专题10 内能-【好题汇编】备战2024-2025学年九年级科学上学期期末真题分类汇编（浙教版）

专题10 内能 考点一 改变物体内能的两种方式 1．（2023秋•瑞安市校级期末）如图为做功改变物体内能的改进实验，当往瓶内推活塞，会看到温度显示器的温度发生变化，下列有关此过程中的说法正确的是（　　） A．活塞对瓶内气体做功，温度显示器上的温度降低 B．活塞对瓶内气体做功，温度显示器上的温度升高 C．瓶内气体对活塞做功，温度显示器上的温度降低 D．瓶内气体对活塞做功，温度显示器上的温度升高 【答案】B 【解答】解：在向内推动活塞的过程中，活塞压缩气体做功，空气内能增加，温度升高，所以温度显示器上的温度升高，故B正确，ACD错误。 故选：B。 2．（2023秋•新昌县期末）下列改变内能的方式与其他三种不同的是（　　） A．钻木取火 B．锅被烧热 C．锅盖被顶开 D．搓手取暖 【答案】B 【解答】解：A、钻木取火时，克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，使木头的温度升高、内能增大，是通过做功改变内能； B、锅被烧热，锅吸收热量，温度升高、内能增大，是通过热传递改变物体内能； C、锅盖被顶开，内能转化为机械能，通过做功改变内能； D、搓手取暖，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，是通过做功改变内能； 综上所述，选项B与其他选项改变物体内能的方式不同。 故选：B。 3．（2023秋•义乌市期末）如图所示的实例中，改变物体内能的方式与其它三项不同的是（　　） A．给水加热 B．压缩空气 C．搓手取暖 D．钻木取火 【答案】A 【解答】解： A、给水加热，水吸收热量，是热传递改变内能； B、压缩空气的过程中，克服空气阻力做功，将机械能转化为内能，是做功改变内能； C、搓手取暖的过程中，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，使手内能增加，温度升高，是做功改变内能； D、钻木取火，是克服摩擦做功，将机械能转化为内能，是做功改变内能； A与BCD改变物体内能的方式不同，故A符合题意。 故选：A。 4．（2023秋•兰溪市校级期末）如图，在试管内装些水，用橡胶塞塞住管口，将水加热一段时间后，橡胶塞被冲出，管口产生大量的白雾。则（　　） A．管内水蒸气的内能不变 B．管内水蒸气对橡胶塞做了功 C．水所含的热量增加 D．白雾是由水汽化产生的 【答案】B 【解答】解：AB、对试管加热，水吸收热量，温度升高，水吸热迅速的汽化，产生大量的水蒸气，水蒸气对橡胶塞做功，将橡胶塞推出去，水蒸气的内能转化为橡胶塞的机械能，内能减小，故A错误，B正确； C、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故C错误； D、水蒸气对外做功，温度降低，水蒸气液化形成的小水滴，形成白雾，故D错误。 故选：B。 5．（2023秋•温州期末）如图为一种引火方式，用铁球甲撞击包裹铝箔的生锈铁球乙，铁球乙上的木屑就会被引燃。其原因是撞击使生锈铁球乙温度升高，引发氧化铁与铝箔发生反应放出大量热，引燃木屑。据此回答下面小题。甲球撞击乙球时，能使乙球温度升高，其原因是（　　） A．甲球对乙球做功，乙球内能增大 B．甲球对乙球做功，乙球内能减小 C．乙球对甲球做功，乙球内能增大 D．乙球对甲球做功，乙球内能减小 【答案】A 【解答】解：由题意可知，甲球撞击乙球时，甲球对乙球做功，乙球内能增大，温度升高。 故选：A。 考点二 温度、热量与内能的关系 6．（2023秋•慈溪市期末）关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（　　） A．0℃的冰没有内能 B．冰熔化时虽然温度保持不变，但它的内能增加 C．物体的温度越高，所含的热量越多 D．只要物体的温度不变，物体的内能就一定不变 【答案】B 【解答】解：A、任何物体在任何温度下都具有内能，0℃的冰也有内能。故A错误。 B、冰是晶体，晶体熔化过程中，吸收热量，温度不变，但内能增加，故B正确； C、描述热量的术语只能用”吸收”或“放出“，不能用“具有、所含”，故C错误； D、内能的大小与物体的质量、状态和温度都有关系，所以单凭温度不变，不能确定物体的内能就不变，故D错误。 故选：B。 7．（2023秋•余姚市期末）关于温度、热量、内能、比热容，以下说法正确的是（　　） A．一个物体温度升高了，它的内能一定增加 B．一个物体吸收了热量，它的温度一定会升高 C．一块0℃的冰没有了内能，它的分子不会运动 D．物体的质量越大，温度越高，它的比热容就越大 【答案】A 【解答】解： A、一个物体温度升高时，分子的无规则运动速度也越快，内能增加，故A说法正确。 B、一个物体吸收了热量，它的温度不一定会升高，如晶体熔化、液体沸腾时，都要吸收热量，但温度不变；故B说法错误。 C、因为物体的分子永不停息地做无规则的运动，所以任何物体都有内能，0℃的冰仍具有内能，故C说法错误 D、因为比热容是物质的一种特性，与吸收或放出的热量、温度、质量都没有关系，故D说法错误。 故选：A。 8．（2023秋•杭州期末）下列关于温度、内能和热量的描述中，正确的是（　　） A．物体吸收热量时，温度一定升高 B．做功和热传递都能改变物体的内能 C．物体的内能越大，其含有的热量就越多 D．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递 【答案】B 【解答】解：A、晶体熔化时吸收热量，温度不变，故A错误； B、改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，故B正确； C、热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故C错误； D、发生热传递的条件是：有温度差，所以热量从温度高的物体向温度低的物体传递，可能从内能大的物体向内能小的物体传递，也可能从内能小的物体向内能大的物体传递，还可能是内能相同的两个物体间进行传递，故D错误。 故选：B。 9．（2023秋•慈溪市校级期末）关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（　　） A．0℃的冰没有内能 B．物体的温度越高，物体的内能越大 C．物体的温度越低，所含的热量越少 D．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变 【答案】B 【解答】解： A、因物体的分子永不停息地做无规则的运动，所以任何温度的物体都有内能，此选项错误； B、温度会影响物体内能的多少；物体的温度越高，具有的内能越大，此选项正确； C、热量是一个过程量，要用“吸收”或“放出”来表达，而不能用“具有”或“含有”来修饰，此选项错误； D、内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，单比较物体的温度不能判断内能的变化，此选项错误。 故选：B。 10．（2023秋•拱墅区校级期末）对于热量的认识，下列说法正确的是（　　） A．温度高的物体放出的热量多，温度低的物体放出的热量少 B．温度高的物体含的热量多，温度低的物体含的热量少 C．在热传递过程中，同一物体温度改变越大，吸收或放出的热量就越多 D．质量大的物体比质量小的物体含的热量多 【答案】C 【解答】解：（1）物体放出热量的多少与温度的变化量有关，与温度高低无关，故A错误； （2）热量是热传递过程中吸收或放出的能量多少，只有在热传递过程中才能谈到热量，不能说物体含有的热量，故B、D说法错误； （3）同一物体的比热容和质量一定，由Q＝cmΔt可知，物体温度改变越大，吸收或放出的热量就越多，故C正确。 故选：C。 考点三 热机 11．（2023秋•永康市期末）下列交通工具中，动力设备不是热机的是（　　） A．远洋轮船 B．载重汽车 C．喷气式飞机 D．电动车 【答案】D 【解答】解：远洋轮船、载重汽车和喷气式飞机的动力设备都是热机，而电动车是消耗电能。 故选：D。 12．（2023秋•温州期末）汽车排量“1.6L”表示内燃机气缸吸气冲程一次吸入空气和汽油的总体积为1.6升，如图能表示吸气冲程是（　　） A． B． C． D． 【答案】D 【解答】解：A、进气门和排气门都是关闭的，活塞上行，因此是压缩冲程，故A错误； B、进气门关闭，排气门打开，活塞上行，是排气冲程，故B错误； C、进气门和排气门都是关闭的，活塞下行，因此是做功冲程，故C错误； D、进气门打开，排气门关闭，活塞下行，因此是吸气冲程，故D正确。 故选：D。 13．（2023秋•杭州期末）如图是生活中常用的热水瓶。当注入一定量的热水后，立即盖上木塞，木塞会跳起来。其工作原理与汽油机的下列工作过程示意图所示原理一致的是（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【解答】解： 注入一定量的热水后，热水汽化为水蒸气，水蒸气膨胀做功，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，软木塞会跳起来； A、两个气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程，将内能转化为机械能，故A符合题意； B、一个气门关闭，一个气门打开，活塞向下运动，是吸气冲程，没有能量转化，故B不合题意； C、一个气门关闭，一个气门打开，活塞向上运动，属排气冲程，没有能量转化，故C不合题意； D、两个气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，将机械能转化为内能，故D不合题意。 故选：A。 14．（2023秋•嘉兴期末）十八世纪，瓦特发明的冷凝器蒸汽机推动了人类第一次工业革命。如图为蒸汽机的工作原理：打开阀门A、关闭阀门B，高压蒸汽进入汽缸，推动活塞上行。当活塞达到汽缸顶部时，关闭阀门A、打开阀门B，蒸汽进入冷凝器，汽缸内压强减小，活塞下降，如此循环往复。下列说法错误的是（　　） A．用水冷凝蒸汽是利用热传递改变内能 B．蒸汽机在整个工作过程中遵循机械能守恒 C．蒸汽机活塞上行过程与汽油机的做功冲程相似 D．蒸汽推动活塞向外做功后，蒸汽的内能会减小 【答案】B 【解答】解： A、用水冷凝蒸汽时，蒸汽放出热量，是通过热传递改变内能的，故A正确； B、蒸汽对活塞做功，活塞的机械能增大，所以机械能不守恒，故B错误； C、蒸汽推动活塞上行，蒸汽的内能转化为活塞的机械能，与汽油机的做功冲程相似，故C正确； D、蒸汽推动活塞向外做功后，内能转化为机械能，所以蒸汽的内能会减小，故D正确。 故选：B。 15．（2023秋•宁波期末）如图是四冲程汽油机的工作示意图，下列说法错误的是（　　） A．汽油机工作时各冲程的顺序依次为：丁、甲、丙、乙 B．除了丙冲程以外，其他冲程均靠飞轮的惯性完成 C．甲冲程中能量的转化：内能转化为机械能 D．无论怎样改进汽油机，汽油机的效率也无法达到100% 【答案】C 【解答】解：A、汽油机工作时各冲程的顺序依次为：丁（吸气冲程）、甲（压缩冲程）、丙（做功冲程）、乙（排气冲程），故A说法正确； B、除了丙冲程（做功冲程）以外，其他冲程均靠飞轮的惯性完成，故B说法正确； C、甲冲程（压缩冲程）中能量的转化：机械能转化为内能，故C说法错误； D、无论怎样改进汽油机，汽油机的效率也无法达到100%，因为总存在热量的散失，故D说法正确。 故选：C。 考点四 燃料的热值 16．（2023秋•黄岩区期末）2023年10月26日，搭载神舟十七号载人飞船的运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射。下列说法正确的是（　　） A．起飞时，燃料的化学能全部转化为火箭的机械能 B．加速升空的过程中，火箭的动能不变，重力势能增大 C．火箭可选用液态氢作燃料，主要是因为液态氢热值比较大 D．太空中的温度很低，飞船的内能为零 【答案】C 【解答】解：A、火箭加速升空的过程中，氢燃料燃烧产生的内能转化为机械能，故A错误； B、火箭加速升空的过程中，火箭的质量不变、速度增大，动能增大；质量不变、高度增加，重力势能增大，机械能增大，故B错误； C、火箭选用液态氢作燃料，主要是因为液态氢具有较大的热值，完全燃烧相同质量的液态氢可以释放出更多的热量，故C正确； D、由于一切物体在任何情况下都有内能，太空中的温度很低，飞船也有内能，故D错误。 故选：C。 17．（2023秋•拱墅区期末）如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量相同，烧杯内的液体质量也相同。下列说法正确的是（　　） A．比较不同液体的比热容，不可以选择甲、丙两图 B．比较不同液体的比热容，可以选择乙、丙两图 C．比较不同燃料的热值，可以选择甲、乙两图 D．比较不同燃料的热值，可以选择乙、丙两图 【答案】C 【解答】解： AB、为了比较不同液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同， 通过比较加热时间，进而判断两种液体比热容的大小关系，应选择甲和丙两图进行实验，故AB错误； CD、为了比较不同燃料的热值要用不同的燃料，应加热同一种液体，让液体的质量相同， 通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲和乙两图进行实验，故C正确，D错误。 故选：C。 18．（2023秋•鄞州区期末）2023年4月23日，中国海军首次公布了有“航母杀手”之称的“鹰击﹣21”高超音速导弹。如图所示是高超音速导弹从起飞到击中目标的轨迹示意图，如果把大气层边缘看作水面，导弹飞行时就像在水面上“打水漂”，因此它突防能力强，难以拦截。下列说法错误的是（　　） A．导弹所用的燃料需要具有较高的热值 B．导弹外壳需要使用耐高温材料制造 C．导弹从起飞点升空时的能量来自内部燃料的化学能 D．导弹从起飞点到攻击点飞行过程中，机械能守恒 【答案】D 【解答】解：A、导弹飞行时需要大量的能量，因此所用的燃料需要具有较高的热值，故A正确； B、在很高的高空，空气稀薄，也有空气摩擦，因此导弹需要耐热很好的材料制造外壳，故B正确； C、导弹升空，通过燃料燃烧把化学能转化为内能，气体膨胀做功，把内能转化为机械能，所以导弹从起飞点升空时的能量来自内部燃料的化学能，故C正确； D、导弹进入大气层过程中，高度减小，所以重力势能肯定减小，还需要克服空气摩擦做功，部分机械能转化为内能，因此机械能不守恒，故D错误。 故选：D。 19．（2023秋•象山县期末）2023年11月29日，长征二号F遥十五运载火箭托举神舟十五号载人飞船升空。下列说法正确的是（　　） A．燃料在燃烧过程中热值不断增大 B．太空中的温度很低，飞船的内能可能为零 C．火箭可选用液态氢作为燃料，是因为氢的比热容较大 D．加速上升的过程中，飞船的动能增大，重力势能也增大 【答案】D 【解答】解：A、热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关，因此燃料在燃烧过程中热值不变，故A错误； B、虽然太空中的温度很低，飞船的内能不可能为零，因为任何物体在任何情况下都具有内能，故B错误； C、火箭可选用液态氢作为燃料，主要是因为氢具有较大的热值，完全燃烧相同质量的氢可以释放出更多的热量，故C错误； D、加速上升的过程中，飞船质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大，故D正确。 故选：D。 20．（2023秋•宁海县期末）2023年10月16日，“长征二号F遥十三”运载火箭托举“神舟十三号”载人飞船升空，开始了我国迄今为止时间最长的载人飞行。下列说法正确的是（　　） A．火箭可选用液态氢作为燃料，是因为氢的比热容较大 B．加速上升的过程中，飞船的动能增大，重力势能也增大 C．太空中的温度很低，飞船的内能可能为零 D．燃料燃烧放出的热量全部用来做功 【答案】B 【解答】解：A、火箭的发动机选用液态氢作燃料，主要是因为氢具有较大的热值，完全燃烧相同质量的氢可以释放出更多的热量，故A错误； B、加速上升阶段，飞船质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大，故B正确； C、由于一切物体在任何情况下都有内能，太空中的温度很低，飞船的内能也不可能为零，故C错误； D、燃料完全燃烧放出的热量在对外做功的时候总是会有热量的损失，不可能全部用来做功，故D错误。 故选：B。 考点五 比热容的概念及其计算 21．（2023秋•嘉兴期末）物质总在不断地变化，但也维持着相对稳定。某冰块熔化成水后（　　） A．密度不变 B．比热容变大 C．分子间隙不变 D．质量变小 【答案】B 【解答】解：A、冰块熔化成水，质量不变，体积减小，密度增大，故A错误； B、冰块熔化成水，比热容变大，故B正确； C、冰块熔化成水后，由固态变为液态，体积变小、密度变大，分子间距变小，故C错误； D、冰块熔化成水，状态改变，物质多少没有变化，质量不变，故D错误。 故选：B。 22．（2023秋•拱墅区期末）如图甲所示，规格相同的玻璃杯装了相同质量的水，将阻值不同的两段电热丝与电源、开关接成电路，忽略散热，得到图乙所示的水温与加热时间的图线，下列说法正确的是（　　） A．加热相同时间，两杯水吸收相同热量，升高相同的温度 B．由图乙可知：比热容cA＞cB C．对于A、B杯中的两个加热器，R2＜R1，P2＞P1 D．A杯水在2 min内吸收的热量与B杯水在3 min内吸收的热量相同 【答案】D 【解答】解：A、实验中，用不同加热器加热，相同时间内，加热器放出的热量不同，所以相同时间内两杯水吸收的热量不同，根据图象知两杯水升高的温度不相同，故A错误； B、由题可知，甲、乙两容器中都是水，且状态相同，则两杯水的比热容相同，故B错误； C、根据图象乙知甲的温度升高快，说明吸热多，根据Q＝I2Rt知，在电流和通电时间相同时，甲的电阻大，根据P＝I2R知甲的功率大，即R2＜R1，P2＜P1，故C错误； D、由图乙可知，甲杯的水加热2min与乙杯的水加热3min升高的温度相同，且两杯水的质量相同，根据Q吸＝cmΔt可知，它们吸收的热量相同，故D正确。 故选：D。 23．（2023秋•衢江区期末）水是一种比热容较大的物质，下列生产和生活中与水的这种特性没有关系的是（　　） A．对秧田晚上灌水，白天放水 B．炎热的夏天，在地面上洒水降温 C．暖气管内装的是流动的热水 D．用水作为汽车发动机的冷却剂 【答案】B 【解答】解：A、早春的晚上在秧田里灌水，是因为水的比热容大，降低相同的温度时水放出的热量多，能起到保温作用，不会产生冻害；白天将水放掉，由于泥土的比热容小，在太阳光照射下，使秧田的温度升高较多，能保证秧苗生长所需的温度，故A不符合题意； B、炎热的夏天，往地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，与水的比热容无关，故B符合题意； C、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以让流动的热水流过散热器来供暖，故C不符合题意； D、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用循环水冷却，故D不符合题意。 故选：B。 24．（2023秋•浦江县期末）下列各种情况下比热会发生变化的是（　　） A．一杯水倒去一半 B．水凝固成冰 C．一块铁加工成铁屑 D．15℃的水上升至45℃ 【答案】B 【解答】解：物质的比热容是物质本身的一种特性，与质量、温度、形状无关。水凝结成冰，物质状态发生改变，比热容也因此改变。 故选：B。 25．（2023秋•慈溪市期末）汽车发动机用水做冷却剂，主要是利用水的（　　） A．沸点高 B．凝固点低 C．导热性差 D．比热容大 【答案】D 【解答】解： 水的比热容较大大，和其它物质比较，升高相同温度吸收的热量多，所以汽车散热器常用水作为冷却剂，故D正确。 故选：D。 考点六 热量的计算 26．（2023秋•浦江县期末）下列情况中，哪一种水放出的热量最多（　　） A．1千克水，温度从80℃冷却到40℃ B．2千克水，温度从50℃冷却到25℃ C．2千克水，温度从60℃冷却到35℃ D．3千克水，温度从50℃冷却到30℃ 【答案】D 【解答】解：A、1千克水，温度从80℃冷却到40℃，放出的热量是：Q＝CMΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（80℃﹣40℃）＝1.68×105J。 B、2千克水，温度从50℃冷却到25℃，放出的热量是：Q＝CMΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（50℃﹣25℃）＝2.1×105J。 C、放出的热量是：Q＝CMΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（60℃﹣35℃）＝2.1×105J。 D、放出的热量是：Q＝CMΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×3kg×（50℃﹣30℃）＝2.52×105J。 故选：D。 27．（2023秋•西湖区校级期末）已知1g甲液体温度升高1℃需要2.1J的热量，1g乙液体温度升高1℃需要4.2J的热量，1g丙液体温度升高1℃需要2.8J的热量。分别取甲、乙两种液体各60g，以相同的热源加热，其温度与加热时间的关系如图所示。若取90g的丙液体，以相同的热源加热，则其温度与加热时间的关系图象（　　） A．落在Ⅰ区 B．落在Ⅱ区 C．与甲重叠 D．与乙重叠 【答案】D 【解答】解： 由题知，1g甲乙丙三种液体，每升高1℃，吸收的热量为2.1J、4.2J、2.8J， 则三液体的比热容分别为： c甲＝＝＝2.1×103J/（kg•℃） c乙＝＝＝4.2×103J/（kg•℃） c丙＝＝＝2.8×103J/（kg•℃） 用相同的热源加热相同的时间，吸收的热量相同， 由Q吸＝cmΔt得： Δt甲＝＝＝， 同理可得： Δt乙＝， Δt丙＝， 可见：Δt乙＝Δt丙＜Δt甲， 所以丙液体的温度与加热时间的关系图象和乙重叠。 故选：D。 28．（2023秋•西湖区校级期末）已知铜的比热小于铁的比热，质量相等的铁块和铜块，在沸水中加热相当长的时间后取出，再让它们放出相等的热量，这时比较铜块的末温t铜与铁块的末温t铁（　　） A．t铜＜t铁 B．t铜＞t铁 C．t铜＝t铁 D．无法确定 【答案】A 【解答】解：由题知，铁的比热容大于铜的比热容， 因为Q放＝cmΔt，质量m相同，放出的热量相同，所以铁块比铜块降低的温度值小； 又因为在沸水中加热一段时间后取出，所以二者的初温相同，即铁块的末温高，即：t铁＞t铜。 故选：A。 29．（2023秋•海曙区校级期末）冰和水的比热之比是1：2，质量之比是2：1，在各自状态不变的情况下，放出的热量之比是3：2，则冰和水降低的温度之比是（　　） A．1：2 B．1：3 C．3：2 D．3：4 【答案】C 【解答】解：因为Q放＝cmΔt， 所以Δt＝， Δt冰：Δt水＝：＝：＝。 故选：C。 30．（2023秋•北仑区期末）质量相等的一杯冷水和一杯热水升高相同的温度，则它们吸收的热量（　　） A．初温不知，无法判断 B．吸收的热量一样多 C．热水吸收的热量多 D．冷水吸收的热量多 【答案】B 【解答】解：一杯冷水和一杯热水， ∵Q吸＝cmΔt，m相同、Δt相同， ∴Q吸相同。 故选：B。 31．（2023秋•丽水期末）如图烧瓶内盛少量水，并滴入几滴酒精，用打气筒给瓶内打气，可看到瓶塞跳起，瓶口出现白雾。下列说法正确的是（　　） A．给瓶内打气时，瓶内气体内能减少 B．给瓶内打气时，外界对瓶内气体做功 C．瓶塞跳起时，瓶内气体内能增加 D．瓶塞跳起时，在瓶口看到白雾是因为气体温度升高 【答案】B 【解答】解：AB、用气筒向装有少量水的瓶里打气，瓶内气压增大，是外界对瓶内空气做功，瓶内气体内能增大，故A错误、B正确； CD、瓶塞跳起时，瓶内气体对瓶塞做功，使气体自身的内能减少，温度降低，内能转化为机械能，在瓶口看到白雾是因为气体温度降低，水蒸气液化形成小水滴，故CD错误。 故选：B。 32．（2023秋•滨江区期末）如图所示是汽油机的某冲程工作示意图，以下改变物体内能的方式与此相同的是（　　） A．汽车在行驶过程中，汽车发动机里的冷却液温度升高 B．打开暖风，车内温度升高 C．刹车时，刹车片温度升高 D．停在烈日下的汽车，车顶被晒得温度升高 【答案】C 【解答】解： 根据图示可知，两个气门都关闭，活塞上行，因此该冲程为压缩冲程，将机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能； A、汽车在行驶过程中，汽车发动机里的冷却液从发动机吸收热量温度升高，属于热传递改变内能，故A不符合题意； B、打开暖风，热量被风扇从发动机吹到车内，使车内温度升高，属于热传递改变内能的，故B不符合题意； C、刹车时，刹车片克服摩擦做功，机械能转化为内能，使刹车片温度升高，是通过做功改变物体的内能，故C符合题意； D、放在阳光下汽车的顶部晒热，是汽车从太阳光中吸收热量，是利用热传递改变内能的，故D不符合题意。 故选：C。 33．（2023秋•绍兴期末）用酒精灯给试管中的水加热，如图所示，在软木塞被冲出试管口的过程中，下列说法正确的是（　　） A．水蒸气对软木塞做功，水蒸气的内能增大 B．软木塞的机械能转化为水蒸气的内能 C．能量的转化形式与热机做功冲程能量转化相同 D．软木塞的机械能不变 【答案】C 【解答】解：ABD、图中的水蒸气对软木塞做功，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，水蒸气的内能减小，软木塞的机械能增加，故ABD错误； C、图中的能量转化是内能转化为机械能，与热机的做功冲程能量转化相同，故C正确。 故选：C。 34．（2023秋•嘉兴期末）如图甲所示，将2℃的牛奶放在初温45℃的水中加热，每隔一分钟测量一下水和牛奶的温度，描绘出它们的温度随时间变化的图像（如图乙所示），下列说法错误的是（　　） A．周围环境温度可能为30℃ B．牛奶吸收的热量等于热水放出的热量 C．曲线E表示热水放出热量，温度下降 D．热水温度比牛奶温度变化慢 【答案】B 【解答】解：A、热传递结束时，末温是30℃，说明周围空气的温度是30℃，故A说法正确； B、热水放出的热量一部分被牛奶吸收，一部分则散失到周围环境，故牛奶吸收的热量小于热水放出的热量，故B说法正确； C、曲线E表示热水放出热量，内能减小，温度下降，故C说法正确； D、从图像可看出，热水温度比牛奶温度变化慢，故D说法正确。 故选：B。 35．（2023秋•上城区期末）小徐购买了一个恒温杯垫，在冬天就能喝上温热的牛奶了。小徐关于温度、热量和内能等的看法正确的是（　　） A．牛奶的温度与恒温杯垫相同时，不再发生热传递 B．把牛奶放在恒温杯垫上，垫的温度越高牛奶所含热量越多 C．牛奶的温度不变，内能一定不变 D．小徐喝下牛奶，牛奶的温度传递给了他 【答案】A 【解答】解：A.温度是发生热传递的条件，牛奶的温度与恒温杯垫相同，不再发生热传递，故A正确； B.热量是个过程量，不能说含有多少，故B错误； C.牛奶的内能不只与牛奶的温度、还与牛奶的状态和质量等因素有关，故C错误； D.小徐喝下牛奶，牛奶的内能传递给了他，故D错误。 故选：A。 36．（2023春•海曙区校级期末）有关温度、热量、内能的说法，正确的是（　　） A．物体吸收热量，内能一定增加，同时温度一定升高 B．物体内能增加，不一定吸收热量，物体温度一定升高 C．物体温度升高，内能一定增加，一定吸收了热量 D．做功和热传递在改变物体的内能上是等效的，我们无法根据结果来判断内能改变的原因 【答案】D 【解答】解：A、物体吸收热量，内能一定增加，但温度不一定升高，如冰在熔化过程中，吸收热量，温度保持不变，故A错误； B、物体内能增加，不一定吸收热量，物体温度不一定升高，如晶体熔化过程中和凝固过程中，温度不变，但是内能发生变化，故B错误； C、物体温度升高，内能一定增加，但不一定是吸收了热量，可能是外界对物体做了功，故C错误； D、做功和热传递在改变物体内能上是等效的，因此从结果上不能区分是哪种方式改变了物体的内能，故D正确。 故选：D。 37．（2023秋•西湖区期末）热机的出现加快了人类社会的进步，同时也带来了相应的环境问题。如图所示为汽油机工作原理图，下列说法错误的是（　　） A．图a是吸气冲程 B．图b中气体温度升高 C．图d中内能转化为机械能 D．靠惯性完成的冲程是a、d、e 【答案】D 【解答】解： a图：进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程； b图：气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，将机械能转化为了内能； c图：两个气门都关闭，活塞在最顶端，为压缩冲程末尾，此时的气缸内的气体的内能最大，温度最高； d图：气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，将化学能转化为内能，内能再转化为机械能； e图：排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程； 在热机的四个冲程中，只有做功冲程做功，其他三个冲程是靠飞轮的惯性完成的，依靠飞轮惯性完成的冲程是：a、b、e冲程； 综上所述，D错误。 故选：D。 38．（2023秋•余姚市校级期末）质量相同的砂石和铁，已知砂石的比热是铁的比热的2倍，如果铁吸收热量后温度升高了48℃，那么砂石吸收同样多的热量，其温度升高（　　） A．12℃ B．24℃ C．48℃ D．96℃ 【答案】B 【解答】解： ∵Q吸＝cmΔt ∴Δt＝， 又∵m砂石＝m铁，Q砂石＝Q铁，c砂石＝2c铁， ∴Δt之比等于比热容的反比， 而c砂石＝2c铁，Δt铁＝48℃ ∴砂石升高的温度为： Δt砂石＝Δt铁＝×48℃＝24℃。 故选：B。 39．（2023秋•海曙区期末）图甲为油汀取暖器，当接通电源后，电热管周围的导热油被加热，通过腔体壁表面将热量辐射出去，从而起到取暖作用。因此导热油材料尤为关键，要求油汀通电后导热油能尽可能快地升温。现在有质量、初温相同的两种导热油材料甲、乙，在相同的加热条件下，甲、乙两种油的温度与加热时间关系如图乙所示。试比较甲、乙两种材料的比热容c甲、c乙大小，并判断用哪种材料更适合做导热油（　　） A．c甲＞c乙，选乙材料 B．c甲＞c乙，选甲材料 C．c甲＜c乙，选乙材料 D．c甲＜c乙，选甲材料 【答案】D 【解答】解：已知两种液体质量相等，由图象可以看出：在加热相同时间，即吸收热量相同时，甲液体升高的温度更大，由公式c＝可知c甲＜c乙； 由于c甲＜c乙，加热相同时间，两种液体吸收的热量相同，甲温度升高快，所以选甲材料，故D正确， 故选：D。 40．（2023秋•乐清市校级期末）某学生用两个相同的酒精灯同时分别对质量为m1、比热为c1的甲物质和质量为m2、比热为c2的乙物质加热。若在相等的时间内（甲、乙物质吸收的热量相等），甲物质的温度变化比乙物质的温度变化多，则下列推断中一定成立的是（　　） A．若m1＝m2，则c1＞c2 B．若c1＝c2，则m1＞m2 C．若m1＜m2，则c1＞c2 D．若c1＞c2，则m1＜m2 【答案】D 【解答】解：由题意可知：两个相同的酒精灯在相等的时间内，即物质甲、乙吸收的热量相同时，甲的温度变化值大。 所以根据Q吸＝CmΔt得cm＝知：c1m1＜c2m2， 即：甲的比热容和质量的乘积大于乙的比热容和质量的乘积。 A、若m1＝m2，可以得到c1＜c2。故A错误； B、若c1＝c2，可以得到m1＜m2。故B错误； C、若m1＜m2，不能判断得出c1＞c2。故C错误； D、若c1＞c2，可以得到m1＜m2。故D正确。 故选：D。 41．（2023秋•江北区期末）宁波轨道交通规划构建高品质、多式融合、全域一体的轨道交通体系，努力实现“对外区域融合，对内提质增效”。城市地铁在挖隧道过程中，需使用盾构机（如图）挖掘隧道。 （1）盾构机的前端安装了“削铁如泥”的刀盘，刀盘旋转工作时产生大量的热，这是通过 　做功　的方式改变物体内能。 （2）盾构机体积庞大，需将其拆成多个部件吊装到施工现场，已知部件总质量3×104千克，部件水平平移10米，再竖直下降10米，则部件重力做功 　3×106　焦。 【答案】（1）做功；（2）3×106。 【解答】解：（1）盾构机前端安装了“削铁如泥”的刀盘，刀盘旋转工作时产生大量的热，这是通过做功方式改变物体内能； （2）部件重力做的功：W＝Gh＝mgh＝3×104kg×10N/kg×10m＝3×106J。 故答案为：（1）做功；（2）3×106。 42．（2023秋•慈溪市期末）如图为生活中常用的热水瓶，注入一定量的热水后，立即盖上软木塞，软木塞会跳起来。该过程中发生的能量转化为 　内　能转化为机械能，四冲程汽油机中 　做功　冲程的能量转化情况与此相同。 【答案】内：做功。 【解答】解：软木塞跳起来，木塞的机械能增大，这是由于瓶内温度较高的水蒸气和热空气膨胀做功造成的，瓶内水蒸气的内能转化成软木塞的机械能；汽油机做功冲程内能转化为机械能。 故答案为：内：做功。 43．（2023秋•长兴县期末）初中科学实验设计评比中，董教师对书本演示气体对外做功装置进行了改进（如图）：用一个大的塑料瓶，瓶口塞橡皮塞，塞子里面安装气门芯，连接打气筒在瓶内伸入温度传感器探头，实验时装置气密性良好。 （1）用打气筒向瓶内打气，在橡皮塞未弹出之前，温度传感器示数 　增大　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。 （2）当橡皮塞弹出时，瓶内出现大量白雾。根据实验现象可以得出的结论是：物体对外做功，内能 　减小　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。 【答案】（1）增大；（2）减小。 【解答】解：（1）往瓶内打气的同时，观察到温度传感器示数增大，说明打气筒给瓶内气体打气时是对瓶内气体做功，气体的内能增加，温度升高； （2）当瓶内气压达到一定程度时，橡皮塞被冲出，同时可以观察到温度传感器示数下降，瓶口会出现大量的“白气”，“白气”形成的原因是：瓶内水蒸气对橡皮塞做功，水蒸气内能减少，温度降低，发生液化形成小水珠。 故答案为：（1）增大；（2）减小。 44．（2023秋•湖州期末）如图甲是老师在科学课上做的热机工作原理的模拟实验，在玻璃管中先加入少量酒精，将橡皮塞放入玻璃管并向下压缩气体。然后用电子点火器点火，橡皮塞会向上弹出。 （1）橡皮塞向下压时，其能量转化与图乙汽油机工作四冲程中的 　B　相同。 （2）点火后橡皮塞向上弹出，玻璃管内气体内能减小，这是通过 　做功　方式来改变内能。 【答案】（1）B；（2）做功。 【解答】解：A、图中，汽油机的进气门打开，排气门关闭，活塞由上向下运动，是吸气冲程，此冲程无能量转化； B、图中，汽油机的进气门、排气门都关闭，活塞由下向上运动，是压缩冲程，此冲程机械能转化为内能； C、图中，汽油机的进气门、排气门关闭，活塞由上向下运动，是做功冲程，此冲程内能转化为机械能； D、图中，汽油机的进气门关闭，排气门打开，活塞由下向上运动，是排气冲程，此冲程无能量转化； （1）橡皮寨向下压时，橡皮塞压缩瓶内气体做功，机械能转化内能，其能量转化与汽油机的压缩冲程相同，故选B； （2）点火后橡皮塞向上弹出，此时气体的内能转化塞子的机械能，是通过做功的方式改变气体的内能。 故答案为：（1）B；（2）做功。 45．（2023秋•仙居县期末）老师用图1所示实验装置，加热试管使水沸腾，发现试管斜上方的小风车开始不停地转动。由此引出以下问题，请利用所学的知识回答。 （1）图1实验中能量转化方式与图2中汽油机的哪个冲程相同？　丙　。 （2）图2汽油机的工作冲程顺序是丁→　甲→丙　→乙。 【答案】（1）丙；（2）甲→丙。 【解答】解：（1）由图1知，加热试管使水沸腾，水蒸气推动小风车做功，使之不停地转动；这一过程中内能转化为机械能； 图2中：甲图中汽油机两个气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，将机械能转化为内能； 乙图中汽油机进气门气门关闭，排气门气门打开，活塞向上运动，属排气冲程，没有能量转化； 丙图中汽油机两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，是做功冲程，将内能转化为机械能； 丁图中汽油机排气门气门关闭，进气门气门打开，活塞向下运动，是吸气冲程，没有能量转化； 图1实验中能量转化方式与图2中汽油机的丙冲程相同； （2）图2汽油机的工作冲程顺序是丁→甲→丙→乙。 故答案为：（1）丙；（2）甲→丙。 46．（2023秋•慈溪市期末）北京时间2023年6月5日10时44分，据中国载人航天工程办公室消息，搭载神舟十四号载人飞船的长征二号F遥十四运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。火箭的燃料使用液态氢，主要是因为它的密度小且 　热值　大。若完全燃烧1kg的氢燃料放出的热量有84%被质量为1.0×103kg的水吸收，水的温度能够上升 　28　℃。[q氢＝1.4×108J/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃）] 【答案】热值；28。 【解答】解：（1）火箭采用液态氢作为火箭的燃料，不仅液态氢的密度小，而且具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，与其它燃料相比，可以释放出更多的热量； （2）氢燃料完全燃烧放出的热量：Q放＝m氢q氢＝1kg×1.4×108J/kg＝1.4×108J； 由η＝可知，水吸收的热量：Q吸＝ηQ放＝84%×1.4×108J＝1.176×108J； 由Q吸＝cmΔt可知，水升高的温度：Δt＝＝＝28℃。 故答案为：热值；28。 47．（2023秋•嘉兴期末）将质量、底面积都相同的甲、乙实心圆柱体金属块加热到相同的温度，放到表面平整的冰块上，一段时间后冰块停止熔化时的情形如图所示，此时金属块与冰块温度相同。试回答： （1）甲、乙金属块的密度大小：ρ甲　＞　（选填“＞”、“＜”或“＝”）ρ乙。 （2）甲、乙金属块中比热较大的是 　乙　。 【答案】＞；乙。 【解答】解：（1）由图所知，甲、乙两金属块质量相同，乙的体积大于甲的体积，由ρ＝所知，ρ甲＞ρ乙； （2）由图所知，甲、乙两金属块，质量和初温相同，降低到与冰的温度相同，降低温度相同，乙金属块放出热量多，乙的比热容更大； 故答案为：＞；乙。 48．（2023秋•台州期末）如图甲是小东探究“不同物质吸热规律”的实验装置： （1）两个相同的烧杯中装有 　质量　相同且初温相同的水和煤油，用相同的酒精灯对它们加热。 （2）根据实验数据，小东作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象（见图乙）。由图乙可知，杯中的水和煤油，升高相同的温度时，水吸收的热量 　大于　（填“大于”或“小于”）煤油吸收的热量。 【答案】见试题解答内容 【解答】解：（1）根据比较不同物质吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同，故两个相同的烧杯中装有质量相同且初温相同的水和煤油； （2）根据水和煤油温度随加热时间变化的图象可知，升高相同的温度时，水加热时间长，根据转换法可知，水吸热多于煤油。 故答案为：（1）质量；（2）大于。 49．（2023秋•嵊州市期末）如图所示，甲、乙、丙三套装置完全相同，燃料的质量都是20g，烧杯内的液体质量也相同。 （1）实验中是根据 　温度计示数的变化　来判断液体a吸收热量的多少。 （2）选择 　甲、丙　（选填“甲”、“乙”或“丙”）两个实验，可以用来比较不同物质的比热容。 【答案】（1）温度计示数的变化；（2）甲、丙。 【解答】解：（1）为了比较热值大小，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，根据Q＝cmΔt，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，这种燃料热值越大（比较不同燃料的热值大小用甲、乙两图），即实验中是根据温度计示数的变化来判断液体a吸收热量的多少； （2）比较不同种液体的吸热能力，则需要燃烧相同的燃料（确保相同时间放出的热量相同），加热相同的时间，比较质量和初温相同的液体升高的温度，温度升高越多，则吸热能力越小，故选择甲、丙两个实验，可以用来比较不同物质的比热容。 故答案为：（1）温度计示数的变化；（2）甲、丙。 50．（2023秋•柯桥区期末）如图甲所示，将装有凉牛奶的瓶子放在热水中加热，在图乙中作出牛奶与热水的温度变化曲线，图中表示牛奶温度变化的曲线是 　B　，此过程中牛奶吸收的热量 　＜　热水放出的热量（填“＜”、“＞”或“＝”）。 【答案】B；＜。 【解答】解：①用热水加热凉牛奶时，热水的温度降低，凉牛奶的温度升高，由图乙可知，曲线A应是热水的温度变化图象，曲线B应是牛奶的温度变化图象； ②凉牛奶置于放在室内盛有热水的敞口玻璃杯中加热时，有热量散失到空气中，所以热水放出的热量大于牛奶吸收的热量。 故答案为：B；＜。 51．（2023秋•拱墅区期末）发动机是汽车的核心部件，某汽车发动机是以92号汽油为燃料的内燃机。在某次测试中，汽车在1.5×103s内于水平路面上匀速行驶4.6×104m，该过程中汽车的牵引力为3000N，汽车消耗汽油12kg，汽油的热值为4.6×107J/kg。 （1）汽车的内燃机一个工作循环的四个冲程如图所示，图中四个冲程的顺序是 　③①④②　（按序填写序号）。 （2）匀速行驶过程中，牵引力做的功及功率为多少？ （3）汽油完全燃烧所能释放的能量转化为汽车克服阻力做功的效率是多少？ 【答案】（1）③①④②；（2）匀速行驶过程中，牵引力做的功是1.38×108J；功率为92000W； （3）汽油完全燃烧所能释放的能量转化为汽车克服阻力做功的效率是25%。 【解答】解： （1）①中的两个气阀都关闭，活塞向上运动，所以为压缩冲程，是第二冲程； ②中的排气阀打开，活塞向上运动，所以为排气冲程，是第四冲程； ③中的进气阀打开，活塞向下运动，所以为吸气冲程，是第一冲程； ④中的两个气阀都关闭，活塞向下运动，所以为做功冲程，是第三冲程； 故排序为：③①④②； （2）汽车牵引力做的功： W＝Fs＝3000N×4.6×104m＝1.38×108J； 牵引力做的功率： P＝＝＝92000W； （3）汽车消耗汽油12kg放出的能量： Q放＝mq＝12kg×4.6×107J/kg＝5.52×108J， 汽油完全燃烧所能释放的能量转化为汽车克服阻力做功的效率： η＝×100%＝×100%＝25%。 故答案为：（1）③①④②；（2）匀速行驶过程中，牵引力做的功是1.38×108J；功率为92000W； （3）汽油完全燃烧所能释放的能量转化为汽车克服阻力做功的效率是25%。 52．（2023秋•余杭区期末）为了比较两种燃料的热值，小金采用如图甲所示的两套完全相同的装置进行实验，烧杯内水的初温和质量相同，实验中忽略热量损失。 （1）实验时若温度计的玻璃泡碰到杯底，则测量的温度值 　偏大　（“偏大”、“偏小”或“不变”）。 （2）实验中燃烧相同质量的燃料，根据 　温度计上升的示数　来比较放出热量的多少。 （3）小金选用了相同质量的燃料a和燃料b进行实验。当燃料燃尽后，小金根据各个时刻烧杯中的水温，绘制了如图乙所示的图像，则可初步判断燃料 　b　的热值大。 （4）另一组的小华也用图甲的两套完全相同的装置进行实验，并重新在烧杯内加入初温和质量相同的水，燃料1和燃料2的质量相同，在燃料烧完后也画出了水的温度随时间变化的图像如图丙所示，根据丙图像，燃料1和燃料2的热值之比为 　8：3　。 【答案】（1）偏大；（2）温度计上升的示数；（3）b；（4）8：3。 【解答】解：（1）如果将温度计的玻璃泡碰到杯底，这样会使得测得的温度值偏大； （2）实验中应控制燃料燃烧的质量相同，通过比较温度计上升的示数来比较燃料燃烧放出热量的多少； （3）由图乙知，当燃料燃尽时，图线b的温度变化大，说明相同质量的a、b燃料完全燃烧时b放出的热量多，则b的热值大； （4）对于燃料来说，在相同的时间内放出的热量是相同的， 根据图可知，燃料1用5min让水从20℃升高到100℃，自5min到10min吸收相同的热量，根据公式Q放＝qm、Q吸＝cmΔt可知：2c水m水Δt1＝mq1； 对于燃料2来说，燃料2用15min让水从20℃升高到80℃，根据公式Q放＝qm、Q吸＝cmΔt可知：c水m水Δt2＝mq2； 解得，两种燃料热值之比为：＝8：3。 故答案为：（1）偏大；（2）温度计上升的示数；（3）b；（4）8：3。 53．（2023秋•拱墅区期末）如图所示，小乐用燃气灶烧水。在一个标准大气压下，将一壶初温为20℃的水烧开，消耗了0.02m3的天然气。已知该燃气灶的效率为40%，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值为8.4×107J/m3。求： （1）0.02m3的天然气完全燃烧所放出的热量； （2）水壶中水吸收的热量； （3）水壶中水的质量。 【答案】（1）0.02m3的天然气完全燃烧所放出的热量为1.68×106J； （2）水壶中水吸收的热量6.72×105J； （3）水壶中水的质量为2kg。 【解答】解：（1）天然气完全燃烧放出的热量： Q放＝Vq＝0.02m3×8.4×107J/m3＝1.68×106J； （2）由η＝得水吸收的热量： Q吸＝ηQ放＝40%×1.68×106J＝6.72×105J； （3）在一个标准大气压下，水的沸点为100℃，即水的末温t＝100℃， 由Q吸＝cm（t﹣t0）得水的质量： m＝＝＝2kg。 答：（1）0.02m3的天然气完全燃烧所放出的热量为1.68×106J； （2）水壶中水吸收的热量6.72×105J； （3）水壶中水的质量为2kg。 54．（2023秋•武义县期末）北京冬奥，科技助梦，科学知识在其中扮演着重要角色。请回答下列问题： （1）国产氢氧燃料电池豪华中巴在冬奥会投入使用。氢气作燃料的优点是 　热值高，无污染　。 （2）冬奥会火炬“飞扬”采用氢气作为燃料。由碳纤维及其复合材料制成的外壳和燃烧罐破解了火炬外壳在1000℃高温制备过程中起泡、开裂等难题，火炬呈现“轻、固、美”的特点（碳纤维复合材料密度约为钢的），下列说法错误的是 　D　。 A．燃烧时的碳排放为零 B．碳纤维复合材料与相同体积的铁相比更轻 C．这一材料具有高强度、耐腐蚀、耐高温等特点 D．火炬燃烧罐以碳纤维材质为主，所以碳不能燃烧 （3）冬奥会期间，送餐机器人格外引人关注。若送餐机器人以20W的功率在水平地面上以0.4m/s的速度匀速前进10s，求该机器人行进过程中受到地面对它的阻力。 【答案】（1）热值高，无污染；（2）D； （3）该机器人行进过程中受到地面对它的阻力为50N。 【解答】解：（1）氢气燃烧的产物为水，对环境无污染，且放出大量的热，因此氢气作为一种新型的燃料，它具有热值高，无污染等优点； （2）A、氢气燃烧只生成水，因此氢气燃烧时的碳排放为零，故A说法正确； B、碳纤维复合材料密度约为钢的，由m＝ρV可知，碳纤维复合材料与相同体积的铝合金相比轻，故B说法正确； C、由题干信息可知，这一材料具有高强度、耐腐蚀、耐高温等特点，故C说法正确； D、碳具有可燃性，在点燃的条件下，碳燃烧生成二氧化碳或—氧化碳，故D说法错误； 故选D； （3）由P＝＝＝Fv可知，机器人的牵引力：F牵＝＝＝50N， 因为机器人做匀速直线运动，处于平衡状态，所以机器人行进过程中受到地面对它的阻力f＝F牵＝50N。 答：（1）热值高，无污染；（2）D； （3）该机器人行进过程中受到地面对它的阻力为50N。 55．（2023秋•柯桥区期末）小科学习《物质的比热》后，对铜和铝的比热容大小产生了兴趣，于是他设计了如下实验： 步骤一：将 　质量　相等的铜块和铝块放入冰箱，使它们的温度降低到0℃。 步骤二：取出后，将铜块、铝块再分别放入盛有质量相等、温度都是23℃的水中，并将容器用隔热材料密封，如图所示。 步骤三：一段时间后温度稳定，同时测量甲、乙两容器中水的温度，分别是20℃和17℃。 （1）完成步骤一中的填空。 （2）实验中，用 　等质量水的温度下降值　间接反映两金属块吸收热量的多少。 （3）通过分析数据，表明 　铝　的比热容更大（填“铝”或“铜”）。 【答案】（1）质量；（2）等质量水的温度下降值；（3）铝。 【解答】解：（1）比较不同物质的比热容要控制质量相同；将质量相等的铜块和铝块放入冰箱，使它们的温度降低到0℃； （2）根据转换法，实验中，用等质量水的温度下降量间接反映两金属块吸收热量的多少； （3）因同质量水的初温均为23℃，甲、乙两容器中水的末温分别20℃和17℃，故乙图中水的温度变化大，根据Q＝cmΔt，乙图中水放热多，因没有热损失，故铝从水中吸收的热量多； 根据c＝，质量相同的铝和铜，因铝吸热多，而铝的温度变化小，故铝的比热容大。 故答案为：（1）质量；（2）等质量水的温度下降值；（3）铝。 56．（2023秋•江山市期末）中医药在抗击新冠肺炎疫情中发挥了重要作用。病人服药前，最好要把冷的袋装药液放在热水中加热。若某次加热用的热水质量为300克、初温为80℃、药液质量为150克、初温为10℃。实验时每隔0.5分钟测量一次热水的温度，并记录在下表中。 时间（分钟） 0 0.5 1 1.5 2 2.5 热水的温度（℃） 80 65 59 54 50 ？ （1）将药袋放入热水直至两者温度相同，热水 　放出　热量，温度降低。 （2）根据题中热水温度变化的规律，可推测出第2.5分钟热水的温度 　高于　（填“高于”“等于”或“低于”）46℃。 （3）已知1克水放出4.2焦耳的热量，温度就降低1℃。假设热水放出的热量有50%被药液吸收，给药液加热2分钟，则该药液吸收的热量为多少焦耳？（要求写出计算过程） 【答案】（1）放出；（2）高于；（3）该药液吸收的热量为18900J。 【解答】解：（1）将药袋放入热水，水的温度高，水放热，温度降低；药袋吸热，温度升高，直至两者温度相同； （2）根据题中热水温度变化的规律可知，相邻的0.5分钟降低的温度分别为15℃、6℃、5℃、4℃，故相邻的0.5分钟降低的温度越来越小，因第2分钟的温度为50℃，可推测出第2.5分钟热水的温度高于46℃； （3）给药液加热2分钟，水降低的温度为30℃，1克水放出4.2焦耳的热量，温度就降低1℃，故300克水降低的温度为30℃，水放出的热量为： Q＝300×30×4.2J＝37800J； 该药液吸收的热量为： Q′＝50%×37800J＝18900J。 故答案为：（1）放出；（2）高于；（3）该药液吸收的热量为18900J。 57．（2023秋•柯城区校级期末）某小组的同学尝试测定花生仁中含有的能量。首先取花生仁1克，碾碎备用，然后组装了如图所示的实验装置。 （1）用点燃的花生仁给试管中的水加热，水量多少合适呢？水量过多，则 　温度变化过小，不易读数　；水量过少，则可能出现沸腾现象，从而造成较大的误差。所以，将水量定为5毫升。 （2）要获得较为准确的测量结果，什么时候将燃烧后的花生仁从试管底部移开，并记录温度计上显示的温度呢？经过讨论，形成了以下三种不同意见，其中最为科学合理的是 　C　。 A.火焰熄灭时 B.花生仁灰烬凉透时 C.温度计显示的温度不再升高时 （3）已知1毫升水每升高1℃，需要吸收4.2焦的能量。经测定试管中水的温度升高了50℃，试计算试管中的水吸收了多少能量？此能量大小是否等于1克花生仁中含有的能量，并分析理由。 【答案】（1）温度变化过小，不易读数； （2）C； （3）1050J；低于：由于花生仁燃烧时，热量部分散失、燃烧不充分、仪器吸热等原因都会造成热量损失。 【解答】（1）用点燃的花生仁给试管中的水加热，水量过多，则温度变化过小，不易读数；水量过少，则可能出现沸腾现象，从而造成较大的误差。所以，将水量定为5毫升； （2）A.火焰熄灭时，还有余热，此时计数，会导致数据偏低； B.花生仁灰烬凉透时，由于这一过程热量的散失，会导致数据偏低； C.温度计显示的温度不再升高时，说明不再有热量的产生，此时记录数据比较科学； 故选C。 （3）已知1毫升水每升高1℃，需要吸收4.2焦的能量。经测定试管中水的温度升高了50℃，计算试管中的水吸收能量为：4.2J/mL×5mL×50＝1050J；由于花生仁燃烧时，热量的部分散失、燃烧不充分、仪器吸热等原因，因此1克花生仁中含有的能量大于水吸收的能量，即试管中水吸收的能量低于1克花生仁中含有的能量此能量。 故答案是； （1）温度变化过小，不易读数； （2）C； （3）1050J；低于：由于花生仁燃烧时，热量部分散失、燃烧不充分、仪器吸热等原因都会造成热量损失。 58．（2023秋•永康市期末）植树造林既可以优化生态环境，又可以调节气温。假设10000米2的森林每秒钟吸收的太阳能约为1.2×105焦，如果这些太阳能被初温为26℃、质量为50千克的干泥土全部吸收，可使这些干泥土的温度升高到多少摄氏度？ [干泥土的比热容为0.8×103焦/（千克•℃）] 【答案】可使这些干泥土的温度升高到29℃。 【解答】解：由Q吸＝cm（t﹣t0）可知，干泥土升高到的温度：t＝+t0＝+26℃＝29℃。 答：可使这些干泥土的温度升高到29℃。 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！ 学科网（北京）股份有限公司 $$ 专题10 内能 考点一 改变物体内能的两种方式 1．（2023秋•瑞安市校级期末）如图为做功改变物体内能的改进实验，当往瓶内推活塞，会看到温度显示器的温度发生变化，下列有关此过程中的说法正确的是（　　） A．活塞对瓶内气体做功，温度显示器上的温度降低 B．活塞对瓶内气体做功，温度显示器上的温度升高 C．瓶内气体对活塞做功，温度显示器上的温度降低 D．瓶内气体对活塞做功，温度显示器上的温度升高 2．（2023秋•新昌县期末）下列改变内能的方式与其他三种不同的是（　　） A．钻木取火 B．锅被烧热 C．锅盖被顶开 D．搓手取暖 3．（2023秋•义乌市期末）如图所示的实例中，改变物体内能的方式与其它三项不同的是（　　） A．给水加热 B．压缩空气 C．搓手取暖 D．钻木取火 4．（2023秋•兰溪市校级期末）如图，在试管内装些水，用橡胶塞塞住管口，将水加热一段时间后，橡胶塞被冲出，管口产生大量的白雾。则（　　） A．管内水蒸气的内能不变 B．管内水蒸气对橡胶塞做了功 C．水所含的热量增加 D．白雾是由水汽化产生的 5．（2023秋•温州期末）如图为一种引火方式，用铁球甲撞击包裹铝箔的生锈铁球乙，铁球乙上的木屑就会被引燃。其原因是撞击使生锈铁球乙温度升高，引发氧化铁与铝箔发生反应放出大量热，引燃木屑。据此回答下面小题。甲球撞击乙球时，能使乙球温度升高，其原因是（　　） A．甲球对乙球做功，乙球内能增大 B．甲球对乙球做功，乙球内能减小 C．乙球对甲球做功，乙球内能增大 D．乙球对甲球做功，乙球内能减小 考点二 温度、热量与内能的关系 6．（2023秋•慈溪市期末）关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（　　） A．0℃的冰没有内能 B．冰熔化时虽然温度保持不变，但它的内能增加 C．物体的温度越高，所含的热量越多 D．只要物体的温度不变，物体的内能就一定不变 7．（2023秋•余姚市期末）关于温度、热量、内能、比热容，以下说法正确的是（　　） A．一个物体温度升高了，它的内能一定增加 B．一个物体吸收了热量，它的温度一定会升高 C．一块0℃的冰没有了内能，它的分子不会运动 D．物体的质量越大，温度越高，它的比热容就越大 8．（2023秋•杭州期末）下列关于温度、内能和热量的描述中，正确的是（　　） A．物体吸收热量时，温度一定升高 B．做功和热传递都能改变物体的内能 C．物体的内能越大，其含有的热量就越多 D．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递 9．（2023秋•慈溪市校级期末）关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（　　） A．0℃的冰没有内能 B．物体的温度越高，物体的内能越大 C．物体的温度越低，所含的热量越少 D．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变 10．（2023秋•拱墅区校级期末）对于热量的认识，下列说法正确的是（　　） A．温度高的物体放出的热量多，温度低的物体放出的热量少 B．温度高的物体含的热量多，温度低的物体含的热量少 C．在热传递过程中，同一物体温度改变越大，吸收或放出的热量就越多 D．质量大的物体比质量小的物体含的热量多 考点三 热机 11．（2023秋•永康市期末）下列交通工具中，动力设备不是热机的是（　　） A．远洋轮船 B．载重汽车 C．喷气式飞机 D．电动车 12．（2023秋•温州期末）汽车排量“1.6L”表示内燃机气缸吸气冲程一次吸入空气和汽油的总体积为1.6升，如图能表示吸气冲程是（　　） A． B． C． D． 13．（2023秋•杭州期末）如图是生活中常用的热水瓶。当注入一定量的热水后，立即盖上木塞，木塞会跳起来。其工作原理与汽油机的下列工作过程示意图所示原理一致的是（　　） A． B． C． D． 14．（2023秋•嘉兴期末）十八世纪，瓦特发明的冷凝器蒸汽机推动了人类第一次工业革命。如图为蒸汽机的工作原理：打开阀门A、关闭阀门B，高压蒸汽进入汽缸，推动活塞上行。当活塞达到汽缸顶部时，关闭阀门A、打开阀门B，蒸汽进入冷凝器，汽缸内压强减小，活塞下降，如此循环往复。下列说法错误的是（　　） A．用水冷凝蒸汽是利用热传递改变内能 B．蒸汽机在整个工作过程中遵循机械能守恒 C．蒸汽机活塞上行过程与汽油机的做功冲程相似 D．蒸汽推动活塞向外做功后，蒸汽的内能会减小 15．（2023秋•宁波期末）如图是四冲程汽油机的工作示意图，下列说法错误的是（　　） A．汽油机工作时各冲程的顺序依次为：丁、甲、丙、乙 B．除了丙冲程以外，其他冲程均靠飞轮的惯性完成 C．甲冲程中能量的转化：内能转化为机械能 D．无论怎样改进汽油机，汽油机的效率也无法达到100% 考点四 燃料的热值 16．（2023秋•黄岩区期末）2023年10月26日，搭载神舟十七号载人飞船的运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射。下列说法正确的是（　　） A．起飞时，燃料的化学能全部转化为火箭的机械能 B．加速升空的过程中，火箭的动能不变，重力势能增大 C．火箭可选用液态氢作燃料，主要是因为液态氢热值比较大 D．太空中的温度很低，飞船的内能为零 17．（2023秋•拱墅区期末）如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量相同，烧杯内的液体质量也相同。下列说法正确的是（　　） A．比较不同液体的比热容，不可以选择甲、丙两图 B．比较不同液体的比热容，可以选择乙、丙两图 C．比较不同燃料的热值，可以选择甲、乙两图 D．比较不同燃料的热值，可以选择乙、丙两图 18．（2023秋•鄞州区期末）2023年4月23日，中国海军首次公布了有“航母杀手”之称的“鹰击﹣21”高超音速导弹。如图所示是高超音速导弹从起飞到击中目标的轨迹示意图，如果把大气层边缘看作水面，导弹飞行时就像在水面上“打水漂”，因此它突防能力强，难以拦截。下列说法错误的是（　　） A．导弹所用的燃料需要具有较高的热值 B．导弹外壳需要使用耐高温材料制造 C．导弹从起飞点升空时的能量来自内部燃料的化学能 D．导弹从起飞点到攻击点飞行过程中，机械能守恒 19．（2023秋•象山县期末）2023年11月29日，长征二号F遥十五运载火箭托举神舟十五号载人飞船升空。下列说法正确的是（　　） A．燃料在燃烧过程中热值不断增大 B．太空中的温度很低，飞船的内能可能为零 C．火箭可选用液态氢作为燃料，是因为氢的比热容较大 D．加速上升的过程中，飞船的动能增大，重力势能也增大 20．（2023秋•宁海县期末）2023年10月16日，“长征二号F遥十三”运载火箭托举“神舟十三号”载人飞船升空，开始了我国迄今为止时间最长的载人飞行。下列说法正确的是（　　） A．火箭可选用液态氢作为燃料，是因为氢的比热容较大 B．加速上升的过程中，飞船的动能增大，重力势能也增大 C．太空中的温度很低，飞船的内能可能为零 D．燃料燃烧放出的热量全部用来做功 考点五 比热容的概念及其计算 21．（2023秋•嘉兴期末）物质总在不断地变化，但也维持着相对稳定。某冰块熔化成水后（　　） A．密度不变 B．比热容变大 C．分子间隙不变 D．质量变小 22．（2023秋•拱墅区期末）如图甲所示，规格相同的玻璃杯装了相同质量的水，将阻值不同的两段电热丝与电源、开关接成电路，忽略散热，得到图乙所示的水温与加热时间的图线，下列说法正确的是（　　） A．加热相同时间，两杯水吸收相同热量，升高相同的温度 B．由图乙可知：比热容cA＞cB C．对于A、B杯中的两个加热器，R2＜R1，P2＞P1 D．A杯水在2 min内吸收的热量与B杯水在3 min内吸收的热量相同 23．（2023秋•衢江区期末）水是一种比热容较大的物质，下列生产和生活中与水的这种特性没有关系的是（　　） A．对秧田晚上灌水，白天放水 B．炎热的夏天，在地面上洒水降温 C．暖气管内装的是流动的热水 D．用水作为汽车发动机的冷却剂 24．（2023秋•浦江县期末）下列各种情况下比热会发生变化的是（　　） A．一杯水倒去一半 B．水凝固成冰 C．一块铁加工成铁屑 D．15℃的水上升至45℃ 25．（2023秋•慈溪市期末）汽车发动机用水做冷却剂，主要是利用水的（　　） A．沸点高 B．凝固点低 C．导热性差 D．比热容大 考点六 热量的计算 26．（2023秋•浦江县期末）下列情况中，哪一种水放出的热量最多（　　） A．1千克水，温度从80℃冷却到40℃ B．2千克水，温度从50℃冷却到25℃ C．2千克水，温度从60℃冷却到35℃ D．3千克水，温度从50℃冷却到30℃ 27．（2023秋•西湖区校级期末）已知1g甲液体温度升高1℃需要2.1J的热量，1g乙液体温度升高1℃需要4.2J的热量，1g丙液体温度升高1℃需要2.8J的热量。分别取甲、乙两种液体各60g，以相同的热源加热，其温度与加热时间的关系如图所示。若取90g的丙液体，以相同的热源加热，则其温度与加热时间的关系图象（　　） A．落在Ⅰ区 B．落在Ⅱ区 C．与甲重叠 D．与乙重叠 28．（2023秋•西湖区校级期末）已知铜的比热小于铁的比热，质量相等的铁块和铜块，在沸水中加热相当长的时间后取出，再让它们放出相等的热量，这时比较铜块的末温t铜与铁块的末温t铁（　　） A．t铜＜t铁 B．t铜＞t铁 C．t铜＝t铁 D．无法确定 29．（2023秋•海曙区校级期末）冰和水的比热之比是1：2，质量之比是2：1，在各自状态不变的情况下，放出的热量之比是3：2，则冰和水降低的温度之比是（　　） A．1：2 B．1：3 C．3：2 D．3：4 30．（2023秋•北仑区期末）质量相等的一杯冷水和一杯热水升高相同的温度，则它们吸收的热量（　　） A．初温不知，无法判断 B．吸收的热量一样多 C．热水吸收的热量多 D．冷水吸收的热量多 31．（2023秋•丽水期末）如图烧瓶内盛少量水，并滴入几滴酒精，用打气筒给瓶内打气，可看到瓶塞跳起，瓶口出现白雾。下列说法正确的是（　　） A．给瓶内打气时，瓶内气体内能减少 B．给瓶内打气时，外界对瓶内气体做功 C．瓶塞跳起时，瓶内气体内能增加 D．瓶塞跳起时，在瓶口看到白雾是因为气体温度升高 32．（2023秋•滨江区期末）如图所示是汽油机的某冲程工作示意图，以下改变物体内能的方式与此相同的是（　　） A．汽车在行驶过程中，汽车发动机里的冷却液温度升高 B．打开暖风，车内温度升高 C．刹车时，刹车片温度升高 D．停在烈日下的汽车，车顶被晒得温度升高 33．（2023秋•绍兴期末）用酒精灯给试管中的水加热，如图所示，在软木塞被冲出试管口的过程中，下列说法正确的是（　　） A．水蒸气对软木塞做功，水蒸气的内能增大 B．软木塞的机械能转化为水蒸气的内能 C．能量的转化形式与热机做功冲程能量转化相同 D．软木塞的机械能不变 34．（2023秋•嘉兴期末）如图甲所示，将2℃的牛奶放在初温45℃的水中加热，每隔一分钟测量一下水和牛奶的温度，描绘出它们的温度随时间变化的图像（如图乙所示），下列说法错误的是（　　） A．周围环境温度可能为30℃ B．牛奶吸收的热量等于热水放出的热量 C．曲线E表示热水放出热量，温度下降 D．热水温度比牛奶温度变化慢 35．（2023秋•上城区期末）小徐购买了一个恒温杯垫，在冬天就能喝上温热的牛奶了。小徐关于温度、热量和内能等的看法正确的是（　　） A．牛奶的温度与恒温杯垫相同时，不再发生热传递 B．把牛奶放在恒温杯垫上，垫的温度越高牛奶所含热量越多 C．牛奶的温度不变，内能一定不变 D．小徐喝下牛奶，牛奶的温度传递给了他 36．（2023春•海曙区校级期末）有关温度、热量、内能的说法，正确的是（　　） A．物体吸收热量，内能一定增加，同时温度一定升高 B．物体内能增加，不一定吸收热量，物体温度一定升高 C．物体温度升高，内能一定增加，一定吸收了热量 D．做功和热传递在改变物体的内能上是等效的，我们无法根据结果来判断内能改变的原因 37．（2023秋•西湖区期末）热机的出现加快了人类社会的进步，同时也带来了相应的环境问题。如图所示为汽油机工作原理图，下列说法错误的是（　　） A．图a是吸气冲程 B．图b中气体温度升高 C．图d中内能转化为机械能 D．靠惯性完成的冲程是a、d、e 38．（2023秋•余姚市校级期末）质量相同的砂石和铁，已知砂石的比热是铁的比热的2倍，如果铁吸收热量后温度升高了48℃，那么砂石吸收同样多的热量，其温度升高（　　） A．12℃ B．24℃ C．48℃ D．96℃ 39．（2023秋•海曙区期末）图甲为油汀取暖器，当接通电源后，电热管周围的导热油被加热，通过腔体壁表面将热量辐射出去，从而起到取暖作用。因此导热油材料尤为关键，要求油汀通电后导热油能尽可能快地升温。现在有质量、初温相同的两种导热油材料甲、乙，在相同的加热条件下，甲、乙两种油的温度与加热时间关系如图乙所示。试比较甲、乙两种材料的比热容c甲、c乙大小，并判断用哪种材料更适合做导热油（　　） A．c甲＞c乙，选乙材料 B．c甲＞c乙，选甲材料 C．c甲＜c乙，选乙材料 D．c甲＜c乙，选甲材料 40．（2023秋•乐清市校级期末）某学生用两个相同的酒精灯同时分别对质量为m1、比热为c1的甲物质和质量为m2、比热为c2的乙物质加热。若在相等的时间内（甲、乙物质吸收的热量相等），甲物质的温度变化比乙物质的温度变化多，则下列推断中一定成立的是（　　） A．若m1＝m2，则c1＞c2 B．若c1＝c2，则m1＞m2 C．若m1＜m2，则c1＞c2 D．若c1＞c2，则m1＜m2 41．（2023秋•江北区期末）宁波轨道交通规划构建高品质、多式融合、全域一体的轨道交通体系，努力实现“对外区域融合，对内提质增效”。城市地铁在挖隧道过程中，需使用盾构机（如图）挖掘隧道。 （1）盾构机的前端安装了“削铁如泥”的刀盘，刀盘旋转工作时产生大量的热，这是通过 　 　的方式改变物体内能。 （2）盾构机体积庞大，需将其拆成多个部件吊装到施工现场，已知部件总质量3×104千克，部件水平平移10米，再竖直下降10米，则部件重力做功 　 　焦。 42．（2023秋•慈溪市期末）如图为生活中常用的热水瓶，注入一定量的热水后，立即盖上软木塞，软木塞会跳起来。该过程中发生的能量转化为 　 　能转化为机械能，四冲程汽油机中 　 　冲程的能量转化情况与此相同。 43．（2023秋•长兴县期末）初中科学实验设计评比中，董教师对书本演示气体对外做功装置进行了改进（如图）：用一个大的塑料瓶，瓶口塞橡皮塞，塞子里面安装气门芯，连接打气筒在瓶内伸入温度传感器探头，实验时装置气密性良好。 （1）用打气筒向瓶内打气，在橡皮塞未弹出之前，温度传感器示数 　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。 （2）当橡皮塞弹出时，瓶内出现大量白雾。根据实验现象可以得出的结论是：物体对外做功，内能 　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。 44．（2023秋•湖州期末）如图甲是老师在科学课上做的热机工作原理的模拟实验，在玻璃管中先加入少量酒精，将橡皮塞放入玻璃管并向下压缩气体。然后用电子点火器点火，橡皮塞会向上弹出。 （1）橡皮塞向下压时，其能量转化与图乙汽油机工作四冲程中的 　 　相同。 （2）点火后橡皮塞向上弹出，玻璃管内气体内能减小，这是通过 　 　方式来改变内能。 45．（2023秋•仙居县期末）老师用图1所示实验装置，加热试管使水沸腾，发现试管斜上方的小风车开始不停地转动。由此引出以下问题，请利用所学的知识回答。 （1）图1实验中能量转化方式与图2中汽油机的哪个冲程相同？　 　。 （2）图2汽油机的工作冲程顺序是丁→　 　→乙。 46．（2023秋•慈溪市期末）北京时间2023年6月5日10时44分，据中国载人航天工程办公室消息，搭载神舟十四号载人飞船的长征二号F遥十四运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射。火箭的燃料使用液态氢，主要是因为它的密度小且 　 　大。若完全燃烧1kg的氢燃料放出的热量有84%被质量为1.0×103kg的水吸收，水的温度能够上升 　 　℃。[q氢＝1.4×108J/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃）] 47．（2023秋•嘉兴期末）将质量、底面积都相同的甲、乙实心圆柱体金属块加热到相同的温度，放到表面平整的冰块上，一段时间后冰块停止熔化时的情形如图所示，此时金属块与冰块温度相同。试回答： （1）甲、乙金属块的密度大小：ρ甲　 　（选填“＞”、“＜”或“＝”）ρ乙。 （2）甲、乙金属块中比热较大的是 　 　。 48．（2023秋•台州期末）如图甲是小东探究“不同物质吸热规律”的实验装置： （1）两个相同的烧杯中装有 　 　相同且初温相同的水和煤油，用相同的酒精灯对它们加热。 （2）根据实验数据，小东作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象（见图乙）。由图乙可知，杯中的水和煤油，升高相同的温度时，水吸收的热量 　 　（填“大于”或“小于”）煤油吸收的热量。 49．（2023秋•嵊州市期末）如图所示，甲、乙、丙三套装置完全相同，燃料的质量都是20g，烧杯内的液体质量也相同。 （1）实验中是根据 　 　来判断液体a吸收热量的多少。 （2）选择 　 　（选填“甲”、“乙”或“丙”）两个实验，可以用来比较不同物质的比热容。 50．（2023秋•柯桥区期末）如图甲所示，将装有凉牛奶的瓶子放在热水中加热，在图乙中作出牛奶与热水的温度变化曲线，图中表示牛奶温度变化的曲线是 　 　，此过程中牛奶吸收的热量 　 　热水放出的热量（填“＜”、“＞”或“＝”）。 51．（2023秋•拱墅区期末）发动机是汽车的核心部件，某汽车发动机是以92号汽油为燃料的内燃机。在某次测试中，汽车在1.5×103s内于水平路面上匀速行驶4.6×104m，该过程中汽车的牵引力为3000N，汽车消耗汽油12kg，汽油的热值为4.6×107J/kg。 （1）汽车的内燃机一个工作循环的四个冲程如图所示，图中四个冲程的顺序是 　 　（按序填写序号）。 （2）匀速行驶过程中，牵引力做的功及功率为多少？ （3）汽油完全燃烧所能释放的能量转化为汽车克服阻力做功的效率是多少？ 52．（2023秋•余杭区期末）为了比较两种燃料的热值，小金采用如图甲所示的两套完全相同的装置进行实验，烧杯内水的初温和质量相同，实验中忽略热量损失。 （1）实验时若温度计的玻璃泡碰到杯底，则测量的温度值 　 　（“偏大”、“偏小”或“不变”）。 （2）实验中燃烧相同质量的燃料，根据 　 　来比较放出热量的多少。 （3）小金选用了相同质量的燃料a和燃料b进行实验。当燃料燃尽后，小金根据各个时刻烧杯中的水温，绘制了如图乙所示的图像，则可初步判断燃料 　 　的热值大。 （4）另一组的小华也用图甲的两套完全相同的装置进行实验，并重新在烧杯内加入初温和质量相同的水，燃料1和燃料2的质量相同，在燃料烧完后也画出了水的温度随时间变化的图像如图丙所示，根据丙图像，燃料1和燃料2的热值之比为 　 　。 53．（2023秋•拱墅区期末）如图所示，小乐用燃气灶烧水。在一个标准大气压下，将一壶初温为20℃的水烧开，消耗了0.02m3的天然气。已知该燃气灶的效率为40%，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值为8.4×107J/m3。求： （1）0.02m3的天然气完全燃烧所放出的热量； （2）水壶中水吸收的热量； （3）水壶中水的质量。 54．（2023秋•武义县期末）北京冬奥，科技助梦，科学知识在其中扮演着重要角色。请回答下列问题： （1）国产氢氧燃料电池豪华中巴在冬奥会投入使用。氢气作燃料的优点是 　 　。 （2）冬奥会火炬“飞扬”采用氢气作为燃料。由碳纤维及其复合材料制成的外壳和燃烧罐破解了火炬外壳在1000℃高温制备过程中起泡、开裂等难题，火炬呈现“轻、固、美”的特点（碳纤维复合材料密度约为钢的），下列说法错误的是 　 　。 A．燃烧时的碳排放为零 B．碳纤维复合材料与相同体积的铁相比更轻 C．这一材料具有高强度、耐腐蚀、耐高温等特点 D．火炬燃烧罐以碳纤维材质为主，所以碳不能燃烧 （3）冬奥会期间，送餐机器人格外引人关注。若送餐机器人以20W的功率在水平地面上以0.4m/s的速度匀速前进10s，求该机器人行进过程中受到地面对它的阻力。 55．（2023秋•柯桥区期末）小科学习《物质的比热》后，对铜和铝的比热容大小产生了兴趣，于是他设计了如下实验： 步骤一：将 　 　相等的铜块和铝块放入冰箱，使它们的温度降低到0℃。 步骤二：取出后，将铜块、铝块再分别放入盛有质量相等、温度都是23℃的水中，并将容器用隔热材料密封，如图所示。 步骤三：一段时间后温度稳定，同时测量甲、乙两容器中水的温度，分别是20℃和17℃。 （1）完成步骤一中的填空。 （2）实验中，用 　 　间接反映两金属块吸收热量的多少。 （3）通过分析数据，表明 　 　的比热容更大（填“铝”或“铜”）。 56．（2023秋•江山市期末）中医药在抗击新冠肺炎疫情中发挥了重要作用。病人服药前，最好要把冷的袋装药液放在热水中加热。若某次加热用的热水质量为300克、初温为80℃、药液质量为150克、初温为10℃。实验时每隔0.5分钟测量一次热水的温度，并记录在下表中。 时间（分钟） 0 0.5 1 1.5 2 2.5 热水的温度（℃） 80 65 59 54 50 ？ （1）将药袋放入热水直至两者温度相同，热水 　 　热量，温度降低。 （2）根据题中热水温度变化的规律，可推测出第2.5分钟热水的温度 　 　（填“高于”“等于”或“低于”）46℃。 （3）已知1克水放出4.2焦耳的热量，温度就降低1℃。假设热水放出的热量有50%被药液吸收，给药液加热2分钟，则该药液吸收的热量为多少焦耳？（要求写出计算过程） 57．（2023秋•柯城区校级期末）某小组的同学尝试测定花生仁中含有的能量。首先取花生仁1克，碾碎备用，然后组装了如图所示的实验装置。 （1）用点燃的花生仁给试管中的水加热，水量多少合适呢？水量过多，则 　 　；水量过少，则可能出现沸腾现象，从而造成较大的误差。所以，将水量定为5毫升。 （2）要获得较为准确的测量结果，什么时候将燃烧后的花生仁从试管底部移开，并记录温度计上显示的温度呢？经过讨论，形成了以下三种不同意见，其中最为科学合理的是 　 　。 A.火焰熄灭时 B.花生仁灰烬凉透时 C.温度计显示的温度不再升高时 （3）已知1毫升水每升高1℃，需要吸收4.2焦的能量。经测定试管中水的温度升高了50℃，试计算试管中的水吸收了多少能量？此能量大小是否等于1克花生仁中含有的能量，并分析理由。 58．（2023秋•永康市期末）植树造林既可以优化生态环境，又可以调节气温。假设10000米2的森林每秒钟吸收的太阳能约为1.2×105焦，如果这些太阳能被初温为26℃、质量为50千克的干泥土全部吸收，可使这些干泥土的温度升高到多少摄氏度？ [干泥土的比热容为0.8×103焦/（千克•℃）] 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！ 学科网（北京）股份有限公司 $$