云南省红河州个旧市第三中学2024-2025学年高一上学期期中物理试卷

高一年级期中试卷第 1 页 共 4 页 个旧三中2024年秋季学期期中考试 高一年级物理试卷 考试时间：90分钟 试卷满分：100分 第 I 卷（选择题） 一、单选题(本题共 10 小题，每小题 3 分，共 30 分。每小题给出的四个选项中，只有一项符合题 目要求) 1．关于质点，下列说法正确的是（ ） A．非常大的物体在任何情况下都不能看成质点，体积小的才可以 B．乒乓球比赛中研究选手发球技巧时，可以把乒乓球看成质点 C．观察跳水运动员动作细节时，运动员可以看成质点 D．质点是理想化的物理模型，实际是不存在的 2．2024年6月2日，嫦娥六号成功着陆在月球背面南极-艾特肯盆地预选着陆区，这是人类探测器首次在 月球背面实施的样品采集任务。从相机拍摄的嫦娥六号着陆月球背面过程中发现，月球表面不断靠近 着陆器，此时选取的参考系是（ ） A．地球 B．月球 C．着陆地 D．南极-艾特肯盆地 3．龙门石窟景区由西山石窟、东山石窟、香山寺和白园等景点组成。小王在周日上午8时30分从西山 石窟出发，游遍各景点后返回至出发地，总共用时4h。“8时30分”“4h”所描述的依次为 （ ） A．时刻、时刻 B．时刻、时间间隔 C．时间间隔、时刻 D．时间间隔、时间间隔 4．从距离地面高1.5m的位置竖直向上抛出一个篮球（可视为质点），它上升3.0m后 落到地面，整个过程中篮球的位移大小和路程分别是（ ） A．1.5m、7.5m B．1.5m、1.5m C．7.5m、1.5m D．7.5m、7.5m 5．2024年9月11日12时，由蓝箭航天空间科技股份有限公司自主研发的朱雀三号 VTVL-1可重复使用垂直起降回收试验箭，在酒泉卫星发射中心圆满完成十公里级垂 直起降返回飞行试验。关于火箭减速降落过程中，下列说法正确的是（ ） A．火箭降落过程中，其加速度的方向与速度的方向相同 B．火箭的速度越小，其加速度一定越小 C．火箭落地的瞬间，其加速度一定为零 D．火箭速度的变化率越大，其加速度就越大 6．在一个美丽的中式园林中，存在一个独特的圆形景观区域，其半径为 20m．这个区域 中有一条别致的曲线通道，由两个半径均为10m的半圆首尾相连构成．如图所示，一位 游客在早晨8点从A点出发，沿着图中箭头指示的曲线通道AOC进行游览，并在8点5分到 达C点．设 π 3.14 ，该游客从A点到C点的平均速度和平均速率分别约为（ ） A．0.13m s，0.21m s B．0.21m s，0.13m s C．0.78m s，1.26m s D．2m s，3.4m s 7．做匀变速直线运动的物体的速度v随位移s的变化规律为  21 44s v  ，v与s的单位分别 为m/s和m，据此可知（ ） A．初速度v0=4m/s B．初速度v0=1m/s C．加速度a=1m/s2 D．加速度a=2m/s2 8．在学校学习了打点计时器的原理后，小辰同学利用手机的连拍功能，拍摄了一个网球 每隔相同时间沿竖直方向运动的位置照片，由照片可知（ ） A．网球正在上升 B．网球正在下降 高一年级期中试卷第 2 页 共 4 页 C．网球的加速度方向向下 D．网球的加速度方向向上 9．某物体从坐标原点开始沿直线运动，其运动的 x t 图像如图所示，下列说法 正确的是（ ） A．0-6s内，物体距出发点的最大距离为6m B．第6s末，物体运动返回到出发点 C．第3s内与第4s内物体的速度方向相反 D．第2s内物体的速度比第3s内的大 10．甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t=0时刻同时经过公路旁的同一个路标。在 描述两车运动的v－t图中（如图），直线a、b分别描述了甲乙两车在0~20秒的运动情况。关于两车之间 的位置关系，下列说法正确的是（ ） A．在0~10秒内两车逐渐靠近 B．在10~20秒内两车逐渐远离 C．在5~15秒内两车的位移相等 D．在t=10秒时两车在公路上相遇 二、多选题(本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目 要求的。全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分。) 11．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思 想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等。以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是（ ） A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法 B．从科学方法角度来说，物理学中引入“平均速度”概念运用了等效替代方法 C．根据速度定义式 xv t    ，当 t 非常非常小时， x t   就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应 用了微元法 D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线 运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法 12．关于速度v、速度变化量 v 、加速度a的关系，下列说法正确的是（ ） A．物体运动的速度变化越大，它的加速度一定越大 B．速度很大的物体，其加速度可能很小，也可能为零 C．加速度方向不一定与速度方向相同，但一定与速度变化量的方向相同 D．加速度很大时，运动物体的速度很快变大，不可能很快变小 13．物体做匀加速直线运动，已知第1s末的速度是6m/s，第2s末的速度是8m/s，则下面结论正确的是（） A．物体零时刻的速度是4m/s B．物体的加速度是2 m/s2 C．第1s内的位移是5m D．第1 s内的平均速度是6 m/s 14．一空间探测器从某一星球表面垂直升空，探测器升空过程中发动机突然关 闭，其运动的 v t 图像如图所示，则下列说法正确的是（ ） A．9~25s内探测器的加速度与25~45s内的加速度相同 B．探测器在25s末加速度为0 C．探测器在9s末上升到最大高度 D．探测器上升的最大高度为750 第 II 卷（非选择题） 三、实验题（本题共 2 小题，共 14 分。） 高一年级期中试卷第 3 页 共 4 页 15.（6分）某同学利用如图 1所示装置“探究小车速度随时间变化的规律”。 （1).该同学开始实验时，先释放小车再接通电源，该同学实验操作中不恰当的地方是 ； （2).该同学在实验中使用频率为 50 Hz的打点计时器，获得的纸带如图 2所示，其中相邻两个计数点之 间还有 4个点没有画出，根据纸带可以求得打点计时器在打下 C点时小车的速度为 m/s，小车的加 速度大小为 m/s2（均保留两位有效数字）。 16.（8分）如图所示是利用光电门近似测瞬时速度的实验，若遮光条宽度△s=3cm，滑块通过第一个光 电门的时间为△t1=0.15s，通过第二个光电门的时间为△t2=0.1s，则滑块经过第一个光电门时的瞬时速 度为v1= ，滑块经过第二个光电门时的瞬时速度为v2= 遮光条从开始遮住第一个光电门到遮住 第二个光电门所用时间为2s，则滑块的加速度a= .在这个实验中要更准确的测出滑块通过光电门的 瞬时速度，遮光条宽一些好还是窄一些好 . 四、计算题（本题共 4 小题，共 40 分。） 17．(8分)如图所示，弹丸和足球的初速度均为v1=10m/s，方向水平向右。设它们与木板作用的时间都 是0.1s，那么： （1）子弹击穿木板后速度大小变为7m/s，方向不变，求弹丸击穿木板时的加速度； （2）足球与木板作用后反向弹回的速度大小为7m/s，求足球与木板碰撞反弹时的加速度。 高一年级期中试卷第 4 页 共 4 页 18．(8分)冰壶比赛是冬奥会的比赛项目之一。比赛中运动员将冰壶投 掷出，冰壶在水平冰面上的运动可视为匀减速直线运动直至停止，已 知一冰壶的初速度大小为3.8m/s，其加速度大小为0.2m/s2，求： (1) 冰壶10s末的速度大小； (2) 冰壶在20s内的位移大小。 19．(10分)一个鸡蛋从某楼层离地80m高处无初速下落，不计空气阻力，重力加速度 210m/sg  。求： (1) 鸡蛋在前2s内下落的高度； (2) 试估算鸡蛋在下落过程的平均速度； (3) 鸡蛋在第3s内下落的高度。 20．(14分)为了进一步提高高速收费的效率，减少停车时间，2019年6月交通运输部开始部署ETC的进 一步推广和安装。ETC是高速公路上不停车电子收费系统的简称。如图，汽车以10m/s的速度行驶，如 果过人工收费通道，需要在收费站中心线处减速至0，经过30s缴费后，再加速至10m/s行驶；如果过 ETC通道，需要在中心线前方10m处减速至5m/s，匀速到达中心线后，再加速至10m/s行驶。设汽车加 速和减速的加速度大小均为1m/s2。求： （1）汽车过人工收费通道，从收费前减速开始，到收费后加速结束，所需的时间和通过的总路程 （2）如果过ETC通道，汽车通过第（1）问路程所需要的时间； 答案第 1页，共 7页 参考答案： 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D C B A D A D C B C 题号 11 12 13 14 答案 BD BC ABC AD 1．D 【详解】A．非常大的物体在一定情况下也能看成质点，例如研究地球绕太阳的公转，与太 阳到地球的距离比较，地球的形状和体积可以忽略，地球此时能够看为质点，故 A错误； B．乒乓球比赛中研究选手发球技巧时，乒乓球的形状和体积不能够忽略，此时乒乓球不能 看成质点，故 B错误； C．观察跳水运动员动作细节时，运动员的形状和体积不能够忽略，运动员可以看成质点， 故 C错误； D．质点是为了简化研究问题而人为设定的一种理想化的物理模型，实际是不存在的，故 D 正确。 故选 D。 2．C 【详解】以着陆器为参考系，则月球表面将不断靠近着陆器。 故选 D。 3．B 【详解】“8时 30分”是时间轴上的一点，为时刻；“4h”是时间轴上的一段，为时间间隔。 故选 B。 4．A 【详解】初位置指向末位置的有向线段为篮球的位移，所以整个过程中篮球的位移大小为 1.5m，整个过程篮球的轨迹长度为 7.5m，所以整个过程中篮球的位移大小和路程分别是 1.5m、 7.5m。A正确，BCD错误。 故选 A。 5．D 【详解】A．火箭减速降落，则其加速度的方向与速度的方向相反，故 A错误； B．加速度与速度无关，火箭的速度越小，其加速度不一定越小，故 B错误； C．火箭落地的瞬间，其加速度不为零，故 C错误； 答案第 2页，共 7页 D．加速度表示速度的变化率，则火箭速度的变化率越大，其加速度就越大，故 D正确。 故选 D。 6．A 【详解】平均速度为 4 40m 0.13m/s 300s x rv t t     平均速率为 4 2 2 3.14 10m 0.21m/s 300s rv t t        故选 A。 7．D 【详解】根据匀变速直线运动的速度位移公式 2 2 0 2v v ax  结合  21 44s v  知物体的初速度 0 2m/sv  ，加速度为 22m/sa  ，D正确。 故选 D。 8．C 【详解】根据网球的位置图片可知该网球的运动情况可能是向上做减速或向下做加速，加速 度方向向下。 故选 C。 9．B 【详解】A．0-6s内，物体距出发点的最大距离为 4m，故 A错误； B．第 6s末，物体的位置坐标为 0，返回到出发点，故 B正确； C．第 3s内与第 4s内物体的速度方向都为负方向，速度方向相同，故 C错误； D．x t 图像的斜率表示速度，由图可知，第 2s内图像斜率比第 3s内斜率小，即第 2s内物 体的速度比第 3s内的小，故 D错误。 故选 B。 10．C 【详解】A．在 0－10 s内，乙车的速度一直比甲车大，两车应逐渐远离，则 A错误； 答案第 3页，共 7页 B．在 10－20 s内，甲车的速度一直比乙车大，两车逐渐靠近，则 B错误； C．在 5－15 s内，两图象与坐标轴的面积相等，则两车的位移相等，则 C正确； D．在 t＝10 s时两车速度相等，相距最远，则 D错误． 11．BD 【详解】A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想模型 法，故 A错误； B．从科学方法角度来说，物理学中引入“平均速度”概念运用了等效替代方法，故 B正确； C．根据速度定义式 xv t    ，当 t 非常非常小时， x t   就可以表示物体在 t时刻的瞬时速度， 该定义应用了极限思想，故 C错误； D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀 速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故 D正确。 故选 BD。 12．BC 【详解】A．由于公式 va t    为加速度定义式，可知加速度的大小与与速度变化量无关，则 物体运动的速度变化越大，它的加速度不一定越大，故 A错误； B．速度很大的物体，其加速度可能很小，可能为零，如以较大速度匀速运行的动车，故 B 正确； C．加速度可以与速度方向相同，也可以相反，由公式 va t    可知，加速度方向一定与速度 变化的方向相同，故 C正确； D．当加速度方向与速度方向相同时，若加速度很大，速度很快变大，当加速度方向与速度 方向相反时，若加速度很大，速度很快减小，故 D错误。 故选 BC。 13．ABC 【详解】AB．规定初速度方向为正方向，根据加速度定义式得物体的加速度 2 28 6  m/s 2m/s 1 va t       根据 0v v at  得 0 6m/s 1 2m/s 4m/s     v v at 故 AB正确； 答案第 4页，共 7页 CD．第 1s内的位移 2 2 0 1 14 1m 2 1 m 5m 2 2 x v t at        则平均速度 5 m/s 5m/s 1 xv t    故 C正确，D错误。 故选 ABC。 14．AD 【详解】A． v t 图象的斜率等于加速度，则 9~25s内探测器的加速度与 25~45s内的加速 度相同，故 A正确； B． v t 图象的斜率等于加速度，在 25s末图象的斜率不为 0，则探测器在 25s末的加速度 不为 0，故 B错误； C．由图可知，25s前速度一直为正，则 9s末到 25s末探测器仍然在上升，所以探测器在 9s 末还没有上升到最大高度，故 C错误； D．在 v t 图象中，图线与时间轴所围的面积表示了物体的位移，在时间轴的上方，面积为 正，在时间轴的下方，面积为负，由 v t 图象可知，宇宙探测器在该行星表面能达到的最大 高度为 m 1 25 60m 750m 2 H     故 D正确。 故选 AD。 15． 应该先接通电源再释放小车 0.50 0.83 【详解】（1）[1]电火花打点计时器使用电压为 220 V 交流电源。 （2）[2]为了充分利用纸带，应该先接通电源，再释放小车。 （3）[3]实验中使用频率为 50 Hz的打点计时器，纸带上相邻两个计数点之间还有 4个点没 有画出，则相邻两计数点间的时间间隔为 1 55 s 0.1s 50 T f     根据匀变速运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，因此打 C点的瞬时速度 22 3 4.62 5.45 10 m s 0.50m s 2 2 0.1C x xxv t T         [4]根据“逐差法”，小车加速度 答案第 5页，共 7页    4 5 6 1 2 3 2 2 2 2 2 6.29 7.12 7.92 3.82 4.62 5.45 10 m / s 0.83m / s 9 9 0.1 x x x x x x a T               16． 0.2m/s 0.3m/s 0.05m/s² 窄一些好 【详解】[1][2]由于遮光板通过光电门的时间很短，可以认为滑块在这很短的时间内做匀速 运动，也就是说用这段时间内的平均速度代表瞬时速度． 第一个光电门时的瞬时速度为 v1 2 1 3 10 0.15 S t      m/s＝0.2m/s， 第二个光电门时的瞬时速度为 v2 2 2 3 10 0.1 S t      m/s＝0.3m/s， [3]滑块的加速度为 2 20.3 0.2 m/s 0.05m/s 2 va t       [4] 遮光板通过光电门的平均速度代表瞬时速度，遮光条窄一些，误差更小． 17．（1） 230m/s ，方向水平向左；（2） 2170m/s ，方向水平向左【详解】（1）规定向右为正 方向（1分），子弹击穿木块后，速度方向依旧为正。根据加速度定义可知 2 1 7m/s 10m/s 30m/s 0.1s va t        （2分） 即弹丸的加速度大小为 230m/s ，方向水平向左（1分）。 （2）足球与木板作用后反向弹回后，速度方向为负（1分），则 2 2 7m/s 10m/s 170m/s 0.1s va t         （2分） 即足球的加速度大小为 2170m/s ，方向水平向左（1分）。 18．(1)1.8m/s (2)36.1m （1）设冰壶停下来需要时间 0t ，则 0 0 19s v vt a    （2分） 10s末速度大小 2 0 3.8m/s 0.2m/s 10s 1.8m/sv v at      （2分） （3）由上述分析可知 20s内位移大小等于19s内位移大小（2分） 答案第 6页，共 7页 0 36.1m 2 vx t   （2分） 19．(1)20m (2)20m / s (3)25m 【详解】（1）依题意，鸡蛋做自由落体运动，在前 2s内下落的高度 2 2 1 1 20m 2 h gt  （2分） （2）由公式 2 1 2 h gt 可得，鸡蛋落地需要的时间 4st 总 （2分） 鸡蛋在下落过程的平均速度 20m / shv t   总 （2分） （3）由第（2）问可得，鸡蛋在第 3s还未落地，鸡蛋在第 3s内下落的高度 2 2 2 1 25m 2 h gt h    （4分） 20．（1）50s；100m（2）13.5s 21．【详解】(1)汽车通过人工收费的减速时间： 0 1 0 0 10 s 10s 1 vt a       （1分） 减速路程： 2 1 0 1 1 50m 2 x v t at   （1分） 汽车加速过程和减速过程对称，故加速时间： 2 1 10st t  （1分） 加速路程： 2 1 50mx x  （1分） 故通过人工通道的总时间： 1 2 0 50st t t t   人 （1分） 总路程： 1 2 100mx x x   （1分） (2)汽车通过 ETC通道的减速时间： 答案第 7页，共 7页 0 3 5 10 s 5s 1 v vt a       （1分） 减速路程： 2 3 0 3 3 1 37.5m 2 x v t at   （1分） 汽车加速过程和减速过程对称，故加速时间： 34 5st t  （1分） 加速路程： 4 3 37.5mx x  （1分） 汽车以 5m/s匀速通过 ETC通过的时间： 0 5 2s xt v   （1分） 比人工通道少走位移： 5 3 4 0( 15m)x x x x x   人 （1分） 对应时间： 5 6 0 1.5sxt v   （1分） 故通过 ETC通道的总时间： 3 4 5 6 13.5sEt t t t t     （1分）