广西县域高中2024-2025学年高二上学期阶段评估物理试卷

广西县域高中阶段评估高二物理试卷第 1页，共 4页 广西县域高中 2024—2025学年度秋季学期阶段评估 高二物理 （试卷总分 100分，考试时间 75分钟） 注意事项： 1．答题前，务必将自己的姓名、班级、准考证号填写在答题卡规定的位置上。 2．答选择题时，必须使用 2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后， 再选涂其它答案标号。 3．答非选择题时，必须使用 0.5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。 4．所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。 一、选择题：本题共 10 小题，共 46 分。在每小题给出的四个选项中，第 1～7 题只有一个选项正确，选对的得 4 分，第 8～10 题有多个选项正确，全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。 1．电子墨水屏表面附着很多体积很小的“微胶囊”，封装了带有电荷的黑色颗粒和白色颗粒，底部电极接有如图 所示的电源，使黑色和白色的颗粒有序排列，从而呈现出黑白分明的可视化效果，下列说法正确的有 A．黑色颗粒带有正电荷，白色颗粒带有负电荷 B．白色颗粒带有正电荷，黑色颗粒带有负电荷 C．把电场换成垂直纸面向外的匀强磁场，可以使屏幕显示出黑白分明的可视化效果 D．把电场换成垂直纸面向里的匀强磁场，可以使屏幕显示出黑白分明的可视化效果 2．下列判断正确的是 A．图甲中磁铁向右插入不闭合线圈，线圈中会产生感应电动势 B．图乙中矩形金属线圈水平向右移动，矩形线圈中会产生感应电流 C．图丙中闭合导线框以其任何一条边为轴在磁场中旋转，都能产生感应电流 D．图丁中水平放置的圆形线圈直径正上方导线中电流增大，线圈中产生感应电流 3．如图所示，A、B为一对等量正点电荷连线上的两点（其中 B为中点），C为连线中垂线上的一点。今将一个 电荷量为 q的负点电荷自 A沿直线移到 B再沿直线移到 C，关于此过程下列说法中正确的是 A．负点电荷自 A沿直线移到 B，电势能逐渐减小 B．负点电荷自 A沿直线移到 B，电势能逐渐增加 C．负点电荷自 B沿直线移到 C，电势能逐渐减小 D．负点电荷在 A点的电势能与在 C点的电势能相同 4．如图所示电容式话筒就是一种电容式传感器，其原理是：导电性振动膜片与固定电极 构成了一个电容器，当振动膜片在声压的作用下振动时，两个电极之间的电容发生变 化。电路中电流随之变化，这样声信号就变成了电信号，则当振动膜片向左振动时 A．电容器电容值增大 B．电容器带电荷量增大 C．电容器两极板间的场强增大 D．电阻 R上电流方向自左向右 广西县域高中阶段评估高二物理试卷第 2页，共 4页 5．如图甲、乙、丙、丁所示，下列关于四幅图的说法正确的是 A．甲图，通电螺线管周围产生的磁场和磁感线都是真实存在的 B．乙图，将小磁针放在地球表面赤道位置自由静止时，小磁针的 N极指向地理南极 C．丙图，法拉第圆盘发电机利用了“电生磁”的现象为原理制作而成 D．丁图，麦克斯韦推断的电磁波产生与传播的原理图 6．如图所示，实线为电场的等势线，虚线是一带电粒子仅在此电场作用下的运动轨迹， M、N分别是运动轨迹与等势面 b、d的交点，下列说法正确的是 A．粒子带正电荷 B．粒子在 M点的电势能小于在 N点的电势能 C．若粒子从 M点运动到 N点，则动能增大 D．M点的电场强度比 N点的小 7．一对等量点电荷位于平面直角坐标系 xOy的一个轴上，它们激发的电场沿 y轴方向上 的场强和沿 x轴方向上的电势随坐标的变化情况分别如图甲、乙所示，甲图为 y轴上 各点场强随坐标变化的 E y 图像，且沿 y轴正方向场强为正。乙图为 x轴上各点电势随坐标变化的 x  图像， 且以无穷远处电势为零。图中 a b、 和 、c d为轴上两组关于原点O的对称点，根据图像判断，下列有关描述正 确的是 A．这是一对关于原点O对称的等量负点电荷所激发的电场，电荷位于 y轴上 B．这是一对关于原点O对称的等量异种点电荷所激发的电场，电荷位于 x轴上 C．将一个点电荷 q 从 y轴上 a点由静止释放，它会在 aOb间往复运动 D．将一个点电荷 q 从 x轴上 c点由静止释放，它会在 cOd间往复运动 8．等腰直角三棱柱如图所示，其中侧面 abcd为正方形，边长为 L，侧面 cdef与水平面平行，该三棱柱位于水平 向左的匀强磁场中，磁感应强度大小为 B。下列说法正确的是 A．穿过正方形 abcd的磁通量大小为 22 2 BL B．穿过矩形 abcd的磁通量和穿过矩形 abfe的磁通量相等 C．磁通量有正负，所以是矢量 D．穿过矩形 abfe的磁通量大小为 22 2 BL 9．以下说法正确的是 A． FE q  是电场中某点的电场强度的定义式，是用比值法定义的物理量，场强由电场本身决定，与 F和 q无关 B．由 p E q   可知，电场中某点的电势 与 q成反比 C．由 abU E d  可知匀强电场中任意两点 a、b间距离越大，则两点间电势差也一定越大 D． 2 kQE r  是真空中点电荷场强的计算式，E与 Q成正比，与 r的平方成反比 10．如图甲所示，直线加速器由多个横截面积相同的金属圆筒依次排列，其中心轴线在同一直线上，圆筒的长度 广西县域高中阶段评估高二物理试卷第 3页，共 4页 依照一定的规律依次增加。序号为奇数的圆筒和交变电源的一个极相连，序号为偶数的圆筒和该电源的另一 个极相连。交变电源两极间电势差的变化规律如图乙所示。某时刻位于序号为 0的金属圆板中心的粒子由静 止开始加速，沿中心轴线进入圆筒 1，粒子运动到圆筒与圆筒之间各个间隙中都恰好使静电力的方向跟运动 方向相同而不断加速。已知电压的绝对值为 0U ，周期为T ，粒子的比荷为 k，粒子通过圆筒间隙的时间可以 忽略不计，只考虑静电力的作用。则 A．粒子在金属圆筒内做匀加速直线运动 B．粒子在各个金属圆筒内运动的时间均为 2 T C．粒子刚进入第 8个圆筒时的速度大小为 04 kU D．第 8个圆筒的长度为 04T kU 二、非选择题：本题共 5 小题，共 54 分。 11．导电胶具有粘合和导电功能，在医疗辅助中有广泛应用。某研究性学习小组为探究某种导电胶材料电阻率， 把导电胶装入玻璃管中，导电胶两端通过电阻不计的金属片与导线相连，如图甲所示。 （1）在装入导电胶之前，先用游标卡尺测量玻璃管的内径，如图乙所示，该玻璃管内径为 cm。 （2）用多用电表粗略测得该导电胶电阻约为 30Ω，为精确测量其电阻阻值，现有 3.0V的干电池组、开关和 若干导线及下列器材： A．电压表 0~3V，内阻约 1kΩ B．电流表 0~20mA，内阻 g 50R   C．定值电阻 1Ω D．定值电阻 12.5Ω E．滑动变阻器 0~10Ω ①由于电流表量程偏小，需要对电流表进行合理改装，改装时应选 （填器材前面的序号）作为分流电阻 0R 。 ②在答题卡上将图中所示器材符号连线，画出实验电路原理图，要求测量结果尽量准确，电压和电流的 测量范围尽可能大 。 ③测出电压表读数 U、电流表读数 I，则该导电胶电阻 R  （用 U、I、Rg、R0表示）。 12．某学习小组利用图甲电路测量干电池的电动势 E和内阻 r（约 2Ω），其中 R为电阻箱，R1为定值电阻，其实 验步骤如下： （1）测量 R1的阻值，断开开关 S，先将多用电表选择开关旋至欧姆挡“×1”倍率，进行欧姆调零，测量 R1 时的示数如图乙所示，则其读数为 Ω； （2）将多用电表的选择开关旋至直流电压挡，闭合开关S，接电路中的 a点的那支表笔不动，另一支表笔 广西县域高中阶段评估高二物理试卷第 4页，共 4页 接电路中的 （选填“b”或“c”）点，调节并记下电阻箱阻值 R和电压表的示数 U，则接 a点的那 支表笔是 （选填“红”或“黑”）表笔； （3）多次改变电阻箱的阻值 R，记录下对应的电压 U； （4）以 1 U 为纵轴、 1 R 为横轴，根据实验数据作出 1 1 U R  图线如图丙所示； （5）若不考虑多用电表对电路的影响，结合图丙可知，干电池的电动势 E= V，内阻 r= Ω（计 算结果均保留两位有效数字）。若考虑多用电表内阻的影响，则电动势的测量值 真实值（选填“大 于”“小于”或“等于”）。 13．如图所示的电路中，电阻 1 12R  ， 2 8R  ，滑动变阻器 3R的最大阻值为 4Ω。闭合开关 K，当滑动变阻器 的滑片滑到最左端时，理想电流表的示数 1 0.25AI  ，当滑片滑到最右端时，电 流表示数 2 0.36AI  。求： （1）滑动变阻器的滑片在最左端时，路端电压 U； （2）电源的电动势 E和内阻 r。 14．喷墨打印机的结构简图如图所示，其中墨盒可以发出墨汁微滴，此微滴经过带电室时被带上负电，带电的多 少由计算机按字体笔画高低位置输入信号控制．带电后的微滴以一定的初速度进入偏转电场后，打到纸上， 显示出字体．无信号输入时，墨汁微滴不带电，径直通过偏转板而注入回流槽流回墨盒。设偏转板板长为 1.6cmL  ，两板间的距离为 0.50cmd  ，偏转板的右端与纸的距离 1 3.2cmL  ，若一个墨汁微滴的质量为 101.6 10 kgm   ，以 0 20m/sv  的初速度垂直于电场方向进入偏转电场，两偏转板间的电压是 38.0 10 VU   ， 此时墨汁微滴打到纸上的点距原射入方向的距离是 2.0mmY  。不计空气阻力和墨汁微滴的重力，可以认为 偏转电场只局限在平行板电容器内部，忽略边缘电场的不均匀性．求： （1）上述墨汁微滴通过带电室带上的电量是多少？ （2）若用（1）中的墨汁微滴打字，为了使纸上的字体长度放大 10%， 有两种方法： 第一种方法，偏转板间电压 U应变为多大？ 第二种方法，偏转板的右端与纸的距离 1L 应变为多大？ 15．如图所示，一轻弹簧原长 L=2m，其一端固定在倾角为θ=37°的固定斜面 AF的底端 A处，另一端位于 B处， 弹簧处于自然伸长状态，斜面 AF长 x=3m。在 FC间有一上表面与斜面平行且相切的传送带，且 FC长 x0=4m， 传送带逆时针转动，转动速度为 4m/s。传送带上端通过一个光滑直轨道 CH与一个半径为 16 m 45 r  的光滑 圆弧轨道 DH相切于 H点，且 D端切线水平，A、B、C、D、F、H均在同一竖直平面内，且 D、C在同一 竖直线上。质量为 m=5kg的物块 P（可视为质点）从 C点由静止释放，最低到达 E点（未画出），随后物 块 P沿轨道被弹回，最高可到达 F点。已知物块 P与传送带间的动摩擦因数为 1 3 4   ，与斜面间的动摩擦 因数为 2 1 4   ，重力加速度 g=10m/s2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力， sin37°=0.6，cos37°=0.8，弹簧始终在弹性限度内。 （1）求 BE间距离及物块 P运动到 E点时弹簧的弹性势能； （2）改变物块 P的质量，并将传送带转动方向改为顺时针，转动速度大 小不变。将物块 P推至 E点，从静止开始释放，在圆弧轨道的最高点 D处水平飞出后，恰好落于 F点，求物块运动到 D点的速度； （3）在（2）的基础上，求改变后物块 P的质量 m0。 广西县域高中阶段评估高一物理答案第 1页，共 5页 广西县域高中 2024—2025 学年度秋季学期阶段评估 高二物理 参考答案、提示及评分细则 1．B【解析】AB．根据图像可知，黑色颗粒被正电吸引，所以黑色颗粒带有负电荷，白色颗粒被负电吸 引，所以白色颗粒带有正电荷，故 A错误 B正确；CD．把电场换成垂直纸面的匀强磁场，无论磁场方 向如何，由于电荷没有速度，不受洛伦兹力作用，不能显示出黑白分明的可视化效果，故 CD错误。 2．A【解析】A．图甲中磁铁向右插入不闭合线圈，线圈中磁通量发生变化，线圈中会产生感应电动势由 于线圈不闭合，线圈中不会产生感应电流，选项 A正确；B．图乙中矩形金属线圈水平向右移动，由于 线圈的磁通量保持不变，矩形线圈中不会产生感应电流，选项 B错误；C．图丙中的闭合导线框，若以 竖直边为轴在磁场中旋转，不能产生感应电流，选项 C错误；D．图丁中水平放置的圆形线圈直径正上 方导线中电流增大，线圈的磁通量一直为零，保持不变，线圈中没有感应电流，选项 D错误。 3．B【解析】AB．由于 B点是等量正点电荷连线上的中点，所以 B点的电场强度为零，负点电荷自 A沿 直线移到 B，电场力方向水平向左，所以电场力做负功，电势能逐渐增大，A错误，B正确；C．负点 电荷自 B沿直线移到 C，电场力方向与运动方向相反，电场力做负功，故电势能逐渐增大，C错误；D．由 于负点电荷自 A沿直线移到 B，再沿直线到 C，电场力一直做负功，电势能一直在增大，所以负点电荷 在 A点的电势能小于在 C点的电势能，D错误。 4．D【解析】A．振动膜片向左振动时电容器两极板间的距离变大，由 4 SC kd    可知电容器的电容减小， A错误；BD．由 QC U  ，可知，在 U不变的情况下，C减小则 Q减小，电容器处于放电状态，R中电 流方向自左向右，B错误，D正确；C．依据 UE d  可知，电容器两极板间的场强减小，C错误。 5．D【解析】A．磁场真实存在，但磁感线是为了描述磁场的性质引人的假想线，并不实际存在，故 A错 误；B．地理南极即为地磁北极，则在赤道位置的地磁场方向由地理南极指向地理北极，小磁针 N极方 向与磁场方向相同，故此时小磁针的 N极应指向地理北极，故 B错误；C．法拉第圆盘发电机是利用电 磁感应---“磁生电”现象为原理制作的，故 C错误；D．麦克斯韦推断：若在空间某区域有周期性变化的 电场，那么它就在空间引起周期性变化的磁场，这个变化的磁场又引起新的变化的电场，这样交替产生， 由近及远地向周围传播，即为电磁波的产生和传播原理，故 D正确。 6．B【解析】A．根据等势线的分布可知电场线大致向右，根据曲线运动的合外力指向轨迹的凹侧，可知 粒子受到的电场力大致向左，可知粒子带负电，故 A错误；B．粒子带负电，M点的电势大于 N点的 电势，根据负电荷在高电势处电势能反而小可知，粒子在 M点的电势能小于在 N点的电势能，故 B正 确；C．粒子在 M点的电势能小于在 N点的电势能，若粒子从 M点运动到 N点，电势能增大，根据能 量守恒，粒子的动能减小，故 C错误；D．等势面越密，电场强度越大，M点处电场线较密，故 M点 的电场强度比 N点的大，故 D错误。 7．C【解析】AB．因为 x轴上各点的电势均小于零，且 x  图像关于 轴对称，表明是一对等量负点电 荷激发的电场，又因为 E y 图像中 y轴正方向场强为负， y轴负方向场强为正，表明这一对负点电荷 在 x轴上关于原点O对称，故 AB错误；C．将一个点电荷 q 从 y轴上 a点由静止释放，它从 a点向O点 先做加速度逐渐增大的加速运动，后做加速度逐渐减小的加速运动，越过原点后先做加速度逐渐增大的 广西县域高中阶段评估高一物理答案答案第 2页，共 5页 减速运动，后做加速度逐渐减小的减速运动，到达b点时速度恰好为零，此后又变速运动到 a点，故 C 正确；D．将一个点电荷 q 从 x轴上 c点由静止释放，它将直接向 x轴负向的负电荷运动并粘合，故 D 错误。 8．ABD【解析】A．磁通量的公式 BS  中S为正方形平面 abcd投影到垂直磁场方向的有效面积，则 2 22cos 45 2 B L BL      故 A正确；BD．磁场穿过矩形 abcd的有效面积和穿过矩形 abfe的有效面积 相等，则在匀强磁场中，穿过矩形 abcd的磁通量和穿过矩形 abfe的磁通量相等，均为 22 2 BL 。故 BD 正确；C．磁通量有正负，但其加减运算规则并不满足平行四边形定则，所以是标量，故 C错误。 9．AD【解析】A．场强由电场本身决定，与试探电荷 q和所受电场力 F无关，A正确；B．由电势 p E q   定义式可知电势是由电场本身的性质所决定的，与电荷 q无关，B错误；C．公式 abU E d  只适用匀 强电场，且 d为沿场强方向的距离，C错误；D． 2 kQE r  是真空中点电荷场强的决定式，E与 Q成正比， 与 r的平方成反比，D正确。 10．BC【解析】A．由于金属圆筒处于静电平衡状态，圆筒内部场强为零，则电子在金属圆筒中做匀速直 线运动，故 A错误；B．因为电子从金属圆筒出来后要继续做加速运动，所以电子在金属圆筒中的运 动时间应该为交变电源周期的一半，即 2 T ，故 B正确；C．由动能定理得 20 18 2 eU mv 可得粒子刚进 入第 8个圆筒时的速度大小为 00 44 eUv m kU  故 C正确；D．因为电子在圆筒中做匀速直线运动， 所以第 8个圆筒长度为 08 2 2TL kv T U   故 D错误。 11．（1）2.25（2）D 0 0 g g( ) ) ( R R U IR I R   【解析】（1）10分度游标卡尺的精确值为 0.1mm ，由图可知该玻璃管内径为 22mm 5 0.1mm 22.5mm 2.25cmd      （2）①[1]估测电路可达到的最大电流为 3 A 0.1A 30 I   应并联一个分流电阻，其阻值为 g g 0 g 0.02 50 12.5 0.1 0.02 I R R I I         ②由于改装后的电流表内阻已知，所以电流表采用内接法；由于滑动变阻器 最大阻值较小，同时要满足电压和电流的测量范围尽可能大，所以滑动变阻 器采用分压接法，则电路如图所示 ③测出电压表读数 U、电流表读数 I，则流经导电胶的电流 0 g 0 g 1 0 0 ( )R IR R R I I I I I R R       ，导电胶两端电压为 1 gU U IR  故该导电胶的电阻为 g 0 g 1 0 1 ( ( ) )U IRUR I I R R R     广西县域高中阶段评估高一物理答案第 3页，共 5页 12．6 b 红 9.1 1.2 小于 【解析】（1）多用电表选择开关旋至欧姆挡“×1”倍率，则由图可知读数为 6Ω； （2）实验需要记录电阻箱的电压和电阻，因此表笔应接 b点；闭合开关S，电路中的 a点电势最高， 根据多用电表“红进黑出”原则可知，接 a点的表笔应当是红表笔。 （5）接电路中的 a点的那支表笔不动，另一支表笔接电路中的b点，不考虑多用电表对电路的影响， 由闭合电路的欧姆定律有  1 UE U R r R    ，整理得 1 1 1 1R r U E R E     结合图像有 1 0.11 E  ， 6 0.90 0.11 1.0 r E    解得 9.1VE  ， 1.2Ωr  考虑到多用电表的分流，设直流电压挡的内阻为 VR ，电动势的真实值为 0E ，测量值为 E，则    0 1 1 V U U UE U R r E U R r R R R              即测量值小于真实值。 13． （1）滑动变阻器的滑片在最左端时， 3 4 R ，由欧姆定律可得  1 2 3 3VU I R R   （2）滑动变阻器的滑片在最左端时，设电路总电流为 I总，此时外电路为 3R与 2R 串联后与 1R并联。根 据欧姆定律可得  1 2 3 1 1 0.5A I R R I I R    总 由闭合电路欧姆定律可得  1 2 3E I R R I r   总 滑片在最右端时， 3R短路，此时外电路为 2R 与 1R并联。电路总电流 2 2 2 1 = 0.6AI RI I R    总 由闭合电路欧姆定律可得 2 2E I R I r  总 联立解得 3.6VE  ， 1.2 r 14． （1）墨汁微滴在平行板运动时，由电学知识可得 =U Ed 墨汁微滴在竖直方向的加速度 = qEa m 墨汁微滴在竖直方向的位移 21 2 y at 墨汁微滴在平行板运动时间 0L v t 广西县域高中阶段评估高一物理答案答案第 4页，共 5页 由几何学知识可得 1 2 2 L y L YL   联立可解得  1 2 0 2 2 qUL L L Y dmv   代入数据得 131.25 10 Cq   （2）要使字体放大 10%，可知 Y变为原来的 1.1倍，则 U变为原来的 1.1倍，得 3 31.1 8 10 V 8.8 10 VU      另一种方法：由几何关系 12 L L 变为原来的 1.1倍，得 1 1.6 1.63.2 1.1cm 2 2 L   （ ） 解得 1 3.6cmL  15． （1）当物块 P在传送带上运动时，由牛顿第二定律得 1sin cosmg mg ma    解得 212m/sa  当物块速度达到 4m/s时，其位移为 2 1 0 2 m 2 3 vx x a    故物块 P到达 F点前已经与传送带达到了共同速度。 因为 1 3 tan 4    且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，所以物块 P与传送带达到了共同速度后做匀速直线运动到 F点。设 BE长为 L0，则物块从 F点运动到 E点的过程中，根据能量守恒定律得    20 2 0 p 1sin cos 2 mg x L L mv mg x L L E         物块 P被弹回，从 E点运动到 F点的过程中，由能量守恒有    0 2 0 psin cosmg x L L mg x L L E        联立解得 0 1mL  ， p 80JE  （2）由题意可知，物块从 D点做平抛运动落于 F点，设过 D点的速度为 vD， 则水平方向上有 0 cos Dx v t  ， 竖直方向上有 2 0 1sin cos 2 rx r gt     ， 联立解得 vD=4m/s （3）物块从 C点运动到 D点的过程中只有重力做功，由机械能守恒定律有 2 2 0 0 0 1 1 cos 2 2D C rm g r m v m v          解得 4 2m/s 4m/sCv   广西县域高中阶段评估高一物理答案第 5页，共 5页 故物块 P一直在做减速运动，则物块 P从 E点运动到 C点的过程中，由能量守恒有     20 0 0 2 0 0 1 0 0 0 1sin cos cos 2p C E m g x L L x m g x L L m gx m v              解得 m0=1kg