第2章 章末检测卷(二)-【百汇大课堂·高中学习测试卷】2024-2025学年高中物理选择性必修第二册（人教版2019）

4.扫精烧道星量镜(TM可用来探测程品表面累子尺度上的形观，为了有效隔离外界报动对sM 章末检测卷（二） 的北动，在周底盘圆边沿其径向对称地安装若干对紫铜潭板，并施加蓝场来快速意减其质小板动 如用所示，无找动时，按下列四种方案对紫铜浅餐值相匀虽随场，出现犹动后，对于禁铜薄板上下 是左右银动的在域最有效的方案是 (时间：90分钟弄分：100分) 一，单选题（共8小题，每小题1分，其24分） 1,下列四个演示实脸中，实验现象表述正确的是 禁制博权 第4题用 甲 e瓣 第1墨图 5.如图所京，在两根和本平方向成：角的光滑平行的金国锁道上，上酸接有可变电 A.图甲中用臣铁罩近轻质图环A,A会章近但线 阴R,下端足据长，室可有到直干轨道半重的句翼磁场，量感应强度为，一限质 B.闲乙中新开开关S,触点C不文即断开 景为解，电阻忽略不计的金属杆从轨道上出静止滑下，经过足够长的时间后，金 C.闲丙中用合开关8时，电表有示数，断开开关8时，电瓶表汉有示型 属仟的速度会趋近一个最大速度可。，则 D.图丁中铜盘靠领性转动，手持世铁靠五制低，围铁转动加快 A如梨B赠大0。持变大 民如果丽变小，矿将变大 第5题图 宝工如图所云，两银平行金属帅载置下本平图内，导轨之间接有些阻及，金属韩 C如果R变小，。将变大 D.拉果：年大，.将变大 动与两导轨重直并保持具好接触，整个装置收在匀鱼险场中，验场方向套直 6,如周甲为千机无规充电原理示意图，利用无汉充电版中的递电线图中接入的电流殿发的藏场引越 手机里的受电线圆产生感应电算，从角实找为下机无线无电，某次实验中检测到受电线国中产生 于导物平自向下，金属棒峰始终保特静止。下列说达正确的是 了如图乙所示的电藏，则送电线圆接人的电流可能是 A.当B均匀增大时，金润排b中的电流增大 第2题图 B,当巷减小时，金属郴动中的电随-一定威小 「机巾的 C,当柱增大时，童属将6中的感应电筑方向由6到 爱电规商 几当B不变时。金属棒4h受到水平向右的静摩擦力 0手西☐充电 按父宜地流A 话电战 3,用一限机假面积为5，电阻率为：的硬函导找做成一个半径为，的园环，h为“ 屑环的一条直径。如周所示，在山的左侧存在一个匀强质场，菇场看直周环所 在半围，方向知闲新术，避感欣堡度大小随时何的变化南 第名题图 列说法正确的是 A,侧环中产生连时针方向的感定电瓷 同环具有收缩的趋势 第3题图 七风环中感皮电德的大小为点 工如闲质示，是够长的光带U形导物发度为上，其所在平山与水半雀的夹角为：，上编连接一个阻值 为R的电，置于题够应强度大小为B,方转垂直于物平面向上的匀到融场中，今有一盾量为 山用中：山两点间电势整的大小为= r w,有效电阻为？的全属杆沿导轨出静止下附，设磁场区城无限大，当金国杆下帝达到最大连废时， 运动的位移为x,则下列说法正确的是 45 46 A,金到杆下滑的最大速度=m水口 A,若将带动变明器的带种向6细移动，则小灯泡等变暗 BL 且若将带动变用器的滑片间嫡移动，期油南将向上岳动 R 1 在此过程中电阻尺产生帕糖耳热为R十，水m。一豆m,》 C图示投泰下，山时间内通过小灯滥的电背量为L兰 2R 1 C在此进程中地目R产生的地耳热为桥江面：一复w心， 第7题图 医示秋态下，山时问内带司变期海消托约电能为上 8R D.在北过程中道过电阻R的电背量R 11.加惆所术，有上下位置的两个宽度均为L-65m的本平金碱尿我，左端连接☑ 8.如图质尽，著间分布看宽为上，方句重直于纸置件耳的匀丝磁场。一全国线配从唐扬左边界匀围向 胆值均为2？的电阻r,:在赠与经直收数伯两个相网的水图形金载道雀 右通过唐场风城，规定递时卧方向为电通的正方向，周够应电流陶位移变化的美系图操《：-图 装在一起，半周形轨道半径为尽一01m。整个装置处在整直向上的匀强疆场 像)正确的是 () 第1口题图 中，感应备度为B=2T。开始时金属佛战置在上面的水平吊轨上，金属棒的 长州好为L,质量m一1kg,电阻不计。某时刻金国帮铁得了水平向右的速度”一2画，之后价 好农平抛出。已知全属棒与导轨接缺底新，取0细'：，不计所有摩擦和导轨的电同，媒下列说 法正确的是 第8近国 A,金属球抛治时的速卡为【尚： 且整个过程中.筐过电阻的电荷量为1C C最初金国伟距高水半异教右福1m 3 D整个过程中，电阻「：上产生的低耳热为1.5J 2如测所示，边长为2L的正方形虚线肛内有重直于纸面鲜里的匀强盈场，隐够度送度的大生 A D G 小为B,一个由某种材料制成的边长为乙，机氧均匀的正方形标线氧d所在半崔与随 二.多选题（共4小题，小题4分，共14分） 如图所云，A,B.C品三个完全相同的灯形，L是一个自多系数轻大的线陶 婚方向垂直，导线框，虚线根的对角线重合。导线红各边的电郭大小均为取，在与线取从 〔直瓷电阳可怎路不计)，期下列说法正喻韵是 图示位置开给以相定球度章香对角线方向进人融场，到整个峰线框离开融场区域的过程 A.5同合时，A灯立厚亮，然后逐渐息灭 中，下列说法正瑞的是 且5闭合时，B灯立即亮，然后蓬渐想天 C,电路报通位定后，三个灯亮度相同 第9题阁 D电路接道是定后，S斯开时，C打逐帮规求 0,如图所示验感应经度大小为#的匀函磁垢垂直于老滑金属导轨平直，导转左右两端电降所在以城 均无磁场分布。康直于导轨的导体棒接人电路的长度为上，电阳为发，在外力作用下以违度其从 向右做匀速直线运动，小灯泡电阻为2N,滑动变阻馨总阻值为4R。图示状态滑片位于。，b的正中 郭12题图 间位置，成时位干平行版电存器中P处的带电油滴价好处于静止我态，电路中其余事分电用均不 A导线阻证人脑场区城的过星中有向里收增的趋势 计，各接触处都接触良好。且导轨足够长，期下列判唐正瑞的是 五净线椒中有络接电流鹤时间为让 C导线配的对师线有一半进入篮场时，整个导线枢所受安培力的大小为B1 8R 第1题图 D导线区的M对角线有一事击人随场时，导找胜：心鸭点网的电压为2B. 4 47 48 三，实按题（其2小题，其14分） 13,(6分)在验证规次定律的实验中，为了浅察线周A,B司的相互作用，某同学将线面B故量在一 个电子上，线周A图定且命终与B,电子挥不接触 第15莲倒 (1)通过电阻R的电瓷方向和大小： 第Ia都图 (2)电压表的示数。 (1)闭合开关铜间，电流表特测出线圈B中产生了8应电瓶，如图所示，现保特开关闭合，将蒂动变用 累滑片网 (选填”左发”右迅速滑动，也可以在状周自中生相可方向的感应电藏。 (2)以下操作使使电子秤示数增大钩有 A,闭合开关程间 B开美关保特用合，滑动变阻器钓滑片迅座右移 C,开关保棒闭合，把线周A有上抽出 A开关保持用合，拿出线悟A中的线艺 14,〔5分)如周甲，乙和丙所示为演示实验实物图。在电路连接正确的情况下，冈答下列同题 16.〔。分)如：图所示，光滑斜面的幅角金一37”，在斜面上放置一单夏矩形线展 ahd,边的边长，=0.6m6边的边长，一1m,线厘的质量牌一1kg 电用R一Q.1,线探薄过领假与重物相性，重物重量M一8kg,斜面上 (:(以面6》韵上方有垂直斜正向上的匀强磁场，酷感应强度B=0,5T 如果线压从静止开的运动，进人魅场的最初一段时保敏匀逸运动，37 第14题图 0,6ef和h的距离-1,4mg取10m.求： 第16题图 (1)图甲中，撑条形经铁插人线圈和拔出线图时，灵触电流计指针偏转方向 (这填”朝同 (1)线框进人盈场前重物的加速度大小： 成相反)。 (2)线胚进人酷场的过程中通过近棋侯我置的电背量： (2)图乙单，导体棒AB以大小不同的速度沿相同方向切别威盛线时，灵敏比雀计指针偏转角度的 3线根山静止开始运动到山处的整个过程中产生的焦耳热 大小（选填“相同或“不材）。 (3)图丙中，下列操作德使灵验电流计指针偏转的是 (填选境前的字母) A闭合开关的局间 H保诗开关闭合，快连移动滑动变阻落的滑川 心，保持开美断开，使速移动带动变阳器的滑片 因，计算题（共4小题，共46分） 15.(7分)如图甲所希，线圈饭数w一200距，正径d,-40m,电图，一2口，线圈与阴直R一G0的电 阻相连。在线周的中心有一个直径d三0m的有界周形匀所磁场，磁感成强度按周乙所示视 律变化，试卡：结果保留位有效数字) 49 50 1工，(14分)如图甲所示，足够长的凳滑平行金属导角MN,Q竖直效置，其宽度L=1m,一匀强描 1x,(16分)何距为1的西平行金属导镇由水平军分和领斜第分平带连接面成，如图所示，领角为 据原立穿过异轨平面，1P和NQ可分别连接两电阻R,,R:,且R,=R:=1,0。质量m三 ?的导轨处于蓝感皮强度大小为B,方向垂直于异勒平面向上的匀强磁场区碱【中，水平导 Q,0】kg,电目r一(，的0的金属将b紧贴在导轨上，现使金属桃h由静止并始下滑，下滑过程 纸上的无磁桥区战静止故姓一质量为四的“联动双杆”（两製长为（的金属任d和「用长 中山整终绿持水平，1与导轨接触良好，其下滑距离1与时闻：的关采如乙所示谢像中的 度为L的南性她缘杆连接面域)，在我动双轩“右侧存在慰路点数度大小为B:,疗利廉直导 O4应为由线，AB2为直或，+轨电阳不计，x取m、(忽略金国标的写动过程中封原世场 我平面向上的匀组位场区线目，其长度大干L。质量为m,长为的金翼肝哈，从候斜异销 的零响)。求， 上南释放，达到匀速后进人水平导轨（无能最提失1，杆山与“无动双杆”发生威撞后和山合 在一起形成”联动三科“（科时与任d之同相直地缘），“联对三杆“笔续册水平导轨进人燕 20 场区城且并从中滑出。运动过程中，杆k。和与导轨始锋接触良好，且保特与导轨 直。已知杆b、cd和：f的电阻均为程=，030，解-0.1kg/=0.5m,L=0.3m:=30, 40 B,一0,1T,B,一0.2T,不计摩蒸阻力和中轨电阻，忽略隐场垃界效成。求： 5n1526 乙 第17题图 (1)随够成强度B的大小： (2)0一L5s内电阻R,上产生的热量. 第18题图 (1)任b在候斜导机上匀患后动时的速度大小，4 (2)~联动三杆”进人壁场区城Ⅱ信的速度大小， 3)一联动三杯”滑过壁场区坡川产生的属耳热Q。 51 5211.答案：3V5n 解析：(1)由题图乙可知，0时刻通过线圈L的电流 解析：S闭合的瞬间，由于线圈的自感作用使得线圈中 10=1.5A. 没有电流：而线图中的电流稳定时，认为线圈的电阻为 由欧姆定律得I6=RL十R' U 零，电阻R2被短路，R2中的电流为零。 设电泡的电动势为E,内阻为r,则S闭合的瞬间，由闭 _'-R=2.00. 解得R.一i。 合电路欧姆定律得E=I1(R1十R2十r) (2)灯泡中电流的方向向左（或逆时针方向）。 稳定后，由闭合电路欧姆定律得E=I2(R1十r) (3)由题图乙可知，在t2=1.6×10-3s时刻，线圈1中 联立并代入数据，解得E=3V,r=52. 的电流I2=0.2A, 12.答案：300V 线圈L此时相当于一个电源，由闭合电路的欧姆定律 解析：自感线圈L充当电源给氛管供电，氛管两端的 得E=I2(R十R+R), 电压U=E, 代入数据得E=2.0V。 由自高电动等的公式E=1得U=L出 章末检测卷（二） 所以心=1出 1.B解析：图甲中用磁铁靠近轻质铝环A,由于A环中 发生电磁感应，根据楞次定律可知，A将远离磁铁，A错 =1出 误：图乙中断开开关S,由于B线圈中发生电磁感应现 象阻碍电流的减小，因此线圈仍有磁性，触点C不立即 联立上面两个式子并代入数据得U2=300V。 断开，B正确：图丙中闭合开关S和断开开关S时均会 13.答案：(1)10V(2)见解析图 发生电磁感应，因此电流表均有示数，C错误：铜盘转动 解析：(1)电路稳定工作时，通过L的电流为 时，切割磁感线，从而产生感应电流，由楞次定律可知， 1L=2R=1A, 产生的安培力导致铜盘转动受到阻碍，因此铜盘转动减 E 慢，D错误。 通过山的电流为1。=2求=0.5A, 2.C解析：当B均匀增大时，感应电动势E=4心 断开S的瞬问，因线图的自感作用想维持I上不变故通 △t 过L的最大电流为1A。 识，所以感应电动势为定值，感应电浅1一是保 线圈与L1组成闭合回路，线圈充当电源，所以此时L 两端的电压为U=1R。=10V。 持不变，A籍误：知果B均匀孩小，由E一密总可 (2)断开S前，通过L1的电流为0.5A,大小不变： 知，感应电动势恒定，则金属棒ab中的感应电流不 断开S的眸间，通过L1的电流突变为1A,且方向也 变，B错误；当B增大时，根据楞次定律可知，金属 发生变化，然后激渐减小到零，所以它的图像如图 棒ab中的感应电流方向由b到a,C正确：当B不 所示。 变时，感应电动势为零，感应电流为零，金属棒ab ↑1A 不受安培力作用，则金属棒ab不受摩擦力， D错误。 0.5 3.D解析：磁通量向里减少，由楞次定律可知，圆环中的 感应电流的方向为顺时针方向，A错误；由楞次定律可 知，为了阻碍磁通量的减少，圆环有扩张的趋势，B错 第13题答图 误：由法拉第电磁感应定律可知，E=△中=△Br2 △2△￥ 14.答案：(1)2.0Ω(2)灯泡中电流的方向向左（或逆时 针方向)(3)2.0V ,又因为R=p餐，故感应电汽的大小为1= E 20 =S,C错误a,b两点同电势差的大小为U= 定律，感应电流方向为逆时针方向，感应电流为正值，且 4p 2 6-景-B=21,大小不变：当线框全部进入疏 R ,D正确。 场后，磁通量向里减少，根据楞次定律，感应电流方向为 4.A解析：感应电流产生的条件是闭合回路中的磁通量 发生变化，在A图中紫铜薄板上下及左右振动时穿过 发时针方肉：岛应电流为负值，且1-发-B:如 薄板的磁通量都会发生变化，产生感应电流，受到安培 31,大小不变，所以D正确。 力，阻得系统的振动，故A正确：而B、C、D三个图均无 9.AD解析：电路中A灯与线圈并联后与B灯串联，再 此作用，故BC.D错误。 与C灯并联，S闭合时，三个灯司时立即发光，由于线图 5,D解析：由慝意知，金属杆下滑过程中受到重力G、垂 的电阻很小，逐渐将A灯短路，A灯逐渐熄灭，C灯的电 直于金属轨道平而向上的支持力N和沿金属轨道向上 压逐渐降低，B灯的电压逐渐增大，B灯逐渐变亮，A正 的安培力F,当金属杆下滑速度最大时，金属杆受力平 确，B、C错误：电路接通稳定后，S断开时，C灯中原来 衡，满足关系F=mgsin,又因为F=BL.1=后，E 的电流立即减至零，由于线圈中电流减小，产生自感电 动势，阻碍电流的减小，线园中的电流不会立即消失，这 Bla,可得n=mee,因此，n与m,R,sina成正 B2L2 个自感电流通过C灯，所以C灯逐渐熄灭，D正确。 比，与B2L2成反比，D正确，A、BC错误。 10.ABD解析：根据右手定则，导体棒中电流方向向下， 6.B解析：根据法拉第电磁感应定律与楞次定律可知， 滑动变阻器的滑片向b端移动，并联电路电阻变小，总 受电线圈在前半个周期里，电流大小恒定，所以送电线 电阻变小，导致总电流变大，则导体棒内电压变大，外 圈中的电流是均匀变化的，同理，受电线图在后半个周 电路两端电压变小，即灯泡两端电压变小，所以灯泡变 期里，电流大小也是恒定的，所以送电线圈中的电流也 暗，故A正确：滑动变阻器的滑片向α端移动，并联电 是均匀变化的，但由于受电线圈的电流在前、后半个周 路电阻变大，总电阻变大，总电流变小，则导体棒内电 期内，方向相反，因此送电线圈前、后半个周期内I1 压变小，外电路两端电压变大，电容器两端电压变大， 图线的斜率不同，故B正确。 电场力变大，油滴将向上运动，B正确：导体切割磁感 7.B解析：金属杆产生的惑应电动势为E=BL0,感应电 线产生的感应电动势E=BL,电路总电阻为Rs= 流为1R。元到的安格力方F=B肌=当全 +R-2R,电磨的号电流为1一是-聚，则道计 2 属杆下滑速度最大时，根据平衡条件得mgsin a一F 0,解得：a=mg(r)sina,A错误：由能量守恒定律 灯流的电老为1一号-影股，期时同内莲达小 B2L2 R 泡的电荷量为g= 、d4,C错误：由C迭项可知通过 得：mgrsin a2mm2=Q.又因为QR一R十，Q,所以 电息R产生的焦耳格Q=R尽，(mgx sin。 滑动变程器的电流为上一号一以架，款山时月肉滑 B2L2vo2 2m。）,B正确，C蜡误：由法拉第电磁感应定律得流 动变阻器消耗的电能为Q=22·2R△：= 16R2 △师=BL工，D错误。 B2L2%2△ 过电阻R的电荷量为4=R干，R+r 2R·△= 8R 二，故D正确。 8.D解析：线框进入磁场的长度小于L时，磁通量向里 11.AC解析：金属棒从半圆形金属轨道的顶点恰好水 增加，根据楞次淀律，感应电流方向为逆时针方向，感应 2 平抛出，则有mg=mR,得v=√gR=1ms,A正 电流为正信，且1，一{货，大小不交：当线指洗入酸 确：对金属棒在水平导轨上的运动应用动量定理得 场长度大于L小于2L时，磁通量向里增加，根据楞次 一BL·t=mo一mw,则一Bgl.=nv一m%,解得 21 △=BLL=1C,解得x=1m,流 q=1C,据g=R2=1m 14.答案：(1)相反(2)不同(3)AB 解析：(1)将条形磁铁插入线圈和拔出线圆时，磁通量 r1十r2 变化正好相反，根据楞次定律可知，产生的感应电流方 过电凰n的电荷量)=号=0.5C,B错误，C正确： 向相反。 1 根据能量守恒得，回路中产生的总热量Q=2mw (2)根据E=BL可知，导体棒的速度大小不同，则产 生的感应电动势大小不同，产生的感应电流大小不同， 1 2m心，解得Q=1.5J,电图r2上产生的热量Q 故灵敏电流计指针偏转角度的大小不同。 (3)闭合开关的瞬间，B中磁通量发生变化，故有感 号=0,75J,D蟹误 应电流产生，A正确：保持开关闭合，快速移动滑动 12.ACD解析：导线框进入磁场区域时磁通量增加，根据 变阻器的滑片，电流大小发生变化，产生的磁场变 楞次定律判新可知，导体框中产生逆时针方向的感应 化，则B中磁通量发生变化，故有感应电流产生， 电流，由于磁通量增加，故导线框有向里收缩的趋势， B正确：保持开关断开，不论怎么移动滑动变阻器的 A正确：当导线框进入和离开磁场时磁通量变化发生， 滑片，A中无电流，则无磁场产生，故B中无感应电 流产生，C错误。 才有感应电流产生，所以有感应电流的时间为1= 15.答案：(1)B→A0.79A(2)4.7V =22L,B错误：导线框的6d对角线有一半进入磁场 解析：(1)由楞次定律可知，通过电阻R的电流方向为 B→A,由法拉第电磁感应定律得 时，导线框的有效切制长度为1=号1，产生的感应电 2 △=n△Bs, E= =n At 动势为E=B0=号Le,感应电流为1=最 E 2 其中S-(受)8-888是Ts-1T/ 2BL巴，整个导线框所受安培力的大小为F=B1= 8R 根据闭合电路的欧号定律得1FRF,≈0,79A B.②巴，马1-，C正确：导线框ac两点同 (2)电阻R两端的电压为U=IR≈4.7V。 8R 2 8R 16.答案：(1)6ms2(2)3C(4)14.4J 的电压为U=1·2R=2BL四，D正确。 解析：(1)根据牛頓第二定律可得 4 Mg-ngsin37°=(M+m)a,解得a=6ms2。 13.答案：(1)右(2)AB 解析：(1)闭合开关瞬间，穿过线图B的磁通量增加， 2由E=把1-景和g=1山可得 现保持开关闭合，滑动变阻器滑片向右滑动时，才能保 △_B别4=3C -RR 证线圈A的电流增大，使穿过线图B的磁通量增加， (3)线框匀速进入时磁场，根据平衡条件可得安培力为 从而产生与闭合开关瞬间线图B产生的感应电流方 F=Mg-mgsin37°=30N-10×0.6N=24N, 向相同的感应电流。 根据功能关系可得Q=Fl1=24×0.6J=14.4J。 (2)依据楞次定律，当穿过线图A的磁通量增加时，线 17.答案：(1)0.1T(2)0.15J 圈B中会产生感应电流，从而阻碍其磁通量的增加，进 解析：(1)当金属棒匀速下落时，由共点力平衡条件得 而出现相互排斥现象，会使电子秤示数增大：闭合开关 mg=BIL, 瞬问，或开关保持闭合，滑动变阻器的滑片迅速右移，都 电路中的电流为= BLv 会导致穿过线圈B的磁通量增加，A、B正确；开关保持 。+ 闭合，把线圈A向上抽出，或开关保持闭合，拿出线图A 中的铁芯，都会导致穿过线圈B的磁通量减少，因此出 由图像可得会阔株匀建下落的速度)一名-8m8” 现相互吸引现象，会使电子秤示数减小，C、D错误 代入数据解得B=0.1T。 22 (2)在0~1.5s内，由能量守恒得mgx=2mu2+Q, 3.A解析：设ab边电阻为R、长度为L,由几何关系可 知，ac边电阻为0.8R,cb边电阻为0.6R,则ab边所受 解得Q=0.48J, 则金属棒产生的焦耳热为Q山=RR2 一=0.18J, 安培力的大小为P-B歌，折线a山边的有效长度也 R1+R 十r 为L,故折线acb边所受安培力的大小为Fb= 则电阻R1上产生的热量为 Q=2(Q-Qs)=0.15j. 8服.R50,则R=57A正角 4.D解析：闭合开关S后，线圈自感阻碍流过L的电流 18.答案：(1)6ms(2)1.5ms(3)0.25J 增大，则两灯均立刻变亮，A错误：闭合开关S,稳定后， 解析：(1)在匀强磁场区域I中对ab受力分析，达到 因线圈L的直流电阻不计，所以L!与二极管被短路， 匀速时重力沿斜面方向的分力与安培力平衡。 导致灯泡L1不亮，而L2将更亮，B错误：电路稳定后· 感应电动势E=B1l场， 电流1眼 断开S的瞬间，L2会立刻熄灭，线圈L与灯泡L1及二 极管构成回路，因线圈产生感应电动势，a点的电势高 安培力F=BIl, 于b点，此时的二极管反接，所以回路中没有电流，L 匀速运动条件mgsin0= B121P% 不亮，C错误，D正确。 1.5R 代入数据解得：防=6m/s。 5.A解析：一带负电的粒子（不计重力）沿水平方向以 (2)由动量守恒定律m%=4m, 速度口正对圆心入射，通过磁场区域后速度方向偏转 解得v=1.5ms。 了30°，轨迹如图甲所示，根据几何关系有tan15°= (3)进入匀强磁场区域Ⅱ，设速度变化量的大小为△， 尽，解得=(2十同)R。当发子的入射点和出射点的 根据动量定理有 连线是磁场圆的直径时，粒子速度偏转的角度最大。 B2Il△1=-4m△p, △ΦB2Ll IA=g=.5R1.5R' 由图乙可知in9=尽，平移距离为d=Rsin0,解得 r 解得△u=-0.25ms, d=(2-3)R,A正确。 出匀强磁场区域Ⅱ后“联动三杆”的速度为 u'=U+2△v=1.0ms, 根据能量守恒定律得 308 Q-7×4mX(d-)=0.25J. 滚动检测卷（一） r 1.B解析：安检门不能检查出毒贩携带的毒品，A错误： 安检门能检查出旅客携带的金属水果刀，B正确：安检 门工作时，主要利用了电磁感应原理，也利用了电流的 磁效应，C错误：如果“门框”内的线圈中通上恒定电流， 安检门不能正常工作，D错误。 2.D解析：金属框ac、bc边做切割磁感线运动，产生感应 平甲 电动势，但穿过直角三角形金属框abc回路的磁通量没 第5题答图 有发生变化，恒为0，所以金属框中无电流，电压表和电 6.C解析：根据左手定则，正离子受到的洛伦兹力向上， 流表都没有示数，故D正确。 所以上金属板带正电，即上金属板为发电机的正极；稳 23