17.2 欧姆定律2024—2025学年人教版九年级物理全一册

2024—2025学年九年级物理人教版17.2 欧姆定律 一、单选题 1．两个规格相同的灯泡按如图所示的方式连接，闭合开关，则（　　） A．两灯泡是串联的 B．电流表A1的示数是A2的2倍 C．电流表A2测量通过灯泡L1的电流 D．若灯泡L2灯丝烧断，灯泡L1亮度变亮 2．如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S由断开到闭合时，电流表和电压表的示数变化情况是（　　）    A．电流表的示数变大，电压表的示数变小 B．电流表的示数变小，·电压表的示数变小 C．电流表的示数变大，电压表的示数不变 D．电流表的示数不变，电压表的示数变大 3．如图所示，电源电压不变，当滑片向左移动时，下列说法中正确的是（　　）    A．电压表示数不变，电流表示数变大 B．电压表示数不变，电流表示数变小 C．电压表示数变小，电流表示数变小 D．电压表示数变小，电流表示数不变 4．如图所示，电源电压恒定，闭合开关，移动滑片，则（  ） A．电压表示数与电流表示数之比始终是个定值 B．电压表示数变化量与电流表示数变化量相同 C．电压表示数变化量与电流表示数变化量成正比 D．电压表示数变化量与电流表示数变化量之积是个定值 5．物理学中我们用，来定义速度，匀速直线运动v虽然可由s、t计算，但与s、t无关。初中物理还有很多物理量也果用这种定义方法。下列物理量不是采用这种定义加法的是（　　） A．密度 B．比热容 C．热值 D．电流 6．从欧姆定律可以导出公式，此公式说明（　　） A．当电压增大到原来的2倍时，电阻R增大到原来的2倍 B．当电流增大到原来的2倍时，电阻R减小到原来的 C．电阻是导体本身的性质，当电压为零时，电阻阻值不变 D．当电压为零时，电阻R也为零 7．小军采用如图所示的电路，研究“通过某导体的电流与它的电阻关系”，他分别用5Ω和10Ω的电阻做两次实验，当完成第一次实验后，小军将A、B两点间的电阻R由5Ω更换为10Ω，闭合开关后，滑动变阻器应该（　　） A．保持变阻器滑片不动 B．将变阻器滑片向右移动 C．将变阻器滑片向左移动 D．更换阻值更大的滑动变阻器 8．小明收集了很多材料和长度都相同但粗细不同的铅笔芯。如图所示，是用他身边的器材自制的简易调光灯电路，下列说法正确的是（　　） A．该实验装置可以探究导体电阻与导体材料的关系 B．该实验装置不可以探究导体电阻与导体长度的关系 C．闭合开关，夹子A向右移动的过程中灯泡亮度变暗 D．夹子A从最左端移动到最右端的过程中，他发现灯泡亮度变化不明显，他应该调换更细的铅笔芯来做实验 9．如图所示是某同学设计的电子身高测量仪的示意图，其中定值电阻R1=6Ω，电源电压恒为4.5V，变阻器R2的规格为“40Ω，0.5A”，电压表的量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A。下列说法错误的是（　　） A．当被测者的身高比前者更高时，电流表的示数会变小 B．变阻器R2接入电路的阻值是6Ω时，电压表的示数是2.25V C．当电路中电流为0.5A时，变阻器接入电路的阻值是9Ω D．通过电压表的示数来反映人身高示数的变化，符合人们的思维习惯 10．在探究通过导体的电流与其两端电压的关系时，小雨将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象，根据图象，下列说法错误的是（    ） A．导体的电阻一定时，流过导体的电流与导体两端的电压成正比 B．导体两端的电压与其电阻成正比 C．甲、乙两电阻的长度和模截面积相同，乙电阻材料的导电性能比甲好 D．甲、乙两导体串联时，甲两端的电压大于乙两端的电压 11．在如图所示电路中，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中（　　） A．电流表A1示数变小 B．电流表A2示数不变 C．电压表示数与电流表A1示数的比值不变 D．电压表示数变大 12．两只定值电阻，甲标有“5Ω；2A”。乙标有“10Ω；0.9A”，把它们并联起来，两端允许加上的最高电压是（　　） A．1V B．9V C．10V D．19V 13．如图所示是电阻甲和乙的U﹣I图象，下列对图象信息做出的判断，正确的是（　　） A．当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为2.5A B．当乙两端电压为1V时，其电阻值为0.4Ω C．将甲乙串联，若它们两端的总电压为2V，则通过它们的电流为0.3A D．将甲乙并联，若电压为2V，则此时甲的电阻小于乙的电阻 14．有一根合金线，在其两端加3V电压时，测得电阻值为5Ω，如果在其两端加6V电压，电阻值应为（　　） A．0.5Ω B．2Ω C．5Ω D．10Ω 15．如图所示电路，闭合开关S，当滑片P向左移动时，下列分析正确的是（　　） A．R与L串联 B．电压表示数变小 C．电流表示数变小 D．电流表示数变大 二、填空题 16．在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关 S，将滑动变阻器的滑片 P 向右移动，电压V的示数将 ，电流A的示数 ，电压V与电流A示数的比值 。（均选填“变大”“变小”或“不变”） 17．导体两端的电压为3伏时，通过它的电流为0.3安，则导体的电阻为 欧。若导体两端的电压改为6伏时，导体的电阻将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 18．当在一段电阻丝两端加载12V电压时，通过电阻丝的电流为0.5A，则它的电阻为 Ω；若把电压增大为两倍时，电阻的阻值 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。 19．喜欢钻研的小明，通过自己的观察研究，画出了家中电吹风的电路图（如图）。他还想知道电热丝的阻值，于是找来一个量程合适的电流表，将其与电吹风串联后接入家庭电路，当只闭合开关 时吹冷风；再闭合另一开关吹热风，与吹冷风时相比，电流表的示数变化了4.4A，则电热丝阻值为 Ω。 三、计算题 20．如图所示，电源电压不变，当S1，S2均断开时，电压表的示数为4V，三个电阻的阻值分别为R1=R3=5Ω，R2=10Ω，求： （1）当S1、S2均断开时，电流表的示数和电源电压； （2）当S1、S2均闭合时，电流表的示数。 21．如图甲所示的电路中，电源电压为14V保持不变；滑动变阻器标有“20Ω 2A”字样，闭合开关S，电流表的示数如图乙所示 （1）求此时滑动变阻器R连入电路的阻值； （2）移动变阻器滑片P，在不损坏电路元件前提下，求电路中的最大电流和最小电流。 22．某物理兴趣小组设计了探测湖底未知属性的矿石密度的装置，其部分结构如图甲所示。电源电压未知，R0为定值电阻，滑动变阻器R的阻值随弹簧的拉力F变化关系如图乙所示，T为容器的阀门。某次探测时，一个用混合金属制成的质量为24kg的水下机器人站在10m深的湖底，通过内部自身携带压力传感器显示此时对湖底压力为120N，机器人取出矿石样品M并返回实验室后，将矿石样品M悬挂于P点放入容器中，保持静止状态。打开阀门T，随着水缓慢注入容器，电压表示数U随容器中水的深度h变化关系如图丙中的实线所示。在电压表示数从2V变为4V的过程中，电流表示数分别为0.4A和0.2A（弹簧电阻忽略不计，矿石M不吸水，湖水密度与水相同ρ水=1.0×103kg/m3）求： （1）制成水下机器人混合金属密度； （2）电源电压U和定值电阻R0； （3）矿石M的密度。 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 参考答案： 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B C D C D C B D C B 题号 11 12 13 14 15 答案 C B C C C 1．B 【详解】A．如图所示，将开关闭合，电流有两条路径，分别流过两只灯泡，所以两灯泡是并联的，故A错误； BC．如图所示，两只灯泡并联，电流表A1测干路的电流，电流表A2测通过灯泡L2的电流，由于两个灯泡的规格相同，根据并联电路各支路两端的电压相等和欧姆定律可知：通过两个灯泡的电流相等，因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A1的示数是A2的2倍，故B正确，故C错误； D．如图所示，两只灯泡并联，由于并联电路中各支路互不影响，所以若灯泡L2灯丝烧断，灯泡L1亮度不变，故D错误。 故选B。 2．C 【详解】由电路图可知，S断开时，两电阻串联，电压表测电源电压，电流表测电路电流；S闭合时，电阻R2被短路，只有电阻R1接入电路，电压表测电源电压，此时电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；由于电源电压不变，所以电压表示数不变。 故选C。 3．D 【详解】由电路图可知，定值电阻R1与R2串联，电流表测量电路电流，电压表测量R1和R2左边部分电阻两端的电压，当滑片向左移动时，总电阻不变，电路电流不变，即电流表示数不变，R2左边部分的电阻减小，根据分压原理可知，R2左边部分的电阻两端的电压减小，R1和R2左边部分电阻两端的电压减小，即电压表示数变小，故ABC错误，D正确。 故选D。 4．C 【详解】A．由图示可知，两电阻是串联的，电压表测滑动变阻器两端的电压；电压表示数与电流表示数之比等于滑动变阻器的电阻，所以比值是变化的，故A不符合题意； B．电压表是测电压的，电流表是测电流的，两个表示数的变化量是不能比较的，故B不符合题意； C．电压表示数变化量与电流表示数变化量之比等于定值电阻的阻值，是一定的，所以成正比，故C符合题意； D．电压表示数变化量与电流表示数变化量之积不是定值，是随电流的大小变化的，故D不符合题意。 故选C。 5．D 【详解】匀速直线运动，采用了比值定义法，虽然可由s、t计算v，但v与s、t无关。 A．密度，虽然可由m、V计算ρ，但ρ与m、V无关，而是由物质的种类和状态决定，属于比值定义法，故A不符合题意； B．比热容表达式，虽然可由Q、m、计算c，但c与Q、m、无关，而是由物质的种类和状态决定，属于比值定义法，故B不符合题意； C．热值表达式，虽然可以由Q、m计算q，但q与Q、m无关，而是由燃料的种类决定，属于比值定义法，故C不符合题意； D．是欧姆定律表达式，因为I与U成正比，与R成反比，不属于比值定义法，故D符合题意。 故选D。 6．C 【详解】电阻是导体本身的性质，电阻的大小只与导体的长度、横截面积、材料及温度有关，与通过导体中的电流及导体两端的电压无关，故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 7．B 【详解】将AB两点间5Ω的电阻更换为10Ω的电阻，根据串联电路分压规律可知，AB间的电压将增大（电压表的示数增大）；为保持AB间的电压不变，要移动滑片使AB间的电压减小，根据串联电路电压规律可知，则应将当滑动变阻器两端电压升高．根据串联电路分压规律可知，则滑动变阻器接入电路的阻值要变大，所以应将变阻器滑片向右移动．故B符合题意． 8．D 【详解】A．根据题意可知，都是铅笔芯，材料都相同，所以不能探究电阻与材料的关系，故A错误； B．根据实物图可知，铅笔芯接入电路中的长度可以改变，所以可以探究导体电阻与导体长度的关系，故B错误； C．闭合开关，夹子A向右移动的过程中，铅笔芯接入电路中的长度变短，电路中电阻变小，根据欧姆定律可知，电压不变，电流变大，灯泡亮度变亮，故C错误； D．夹子A从最左端移动到最右端的过程中，发现灯泡亮度变化不明显，说明电流变化不明显，电阻变化不大，应换用电阻大的铅笔芯，而在长度不变时，铅笔芯越细，电阻越大，故D正确。 故选D。 9．C 【详解】AD．当被测者的身高比前者更高时，变阻器R2的阻值变大，根据分压原理可知，变阻器两端的电压会变大，故通过电压表的示数来反映人身高示数的变化，符合人们的思维习惯；变阻器R2的阻值变大，电路总电阻变大，根据可知，电路的电流变小，故AD正确，AD不符合题意； B．变阻器R2接入电路的阻值是6Ω时，电路总电阻 电路电流 变阻器R2两端的电压 故B正确，B不符合题意； C．当电路中电流为0.5A时，电路总电阻 则变阻器R2的阻值 故C错误，C符合题意。 故选C。 10．B 【详解】AB．由图象可知，通过甲乙两电阻的电流与各自两端的电压成正比例函数，即通过导体甲乙的电流与两端的电压成正比，故A项与题意不相符，B项与题意相符； C．由图可知 ， ， 所以甲的电阻比乙的大，说明早的导电性能比乙的差，故C项与题意不相符； D．甲、乙两导体串联时，流过甲、乙导体的电流相等，由于甲的电阻比乙的大，所以甲两端电压比乙两端电压，故D项与题意不相符． 11．C 【详解】由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表V测电源两端的电压。 AB．将滑动变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，由可知，R2支路的电流变小，R1所在支路不受影响，所以电路中的总电流变小，电流表A2的示数变小，电流表A1示数不变，故AB不符合题意； C．因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，R1支路的电流不变，电流表A1的示数不变，则电压表V与电流表A1示数的比值不变，故C符合题意； D．因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故D不符合题意。 故选C。 12．B 【详解】甲的额定电压为 乙的额定电压为 并联各支路的电压相等，所以把它们并联起来，两端允许加上的最高电压为9V。故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 13．C 【详解】A．由图象可知，当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为0.1A，故A错误； B．由图象可知，当乙两端电压为1V时，电流为0.4A，则乙的电阻为 故B错误； C．将甲乙串联，则通过甲乙两用电器的电流相等，由图象可知，当电流为0.3A时，甲两端电压为1.5V，乙两端电压为0.5V，则两用电器的总电压为2V，故C正确； D．将甲乙并联，若电压为2V，由图象可知，通过乙的电流大于通过甲的电流，根据可知，甲的电阻大于乙的电阻，故D错误。 故选C。 14．C 【详解】已知电阻两端加3V电压，电阻为5Ω，当电压为6V时，导体材料、长度、横截面积没有变化，所以电阻仍然为5Ω，电阻的大小与电压大小无关。故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 15．C 【详解】A B．闭合开关，灯泡和滑动变阻器并联接入电路，电流表测干路电流，电流表测通过灯泡的电流，电压表测电源电压，则电压表的示数不变，故AB错误； CD．并联电路中各支路两端电压相等，当滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流变小，因并联电路中各支路互不影响，所以通过灯泡的电流不变，即电流表的示数不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则干路电流变小，即电流表示数变小，故C正确，D错误。 故选C。 16． 变小 变小 不变 【详解】[1][2]电路中滑动变阻器R2与定值电阻R1串联，电压表测量定值电阻R1的电压，滑片P向右移动，R2接入电路的阻值变大，R1分得的电压变少，所以电压表示数变小，电路中总电阻变大，所以电流表示数变小。 [3]电压表示测量定值电阻电压，电流表示数等于通过定值电阻的电流，其比值即为定值电阻的阻值，所以电压V与电流A示数的比值不变。 17． 10 不变 【详解】[1]由知道，导体的电阻 [2]因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当导体两端的电压改为6伏时，导体的电阻仍为10Ω不变。 18． 24 不变 【详解】[1]根据欧姆定律可得导体的电阻 [2]因为电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，当这段电阻丝两端的电压增大为两倍时，电阻的阻值不变。 19． S1 50 【详解】[1]只闭合开关S1时，电路为电动机的简单电路，所以电吹风吹冷风 [2]再闭合另一开关吹热风，与吹冷风时相比，电流表的示数变化了4.4A，说明通过电热丝的电流是4.4A，由欧姆定律可得电热丝阻值为 20．（1）0.4A，6V；（2）1.8A 【详解】解：（1）当S1、S2均断开时，电阻R2、R3串联，电流表测电路电流，电压表测电阻R2两端电压为4V。则电路电流即电流表的示数 根据串联电路电阻关系以及可得电源电压 （2）当S1、S2均闭合时，电阻R3被短路，电阻R1、R2并联，电流表测干路电流。根据并联电路电阻关系可得此时总电阻 则此时干路电流即电流表的示数 答：（1）当S1、S2均断开时，电流表的示数是0.4A，电源电压是6V； （2）当S1、S2均闭合时，电流表的示数是1.8A。 21．（1）17.5Ω；（2）2A；0.7A 【详解】解：（1）由电路图可知，只有R连入电路，电流表测电路中的电流，由图乙可知，电流表的量程是0～3A，则示数为0.8A，由欧姆定律可得，滑动变阻器R连入电路的阻值 （2）由于电流表的量程是0～3A，滑动变阻器标有“20Ω 2A”字样，则电路中的最大电流为2A； 当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，由欧姆定律可知通过电路的电流最小，最小电流为 答：（1）此时滑动变阻器R连入电路的阻值为17.5Ω； （2）移动变阻器滑片P可以使电流表的最大值和最小电流分别为2A、0.7A。 22．（1）2×103kg/m3；（2）6V，10Ω；（3）3×103kg/m3 【详解】解：（1）水下机器人静止在湖底时对湖底的压力和湖底对机器人的支持力是一对相互作用力，大小相等，即 F支持力=F压=120N 水下机器人静止在湖底时受到重力、支持力、浮力三个力，在这三个力的作用下处于平衡状态，即 G=F支持力+F浮 所以 mg=F支持力+ρ水g 代入数据得 24kg×10N/kg=120N+1.0×103kg/m3×10N/kg× 解得混合金属的密度为 ρ混合金属=2×103kg/m3 （2）由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，由题意“在电压表示数从2V变为4V的过程中，电流表示数分别为0.4A和0.2A”知，定值电阻两端电压的变化量为 ΔU=4V﹣2V=2V 电流的变化量为 ΔI=0.4A﹣0.2A=0.2AR0的电阻为 R0==10Ω 电源电压为 U=2V+I1R0=2V+0.4A×10Ω=6V （3）由图知，当容器内水的深度在0～h1时，电压表的示数为2V，电路中的电流为0.4A，滑动变阻器接入电路中的电阻为 R1==5Ω 由图乙可知，此时拉力 F1=22.5N 当容器内水的深度大于h2时，电压表的示数为4V，电路中的电流0.2A，滑动变阻器接入电路中的电阻 R2==20Ω 由图乙可知，此时拉力 F2=15N 由于是往容器中缓慢注水，结合图丙可知： ①当容器内水的深度在0～h1时，矿石没有浸在水中，不受浮力，此时弹簧的拉力与重力平衡，拉力最大； ②当容器内水的深度在h1～h2时，矿石浸在水中受浮力的作用，水的深度增加，浮力增大，拉力减小； ③当容器内水的深度大于h2时，矿石浸没在水中，浮力最大且不变，此时拉力最小。 由于 F1=22.5N>F2=15N 结合上述分析可知：矿石的重 G=F1=22.5N 矿石浸没在水中时拉力为 F2=15N 根据称量法测浮力可知，矿石浸没在水中时受到的浮力 F浮=G﹣F2=22.5N﹣15N=7.5N 矿石的体积 V=V排==7.5×10-4m3 矿石M的密度 ρ==3×103kg/m3 答：（1）制成水下机器人混合金属密度为2×103kg/m3； （2）电源电压U为6V，定值电阻R0为10Ω； （3）矿石M的密度是3×103kg/m3。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $$