水升高的温度。 （3）某氢能源公交车以140kW的恒定功率做匀速行驶，如果0.3kg的氢燃料完全燃烧获得热量的焦耳数和公交车所做的功相等，则这些热量能让该公交车匀速行驶多长时间。 【分析】（1）知道氢燃料的质量和热值，利用Q放＝mq求出0.3kg的氢燃料完全燃烧放出的热量； （2）由题知，水吸收的热量等于燃料完全燃烧放出的热量，利用Q吸＝cmΔt求水的温度升高值； （3）由题意可知，W＝Q放，利用P＝求出氢燃料公交车行驶的时间。 【解答】解：（1）质量为0.3kg的氢燃料完全燃烧放出的热量： Q放＝m氢q氢＝5.3kg×1.3×108J/kg＝4.6×107J； （2）由题知，水吸收的热量：Q吸＝Q放＝4.8×107J， 由Q吸＝cmΔt可得，水的升高的温度： Δt＝＝＝50℃； （3）由题意可知，W＝Q放＝7.2×107J， 由P＝可得 t′＝＝＝300s。 答：（1）质量为0.8kg的氢燃料完全燃烧放出的热量为4.2×103J； （2）水升高的温度为50℃； （3）燃烧0.3kg的氢燃料可使公交车行驶的时间为300s。 【点评】本题考查燃料完全燃烧放热公式、吸热公式、以及功率的计算公式的应用，属于基础题目。 25．国产某种型单缸四冲程汽油机满负荷工作时一个做功冲程对外做功120J，飞轮的转速是1500r/min，每分钟消耗10g汽油。 （1）满负荷工作时该汽油机的功率是多少？ （2）满负荷工作时这种汽油机把内能转化为机械能的效率是多少？（汽油的热值为4.5×107J/kg） （3）将其效率提高10%，满负荷工作10小时可以节省汽油 　2　kg。 【分析】（1）单缸四冲程汽油机满负荷工作时，一个工作循环飞轮转2圈，完成4个冲程，做功一次，据此求出每分钟汽油机做功的次数，进一步求出单缸四冲程汽油机满负荷工作1min做的功，利用P＝求出该汽油机的功率； （2）根据Q放＝mq求出10g汽油完全燃烧释放的热量，根据η＝×100%求出满负荷工作时这种汽油机把内能转化为机械能的效率； （3）根据题意求出此时的机械效率，每分钟需要的机械能不变，根据η＝×100%求出需要汽油完全燃烧释放的热量，根据Q放＝mq求出所需汽油的质量，两次汽油质量之差即为每分钟节约汽油的质量，进一步求出满负荷工作10小时可以节省汽油的质量。 【解答】解： （1）因单缸四冲程汽油机满负荷工作时，一个工作循环飞轮转2圈，做功一次， 已知飞轮的转速是1500r/min，所以，对外做功750次， 则单缸四冲程汽油机满负荷工作1min做的功： W＝120J×750＝6×104J， 该汽油机的功率： P＝＝＝1500W； （2）每分钟消耗10g汽油，10g汽油完全燃烧释放的热量： Q放＝mq＝10×10﹣3kg×4.5×107J/kg＝4.5×102J， 满负荷工作时这种汽油机把内能转化为机械能的效率： η＝×100%＝； （3）将其效率提高10%，即η′＝η+Δη＝20%+10%＝30%， 因每分钟需要的机械能不变， 所以，需要汽油完全燃烧释放的热量： Q放′＝＝＝3×106J， 所需汽油的质量： m′＝＝＝kg＝g， 满负荷工作10小时可以节省汽油的质量： Δm＝n（m﹣m′）＝10×60×（10g﹣g）＝2000g＝2kg。 答：（1）满负荷工作时该汽油机的功率是1500W； （2）满负荷工作时这种汽油机把内能转化为机械能的效率是20%； （3）2。 【点评】本题考查了汽油机功率和效率、燃料完全燃烧释放热量公式的灵活运用，明确“单缸四冲程汽油机，一个工作循环飞轮转2圈，完成4个冲程，做功一次”是关键。 26．暑假里，小聪的爸爸驾车沿高速公路到青岛旅游，小轿车油箱内装有40kg汽油，且受到的阻力为900N，已知汽油完全燃烧产生的内能有30%转化为机械能7 J/kg。 请您帮小聪计算下： （1）汽车到达目的地牵引力所做的功是多少？ （2）通过计算说明汽车在行驶途中是否需要加油。 【分析】（1）知道轿车处于匀速直线运动（平衡状态），汽车受牵引力和阻力为一对平衡力，据此求牵引力；又知道行驶路程，利用W＝Fs求汽车到达目的地牵引力所做的功； （2）汽油完全燃烧产生的内能有30%转化为机械能，据此求需要的内能，由Q放＝mq求出需要完全燃烧汽油的质量，与油箱是汽油质量比较得出答案。 【解答】解： （1）因为轿车匀速行驶，水平方向受到的牵引力和阻力是一对平衡力， 所以牵引力F＝f＝900N， 牵引力所做的功：W＝Fs＝900N×550×103m＝4.95×105J； （2）根据η＝可得 Q放＝＝＝1.65×105J， 由Q放＝mq可得，轿车消耗汽油的质量： m＝＝≈36kg， 因为40kg＞36kg，所以汽车在行驶途中不需要加油。 答：（1）汽车到达目的地牵引力所做的功为4.95×108J； （2）汽车在行驶途中不需要加油。 【点评】本题考查了功的计算、燃料完全燃烧放出热量的计算，利用所学知识分析计算实际问题，学以致用，有意义！ 五、解答题 27．如图所示，用装有细沙的容器、三脚小桌和质量不同的木块做“探究重力势能大小与哪些因素有关”实验。①为该实验是通过观察比较 　小桌在沙子中下陷的深度　来间接判断物体重力势能大小的。②实验中采用质量不同的木块，是为了探究物体重力势能大小与物体 　质量　的关系，操作时应该让木块从 　相同　（选填“相同”或“不同”）的高度自由下 落。③若要利用上述器材探究物体重力势能大小与物体高度的关系，你的做法是：　让同一木块从不同高度下落，比较小桌下陷的深度　。 【分析】掌握转换法在此实验中的应用，此实验通过小桌陷入沙子中的深度来判断重力势能的大小； 掌握控制变量法在此实验中的应用，重力势能与物体的质量和被举高度有关，在探究重力势能与其中一个量的关系时，另一个量保持不变，改变要探究的量。 【解答】解：①由题意知，实验是通过观察比较小桌在沙子中下陷的深度来间接判断物体重力势能大小的； ②实验中采用质量不同的物块，是为了探究重力势能与质量的关系； ③若要探究物体重力势能大小与物体高度的关系，则需让同一木块从不同高度下落。 故答案为：①小桌在沙子中下陷的深度；②质量；③让同一木块从不同高度下落。 【点评】此题考查了阻力对物体运动的影响，在此实验的基础上通过推理得出了牛顿第一定律；同时考查了重力势能大小与哪些因素有关的实验。注意控制变量法和转换法在两个实验中的应用。 28．如图1所示是“探究不同物质吸热升温现象”的实验。将质量相等的沙子和水分别装在易拉罐中，并测出沙子和水的初温。然后用酒精灯加热并不断搅拌，每隔1min记录一次温度。 实验记录如下表 加热时间/min 0 1 2 3 4 温度/℃ 沙子 20 25 29 34 38 水 20 21 22 23 24 （1）实验中，加热时间实质上反映了 　水和沙子吸收热量的多少　。 （2）根据实验数据，在图2中画出沙子和水的温度随时间变化的图象。 （3）分析图象可知，对于质量相等的沙子和水：吸收相等热量，升温较快的是 　沙子　；若使两者升高相同的温度，则 　水　吸收的热量较多。通过大量类似实验，人们发现了物质的又一种物理属性，物理学将这种属性叫做 　比热容　。 【分析】（1）实验中通过加热时间来反映水和沙子吸收热量的多少； （2）根据表格中数据描点，并用平滑的曲线连接起来； （3）分析图象分析水和沙子的温度变化情况，得出结论。 【解答】解：（1）实验中，加热时间实质上反映了水和沙子吸收热量的多少，说明吸收热量越多。 （2）根据实验数据，在图2中画出沙子和水的温度随时间变化的图象 。 （3）分析图象可知，对于质量相等的沙子和水：吸收相等热量； 若使两者升高相同的温度，水加热时间较长。 由上可知，水吸热能力较强。 故答案为：（1）水和沙子吸收热量的多少；（2）见上图；水；比热容。 【点评】本实验采用了控制变量法，在研究设计多个量的问题时，为了研究某两个量间的关系，要控制除这两个量外的其它各量保持不变，这就是控制变量法，在实验中要注意控制变量法的应用，同时考查了转换法及描点法图象的画法，并能根据数据进行分析得出结论。 29．在“比较不同物质吸热升温情况”的实验中： （1）小丽和小明用一套器材做加热水和煤油的实验，如图甲所示。在组装器材时应先调节 　A　（选填A或B）的高度。 （2）组装好器材，他们先后在同一个烧杯中称出质量相等的水和煤油，分别加热相同的时间　升高的温度　，得出结论。要完成该实验，除图甲所示器材外，还需要的一个测量工具是 　秒表　。 （3）在对实验进行反思时，他们认为原方案有需要两次加热耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图乙所示的装置。与原方案相比　该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等　。（答出一个即可） 【分析】（1）组装实验仪器是实验中的一个重要环节，应从最优化的角度去考虑，避免重复调整。 （2）实验需要测量水与煤油的加热时间，需要用到秒表；液体吸收相等的热量，升高的温度越高，液体的吸热能力越弱。 （3）分析图示实验，根据图示实验装置分析答题。 【解答】解： （1）组装实验仪器时，应根据酒精灯及其火焰的高度先固定图中的A部分，然后再固定图中的B部分； （2）在同一个烧杯中称出质量相等的水和煤油，分别加热相同的时间，得出结论，需要用到秒表； （3）由图乙所示实验可知，实验用同一烧杯用“水浴法”对水与煤油同时加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等； 故答案为：（1）A；（2）升高的温度；（3）该方案避免两次加热。 【点评】“比较不同物质的吸热能力”的实验是热学最主要的实验。此实验不仅考查学生对基本过程的掌握情况，更进一步考查学生运用基本知识和方法分析问题、提出问题的能力。要知道“水浴法”加热的优点。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2025/1/15 18:11:38；用户：sjwocakd；邮箱：13851372384；学号：59917209 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $$