精品解析：海南省海口市某校2024-2025学年高二上学期11月月考（期中）物理试题

2024年高二年级11月校考物理试卷 一、单选题(共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。) 1. 常见的电源是干电池（直流电）与家用的交流电源。电源利用“磁生电”原理，由水力、风力、海潮、水坝水压差、太阳能等可再生能源，及烧煤炭、油渣等产生电力来源。关于电源、电流与电路，下列说法正确的是（　　） A. 路灯中一个烧坏后，不影响其他路灯正常工作，因此路灯是并联连接的 B. 1号干电池比5号干电池电动势大，但内电阻相同 C. 金属导体通电时建立电场的速率等于光速，自由电子定向移动的速率等于光速 D. 教室里的八个电灯的电流相等，这八个电灯一定是串联 2. 某同学用游标卡尺测量物体的长度，如图所示的读数为（　　） A. 3.06cm B. 3.6cm C. 2.96cm D. 2.97cm 3. 如图电路中，开关闭合后电压表示数为U=8V。已知电源内阻r=1Ω，电阻R=8Ω，所有电表均理想，则电源电动势E的大小为（　　） A. 9V B. 10V C. 12V D. 不能确定 4. 如图所示，当变阻器 的滑动头 向 端移动时（　　） A. 电压表示数变小，电流表示数变大 B. 电压表示数变小，电流表示数变小 C. 电压表示数变大，电流表示数变大 D. 电压表示数变大，电流表示数变小 5. 如图所示，矩形线框KLMN面积为S，处于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，线框可绕虚线轴逆时针转动，当线圈平面与磁场方向的夹角为时，穿过线圈的磁通量为（　　） A. BS B. C. D. 6. 如图所示，A中条形磁铁插入或拔出线圈时；B中闭合线圈竖直向下平动时；C中线圈在匀强磁场中，保持线圈平面始终与磁感线垂直左右运动时；D中线圈以速度v远离磁体的过程中。其中能产生感应电流的是（　　） A. B. C. D. 7. 北京时间8月3日，在巴黎奥运会乒乓球女单决赛中我省运动员陈梦夺得金牌。假设某次击球时，乒乓球以速度垂直击中球拍，后以的速度反向弹回，不考虑乒乓球的旋转，乒乓球的质量，则乒乓球撞击球拍的过程中（　　） A. 乒乓球对球拍的作用力大于球拍对乒乓球的作用力 B. 乒乓球对球拍的冲量小于球拍对乒乓球的冲量 C. 乒乓球的动量变化量大小为 D. 乒乓球对球拍的平均作用力大小为 8. 如图所示，在光滑水平地面上质量为2kg的小球A以3m/s速度向右运动，与静止的质量为1kg的小球B发生正碰，碰后B的速度大小不可能为（　　） A. 1.5m/s B. 2.5m/s C. 3.5m/s D. 4.0m/s 二、多选题（共5小题，每小题4分，选错不得分，少选得2分，共20分。） 9. 下列关于科学家对物理学的发展做出的贡献，符合历史事实的是（　　） A. 英国物理学家法拉第创造性地在电场中引入了电场线 B. 丹麦物理学家洛伦兹发现了电流的磁效应现象 C 法国物理学家安培提出了分子电流假说 D. 德国物理学家欧姆通过实验得到了焦耳定律 10. 下列各组物理量中，都属于标量的是（　　） A. 时间、位移 B. 动能、功率 C. 冲量、动量 D. 电流、电压 11. 如图所示， a、b、c、d为滑动变阻器的四个接线柱。滑片P 向右滑动时（　　） A. a和b之间电阻增大 B. a和c之间的电阻增大 C. c和d之间的电阻增大 D. b和c之间的电阻减小 12. 如图所示的电路中，电压表和电流表的示数分别为3V和1A，电流表的内阻为，那么有关待测电阻，下列说法正确的是（　　） A. 若电流表内阻未知，则的测量值比真实值大 B. 若电流表内阻未知，则测量值比真实值小 C. 的真实值为 D. 的真实值为 13. 如图所示，无限长直导线与闭合金属线框位于同一平面内，导线中通有电流，下列情况中，闭合金属线框中有感应电流产生的是（　　） A. 电流恒定，闭合金属线框向右平移 B. 电流恒定，闭合金属线框向上平移 C. 金属线框固定不动，电流增加 D. 金属线框固定不动，电流减小 三、实验题（本大题共2小题，每空2分，共20分） 14. 为了测量一精密金属丝的电阻率，某实验小组先用多用表粗测其电阻约为6Ω， （1）然后用图（b）的螺旋测微器测其直径D=________mm，再用毫米刻度尺测其长度为L。然后进行较准确测量，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下 A．电压表V1（量程3V，内阻约为15kΩ） B．电压表V2（量程15V，内阻约为75kΩ） C．电流表A1（量程3A，内阻约为0.2Ω） D．电流表A2（量程600mA，内阻约为1Ω） E．滑动变阻器R1（0～5Ω，0.6A） F．滑动变阻器R2（0～2000Ω，0.1A） G．输出电压为3V的直流稳压电源E H．电阻箱 L．开关S，导线若干 （2）为了测量范围尽可能大一些，则上述器材中应选用的实验器材有________（填器材前序号） （3）请在虚线框内设计最合理的电路图________。 （4）但用该电路电阻的测量值________真实值（选填“大于”、“等于”或“小于”）。如果金属丝直径为D，长度为L，所测电压为U，电流为I，写出计算电阻率的表达式________。 15. 用如图甲所示的电路，测定一节旧干电池的电动势和内阻（小于1）。除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有： 双量程电流表A：（量程0~0.6A，0~3A） 双量程电压表V：（量程0~3V，0~15V） 滑动变阻器：R1（阻值范围0~10，额定电流2A） R2（阻值范围0~100，额定电流1A） （1）为了调节方便，测量精度更高，实验中应选用滑动变阻器______（填“R1”或“R2"） （2）根据图甲将图乙中的实物正确连接，注意闭合开关时滑动变阻器的滑片P应处于正确的位置，并选择正确的电表量程进行连线______。 （3）通过多次测量并记录对应的电流表示数I和电压表示数U，利用这些数据在图丙中画出了U-I图线。由图线可以得出此干电池的电动势E=______V（保留三位有效数字）、内阻r=______（保留两位有效数字），该实验由于系统误差使电池内阻的测量值______（填“偏小”、“偏大”或“不变”）。 四、计算题（本大题共3小题，共36.0分） 16. 如图所示，质量m=1kg的小球以v0=12m/s的速度在光滑水平面上向右运动，即将与静止在小球右侧的滑块发生碰撞，已知滑块的质量M=4kg，碰撞时间极短。 （1）若小球与滑块发生完全非弹性碰撞（两者粘在一起），求他们碰后的共同速度的大小v共； （2）若小球与滑块碰撞后，小球被弹回的速率大小v1=4m/s，求碰后滑块的速度大小v2； （3）若小球与滑块发生弹性碰撞，求碰撞后小球和滑块的速度大小。 17. 如图所示，质量为m的子弹，以水平初速度v0射入静止在光滑水平面上质量为M的长木块内，并嵌入其中。若子弹射入木块深度为d，求木块对子弹的平均阻力f？ 18. 如图所示，质量为木板静置于光滑水平地面上，质量为的小滑块（可视为质点）以的速度从木板左端滑上木板，小滑块最终未滑下木板，取重力加速度。求： （1）小滑块最终的速度大小； （2）若小滑块与木板间的动摩擦因数，求小滑块相对木板滑动的时间。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$ 2024年高二年级11月校考物理试卷 一、单选题(共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。) 1. 常见的电源是干电池（直流电）与家用的交流电源。电源利用“磁生电”原理，由水力、风力、海潮、水坝水压差、太阳能等可再生能源，及烧煤炭、油渣等产生电力来源。关于电源、电流与电路，下列说法正确的是（　　） A. 路灯中一个烧坏后，不影响其他路灯正常工作，因此路灯是并联连接的 B. 1号干电池比5号干电池电动势大，但内电阻相同 C. 金属导体通电时建立电场的速率等于光速，自由电子定向移动的速率等于光速 D. 教室里的八个电灯的电流相等，这八个电灯一定是串联 【答案】A 【解析】 【详解】A．路灯中一个烧坏后，不影响其他路灯正常工作，因此路灯是并联连接的，若串联，路灯中一个烧坏后，会影响其他路灯正常工作，故A正确； B．1号干电池电动势等于5号干电池的电动势，但1号干电池的内阻小于5号干电池的内阻，故B错误； C．金属导体通电时建立电场的速率等于光速，自由电子定向移动的速率远小于光速，故C错误； D．教室里的八个电灯的电流相等，若八个电灯的电阻相等，当并联时，电压相等，则通过的电流相等，可知，这八个电灯可能是并联，也可能是串联，故D错误。 故选A。 2. 某同学用游标卡尺测量物体的长度，如图所示的读数为（　　） A. 3.06cm B. 3.6cm C. 2.96cm D. 2.97cm 【答案】A 【解析】 【详解】游标卡尺的读法是先读主尺的示数，再度游标尺的示数，游标尺是10分度的，故精确度为0.1mm，图中的读数为 A正确，BCD错误。 故选A 3. 如图电路中，开关闭合后电压表示数为U=8V。已知电源内阻r=1Ω，电阻R=8Ω，所有电表均理想，则电源电动势E的大小为（　　） A. 9V B. 10V C. 12V D. 不能确定 【答案】A 【解析】 【详解】所有电表均理想则电压表显示外电路电压，即电阻上的电压，则根据闭合电路欧姆定律可知 将题中数据代入上述解析式，得电源电动势E的大小为 故选A。 4. 如图所示，当变阻器 的滑动头 向 端移动时（　　） A. 电压表示数变小，电流表示数变大 B. 电压表示数变小，电流表示数变小 C. 电压表示数变大，电流表示数变大 D. 电压表示数变大，电流表示数变小 【答案】A 【解析】 【详解】变阻器 的滑动头 向 端移动，接入电阻减小，电路总电阻减小，干路电流增大，电源内阻上电压增大，路端电压减小，即电压表示数变小，由闭合电路欧姆定律可知，并联部分电压减小，流过R2的电流减小，由于总电流增大，则电流表示数变大。 故选A。 5. 如图所示，矩形线框KLMN面积为S，处于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，线框可绕虚线轴逆时针转动，当线圈平面与磁场方向的夹角为时，穿过线圈的磁通量为（　　） A. BS B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】穿过线圈的磁通量为 故选B。 6. 如图所示，A中条形磁铁插入或拔出线圈时；B中闭合线圈竖直向下平动时；C中线圈在匀强磁场中，保持线圈平面始终与磁感线垂直左右运动时；D中线圈以速度v远离磁体的过程中。其中能产生感应电流的是（　　） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】产生感应电流的条件是闭合线圈中的磁通量发生变化。 A．A中条形磁铁插入或拔出线圈时，线圈中的磁通量会改变，则能够产生感应电流，故A正确； B．B中闭合线圈竖直向下平动时，穿过线圈平面的磁感线条数不发生变化，磁通量不变，不能产生感应电流，故B错误； C．C中线圈在匀强磁场中平动，穿过线圈平面的磁感线条数不发生变化，磁通量不变，不能产生感应电流，故C错误； D．D中线圈平面与磁场磁感线平行，则穿过线圈的磁通量始终为0，故D错误。 故选A。 7. 北京时间8月3日，在巴黎奥运会乒乓球女单决赛中我省运动员陈梦夺得金牌。假设某次击球时，乒乓球以的速度垂直击中球拍，后以的速度反向弹回，不考虑乒乓球的旋转，乒乓球的质量，则乒乓球撞击球拍的过程中（　　） A. 乒乓球对球拍的作用力大于球拍对乒乓球的作用力 B. 乒乓球对球拍的冲量小于球拍对乒乓球的冲量 C. 乒乓球的动量变化量大小为 D. 乒乓球对球拍平均作用力大小为 【答案】D 【解析】 【详解】A．乒乓球撞击球拍的过程中，根据牛顿第三定律可知，乒乓球对球拍的作用力与球拍对乒乓球的作用力等大反向，故A错误； B．根据冲量的定义，结合A项分析可知，乒乓球对球拍的冲量与球拍对乒乓球的冲量等大反向，故B错误； C．乒乓球的动量变化量 即乒乓球的动量变化量大小为，故C错误； D．乒乓球撞击球拍过程中，对乒乓球有 即球拍对乒乓球的平均作用力大小为，根据牛顿第三定律，乒乓球对球拍的平均作用力大小为，故D正确。 故选D。 8. 如图所示，在光滑水平地面上质量为2kg的小球A以3m/s速度向右运动，与静止的质量为1kg的小球B发生正碰，碰后B的速度大小不可能为（　　） A. 1.5m/s B. 2.5m/s C. 3.5m/s D. 4.0m/s 【答案】A 【解析】 【详解】若A、B两球是完全非弹性碰撞，碰后速度最小，设二者的速度为，有动量守恒定律可知 解得 若A、B发生弹性碰撞，则有 解得 故碰后B球的速度大小介于之间，故A不可能，BCD可能。 故选A。 二、多选题（共5小题，每小题4分，选错不得分，少选得2分，共20分。） 9. 下列关于科学家对物理学的发展做出的贡献，符合历史事实的是（　　） A. 英国物理学家法拉第创造性地在电场中引入了电场线 B. 丹麦物理学家洛伦兹发现了电流的磁效应现象 C. 法国物理学家安培提出了分子电流假说 D. 德国物理学家欧姆通过实验得到了焦耳定律 【答案】AC 【解析】 【详解】A．英国物理学家法拉第创造性地在电场中引入电场线来形象化地描述电荷周围的电场，符合物理学史，故A正确； B．奥斯特发现了电流的磁效应现象，故B错误； C．安培提出了分子电流假说，故C正确； D．焦耳通过实验得到了焦耳定律，故D错误。 故选AC。 10. 下列各组物理量中，都属于标量的是（　　） A. 时间、位移 B. 动能、功率 C. 冲量、动量 D. 电流、电压 【答案】BD 【解析】 【详解】时间、动能、功率、电流、电压是标量；位移、冲量、动量是矢量。 故选BD。 11. 如图所示， a、b、c、d为滑动变阻器的四个接线柱。滑片P 向右滑动时（　　） A. a和b之间的电阻增大 B. a和c之间的电阻增大 C. c和d之间的电阻增大 D. b和c之间的电阻减小 【答案】BD 【解析】 【详解】滑片P 向右滑动时，a和b之间、c和d之间的电阻不变，a和c之间的电阻增大，b和c之间的电阻减小。 故选BD。 12. 如图所示的电路中，电压表和电流表的示数分别为3V和1A，电流表的内阻为，那么有关待测电阻，下列说法正确的是（　　） A. 若电流表内阻未知，则的测量值比真实值大 B. 若电流表内阻未知，则的测量值比真实值小 C. 的真实值为 D. 的真实值为 【答案】AC 【解析】 【详解】AB．电压表测的是待测电阻和电流表两端的总电压，若电流表内阻未知，则 故A正确，B错误； CD．的真实值为 故C正确，D错误 故选AC。 13. 如图所示，无限长直导线与闭合金属线框位于同一平面内，导线中通有电流，下列情况中，闭合金属线框中有感应电流产生的是（　　） A. 电流恒定，闭合金属线框向右平移 B. 电流恒定，闭合金属线框向上平移 C. 金属线框固定不动，电流增加 D. 金属线框固定不动，电流减小 【答案】ACD 【解析】 【详解】AB．电流恒定，闭合金属线框向右平移，线框中磁通量减小，有感应电流产生；闭合金属线框向上平移，线框中磁通量不变，无感应电流产生，故A符合题意，B不符合题意； CD．金属线框固定不动，电流增加或减小，在周围产生的磁场也会随之增强或减弱，则线框中磁通量会增大或减小，因此两种情况都有感应电流产生，故CD符合题意。 故选ACD。 三、实验题（本大题共2小题，每空2分，共20分） 14. 为了测量一精密金属丝的电阻率，某实验小组先用多用表粗测其电阻约为6Ω， （1）然后用图（b）的螺旋测微器测其直径D=________mm，再用毫米刻度尺测其长度为L。然后进行较准确测量，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下 A．电压表V1（量程3V，内阻约15kΩ） B．电压表V2（量程15V，内阻约为75kΩ） C．电流表A1（量程3A，内阻约为0.2Ω） D．电流表A2（量程600mA，内阻约为1Ω） E．滑动变阻器R1（0～5Ω，0.6A） F．滑动变阻器R2（0～2000Ω，0.1A） G．输出电压为3V的直流稳压电源E H．电阻箱 L．开关S，导线若干 （2）为了测量范围尽可能大一些，则上述器材中应选用的实验器材有________（填器材前序号） （3）请在虚线框内设计最合理的电路图________。 （4）但用该电路电阻的测量值________真实值（选填“大于”、“等于”或“小于”）。如果金属丝直径为D，长度为L，所测电压为U，电流为I，写出计算电阻率的表达式________。 【答案】 ①. 4.700##4.699##4.701 ②. A、D、E、G、L ③. ④. 小于 ⑤. 【解析】 【详解】（1）[1]由图（b）可知螺旋测微器读数为 （2）[2]实验需要电源、开关与导线，故选G、L；因为电动势为3V，应选3V量程电压表，故选A；因为待测电阻约为6Ω，为了测量方便应选与待测电阻阻值相近的滑动电阻器，故选E；由闭合电路欧姆定律，电路最大电流约为 应选用量程600mA的电流表，故选D。 （3）[3]题目要求测量范围大，故应选用分压法，待测电阻与电压表电流变关系为 故被测电阻为小电阻，应选用电流表外接法，实验电路图如图所示 （4）[4]由电流表选择原则“小外小”可知，待测电阻测量值小于真实值； [5]由电阻的决定式 由几何知识 由闭合电路欧姆定律 联立可得 15. 用如图甲所示的电路，测定一节旧干电池的电动势和内阻（小于1）。除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有： 双量程电流表A：（量程0~0.6A，0~3A） 双量程电压表V：（量程0~3V，0~15V） 滑动变阻器：R1（阻值范围0~10，额定电流2A） R2（阻值范围0~100，额定电流1A） （1）为了调节方便，测量精度更高，实验中应选用滑动变阻器______（填“R1”或“R2"） （2）根据图甲将图乙中的实物正确连接，注意闭合开关时滑动变阻器的滑片P应处于正确的位置，并选择正确的电表量程进行连线______。 （3）通过多次测量并记录对应的电流表示数I和电压表示数U，利用这些数据在图丙中画出了U-I图线。由图线可以得出此干电池的电动势E=______V（保留三位有效数字）、内阻r=______（保留两位有效数字），该实验由于系统误差使电池内阻的测量值______（填“偏小”、“偏大”或“不变”）。 【答案】 ①. R1 ②. ③. 1.45 ④. 0.87 ⑤. 偏小 【解析】 【详解】解：(1)[1]为了调节方便，测量精度更高，实验中滑动变阻器应选阻值较小的R1。 (2)[2]由给出的原理图甲，得到实物电路图如图所示 (3)[3]由丙图的U−I图象可知，电源的电动势为E=1.45V。 [4]由U−I图象的斜率大小等于电源的内阻可知，电源内阻为 [5]由甲图可知，系统误差来源于电压表的分流，由于电压表的分流作用使电流表的读数总比电源实际输出的电流小，导致电源内阻的测量值比真值偏小。 四、计算题（本大题共3小题，共36.0分） 16. 如图所示，质量m=1kg的小球以v0=12m/s的速度在光滑水平面上向右运动，即将与静止在小球右侧的滑块发生碰撞，已知滑块的质量M=4kg，碰撞时间极短。 （1）若小球与滑块发生完全非弹性碰撞（两者粘在一起），求他们碰后的共同速度的大小v共； （2）若小球与滑块碰撞后，小球被弹回的速率大小v1=4m/s，求碰后滑块的速度大小v2； （3）若小球与滑块发生弹性碰撞，求碰撞后小球和滑块的速度大小。 【答案】（1）2.4m/s；（2）4m/s；（3）7.2m/s ，4.8m/s 【解析】 【详解】（1）根据动量守恒定律有 代入数据解得 （2）根据动量守恒定律有 解得 （3）设向右为正方向，碰后小球和滑块的速度分别为v3、v4，根据动量守恒定律 mv0=mv3+Mv4 弹性碰撞过程中没有能量损失，根据机械能守恒定律有 解得 v3=-7.2m/s v4=4.8m/s 即碰撞后小球的速度大小为7.2m/s，滑块的速度大小4.8m/s。 17. 如图所示，质量为m的子弹，以水平初速度v0射入静止在光滑水平面上质量为M的长木块内，并嵌入其中。若子弹射入木块深度为d，求木块对子弹的平均阻力f？ 【答案】 【解析】 【详解】设子弹射入木块后子弹和木块的速度为v，根据动量守恒定律和动能定理有 由以上式子解得 18. 如图所示，质量为的木板静置于光滑水平地面上，质量为的小滑块（可视为质点）以的速度从木板左端滑上木板，小滑块最终未滑下木板，取重力加速度。求： （1）小滑块最终的速度大小； （2）若小滑块与木板间的动摩擦因数，求小滑块相对木板滑动的时间。 【答案】（1）1m/s；（2）1s 【解析】 【详解】（1）小滑块在木板上滑动过程中，滑块和木板组成的系统动量守恒，由动量守恒定律得 解得 （2）根据题意，对滑块，由动量定理有 解得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$