江西省宜春市丰城中学2023-2024学年九年级上学期期末物理试卷

江西省宜春市丰城中学2023-2024学年九年级上学期期末物理试卷 一、填空题（8个小题，每空1分，总计16分） 1．（2分）1820年，丹麦科学家　 　通过大量实验，证明了电流周围存在磁场；1831年，英国物理学家法拉第致力于研究“磁生电”，历经十年，终于发现了　 　现象，根据这一发现后来发明了发电机。 2．（2分）2022年6月5日，中国在酒泉卫星发射中心升空的神舟十四号载人飞船将陈冬、刘洋、蔡旭哲三名航天员送入太空，发射取得圆满成功。火箭采用液氢为燃料是因为其 　 　大（选填“热值”或“比热容”），若火箭发射时携带了3×104kg液氢燃料（液氢的热值1.4×108J/kg），这些燃料完全燃烧能释放 　 　J的热量。 3．（2分）如图所示是一种自动测定油箱内油面高度的装置示意图，R是滑动变阻器，它的滑片为杠杆的一端，杠杆的另一端通过硬杆与浮标相连。当油箱内油面升高时，电流表的示数　 　，电压表的示数　 　（选填“变大”、“不变”或“变小”）。 4．（2分）收音机的音量控制旋钮是一个电位器，它实际上是一个　 　，它通过改变接入电路中电阻丝的　 　来改变电阻大小从而改变电流，达到改变声音大小的目的。 5．（2分）有一只小灯泡上标有“3.6V 0.3A”字样。如果我们只有电压为6V的电源，要使小灯泡正常发光，需要 　 　联一个 　 　Ω的电阻。 6．（2分）某单缸四冲程汽油机的汽缸活塞面积为30cm2，一个冲程活塞在汽缸中移动的距离是50mm，满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为9.0×105Pa，飞轮1min转动1800周，则汽油机1s对外做功 　 　次；当汽油机满负荷工作时，汽油机的功率为 　 　W。 7．（2分）小明书房照明灯标有“220V，60W”，发现开关S闭合后灯不亮，电工检修照明电路时用测电笔去测C、D两点时（如甲图所示），发现氖管均发光，用测电笔去测A、B两点时，只有测A点时氖管发光，那么故障原因可能是 　 　（选填“A、B间短路”；“D、C间短路”；“A、D间断路”；“B、D间断路”）；电路维修完成后，小明用家中电能表（如乙图所示）测量了该灯的实际功率，单独使用该照明灯，发现电能表指示灯6min才闪烁了11次，该灯的实际功率是 　 　W。 8．（2分）如图甲所示，R2为电阻箱，调节R2时电流表示数I随之变化。如图乙所示是电阻箱阻值R2与电流表示数的倒数的图象。则定值电阻R1　 　Ω，电源电压 　 　V。 二、选择题（共14分。第9～12小题，每小题只有一个选项正确，每小题2分；第13、14小题为不定项选择，每小题有一个或几个选项正确，每小题2分，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或错选的得0分） 9．（2分）图中小磁针静止时指向正确的是（　　） A． B． C． D． 10．（2分）某家用轿车，重为1.5×104N，当车以72km/h的速度匀速直线行驶了1h，消耗汽油5.6kg。期间车受到的阻力为车重的0.08倍，已知汽油的热值为4.6×107J/kg。在此过程中，下列说法正确的是（　　） ①汽车通过的路程为72000m ②牵引力做功的功率为24000W ③汽油完全燃烧放出的热量为2.576×107J ④汽车发动机的效率为33.54% A．只有①②③正确 B．只有②③④正确 C．只有①②④正确 D．只有②③正确 11．（2分）如图所示是某快递公司的分拣计数装置简化电路。R1为定值电阻，R2为光敏电阻，当有光照射时R2电阻变小。激光被遮挡一次，由电压表改装而成的计数器会自动计数一次。闭合开关，激光被遮挡瞬间，下列说法正确的是（　　） A．R2的阻值变小 B．通过R2的电流变小 C．R1的功率变大 D．R1两端的电压变大 （多选）12．（2分）某展览厅为保护展品设置了调光天窗，当外界光照较强时，启动电动卷帘调整进光量；当外界光照较弱时，自动启动节能灯给予补光。其电路原理如图所示，R0为定值电阻，R为光敏电阻，线圈电阻不计，下列说法正确的是（　　） A．装置中P的工作原理是电磁感应 B．光敏电阻R的阻值随光照强度的变大而变小 C．若要缩短节能灯点亮的时间，可换用阻值较小的R0 D．若控制电路的电压U1降低了，使控制作用不变，可以减少P的线圈匝数 （多选）13．（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变R1为定值电阻。闭合开关S，滑动变阻器R2的滑片向右滑动的过程中，关于电压表和电流表的示数变化，下列判断正确的是（　　） A．电压表示数变小，电流表示数变大 B．电压表示数不变，电流表示数变小 C．电压表示数变大，电流表示数不变 D．R1的电功率不变 （多选）14．（3分）如图所示的电路中，电源的电压恒定，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为8Ω。闭合开关，移动滑片P，当R2等于2Ω或8Ω时，R2消耗的电功率均为8W，则下列选项中正确的是（　　） A．电源电压12 V B．R1的阻值为4Ω C．电流表示数最大为6 A D．电压表示数最大为6 V 三、计算题（共24分，第15-16小题共6分，第17小题8分，第18小题10分） 15．（3分）根据图1所示电路图连接图2实物图。（按要求作图） 16．（3分）请在图中连接家庭电路，要求开关控制螺口灯泡，三孔插座直接接入电路。 17．（8分）如图所示电路中，电流表和电压表均为理想电表，R3＝4Ω，开始时，电流表读数为0.75A，电压表读数为2V。后来由于某一电阻断路，使电流表读数变为0.8A，电压表读数变为3.2V。 （1）判断是哪一只电阻断路？ （2）求电源两极间的电压和电阻r的阻值各多大？ 18．（10分）如图甲是文文同学家新买的一台冷暖空调扇，其内部简化电路如图乙所示，R1、R2均为发热电阻，R1的阻值为110Ω，M是电动机。开关S1闭合后，当S2接1、2时吹冷风；当S2接2、3时吹温风；当S2接3、4时吹热风，此时空调扇的总功率为1100W．已知：电源电压为220V，c冰＝2.1×103J/（kg•℃）。求： （1）吹冷风时，在空调扇内加入冰袋会使吹出的风温度变低，若冰袋内冰的质量为1kg，温度从﹣16℃升高到﹣6℃时，冰从周围吸收的热量是多少？ （2）吹冷风时，电动机正常工作1h消耗的电能为0.11kW•h，此时通过电动机的电流是多少？ （3）吹热风时，R2的电阻是多少？ 四、实验与探究题（共26分，每空1分） 19．（6分）观察如图所示的实验回答下列问题： （1）如图甲所示的装置，其中一个瓶子装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体，另一个装有空气，在演示扩散现象时应该把装有二氧化氮气体的瓶子放在 　 　方，根据两瓶内的气体颜色混合均匀的现象，可知分子在不停地做 　 　。 （2）如图乙所示，红墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明分子做无规则运动快慢与 　 　有关。 （3）如图丙所示，用细线把很干净的玻璃板吊在弹簧测力计的下面，记下测力计的读数F1；然后使玻璃板水平接触水面，稍稍向上拉玻璃板，在玻璃板离开水面之前，弹簧测力计读数F2，则F2　 　F1，这个现象说明分子间存在 　 　。 （4）如图丁所示，先后将50mL水和50mL的酒精倒入玻璃管中，反复翻转几次后发现水和酒精的总体积小于100mL，这说明：分子间有 　 　。 20．（7分）某物理实验小组正在使用“伏安法”测量未知电阻阻值，实验电路如图甲所示（电源电压3V）。 （1）闭合开关S前，应将滑动变阻器滑片P移到最 　 　端（选填“左”或“右”）。 （2）闭合开关后，发现电流表无示数，电压表有示数且示数接近3V，则电路故障原因可能是 　 　。 （3）排除故障后，当滑片移到某一位置时，电压表示数为1.6V，电流表示数如图乙所示，其读数为 　 　A，则未知电阻 　 　Ω。接下来测量多组实验数据算出平均值，这是为了减小测量带来的 　 　。 （4）实验中电流表突然损坏，小组同学经过讨论设计了一种实验方案也可测出阻值。电路如图丙所示，电源电压未知且恒定不变，a、b为滑动变阻器左右两个端点，滑动变阻器最大阻值为R，请你把以下测量步骤补充完整。 ①闭合开关S，滑片p移到a端时，读出电压表示数为U1； ②闭合开关S，　 　读出电压表示数为U2； ③待测电阻Rx＝　 　（用已知和测量出的物理量符号表示）。 21．（7分）小陈和小刘在电学实验室进行了如下实验： （1）探究“电流与电阻的关系”： ①小陈利用四个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω）、学生电源、电压表、规格为“50Ω 1A”的滑动变阻器和电流表连接的电路如图甲所示，检查发现电路中有一根导线连接错误，请在图中连接错误的那根导线上打“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确； ②把5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑片到适当位置，电流表示数如图乙所示，其示数为 　 　A； ③滑片位置不动，把5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻，闭合开关，应向 　 　（选填“左”或“右”）调节滑片，使电压表的示数保持不变，读取电流表示数； ④要使4个定值电阻都能完成该组实验，电源电压最大值为 　 　V； （2）小刘利用已有的器材，将定值电阻换为额定电压为2.5V的小灯泡测定其额定功率： ①图丙是小刘根据实验数据绘成的I﹣U图像，由图可知小灯泡的额定功率是 　 　W； ②他想通过实验来比较灯泡“实际电压是额定电压一半时的灯电功率为P1”和“实际电流是额定电流一半时的灯的电功率为P2”的大小，一旁的小陈看了小刘描绘的I﹣U图像后，告诉他不用实验也可以比较，通过图像即可判断，小陈指出P1　 　P2（选填“大于”、“小于”或“等于”）。 22．（6分）阅读短文，回答问题。 人工心脏泵 医生给心脏有疾病的患者做手术时，往往要用一种称为“人工心脏泵”的体外装置来代替心脏，以推动血液循环。如图甲是该装置的示意图，通电时线圈与活塞柄组成的系统与固定在左侧的永磁体相互作用，带动活塞往复运动，从而完成抽血和送血。（活塞筒通过阀门与血管相通，阀门S1、S2只能向上开启） 手术时，还需要利用电磁血流计来检测血流速度和血流量，如图乙所示。使用时，将血管放置于两磁极之间，两金属电极a、b与血管壁接触，血液可以看作导体，当血液流动时，导体切割磁感线，电路中有微弱电流产生，仪表指针偏转，显示出血流速度。 （1）图甲中，当线圈中的电流从A流向B时，活塞向 　 　（选填“左”或“右”）运动，从而 　 　（选填“增大”或“减小”）活塞筒内的压强，使血液通过阀门S。进入活塞简中，此时处于抽血状态。线圈AB所固定的活塞柄适宜用 　 　（选填“铜”“铁”或“铝合金”）材料制作。 （2）电磁血流计的工作原理是 　 　现象；若仅调换两磁极的位置，则流过仪表的电流的方向将 　 　（选填“不变”或“相反”）。 （3）血管中有血液流过时，电磁血流计能检测到微弱的电流，从能量转化的角度分析，这是 　 　能转化为 　 　能的过程。 参考答案与试题解析 题号 9 10 11 答案 B C B 一、填空题（8个小题，每空1分，总计16分） 1．（2分）1820年，丹麦科学家　奥斯特　通过大量实验，证明了电流周围存在磁场；1831年，英国物理学家法拉第致力于研究“磁生电”，历经十年，终于发现了　电磁感应　现象，根据这一发现后来发明了发电机。 【分析】（1）丹麦物理学家奥斯特首先通过实验证明了通导线周围存在磁场。磁场方向和导体中的电流方向有关。 （2）英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象，证明了由磁可以得到电，导致了发电机的发明。 【解答】解：（1）1820年，丹麦物理学家奥斯特首先通过实验发现通电导线周围存在磁场。 （2）经过10年坚持不懈地努力，1831年英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象，发电机就是利用这一原理制成的。 故答案为：奥斯特；电磁感应。 【点评】通电导线周围产生磁场的现象叫做电流的磁效应，首先是由奥斯特发现的。法拉第发现的是电磁感应现象。主要考查学生对物理学史的了解和掌握。 2．（2分）2022年6月5日，中国在酒泉卫星发射中心升空的神舟十四号载人飞船将陈冬、刘洋、蔡旭哲三名航天员送入太空，发射取得圆满成功。火箭采用液氢为燃料是因为其 　热值　大（选填“热值”或“比热容”），若火箭发射时携带了3×104kg液氢燃料（液氢的热值1.4×108J/kg），这些燃料完全燃烧能释放 　4.2×1012　J的热量。 【分析】热值是燃料的一种特性，完全燃烧相同质量的不同燃料，热值越大的燃料放出的热量越多； 利用Q放＝mq可以计算出氢完全燃烧放出的热量。 【解答】解：火箭发射时用液态氢作燃料，是因为液态氢的热值大，与相同质量的其它燃料相比，完全燃烧时，放出的热量更多。 3×104kg氢完全燃烧放出的热量：Q放＝m氢q氢＝3×104kg×1.4×108J/kg＝4.2×1012J。 故答案为：热值；4.2×1012。 【点评】此题考查了燃料的热值是燃料的特性、热量的计算等，是一道基础性题目。 3．（2分）如图所示是一种自动测定油箱内油面高度的装置示意图，R是滑动变阻器，它的滑片为杠杆的一端，杠杆的另一端通过硬杆与浮标相连。当油箱内油面升高时，电流表的示数　变大　，电压表的示数　变大　（选填“变大”、“不变”或“变小”）。 【分析】由电路图可知可知，R0与R串联，电压表测R′两端的电压，电流表测电路中的电流；当油箱内油面升高时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律可知两电表示数的变化。 【解答】解：由电路图可知可知，R0与R串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流；当油箱内油面升高时，浮子上升，滑片下移，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小；根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；根据U＝IR可知，R0两端的电压变大，即电压表的示数变大。 故答案为：变大；变大。 【点评】当油面升降时，看准滑动变阻器的阻值如何变化是解决本题的关键。 4．（2分）收音机的音量控制旋钮是一个电位器，它实际上是一个　滑动变阻器　，它通过改变接入电路中电阻丝的　长度　来改变电阻大小从而改变电流，达到改变声音大小的目的。 【分析】滑动变阻器的原理是靠改变连入电路中电阻线的长度来改变电阻的。由欧姆定律可知，当滑动变阻器改变了电路中的电阻，电源电压不变，所以就改变了电流。 【解答】解：调节收音机音量大小的电位器实质是滑动变阻器，滑动变阻器是靠改变连入电路中电阻线的长度来改变电阻的，从而改变电路中的电流，以达到控制音量的目的。 故答案为：滑动变阻器；长度。 【点评】本题主要考查学生对滑动变阻器的原理的了解和掌握。是一道基础题。注意与生活中一些现象联系起来，比如电视机控制音量的旋钮、调节灯泡亮度的旋钮等。 5．（2分）有一只小灯泡上标有“3.6V 0.3A”字样。如果我们只有电压为6V的电源，要使小灯泡正常发光，需要 　串　联一个 　8　Ω的电阻。 【分析】由灯泡的铭牌可知，灯泡正常发光时的电压UL＝3.6V，通过的电流IL＝0.3A，由于电源电压大于灯正常发光时的电压，所以应串联一个电阻来分压；因串联电路中总电压等于各分电压之和，据此得出灯泡正常发光时串联电阻两端的电压，因串联电路中各处的电流相等，则通过电阻的电流等于通过灯泡的电流，由I可得串联电阻的阻值。 【解答】解：小灯泡上标有“3.6V 0.3A”字样，灯泡正常发光时的电流为0.3A。 电源电压为6V，要使小灯泡正常发光，则要使小灯泡两端的电压为3.6V，应串联一个电阻来分压，此时通过小灯泡的电流为0.3A， 根据串联电路电压、电流关系，串联电阻两端的电压UR＝U﹣UL＝6V﹣3.6V＝2.4V， 通过串联电路的电流为0.3A，由欧姆定律得，需要串联的电阻R8Ω。 故答案为：串；8。 【点评】本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道综合题。 6．（2分）某单缸四冲程汽油机的汽缸活塞面积为30cm2，一个冲程活塞在汽缸中移动的距离是50mm，满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为9.0×105Pa，飞轮1min转动1800周，则汽油机1s对外做功 　15　次；当汽油机满负荷工作时，汽油机的功率为 　2025　W。 【分析】飞轮（曲轴）每转两圈对外做功一次，计算出飞轮转动1800周对外做功的次数，根据F＝pS求出燃气对活塞的压力，根据W＝Fs求出，一个做功冲程燃气对活塞做的功，根据飞轮转速求出每分钟燃气对活塞做的总功，又知道做功的时间，可利用公式P计算出汽油机的功率。 【解答】解：（1）飞轮每转两圈对外做功一次，飞轮1s转动30周，则汽油机1s对外做功15次； （2）活塞做功一次的路程s＝50mm＝0.05m， 燃气对活塞的压力F＝pS＝9.0×105Pa×30×10﹣4m2＝2700N， 一个做功冲程中燃气对活塞做的功：W＝Fs＝2700N×0.05m＝135J。 所以飞轮转动1800周，要对外做功900次， 1min燃气对活塞做的总功为：W总＝W×900＝135J×900＝121500J， 而t＝1min＝60s， 汽油机的功率为： P2025W。 故答案为：15，2025。 【点评】此题考查热机中压力、功、功率的计算，关键是对公式和公式变形的理解和应用。 7．（2分）小明书房照明灯标有“220V，60W”，发现开关S闭合后灯不亮，电工检修照明电路时用测电笔去测C、D两点时（如甲图所示），发现氖管均发光，用测电笔去测A、B两点时，只有测A点时氖管发光，那么故障原因可能是 　B、D间断路　（选填“A、B间短路”；“D、C间短路”；“A、D间断路”；“B、D间断路”）；电路维修完成后，小明用家中电能表（如乙图所示）测量了该灯的实际功率，单独使用该照明灯，发现电能表指示灯6min才闪烁了11次，该灯的实际功率是 　55　W。 【分析】家庭电路的两根线分别是火线和零线，测电笔和火线接触时，氖管会发光，接触零线时，氖管不会发光。据此分析判断。 2000imp/kW•h表示消耗1kW•h的电能，电能表闪动2000次，据此可求出当电能表的闪动11次消耗的电能，又知道工作时间，根据公式P求出用电器的功率。 【解答】解：由题意可知，用测电笔测A、B、C、D四点时，测A、C、D三点时，氖管均发光，只有测B点时氖管不发光，则说明A、C、D三点与火线相连，B点与火线是断开的，由此可知B与D点之间断路。 电能表指示灯闪烁11次消耗的电能：WkW•h； 用电器的实际功率：P0.055kW＝55W。 故答案为：B、D间断路；55。 【点评】本题考查了功率的计算、用测电笔检测电路的故障。在正常情况下，测电笔所测部位与火线连通则亮，所测部位与火线不连通则不亮。 8．（2分）如图甲所示，R2为电阻箱，调节R2时电流表示数I随之变化。如图乙所示是电阻箱阻值R2与电流表示数的倒数的图象。则定值电阻R1　5　Ω，电源电压 　2.5　V。 【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，根据图乙可知R2的阻值为0Ω和10Ω时的值，据此得出对应电路中的电流，根据串联电路的特点和欧姆定律分别表示出电源的电压，利用的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压。 【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流， 由图乙可知，当R2＝0Ω时，2A﹣1，则电路中的电流I1＝0.5A， 此时只有R1接入电路，则由I可得，电源的电压： U＝I1R1＝0.5A×R1，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣① 当R2＝10Ω时，6A﹣1，则电路中的电流I2A， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，电源的电压： U＝I2（R1+R2）A×（R1+10Ω），﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣② 因电源的电压不变， 所以，0.5A×R1A×（R1+10Ω）， 解得：R1＝5Ω， 电源的电压U＝I1R1＝0.5A×5Ω＝2.5V。 故答案为：5；2.5。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的读出R2接入电路中的电阻和对应的电流值是关键。 二、选择题（共14分。第9～12小题，每小题只有一个选项正确，每小题2分；第13、14小题为不定项选择，每小题有一个或几个选项正确，每小题2分，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，不选或错选的得0分） 9．（2分）图中小磁针静止时指向正确的是（　　） A． B． C． D． 【分析】由右手螺旋定则可知螺线管的磁极，则由磁极间的相互作用可知小磁针的指向。 【解答】解：A、由右手螺旋定则可知，螺线管右侧为N极，由磁极间的相互作用可知，小磁针N极应向左，故A错误； B、由右手螺旋定则可知，螺线管右侧为N极，由磁极间的相互作用可知，小磁针N极向左，故B正确； C、由右手螺旋定则可知，螺线管N极向下，则由磁极间的相互作用可知，小磁针N极应向下，故C错误； D、由右手螺旋定则可知，螺线管左侧为N极，则由磁极间的相互作用可知，小磁针N极应向右，故D错误； 故选：B。 【点评】磁极间的相互作用为：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。 10．（2分）某家用轿车，重为1.5×104N，当车以72km/h的速度匀速直线行驶了1h，消耗汽油5.6kg。期间车受到的阻力为车重的0.08倍，已知汽油的热值为4.6×107J/kg。在此过程中，下列说法正确的是（　　） ①汽车通过的路程为72000m ②牵引力做功的功率为24000W ③汽油完全燃烧放出的热量为2.576×107J ④汽车发动机的效率为33.54% A．只有①②③正确 B．只有②③④正确 C．只有①②④正确 D．只有②③正确 【分析】（1）知道汽车行驶的速度和时间，根据s＝vt计算路程； （2）知道汽车匀速行驶时的汽车受到的阻力和重力的关系，算出阻力的大小，此时汽车受平衡力的作用，牵引力等于阻力，结合（1）中计算出来的路程，根据W＝Fs计算功，根据P计算功率； （3）知道消耗汽油的质量和热值，根据Q放＝mq计算汽油完全燃烧放出的热量； （4）已经计算出来了牵引力所做的功和消耗的汽油完全燃烧放出的热量，根据η计算效率。 【解答】解：①汽车通过的路程为s＝vt＝72km/h×1h＝72km＝72000m，故①正确； ②因为汽车做匀速直线运动，所以牵引力等于阻力，则牵引力为F＝f＝0.08G车＝0.08×1.5×104N＝1.2×103N＝1200N， 牵引力所做的功为W＝Fs＝1200N×72000m＝8.64×107J， 牵引力做功的功率为P24000W，故②正确； ③汽油完全燃烧放出的热量为Q放＝m汽油q汽油＝5.6kg×4.6×107J/kg＝2.576×108J，故③错误； ④汽车发动机的效率为η100%100%≈33.54%，故④正确，故C正确；ABD错误。 故选：C。 【点评】本题考查了热量、功、功率和效率的计算，公式较多，都要求掌握。 11．（2分）如图所示是某快递公司的分拣计数装置简化电路。R1为定值电阻，R2为光敏电阻，当有光照射时R2电阻变小。激光被遮挡一次，由电压表改装而成的计数器会自动计数一次。闭合开关，激光被遮挡瞬间，下列说法正确的是（　　） A．R2的阻值变小 B．通过R2的电流变小 C．R1的功率变大 D．R1两端的电压变大 【分析】两电阻串联，计数器（电压表）测R2两端的电压，已知当有光照射时电阻变小，据此分析激光被遮挡瞬间电阻R2变化；由串联电阻的规律和欧姆定律分析电路的电流变化； 根据U＝IR确定R1两端电压的变化，由串联电路电压的规律分析计数器两端的电压变化，根据P＝UI分析R1功率的变化。 【解答】解：根据电路图可知，两电阻串联，计数器（电压表）测R2两端的电压； 闭合开关，激光被遮挡瞬间，电阻R2变大，由串联电阻的规律可知，电路的总电阻变大，由欧姆定律可知，电路中的电流变小，通过R2的电流变小，故A错误，B正确； 根据U＝IR可知，电流变小时，R1两端的电压变小，根据P＝UI知R1的功率变小，故CD错误。 故选：B。 【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的分析。 （多选）12．（2分）某展览厅为保护展品设置了调光天窗，当外界光照较强时，启动电动卷帘调整进光量；当外界光照较弱时，自动启动节能灯给予补光。其电路原理如图所示，R0为定值电阻，R为光敏电阻，线圈电阻不计，下列说法正确的是（　　） A．装置中P的工作原理是电磁感应 B．光敏电阻R的阻值随光照强度的变大而变小 C．若要缩短节能灯点亮的时间，可换用阻值较小的R0 D．若控制电路的电压U1降低了，使控制作用不变，可以减少P的线圈匝数 【分析】光敏电阻R的阻值随光照强度的增大而减小； 根据欧姆定律分析若要缩短节能灯点亮的时间，可换用R0的阻值变化； 由电磁铁磁性强弱的影响因素分析若控制电路的电压U1降低了，使控制作用不变，线圈匝数的变化。 【解答】解：A、装置中P是电磁铁，工作原理是电流的磁效应，故A错误；B、当外界光照较强时，能启动电动卷帘适时调整进光量，由图知此时衔铁被吸下，电磁铁的磁性变强，通过电磁铁的电流变大，根据欧姆定律可知，电路中的总电阻变小，光敏电阻的阻值变小，所以光敏电阻R的阻值随光照强度的增大（减小）而减小（增大），故B正确；C、若要缩短节能灯点亮的时间，即当外界光照更弱时，电磁铁才能吸合衔铁，节能灯才能工作。因当光照强度减小时，R的阻值变大，而电磁铁能吸合衔铁的电流不变，电源电压不变，则电路总电阻不变，故应换用阻值较小的R0，故C正确；D、电流一定时，外形相同的螺线管，匝数越多，电磁铁的磁性越强。控制电路的电压U1降低了，根据欧姆定律，电路的电流变小，若匝数不变，电磁铁的磁性变弱，因要求控制作用不变，应增大电磁铁的磁性，故应增大P的线圈匝数，故D错误。 故选：BC。 【点评】本题主要考查光敏电阻的特点和欧姆定律的灵活运用等知识，关键能从图象上找出有用的信息，并弄清楚电磁继电器的工作原理，有一定的综合性。 （多选）13．（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变R1为定值电阻。闭合开关S，滑动变阻器R2的滑片向右滑动的过程中，关于电压表和电流表的示数变化，下列判断正确的是（　　） A．电压表示数变小，电流表示数变大 B．电压表示数不变，电流表示数变小 C．电压表示数变大，电流表示数不变 D．R1的电功率不变 【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流。 （1）根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化；根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化；根据欧姆定律可知通过R2的电流变化；利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化； （2）利用P判断R1电功率的变化情况。 【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表测干路电流。 ABC、因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变； 因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R1的电流不变； 滑动变阻器R2的滑片P向右滑动的过程中，接入电路中的电阻变大，由I可知，通过R2的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 所以，干路电流变小，即电流表的示数变小。 故B正确，AC错误； D、R1是定值电阻，阻值不变，两端电压不变，由P知：其电功率不变。故D正确。 故选：BD。 【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意并联电路中各支路独立工作、互不影响特点的应用。 （多选）14．（3分）如图所示的电路中，电源的电压恒定，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为8Ω。闭合开关，移动滑片P，当R2等于2Ω或8Ω时，R2消耗的电功率均为8W，则下列选项中正确的是（　　） A．电源电压12 V B．R1的阻值为4Ω C．电流表示数最大为6 A D．电压表示数最大为6 V 【分析】闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，当R2等于2Ω或8Ω时，R2消耗的电功率均为8W，由P＝I2R可得通过两次电路的电流，根据串联电路特点结合欧姆定律可表示电源电压，列出方程可得R1的阻值和电源电压； 当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，通过电路的电流最大，根据欧姆定律计算通过电路的最大电流； 当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电压表的示数最大，根据欧姆定律计算电压表的示数最大值。 【解答】解：闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压， 当R2等于2Ω或8Ω时，R2消耗的电功率均为8W， 由P＝I2R可得通过电路的电流分别为：I11A，I22A， 根据串联电路总电阻等于各分电阻之和，由欧姆定律可得： 当R2等于8Ω时电源电压：U＝I1（R1+R2）＝1A×（R1+8Ω）﹣﹣﹣﹣﹣﹣①， 当R2等于2Ω时电源电压：U＝I2（R1+R2′）＝2A×（R1+2Ω）﹣﹣﹣﹣﹣﹣②， ①②两式联立可得：R1＝4Ω，U＝12V，故AB正确； 当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，通过电路的电流最大，最大电流： I最大3A，故C错误； 当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电压表的示数最大， 滑动变阻器R2的最大阻值为8Ω，此时通过电路的电流为1A，电压表的示数最大为：U2＝I1R2＝1A×8Ω＝8V，故D错误。 故选：AB。 【点评】本题考查串联电路特点、电功率公式、欧姆定律的灵活运用，根据电源电压不变列出方程是解题的关键。 三、计算题（共24分，第15-16小题共6分，第17小题8分，第18小题10分） 15．（3分）根据图1所示电路图连接图2实物图。（按要求作图） 【分析】读电路图，明确电路的连接特点和开关的控制对象，再对照电路图对实物图进行连接即可。 【解答】解：读图可知，灯泡与电铃并联，开关S1控制电铃，开关S控制干路，根据电流的流向，逐一对应，将实物图进行连接即可，如图所示： 【点评】解答此类问题的关键是明确电路的连接特点，再结合开关的控制对象进行连接，要注意实物图与电路图要对应。 16．（3分）请在图中连接家庭电路，要求开关控制螺口灯泡，三孔插座直接接入电路。 【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。 （2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。 【解答】解： （1）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。 （2）安装安全用电原则，上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。如图所示： 【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。 17．（8分）如图所示电路中，电流表和电压表均为理想电表，R3＝4Ω，开始时，电流表读数为0.75A，电压表读数为2V。后来由于某一电阻断路，使电流表读数变为0.8A，电压表读数变为3.2V。 （1）判断是哪一只电阻断路？ （2）求电源两极间的电压和电阻r的阻值各多大？ 【分析】（1）当电路正常时，R1、R3串联后再与R2并联，电压表测量R1的电压，电流表测量R2电流，由于某一电阻断路，使电流表读数变为0.8A，电压表读数变为3.2V，此时电流表与电压表示数均变大，若R1断路，则电路变为R3与电压表串联后再与R2并联，由于电压表电压非常大，则导致电源外部电阻变大，电源外部电压变大，即并联各支路两端的电压变大，由欧姆定律得，R2的电流变大，即电流表示数变大，电压表的示数等于支路的电压，则电压表的示数变大； （2）当电阻R1断路时，电流表读数为0.8A，电压表的示数为3.2V，根据欧姆定律计算定值电阻R2的阻值， 根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示定值电阻R2两端的电压， 根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算未断路时通过R3的电流，根据并联电路电流规律计算干路电流，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示定值电阻R2两端的电压，联立解方程可得电源两极间的电压和电阻r的阻值。 【解答】解：（1）当电路正常时，R1、R3串联后再与R2并联，电压表测量R1的电压，电流表测量R2电流， 由于某一电阻断路，使电流表读数变为0.8A，电压表读数变为3.2V，此时电流表与电压表示数均变大， 若R1断路，则电路变为R3与电压表串联后再与R2并联，由于电压表电阻非常大，则导致电源外部电阻变大，电源外部电压变大，即并联各支路两端的电压变大，由欧姆定律得通过R2的电流变大，即电流表示数变大，电压表的示数等于支路的电压，则电压表的示数变大，符合题意； 若R2断路，则电流表无示数，不符合题意； 若R3断路，则电压表无示数，不符合题意； （2）当电阻R1断路时，电压表的示数为3.2V，根据欧姆定律可得定值电阻R2的阻值：， 根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得U2＝E﹣Ir，即3.2V＝E﹣0.8A•r﹣﹣﹣﹣﹣﹣①， 并联电路各支路两端电压相等，未断路时，根据欧姆定律可得通过R3的电流：I30.25A， 并联电路干路电流等于各支路电流之和，此时的干路电流：I′＝I3+I′2＝0.25A+0.75A＝1A， 根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得U′2＝E﹣I′r，即0.75A×4Ω＝E﹣1.0A×r﹣﹣﹣﹣﹣﹣②， 联立①②解得E＝4V，r＝1Ω。 答：（1）电阻R1断路； （2）电源两极间的电压为4V，电阻r的阻值为1Ω。 【点评】本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律的灵活运用。 18．（10分）如图甲是文文同学家新买的一台冷暖空调扇，其内部简化电路如图乙所示，R1、R2均为发热电阻，R1的阻值为110Ω，M是电动机。开关S1闭合后，当S2接1、2时吹冷风；当S2接2、3时吹温风；当S2接3、4时吹热风，此时空调扇的总功率为1100W．已知：电源电压为220V，c冰＝2.1×103J/（kg•℃）。求： （1）吹冷风时，在空调扇内加入冰袋会使吹出的风温度变低，若冰袋内冰的质量为1kg，温度从﹣16℃升高到﹣6℃时，冰从周围吸收的热量是多少？ （2）吹冷风时，电动机正常工作1h消耗的电能为0.11kW•h，此时通过电动机的电流是多少？ （3）吹热风时，R2的电阻是多少？ 【分析】（1）已知冰的比热容、质量、初温度和末温度，利用公式Q＝cmΔt得到冰吸收的热量； （2）开关S1闭合后，当S2接1、2时吹冷风，此时只有电动机工作，已知电源电压、工作时间和消耗的电能，利用公式I得到通过电动机的电流； （3）已知电动机1h消耗的电能，可以得到电动机的功率；已知R1阻值和两端电压，可以得到R1的功率；已知吹热风时的总功率和电动机、R1的功率，可以得到R2的功率；已知R2功率和两端电压，利用公式R得到R2阻值。 【解答】解：（1）冰吸收的热量为： Q吸＝c冰m冰Δt＝2.1×103J/（kg•℃）×1kg×[﹣6℃﹣（﹣16℃）]＝2.1×104J； （2）开关S1闭合后，当S2接1、2时吹冷风，此时只有电动机工作， 由W＝UIt可得，通过电动机的电流为： I冷0.5A； （3）电动机的功率为： P电动机0.11kW＝110W， 当S2接3、4时吹热风，此时电动机、R1、R2并联， 因并联电路各支路两端的电压相等， 则R1消耗的功率： P1440W， 已知此时空调扇的总功率为1100W，则消耗R2的功率为： P2＝P﹣P电动机﹣P1＝1100W﹣110W﹣440W＝550W， 由P可得，R2的阻值为： R288Ω。 答：（1）吹冷风时，冰从周围吸收的热量是2.1×104J； （2）吹冷风时，通过电动机的电流是0.5A； （3）吹热风时，R2的电阻是88Ω。 【点评】此题考查了热量计算公式、电能变形公式和电功率有关公式的应用，熟悉基本规律和公式步骤，正确判断电路连接关系，是解答此题的关键。 四、实验与探究题（共26分，每空1分） 19．（6分）观察如图所示的实验回答下列问题： （1）如图甲所示的装置，其中一个瓶子装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体，另一个装有空气，在演示扩散现象时应该把装有二氧化氮气体的瓶子放在 　下　方，根据两瓶内的气体颜色混合均匀的现象，可知分子在不停地做 　无规则运动　。 （2）如图乙所示，红墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明分子做无规则运动快慢与 　温度　有关。 （3）如图丙所示，用细线把很干净的玻璃板吊在弹簧测力计的下面，记下测力计的读数F1；然后使玻璃板水平接触水面，稍稍向上拉玻璃板，在玻璃板离开水面之前，弹簧测力计读数F2，则F2　＞　F1，这个现象说明分子间存在 　引力　。 （4）如图丁所示，先后将50mL水和50mL的酒精倒入玻璃管中，反复翻转几次后发现水和酒精的总体积小于100mL，这说明：分子间有 　间隙　。 【分析】（1）二氧化氮气体的颜色是红棕色的，而且比空气的密度大；分子是在永不停息地做无规则运动； （2）温度对分子热运动的影响，温度越高，分子热运动越剧烈； （3）分子间存在相互作用的引力和斥力。 （4）分子间有间隙。 【解答】解：（1）二氧化氮气体的颜色是红棕色的，而且比空气的密度大，因此必须放在下面的瓶子中，避免由于重力使气体向下落，分不清是重力作用还是扩散； （2）红墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明分子做无规则运动快慢与温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈，扩散现象越明显； （3）因为玻璃和水接触在一起，并且玻璃分子和水分子间的距离在引力作用的范围内，故水分子和玻璃分子之间存在相互作用的引力，故向上拉玻璃板时，弹簧测力计的读数将变大。 （4）先后将50mL水和50mL的酒精倒入玻璃管中，反复翻转几次后发现水和酒精的总体积小于100mL，酒精和水分子彼此进入对方的空隙中，这说明：分子间有间隙。 故答案为：（1）下；无规则运动；（2）温度；（3）＞；引力；（4）间隙。 【点评】本题考查分子动理论的基本知识，注重物理规律在生产生活中的应用，要求学生能准确的用所学理论解释相关现象。 20．（7分）某物理实验小组正在使用“伏安法”测量未知电阻阻值，实验电路如图甲所示（电源电压3V）。 （1）闭合开关S前，应将滑动变阻器滑片P移到最 　右　端（选填“左”或“右”）。 （2）闭合开关后，发现电流表无示数，电压表有示数且示数接近3V，则电路故障原因可能是 　定值电阻Rx断路　。 （3）排除故障后，当滑片移到某一位置时，电压表示数为1.6V，电流表示数如图乙所示，其读数为 　0.16A　A，则未知电阻 　10　Ω。接下来测量多组实验数据算出平均值，这是为了减小测量带来的 　误差　。 （4）实验中电流表突然损坏，小组同学经过讨论设计了一种实验方案也可测出阻值。电路如图丙所示，电源电压未知且恒定不变，a、b为滑动变阻器左右两个端点，滑动变阻器最大阻值为R，请你把以下测量步骤补充完整。 ①闭合开关S，滑片p移到a端时，读出电压表示数为U1； ②闭合开关S，　滑片P移到b端时　读出电压表示数为U2； ③待测电阻Rx＝　•R0　（用已知和测量出的物理量符号表示）。 【分析】（1）为保护电路，实验前应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处； （2）闭合开关后，发现电流表无示数，则电路断路，电压表示数接近3V，则电压表与电源连通，据此判断出故障； （3）根据电流表选用小量程确定分度值读数，多次测量求平均值可以减小误差； （4）用电压表分别测量出电源电压和变阻器的最大电阻连入电路中时定值电阻的电压，根据串联电路的规律和欧姆定律求出定值电阻的大小。 【解答】解：（1）为保护电路，实验前应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即最右端； （2）闭合开关后，发现电流表无示数，则电路断路，电压表示数接近3V，则电压表与电源连通，所以故障为定值电阻Rx断路； （3）由图乙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，电流为0.16A， 电阻R10Ω； 实验中，多次测量求平均值可以减小误差； （4）①闭合开关S，滑片P移到a端时，读出电压表示数为U1； ②闭合开关S，滑片P移到b端时，读出电压表示数为U2； ③在①中，电压表测电源电压U1； 在②中，变阻器的最大电阻与定值电阻串联，由串联电路电压的规律，变阻器的电压为： U滑＝U1﹣U2，由欧姆定律，电路中的电流： I， 根据串联电路的规律和欧姆定律得待测电阻： Rx•R0。 故答案为：（1）右；（2）定值电阻Rx断路；（3）0.16A；10；误差；（4）②滑片P移到b端时；③•R0。 【点评】此题是“测量未知电阻Rx阻值”的实验，考查了电路连接、注意事项、电路故障、电流表的读数以及特殊的方法测量电阻等，考查的知识点多，综合性强，这些都是经常考查问题，需熟练掌握。 21．（7分）小陈和小刘在电学实验室进行了如下实验： （1）探究“电流与电阻的关系”： ①小陈利用四个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω）、学生电源、电压表、规格为“50Ω 1A”的滑动变阻器和电流表连接的电路如图甲所示，检查发现电路中有一根导线连接错误，请在图中连接错误的那根导线上打“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确； ②把5Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑片到适当位置，电流表示数如图乙所示，其示数为 　0.4　A； ③滑片位置不动，把5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻，闭合开关，应向 　右　（选填“左”或“右”）调节滑片，使电压表的示数保持不变，读取电流表示数； ④要使4个定值电阻都能完成该组实验，电源电压最大值为 　7　V； （2）小刘利用已有的器材，将定值电阻换为额定电压为2.5V的小灯泡测定其额定功率： ①图丙是小刘根据实验数据绘成的I﹣U图像，由图可知小灯泡的额定功率是 　0.625　W； ②他想通过实验来比较灯泡“实际电压是额定电压一半时的灯电功率为P1”和“实际电流是额定电流一半时的灯的电功率为P2”的大小，一旁的小陈看了小刘描绘的I﹣U图像后，告诉他不用实验也可以比较，通过图像即可判断，小陈指出P1　大于　P2（选填“大于”、“小于”或“等于”）。 【分析】（1）①原电路中，电流表与电阻并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表应与电阻串联，电压表应与电阻并联； ②根据电流表选用小量程确定分度值读数； ③根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向； ④由③知，根据欧姆定律得出电阻的电压；由串联电路的规律及分压原理求出电源电压最大值； （2）①根据实验数据绘成的I﹣U图象知灯在额定电压下的电流，根据P＝UI得出小灯泡的额定功率； 由图根据欧姆定律求出不同电压下的电阻分析； ②根据P和P＝I2R，并考虑灯泡电阻随温度的升高而变大分析。 【解答】解：（1）①探究“电流与电阻的关系”时，需要使电压表与定值电阻并联，电流表与定值电阻串联，如图所示： ②由乙图可知，电流表接入的是小量程，分度值为0.02A，电流表示数为0.40A。 ③把5Ω的电阻换成10Ω的电阻，电路中的电阻变大，电源电压不变，根据欧姆定律，电路中电流变小，滑片位置不动，滑动变阻器的阻值不变，滑动变阻器两端电压变小，电源电压不变，由于电阻与滑动变阻器串联，所以10Ω的电阻两端电压比5Ω的电阻两端电压大，若使10Ω的电阻两端电压与5Ω的电阻两端电压相等，需要减小电阻两端的电压，由于电源电压不变，所以需要增大滑动变阻器的两端电压，根据串联分压可知，需增大滑动变阻器连入电路的电阻，故闭合开关，应向右调节滑片，使电压表的示数保持不变。 ④把5Ω的电阻接入电路，电流为0.40A，电阻两端电压为UA＝IARA＝0.40A×5Ω＝2V， 由于定值电阻最大阻值为20Ω，滑动变阻器最大阻值为50Ω，要使定值电阻单独接入电路都能完成实验，电源电压最大值为U电，则， 电源电压最大为； （2）①根据I﹣U图像知，灯在额定电压下的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率是PL＝ULIL＝2.5V×0.25A＝0.625W； ②如果灯泡电阻不随温度变化，即R灯为一定值，因为可知灯泡电压为其额定电压一半时，其实际功率等于额定功率的四分之一；实际上，灯的电压越大，通过的电流越大，灯丝的温度越高，灯丝的电阻越大，所以，灯泡实际电压为其额定电压一半时的电阻小于正常发光时电阻，根据可知，它的实际功率为； 如果灯泡电阻不随温度变化而变化，电流等于额定电流一半时，根据P＝I2R可知，灯泡实际功率等于额定功率的四分之一，实际上通过灯泡的电流越小，灯丝温度越低，灯泡电阻越小，通过灯泡电流为其额定电流一半时，灯泡电阻小于灯泡正常发光时的电阻，由P＝I2R可知，则灯泡实际功率小于额定功率的四分之一。即此时它的实际功率， 综上可知，P1＞P2。 故答案为：（1）见解析；0.4；右；7；（2）0.625；大于。 【点评】本题探究“电流与电阻的关系”，考查电路连接、故障分析、电流表读数、操作过程、控制变量法和对器材的要求及影响电阻大小的因素，同时也考查了测量小灯泡的额定功率的知识，难度较大。 22．（6分）阅读短文，回答问题。 人工心脏泵 医生给心脏有疾病的患者做手术时，往往要用一种称为“人工心脏泵”的体外装置来代替心脏，以推动血液循环。如图甲是该装置的示意图，通电时线圈与活塞柄组成的系统与固定在左侧的永磁体相互作用，带动活塞往复运动，从而完成抽血和送血。（活塞筒通过阀门与血管相通，阀门S1、S2只能向上开启） 手术时，还需要利用电磁血流计来检测血流速度和血流量，如图乙所示。使用时，将血管放置于两磁极之间，两金属电极a、b与血管壁接触，血液可以看作导体，当血液流动时，导体切割磁感线，电路中有微弱电流产生，仪表指针偏转，显示出血流速度。 （1）图甲中，当线圈中的电流从A流向B时，活塞向 　左　（选填“左”或“右”）运动，从而 　减小　（选填“增大”或“减小”）活塞筒内的压强，使血液通过阀门S。进入活塞简中，此时处于抽血状态。线圈AB所固定的活塞柄适宜用 　铁　（选填“铜”“铁”或“铝合金”）材料制作。 （2）电磁血流计的工作原理是 　电磁感应　现象；若仅调换两磁极的位置，则流过仪表的电流的方向将 　相反　（选填“不变”或“相反”）。 （3）血管中有血液流过时，电磁血流计能检测到微弱的电流，从能量转化的角度分析，这是 　机械　能转化为 　电　能的过程。 【分析】（1）由右手螺旋定则可知电磁铁的磁极，由磁极间的相互作用可知活塞的移动方向，则可知血液的流动方向； （2）磁电感应现象，是指闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象，这种利用磁场产生电流的现象叫做电磁感应现象； 电流的方向与磁场的方向有关； （3）从电磁血流计的工作原理分析。 【解答】解：（1）由图可知，当线圈中的电流从A流向B时，由安培定则可知，螺线管左端为S极，此时异名磁极相互吸引，故活塞左移，压强减小，S2断开，S1关闭，血液从S2流入；电磁铁的铁芯需要使用磁性材料，增强磁场； （2）两金属电极a、b与血管壁接触，当血液流动时，就会有微弱电流产生，仪表指针偏转，显示出血流速度，这是电磁感应现象，产生了感应电流； 若仅调换两磁极的位置，则流过仪表的电流的方向将发生改变，与原来的方向相反； （3）从能量转化的角度分析，电磁血流计的工作过程中机械能转化为电能。 故答案为：（1）左；减小；铁；（2）电磁感应；相反；（3）机械；电。 【点评】本题为物理知识在生产生活中的应用题，题目中给出了必要的信息，应注意提取有用信息并结合相关物理知识求解，关键是从大量文字材料中抓住核心信息，考查学生基本的学习能力。 学科网（北京）股份有限公司 $$