广东省深圳外国语学校2024-2025学年九年级上学期第一次月考物理试卷

2024-2025学年广东省深圳外国语学校九年级（上）第一次月考物理试卷 一、单选题：本大题共7小题，共14分。 1.如图所示，用水平力F推行李箱，此时行李箱上的小包和行李箱一起水平向右做匀速直线运动，空气阻力忽略不计，下列说法正确的是(    ) A. 小包的重力和箱子对小包的支持力是一对相互作用力 B. 小包受到支持力、重力和摩擦力共3 个力的作用 C. 行李箱的重力和地面对行李箱的支持力是一对平衡力 D. 小包对行李箱的压力和行李箱对小包的支持力是一对相互作用力 2.小王在探究“重力势能的大小与哪些因素有关”的实验中，重物的质量关系为，木桩相同，木桩和重物位置如图甲所示，重物静止释放后，木桩被打击陷入沙中的情形如图乙所示。下列说法正确的是(    ) A. 重物下落时，重物的动能转化为重力势能 B. 木桩打入沙中的深度可以反映重物重力势能的大小 C. 比较A、C可知，重物下落的高度越高，重力势能越大 D. 若 B、C将木桩打入沙中的深度相同，则 3.陕西历史博物馆中收藏了一件稀奇的宋代青釉瓷壶，它的壶盖与壶身浑然一体，无法打开，而壶底却有一个小洞。它该如何使用呢？考古学家对它进行了X光“透视”，终于揭开了它的奥秘。此壶就是传说中的“倒灌壶”，它的内部结构如图丙所示。添水时，需先将壶倒置如图丁，从底部小洞灌入。正放如图丙后，就能像普通茶壶一样从壶嘴倒出水来了。下列说法错误的是(    ) A. 注水时，倒灌壶的整体结构属于连通器模型 B. 倒置灌水时，能存储的最大水量由壶内隔水管开口高度决定 C. 注水结束如图丁，倒转回正过程中，为了尽量减少水漏出，应沿逆时针旋转 D. 往外倒水过程中，会因为壶内气压变小而导致水流不畅 4.如图所示，当开关S闭合时，小灯泡L不亮，小明同学利用电压表进行电路故障检测，检测结果如表所示。则电路中的故障是(    ) 测试点 a、b b、c c、d 电压表示数 有示数 无示数 有示数 A. 开关S断路 B. 小灯泡L断路 C. 滑动变阻器R断路 D. 滑动变阻器R短路 5.水平桌面上放有两个质量和底面积相同的容器，分别盛有两种不同液体，将A、B两个质量相等的实心物体分别放入甲、乙两种液体中，如图所示，两物体静止时两容器中液面相平，下列说法错误的是(    ) A. A物体受到的浮力大于B物体受到的浮力 B. 甲容器中液体密度大于乙容器中液体密度 C. 两物体放入前，甲容器底受到的压强大于乙容器底受到的压强 D. 甲容器对桌面的压力可能大于乙容器对桌面的压力 6.如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量也相同。将使用这些装置进行2个实验，实验一是“探究不同物质吸热升温现象”，实验二是“比较不同燃料燃烧时放出的热量”的实验。下列说法正确的是(    ) A. 要完成实验一，可以选择甲、乙两图 B. 要完成实验二，可以选择乙、丙两图 C. 实验一是通过加热时间来反映物体吸收热量的多少 D. 除了图中所示的测量器材，两个实验都要用到天平和秒表 7.如图所示的电路中，闭合开关S，当滑动变阻器滑动触头向下移动时，四个理想电表的示数都发生了变化，电表的示数分别用I、、、表示，电表的示数变化量大小分别用、、、表示，下列判断正确的是(    ) A. 变大，I变大 B. 变大，I变小 C. 变大，不变 D. 变大，不变 二、填空题：本大题共5小题，共13分。 8.中国高铁运营里程突破4万公里，稳居世界第一，高速铁路的输电线，无论冬、夏都绷得直直的，如图甲采用坠砣牵引以保障列车电极与输电线的良好接触，图乙为输电线的牵引装置工作原理图，其中定滑轮可以改变力的方向。钢绳通过滑轮组悬挂20个相同的坠砣，每个坠砣配重为200N，若某段时间内坠砣串下降了20cm，不计滑轮和钢绳自重、摩擦，输电线P端受到的拉力大小为______ N。输电线P端向左移动了______ cm。 9.如图所示，用弹簧测力计通过细线拉着正方体物块缓慢浸入某未知液体中，物块受到的拉力F与其下表面浸入液体中的深度h之间的关系如图所示，则物块浸没时受到的浮力为______ N，未知液体的密度为______。取 10.疫苗的保存温度一般在。夏季，运输过程中为了监测疫苗温度是否超标，应在冷藏箱内放置图中的温度计______选填“甲”或“乙”。如甲图，两个完全相同的玻璃杯A和B，A中装有一些水，B倒扣着放入盛水的容器中。用酒精灯给容器中的水加热，在水沸腾后继续加热的过程中，水不能沸腾的杯符号为______。将干冰放入热水中，可以看到大量的“白气”产生，如乙图，这里的“白气”是______形成的。 11.如甲图所示，用被丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器A使其带电，用带有绝缘柄的金属棒将验电器A和不带电的验电器B的金属球连接起来，发现验电器B的金属箔片张开，此过程瞬间自由电子定向移动的方向是由______选填“A到B”或“B到A”。电路元件A和B中的电流与两端电压的关系如乙图所示，若将A、B并联后接在电压为2V的电源两端，干路中的电流是______ A；若将A、B串联后接在3V电路中，电路中的电流是______ A。 12.如图所示，a、b、c是三个电表，且电路连接没有错误，两个灯泡均正常发光，已知a、b、c三个电表读得的数值依次为、、单位是A或。则c电表为______表；电源电压为______ V；通过的电流是______ A。 三、作图题：本大题共2小题，共4分。 13.如图所示，一个用细绳系于地面飘飞的氦气球静止在空中。请画出此时氦气球所受浮力和绳子对地面拉力的示意图。 14.在下面的电路中，有一根导线连接错误，请将错误导线用“”标出，并画出正确连接方式．要求：改正后，灯泡和电动机并联，开关S控制所有用电器，只控制电动机． 四、实验探究题：本大题共3小题，共14分。 15.为了“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”，某物理创新实验小组设计了如图所示的实验装置： 用电子秤测量甲、乙两个物体的重分别为和； 实验中除了要保持甲物体在电子秤上静止外，还需要控制______； A.定滑轮左侧连接乙的绳子必须保持水平 B.拉长木板时必须使长木板做匀速直线运动 C.A和B都需要控制 正确操作的情况下读出电子秤示数为，则物体乙所受的摩擦力大小为______。 16.如图甲所示是小明在探究“电流与电压的关系”时所连接的实验电路： 请根据图甲的电路图将图乙所示的实物连接成完整电路图要求连线不得交叉，且少连不得分； 小明连接电路，闭合开关发现电流表、电压表有示数且很小，移动滑片P两表示数均无变化，原因是：______。 实验过程中，移动滑片使电压表的示数分别为、、、，由于小明没有养成良好的实验习惯，把测得的电流值随手写在了草稿纸上，如图乙所示。现设计了一个记录实验数据的表格，他把电压表的示数填入表格，请你补充完整表格中的空①③，将表格表头和记录在草稿纸上的电流值分别填入对应的位置； 实验次数 1 2 3 4 ①______ ②______ ③______ ④______ ⑤______ ⑥______ 分析图像可以得到的结论是：______。 17.如图甲所示的串联电路中，闭合开关S时，小兵发现灯泡比更亮，他猜想可能有以下原因。 猜想一：经过的电流比大； 猜想二：更加靠近电源正极。 为验证猜想，他做了以下探究。 为了验证猜想一，小兵用电流表分别测出图甲 A、B、C三处的电流，电流表示数均如图乙所示，为______ A，说明猜想一错误。同时他发现：该电路中任意一处断开，、均不能发光，说明串联电路有______条通路。 为了验证猜想二，他只利用与图甲完全相同的器材电源、导线、开关、灯泡和设计了一个实验，并根据实验现象说明了猜想二是错误的。请完成以下任务： ①在图丙虚线框内，画出他设计的电路图； ②他如何通过实验现象说明猜想二是错误的？______。 电学黑箱实验：实验室有一个电学黑箱，其外形如图丁1所示，箱体外有四个接线柱，箱盖上有一个塑料滑块。小明请同组的同学一起探究其内部结构，实验室老师提醒他们，内部元件只有一个滑动变阻器和两个定值电阻，滑动变阻器只有两个接线柱接入电路。经过讨论，全组的意见是：先制作一个探测器，把这个探测器分别与黑箱外的接线柱相连，再根据测出的数据，推测内部的连接情况。 ①甲组的小李组装了探测器，如图丁-图2所示，其中电源电压为3V，电流表量程为，电阻R阻值为，其作用是______。 同学们把探测器的E、F端分别与黑箱的接线柱连接，闭合开关，移动滑块，记下的数据如表： 测试次数 与E、F连接的接线柱 电流表示数 第1次 A、B 第2次 A、C 第3次 A、D 第4次 B、C 第5次 B、D 第6次 C、D ②滑动变阻器的最大阻值为______。 ③请在图戊中方框内画出箱内各元件连接电路图，并在定值电阻旁标明其阻值。 五、计算题：本大题共3小题，共19分。 18.小杰学习了力与运动的知识后，又查阅了相关资料。事实上“牛顿第一定律”的形成，经历了伽利略、笛卡尔和牛顿等科学家的不断完善。 伽利略经过如图的实验和推理得出结论：如果没有摩擦力和空气阻力的影响，在水平面上运动的物体将会一直运动下去。结合伽利略的结论写出如图中各实验和推理的先后顺序：______用字母表示。 笛卡尔在伽利略观点的基础上进一步完善：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向。牛顿在他们研究的基础上提出了“牛顿第一定律”。相对于“牛顿第一定律”，笛卡尔的观点有什么不足？______。 在实验的基础上，通过理想化推理得出结论的方法还可用于研究______填写实验名称即可。 19.随着我国经济的发展，人民生活水平日益提高，我国出现了越来越多的潜水爱好者。为了保障安全，潜水员潜水时会佩戴图甲所示的水压表和深度表。图乙是某深度表的工作原理简化电路图，电源电压且恒定不变，定值电阻电压表量程为，是阻值随水深度变化的电阻，其变化关系图象如图丙所示，允许通过的最大电流为。求： 深度表在水面上时，求电路中的电流； 电压表示数为时，潜水员下潜的深度； 在保证电路安全的情况下，该深度表能浸入水中的最大深度。 20.科学家乘科学考察船前往北冰洋进行科学研究，在船的甲板上安装了一台起重机用来吊装重物，起重机的起重臂含A处未画出的滑轮和电动机以及钢丝绳重力不计，在液压顶作用下，起重臂OA与水平方向最大成夹角，液压顶其下端固定不动施加的力F作用于B点并与起重臂一直垂直，OA长，当起重臂OA水平时OB长，某次需要起吊水下300m深的海底质量为50kg的矿物，钢丝绳施加300N的拉力恰好可以使矿物在水中匀速上升矿物出水前后的质量不变，忽略水的阻力，如图甲所示。求： 水下300m深的矿物受到水的压强多大？ 起重臂在图甲水平位置平衡时，矿物浸没在水下。当起重臂OA与水平方向成夹角时，液压顶处传感器显示施加的力F比图甲状态下增加了432N。乙图状态下F的大小和钢丝绳的拉力？ 在条件下，求此时矿物浸在水中的体积？ 六、综合题：本大题共1小题，共6分。 21.我国航天技术已达到世界领先水平。在跨学科实践课上，某小组开展了“制作火箭模型”的项目化学习活动。下面是该小组同学交流的实践过程，请帮助完成下列内容： 了解火箭的相关知识： 喷气发动机是指靠喷管高速喷出的气流直接产生反作用推力的发动机，广泛用作飞行器的动力装置，按燃料燃烧时所需要的来源，可分为两大类：一类是火箭发动机，另一类是空气喷气发动机。 如图甲为涡轮喷气发动机属于空气喷气发动机的一种，压缩后的混合气体在燃烧室燃烧，燃烧后剧烈膨胀的气体从尾部高速喷出，其巨大的反冲推力直接成为飞机的推进力。 如图乙为火箭发动机的工作原理图，火箭发动机和涡轮喷气发动机十分相似，主要的差别是：火箭自带燃料和氧化剂如图乙，涡轮喷气发动机只带燃料，利用空气做氧化剂，同涡轮喷气发动机相比较，火箭发动机的最大特点是：它自身既带燃料，又带氧化剂，靠氧化剂来助燃，不需要从周围大气层中汲取氧气，所以它不但能在大气层内也可以在大气层之外的宇宙真空中工作。火箭发动机可用于航天器推进，也可用于导弹等在大气层内飞行。迄今为止发射的人造卫星、月球飞船以及各种宇宙飞行器所用的都是火箭发动机。 如图丙，2024年4月25日20时59分，搭载神舟十八号载人飞船的长征二号F遥十八运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射，3名航天员顺利进入太空。 制作并发射：火箭模型小组的同学制作了水火箭并进行发射，如图丁的图一，图二是其结构示意图，对水火箭打气，打开阀门，水向下喷出，水火箭一飞冲天。使用打气筒打气时能量转化过程与汽油机的______冲程相同，使水火箭上升的施力物体是______。 项目评估：各个小组制作好了“水火箭”后开展飞行比赛，发现“水火箭”在竖直方向飞行上升的高度不容易测量。同学们讨论后认为可以通过测量______来评选出“最佳飞行奖”。写出一种方法即可 项目拓展思考： ①如图丙所示是火箭发射时的情景，下列说法正确的是______。 A.火箭点火升空离开发射台期间，火箭尾部产生大量“白气”是空气中的水蒸气 B.涡轮喷气发动机可用于各种宇宙飞行器中 C.火箭升空过程中，燃料燃烧释放的内能全部转化为火箭的机械能 D.火箭升空过程中外壳温度会上升，这是通过做功的方式增加了外壳的内能 ②一架飞机搭载的涡轮喷气发动机，其部分参数如表，表中热效率是指涡轮喷气发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，而推进效率则是指涡轮喷气发动机传递给飞机的推进功推力所做的功与其获得的机械能之比。已知飞机所受空气阻力与运行速度平方的关系如图戊所示，当飞机以的速度水平匀速巡航的过程中，飞机克服阻力做的功为______ J，此时需要______ kg的航空燃油。 热效率 推进效率 航空燃油热值q 答案和解析 1.【答案】D  【解析】解：A、小包的重力和箱子对小包的支持力，二力大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上，是一对平衡力，故A错误； B、小包与行李箱一起水平向右做匀速直线运动，小包相对于行李箱没有相对运动，也没有相对运动的趋势，小包不受行李箱的摩擦力，空气阻力忽略不计，只受重力、支持力两个力的作用，故B错误； C、地面对行李箱的支持力等于小包与行李箱的总重力，行李箱的重力和地面对行李箱的支持力大小不相等，不是一对平衡力，故C错误； D、小包对行李箱的压力、行李箱对小包的支持力，二力作用在两个物体上，是一对相互作用力，故D正确。 故选：D。 对小包进行受力分析，注意小包与行李箱一起水平向右做匀速直线运动，小包相对于行李箱没有相对运动，也没有相对运动的趋势； 一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上； 一个物体在对另一个物体施力的同时，受到另一个物体的反作用力，相互作用力作用在彼此两个物体上。 本题考查了物体受力分析、平衡力和相互作用力的辨别，属于基础题目。 2.【答案】B  【解析】解：A、重物下落时，重物的质量不变，高度降低，速度增大，重物的重力势能转化为动能，故A错误； B、根据转换法的思想，可以用木桩打入沙中的深度反映重物重力势能的大小，故B正确； C、根据控制变量法的思想，A、C的重力不同，下落的高度也不同，因此比较A、C不能得出重力势能与重物被举高的关系，故C错误； D、若B、C将木桩打入沙中的深度相同，则B、C的重力势能相同，C下落的高度小，因此质量大，所以，故D错误。 故选：B。 动能与物体的质量和速度有关；重力势能的大小与物体的高度和质量有关； 物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究物体的方法叫转换法。物体重力势能的大小不能直接观察出来，可以通过重物撞击木桩陷入沙中的深度来比较重力势能的大小，陷入的深度越深，表明重力势能越大； 观察图象中A、C的相同点和不同点，根据控制变量法得出结论； 根据图象分析B、C的相同点和不同点，利用控制变量法分析。 会观察实验现象，用控制变量法研究重力势能大小的影响因素，用转换法表示重力势能的大小，即可归纳得出结论。 3.【答案】D  【解析】解：注水时，倒灌壶的整体结构符合连通器特点，所以属于连通器，故A正确； B.倒置灌水时，能存储的最大水量由壶内隔水管开口高度决定的，隔水管开口高度越高，装水量越大，故B正确； C.注水结束如图丁，为了尽量减少水漏出，应逆时针旋转，否则水会从隔水管开口流出，故C正确； D.往外倒水过程中，由于壶内与壶外大气是连通的，内外大气压强相等，使得倒水比较顺畅，故D错误。 故选：D。 根据上端开口，下部连通的容器叫做连通器，连通器的特点是容器中的水不流动时，各个容器中液面总是相平的，据此结合图形分析即可解答； 大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。 本题考查连通器原理和大气压的应用，是一道综合性较强的题目，解答此题的关键是紧扣连通器原理和大气压的作用结合图形进行分析。 4.【答案】C  【解析】解：当开关S闭合时，小灯泡L不亮，说明电路可能出现了断路现象或灯泡短路； ab间电压表有示数，说明a到电源负极、b到电源正极之间都是通路； cd间电压表有示数，说明d到电源负极、c到电源正极之间都是通路； bc间电压表无示数，说明c到电源负极间有断路或bc间有短路； 所以符合条件的只有C。 故选：C。 小灯泡不亮，说明电路出现了断路或灯泡发生了短路现象，根据电压表的示数判定故障的原因。 本题考查了学生能在实验操作中用电压表判断电路故障的方法。 5.【答案】A  【解析】解：漂浮，根据物体的浮沉条件可知，A受到的浮力等于其重力；B悬浮，根据物体的浮沉条件可知，受到的浮力也等于其重力，由于A、B质量相等，重力相等，受到的浮力也相等，故A错误； B.A、B两物体受到的浮力相等，A排开液体的体积小于B排开液体的体积，根据公式可知，甲容器中液体密度大于乙容器中液体密度，故B正确； C.两物体静止时两容器中液面相平，由于A排开液体的体积小于B排开液体的体积，说明两物体放入前，甲容器中液面高于乙容器中液面，且甲容器中液体密度大于乙容器中液体密度，根据公式可知，两物体放入前，甲容器底受到的压强大于乙容器底受到的压强，故C正确； D.容器对桌面的压力等于容器、物体、液体的总重力，其中，容器重力相同，物体重力相同；甲容器中液体密度大于乙容器中液体密度，由于液体体积大小无法确定，甲容器中液体重力可能大于、等于或小于乙容器中液体重力，则甲容器对桌面的压力可能大于乙容器对桌面的压力，故D正确。 故选：A。 根据浮沉条件，判断浮力大小关系； 根据分析液体密度大小关系； 根据判断放入物体后液面高度变化，结合进行分析； 甲、乙两容器对水平桌面的压力等于容器、容器内液体和物体的重力之和。 此题主要考查的是学生对液体压强计算公式的理解和掌握，弄明白放入物体前后液体体积和液面高度的关系是解决此题的关键。 6.【答案】C  【解析】解：A、探究不同物质吸热升温现象，需控制燃料的种类和质量和被加热的燃料质量都相等，应该选择甲、丙两实验，故A错误； B、比较不同燃料的热值，要用不同的燃料，加热质量相同的同一种液体，故应选择甲、乙两图进行实验，通过温度的变化来反映的，故B错误； C、根据转换法，实验一是通过加热时间来反映物体吸收热量的多少，故C正确； D、乙实验中，只要两种不同燃料全部燃烧完即可，故没有必要用到秒表，故D错误。 故选：C。 使用相同的酒精灯通过加热时间的长短用秒表测量来比较吸热多少，这种方法叫转换法； 比较两种液体的吸热能力，则需要燃烧相同的燃料研究对象，加热相同的时间，比较质量和初温相同的液体升高的温度，由比较温度的变化，温度升高越多，则吸热能力越小； 为了比较热值大小，要用质量相同不同的燃料，加热质量相同的同种液体研究对象，根据，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，根据，这种燃料热值越大，据此分析。 本题探究不同物质吸热升温现和比较不同燃料燃烧时放出的热量的实验，考查两实验相同和不同之处，要注意区分。 7.【答案】D  【解析】解：由电路图可知，、、串联，电压表测和两端的电压之和，电压表测两端电压，电压表测两端电压，电流表测电路中的电流。 当滑动变阻器滑动触头向下移动时，接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大， 由可知，电路中的电流变小，即电流表的示数I变小，故A错误； 由可知，、两端的电压均变小，则电压表的示数变小，故B错误； 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，电压表、的示数均变大，则变大， 由可知，，即其比值不变，故C错误； 设滑片移动前后电路中的电流分别为I、， 则电压表示数的变化量： ，则，即不变； 电压表示数的变化量： ， 则，即不变，故D正确。 故选：D。 由电路图可知，、、串联，电压表测和两端的电压之和，电压表测两端电压，电压表测两端电压，电流表测电路中的电流。 根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和、两端的电压变化，利用串联电路的电压特点可知和两端的电压之和的变化，然后得出的变化，根据欧姆定律结合的阻值判断的变化； 设出滑片移动前后电路中的电流，根据欧姆定律表示出电压表示数的变化量即可得出的变化，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电压表示数的变化量即可得出的变化。 本题考查了电路的动态分析，设计的串联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的得出电压表和电流表示数变化量的比值关系是关键。 8.【答案】  10  【解析】解：20个坠砣的总重力：， 由图知，使用的滑轮组承担P端拉力的绳子股数， 图中坠砣挂在钢绳的自由端，不计滑轮和钢绳自重及摩擦，可得， 则输电线P端受到的拉力大小：； 图中坠砣挂在钢绳的自由端，则坠砣串下降高度， 则输电线P端向左移动的距离：。 故答案为：；10。 如图使用的滑轮组承担P端拉力的绳子股数，不计滑轮和钢绳自重及摩擦，可得，据此求输电线P端受到的拉力大小；坠砣串下降高度，可求输电线P端向左移动的距离。 本题考查了水平使用滑轮组时拉力与提升物重的关系以及拉力端移动距离与物体升高高度的关系，注意与竖直使用滑轮组的区别。 9.【答案】  【解析】解：从图乙可知，当物块下表面浸入液体中的深度h大于10cm时，物块受到的拉力保持6N不变， 根据称重法可知，物块浸没时受到的浮力：； 当浸入深度h为10cm时，物块恰好完全浸没在液体中，则可知正方体物块的边长：。 则物块排开液体的体积：； 根据可得未知液体的密度： 。 故答案为：9；。 由图像可知，物块受到的最大拉力，此时物块未浸入液体中，由二力平衡条件求出物块的重力，根据求出物块的质量；由图像可知，物块刚浸没时其下表面浸入液体中的深度，即正方体物块的边长；由图得出物块全浸入时物块受到的拉力，利用称重法测浮力求物块浸没时受到的浮力，此时物块排开液体的体积等于物块的体积，再利用求液体的密度。 本题考查了密度公式、阿基米德原理的应用，分析图像得出相关信息是关键。 10.【答案】乙  AB 水蒸气液化  【解析】解：由题可知，疫苗的保存温度一般在，即保存环境温度最高为。甲温度计是普通温度计，乙温度计的构造类似于体温计。根据体温计的构造特点，温度升高后水银柱升高，不会再降下去，可以测定最高温度，故应在冷藏箱内放置温度计乙； 玻璃杯A中的水从容器中吸热，温度达到水的沸点后，就和容器中的水的温度一样，就不能从容器中继续吸热，所以A中水温能达到沸点，但不能继续吸热，所以不能沸腾；B中随着加热玻璃杯中气压增大，水的沸点升高，水温不能达到沸点，所以不能沸腾。所以两个杯内的水都不会沸腾； 将干冰放入热水中，可以看到大量的“白气”，这些“白气”是热的水蒸气遇到冷的干冰液化形成的。 故答案为：乙；AB；水蒸气液化。 根据温度计的构造可作出选择。 水沸腾的条件是达到沸点和继续吸热，二者缺一不可，水的沸点会随着压强的增大而升高。 物质由气态变为液态的过程叫液化。 本题考查了温度计的使用、液体沸腾的特点与液化现象，需要熟练掌握相关的基础知识。 11.【答案】B到  【解析】解：被丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷称为正电荷，则验电器A带正电缺少电子，B不带电；用带绝缘柄的金属杆将两个验电器的金属球接触时，B验电器上自由电子负电荷向验电器A移动，与A上的正电荷发生中和，使A的张角变小；B失去电子而带正电，所以B的金属箔由于带上同种电荷相互排斥而张开；瞬间自由电子定向移动的方向是由B到A； 并联电路中各支路两端的电压相等， A和B并联后接在2V的电源两端时，， 由图象可知，此时通过元件A的电流，此时通过元件B的电流， 并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 干路中的电流： ； 两元件串联在电压为3V的电源两端时， 则，， 结合图象可知，当时满足以上条件，即此时电路中的电流为。 故答案为：B到A；；。 被丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷称为正电荷，物体得到电子带负电，失去电子带正电，金属导体中能够自由移动的是带负电荷的自由电子。 根据并联电路电压特点可知两电阻并联时两端的电压，再根据图象读出对应的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流； 将A和B串联在电压为3V的电源两端时，根据串联电路各处的电流相等以及总电压等于各分电压之和，结合图象得出电路中的电流。 本题考查了金属导体导电的原因以及并联电路的电流规律、串联电路的电流规律，要求学生正确应用图象获得必要信息，难易程度适中。 12.【答案】电压    【解析】解：因两灯正常工作，则两灯和电源之间必定是通路，即a、b应为电流表；而c若为电流表，则电源被短路，故c只能为电压表；a测量通过干路的电流，则；b测量通过的电流，则测量电源电压，故电源电压是；由于并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，故通过灯的电流：。 故答案为：电压；；。 由题意可知两灯正常发光，则两灯均应和电源正负极相连通，确定三电表的类型及电路的结构，由并联电路的规律可得出两灯的电流。 本题重点在于由题意判断三表的类型，需明确电流表和电压表在电路中的作用，根据灯泡的发光情况进行判断。 13.【答案】解：氦气球所受浮力竖直向上，作用在气球的重心上，绳子对地面拉力，沿绳子方向向上，作用在地面上，如图所示： 故答案为：见解答图。  【解析】氢气球受到浮力作用点在气球的重心，浮力的方向竖直向上，拉力的作用点在绳子与气球的接触点，方向沿绳子向上。 本题考查了力的示意图的画法，画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。 14.【答案】  【解析】解：由实物图知，灯泡被短路，为了使灯泡和电动机并联，且只控制电动机，开关S控制所有用电器，可将灯泡连接到电动机的导线改接到开关的左侧接线柱或电源正极也可以，如图所示： 。 根据题目的要求先分析电路中存在的问题，再改接电路。 本题考查根据要求连接实物电路的连接，掌握好串并联电路特点、能识别和连接电路是学好电学的基础。 15.【答案】  【解析】解：本实验中，要保证压块在电子秤上保持静止，还需保证滑块所受的滑动摩擦力和拉力是一对平衡力，则二力应该在水平方向上，所以还需控制的条件是定滑轮左侧连接滑块的细绳必须水平，物块始终静止，木板是否匀速直线运动对实验没有影响，故选A； 正确操作的情况下读出电子秤示数为，此时绳子的拉力；物体乙静止受力平衡，所受的摩擦力大小等于绳子的拉力，即。 故答案为：；。 测量滑动摩擦力的大小，利用二力平衡，静止的物体一定受力平衡，摩擦力大小等于拉力大小，故要保持拉力始终水平拉； 根据绳子的拉力与电子秤示数分析解答。 本题考查测量滑动摩擦力大小的改进实验，基本原理是二力平衡。 16.【答案】滑动变阻器接入电路的是两个下接线柱  电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比  【解析】解：测电阻的实验中电压表应测定值电阻两端电压，即与定值电阻并联，电流表测定值电阻电流与其串联，如图： 闭合开关发现电流表、电压表有示数且很小，移动滑片P两表示数均无变化，说明电路通路，滑动变阻器接入电路的电阻较大，滑动变阻器起不到变阻的作用，所以电路故障为滑动变阻器接入电路的是两个下接线柱； 实验记录表格如下表： 分析表格数据可知电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。 故答案为：如图；滑动变阻器接入电路的是两个下接线柱；；；；；；；电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。 测电阻的实验中电压表应测定值电阻两端电压，即与定值电阻并联，电流表测定值电阻电流与其串联； 闭合开关发现电流表、电压表有示数且很小，移动滑片P两表示数均无变化，说明电路通路，滑动变阻器接入电路的电阻较大，滑动变阻器起不到变阻的作用； 根据通过电阻的电流随电压的增大而变大填表；分析表格数据得出结论。 本题探究“电流与电压关系”，考查电路连接、故障分析、电流随电压的变化规律等。 17.【答案】一  仍是比更亮，说明灯的亮度与灯是否靠近电源正极无关  保护电路，防止电流过大，烧坏电流表和电源  10  【解析】解：电流表示数均如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为，为，说明猜想一错误。 同时他发现：该电路中任意一处断开，、均不能发光，则电路为断路，说明串联电路有一条通路。 为了验证猜想二，对调两个小灯泡在电路中的位置，电路如图所示： 最后发现仍是比更亮，说明灯的亮度与灯是否靠近电源正极无关，说明猜想二错误。 如果没有电阻R的话，探测器有被短路的可能，烧坏电流表和电源，故R的作用是保护电路，防止电流过大，烧坏电流表和电源； 由表格数据可知，BC、BD、CD间的电流是定值，则它们之间的电阻是定值电阻，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由可得BC、BD、CD间的电阻值分别为： ， ， ， 因所以，BC间为一定值电阻阻值为，BD间为一定值电阻阻值为，CD间为两电阻串联，由表格数据可知，AB、AC、AD间电流是变化的，则它们之间有滑动变阻器，当滑动变阻器接入电路中的电阻为零，的定值电阻和的定值电阻分别接入电路中时电路中的最大电流分别为：；   ； 结合表格数据可知，AC间滑动变阻器与的定值电阻串联，AD间滑动变阻器与的定值电阻串联，因AB间电流最大时的阻值， 小于两定值电阻的阻值，所以，AB间只有滑动变阻器，且未将滑动变阻器调到阻值最大、最小位置； 由第三次数据可知，电路中的电流最小为，则滑动变阻器的最大阻值： ； 综上可知，AB之间只有滑动变阻器，AC间的定值电阻与滑动变阻器串联，AD间的定值电阻与滑动变阻器串联，BC间只有的定值电阻，BD间只有的定值电阻，CD间和的定值电阻串联，电路图如下图所示： 故答案为：；1；见解答；仍是比更亮，说明灯的亮度与灯是否靠近电源正极无关； ①保护电路，防止电流过大，烧坏电流表和电源；②10；③如解答图。 电流表示数均如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为，为，据此分析。 同时他发现：该电路中任意一处断开，、均不能发光，则电路为断路，据此分析。 为了验证猜想二，对调两个小灯泡在电路中的位置，观察亮度，据此分析； 由表格数据可知，BC、BD、CD间的电流是定值，则它们之间的电阻是定值电阻，根据电阻的串联和欧姆定律分别求出它们之间的电阻，根据电阻判断定值电阻的阻值和连接；由表格数据可知，AB、AC、AD间电流是变化的，则它们之间有滑动变阻器，当滑动变阻器接入电路中的电阻为零电路中的电流最大，根据电阻的串联和欧姆定律求出两电阻接入电路中时电路中的最大电流，然后确定两者的位置，再根据欧姆定律求出AB间电流最大时的阻值确定AB间的连接方式，进一步确定未将滑动变阻器调到阻值最大、最小位置；综上分析确定电路连接方式。 本题考查了探究串联电路的特点和黑匣子问题，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用以及探测器串联定值电阻的作用，分析表格数据得出连接方式和位置是本题的关键． 18.【答案】C、A、B 没有对静止物体不受力时的情况做出描述  真空是否能传声  【解析】解：由伽利略的实验和推理过程可知，他先研究了有阻力的情况，再假设出没有阻力时，小球上升高度的情况，最后继续推理得出，如果没有摩擦力和空气阻力的影响在水平面上运动的物体将会一直运动下去。因此伽利略各实验和推理的先后顺序：C、A、B。 由笛卡尔的结论可知，他的结论只描述了运动物体不受力时的情况，没有对静止物体不受力时的情况做出描述。因此，相对于“牛顿第一定律”，笛卡尔观点的不足之处在于：没有对静止物体不受力时的情况做出描述。 生活中不受力的物体不存在，牛顿第一定律不能用实验来直接证明，牛顿第一定律是在实验的基础上通过推理归纳概括出来的； 在实验的基础上，通过理想化推理得出结论的方法还可用于研究真空不能传声。 故答案为：、A、B；没有对静止物体不受力时的情况做出描述；真空是否能传声。 小车到达水平面的速度影响其滑行的距离，因此，要控制小车从同一斜面同一高度自由滑下；通过实验现象可得出，阻力越小，小车滑行越远，速度减小越慢；最后根据实验现象进行推理，得出小车不受力时的运动情况； 从实验现象，先进行推理，最后得出理想状态下小球的运动情况，据此判断实验和推理的先后顺序；结合力与运动的关系和牛顿第一定律的内容，可对笛卡尔观点的不足之处进行评价； 通过理想化推理得出结论的方法还可用于研究真空不能传声。 本题研究运动和力的关系，考查实验操作过程和推理法的运用。 19.【答案】解：由图乙可知，该电路为和的串联电路，电压表测两端的电压。 深度表在水面上，即时，由图丙可知，此时的阻值为， 由串联电路的电阻特点和欧姆定律可得， 电路中的电流：； 电压表示数为时，即两端的电压为， 电路中的电流：， 由串联电路的电压规律可得，两端的电压：， 此时的阻值：， 由图丙可知，此时潜水员下潜的深度为40m； 电压表量程为，则两端的电压最大为3V， 此时电路中电流：， 所以为保护电路，电路中允许通过的最大电流为， 此时电路总电阻：， 由串联电路的电阻特点可知电阻的阻值： ， 由图丙可知，该深度表能浸入水中的最大深度为60m。 答：电路中的电流为； 潜水员下潜的深度为40m； 该深度表能浸入水中的最大深度为60m。  【解析】由图乙可知，该电路为和的串联电路，电压表测两端的电压；深度表在水面上时，由图丙可知的阻值，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求电路中的电流； 根据欧姆定律求电路中的电流，根据串联电路的电压规律求两端的电压，根据欧姆定律求此时的阻值，由图丙得出潜水员下潜的深度； 由电压表量程可知两端的最大电压，根据欧姆定律求电路中的最大电流，根据欧姆定律和串联电路的电阻特点求电阻的阻值，由图丙可知，深度表能浸入水中的最大深度。 本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，难度适中。 20.【答案】解：水下300m深的矿物受到水的压强 ， 由题意可知，起重机的起重臂OA可看成以O为支点的杠杆， 在图甲中，起重臂OA水平，B点受到的液压顶的力为，其力臂为，钢丝绳对A点施加的拉力，其力臂为， 根据杠杆的平衡条件可知，拉， 有； 解得B点受到的液压顶的力：； 在图乙中，当起重臂OA与水平方向成夹角时，根据题意可知液压顶处传感器显示施加的力：， 根据三角形的特点可知，力F的力臂， 钢丝绳对A点的拉力的力臂：， 根据杠杆的平衡条件可知，，有； 解得此时钢丝绳的拉力：； 矿物的重力：， 此时对矿物进行受力分析可知，矿物受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和钢丝绳对其竖直向上的拉力，矿物处于平衡状态， 根据物体的平衡条件可知，， 则物体受到的浮力：， 由阿基米德原理可知，矿物排开水的体积： 。 答：水下300m深的矿物受到水的压强为； 乙图状态下F的大小为1512N；乙图状态下钢丝绳的拉力为420N； 矿物浸在水中的体积为。  【解析】根据液体压强公式计算； 由题意可知，起重机的起重臂OA可看成以O为支点的杠杆，在图甲中，起重臂OA水平，B点受到的液压顶的力为，其力臂为，钢丝绳对A点施加的拉力F拉，其力臂为，根据杠杆的平衡条件求出；在图乙中，当起重臂OA与水平方向成夹角时，根据题意可知液压顶处传感器显示施加的力F，根据三角形的特点可知力F的力臂以及钢丝绳对A点的拉力的力臂；根据杠杆的平衡条件求出钢丝绳的拉力； 根据求出矿物的重力，对矿物进行受力分析求出矿物受到的浮力，根据阿基米德原理求出矿物浸在水中的体积。 本题考查液体的压强计算、杠杆的平衡条件、重力公式、功的公式、功率公式、物体的受力分析以及阿基米德原理的应用，是一道综合题，难度较大。 21.【答案】压缩  向下喷出的水  水火箭在空中的飞行时间    1080  【解析】解：使用打气筒打气时，通过做功增大内能，这个汽油机的压缩冲程相同，使水火箭上升的力是向下喷出的水提供的，所以使火箭上升的施力物体时向下喷出的水； 水火箭在竖直方向上升的高度不容易测量，可测量水火箭在空中的飞行时间，飞行时间越长，竖直反向的上升高度越高； ①火箭发射台下方有一个水池，火箭尾部产生的大量的热使水汽化，热的水蒸气升到高空遇到较冷的空气，水蒸气液化形成白雾，故AC错误； B.涡轮喷气式发动机需要大气中的氧气做氧化剂，不使用于火箭中，故B错误； C.火箭升空过程中，燃烧的燃料内能只有部分转化为推动火箭的机械能，有部分热量损失，故C错误； D.火箭上升过程中，受到摩擦力，摩擦力总功使火箭外壳升温，故D正确。 ②由图戊可知，飞机飞行时所受的阻力与速度的平方成正比，设，把，，代入上式得：， 所以当时， 飞机飞行受到得阻力， 飞机分析飞行得距离， 飞机克服阻力所做得功； 飞机在水平方向上匀速飞行，， 所以飞机飞行推力是做得功， 获得的机械能， 需要的内能 需要的空燃油的质量； 故答案为：压缩；向下喷出的水；水火箭在空中的飞行时间；①D；②；1080。 使用打气筒打气时，通过做功增大内能，使水火箭上升的力是向下喷出的水提供的； 水火箭在竖直方向上升的高度不容易测量，可通过测量水火箭在空中的飞行时间来放映，飞行时间越长，竖直反向的上升高度越高； ①火箭发射台下方有一个水池，火箭尾部产生的大量的热使水汽化，热的水蒸气升到高空遇到较冷的空气，水蒸气液化形成白雾； B.涡轮喷气式发动机需要大气中的氧气做氧化剂； C.火箭升空过程中，燃烧的燃料内能只有部分转化为推动火箭的机械能，有部分热量损失在周围空间； D.火箭上升过程中，受到摩擦力，摩擦力总功使火箭外壳升温。 ②由图戊可知，飞机飞行时所受的阻力与速度的平方成正比，可求出飞行速度为是飞机所以的阻力，飞行距离，飞机克服阻力所做的功等于阻力乘以飞行距离，飞机在水平方向上匀速飞行，涡轮喷气发动机传递给飞机的推力和阻力相等，飞行相同的距离做的功也相等，由推进效率和求出获得的机械能，热机效率是涡轮喷气发动机的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，所以，由热机效率可求出燃料完全燃烧放出的总能量，由求出燃料的质量。 本题考查了做功改变内能，力是相互的，液化现象，能量之间的相互转化。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$