实验题（2）简单机械——2025年中考物理一轮复习题型

实验题（2）简单机械——2025年中考物理一轮复习题型 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、实验题 1．小明“测滑轮组机械效率”的实验装置如图所示，得到的数据如下表： 实验次数 钩码重G/N 钩码上升高度h/m 绳端拉力F/N 绳端移动距离s/m 机械效率η/% 1 4 0.1 1.8 0.3 74 2 4 0.1 1.4 0.5 57 3 6 0.1 2.4 0.3 （1）由数据可知，第1次是用 （选填“甲”或“乙”）图做的实验； （2）将第3次实验时，滑轮组的机械效率填写在表格的空格内（保留%号前面的整数） ； （3）分析第1次和第2次实验的数据得出的结论：使用不同的滑轮组，提升相同的重物时，动滑轮的个数越多，滑轮组的机械效率 ； （4）若用甲图做实验，挂重5N的钩码，滑轮组机械效率在 的范围内。 2．某同学用如图所示的实验装置测量滑轮组的机械效率，相关数据记录在下表中． 实验次数 钩码重/N 钩码上升的高度/m 绳端的拉力/N 绳端移动的距离/m 机械效率 1 4 0.10 1.8 0.3 2 6 0.10 2.5 0.3 3 6 0.15 2.5 （1）实验中，使用滑轮组提升重物时，应竖直向上 拉动弹簧测力计 （2）第二次实验中，2s内钩码上升的高度为0.1m，则绳端运动的速度为 m/s． （3）计算并填写表格中空格的数据 （机械效率百分比结果保留整数） （4）分析比较第1、2两次实验数据可知，可采用增加 的方法来提高滑轮组的机械效率 3．“测算简单机械的效率”实验． (1)下表是小明做“测算斜面的机械效率”的实验记录数据： ①将表格中数据补充填写完整 ； ②分析实验数据可知：同一斜面，倾斜程度越高，拉同一个物体所用的拉力越大，机械效率越 ． (2)请你尝试做“测算滑轮组的机械效率”实验： ①在图中用笔画线按最省力的方法组装好滑轮组 ； ②设计一个记录此实验数据的表格 ． 4．小明用如图所示的塑料尺（量程为），弹簧测力计（量程为）等器材，验证杠杆平衡条件。将细绳一端固定在铁架台上的金属杆上，另一端系住塑料尺。 （1）待塑料尺静止后，如图甲，塑料尺 （选填“处于”“不处于”）平衡状态，为了 ，应扶稳系住尺子的绳套，将尺子向 适当移动，直至塑料尺在 位置平衡，调整好后，发现绳套系在刻度处； （2）接着小明将两个质量为的钩码用细绳悬挂在刻度处，调整好弹簧测力计，利用细绳在刻度处，沿 方向，向上拉住刻度尺，使其平衡，为了确认正确的拉力方向后再读数，于是他在保持直尺位置不变的情况下，仅向左右适当倾斜弹簧测力计，测力计示数会变化，应将其中最 示数作为读数记录。测力计示数如图丙所示，大小为 N，记入表中，并进行多次实验； （3）实验数据记录表如表： 测量序号 ① 5.00 2 6.00 ② 4.0 3.00 2 6.00 ③ 1.60 2 根据杠杆平衡条件知识和相关信息判断：第③次实验调整钩码悬挂位置时，所能调整到的位置中，对应的最小刻度值为 。 5．在“探究动滑轮工作时的特点”的实验中： （1）测出 的总重力，然后按如图所示组装动滑轮． （2）若实验中提供三种重力不同的钩码：0.2N、0.5N和1N，实验时最好选择 ． A．0.2 N         B．0.5N         C．1N （3）实验时， 拉弹簧测力计，使钩码 上升，读出弹簧测力计的示数． 6．某实验小组在测滑轮组机械效率的实验中得到的数据如表所示，实验装置如图所示。 （1）实验中应沿竖直方向 拉动弹簧测力计使钩码上升。实验中若缺少刻度尺 （“能”或“不能”）完成实验； 物理量 实验次数 1 2 3 钩码重 4 4 6 钩码上升高度 绳端拉力 绳端移动距离 机械效率 （2）通过表中数据可分析出第2次实验是用 （选填“甲”或“乙”）图所示装置做的实验，若不计绳重和摩擦，这组滑轮组的动滑轮总重为 N； （3）通过第1次实验和第2次实验的数据分析可得出结论：使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多（动滑轮的质量越大），滑轮组的机械效率 （选填“越高”、“不变”或“越低”）； （4）小组同学再用第1次实验中使用的装置做第3次实验，表中第3次实验中空缺的数据应为：绳端移动距离s= m，机械效率 ； （5）比较第1次实验和第3次实验可得出结论：使用同一滑轮组， 。 7．如图所示，用测定滑轮组机械效率的实验装置，被提升的物体重6N。 (1)实验操作时，应用弹簧测力计拉着物体，沿竖直方向做 运动；弹簧测力计的示数是 N。 (2)物体上升10cm过程中，弹簧测力计的示数保持不变，则拉力所做的总功是 J。滑轮组的机械效率是 。 (3)仅增加所提物体的重力（不计绳重和摩擦），拉力所做的额外功将 （选填“增加”、“减小”或“不变”），滑轮组的机械效率将 。 8．在探究“杠杆平衡条件”的实验中： （1）如图甲所示，为了使杠杆平衡，小明同学应在P点挂2个同样的钩码；若他是改用在P点沿虚线方向拉弹簧测力计，这样做的好处是 。 ①便于直接读出拉力的大小 ②便于提供不同方向的拉力 ③便于正确认识力臂 ④便于测量力臂的大小 （2）在图甲中，保持杠杆左边所挂钩码的位置和个数不变，用弹簧测力计分别在杠杆右边的不同位置竖直向下拉杠杆，使之平衡，得到几组数据如表所示，请在图乙中绘出F⁃l图像。( ) 动力F/N 6.0 4.0 3.0 2.0 1.5 动力臂l/cm 5 7.5 10 15 20 9．某实验小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，实验装置如图所示。 实验次数 钩码重量G/N 钩码上升高度h/m 绳端拉力F/N 绳端移动距离s/m 机械效率η/% 1 4 0.1 2.7 0.2 74% 2 4 0.1 1.8 0.3 74% 3 8 0.1 3.1 0.3 86% 4 8 0.1 2.5 0.4 ★ (1)实验中应沿竖直方向 拉动弹簧测力计； (2)通过比较 （填实验次数的序号）两次实验数据得出结论：使用相同的滑轮绕成的滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子股数无关：比较2、3两次实验得出结论：同一滑轮组， 越大，滑轮组的机械效率越高； (3)表格中★处数据应为 ；通过比较3、4两次实验数据可得出结论：不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越 （选填“高”或“低”）； (4)小明和小华依据表格数据，计算第4次实验中人拉动滑轮组所做的额外功，小明的方法为，小华的方法为，两人算出的额外功都为 J。若考虑实际因素，应选用 。（选填“A”、“B”或“C”） A．小明的方法　　B．小华的方法　　C．小明和小华方法都可以 10．小明和小红一起做探究杠杆平衡条件的实验： (1)实验前，将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时发现杠杆停在如图甲所示的位置。小明将左端的平衡螺母向右调，小红认为也可以将右端的平衡螺母向 调（选填“右”或“左”），使杠杆在水平位置平衡。 (2)接着，小明在A处挂3个钩码，在右端挂2个钩码，并移动钩码到B处，杠杆又在水平位置平衡（如图乙）。小明使杠杆在水平位置平衡的目的是 。 (3)如图乙所示，杠杆在水平位置平衡。如果在杠杆两侧各去掉一个钩码，则杠杆 （选填“仍然平衡”、“左端下降”或“右端下降”）。 (4)最后，小明取下挂在右侧的钩码，并用弹簧测力计在C处竖直向上拉，仍使杠杆在水平位置平衡（如图丙所示）。当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，保持杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 (5)有同学根据自己的实验数据，得到如下结论：动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离。这个结论与杠杆的平衡条件不符，原因是实验过程中没有 （选填序号：①改变力的大小　②改变力的方向　③改变力的作用点　④多次进行实验） (6)小明对原来装置进行改装如图丁，小明两次将钩码分别挂在A点和C点，使钩码上升同样的高度，那么机械效率 （A/C/一样）的高。 11．在“探究有哪些因素影响滑轮组的机械效率”的实验中，某小组利用如图所示装置测得了四组数据，如下表所示． 实验次数 钩码重 G/N 钩码上升的 高度h/cm 测力计的 示数F/N 测力计移动 的距离s/cm 1 3 2 1.2 6 2 3 5 1.2 15 3 3 8 1.2 26 4 3 10 1.2 30 （1）前三次实验中，第 次实验数据明显出现错误，应当剔除． （2）第四次实验中，有用功是 J，总功是 J，滑轮组的机械效率为 ． （3）根据以上信息，请判断：该小组设计这四次实验的目的是为了探究滑轮组的机械效率与 是否有关． 12．小强测量图中甲、乙两个滑轮组的机械效率，他匀速拉动弹簧测力计，正确操作并将实验数据记录在下面的表格中。 次数 物体重G/N 物体上升的高度h/m 拉力F/N 绳端移动的距离s/m 机械效率η 1 2.0 0.1 1.0 0.3 66.7％ 2 4.0 0.1 1.8 0.3 74.1％ 3 6.0 0.1 2.5 0.3 (1)根据表中的数据，符合该实验的滑轮组的组装方式是 （选填“甲”或“乙”）； (2)第3次实验滑轮组的机械效率为 ；分析第1、2、3次实验的数据可知：用同一滑轮组提升不同的物体时，物体越重，滑轮组的机械效率 （选填“越高”“越低”或“不变”）。 13．如图所示，是某物理实验小组探究“杠杆平衡条件”的实验过程。 （1）安装好杠杆，将其放到水平位置后松手，发现杠杆沿顺时针方向转动，则应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位量平衡； （2）如图甲所示，在A点挂2个重力均为0.5N的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为 N； （3）如图乙，保持A点所挂砝码的数量和位置不变，将弹簧测力计绕B点从a位置转到b位置，杠杆始终保持水平平衡，在此过程中拉力F与其力臂的乘积变化情况是 ； A．一直变小          B．一直变大           C．一直不变 D．先变小后变大 （4）实验结束后，小轩同学提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立?”于是小轩同学利用如图丁所示的装置继续进行探究，发现在杠杆左端不同位置用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆在水平位置平衡时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符，其原因是： 。 14．某实验小组进行简单机械类探究实验。 (1)探究“杠杆平衡条件”实验前，为方便测量力臂，应将杠杆调节到水平位置平衡，图1中，杠杆的平衡螺母B应向 调节（选填“左”或“右”）； (2)图2中，要使杠杆在水平位置平衡，需在C点悬挂 个同样的钩码； (3)某同学进行正确的实验操作后，能不能根据(2)问中的一组数据得出结论？ （选填“能”或“不能”），理由是 ； (4)探究“动滑轮的待点”的实验结果表明：使用动滑轮可以 （选填“省力”或“省距离”），但不能改变力的方向； (5)生活和工作中使用的滑轮如：A国旗杆顶部的滑轮；B电动起重机吊钩上的滑轮，属于动滑轮的是 （选填“A“或“B”）。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《实验题（2）简单机械——2025年中考物理一轮复习题型》参考答案 1． 甲 83 越低 74%~83% 【详解】（1）[1]由表中第一组实验数据可知，绳端移动的距离是钩码上升高度的3倍，则滑轮组承重绳子的股数为3，由图示滑轮组可知，实验使用了图甲所示滑轮组。 （2）[2]由表中实验数据可知，第三次实验时，滑轮组的效率 （3）[3]由表中第1次和第2次实验的数据可知，使用不同的滑轮组，提升相同的重物时，动滑轮的个数越多，滑轮组的机械效率越低。 （4）[4]由表中实验数据可知，使用同一个滑轮组时，增加钩码的重，机械效率会变大，使用甲所示滑轮组做实验，钩码重力为4N、6N时，滑轮组效率分别为74%、83%，则用甲所示滑轮组提升5N钩码时，滑轮组效率应大于74%而小于83%。 2． 匀速 0.15 见解析所示 提升物体的重力 【分析】（1）使用滑轮组提升重物时，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计； （2）由图知判断绳子的有效段数n，绳端移动的距离为s＝nh； （3）分别分析比较第一、二两次实验数据与第二、三两次实验数据，找出相同的量和不同的量，由表中数据得出结论． 【详解】(1)实验中，使用滑轮组提升重物时，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，测力计示数才等于拉力大小；（2）第二次实验中，2s内钩码上升的高度为0.1m，有表格可知绳端移动0.3m所以绳端运动的速度为v绳＝．（3）表格中空格的数据第一次实验的机械效率74%；第一次实验的机械效率80% ；由图知，绳子的有效段数n＝3，第三次实验中，绳端移动的距离为s3＝3h＝3×0.15m＝0.45m； 滑轮组的机械效率为： (3)分析比较第1、2两次实验数，提升物体的重力越大，机械效率越高，由此可知，可采用提升物体的重力的方法来提高滑轮组的机械效率； 3． 4 60% 高 【详解】（1）①由表格知道较陡时，拉力做的总功是：W总=Fs=4N×1m=4J； 最陡时，斜面的机械效率是：η=W有/W总=3J/5J=60%； ②分析三次实验中第一列、第四列、第八列知道，同一斜面，倾斜程度越高，拉同一个物体所用的拉力越大，机械效率越高； （2）①测算滑轮组的机械效率时，图中滑轮组由一个定滑轮和一个动滑轮组成，最省力的绕法是与动滑轮相连的绳子有3段，所以从动滑轮的挂钩上开始绕线，如图： ②测量滑轮组机械效率的记录表格如下 点睛：本题考查的是“测算简单机械的效率”实验，机械效率等于有用功和总功的比值，即η=W有/W总，所以明白测量机械效率原理无非是测量有用功和总功． 4． 处于 消除杠杆自重对实验的影响 左 水平 竖直 小 2.4 7.00 【详解】（1）[1]当杠杆静止或匀速转动时处于平衡状态，图甲中尺子静止，因此处于平衡状态。 [2][3][4]由图甲可知，尺子左端高、右端低，这就需要我们向左调节尺子，使尺子在水平位置平衡。当尺子在水平位置平衡时，在实验过程中我们就可以不考虑尺子自身重力对实验的影响，即消除了杠杆自重对实验的影响，且当力的方向为竖直方向时，我们可以直接通过尺子读出其力臂大小。 （2）[5]当用竖直向上的力拉尺子时，弹簧测力计拉力的力臂才可以直接由尺子读出，若弹簧测力计与竖直方向存在一定的夹角，则由尺子读出的力臂相较于真实力臂会偏大。 [6]由以上分析可知，作用点不变的情况下，拉力的方向为竖直向上时，其力臂最大，根据杠杆的平衡条件可知，在砝码重（阻力）、位置（阻力臂）不变的情况下，拉力最小，因此应将最小示数作为读数记录。 [7]由丙图可知，测力计的分度值为0.2N，所以该弹簧测力计的示数为2.4N。 （3）[8]由图可知，弹簧测力计的最大测量值为5N，则由③中数据可得 解得L2＝4cm，则对应的刻度值为 11.00cm-4.00cm＝7.00cm 5． 钩码和动滑轮 C 竖直向上 匀速 【分析】（1）利用动滑轮提升重物时，不仅要克服物体的重力，而且要克服动滑轮的重力． （2）使用动滑轮时，动滑轮的重力越小，钩码的重力越大，做的有用功越大． （3）利用二力平衡的条件可知，只有让钩码沿竖直方向匀速上升，此时滑轮对钩码的拉力的大小才会等于钩码的重力，测力计的示数才等于拉力的大小． 【详解】（1）动滑轮在提升时，不仅要提升物体，而且要提升动滑轮，所以在探究动滑轮工作时的特点时，先测出滑轮与钩码的总重． （2）在使用动滑轮提升物体时，同时要克服动滑轮的重力，故在不超过弹簧测力计量程的限度下，使用的钩码重力越大越好，所以最好选择1N的钩码． （3）只有让钩码沿竖直方向匀速上升，此时滑轮对钩码的拉力的大小才会等于钩码的重力，测力计的示数才等于拉力的大小． 故答案为（1）钩码和动滑轮；（2）C；（3）竖直向上；匀速． 【点睛】本题考查学生对探究动滑轮省力特点实验的掌握情况，注意实验中动滑轮的选取、钩码的选择标准，实验中要竖直向上匀速拉动测力计． 6． 匀速 能 乙 越低 增大提升的物重，可以提高滑轮组的机械效率 【详解】（1）[1]实验时要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，这样示数才会稳定，读出的数值才等于拉力的大小。 [2]由公式 可知，滑轮组的机械效率与物体被提升的高度无关，可以不用刻度尺，数出承担物重的绳子段数n也能够完成实验。 （2）[3]实验2中 所以实验2是用乙图做的实验。 [4]若不计绳重和摩擦，根据 可得，这组滑轮组的动滑轮总重 （3）[5]由表中第1次实验和第2次实验的数据可知，使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多动滑轮的质量越大，滑轮组的机械效率越低。 （4） [6][7]由表中第1次实验数据可知，绳端移动的距离是钩码上升高度的3倍，第三次实验使用同样的装置，则第3次实验中，绳端移动距离 机械效率为 （5）[8]比较实验数据1和3可知，使用同一滑轮组，增大提升的物重，可以提高滑轮组的机械效率。 7． 匀速 2.4 0.72 83.3% 不变 增大 【详解】(1)[1]实验操作时，应用弹簧测力拉着物体沿竖直方向做匀速直线运动，只有这样拉力大小不变，弹簧测力计的示数稳定。 [2]由图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为2.4N。 (2)[3]由图可知 n＝3 则绳端移动的距离 s＝nh＝3×10cm＝30cm＝0.3m 拉力所做的总功 W总＝Fs＝2.4N×0.3m＝0.72J 有用功 W有＝Gh＝6N×0.1m＝0.6J [4]滑轮组的机械效率 =100=10083.3 (3)[5]仅增加所提物体的重力时，有用功增大；不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力所做的功为额外功，由W额＝G动h可知，额外功将不变。 [6]由 =100=100=100可知，滑轮组的机械效率将增大。 8． ①②③ 【详解】（1）[1]此实验中， 不变，若他是改用在P点沿虚线方向拉弹簧测力计，这样做的好处是可以从弹簧秤上直接读出拉力的大小；方便改变拉力的方向，提供不同方向的拉力；便于利用 的大小，根据 认识力臂 的大小；但不方便测量力臂，故这样做的好处是①②③。 （2）[2]以l为横轴，F为纵轴，利用数学方法按表中的数据描点，然后把所描的点用平滑的线连接起来，如图 9．(1)匀速 (2) 1、2 钩码重力 (3) 低 (4) 0.2 B 【详解】（1）实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使物体匀速升高，此时系统处于平衡状态，测力计示数才等于拉力大小。 （2）[1]根据绳子自由端移动的距离与物体升高的高度的关系：s=nh，在实验1、2、3、4中，绳子的有效段数分别为2、3、3、4，通过比较1、2两次实验数据，绳子段数不同，提升的重物相同，效率相同，可得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关。 [2]比较2、3两次实验，可以看出提升的高度相同，绳子的段数相同，第三次物重更大，机械效率更高，得出结论：同一滑轮组，提升的重物重力越大，滑轮组的机械效率越高。 （3）[1]第4次实验机械效率为 [2]比较3、4两次实验，第4次实验有2个动滑轮，动滑轮重力大于第3次实验中动滑轮的重力，而实验提起物体的重力相同，第4次实验的机械效率小于第3次实验的机械效率，所以得出的结论是：不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越低。 （4）[1][2]因为还要克服摩擦力和绳重做额外功，所以应选用小华的方法，额外功为 10．(1)右 (2)便于测量力臂 (3)左端下降 (4)变大 (5)② (6)C 【详解】（1）杠杆左端下沉，可知杠杆的重心在支点的左侧，应将杠杆的重心向右移，所以应将两端的平衡螺母（左端和右端的均可）向右调节。 （2）实验时杠杆在水平位置平衡，因动力和阻力的方向都是竖直向下，由力臂的定义可知，力臂正好在杠杆上，故其目的是为了便于测量力臂。 （3）设一个钩码的重力G，一格的长度为L，则当杠杆两侧的钩码各取下一个后，左边力与力臂之积为 2G×2L=4GL 左边力与力臂之积为 G×3L=3GL 因 4GL>3GL 故杠杆不再水平平衡，左端下降。 （4）当拉力F向右倾斜时，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将变大，这是因为，当拉力倾斜时，拉力F力臂变小，阻力与阻力臂不变，由杠杆的平衡条件，动力变大。 （5）“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”，是在杠杆在水平位置平衡且动力和阻力的方向都是竖直向下的条件下得出的，也就是实验过程中没有改变动力或阻力的方向。故②正确。 （6）钩码在A点，要提高相同的高度，弹簧测力计上升的高度更大，克服杠杆的重力做功更多，机械效率更低，所以在C点时机械效率更高。 11． 3 0.3 0.36 83.3% 钩码上升的高度 【详解】（1）前2次实验中，绳端移动距离都是物体上升高度的3倍，可知此滑轮组由3段绳子承担物重，而第3次绳端移动距离与钩码上升高度的关系错误，应为S=8cm×3=24cm． （2）第4次实验的钩码重G=3N，钩码上升高度h=10cm=0.1m． 所以有用功为：W有用=Gh=3N×0.1m=0.3J； 测力计示数即拉力为F=1.2N，绳端移动距离为s=30cm=0.3m 所以总功为：W总=Fs=1.2N×0.3m=0.36J； 所以机械效率为：． （3）由表格中数据可以看出，在4次实验中钩码上升的高度不断发生变化，所以是探究滑轮组机械效率与钩码上升的高度是否有关． 12．(1)甲 (2) 越高 【详解】（1）由表格数据知，绳子端移动的距离是提升高度的3倍，那么滑轮组的承重绳子为3根，所用的是甲所示的滑轮组。 （2）[1]第3次实验滑轮组的机械效率为 [2]分析第1、2、3次实验的数据可知：用同一滑轮组提升不同的物体时，机械效率会不同，且物体越重，滑轮组的机械效率越高。 13． 左 1.5 C 杠杆自身重力对实验的影响 【详解】（1）[1] 在调平杠杆平衡时，将其放到水平位置后松手，发现杠杆沿顺时针方向转动，即左端上翘，则应将平衡螺母向左调节，直到杠杆在水平位置平衡。 （2）[2]由图及杠杆平衡条件知道 FA×LA=FB×LB 2×0.5N×3L=FB×2L 所以解得FB=1.5N。 （3）[3]将测力计绕B点从a位置转动到b位置过程中，左端钩码的重力不变，其力臂OA不变，即阻力与阻力臂的乘积不变；由于杠杆始终保持水平平衡，所以根据杠杆的平衡条件知道，拉力F与其力臂的乘积也是不变的，故C正确。 故选C。 （4）[4]图丙中，杠杆的重心不在支点上，重力的力臂不为零，杠杆自身的重力对杠杆转动产生了影响，导致拉力F的大小比由杠杆平衡条件计算出来的数值偏大。 14． 右 3 不能 实验次数太少，得出的结论具有偶然性 省力 B 【详解】(1)[1]根据调节杠杆平衡的方法原则：左下右调，右下左调，先快后慢并结合图1可知，杠杆的平衡螺母B应向右调节； (2)[2]设一个钩码重为G，杠杆上一个格为L，观察图2，根据杠杆平衡条件：2G×3L=3G×2L，要使杠杆在水平位置平衡，需在C点悬挂3个同样的钩码； (3)[3][4]杠杆平衡条件是规律性结论，必须经过多次实验验证才行，只有一次实验数据，偶然性太大，不能反映普遍规律，故不能根据(2)问中的一组数据得出结论。 (4)[5]动滑轮实质上是一个动力臂是阻力臂二倍的省力杠杆，所以使用动滑轮可以省力。 (5)[6]定滑轮的轴固定不动，不随被提起的物体一起运动；而动滑轮使用时则随被提起的物体一起运动，故根据它们的使用特点可知，属于动滑轮的是B选项。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $$