第四章 牛顿运动定律 滚动测试卷(二)-【金版新学案】2024-2025学年新教材高一物理必修第一册同步课堂高效讲义配套课件（粤教版2019）

滚动测试卷(二) 　　　　 第四章　牛顿运动定律 1．(2023·广东惠州高一校考期中)在下列研究蝉的具体情形中，可将蝉视为质点的是 A．研究蝉的长距离飞行时间 B．观察蝉的翅膀扇动 C．记录蝉翅膀上的纹路 D．研究蝉的转身动作 √ 研究蝉的长距离飞行时间时，蝉相对长距离而言可以忽略自身的形状和大小，此时可以看成质点，A正确；观察蝉的翅膀扇动时需要用到它的形状和大小，不能看作质点，否则就不能看到翅膀的扇动，B错误；记录蝉翅膀上的纹路时不能忽略自身的形状和大小而看作质点，否则就看不到纹路，C错误；研究蝉的转身动作时不能忽略自身的形状和大小而看作质点，否则就不能看到转身动作，D错误。故选A。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 2．(2023·广东深圳高一校考期中)在物理学研究过程中，科学家们有许多物理学研究思想方法，如控制变量法、极限法、等效替代法、理想模型法、微元法等，以下关于所用物理学研究方法叙述正确的是 A．根据速度定义式v＝　，当Δt非常小时，　就可以表示物体在某时刻的瞬时速度，该定义采用了转化法 B．不需要考虑物体的大小和形状时，用质点来代替实际物体采用了微元法 C．引入重心、合力与分力的概念时运用了等效替代法 D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了极限法 √ 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 根据速度定义式v＝　，当Δt非常小时，　就可以表示物体在某时刻的瞬时速度，该定义采用了极限法，故A错误；不需要考虑物体的大小和 形状时，用质点来代替实际物体采用了理想化物理模型法，故B错误；引入重心、合力与分力的概念时运用了等效替代法，故C正确；在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故D错误。故选C。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 3．(2023·广东深圳高一校考期中)公园观光缆车备受游客喜爱。如图所示，缆车索道全长350 m，缆车匀速运动的速度为1.25 m/s。若将缆车的运动看成直线运动，启动和刹车过程中缆车的加速度大小均为0.125 m/s2，缆车由静止出发到最终停下的运动分为匀加速、匀速、匀减速三个阶段，则 A．缆车匀加速运动的位移大小为12.5 m B．缆车运动的时间为280 s C．缆车全程的平均速度大小为1.25 m/s D．缆车第一个10 s内和第二个10 s内通过的位移大小之比为1∶2 √ 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 缆车匀加速运动的位移大小为s1＝　　　　　　 m＝6.25 m，故A错误；缆车匀加速和匀减速的时间均为t1＝　　　　　 s＝10 s，匀速的时间为t2＝　　　　　　　　　　 s＝270 s，缆车运动的时间为t＝2t1＋t2＝290 s，故B错误；缆车全程的平均速度大小为　　　　 　m/s≈1.21 m/s，故C错误；缆车第一个10 s内的位移是匀加速的位移，为s1＝6.25 m，缆 车第二个10 s内匀速，则s2＝vt′＝12.5 m，缆车第一个10 s内和第二个10 s内通过的位移大小之比为s1∶s2＝1∶2，故D正确。故选D。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 4．(2023·浙江高一阶段练习)渔业作业中，鱼虾捕捞上来后，通过“鱼虾分离装置”，实现了机械化分离鱼和虾，降低了人工成本。某科学小组将“鱼虾分离装置”简化为如图所示模型，分离器出口与顺时针运转的传送带有一定的高度差，鱼虾落在传送带上时有沿着传送带向下的初速度，随后虾从传送 带下方掉落，鱼从传送带上方掉落，实现分离。下列说法正确的是 A．虾掉落到传送带后，可能沿着传送带向下做加速直线运动 B．鱼掉落到传送带后，马上沿着传送带向上做加速直线运动 C．虾在传送带上运动时，摩擦力对虾的运动是动力作用 D．鱼在传送带上运动时，加速度方向先向下后向上 √ 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 虾从传送带下方掉落，若虾的重力沿传送带斜面向下的分力大于虾的最大静摩擦力，则虾向下做加速直线运动，即虾掉落到传送带后，可能沿着传送带向下做加速直线运动，故A正确；鱼在掉落到传送带后，有一个沿传送带斜面向下的初速度，不可能马上向上做 加速直线运动，鱼先向下减速到速度为零后，变为向上的加速运动，故B错误；虾向下运动与传送带运动方向相反，虾受到的摩擦力沿传送带斜面向上，对虾的运动是阻力作用，故C错误；鱼在掉落到传送带后，受到的摩擦力的方向一直向上，所以有向上的加速度，后来如果加速到与传送带共速，加速度就为零，故D错误。故选A。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 5．(2023·广东深圳高一校考期中)如图所示，轻杆A端以光滑铰链连接在竖直墙面上，B端用水平绳BC固定，在B端悬挂一重物P，用水平向右的力F缓慢拉起重物P的过程中，杆AB所受压力的变化情况是 A．不变 B．变小 C．变大 D．先变小再变大 √ 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 以重物P为研究对象，在缓缓拉起重物P的过程中，根据受力平衡可得T2cos β＝mPg；对B端受力分析，如图所示 竖直方向根据受力平衡可得FN cos α＝T2cos β，联立可得FN＝　　　，由于α保持不变，可知FN不变，则杆AB所受压力保持不变。故选A。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 6．如图所示，绳OC与竖直方向成15°角，O为质量不计的滑轮，绳与滑轮间摩擦不计，已知物体B质量为mB，物体A质量为mA，为保证A、B均能静止，则物体B与地面的动摩擦因数至少为 √ 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 对A物体平衡有TOB＝TOA＝mAg，则OC的反向延长线必为∠AOB的角平分线，故TOB 与水平方向的夹角为60°，对B物体在水平方向有f＝mAg cos 60°，在竖直方向有FN＝mBg－mAg sin 60°，所以物体B与地面的动摩擦因 数至少为μ＝　　　　　　　　，故选A。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 7．(2023·广东惠州高一统考期末)如图为小明玩蹦床的情景，其中A位置表示床面未受压力时的平衡位置，B位置是他从最高点直立下落的过程中将床面压下的最低位置。对于小明从最高点下落到最低点的过程，下列说法中正确的是 A．A位置下降到B位置的过程中，小明的速度先增大后减小 B．床面在B位置时，小明所受合外力为零 C．小明接触床面前处于失重状态，接触床面后处于超重状态 D．从A位置下降到B位置的过程中，小明的加速度方向始终向下 √ 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 A位置是床面未受压力的平衡位置，B位置是床面最低位置，在该过程中，合力先向下后向上，小明先加速后减速，到B位置时速度减为零，故A正确；床面在B位置时，小明所受弹力最大，此时弹力大于重力，小明所受合外力不为零，故B 错误；小明在接触床面前处于失重状态，接触床面后，其开始时弹力小于重力，仍然处于失重状态，后来弹力大于重力，处于超重状态，故C错误；由以上分析可知，从A位置下降到B位置的过程中，小明的加速度方向先向下后向上，故D错误。故选A。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 8．如图所示，质量为20 kg的物体，沿水平面向右运动，它与水平面间的动摩擦因数为0.1，同时还受到大小为10 N的水平向右的力的作用，则该物体(g取10 m/s2) A．受到的摩擦力大小为20 N，方向向左 B．受到的摩擦力大小为20 N，方向向右 C．运动的加速度大小为1.5 m/s2，方向向左 D．运动的加速度大小为0.5 m/s2，方向向左 √ √ 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 物体相对地面运动，故物体受到滑动摩擦力，则摩擦力的大小为f＝μFN＝μmg＝20 N，滑动摩擦力的方向与相对运动方向相反，故摩擦力 方向向左，根据牛顿第二定律得F－f＝ma，得a＝　　　　　　 m/s2＝－0.5 m/s2，则运动的加速度大小为0.5 m/s2，方向向左。故选AD。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 9．如图所示，一质量为M的长木板静置于光滑水平面上，其上放置质量为m的小滑块。木板受到水平拉力F作用时，用传感器测出长木板的加速度a与水平拉力F的关系如图所示，重力加速度g＝10 m/s2，下列说法正确的是 A．小滑块的质量m＝2 kg B．小滑块与长木板之间的动摩擦因数为0.2 C．当水平拉力F增大时，小滑块的加速度一定增大 D．当水平拉力F＝7 N时，长木板的加速度大小为3 m/s2 √ √ √ 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 由题图乙可知，当拉力等于6 N时，小滑块和长木板刚好要发生相对滑动，以M、m为整体，根据牛顿第二定律可得F＝(M＋m)a，以m为研究对象，根据牛顿第二定律可得μmg＝ma，其中F＝6 N，a＝2 m/s2，联立解得m＋M＝3 kg，μ＝0.2；当拉力大于6 N时，长木板的加速度为a＝　　　　　　　　　，可知a-F图像的斜率为k＝　　　　 kg－1＝1 kg－1，联立解得M＝1 kg，m＝2 kg，故A、B正确。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 当水平拉力大于6 N时，长木板与小滑块已经发生相对滑动，此后F增大，小滑块的加速度保持不变，故C错误。当水平拉力F＝7 N时，长木板的加 速度大小为a＝　　　　　　　　　　　 m/s2＝3 m/s2，故D正确。故选ABD。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 10．(2023·广东广州高一期末)如图甲所示，一轻质弹簧上端固定，下端连接一质量为1 kg 的物体，物体处于静止状态。用一竖直向上的外力F 作用于物体上，物体从静止开始竖直向上做一段匀加速直线运动，外力F 与物体离开静止位置的位移x 的关系如图乙所示，弹簧始终在弹性限度内，重力加速度g＝10 m/s2。下列说法正确的是 A．物体运动的加速度大小为4 m/s2 B．弹簧开始时形变量为4 cm C．弹簧的劲度系数为200 N/m D．从物体开始运动时计时，当t＝0.1 s时 弹簧的形变量为3 cm √ √ √ 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 物体从静止开始运动时重力与弹簧弹力平衡，由题图乙可知此时F＝4 N，则开始运动时合力为F合 ＝F＝4 N，根据牛顿第二定律F合 ＝ma，解得物体运动的加速度为a＝4 m/s2，故A正确。假设开始时弹簧形变量为x0，此时弹簧弹力F0＝mg＝10 N，根据胡克定律可得kx0＝10 N；当F＝12 N时，根据 牛顿第二定律F－mg＋F1＝ma，解得弹簧弹力F1＝2 N，由题图乙可知此时位移为4 cm，则根据胡克定律可得k(x0－0.04 m)＝2 N，联立解得k＝200 N/m，x0＝5 cm，故B错误，C正确。物体做初速度为0的匀加速直 线运动，当t＝0.1时位移为s＝　at2＝0.02 m，则此时弹簧的形变量为x1＝x0－s＝3 cm，故D正确。故选ACD。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 11．(6分)(2023·广东佛山高一石门中学校考期中)某同学在探究力的合成的平行四边形定则的实验中，利用图钉、平板、橡皮筋、弹簧测力计及铅笔、刻度尺进行有关实验。 (1)图1中B测力计的示数为_______ N。(本实验用的弹簧测力计示数的单位为N) 3.6 由题图1可知，弹簧测力计示数为3.6 N。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 (2)如图2是甲、乙两名同学在做“探究力的平行四边形定则”的实验时得到的结果。若按实验中要求的符号表示各个力，则可判定其中_____(选填“甲”或“乙”)实验结果是尊重实验事实的。 甲 该实验中F是由平行四边形定则得出的合力，而F′是通过实际实验得出的，故F′应与OA在同一直线上，而F与F1、F2组成平行四边形，故甲实验结果是尊重实验事实的。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 (3)在验证力的平行四边形定则的实验中，两弹簧测力计拉力的图示在图2丙中作出，请作出合力的图示，方格每边的长度表示1 N，O是橡皮筋的一个端点。按照作图法可得合力的大小为_____ N。 答案：见解析图　 7　 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 已知分力求合力，根据平行四边形定则作图如图所示。 由图可得，合力的大小为7 N。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 (4)关于本实验的操作过程，下列说法正确的是____________。 A．为了方便测量，实验时两细绳OB、OC必须相互垂直 B．必须记录橡皮条被拉伸的数值及OB、OC细绳拉力大小 C．橡皮筋的反向延长线必须是两条细绳夹角的角平分线 D．可以同时改变两条细绳的拉力，但是要保持结点O的位置不变 √ 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 为了实验的准确性，实验时两细绳OB、OC的夹角应适当大一点，没必要一定成90°，故A错误；每次实验必须将橡皮条的末端点拉至同一位置，并记录OB、OC细绳的拉力大小及方向，故B错误；OB、OC细绳的拉力大小可 以不相等，故橡皮筋的反向延长线不一定是两条细绳夹角的角平分线，故C错误；可以同时改变两条细绳的拉力，但为了使作用效果相同，要保持结点O的位置不变，故D正确。故选D。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 12．(8分)某实验小组设计了如图甲所示的装置来探究加速度与力、质量的关系。将装有力传感器(质量不计)的小车放置在水平长木板上。砂和砂桶的总质量为m1，小车和小车中砝码的总质量为m2，重力加速度为g。 (1)本实验主要应用的方法是______。 A．类比法 B．假设法 C．理想实验法 D．控制变量法 √ 探究加速度与力、质量的关系时，采用了控制变量法，故选D。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 (2)关于实验，以下说法正确的是____________。 A．实验时使用打点计时器应先释放小车后接通电源 B．本实验牵引小车的细绳与长木板可以不平行 C．在用图像探究加速度与质量关系时，应作a-　 图像 D．该实验必须用天平测出砂和砂桶的总质量 √ 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 实验时使用打点计时器应先接通电源再释放小车，故A错误；若牵引小车的细绳与长木板不平行，在小车运动过程中，对小车的拉力会发生变 化，加速度会发生变化，故B错误；根据牛顿第二定律F＝ma得a＝　， 在用图像探究加速度与质量关系时，应作a-　 图像，图像是一条直线， 故C正确；该实验对小车拉力可由力传感器测得，无须用天平测出砂和砂桶的总质量，故D错误。故选C。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 (3)接通频率为50 Hz的交流电源，释放小车，打出如图乙所示的纸带。从比较清晰的点起每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，则由纸带求出打3计数点时的速度v3＝________m/s，小车加速度的大小为a＝_______ m/s2。(结果均保留3位有效数字) 0.376 0.160 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 相邻计数点间的时间间隔为t＝5T＝　　　 s＝0.1 s，匀变速直线运动某段中间时刻的速度等于该段的平均速度，则打3计数点时的速度为v3＝ 　　　　　　　　×10－2 m/s＝0.376 m/s 根据逐差法可得小车的加速度为a＝　　　　　　 ×10－2 m/s2＝0.160 m/s2。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 (4)若该实验小组将平衡摩擦力方法进行改变，缓慢向砂桶中加入细砂，直到小车刚开始运动为止，记下传感器的示数F0，再将小车放回原处并按住，继续向砂桶中加入细砂，记下传感器的示数F1，释放小车，记录小车运动时传感器的示数F2。改变砂桶中砂的重力，多次重复实验获得多组数据，描绘小车加速度a与F的关系图像如图丙所示。则图像中F是实验中测得的__________。 A．F1 B．F2 C．F1－F0 D．F2－F0 √ 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 缓慢向砂桶中加入细砂，直到小车刚开始运动，根据平衡条件有f＝F0 小车运动过程传感器的示数为F2，根据牛顿第二定律有F＝F2－f＝F2－F0＝ma 所以图像中F是实验中测得的F2－F0，故选D。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 13．(8分)(2023·广东东莞高一期中)建筑工人安装搭手架进行高空作业，有一名建筑工人由于不慎将抓在手中的一个物体脱落，使物体从高80 m的空中由静止开始自由下落。(不计空气阻力，g取10 m/s2)求： (1)物体下落过程经历的时间； 答案：4 s 由位移公式得h＝　gt2 解得t＝4 s。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 (2)物体落地时的速度大小； 答案：40 m/s 由速度公式得v＝gt＝40 m/s。 (3)物体落地前最后1 s内的位移大小。 答案：35 m 由位移公式得H＝　gt2－　g(t－1 s)2＝35 m。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 14．(10分)如图所示，重力为G1＝10 N，G2＝20 N的木块悬挂在绳PC和PB的结点上，PB水平，G2在倾角为30°的斜面上，PA偏离竖直方向30°，系统处于静止状态，求： (1)PB绳中的拉力大小； 答案： 以结点P为研究对象，受力分析如图甲所示，由共点力平衡 可知T1＝T2tan 30° T2＝G1 可得PB中的张力为T1＝　　　 N。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 (2)木块G2与斜面间的摩擦力大小； 答案：15 N 再以木块G2为研究对象，受力分析如图乙所示 沿斜面方向有T1cos 30°＋G2sin 30°＝f 垂直斜面方向有FN＋T1sin 30°＝G2cos 30° 解得f＝15 N，FN＝　　　 N。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 (3)木块G2所受斜面的支持力大小。 再以木块G2为研究对象，受力分析如图乙所示 沿斜面方向有T1cos 30°＋G2sin 30°＝f 垂直斜面方向有FN＋T1sin 30°＝G2cos 30° 解得f＝15 N，FN＝　　　 N。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 15．(10分)(2023·四川眉山高一校联考期中)在某次消防演习中，某一消防队员通过一根竖直的长绳从楼房顶端由静止滑下，经7 s落地。该过程中长绳对消防队员的作用力F随时间t变化情况如图所示，消防队员质量m＝65 kg，不计空气阻力，重力加速度g取10 m/s2。求： (1)消防队员在3 s末的速度大小； 答案：9 m/s 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 0到3 s内，消防队员加速下滑，由牛顿第二 定律有mg－F1＝ma1，解得a1＝3 m/s2 由匀变速直线运动公式有v＝a1t1 解得消防队员在3 s末的速度大小为v＝9 m/s。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 (2)消防队员下滑的总高度。 答案：33.5 m 0到3 s内，消防队员下滑的位移s1＝　a1t12＝13.5 m 3 s到7 s内，消防队员减速下滑，由牛顿第二定律有F2－mg＝ma2，解得a2＝2 m/s2 3 s到7 s内，消防队员下滑的位移s2＝vt2－　a2t22＝20 m 消防队员下滑的总高度h＝s1＋s2＝33.5 m。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 16．(12分)(2023·广东深圳高一统考期末)如图所示，质量为M＝3×103 kg的皮卡车停放在水平路面上，质量为m＝1.5×103 kg货物(可视为质点)放在货箱前端。t＝0时刻，皮卡车在牵引力F1＝1.35×104 N的作用下由静止启动做匀加速直线运动，t＝1 s时，牵引力增大到F2＝3.15×104 N继续做匀加速直线运动，t＝1.6 s时司机发现异常立即刹车，直到皮卡车停止运动。已知皮卡车货箱长度为2 m，货箱与货物之间的动摩擦因数为μ＝0.2，皮卡车行驶时受到的阻力是其与地面间压力的k1＝0.1倍，刹车时受到阻力是其与地面间压力的k2＝0.4倍，货物与车厢间最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取重力加速度g＝10 m/s2。求： (1)0～1 s内皮卡车和货物的加速度大小； 答案：均为2 m/s2 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 0～1 s内，假设皮卡车与货物没有相对位移，对整体根据牛顿第二定律得 F1－k1(M＋m)g＝(M＋m)a1 解得a1＝2 m/s2 而货物能够达到的最大加速度am＝　 　＝2 m/s2 故假设成立，两者的加速度大小均为2 m/s2。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 (2)1.6 s时皮卡车和货物的速度大小； 答案：6.8 m/s　3.2 m/s t＝1 s时，牵引力增大到F2＝3.15×104 N，此时皮卡车的加速度必然大于2 m/s2，则货物与皮卡发生了相对运动，对皮卡车，根据牛顿第二定律得F2－μmg－k1(M＋m)g＝Ma2 解得a2＝8 m/s2 令t1＝1 s，1 s时，皮卡车和货物的速度大小均为v＝a1t1＝2 m/s 令t2＝0.6 s，则1.6 s时皮卡车的速度大小v1＝v＋a2t2＝6.8 m/s 货物的速度大小v2＝v＋a1t2＝3.2 m/s。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 (3)通过计算说明，货物是否会从车尾掉落地面或者碰撞到皮卡车驾驶室。 答案：不会掉落地面，会撞到驾驶室 1.6 s前，货物相对车向后移动 Δs1＝　　　t2－　　　t2＝1.08 m t＝1.6 s时司机立即刹车，此时皮卡车的加速度大小 a3＝　　　　　　　　＝7 m/s2 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 当货物与皮卡车速度相等时，货物相对皮卡车向后运动的距离最大，有v1－a3t3＝v2＋a1t3＝v′ 解得t3＝0.4 s，v′＝4 m/s 在这0.4 s内，货物再相对皮卡车向后运动的距离为 Δs2＝　　　t3－　　　t3＝0.72 m 则货物相对皮卡车向后运动的最大距离为Δs＝Δs1＋Δs2＝1.8 m＜2 m 则货物不会从车尾掉落地面。 假设此后货物与皮卡车分别做匀减速直线运动，则货物的加速度仍为a1＝2 m/s2 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 对皮卡车由牛顿第二定律得k2(M＋m)g－μmg＝Ma4 解得a4＝5 m/s2＞2 m/s2 可见假设成立，皮卡车速度先减为0 皮卡车速度减为0后，由于k2(M＋m)g＞μmg，皮卡车将处于静止状态 皮卡车和货物都静止时，货物比皮卡车多发生的位移大小 Δs3＝　　　 　＝2.4 m 由于Δs3＞Δs 货物会碰撞到皮卡车驾驶室。 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 谢 谢 观 看 ！ 第四章 　牛顿运动定律 16 5 6 7 8 9 10 11 1 13 14 15 3 4 2 12 ＝ ＝ ＝ ＝＝ ＝ ＝ ＝－ ＝ ＝ ＝ ＝ N － $$