黑龙江省绥化市绥棱县第一中学2024-2025学年高三上学期11月月考物理试题

2024-2025学年度上学期高三11月月考试卷 物 理 2024.11 注意事项: 1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分,考试时间75分钟。 2,考生作答时,请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上 对应题目的答案标号涂黑;非选择题请用直径0.5亳米黑色墨水签字笔在答题卡上各题 的答题区战内作答,超出答题区域书写的答案无效,在试题卷、草稿纸上作答 望 无效。 3.本试卷命题范围:必修1十必修2十必修3(电场力的性质和电场能的性质)十选修1(动 如 量守恒定律、机械振动、机械波)。 的 一、单项选择题:本题共7小题,每小题4分,共28分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是 长 符合题目要求的. 1.甲、乙两同学参加学校田径运动会400m决赛,最内侧跑道的甲比最外侧跑道的乙先冲过终 ? 点.对甲、乙两同学的比赛过程,下列说法正确的是 A.甲、乙的位移相同 B.甲、乙的路程相同 邰 C.甲的平均速度大 D.乙的平均速率大 2.“百公里刹车距离”是指汽车以100k/h的速度行驶时,刹车踩到底,达到最大制动力时的 新 刹车距离.某汽车做百公里刹车距离测试时,先后经过平直公路上A、B两点,已知A、B两点 相 之间的距离为L,汽车经过A、B两点的时刻相差,汽车经过A点时的速度大小为经过B点 时速度大小的4倍,刹车过程可视为匀减速直线运动,则此过程中该汽车刹车时的加速度大 小为 A器 B.4L L 3t。 C.2to3 0是 3.图甲所示是古代某次测量弓力时的情境,图乙为其简化图,弓弦挂在固定点O上,弓下端挂 一重物,已知弓弦可看成遵循胡克定律的弹性绳,重物质量增减时弓弦始终处于弹性限度内, 不计弓弦的质量和O点处的摩擦,忽略弓身的形变,则 重物 甲 乙 A.若减少重物的质量,OA与OB的夹角不变 【高三月考 物理第1页(共6页)】 10056C B.若增加重物的质量,OA与OB的夹角减小 C.若减少重物的质量,弓弦的长度不变 D.若增加重物的质量,弓弦的长度变短 4.如图,是某公园的喷泉示意图.假设某一水珠从喷出到落回地面在同一竖直线上运动,且运动 过程中水珠质量不变,受到空气阻力的大小与速度成正比.则关于该水珠在空中运动的过程 中,下列说法正确的是 A.该水珠在落回地面前瞬间,重力的瞬时功率最小 B.该水珠上升过程处于超重状态,下落过程处于失重状态 C.上升过程所用时间小于下落过程所用时间 D.上升过程克服空气阻力做的功等于下落过程克服空气阻力做 的功 5.《夸父逐日》最早出自《山海经 海外北经》,反映了古代先民与自然灾害做斗争的事实.若夸 父“逐日”的足迹遍及全球,且未离开地面,则对于夸父“逐日”的过程,下列说法正确的是 A.夸父所受的重力垂直地面向下 B.夸父在赤道时所受的重力最大 C.夸父所受的重力和万有引力始终相等 D.夸父在两极时随地球转动所需的向心力最小 6.在翻修旧房时,工人同时将两块砖水平叠放在一起以初速度斜向上抛出,如图所示.砖到 达最高点时刚好被另一工人接住,空气阻力忽略不计.下列说法正确的是 A从抛出后瞬间到将要被接住的过程中,两块砖做之间作用力不 为零 B.砖在最高点工人接住前的速度为零 C,若要让砖准确到达接砖工人图示中手的位置,抛砖时的速度方向 必须瞄准该位置 D.若在原位置、以相同速度%抛出叠放在一起的三块砖(可视为质点),能在同一最高位置 被工人接住 7.如图所示,水平旋转魔盘上的物块A,当魔盘转动的角速度u=kt(k>0) 时,物块A相对转台静止.关于这种情况下物块A的情况,下列说法正确 A⊙ 的是 A物块A所受到的摩擦力越来越大 B.物块A受重力、台面的支持力、指向圆心的摩擦力 C物块A的向心加速度大小可能不变 D.魔盘对物块A永远不做功 二、多项选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合 题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分 8.如图甲所示,轻质弹簧下端固定在水平地面上,上端拴接一轻质薄板.=0时刻,一物块从其 正上方某处由静止下落,与薄板碰撞后二者粘在一起并在以后的运动中不再分离,物块的位 置随时间变化的图像(x-t)如图乙所示,其中t=0.2s时物块刚接触薄板.弹簧形变始终在 【高三月考 物理第2页(共6页)】 10056C 弹性限度内,空气阻力不计,则 xcm 60 01 40Y 30 20 10 7777 0.1020.30.40.50.60.7s 甲 乙 A.t=0.4s时物块的加速度大于重力加速度 B.若增大物块自由下落的高度,则物块与薄板粘在一起后振动的周期增大 C.若增大物块自由下落的高度,则物块与薄板粘在一起后振动的振幅增大 D.1=0,2s后物块坐标位置随时间变化关系为x=0.3+0.2sim[19(-0.2)-晋](m) 9.如图甲,O为AB连线的中点,M、N在AB连线的中垂线上,A、B、M、N四点距O点的距离 均为2L.在A、B两点分别固定一点电荷,电荷量均为Q(Q>0).以O为原点,ON方向为正 方向建立x轴.若取无穷远处为电势零点,则ON上的电势口随位置x的变化如图乙所示.一 电荷量为一q(q>0)的带电粒子以一定的初动能从M点沿x轴正方向运动,一定时间后经过 N点.不计粒子重力,k为静电力常数.则下列说法正确的是 9外 互kQ/L 4kQ/3L kQ/L 4kQ/5L 0L/2 2L 甲 乙 A.粒子在M点受到的电场力大小为② 4L2 B粒子在0点的电势能为2kC C粒子从:=当处到N点的过程中,其动能诚少了2 D,要使粒子离开电场,粒子的初动能至少为 10.在一个水平桌面上固定一个内壁光滑的半径为R的管形圆轨道,俯视如 图所示,a、b、c、d为圆上两条直径的端点,且ac与bd相互垂直.在内部放 置A、B两个小球(球径略小于管径,管径远小于R),质量分别为mA、mB, 开始时B球静止于Q点,A球在其左侧以o的初速度向右与B球发生第 一次碰撞且被反弹.已知小球之间的碰撞均为对心弹性碰撞,第二次碰撞 发生在b点.则下列说法中正确的是 【高三月考 物理第3页(共6页)】 10056C A.A、B两球的质量比为mA:mB=3:5 B.若只增大A球的初速度o则第二次碰撞点可能在b、c之间某处 C.若只增大A球的质量mA则第二次碰撞点可能仍在b处 D,若只增大A球的质量mA则第一、二次碰撞时间间隔不可能大于m迟 00 三、非选择题:本题共5小题,共54分, 11.(6分)某研究性学习小组用如图()所示装置验证机械能守恒定律.让一个摆球由静止开始 从A位置摆到B位置,若不考虑空气阻力,小球的机械能应该守恒,即2md=mgh.直接测 量摆球到达B点的速度口比较困难.现让小球在B点处脱离悬线做平抛运动,利用平抛的 特性来间接地测出u.如图()中,悬点正下方P点处放有水平放置炽热的电热丝,当悬线摆 至电热丝处时能轻易被烧断,小球由于惯性向前飞出做平抛运动.在地面上放上白纸,上面 覆盖着复写纸,当小球落在复写纸上时,会在下面白纸上留下痕迹.用重锤线确定出A、B点 的投影点N、M.重复实验10次(小球每一次都从同一点由静止释放),球的落点痕迹如图 (b)所示,图中刻度尺水平放置,零刻度线与M点对齐.用刻度尺量出AN的高度1、BM的 高度h2,算出A、B两点的竖直距离,再量出M、C之间的距离x,即可验证机械能守恒定律. 已知重力加速度为g,小球的质量为m, 记录纸 60 70 单位:cm) 米尺 (a) (b】 (1)根据图(b)可以确定小球平抛时的水平射程为 cm. (2)用题中所给字母表示出小球平抛时的初速度%一 (3)用测出的物理量表示出小球从A到B过程中,重力势能的减少量 E= 动能的增加量 Ex= 12.(8分)利用“类牛顿摆”验证碰撞过程中的动量守恒定律.实验器材:两个半径相同的球1和 球2,细线若干,坐标纸、刻度尺 图甲 图乙 【高三月考 物理第4页(共6页)】 10056C (1)实验步骤如下: ①测量小球1、2的质量分别为1、m2,将小球各用两细线悬挂于水平支架上,各悬点位 于同一水平面,如图甲; ②将坐标纸竖直固定在一个水平支架上,使坐标纸与小球运动平面平行且尽量靠近.坐 标纸每一小格是边长为d的正方形,将小球1拉至某一位置A,由静止释放,垂直坐标纸 方向用手机高速连拍: ③分析连拍照片得出,球1从A点由静止释放,在最低点与球2发生水平方向的正碰, 球1反弹后到达最高位置为B,球2向左摆动的最高位置为C如图乙,已知重力加速度 为g,碰前球1的动量大小为.若满足关系式 ,则验证碰撞中动量 守恒; (2)与用一根细线悬挂小球相比,本实验采用双线摆的优点是: (3)将球1和球2分别更换为半径相同的球3和球4,在某高度由静止释放球3,在最低点与 静止的球4水平正碰后,球3向右反弹摆动,球4向左摆动.若为弹性碰撞,则可判断球3 的质量 (选填“大于”“等于”或“小于”)球4的质量;若为非弹性碰撞,则 (选填“能”或“不能”)比较两球质量大小,理由是: 13.(10分)如图所示,平静水面上的O、a、b、c四点构成一个矩形,Oa=5m,Oc=12m,O、b连线 上有一点a'(图中未画出),且Oa'=5m.用一个浮球周期性击打O点,在to时刻a点第一 次位于波峰,在t十4s时刻b点第一次位于波峰且a'点第五次位于波峰.求: (1)该波的波速大小o: (2)该波的周期T. 【高三月考 物理第5页(共6页)】 14.(13分)如图所示,一内壁光滑的细管弯成半径为R=0.1m的半圆形轨道CD,竖直放置,其 内径略大于小球的直径,水平轨道与竖直半圆轨道在最低点C点平滑连接.置于水平轨道 上的弹簧左端与竖直墙壁相连,C的左侧有水平向右E=2 10N/C的匀强电场.将一个带 电量q=3X10C,质量为m=4 102kg的绝缘小球放在弹簧的右侧后,用力水平向左推 小球而压缩弹签至A处使弹簧具有弹性势能E,=0.1J,然后将小球由静止释放,小球运动 到C处后进人CD管道,刚好能到最高点D处.在小球运动到C点前弹簧已恢复原长,水平 轨道左侧AC段长为L=0.2m.g=10m/s2,小球运动的全过程中所带电荷不变,小球可视 为质点,试求: (1)小球运动到轨道最低处C点时对轨道的压力的大小; (2)水平轨道的动摩擦因数以. 如 部 长 15.(17分)如图所示,“L”型平板B静置在地面上,小物块A处于平板B上的O点,平板O点 左侧粗糙,右侧光滑.用长为L的不可伸长的轻绳将质量为M的小球悬挂在O点正上方的 O点,轻绳处于水平拉直状态.将小球由静止释放,下摆至最低点与小物块A发生碰撞,碰 后小球继续沿原方向上升到距离B板最大高度为九=0.2m的位置,A以一定的初速度沿 平板滑动直至与B右侧挡板发生弹性碰撞.一段时间后,A返回到O点的正下方时,相对于 令 地面的速度减为零,此过程中小球与A没有再次碰撞.已知小球的质量M=0.2kg,绳长L 期 =0.8m,A的质量mA=0.1kg,B的质量mB=0.3kg,A与B之间的动摩擦因数41=0.4, B与地面间的动摩擦因数2=0.225,取重力加速度g=10m/s3,整个过程中A始终在B 上,所有碰撞时间忽略不计,不计空气阻力,小球和小物块A均视为质点,求: (1)小球与A碰撞后,A的速度o。; (2)B光滑部分的长度d; (3)运动过程中A与B之间由于摩擦所产生的热量Q. 小球 【高三月考 物理第6页(共6页)】 10056C2024一2025学年度上学期高三11月月考试卷·物理 参考答案、提示及评分细则 1.B本题以田径运动会400m决赛为背景，考查位移、路程、平均速度及平均速率等概念.400m决赛中，因 内、外跑道周长不同，故甲、乙两人起跑位置不同，位移不同，但路程相同，A项错误、B项正确：在内侧跑道的 甲的起点和终点相同，位移为零，平均速度为零，C项错误，平均速率=盗型，因甲用时短，故甲的平均速率 大，D项错误 2.A由运动学公式可知L=十止，由题意可知=4.解得-头 2 一头小车的加莲度大小为 a==兴放选A 3.B设弓弦的张力为F,两侧弓弦与竖直方向夹角为0，根据平衡条件公式有2Fcos0=mg,增加重物质量，0减 小，OA与OB的夹角减小，根据胡克定律可知，弓弦的长度变长.反之，减小重物质量，OA与OB的夹角增 大，弓弦的长度变短.故选B. 4.CA.水珠重力的瞬时功率P=mg.水珠在最高点时，速度是零，则重力的瞬时功率最小，A错误；B.该水 珠上升过程受重力与空气阻力，两力的合力方向竖直向下，由牛顿第二定律可知，水珠的加速度方向向下，处 于失重状态：下落过程水珠受重力与向上的空气阻力，空气阻力小于重力，两力合力方向向下，加速度方向向 下，处于失重状态，B错误：C.水珠上升过程受重力与空气阻力方向相同，下落过程空气阻力与重力方向相 反，由牛顿第二定律可知，上升过程的加速度大于下落过程的加速度，水珠上升过程与下落过程的位移大小 相等，可知上升过程所用时间小于下落过程所用时间，C正确：D.由题设条件可知，水珠受到空气阻力的大小 与速度成正比，上升过程所用时间小于下落过程所用时间，上升过程与下落过程的位移大小相等，则上升过 程平均速度大小大于下落过程的平均速度大小，可知水珠上升过程受空气阻力大小大于下落过程受空气阻 力大小，由功的计算公式可知，上升过程克服空气阻力做的功大于下落过程克服空气阻力做的功，D错误.故 选C. 5.DA.夸父所受的重力竖直向下，不一定垂直地面向下，故A错误；BCD.夸父所受地球的万有引力，按其作 用效果分为重力和向心力，向心力使夸父随地球一起绕地轴自转，所以说重力是地球对夸父万有引力的一个 分力：当夸父在赤道时，随地球转动所需的向心力最大，所受的重力最小；当夸父在两极时，随地球转动所需 的向心力最小，所受的重力最大：故BC错误，D正确.故选D. 6.DA.不管抛几块砖，都是在做斜抛运动，在运动的过程中只受重力作用，两块砖之间没有弹力作用.所以从 抛出到将要被接住的过程中，两块砖做之间作用力为零，所以A错误：B.砖在最高点速度方向变为水平，但 是速度不是零，所以B错误：C,若要让砖准确到达接砖工人图示中手的位置，抛砖时的速度方向为物体做斜 抛运动的初速度，而瞄准接住的位置的方向是从抛出到最高点的位移方向，所以C错误：D.若在原位置、以 相同速度抛出三块砖，设初速度方向与水平方向成0角，则砖块从抛出到最高点的竖直高度为h= 0.所以最高点的位置没有变，能在同一最高位置被工人接住，所以D正确.故选D, 2g 7.AA.物块A逐渐加速，则指向圆心的摩擦力f向=r.随角速度的增加，切向速度也逐渐增加，则摩擦力 越来越大，选项A正确；B.物块A受重力、台面的支持力、因物块受指向圆心和沿切线方向的摩擦力分量，则 摩擦力方向不是指向圆心，选项B错误：C.物块A的向心加速度大小a向一r,逐渐增加，选项C错误：D.物 块动能增加，则魔盘对物块A做正功，选项D错误.故选A 8.ACD根据简谐运动的对称性可知，最高点的加速度和最低点的加速度大小相等，即ag=.由简谐运动的 加速度满足a与x成正比，设A点处偏离平衡位置的位移大小为x1,C点处偏离平衡位置的位移大小为x心， 有tA<xC,所以an<ac,aa<aB.到A点时，物块只受重力aA一g.所以aB>g,故A正确：弹簧振子的周期只 与振动系统本身有关，与物块起始下落的高度无关，故物块与薄板粘在一起振动周期不变，故B错误：若增大 【高三月考·物理参考答案第1页（共4页）】 10056C 物块自由下落的高度，根据能量守恒，则物块与薄板粘在一起后振动的振幅增大，故C正确：由图乙可知T 0.6则a=竿=19ad/s振幅为0.2m,0.2s后物块位置随时间变化关系式为x=0,3十0.2sim 3 [gu-02)+p]m.当1=0.4s时，x=0.5m代人上式得=- 若.所以x=0.3+0.2sin [9(4-0.2)-若]m故D正确.故选ACD 9.ACD 设A到M点的距离为R,由儿何关系可得R一品，A点的电荷对带电粒子的库仑力大小为 F,由库仑定律有F=伦，设带电粒子在M点所受电场力大小为F,由力的合成有Pw=2F,sm46,解得 F4=②AQ,A正确：由电势能公式得O点的电势能E=一9，=一②，B错误：带电粒子从x=壹处到 4L2 L V点的过程中，由能量守恒定律可得动能的减少量△B=一9-（一2）=经，C正确：要使粒子离开 L 电场，由能量守恒定律得E。一2-=0，解得E。=2,D正确故选ACD L 10.CD设第一次碰后A、B两球的速度分别为1,2.根据动量守恒定律和能量守恒定律有A%=一mA1十 mmw=之m,2十之m,第二次碰撞发生在b点，则有1=是×2a=}×2,联立解得 4142 m:m=1:7,故A结误：设第二次碰撞A球转过的角度为。，则有会×-2云×破，解得2产。 2π 一4，可知a与初速度无关，即第二次碰撞点与A球的初速度无关，若只增大A球的质量m则第二次 21A 碰撞点可能仍在b处，故B错误，C正确；两次碰撞间隔时间为41=2红一4.2xR_2x迟，故D正确：故选CD 2π 11.(1)64.665.3(1分) (2) 员1分 (3)mg(h1-h2)(2分)2(2分) Ah: 解析：(1)由刻度尺的示数可知读数为65.0mm (2)小球离开绳子后做平抛运动，因此有 h-gf.x=u 可求得水平速度表达式为 =x√品 (3)由A到B重力势能减小量为mg(h2一h2),动能增量为 f=mgr 1 4h2 12.(1)3√2gd(1分)2m1=2(1分)(2)见解析(2分)(3)小于(1分)能(1分)见解析(2分) 解析：(D对球1，根据动能定理得mg×9d=之m听，碰前动量为A=m助=3mV2,同理，碰后小球 1、2的速度分别为1=一√2gd,边=2√2gd,如果动量守恒，则满足m1=m,十2，联立，可得2m =2 (2)双线摆能保证小球运动更稳定，使得小球运动轨迹在同一竖直平面内，避免小球做圆锥摆运动， （③)若为弹性碰撞，则有m助=m心：十m,之话=之m修十之m访，解得山一，球3向右 3十2 【高三月考·物理参考答案第2页（共4页）】 10056C 反弹摆动，所以球3的质量小于球4的质量.如果小球3碰后反弹，根据动量守恒，可知<m,同时 m=(mu) 满足碰后机械能不增加，有m话=m上一号m 273 2m4 ，可知，3必然小于m4. 13.解：(1)由勾股定理可知 O为=√Oa2+Ok=13m0a和O的波程差 △s=8m 该波的波速大小 -是-2m/s6分) (2)由a'点第五次位于波峰，可知从a'点到b点，传播了4个波长，有 A学-2m 由 T=A 解得 T=1s(5分) 14.解：(1)小球刚好能到最高点D处，可知到达D处时的速度为零，则从C到D由机械能守恒定律 1 2m2=2mgR 在C点时 g-m紧 解得 Fw =5mg=2N 根据牛顿第三定律可知小球运动到轨道最低处C点时对轨道的压力的大小2N:(7分) (2)从A到C由动能定理 1 E+E网L-wmgL=2m 解得 =0.4(6分) 15.解：(1)设小球与A碰前的速度为1，碰后的速度为2，则由机械能守恒定律知： Mgl-Mv Mgh=号Me 对小球与A的碰撞过程，由动量守恒定律知 Mh=M十nAo 解得 =4m/s(4分) (2)A向右运动的过程中，B一直处于静止状态：由于A与B的碰撞过程为弹性碰撞，取A的初速度方向为 正方向，则有： 由动量守恒定律知 mA=AUA十mBUB 由能量守恒定律知 n,暖=之m暖十号mi 1 【高三月考·物理参考答案第3贞（共4页）】 10056C 联立解得 UA=-2 m/s 方向水平向左； Un=2 m/s 方向水平向右： 设A与B碰后再次回到O点时，做匀速运动的时间为1，做减速运动的时间为2 在时间内，B做匀减速直线运动，由牛顿第二定律知B的加速度 an (matma)g-3 m/s mn 在2时间内，A的加速度 aa=Emg=g=4 m/s mA B的加速度为 B”—14g十2Cn十2）g=3m/s3 71B 在1这段时间内A运动的位移与B运动的位移大小之和等于d,则有 vxt+vm-2anti=d 而A在t1十12这段时间内运动的总位移也等于d,则有 1n+意=d 联立解得 4=39 4=1(舍去).d=名m《6分) (3)由(2)问中分析可知 th-4=0.5s aA 在时刻B的速度为 g'=g一aBt1=1m/s 则在A做减速运动阶段，B运动的时间 a'n 135<0.5s 这表明B在A停止之前已停止运动，且由于A对B的最大静摩擦力 f=mmag<u (ma+mB)g 故当B停止运动后，不会再向左运动：则在A运动到B粗糙面之后B运动的位移为 Tn= 3 2=2元m A运动到B粗糙面后，运动的位移为 =0.5m IA-24A 故运动过程中A相对于B在其粗糙面上运动的位移为 8 x=x十xB=3m 则在此过程中产生的热量 Q=内mAgx= 6 65 (7分) 【高三月考·物理参考答案第4贞（共4页）】 10056C