假期作业(3)路程和位移 速度和加速度-【百汇大课堂·寒假作业】2024-2025学年高一物理假期作业

假期作业 假期作业（三）路程和位移 速度和加速度 一、选择题 4.开车从宝安区的某学校到宝安国际机场主 1.2020年11月24日凌晨4时30分，在中国 要有两条线路，某次导航显示如图所示.线 文昌航天发射中心，“嫦娥五号”探测器成功 路1显示“21分钟，18.6千米”，线路2显示 飞上太空，开启我国首次地外天体采样返回 “41分钟，16.3千米”.根据该图信息并结合 之旅，整个旅行历时23天.下列说法正确的 实际，可判断 是 A.“4时30分”和“23天”均表示时间 深圳宝安国体机场 B.“嫦娥五号”绕月飞行一周，它的位移和路 程都为0 C.地面控制中心在对“嫦娥五号”进行飞行 姿态调整时，可以将其看成质点 21分钟 41分钟 18.6「米 16.3「米 D.“嫦娥五号”绕月飞行一周，平均速度为 0,但其每一时刻的瞬时速度都不为0 A.起始两点间的位移分别为18.6千米和 2.一同学在一次排球垫球 16.3千米 练习时（如图），将球从离 B.线路1比线路2行驶时间少20分钟 地1m高的位置竖直向 C.线路1比线路2行驶路程少2.3千米 D.线路1比线路2行驶的平均速度小 上垫出，排球再上升1.5m后回落，没被接 住落到了地面.下列说法正确的是( 5.图甲为“嫦娥一号”卫星飞行轨迹示意图，图 A.排球从被垫出到最高点，发生位移大小 乙为“嫦娥二号”卫星飞行轨迹示意图，其中 为2.5m “嫦娥二号”卫星缩短了绕地飞行的过程.若 不考虑月地距离的变化，则 B.排球从被垫出到最高点，发生路程大小为 2.5m C.排球从被垫出到落地，发生路程大小为 1m 点发射塔 D.排球从被垫出到落地，发生位移大小为 1m A.“嫦娥一号”卫星奔月的路程较长 3.下列叙述中，正确的是 B.“嫦娥二号”卫星奔月的路程较长 A.研究物体的运动时，参照物只能选择 C.“嫦娥一号”卫星奔月的位移较大 地面 D.“嫦娥二号”卫星奔月的位移较大 B.质点就是体积很小，质量很小的物体 6.人、车同时从甲地出发到乙地集合，人沿斑 C.在直线运动中位移就是路程 马线直走，车要绕过护栏拐个弯，结果人比 D.位移有方向，而路程无方向 车早两分钟到达目的地，则 () 有女代军商一寒假·物理 护智 PT 甲 A.人的位移比车小 B.人的平均速度比车大 A.她在4s末的瞬时速度大小为8m/s C.人与车的平均速度是相同的 B.她在第2s内的平均速度大小为2m/s D.人的平均速度方向由甲指向乙，车的平均 C.她在前4s内的平均速度大小为2.5m/s 速度无方向 D.她在1s末的瞬时速度大小为1m/s 7.某质点做直线运动，开始2s时间内平均速 二、非选择题 度为6m's,接着2s时间内平均速度为 11.一辆汽车从原点由静止出发沿x轴做直线 4m/s,则整个这4s时间内质点的平均速度 运动，为了研究汽车运动的规律而记录下 为 ( ) 它在不同时刻的位置和速度，见表所示. A.4.6m/s B.5 m/s 试求： C.5.2m/s D.5.5m/s 时间tfs 0 2 5 6 位置坐标x'm 00.524.5 20 8.汽车的初速度是，经过一段时间后速度变 瞬时速度v(m/s)0123 为v2,用△v表示△t时间内速度的变化量， (1)汽车在2s末的速度和5.5s末的 用α表示加速度.则下列图中能正确表示汽 速度. 车做减速运动的是 a △ B 2△ C D 9.关于直线运动的速度和加速度，下列说法正 (2)第2s内的平均速度和前5s内的平均 确的是 () 速度 A.加速度是表示速度变化快慢的物理量 B.物体的加速度不变，则速度一定不变 C.物体的加速度逐渐减小，则速度一定减小 D.加速度方向与速度方向相反时，速度有可 能增大 10.(多选)如图所示，一人骑自行车晨练，由静 止开始沿直线运动，她在第1s内、第2s 内、第3s内、第4s内通过的位移分别为 1m、2m、3m、4m,则 8 假期作业产为本 (3)前4s内的加速度. (2)守门员接球的过程，足球的加速度. 12.足球运动员在罚点球时，原来静止在地面 上的球离开脚时获得30ms的速度并做 匀速直线运动.设脚与球的作用时间为 0.1s,球又在空中飞行0.3s后被守门员 挡出，守门员双手与球的接触时间为 0.2s,且球被守门员挡出后以10m/s的速 度沿原路反弹，计算： (1)运动员罚点球的过程，足球的加速度； 9有术礼军高一寒假·物理 3.A[路程是指物体所经过的路径的长度，根据图像可知，11.解析(1)如图所示，SO=H,AB=CD=h=1.7m, 曲线的轨迹长度大于直线的轨迹长度，则甲通过的路程大 BE=LI=1.3 m,DF=L2=1.8 m,AC=BD=2 m 于乙通过的路程，故A正确：位移是指从初位置到末位置 S 的有向线段，甲乙的初末位置刚好相反，所以甲乙位移大 A 小相等，但方向相反，位移不同，故B错误：甲的运动轨迹 为曲线，不可能是匀速直线运动，故C错误：由于不知道 B ED 运动时间的关系，所以无法判断甲乙速度关系，] h 1.2 4,B[题中提到的0.5s是时间间隔，故A错误：网球运动的位 根据几何关系有月十OB一2+BD+OB 解得OB=5.2m,H=8.5m 移为.x=1.5m一1m=0.5m,平均速度为位移与时间的比 (2)从影长为L1时开始计时，设影子项端在1时刻与O 值：放平均建度为=号-品m/s=1ms,黄B正确，C错 的距高为x 误：研究网琼在运动过程中的转动情况时，形状不能忽路，故 则由几何关聚有骨-二”二OB 不可以把网球看成质点，故D错误.] 可得x=1.25t+6.5(m) 5.D[设总时间为31，则可知，总位移为x=18×1十12×21= 影子顶端的位量工与时间t成线性变化，则影子项端做 42,则全程的平均速度为=二-2-14m/s,故A,B.C 1总3t 匀速运动 错误，D正确.] (3)由(2问可得形子预端的速度-告-1,25m 6.B[设AB=2x,BC=4xAB的前，后半程使用的时间分 则在影长L1=1.3m和L2=1.8m时影子顶端的速度 别为山和，BC段使用的时是24，则：4=言4= 均为1.25m/s 答案(1)8.5m(2)匀速运动(3)1.25ms 062十6，=4红：从A点运动到C点的平均建度为： 1.25m/s 时受聚立方程，理精=2m武B正确幻 12.解析(1)以向下为正方向，所以 △v=2-1=-4m.s一6m/s=-10m/s, 7.B[规定初速度的方向为正方向，则加速度a=一 则速度变化量的大小为10m/s,方向向上： (2)以向下为正方向， 一2412m/s2=一360m/s2,负号表示加速度的方向与 0.1 1=6m5,2=-4mf5, 初速度方向相反，与踢出方向相同.所以A、C、D错误，B 加速度为 正确，门 a=40--10 1=0.2ms2=-50m/s2, &D[加速度a=品，速度的变化量4如越大，则加速度不 则加速度大小为50m时s2,方向与正方向相反，即向上， 一定越大，还取决于时间△，A错误：速度方向与加速度 答案(1)10m/s,方向向上 方向一致，物体的加速度在减小，但速度在增加，B错误： (2)50ms2,方向向上 速度变化的方向与加速度的方向一致，C错误：平均速度 假期作业（三）路程和位移速度和加速度 可=千，若物体在某一秒时间内的平均婆度是3m8,测物 1.D[“4时30分”表示时刻，“23天”表示时间.A错误： 体这一秒内的位移一定是3m,D正确.] “嫦娘五号”绕月飞行一周，位移为0，路程不为0，B错误： 9,D[由公式a一出写知，加建度与速度的变化率成正比， 如果把“嫦城五号”看作质点，一个点是没有姿态的，也就 无法调整姿态，C错误：“蟾峨五号“绕月飞行一周，位移为 与速度的变化量没有关系，故A,B错误：加速度a的方向 零，所以平均速度为零，卫星在运动，所以躁时速度不为 与建度变化量△如的方向相同，故C蜡误：由公式a-智 零.D正确.] 2.D[位移是由初位置指向末位置的有向线段，排球从被 可知，是叫作建率的变化率，即加选度，放D正确.门 垫出到最高点，发生位移大小为1,5m,从被垫出到落地， 10.BD[加速度与速度方向相同时物体做加速运动，加速 发生位移大小为1m,故A错误，D正确：路程是物体实际 度减小说明物体速度增加的慢了，故A正确：速度与加 的运动轨迹的长度，排球从被垫出到最高点，发生路程大 速度没有直接的关系，物体的加速度方向保持不变，速度 小为1.5m,从被垫出到落地，发生路程大小为2.5m,故 方向可以改变，比如平抛运动，故B错误：速度先减小再 BC错误.] 增大的运动可能是匀变速直线运动，例如竖直上抛运动， 3,D[研究物体的运动时，参照物的选择是任意的，不一定 故C正确：位移的方向和速度的方向始终相同的运动可 选择地面，A错误：质点不一定是体积很小，质量很小的物 能是加速直线运动，放D错误.] 体，例如地球质量和体积都很大，但是研究地球公转时可 58 假期作业子法 把地球看作质点，B错误；在单向的直线运动中位移大小 答案(1)2ms4m/s(2)1.5m/s2.4ms 等于路程，C错误；位移有方向，而路程无方向，D正确，] (3)1ms2 4.B[起始两点间的路程分别为186千米和16.3千米，故 12.解析(1)取足球开始时的速度方向为正方向，则 A错误：线路1与线路2行驶时何相差△=12一t41=41min 1=0,2=30m/s,t1=0.1s, 一21min=20min,说明线路1比线路2行驶时问少 所以罚点球的过程，足球的加速度 20分钟，故B正确：线路1与线路2行驶路程差△=1一2 =18.6km一16.3km=2.3km,线路1比线路2行驶路程 a1=4-309mg2-300m1g, t10.1 多2.3千米，故C错误：线路1与线路2行驶位移相同，但 加速度方向与初速度方向相间， 线路1用时较短，说明线路1的平均速度大，敌D错误.] (2)由题意，守门员接球的过程， 5.A[由图可知，“蝙蛾一号”在前往月球前，绕地球转了好 g=30m/s,1=-10m.8,12=0.2s, 几圈，因此“嫦娥一号”的路程长，故A正确，B错误：由于 所以守门员接球的过程，球的加速度 不考虑月地距离的变化，则两者之间的直线距离不变，即 位移不变，故C,D错误.] a2=4=-10,30ms 2 0.2 6.B[人和车的位移相等，A错误：平均速度等于位移与时 =-200m/s2, 间的比值，位移相同，所以人的平均速度大，B正确，C错 加速度方向与初速度方向相反. 误：人和车的平均速度方向都由甲指向乙，C、D错误.] 答案(1)300m/s2,方向与初速度方向相同 7.B[开始2s内的位移为t1==12m: (2)200m/s2,方向与初速度方向相反 接着的2s内的位移为x2=t=8m, 所以4s内的平均速度为m=是=8士12ms=5ms, 假期作业（四）匀变速直线运动的基本规律 4 故选B.] 知识要点 8.D[由于汽车做减速运动，所以表示1的箭头应比表示 1.(1)加速度不变(2)倾斜的直线(3)①均匀增加②均 2的箭头长，且△v由1箭头端指向箭头端，加速度 匀减小2.%十at3.(1)时间轴梯形(2)初速度加 的方向与速度变化量的方向相同，故D正确.] 速度位移4.(1)2a.x(2)十at2ax 9,A[报据加速度公式a=会出加速度是表示捷度变化快 素养测评 1.D[根据=w十at,有w=v-at=15m/s-2×5m/s= 慢的物理量，A正确：物体的加速度不变，则速度均匀变 5m/s,选项D正确，] 化，B错误；物体的加速度逐渐减小，如果加速度方向与速 2.C[根据匀变速直线运动位移一时间关系式有x=阳1十 度方向相同，则速度在增加，如果速度方向与加速度方向 相反，则速度减小CD错误.] 2a2,与题目关系式对比有w=4m/s,a=4ms,故 1 10.BC[知道的是每秒时间内的位移大小，不能确定具体的运 C正确，A、BD错误.] 动情况，所以不能确定瞬时速度的大小，故A,D错误：第2s 3.D[设汽车匀减速的加速度大小为a,由汽车在最后2s内 内的位移的大小为2m,时间为1s,根据=千可知，第25 的位移为4m得：r=心，解得：a=三=2必4， 222 m/s2= 内的平均速度为2ms,故B正确：前4s内的位移的大小为 10m,时同为4，所以在前4s内的平均速度为。=9m 2m减汽车的期车位移为-%+艺-(6X05十 521 =2.5m/s,故C正确.] 2X2)m=875m,故A.B,C错误，D正确.] 11.解析(1)由表格数据可知，汽车在2s末的速度为 2ms:5.5s末的速度为4m.‘s. 4C[根据平均速度十_2士10 2 2 m/s=6mys,放A.B错 (2)第2s内的位移为 误：根据x=t=6×4m=24m,故C正确，D错误.] △.x2=2m-0.5m=1.5m, 5.C[根据匀变速直线运动的位移一时间关系， 则第2s内的平均速度 x=w1+7a2=16-2 两--毕s=15, 解得：o=16ms,a=一4m/s2: 前58内的位移x5=12m,则平均速度 采取逆向思维，物体在停止运动前1$内的位移 西-2-号m=24m x=2a2=2×4X12m=2m… (3)前4s内的加速度 停止运动最后1s的平均速度 4=v地=4-0 t 4m/s2=1m/s2. -是m=2m] 59