物理(二)-【步步为赢】2024-2025学年高二上学期物理期末综合冲刺卷

高二第一学期期末综合冲刺卷·物理（二） (满分：100分) 留 一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分.每小题只有一项符合题目要求.） 1.四根彼此绝缘的通电直导线围成一正方形，其中心为O点.四根导线中电流>2>>， 黑 电流方向如图所示.要使O点的磁场增强，应切断的电流是 A.i B.ig C.is D.i 2.由电场强度的定义式E=可知，在电场中的同一点 ( A.电场强度E跟F成正比，跟q成反比 毁 B无论试探电荷所带的电荷量如何变化，F始终不变 C.如果电荷在电场中某点所受的静电力大，则该点的电场强度就强 D.一个小球在P点受到的静电力为0，P点的场强一定为0 3.下列物理量的单位与J/C等价的是 A.电势差 B.电势能 C.电场力 D.电场强度 4.关于电流的概念，下列说法正确的是 ( A.导体中有电荷运动就会形成电流 B.电流是矢量，其方向就是正电荷定向移动的方向 C.在国际单位制中，电流是一个基本物理量，其单位安培是基本单位 D.对于导体，只要其两端电势差为零，电流不一定为零 2-1 5.一列沿x轴传播的简谐横波，波速为10m/s,在1=0时刻的波形图线如图所示，此时x= 1.0m处的质点正在向y轴负方向运动，则 y/cm 0.510152.02.53.0m A.此波一定沿x轴正方向传播 B.x=1.0m处的质点做简谐运动的周期为0.20s C.t=0时刻，x=1.5m处的质点具有最大速度 D.再经1.0s,x=1.5m处的质点通过的路程为10m 6.劲度系数为k的轻弹簧竖直悬挂，在其下端挂一质量为m的砝码，然后从弹簧原长处由 静止释放砝码，不计摩擦阻力，重力加速度为g,则 A.砝码的运动不是简谐振动 B.砝码最大加速度为2g C.砝码偏离平衡位置的最大位移为， D.弹簧的最大弹性势能为20 7.用如图所示的实验装置观察光的薄膜干涉现象.图甲是点燃的酒精灯（在灯芯上洒些 盐)，图乙是竖立的且附着一层肥皂液薄膜的金属丝圈.将金属丝圈在竖直平面内缓慢旋 转，观察到的现象是 A.当金属丝圈旋转30时，干涉条纹同方向旋转30° B.当金属丝圈旋转45时，干涉条纹同方向旋转90 C.当金属丝圈旋转60时，干涉条纹同方向旋转30 D.干涉条纹保持原来的状态不变 2-2 8.如图所示，具有一定质量的小球A固定在轻杆一端，另一端挂在小车支架的O点.用手将 小球拉至水平，此时小车静止于光滑水平面上，放手让小球摆下，与B处固定的橡皮泥碰 击后粘在一起，则在此过程中小车将 A.向右运动 B.向左运动 C.静止不动 D.小球下摆时，车向左运动，碰撞后又静止 二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分，每小题有多个选项符合题目要求，全 部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分.) 9.关于多用表的使用，下列说法中正确的是 A.测电阻时指针偏转至靠近刻度盘最右端附近，需要将倍率调换到低倍率挡 B.测电阻时要保证接触良好，可用手直接将表笔和电阻握紧 C.改变不同倍率的欧姆挡后不用重新欧姆调零 D.使用完毕后拔去表笔还应把选择开关置于交流电压最大量程或OFF挡 10.手电筒中的干电池的电动势为1.5V,用它给某小灯泡供电时，电流为0.3A,下列说法 正确的是 () A.干电池把化学能转化为电能的本领比电动势为2V的蓄电池强 B.电路中每通过1C的电量，电源把1.5J的化学能转化为电能 C.干电池在10s内将4.5J的化学能转化为电能 D.该干电池外接电阻越大，电源的效率越高 11.如图所示，空间同一平面内有A、B、C三点，AB=5m,BC=4m,AC=3m.A、C两点处 有完全相同的波源做简谐运动，振动频率为1360Hz,波速为340/s.下列说法中正确 的是 2-3 A.两列波的波长均为0.25m B.B、C间有8个振动减弱的点 C.B点的位移总是最大 D.A、B间有7个振动加强的点 12.如图甲所示，在光滑水平面上的两小球发生正碰，小球的质量分别为m1和m2.图乙为 它们碰撞前后的x一t(位移一时间)图象.已知m1=0.1kg,由此可以判断 164 12 m2 左（m m)右 甲 乙 A.碰前m2静止，m1向右运动 B.碰后m2和m1都向右运动 C.2=0.3kg D.碰撞过程中，系统损失了0.4J的机械能 三、非选择题（本题共6小题，共60分.） 13.(6分)某同学想设计一个测量金属棒电阻率的实验方案，实验室提供的器材有： A.A,内阻R.=1002,满偏电流I.=3mA B.A2内阻约为0.42，量程为0.6A C.定值电阻R。=9002 D.滑动变阻器R(52,2A) E.干电池组(6V,0.052) F.一个开关和导线若干 G.螺旋测微器，游标卡尺 2-4 (1)如图1，用螺旋测微器测金属棒直径为 mm:如图2用20分度游标卡尺测 金属棒长度为 cm. 10 11 12m LLLLLLLLLLLLLLLLLLLL tmm timmm 05101520 图1 图2 (2)用多用电表粗测金属棒的阻值：当用“×10Ω”挡时发现指针偏转角度过大，他应该 换用 挡（填“×1Ω”或“×100Ω”），换挡并进行一系列正确操作后，指针静止时 如图3所示，则金属棒的阻值约为 2. 图3 (3)请根据提供的器材，设计一个实验电路，尽可能精确测量金属棒的阻值. (4)若实验测得电流表A,示数为I1,电流表A示数为I2,则金属棒电阻的表达式为R .(用I1,12,R。,R。表示) 14.(8分)如图所示，某同学用插针法测定一半圆形玻璃砖的折射率.在平 铺的白纸上垂直于纸面插大头针P,、P,确定人射光线，并让人射光线 过圆心O,在玻璃砖（图中实线部分）另一侧垂直于纸面插大头针P, 使P挡住P,、P,的像，连接OP.图中MN为分界面，虚线半圆与玻 璃砖对称，B、C分别是入射光线、折射光线与圆的交点，AB、CD均垂直于法线并分别交 法线于A、D点。 (1)设AB的长度为l1,AO的长度为l2,CD的长度为l,,DO的长度为1，为较方便地表 示出玻璃砖的折射率，需用刻度尺测量 ,则玻璃砖的折射率可表示为= (2)该同学在插大头针P,前不小心将玻璃砖以O为圆心顺时针转过一小角度，由此测 得玻璃砖的折射率将 (填“偏大”“偏小”或“不变”). 2-5 15.(10分)如图所示，在光滑水平面上有两个小球A、B用轻质弹簧 E 连接，小球A、B的质量分别为mA=2kg,mB=4kg,小球A、B所 ●AiAi●- 带电荷量均为q=十2.0×105C,同处于水平向右的匀强电场 中，电场强度大小E=1.0×105V/m.刚开始，两小球都固定在水平面上，弹簧处于原长 状态，现同时放开两小球，经过=3s,撤去电场，此时两小球速度恰好相等，弹簧的弹性 势能E。=6J.求： (1)撤去电场瞬间小球A的速度大小： (2)弹簧第一次恢复原长时A、B两小球各自的动能. 2-6 16.(12分)如图是0.6A与3A的双量程电流表的内部结构，其表头内阻R.=602,满偏 电流I.=1mA. A R (1)请分析判断图中A、B两个接线柱，量程为3A的接线柱是哪一个？ (2)分流电阻R,、R2分别是多少？ 2-7 17.(12分)如图所示，光滑的半球壳半径为R,O点在球心O'的正下方，一小球甲（可视为质 点)由距O点很近的A点静止放开，R>AO (1)若另一小球乙（可视为质点）从球心O处自由落下，问两球第一次到达O点的时 间比； (2)若另一小球丙（可视为质点）在O点正上方某处自由落下，为使两球在O点相碰，小 球应由多高处自由落下？ 0 18.(12分)如图所示，内表面绝缘光滑的圆轨道位于竖直平面内，轨道半径为r,A、B分别 为内轨道的最高点和最低点，圆心O固定电荷量为十Q的点电荷，质量为、电荷量为 一▣的小球能在圆轨道内表面做完整的圆周运动，重力加速度为g,静电力常量为k. (1)若小球经过B点的速度为。，求此时对轨道的压力大小： m方 (2)求小球经过A点最小速度的大小V: 0 B 2-8动，所以B选项错误：T=48时，各质点振动的周期 均为4s,所以C选项正确：t自=3s时，c质点刚开始 036m/s,波的周期为T=子-8瑞s0,67 向下振动，又经1s,c质点运动到负向最大位移处， 答案：(1)0.12m/s2.0s(2)0.36m/s0.67s 再经2s,c质点运动到正向最大位移处，所以4s<t <6s时，c质点由负向最大位移处向正向最大位移 1.解析：年个光子的能量B=受 处运动，所以D选项正确.] 发光体每秒钟发射的光子数n= P 13.解析：(1)由图甲可知，电容器上极板带正电，当电客 器放电时，电容器上级板相当于正极，可知通过电阻 R的电流方向为向右： o=S球” (2)根据题图乙的含义，因Q=1,可知图形与时间轴 其中S球=4πd2 国成的面积表示电荷量：根据横轴与纵轴的教据可 可得每秒钟落在垂直于光线方向上面积为S=1cm 知，一个格子的电荷量为8×103C,由大于半格算 的曲面上的光子数n0=4.0×1010 一个，小于半格舍去，因此图像所包含的格子个数为 答案：4.0×1010 46,所以释放的电荷量为 18.解析：(1)解法一：如图所示.由 g=8×10-5C×46=3.68×10-3C. 几何美系知中-片 h (3)根据C=是代入教据可得 由折射定律得 C=3.68X10-3F=0.368×103F=3684F 2+H 10 Hx 答案：(1)向右(2)3.68×10-3(3)368 √(I+x)2+ 代入方= 21 0.2 14.解析：作用前滑块1的速度一0。气m/s=2m/s,共 质量与速度的乘积为0.310kg×2m/s=Q.620kg·m/s 得 VL+4H .+H 作用后滑块1和滑块2具有相同的速度一18 0.14m/s 再联立以上各式得x=2京·h =1.2m/s,其质量与速度的乘积之和为(0.310kg十 0.205kg)×1.2m/s=0.618kg·m/s. 当A=号H时，解得=台 答案：(1)接通打点计时器的电源 放开滑块1 解法二：如图所示，由几何关系知尖-青液面高 (2)0.6200.618 h (3)纸带与打点计时器的限位孔有摩擦 度交化折封角不交，由A=号：=子得子品 5,解析：0D由库仑定律Fa=k多 品私.当A=号H时，解得=卡 x 3 代入数据可得F肆=9.0×109×5X10-8×1×105 0.32 (2)u=2疗·wA: N=0.02N. (2)对A受力分析如图所示 答案：1片（2)克· 高二第一学期期末综合冲刺卷·物理（二） 1.D[根据右手螺旋定则来确定通电导线周围磁场 的分布，导线1在O点产生的磁场的方向向里，导 线2在O点产生的磁场的方向向里，导线3在O点 产生的磁场的方向向里，导线4在O,点产生的磁场 的方向向外，因为i1>i2>3>i4,则合场强一定向 mg 里，要使磁场增强，应让向外的磁场消失，故应切断 根据平衡条件得Tcos a=mg, i4.故选D.] Tsin a=F年， 2.B[ABC.电场强度是表示场的强弱和方向的物理 代入数据可得 量，只跟场源电荷有关，跟放入其中的试探电荷无 加= F床=0.02 gtan a10xTkg=2X10-3 kg. 关，E=E是场强的定义式，不是决定式选项AC 答案：(1)0.02N:(2)2×10-3kg 错误，B正确：D.不带电的小球在P点受到的电场 16.解析：(1)如果波是向左传播的，从题图可以看出，虚 力为零，则P,点的场强不一定为零，故D错误.故 线所示的波形相当于实线所示的波形向左移动了 选B.] 6o(即宁).由此可求出淡建为兰-m 3.A[根据静电力微功与电势差的关系知U=W =0.12m/s,波的周期T=1=0.24、 1V=1J/C,与J/C等价的是电势差，故A正确，BCD 70.128=2.0s. 错误.故选A.门 (2)如果波是向右传播的，从题图可以看出，虚线所 4.C[A.导体中有电荷运动不一定能形成电流，电荷 示的波形相当于实线所示的波形向右移动了x' 要发生定向移动才能形成电流.故A错误：B.规定正 18cm(即政），由此可求出波地为t-兰-08 电荷定向运动的方向是电流的方向，但电流运算时遵 t0.5 m/s 守的代效加减法则，所以电流不是失量，是标量，故B 2 错误：C,在国际单位制中，电流是一个基本物理量，其 10.BCD[A.千电池的电动势小于蓄电池的电动势，干 单位安培是基本单位.故C正确：D.形成电流的条件 电池把化学能转化为电能的本领比电动势为2V的 为导体两端有电势差，对于导体，只要其两端电势差 蓄电池弱，A错误；B.电路中每通过1C的电量，非 为零，电流一定为零，故D错误，故选C.] 静电力做功为W#=gE=1×1.5J=1.5J 5.B[此时x=1.0m处的质点正在向y轴负方向运 故电路中每通过1C的电量，电源把1.5J的化学能 动，知该波向x轴负方向传播，故A错误：在波的传播 转化为电能，B正确：C.根据W=EIt=1.5×0.3× 方向上，各点的周期是相等的，由题图知波长是 10J=4.5J,可得千电池在10s内将4.5J的化学能 2.0m,则：T=子-0=Q20s,故B正确：=0时刻 转化为电能，C正确：D.设外电阻为R,内阻为r,则 UI-R=1 x=1,5m处的质点处在负方向的最大位移处，所以速 电源的效率为？一ER十r 度是0，故C错送：经1.0s,经历了1-子-0器 可知该千电池外接电阻越大，电源的效率越高，D正 =5个周期，质点在一个周期内的路程等于4个振幅， 确.故选BCD.] x=1.5m处的质点通过的路程为s=5×4A=20× =0.25m知，选项A正确：只要到两 0.02m=0.4m,故D错误.] 1山，AB[由A=另 6.D[设砝码的最大速度为m,砝码的速度最大时，弹 波源的路程差为半波长奇数倍的，点就是振动减弱 簧弹力大小等于砝码的重力，则得：mg=kx0,得弹簧 点，两波源到BC上的点的路程差从1m=4λ逐渐增 大到3m=12入，因此在B、C间有8个振动减弱的点， 仲长的长度0=婴此位置为平街位置，在平衡位置 选项B正确：B点到两波源的路程差为1m,为波长 以上△x时，弹簧的弹力为F=k(x0一△x),砝码受到 的整数倍，处在振动加强点上，但只是振动的振幅增 的合力：F合=mg一F=mg-k(x0-△x)=k△x.同理 大，不是任意时刻的位移都最大，选项C错误：B点 可以得出砝码在平衡位置以下△x时，仍然满足：F合 与两波源的路程差为1m=4入，A点与两波源的路程 差为3m=12以，B与A之间还有一个路程差为零的 =k△T,即砝码受到与离开平衡位置的位移成正比的 点，所以A、B间与两波源的距离差分别为：4入、3入、…、 合外力的作用，且该合力始终指向平衡位置，所以由 0、入、2、…、11入，共15个点振动加强，选项D错误.] 静止释放砝码后，砝码在重力和弹簧弹力的作用下将 12.AC[分析题图乙可知，碰前：2处在位移为8m的位 微简谐振动，故A错误.当砝码下落到速度为零时，弹 簧伸长量最大，弹性势能最大，根据对称性可知，此时 置静上m位移均匀增大，选度=号m/s=4, 弹簧伸长量为：x'=2x0=2坚，根据牛顿第二定律 方向向右：A正确：延后：可，=号号m/6=-2m/s 得a-F一G-二mg-2mg二mg=g,所以弹黄 ,=9号s=2m/s,碰接过程中动量守： 弹性势能最大时，小球加速度大小为g,故B错误.此 m11=m1',十m2v'2,解得：m2=0.3kg,碰撞损失的 时弹簧伸长量x=2m坚，所以砝码偏离平衡位置的最 k 机模能：=子m听-（合m,+日m:)=0,故 大位移为一x0=紧，故C错误，当砝码下落到递度 C正确，B、D错误，答案应选A、C.] 13.解析：(1)根据螺旋测微器的读数规律，该读数为 为零时，弹簧仲长量最大，弹性势能最大，砝码从静止 6mm+0.01×12.5mm=6.125mm, 开始下落到速度为零时，根据动能定理得：mg·g 根据游标卡尺的读数规律，该诶致为 102mm+0.05×6mm=102.30mm=10.230cm 十W维=0，解得W绿=一2mg,所以弹簧最大的弹 (2)由于用“×10Ω”挡时发现指针偏转角度过大，表 明通过表头的电流过大，即待测电阻过小，为了减小 性势能为2mg,故D正确.] 误差，应该换用小倍率，即选择“×1”挡，根据欧姆 k 表的读数规律，该读数为 7,D[金属丝圈的转动不改变肥皂液薄膜上薄下厚的 10.0×1=10.02 形状，由干涉原理可知干涉条纹与金属丝圈在坚直平 (3)由于电源电动势为6V,为了测电压的安全，应该 面内的转动无关，仍然是水平的干涉条纹，选项D 将A,改装为电压表，即串联一个定值电阻R。,当采 正确.」 用电流表A2外接时，能够进行精确测量，控制电路 8.D[这是反冲运动，由动量守恒定律可知，小球下落 为了使得测量范围广泛一些，采用滑动变阻器的分 时速度向右，小车也向左：小球静止时，小车也静止，门 压式接法，设计电路如图所示 9,AD[A.测电阻时指针偏转至靠近刻度盘最右端附 近，说明此时多用表中的电流较大，被测电阻的阻值 较小，故需要将倍率调换到低倍率挡，减小测量误差， 故A正确；B.测电路中某个电阻的阻值时，一定要将 该电阻与其他元器件断开，包括人体也不能与表笔的 金属部分接触，避免测量出现较大误差，故B错误： C.每次改变不同倍率的欧姆挡后都必须要重新欧姆 调零，故C错误：D.多用表使用完毕后，应拔去表笔同 时还应把选择开关置于交流电压最大量程或OF℉ 挡，故D正确，故选AD.] ④)根据欧姆定律，有R,=R十R2 12-11 3 答案：(1)6.12510.230(2)×1010.0 当接“十，B”接线柱时，R1与R2串联后与表头并联， 当通过电流表的电流达到满偏电流【：时，通过千路 中的总电流即为改装后电流表的满偏电流0.6A.设 R1及R2两端总电压为U1',电表两端电压为U2'.由 并联电路中的电流、电压及电阻的规律可得 (3) (4)(R+R) 12-11 U'=U2'=IgRg '=0.6A U IgRg 了=1+1=1+R十R=1+R干R 14.解析：(1)根据几何知识得，入射角的正弦sin0= Ig(Rg+R2+R1) 铝折射角的正孩血所畏又B0=0C,则折射 CD R1十R2 代入效据可得R1=0.02n 率为1= 部费公故需委测量的量有么为红 R2=0.082 答案：(1)“A”接线柱：(2)0.020,0,08 (2)该同学在插大头针P;前不小心将玻璃砖以O为 17.解析：(1)甲球沿圆孤做简谐运动，它第一次到达O 圆心顺时针转过一个小角度，折射光线将顺时针转 动，而作图时仍以MN为边界，AD为法线，则入射 处的时月为=T子×2强V-吾√图 角不变折射角减小由折射率公式”二n分可 乙球做自由落体运动，到达O处的时间为t2, 知，测得玻璃砖的折射率将偏大。 R=i,所以 2R ,t力tt2=2x:4. 答案：D山和a :(2)偏大 (2)小球甲从A点由静止释放运动到O,点的时间为1 15.解析：(1)设撤去电场瞬间A的速度大小为v,以AB =子（2n-1）=1,23…,由0点正上方自南落下 及弹簧构成的整体为研究对象，从释放到3$过程 中，由动量定理可得 的小球丙到达O点的时间也为t时两球才能在O点 2gEt=(mA十mB)U, 相暖，所以A=立2=名(2-12 带入数据可得v=2m/s. (2)设弹簧第一次恢复原长时，A、B两球的速度分别 (2m-1)2x2R(m=1,23,…). 为、2，从撒去电场到弹簧恢复原长的过程中，以 AB及弹簧构成的整体为研究对象，可知其在水平方 答案：1W2x:4（2)2m-2R(m=1,23.…） 8 向所受外力为零，故在水平方向上动量守恒，故有 18.解析：(1)设此时小球对轨道的支持力为N,由向心 (mA十mg)u=mA1十mB2· 力公式有 整个过程中系统能量守恒，故有 （m+m,+E,=名m听+之m喝 1 N+kQg 一mg=m7 且由于撒去电场时，弹簧处于压缩状态，故在此过程 解得 中，A做减速运动，B微加速运动.故有v2|>|U N=mT +m吸一69學 联立可得1=0m/s, 由牛顿第三定律可知对轨道的压力大小 2=3m/s. 故两球的动能分别为EKA=0, N=N=m明+mg一去9学 EKB=zmB喝=18J. (2)小球经过A点的最小速度时，与轨道间的弹力为 答案：(1)2m/s:(2)0J.18J 0,则有 16.解析：(1)当接“十，A”接线柱时，表头与R2串联后与 R1并联.当接“十，B”接线柱时，R2与R1串联后与 kQg+mg-m 表头并联，由并联电路的分流原理可得，分流电阻越 解得 小，分流越多，结合电流表改装原理可知，量程越大， 十g 并联的电阻越小，所以量程为3A时接的是“A”接 mr 线柱， (2)当接“十，A”接线柱时，表头与R2串联后与R1并 答案：(1)m, +mg-tgg:2√ Q十g 联，当通过电流表的电流达到满偏电流Ig时，通过干 高二第一学期期末综合冲刺卷·物理（三） 路中的总电流即为改装后电流表的满偏电流3A.设 1.C[A.由图象Ⅱ可知，外电阻， R1电压为U1,电表及R2两端总电压为U2,由并联 电路中的电流、电压及电阻的规律可得U1=U2=1g R=y-5n=1.5n. 11.0 (Rg+R2),I=3A, 故A错误：B.由两图象的交点坐标，可得电源的路端 1=+-+瓷=1。+型 电压为1,5V,千路电流为1.0A,电阻R功率，即电 R 源的输出功率为 Ie(Rg十R2+R,) P=U1=1.5×1.0W=1.5W, R 故B错误：