河南省开封市联考2024-2025学年高一上学期11月月考物理试题

2024-2025年度河南省高二上学期第三次月考 物 理 本试卷满分100分,考试用时75分钟。 注意事项: 1.答题前,考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。 2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂 黑。如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。回答非选择题时,将答案写在 答题卡上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回 4.本试卷主要考试内容:人教版必修第三册,选择性必修第一册第一章。 雨 一、选择题:本题共10小题,共46分。在每小题给出的四个选项中,第1~7题只有一项符合题 如 目要求,每小题4分:第8~10题有多项符合题目要求,每小题6分,全部选对的得6分,选 对但不全的得3分,有选错的得0分。 1.质量n=1.2×10{}kg的汽车在郑州的中州大道以v=10m/s的速度行驶,其动量大小为 A.1.2×103kg·m/s B. 1.2X10kg.m/s C.2.2X10kg·m/s D. 1.5×10kg·m/s E 2.2021年7月4日,航天员走出离地面高度约为400km的中国空间站,标志着我国空间站航 天员首次出舱活动取得圆满成功。航天员出舱的画面是通过电磁波传输到地面接收站的 下列关于电磁波的说法正确的是 & A.韦伯通过实验捕捉到电磁波,并证实了麦克斯韦的电磁场理论 B. 只要空间某处的电场或磁场发生变化,就会在其周围产生电磁波 将 C.航天员出舱活动的画面从空间站传到地面接收站最少需要约0.013s D.电磁波频率越高,其能量子的能量越大 3.图为一有两个量程的电压表的内部电路,当使用A、B两个端点时,量程为0~10V;当使用 A、C两个端点时,量程为0~100V。已知表头的内阻R.-500O,满偏电流I.-1mA,电阻 R、R,的值分别为 A.950O 9000Q B.9 500 2 90 000 C C.99 5002 9 500 2 D.90 000O 9500Q 4.如图所示,直线I、II分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线,曲线II 是某金属元件的U一I曲线,若把该元件分别与电源1、电源2单独连接,则下列说法正确 【高二物理 第1页(共6页)】 ·25-163B1· 进 扫描全能王 创建 的是 A.电源1与电源2的内阻之比是7:11 U/V B. 电源1与电源2的电动势不同 C.在这两种连接状态下,该元件消耗的功率之比是1;2 D.在这两种连接状态下,该元件的电阻之比是1:2 I1/ 5.图甲为电荷均匀分布、半径为R的固定大圆环,A点在B点上方,B、C两点关于圆心O对 称。以圆心O为坐标原点、竖直向上为x轴正方向建立坐标系(未画出),大圆环产生的电场 的电场强度在x轴上的分布如图乙所示。下列说法正确的是 过将#进 E 乙 A.沿A→B→O方向电势逐渐降低 B.大圆环带正电,电场强度沿轴线向外先增大后减小 C.若把带负电的点电荷依次放在B、C两点,则它所受电场力相同 D.若把带负电的点电荷依次放在A、B两点,则它在B点具有的电势能比在A点的小 6.如图所示,三根通电平行直导线均垂直于纸面,通过三根导线的电流大小均为I,导线B和C 的电流方向均垂直纸面向里,导线D的电流方向垂直纸面向外,A点是B、D连线的中点 AC垂直BD,且AB一AC一AD一r,已知通有电流I的长直导线在距其r处产生磁场的磁感 应强度大小B一k-(其中i为常量),那么A点的磁感应强度 -DD B.大小为-,方向沿CA向上 C 7.如图甲所示,在粗糙的水平面上静止放置一滑块,:一0时刻在滑块上施加一水平向右的外力 F,外力大小随时间变化的规律如图乙所示,滑块的加速度随时间变化的规律如图丙所示,已 知滑块与水平面间的滑动摩擦力等于最大静摩擦力,取重力加速度大小g一10m/s{②}。下列 说法正确的是 【高二物理 第2页(共6页)】 ·25-163B1. 扫描全能王 创建 1F/N ta/Km.s?) # 甲 N 丙 A.滑块的质量为4kg B.4s末滑块的速度大小为8m/s C.在0~1s的时间内,摩擦力的冲量大小为4N·s D.在0~4s的时间内,摩擦力的冲量大小为24N·s 8.下列说法正确的是 A.静电力常量没有单位 B.两点电荷的电荷量越大,库仑力一定越大 C. 自然界电荷的总量保持不变 D.电荷量是不能连续变化的物理量 9.如图所示的电路中,各电表为理想电表,R,为定值电阻,电源内阻为,且,<R.,在滑动变阻 器R,的滑片从某位置向左移动一小段距离的过程中,设电压表、电压表、电流表A的示 数分别是U.、U、I,电压表、电压表、电流表④示数的变化量的绝对值分别为△U.、U。 △I,则下列说法正确的是 A.电流表示数增大,电压表示数增大 B.U,与I的比值不变 C.△U:与△I的比值小于AU,与△I的比值 D.电源的输出功率一定增大 10.如图,质量和半径都相同的四分之一光滑圆孤体A、B静止在光滑的水平面上,圆孤面的最 低点和水平面相切,圆孤的半径为R。圆狐体B锁定,圆孤体A可以自由滑动,一个小球从 小为g,则 A.小球与圆孤体的质量之比为2:1 B.在小球从圆狐体A的最高点滑到最低点的过程中,A的位 移# 1# D.若圆狐体B没有锁定,则圆狐体B最终获得的速度大小为。 【高二物理 第3页(共6页)】 .25-163B1 扫描全能王 创建 二、非选择题:本题共5小题,共54分。 11.(6分)“祖冲之”研究小组用伏安法测量电阻R的阻值,进而求出电阻率。,其测出了6组电 压、电流值,并在U一I图像中进行描点,如图甲所示。 U/V 20 25//mA (1)阻值R一Q。(结果保留三位有效数字) (2)待测电阻是由均匀材料制成的圆柱体,用50分度的游标卡尺测量其长度与直径,结果分 别如图乙、丙所示。由图可知其长度为 cm:直径为 cr. 主尺0 山H 乙 丙 (3)由以上数据可求出。一Q·m。(结果保留一位有效数字) 12.(8分)某同学利用打点计时器和气垫导轨做“验证动量守恒定律”实验,气垫导轨装置如图 甲所示,所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架等组成。在空腔导轨的两个工作面上均 匀分布着一定数量的小孔,向导轨空腔内不断通入压缩空气,空气会从小孔中喷出,使滑块 稳定地飘浮在导轨上,这样就大大减小了因滑块与导轨之间的摩擦而引起的误差。 __ 弹射 10.-20... 导勃标尺 N 2 (1)下面是实验的主要步骤: ①安装好气垫导轨,调节气垫导轨的调节旋纽,使导轨水平 ②向气垫导轨中通入压缩空气 ③把打点计时器固定在紧靠气垫导轨左端弹射架的外侧,将纸带穿过打点计时器与弹射 架并固定在滑块1的左端,调节打点计时器的高度,直至滑块拖着纸带移动时,纸带始终 在水平方向; 【高二物理 第4页(共6页)】 .25-163B1. 进 扫描全能王 创建 ④使滑块1挤压导轨左端弹射架上的弹射装置; 把滑块2放在气垫导轨的中间; 先___,然后___,让滑块带动纸带一起运动,然后两滑块粘到一起; 取下纸带,重复步骤④,选出较理想的纸带(如图乙所示) ⑧测得滑块1(包括撞针)的质量为620g.滑块2(包括橡皮泥)的质量为410g。 试着完善实验步骤的内容。 (2)已知打点计时器每隔0.02;打一个点,计算可知,两滑块相互作用前系统的总动量为 kg·m/s;两滑块相互作用后系统的总动量为kg·n/s。(结果均保 留四位有效数字) 13.(10分)如图所示,电源电动势E-5V,内阻不计,R-20,电容器的电容C-1×10*P.当 开关闭合,电路稳定后,求 (1)电容器上下两极板的电势差△ (2)电容器的电荷量Q。 将 【高二物理 第5页(共6页)】 ·25-163B1 _~ 扫描全能王 创建 14.(12分)如图所示,一斜面体A,其右端轻靠着长度L.一5m的直木板B,连接处等高,刚开始 一起静止在光滑的水平地面上,滑块C以v一10m/s的初速度从木板B的右端水平向左运 动,已知n.=i一2m.-2kg,滑块C与木板B间的动摩擦因数i一0.1,斜面体A的上表 面是半径R-1m的-光滑圆张,取重力加速度大小g-10m/s。 (1)滑块C滑到斜面体A的瞬间,求木板B的速度大小v; (2)滑块C滑到斜面体A的瞬间,求水平地面受到斜面体A的压力大小F (3)请判断滑块C能不能从斜面体A的顶端飞出 封 线 5.(18分)如图所示,倾角为30{的斜面固定在竖直向下的匀强电场中,电场强度大小为E,一 1 个质量为n、带电荷量为十q(g>0)的小球从斜面上的A点以初速度y。水平抛出,落在斜 面上的B点。已知重力加速度大小为g,不计空气阻力. → (1)求小球从抛出到离斜面距离最大时所用的时间t (2)求小球离斜面的最大距离; (3)取另外一个质量为n、带电荷量为一g(g>0)的小球,仍然从斜面上的A点以初速度v 答 水平抛出,落在斜面上的B点(未画出)。求带电荷量为十g的小球从A点到B点过程 所用的时间t红.与带电荷量为一9的小球从A点到B点过程所用的时间t。的比值 智 【高二物理 第6页(共6页) .25-163B1· 进 扫描全能王 创建2024一2025年度河南省高二上学期第三次月考 物理参考答案 1.B 【解析】动量=mv.代入数据解得-1.2×10kg·m/s.选项B正确。 2.D【解析】赫兹通过实验捕捉到电磁波,并证实了麦克斯韦的电磁场理论,选项A错误;空间某处 电场或磁场周期性变化才会在其周围产生电磁波,均匀变化的电场或磁场只能产生恒定的磁场 3X10s- 1.3X10-→s-0.0013s.选项C错误;由e-hv知电磁波频率v越高,其能量子的能量:越 大,选项D正确。 3.D【解析】当使用A、B两个端点时,量程为0~10V.表头满偏时电压U.-1.R.-0.5V.那 么R:分得的电压为9.5V.由串联电路分压特点可知.R。一95000;当使用A、C两个端点 时,量程为0~100V.R.十R;分得的电压为99.5V,由串联电路分压特点可知,R:+R。 99 500O.那么R.-99500Q-R.-90000Q。选项D正确。 4.C 【解析】题中图像I、II纵轴截距表示电动势,均为10V.选项B错误:图像I、II斜率的绝 是11:7.选项A错误;在这两种连接状态下,该金属元件的电功率分别是P.一U.I.一3× 5W-15W、P.-U.I.=5X6W-30W.功率之比是1:2.选项C正确;在这两种连接状态 5.A【解析】根据题意可知,A、B两点均在:轴正方向上,由题图乙知B点电场强度为负值, 说明电场强度的方向沿A→B→0)方向,根据沿电场线方向电势逐渐降低,可知选项A正确; 根据电场线的方向,可知圆环带负电,电场强度沿轴线向外先增大后减小,选项B错误;B、C 两点关于O点上下对称,电场强度大小相等,方向相反,因此负电荷放在B、C两点所受电场 力大小相等,但方向相反,选项C错误;负电荷在电势低的地方具有的电势能大,因此负电荷 在B点具有的电势能比在A点的大,选项D错误。 6.A【解析】由题意知三根导线的电流在A点产生的磁场的磁感应 _..D 产生的磁场的磁感应强度方向都沿AC方向,导线C的电流在A点 &C 产生的磁场的磁感应强度方向沿AD方向,如图所示,由平行四边 形定则可知,A点的磁感应强度大小为5k-.方向与BD的夹角为6且指向右下方,且 tan6一2,选项A正确。 7.C【解析】根据题图乙可知,外力F与时间的关系的表达式为F一2十4r(N),由题图丙可知 在7一1s时,滑块开始有加速度,故此刻拉力与最大静摩擦力平衡,则有/一F,一6N,由题 图丙可知,在1-4s时,滑块的加速度为4m/s.根据牛顿第二定律有F.一/-na,解得. 【高二物理·参考答案 第1页(共4页) ·25-163B· 进 扫描全能王 创建 1)m/s一6m/s.选项B错误;在0~1s的时间内,有静摩擦力作用,故摩擦力的冲量大小不 2 的时间内,摩擦力的冲量大小I=ft.-6×3N·s-18N·s,故在0~4s的时间内.摩擦 力的冲量大小I-In+I.-22N·s.选项D错误。 8.CD【解析】自然界电荷的总量保持不变,电荷守恒,选项C正确;电荷量只能是元电荷的整 数倍,选项D正确;库仑力还和两点电荷间的距离有关,选项B错误:静电力常量有单位,选 项A错误。 9.ABD【解析】当滑动变阻器的滑片向左滑动时:电路总电阻减小,由 Ptt 闭合电路欧姆定律知总电流I增大,即电流表示数增大,由欧姆定律 可知,R:两端电压增大,即电压表示数增大,选项A正确;U,与I 的比值等于R.,不变,选项B正确;滑片未滑动时U,一E一I(r十 R.).滑片滑动时U,'一E一I'(r十R),得AU。与AI的比值等于r十 R.,而AU:与AI的比值等于U,与I的比值,即R:.所以AU。与AI的比值大于AU,与A 的比值,选项C错误;电源的输出功率与外电路电阻的关系图像如图所示,因为,<R.,R,十 R:一定在大于,的范围内减小,由图像知P增大,选项D正确。 10.CD【解析】由题可知,对小球从A上滑下到与A分离的过程用机械能守恒及水平方向动 之比为1:2.选项A错误;由mx-rA.x+xa-R,得x-R,选B错误;小球最终 会以一 #)_机能守恒有1+vx-(m):-_1ng,得-R,选项C止正 11.(1)229(217~237均正确)(2分) (2)0.800(1分)0.190(1分) (3)8×10-*(9×10-*及其他合理答案都算对)(2分) 【解析】(1)作U一I图线,图线应为过原点的直线,使直线过尽可能多的点,不在直线上的点 均匀分布在直线两侧,偏离直线较远的点(从左边数第2个点)应舍弃,求该直线的斜率人 【高二物理·参考答案 第2页(共4页) .25-163B1. 进 扫描全能王 创建 则R-,得R~229Q. (2)题图乙读数/-8mm+0×0.02mm=8.00mm=0.800cm,题图丙读数d-1mm+ 45×0.02 mm=1.90 mm=0.190 cm。 9×xx(0.190x10-): 2 0.800X10-?--2·m~8×10-:2·m。 12.(1)接通打点计时器的电源(2分)放开滑块1(2分) (2)1.240(2分)1.236(2分) 【解析】(1)先接通打点计时器的电源,后放开滑块1。 (2)相互作用前滑块1的速度v-0.2 0. 2 m/s-2m/s,系统的动量为0. 620 kg×2m/s= 0.14 m/s-1.2m/s.系 统的动量为(0.620 kg+0.410 kg)×1.2m/s-1.236 kg·m/s 13.解:(1)由闭合电路欧姆定律得 (2分) 1Rg-E(1分) I'-0.51(1分) #7### △-RI'-3RI'(2分) 解得△--2V。(1分) (2)由公式Q-CE(1分) 可得Q-2×10-*C。(2分) 14.解:(1)滑块C在木板B上运动,系统动量守恒 mcv=(+m)v:+mcv(1分) 由动能定理得 (1分) (1分) (2)由牛顿第二定律得 (1分) F-F'十ng(1分) 解得F-117.5N。(2分) (3)假设滑块C可滑到斜面体A的顶端 mAv+ncv.-(n+mc)v(1分) 【高二物理·参考答案 第3页(共4页) ·25-163B1. 扫描全能王 创建 (1分) 由于?<v。?(1分) 因此滑块C能从斜面体A的顶端飞出。 (1分) (1分) n 当小球离斜面最远时,其速度方向与斜面平行,有tan30。-x (1分) v v,-ar(1分) 3muo 解得1-3(/g)。 (1分) (2)沿斜面和垂直斜面方向建立直角坐标系,如图所示 (1分) Eg+mgcos 30-3(Eg+me) (1分) 2n 1 由(1)知经过时间/,小球离斜面最远,y轴方向有 , v.:-2ah(1分) 。 (1分) (1分) r-vol1(1分) (1分) 23m。 得t1-3(Eq+mg) (1分) 带电荷量为一q的小球从A点到B'点的过程中,由牛顿第二定律有a'mg-Eq (1分) #-(:(1分) ” r'-v:(1分) (1分) 23mn 得1:-3(mg-Eg) (1分) 解得□ (1分) 【高二物理·参考答案 第4页(共4页)】 ·25-163B1· 扫描全能王 创建