四川省华蓥中学2024-2025学年高三上学期11月期中物理试题

高三物理半期考试 1,通年月，光文学家塘过成刻的数据请认了银河黑中典人马原的两量与太阳质量的倍数关系，所究发现， 一，单连题：本大题共于小题，每小是4分。共路分。 有一厦体品镜人马南广敏胸画运动，其秋速半长粕为0x护个天文单位（地理公转机道的举经为一个天文单@ 【,萄板是一项到卷苦户外休用话动，弹胜长线一雄西电在婚台上，勇一编桃在道极者弹关节处，的根者从培台上由 】,人马毫术就登在速舞调的一个售京上，家雨待到号题约运行周期为话空年，颗着将弱履的超行机坦视为半径 静止自由下落。在弹性线需紧前，的极者下碎积率程和后华程速度的端起景分彩为凸同，△路，令码“，将面 段者权为离点，不计空气阻力，即k满是《) :一1即×个天文单位的题银速，可档算出人马虚的量M约品太阳类量年红) A1<k<2 B2<k<3 C3<k<4 D.4<e<5 人1×10信 B4×10倍C1×倍D,4×10播 2如图所示，杆绕M点在最直平面内匀速特路，并带动害在园定光增经直杆Q上的小环肉下诺动。黑一时制 二、泰数：本大程共3小题，每小数6分。共8分。 小环运动到P成时速度正好为D,∠ONP一6。已如OM=L,则N行的角速度大小 L如思所辰，杆、c分利图定在衣平地到上，其中a动竖直，如每水华面亮角为日，两新 woos lg e如9 无小球P和Q分制穿在两杆上，P与Q之可用一领线相迷累妮静止，厢领与的夹角为日 期006日 56590 A.L B D.L 不什一切翠播。现在起阳线腰情收短一参。P,Q仍处于悬定老。则下列说法正调的是 三甲、乙两个物体在同一桑直能上进时，运动的位梦一时间一司蛋德如活所景，其中 A·点悬大千台A探线上张力不变C9对杆0的弹力减小D.豪直杆稀P的弹力学大 甲的图像为项点位于玉轴上的地物能，乙的图像为过原点的直域。根据压像，队下对闲物 ,里示为户外为积员过内的一种方法，务一长为经的不可停长的轻绳写物性定在匆阅为*的A,日两等高点， 体盖动的分板正确的是() 风上推一2小滑虎P,队风甲水平粒住滑轮，质量为网的员乙吊在滑轮上，脚商超息处于养止状态。士对桃的AP 人两始体相透时速度大小相修 蕉两物体烟通时的位量幽标为☒ 高分竖直。第滑轮从静止孙放，乙输苦梯播对花。不计滑轮享漆阳空气夏力：则《) C场时刻甲的速度大小为乙的2管D.两物体的平均速度相调 人狮草轮钉乳员乙受四个力的作用拜敏清轮前甲约拉力为 4如正所示。水平台面商度为R,一小球《授为凝点》以某一初速度从台边品本平方岗岗 C释草轮前的张力为了严D乙滑对过程中的最大速宝为VV一炉 右报出，耳运动轨迹上有一点A。水平她面上有一点0,0A的连战与水平为向的爽角为 加通所紧水平转台上有一个质量为两的小物执，用长为L的经绳将物洗通 旷，口、A间的是离为R,且OA建线给好与发时小球的速度方向黄直。已如重方加速 领浦过特台中心的转始上，帽风与证直转结的夹角为◆，系能静止时阳通顾直伍 度大小为摩，不计空气阻力，则小球端出时的打速度大小州) 张力为容，物块与装台闻助翠擦园数为心<妇，设最大册率漂力等于滑动军 Av级 B.v丽 cv丽 D.Val 隔力.物块藏转由静止开如缓漫年速博南，在物块高开转自前) 发如图所示，A是静止在赤遭上的松体，能地球自转而能匀速图西运功：B，C是 人铁款对转自钓压力大小等于物块的整力B物块受转台的静厚家力方南州年药向转粉 同一干画内两眼人避卫晨，B位于离地亮度等于地球果经的夏形轨道上，是地球 同步卫星，已如第一李省速虞为下。，物阵A和卫星且、C的线速度大小分别为 4如，，周期大小分制为A,T,元。则下判关系正确的) C闻中刚出限校力时。转台的角速度为V容D.物块能在转台上过装台一起材的的最大角莲度为V网 人4=o=司 B MC R<TaCu 三，实避显1本大显典2小瑟。每交2分，共14分。 C.Ta Te>T D,2c《6 让在“探究物体领量一定时。加速度与力的关系”实验中，小明属中融了知正甲所示的实验 5民，在调节架面水平后，用力传感特米测作被中的放力清轮上的学摩不计】： (一膜量为两的电路小军雀水平面上由静止开轮是助，扇动过喔中幸引为F随时间 的变化红正所示，自时湖，小车达到定功岸P,速度为可，此后保持功率不变 们关于清实抛的辣作，下列说油正的是 打或目时卷 专时刻达到最大通度与，已知小车所受阻力恒定。则 m物 A多原用天早初幽秒和秒桶的质量 A小车斯受程力为与包.小车的根电对案 黑一定要保延和粉横的总质量超小于小车的满 mo 十 宜当光释数小车，再接提电型 C书时属内小车骑靡明力大小为有D一专时同内小车的平均速度大小为 D.满要改变砂K沙桶的总质盘，打色多最所带 E实验中小平盛从靠近打丛计时粉位置静止种蚊 具年物纳 Q夸克扫描王 极速扫描，就是高效 闭实验海到向图乙所示的低电，已起打点计时远使用的文流电解的须率为50B:,相有计地点之灯延有四个点桌林如到新示，师绿光清桃速的A8擦分为桶局》一初的斜写，C第分为竖直干厦内学经为是并举参道，新影与 率圆果遭相切争A点，E为机道的最低成，委个能夏处于水平肉右的厘建风力话小球在其力场中受只方厘觉》中， 蓝出，由闲中的验摇可知。小东g时的加速度大小是m,《保留3位有效数字】 具有一个情量为阳物小球，从斜置上溪点白静止稀收。当小章通过口点时所受合力的方胸作向因心。且小球时轨里 周由实验得到小率的扫速度年蚂力情多器示数F的关系如图丙测景，则小 的正老提为零，已加重力速度大小为？，求： )小球受到风力的大小和到话G点时建度的大小 率執渊的滑物案德力乃一二N,《架面2位有效数字】 厚位1 柱如正琴研示为某攀习小烟的同等们用园鞋报因降验室岗心力 团小蟑到达器肉时站能劳大小，阁小草适过点意莫阵到AB轨通所用 -1线里日 表地式的实验情景，离节干台的燕度，露量使陈正贴近小球佰不 的时离， 接帕.月手传动个球运动侵它在数乎品怡能在麻图上方语溪个受 50 好的图做匀德运助 20 oT■■■■ )素物感小球远结中受到射胆力，小缘的圆量为，重力加速 互用果光滑这平平台AB上有一州轻弹授。一端置定于A平合B魔连接两个内壁先漫率径均为R■02啊 度为及在美次实脸中。小球沿保经为”的圆做匀这面周短功，用秒表记保了小球法地内国的总时间，则公球钟上调 的《阳言塑建BC和C0D端与水平光滑除到DE相核.卫W进过光滑小盟置峰一黑银长的派程有面F相级， 周据动所薄的向心力大小= 《同m、耳，，「及相关的常量表示用刻度尺局得组战上塔巷 斜面水芊有的身可德，一更意为”一1如给小物块路小于妇圆等这内径将弹餐王填登由象止开始释放。 桂点到有装周乐时的受直离度为小，那么时小球遗行受力分析可包。小球常此覆两记功乐援病的向心力大小 小物块通出情道色种上新面。实松测得小我块在面上能达到为最大位深x车解面风角的关系如里乙所示，9取 《用m,、于及相关的常是示 1,不计空气用力，量大静率澜力等平情南学都 母保择代的衣植不变，或变西和十进行多次失黎。可商家不同时河仁学界小烟韵同学打想料田依来处湿多组实抛数方力.则仰烟圣金发小然共进入解蛋时的初噻生大 洲，为了直现反晚物日发何的关黑，应合理远择坐标轴的相关受晨：则应该温一（地填“中-h“双4t一？”） 小，小春换与面同能转零族云数 倒：求小物执开数运球时：弹黄的理位异能：周求取 玉望面出的图像如正乙所示，则引起图值中当现核评的原因是 /度 四，计挥愿：客大显共3小，3超19分，14题4分，15服6分，共转分4 不满曹耐，在小料换运站的全对性中产生的蜜棉格量 1门.如毫所示，光州水平面上教置领角为一了斜面体。在制面体左国与整煮煌题之速捷复一个力伸感因，一个 Q与ane的关系式 可我为质点的滑烧以一定的速度从斜面定健沪上制霍，溢地过霾中，力情罗巷先后记景到能示数分素是16N和 82N,知3了=0600s3T=a89取10m/,浓：份滑执与解置间的动率源网数P: 以滑执上滑和下滑所用时间的比偏， 可3▣ Q夸克扫描王 极速扫描，就是高效 1,自由落体运动是初速度为等的匀加速直线运动，由速度位移公式：v2=2gh可知：设绳长为L,蹦极者下落前半 程的速度， =V29吃=V死 鸚极者下落到最低点时的速度2=√2gL 1 A=V,△=-h=V2gZ-Vg立.a西=V2-1=5+1 所以2<k<3。故选B。 2.【解答】设MN杆的角速度为ω，如图所示 MP=L 把速度v沿着MN杆和垂直MN杆分解，根据几何关系， co88、UL=vc098 M vcos 20 L=wXMP,综合可得“= L,A正确。故选：A。 3,由图像斜率可知两物体相遇时速度不相等。 0 由图可知两物体相遇时位置坐标大于2，对应时刻大于2。甲做初速度为·的匀加速 直线运动，满足一，句时的速度为 为”=6-2 0 ，乙做匀速运动速度为0，整个过程中两物体的平均速度 0 大小相等均为o,但方向相反，故C正确，ABD正确.故选C 4.由题意可知，小球到达A点时，其速度方向与轨迹相切，且由几何关系可知，此时其速度方向与水平方向的夹角 为：60°，设小球运动的时间为t,则由速度的分解及数学关系可得： g5=tan60° ；由几何关系可知，从开始运动 A占。我在竖直方向下落的高度为：2，由竖直方向的自由落体运动可翔3 ，联立解得小 球抛出时的初速度大小为：=V死，故ABC错误，D正确。故选D。 5.AB,地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度，所以“A=o,根据v=Tw,C的线速度大于A的线速 GM 度：根据 r 得B的线速度大于C的线速度，但均小于第一字宙速度，故A错误，B正确； 3 GD.卫星C为同步卫星，所以T4=0,根据T=2红√GM得C的周期大于B的周期，故c0错误：故选B. P 6。【解答】A当小车做匀速运动时，有P=和，而小车做匀速运动时的速度为？，故小车所受阻力为边，故A P 错误：B.在时刻小车功率达到额定功率，有P=F物，由牛顿第二定律可得F一了=ma,又边=a1, m, P= mv1 v2 P f= 可得小车的额定功率（他一的），故B正确：C.0时间内，F-∫=m心，=，又，解得 F=m+是 ,故C错误： h+2 D.~时间内小车做的是加速度逐渐减小的加速度运动，2是匀变速直线运动平均速度，故D错误。 故选B。 ▣ Q夸克扫描王 极速扫描，就是高效 ▣59 7.解：S星绕人马座A*做圆周运动的向心力由人马座A*对星的万有引力提供，设S2垦的质量为m92,角速度 为“，周期为T,则G 4=m叶①，u- 2 ，设地球质量为mE,公转轨道半径为rE,周期为T3,研 MsmE=mgOTE③ 究地球绕太阳做圆用运动，根据万有引力提供向心力则房 综合上达三式每总-月学 武中6=1年，re=1天文单他，代人入数据可角=4×10的 ,故B正确，ACD错误。故选B。 8.A隔离P、Q两球受力分析，如图所示：为使两所受合力均为零，细线所在直线一定处 于虚线NQ与MQ之间才行，由几何关系可知角P总是大于角α，故A正确： CD,当细线收短一些后，对两球整体受力分析可知，竖直杆对P球的弹力与领斜杆对Q球 的弹力方向不变，根据平衡条件可得细线收短前后，竖直杆对P球的弹力大小均为 Np=(Cp+Go)tana,倾斜杆对Q球的弹力大小均为。=p十G tana,故CD错误； B隔离P球受力分析可知，由于其重力、竖直杆对它的弹力均不变，根据平衡条件可知细线的张力大小与方向也不 变，故B正确。故选AB。 9.A释放滑轮前队员乙受重力、滑轮对其向上的拉力处于平衡态，故A错误： BC由几何关系解得释放滑轮前AP长度为：，而滑轮此时受乙对其向下的拉力、两绳的拉力T及甲对其水平向 左的拉力F,设此时倾斜绳与竖直方向夹角为：0，由于滑轮此时平衡，放有：F=T凯()，竖直方向： 5 T+Rus份=m9,心c5份-0.6，联立解箱F=0,T=m9,放：错误，C正确： D.当乙的加速度为零时，其速度最大，故当乙运动到AB中点的正下方时，其速度最大，此时乙距离AB平面的高度， mg v3 3 1 v3」 由几何关系可得为： 29 ,从乙开始滑动到速度最大，由机械能守恒可得： =2mun? 解得乙的 最大速度为： am=2V22V5-3列gr,D正确.故选CD. 10,A物块受重力、支持力、摩擦力、绳的拉力，静止时，物块对转台的压力大小等于物块的重力，随着缓慢加速转 动，绳的拉力增加，物块受到的支持力减小，则物块对转台的压力小于物块的重力，故A错误： B由题可知，物体做加速圆周运动，所以开始时物体受到的摩擦力必定有一部分的分力沿轨迹的切线方向，故B错 C,当转台的角速度比较小时，物块只受重力、支持力和摩擦力，当细绳恰好要产生拉力时：g=m(Lstn8), 幼= 解得： Lsine ,故C正确；D随速度的增大，细绳上的拉力增大，当物块恰好要离开转台时，物块受到重 9 力和细绳的拉力的作用，则：mgtand9=mu(亿tn),解得，=√7co0】 故D正确。故选CD。 11.(I)AB.细线对小车的拉力是通过力传感器得到的，故无需测量沙和沙桶的质量，也不需要满足沙和沙桶的总质 量远小于小车的质量，故AB选项错误。C使用打点计时器，应先接通电源，再释放小车，故C选项错误。 D探究物体质量一定时加速度与力的关系，要改变沙和沙桶的总质量，打出多条纸带，故D选项正确。 ▣ Q夸克扫描王 极速扫描，就是高效 E在释放小车前，小车应尽盘靠近打点计时器，以能在纸带上打出更多的点，有利于实验数据的处理和误差的减小， 故E选项正确。故进DB。(②)相邻两计数点之间还有四个点未画出，相邻两计数点间的时间间隔为T=0,13, aXaD-X0B=0.2881-0.0961× 根据匀变速直钱运动中，△X=a2可得，=4 4×0.01 m/&2=2.40m/8 (③)根据牛顿第二定律可知，2F-乃=ma,结合图像解得=1.0N故答率为，()DE,(22.40,(3)1.0 12)小球绿圆周运动的周期为T一片，根银向心力公式可知角=加（学户=m名 4a2n2 ”,令绳子和竖直方向的夹 角为0，根据三角形定则可知，小球的合力大小为： F供=mgtan=m9元， 4r2n2 (②)因为小球所受的合力铁与向心力F循大小相等，则有： =mg5 4in ，则有： g,所以P和h成 正比，所以应该画一九图像： 引起图像中出现横截距的原因是：竖直高度♪测大了，应为悬点到圆心间的竖直距离。 13.()滑块上滑过程中，对滑块和斜面整体进行受力分析，列出方程，滑块下滑过程中，对滑块和斜面进行受力分 析，列出方程，两式联立即可解出滑块与斜面间的动摩擦因数“： (②)滑块上滑过程做末速度为0的匀减速直线运动，下滑过程做初速度为0的匀加速直线运动，由牛顿第二定律及运 动学公式即可求出滑块上滑和下滑所用时间的比值。 14.(1)根据题设结合向心力公式列方程即可求出： (②)研究E到C过程，利用动能定理列方程求出： (③)根据小球离开C后做类平抛运动，列方程即可判断。 本题考查了力学综合知识，熟悉运动过程，正确选取规律是解愿的关键。 15.()根据运动学公式和动能定理结合图像得到小物块进入斜面时的初速度大小，以及小物块与斜面间的动摩擦因 数； (②)根据能量守恒定律得到小物块开始运动时，弹簧的弹性势能： (③)由动能定理得到物块运动的全过程中产生的摩擦热量Q与tad的关系式。 解题的关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用动能定理和能量守恒定律进行解答。 注意分析物体的运动情况，根据能量守恒定律得到产生的热量。 。夸克扫描王 极速扫描，就是高效 ▣6 13.解：(1)滑块上滑过程中，对滑块和斜面整体进行受力分析，得： 乃=(mg sin日+4 mg cos)cog0=16W①滑块下滑过程中，对滑块和斜面进行受力分析，得 及=(mg sin日-umg cos)cos9±3.2N②联立①②式，解得4=0.5③ (②)滑块上滑过程做末速度为0的匀减速直线运动，下滑过程做初速度为·的匀加速直线运动，其位移和时间均满足 r=0t④上滑过程滑块加速度大小a1=9血0+gc0s0=10m/3⑤ 下滑过程滑块加速度大小=99i血0-gco8日=2m/9⑥又上滑和下滑过程位移大小相等， 设上、下滑时间分别为4和女，有21号=220 粒©©0式解精县=0 风力病 14解：(1)小球通过C点时所受合力的方向指向圆心，受力如图： tan6= F mg mvc2 2v3 mg,c080=m元，联立知，风力 3m9,C点速度 =1 ②小球由B点到C点过程，根据动能定理：co中co=2mc一，解得=(W5+1mgR 2R=2 =ma t=1 25R (③)小球离开C点后将类平抛运动，落到斜面上时有： ，Co80 ，联立知，所用时间 9 15.解：()由题图乙可知，当倾角9=0时，位移为x=2.40m,而当倾角为90°时，位移为h=1.80m,则由竖 直上抛运动规律可得s=√2gh=V2×10×1.80m/s=6m/5,当倾角为0时，由动能定理可得 -mgx=0-呢，解得：“=0,75 1 (②)根据能量守 恒 =2mgR+2mu呢 得Ep=2.2J (3)当0<tan0<0.75时，小物块将停在斜面上， Q=1 18 -mgLsing-umgLc0g0=0-mvs Q=umgLcos9由以上两式得： 3tan0+1 1 当0<tan8<0.75时，小物块最终将停在E点， Q=m呢=1.8J 【解析】 ▣▣ 。夸克扫描王 极速扫描，就是高效 ▣6