四川省成都市双流中学2024-2025学年高一上学期11月期中检测物理试题

四川省双流中学2022级高三上期11月物理复习阶段能力测试 姓名 ________________ 班级 ________________ 座号 _________ 注意事项 1.请将信息填写清楚并认真核对，不得有误 2.保持答题卡的清洁和完整，不得折叠 3.选择题用2B铅笔填涂，修改用橡皮擦净 正确填涂 缺诊标记 贴条形码区 （正面朝上，请勿贴出虚线方框） [ ] 第1页（共2页） 物理 第2页（共2页） 物理 1. A[ ] B[ ] C[ ] D[ ] 2. A[ ] B[ ] C[ ] D[ ] 3. A[ ] B[ ] C[ ] D[ ] 4. A[ ] B[ ] C[ ] D[ ] 5. A[ ] B[ ] C[ ] D[ ] 6. A[ ] B[ ] C[ ] D[ ] 7. A[ ] B[ ] C[ ] D[ ] 8. A[ ] B[ ] C[ ] D[ ] 9. A[ ] B[ ] C[ ] D[ ] 10. A[ ] B[ ] C[ ] D[ ] (1)________________ (2)________________ （3）________________ 11 ( 6 分 ) (1)_____________ _____________ (2)_____________ _____________ 12 ( 8 分 ) 13 ( 10 分 ) 14 ( 14 分 ) 15 ( 16 分 ) 1 四川省双流中学 2022 级高三上期 11 月复习阶段能力测试 物理试题答案 1．【答案】A 【解析】A．该同学背越式跳高为斜抛运动，从起跳最低点到上升最 高点过程重力势能逐渐增大到最大，故 A正确；B．到最高点竖直方向的速度为 0， 水平方向有一定的速度，故动能在最高点不是 0，故 B错误；CD．该同学做斜抛 运动，为曲线运动，故 CD错误。 2．【答案】A【解析】 根据电荷数和质量数守恒知，核反应方程为 23592U＋10n→14456Ba ＋8936Kr＋310n，故A符合题意；根据电荷数和质量数守恒知，核反应方程为 23892U→23490Th ＋42He，故B不符合题意；根据电荷数和质量数守恒知，核反应方程为 147N＋42He→178O ＋11H，故 C不符合题意；根据电荷数和质量数守恒知，核反应方程为 146C→147N＋ 0－1e， 故 D不符合题意。 3．【答案】C 【解析】AC．对球 B受力分析，受拉力 F、重力和细 线的拉力 ，根据平衡条件，三个力可以构成首尾相连的矢量三角形， 如图所示。随着 的增加，拉力 F和细线张力均增加，故 A错误， C正确；BD．再对 A、B球整体分析，受重力、拉力 F、支持力和 静摩擦力 ，根据平衡条件，在垂直杆方向，有 NF G 总水平方向有 f F 随着 F 的增加，摩擦力增大，支持力不变，故 BD错误。故选 C。 4．【答案】C【解析】A．匀加速阶段，根据牛顿第二定律可得 1 fF F ma  又 1 1P Fv 联立可得高速飞车匀加速直线运动过程中达到的最大速度为 1 f Pv F ma   达到匀加 速直线运动的最大速度时，此时还有加速度，所以战机牵引力大于阻力，故 A错 误；B．达到额定功率后，战机功率不变，则有P Fv 随着速度的增加，牵引力减 小，根据 fF F ma   可知战机接着做加速度逐渐减小的加速运动，故 B错误；C．高 速飞车匀加速直线运动的时间为  f 1 P a F ma vt a    高速飞车匀加速直线运动的位 移为   2 2 f 1 1 22 vx t P a F ma    故 C正确；D．当牵引力等于阻力时，高速飞车的速度 达到最大，则有 m f Pv F  高速飞车在整个加速过程，根据动能定理可得 2 2 m 2 f2 1 2 W W mv mP F   阻牵 可得 2 2 f2 mPW F  牵 故 D错误。故选 C。 5．【答案】C 【解析】设斜面倾角为θ，根据动能定理，当小物块沿斜面上升时，： －(mgsinθ＋f)x=Ek－Ek0，即：Ek=－(f＋mgsinθ)x＋Ek0所以 Ek与 x的函数关系图象 为直线，且斜率为负；设 x0为小物块到达最高点时的位移，当小物块沿斜面下滑 时根据动能定理有：(mgsinθ－f)(x0－x)=Ek－0，即：Ek=－(mgsinθ－f)x＋(mgsinθ－ 2 f)x0所以下滑时 Ek随 x的减小而增大且为直线。综上所述，故 C正确 6．【答案】C 【解析】A．侦察卫星从 B点到 A点过程中只有万有引力做功，机 械能守恒，故 A项错误；B．侦察卫星从 B点到 A点过程中，万有引力做正功， 由动能定理可知，合外力做正功，物体的动能增加，所以侦查卫星从 B点运动到 A 点过程中动能增加，故 B项错误；C．对卫星有 2 MmG ma r  整理有 2 GMa r  由于“中 星 26号”和侦察卫星在 D点距离地心的距离相同，绕同一个中心天体，所以两者 在 D点的加速度相等，故 C项正确；D．AB两点为轨道的长轴，设其距离为 2a， “中星26号”卫星轨道半径为 r，由开普勒第三定律有 3 2 2 1 2 3a r T T  由于两者的周期相同， 即 1 2T T 解得 a r 所以 A、B两点间距离是“中星 26号”卫星轨道半径的二倍，故 D 项错误。故选 C。 7．【答案】D 【解析】A．根据题意，由右手定则可知，ab刚进入 EFNM区域时， cd 中电流方向 c 由 d，故 A 错误；B. ab 刚进入 EFNM 区域时，感应电动势为 sinmgRE BLv BL    感应电流为 sin 2 2 E mgI R BL    安培力为 1 sin 2 F BIL mg   可 知，ab的加速度 1 sin 1 sin 2 mg Fa g m    cd的加速度为 2 1 sin 2 Fa g m   ，ab进 入 EFNM区域后继续加速，同时 cd开始加速运动，且速度差越来越大，则感应电 流越来越大，ab的加速度减小，cd的加速度增大，当 ab的加速度和 cd的加速度 相等时，速度差保持不变，感应电流不变，两棒的加速度不变，之后均做匀加速 运 动 ， 故 B 错 误 ； C ． 当 ab 的 加 速 度 和 cd 的 加 速 度 相 等 时 ， 有 1 2 sinmg F Fa a m m      解得 1 sin 2 F mg  由动量定理可知，ab中电流不变后的 t 时间内，cd动量变化量的大小为 1 sin 2 p Ft mgt    故 C错误；cd中电流不变后， 由 F BIL 可得，电流大小为 sin 2 F mgI BL BL    cd中电流不变后的 t时间内，cd上 产生的焦耳热为 2 2 2 2 2 2sin 4 m g RQ I Rt t B L    故 D正确。故选 D。 8．【答案】CD 【解析】A．由于地面对手的支持力作用点没有发生位移，则地面 对手的支持力不做功，故 A错误 B．根据 NI Nt 可知地面对手的支持力冲量不为 零，故 B错误；CD．由于人的重心升高，则重力做负功，即该同学克服重力做了 功，在向上撑起过程中，同学的机械能增加了，故 CD正确。故选 CD。 9．【答案】BC 【解析】他发现只有当α大于 41°时，岸上救援人员才能收到他发 出的激光光束，则说明α＝41°时激光恰好发生全反射，此时入射角为 49°，则 sin 49° ＝ 1 n ，则 n＝ 1 sin 49° ，B正确；当他以α＝60°向水面发射激光时，入射角 i1＝30°， 3 则根据折射定律有折射角 i2大于 30°，则岸上救援人员接收激光光束的方向与水面 夹角小于 60°，C正确，D错误。 10．【答案】ABC 【解析】A．由图像可知，当 0x h x  时，弹簧的弹力F mg 分 析可知，小球先做加速运动再做减速运动，此时速度最大。所以动能先增大后减 小，此时动能最大。由能量守恒定律可知，重力势能与弹性势能之和先减小后增 大，故此时重力势能和弹性势能之和最小，故 A 正确；C．由动能定理 0 0 km 1( ) 2 mg h x mgx E   可得小球的最大动能为 0km ( )2 xE mg h  故 C正确；D．由 图像可知，当 0x h x  时，弹簧的弹力 0F kx mg  ，可得，弹簧的劲度系数为 0 mgk x  由动能定理 0 0 k 1( 2 ) 2 2 2 mg h x mg x E     可得，当 02x h x  时，小球的动 能为 k 0E mgh  所以小球会继续向下运动，故此时不是最低点，重力势能不是最 小，故D错误；B．由D选项分析可知，当 02x h x  时，弹簧的弹力 02 2F k x mg    此时小球的加速度为 F mga g m     又因为此时小球速度不为 0，所以会继续向下 压缩弹簧，当速度减为 0时，小球到达最低点，加速度一定大于 g，故 B正确。 故选 ABC。 11．【答案】(1) d t ；(2) 2 21 cos 2 dgL t  （ ） ；(3)<（每空 2分） 【解析】（1）[1]根据极短时间的平均速度等于瞬时速度，钢球通过光电门的速度 为 dv t  。（2）[2]小球从释放到 A点，增加的动能为 2 2 k 2 1 2 2 mdE mv t    小球从释 放到 A点，减少的重力势能为 p (1 cos )E mgL   小球机械能守恒有 p kE E   可 得 2 21 cos 2 dgL t  （ ） 。（3）[3]根据v r 可知遮光条处测得速度比球心处真实速度大， 导致动能增加量测量值偏大，故真实大小关系是 p kE E   12．【答案】(1)a点，小于；(2)②， 7.5；（每空 2分） 【解析】（1）电压表示数变化较大，说明电流表分压较大，而电流表示数基本不 变，说明电压表分流较小，可以忽略，故采用电流表外接法，即 c接 a点；电压表 测量的电压为准确值，但电流表测量的电流为电阻和电压表电流表之和，即电流 测量值偏大，根据 UR I  可得电阻测量值偏小。（2）因为电压表测量的是被测电阻 两端电压，所以当其两端电压为零时，电流也为零，故图线②正确；图像的斜率 表示电阻，故 3.0 7.5 0.4x R   ； 13．【答案】(1) 52.4 10 Pa ；(2)9L 4 【解析】（1）由查理定律可得： 1 2 1 2 p p T T  （2分） 其中 51 2.7 10 Pap   ， 1 273 3)K 27 K( 0T    ， 2 (273 33)K 240KT    （2分） 代入数据解得，在哈尔滨时，充气前该轮胎气体压强的大小为： 5 2 2.4 10 Pap   （2分） （2）由玻意耳定律： 2 0 0 1 0p V p V pV  （3分） 代入数据解得，充进该轮胎的空气体积为：V=9L （2分） 14．【答案】（1）160J， 4.8m；（2）20J 【解析】小球在C点时，水平方向的速度为： cos37 8m sB Cv v   （1分） 竖直分速度为： sin 37 6m sCy Cv v   （1分） 撤去外力时弹簧的弹性势能： 2 2 p 1 1 5 8 J 160J 2 2B E mv     （2分） 小球从 B到C所用时间为： 0.6sCy v t g   （1分） 则 B、C两点的水平距离： 4.8mBx v t  （2分） （2）小球恰好通过D点，在D点由牛顿第二定律有： 2 Dvmg m R  （2分） 小球从C到D点，由动能定理有：  2 2 f 1 1 1 cos37 2 2D C mv mv mgR W      （3分） 联立解得： f 20JW  （2分） 15．【答案】（1）0.5mg；（2） gR；（3）  10 4 2 R 【解析】（1）对 A球，有：F ma （2分） 对 B球，有：mg F ma  （2分） 联立解得： 0.5F mg （1分） （2）小球 A到达 D点时，B球回到原位置，系统机械能守恒，有： 2 21 1 2 2A B mgR mv mv  （3分） 此时两小球速度大小相等，有： A Bv v （1分） 联立，解得： Bv gR （1分） （3）小球 A过 D点后沿杆向左运动，小球 B上升，到两者速度为零。假设小球 B 上升距离为 x，由机械能守恒可知：mgR mgx （2分） 解得：x=R 小球 A恰好经过 OC与圆环的交点处，此时 B下降的高度：    2 2 2Bh R R R R     （2分） 由于系统机械能守恒，系统做周期性运动，在小球 A再次回到最高点的过程中， 小球 B的路程为：s=2(2hB+x) （2分）解得：  10 4 2s R  1 四川省双流中学 2022 级高三上期 11 月复习阶段能力测试 物理试题 一、单项选择题(本题共 7小题，每小题 4分，共 28分。每小题只有一个选项符合 题目要求。) 1．一同学背越式跳高，不计空气阻力，从起跳脚离地到身体重心达到最高点的过 程中，该同学( ) A．重力势能逐渐增大到最大 B．动能逐渐减小为零 C．做匀加速直线运动 D．做匀减速直线运动 2．下列核反应方程中括号内的粒子为中子的是( ) A．23592U＋10n→14456Ba＋8936Kr＋( ) B．23892U→23490Th＋( ) C．147N＋42He→178O＋( ) D．146C→147N＋( ) 3．如图带有孔的小球 A套在粗糙水平直杆上，与正下方的小球 B通过轻绳连接， 处于静止状态，给小球 B施加水平力 F使其缓慢上升，直到小球 A刚要滑动。在 此过程中( ) A．水平力 F的大小先增大后减小 B．杆对小球 A的支持力增大 C．轻绳对小球 B的拉力增大 D．杆对小球 A的摩擦力先变小后变大 4．歼-20战机是我国的先进隐形战斗机，歼-20的质量为m，额定功率为 P。已知 某次训练中，歼-20战机在平直路面上从静止开始运动，先以加速度a做匀加速直 线运动，达到额定功率 P后，又经过一段时间达到该功率下的最大速度起飞。若 战机行驶过程中所受到的阻力恒为 fF ，下列说法正确的是( ) A．达到匀加速直线运动的最大速度时，战机牵引力等于阻力 B．达到额定功率后，战机接着做加速度逐渐增大的加速运动 C．匀加速直线运动的位移为   2 2 2 f P a F ma D．整个加速过程中牵引力做功为 2 22 f mP F 5．一小物块沿斜面向上滑动，然后滑回到原处．物块初动能为 Ek0，与斜面间的 动摩擦因数不变，则该过程中，物块的动能 Ek与位移 x关系的图线是( ) A B C D 2 6．我国首颗超百 Gbps容量的高通量地球静止轨道通信卫星“中星 26号”与某一椭 圆轨道侦察卫星的运动轨迹如图所示,A、B分别为侦察卫星的近地点和远地点。两 卫星的运行周期相同，D点是两轨道交点，BC连线过地心，下列说法正确的是( ) A．侦查卫星从 B点运动到 A点过程中机械能减小 B．侦查卫星从 B点运动到 A点过程中动能减小 C．“中星 26号”和侦察卫星在 D点的加速度相等 D．A、B两点间距离与“中星 26号”卫星轨道半径相等 7．两相距为 L的长平行导轨 EMP、FNQ按图示方式固定，MP、NQ水平，EM、 FN与水平面夹角为 ，EFNM及 MNQP区域内存在 磁感应强度大小均为 B，方向垂直轨道平面向上的匀 强磁场。金属杆 ab以速度 2 2 sinmgRv v B L      进入 EFNM区域的同时，静止释放位于 MNQP区域内的 金属杆 cd。整个过程 ab，cd与两轨道始终垂直并保持良好接触，ab未到达 MN， cd未离开 PQ。两金属杆质量均为m，电阻均为 R，重力加速度大小为 g，忽略导 轨电阻及一切摩擦阻力。则( ) A．ab刚进入 EFNM区域时，cd中电流方向由 d到 c B．ab进入 EFNM区域后，cd做加速度减小的加速运动，最终速度保持恒定 C．ab中电流不变后的 t时间内，cd动量变化量的大小为 sinmgt  D．cd中电流不变后的 t时间内，cd上产生的焦耳热为 2 2 2 2 2 sin 4 m g Rt B L  二、多项选择题(本题共 3小题，每小题 6分，共 18分。每小题有多个选项符合题 目要求，全部选对的得 6分，选对但不全的得 3分，有选错的得 0分。) 8．体育课上,某同学做俯卧撑训练，在向上撑起过程中，下列说法正确的是( ) A．地面对手的支持力做了正功 B．地面对手的支持力冲量为零 C．他克服重力做了功 D．他的机械能增加了 9．一位潜水爱好者在水下活动时，利用激光器向岸上救援人员发射激光信号，设 激光光束与水面的夹角为α，如图所示。他发现只有当α大于 41°时，岸上救援人员 才能收到他发出的激光光束，下列说法正确的是( ) A．水的折射率为 1 sin 41° B．水的折射率为 1 sin 49° C．当他以α＝60°向水面发射激光时，岸上救援人员接收激光光束的方向与水面 夹角小于 60° D．当他以α＝60°向水面发射激光时，岸上救援人员接收激光光束的方向与水面 夹角大于 60° 3 10．如图甲所示，轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为 m的小球， 从离弹簧上端高 h处由静止释放。某同学在研究小球落到弹簧上后继续向下运动 到最低点的过程，他以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下方向建立坐标轴 Ox，做出小球所受弹力 F大小随小球下落的位置坐标 x的变化关系如图乙所示， 不计空气阻力，重力加速度为 g。以下判断正确的是( ) A．当 0x h x  时，重力势能与弹性势能之和最小 B．小球在最低点的加速度一定大于 g C．小球动能的最大值为 0( ) 2 xmg h  D．当 02x h x  时，小球的重力势能最小 三、非选择题(本题共 5小题，共 54分) 11．(6分) 用如图所示的装置验证机械能守恒定律。一根细线一端固定在铁架台上， 另一端系的钢球静止 A点，在 A点正下方固定光电 门；在钢球底部沿细线方向固定一宽为 d的遮光条（d 较小）。首先，测悬点到钢球球心的距离 L，然后， 将钢球拉至不同位置由静止释放，测得每次细线与竖 直方向夹角θ和光电门记录的对应时间 t。空气阻力的 影响可忽略，重力加速度为 g。回答下列问题： （1）钢球通过光电门的速度 v=______；（用测得的物理量符号表示） （2）若等式______成立，则验证了机械能守恒定律；（用测得的物理量符号表示） （3） 由于实验存在系统误差，根据测得的数据计算重力势能变化量ΔEp和动能变 化量ΔEₖ，其真实大小关系是ΔEp______ΔEk。（选填“>”或“<”） 12．（8分）为了比较精确地测定阻值未知的定值电阻 Rx，小明设计了如图 1所示 的电路． （1）实验时，闭合开关 S，滑动变阻器的滑片滑至合适位置保持不变，将 c点先 后与 a、b点连接，发现电压表示数变化较大，电流表示数基本不变，则测量时应 将 c点接 （选填“a点”或“b点”），按此连接测量，测量结果 （选 填“小于”、“等于”或“大于”）Rx的真实值． （2）根据实验测得的 6组数据，在图 2中描点，作出了 2条图线．你认为正确的 是 （选填“①”或“②”），并由图线求出电阻 Rx= Ω．（保留两位有效 数字） 图 1 图 2 4 13．(10分) 某人驾驶汽车，从北京到哈尔滨，在哈尔滨发现汽车的某个轮胎内气 体的压强有所下降（假设轮胎内气体的体积不变，且没有漏气，可视为理想气体）。 于是在哈尔滨给该轮胎充入压强与大气压相同的空气，使其内部气体的压强恢复 到出发时的压强（假设充气过程中，轮胎内气体的温度与环境相同，且保持不变）。 已知该轮胎内气体的体积 0 30LV  ，从北京出发时，该轮胎气体的温度 1 3 Ct    ，压 强 5 1 2.7 10 Pap   。哈尔滨的环境温度 2t =-33 ，大气压强 0p 取 51.0 10 Pa 。求： (1)在哈尔滨时，充气前该轮胎气体压强的大小。 (2)充进该轮胎的空气体积。 14．(14分)如图，将一轻质弹簧水平放置在光滑水平面上，一端固定在 A点，另 一端与质量为 5kgm  的小球P接触但不拴连。若用外力缓慢推动P到某一位置时， 撤去外力，P被弹出运动一段时间后从 B点水平飞出，恰好从固定在竖直面内的粗 糙圆弧轨道上的C点以 10m / sv  的速 度沿切线进入圆弧轨道，并恰能经过圆 弧轨道的最高点D。已知圆弧轨道的半 径 2mR  ，O C、 两点的连线与竖直方 向的夹角 37  。小球P视为质点，重 力加速度 g取 210m / s ， sin37 0.6,cos37 0.8    ，不计空气阻力。求： （1）撤去外力时弹簧的弹性势能以及 B、C两点的水平距离 x； （2）小球从C点运动到D点的过程中，克服轨道阻力做的功 fW 。 15．(16分) 如图所示，一半径为 R的光滑硬质 1 4 圆环固定在竖直平面内与光滑足 够长的水平杆相连，在圆环最高点的竖直切线和最低点的水平切线的交点处固定 一光滑轻质小滑轮 C，质量为 m的小球 A穿在环上，且可以自由滑动，小球 A通 过足够长的不可伸长细线连接另一质量也为 m的小球 B，细线搭在滑轮上，现将 小球 A从环上最高点由静止释放，重力加速度为 g，不计空气阻力，求： （1）小球 A到达 D点时细线中的张力； （2）小球 A到达 D点时小球 B的速度； （3）小球 A运动一个周期小球 B的路程。