精品解析：江苏省苏州市2024-2025学年高二上学期期中调研物理试卷

2024~2025学年第一学期高二期中调研试卷物理 2024.11 注意事项： 1.本试卷包含选择题和非选择题两部分.考生答题全部答在答题卡上，答在本试卷上无效.本次考试时间为75分钟，满分值为100分. 2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号（考试号）用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔填写在答题卡上，并用2B铅笔将对应的数字标号涂黑. 3.答选择题必须用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其它答案.答非选择题必须用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔写在答题卡上的指定位置，在其它位置答题一律无效. 一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分，每题只有一个选项最符合题意. 1. 砷化铌纳米带是一种具有较高电导率的材料，该材料的电导率是石墨烯的1000倍。电导率就是电阻率的倒数，即，则下列说法正确的是（　　） A. 电导率大小与温度有关 B. 电导率单位是 C. 材料的电导率与所选材料的品种无关 D. 材料的电导率与材料的长度和截面积有关 2. 如图所示，若考虑两表内阻的影响，用两表示数算出的，下列说法正确的是（　　） A. R测<R真 B. 该接法适用于测量小电阻 C. 引起误差的主要原因是电流表分压 D. 引起误差的主要原因是电压表分流 3. 一质量为1kg的小球以5m/s的水平速度垂直撞向竖直墙壁后原速率反弹，与墙壁接触的时间为0.1s，取重力加速度g=10m/s2，则在该过程中小球的动量变化量大小和重力的冲量大小分别为（　　） A. 0，0 B. 5kg•m/s，1N•s C. 10kg•m/s，0 D. 10kg•m/s，1N•s 4. 关于多用电表的使用，下列说法正确的是（　　） A. 使用多用电表前首先进行欧姆调零 B. 测电阻时指针偏转至靠近刻度盘最右端附近，需要将欧姆挡倍率调换到低倍率挡 C. 测量电阻时，若双手手指分别与两表笔金属部分接触，则会导致测量值偏大 D. 测量电阻时，电流从红表笔流经被测电阻再到黑表笔 5. 利用如图所示的装置探究碰撞中的不变量，下列说法错误的是（　　） A. 悬挂两球的细绳的悬点不可以在同一点 B. 悬挂两大小相同小球的细绳长度要适当，且等长 C. 静止释放小球C以便计算小球碰撞前的速度 D. 两小球必须都是刚性球，且碰撞小球的质量大于被碰小球的质量 6. 下列关于火箭的描述正确的是（　　） A. 增加单位时间内燃气喷射量可以增大火箭的推力 B. 气体喷出的过程中，火箭和气体组成的系统机械能守恒 C. 火箭是靠喷出气流与空气间的作用而获得巨大速度的 D. 当燃气喷出火箭喷口的速度相对于地面为零时火箭就不再加速 7. 如图所示，游标卡尺测量长度的读数应为（　　） A. 8.50mm B. 10.50mm C. 8.10mm D. 10.10mm 8. 在冬奥会冰壶比赛中，一冰壶沿着赛道做直线运动，与另一相同的冰壶发生弹性正碰。忽略冰壶与冰面间的摩擦力，下列关于两个冰壶动量随时间的变化关系可能正确的是（　　） A. B. C. D. 9. 如图所示，R是光敏电阻，当光照强度增大时，它的阻值减小，电压表和电流表均为理想电表，当外界的光照强度减弱时，下列说法正确的是（　　） A. 电流表的示数增大 B. 电压表的示数减小 C. 电源的总功率减小 D. 电源的输出功率减小 10. 用电阻R=4Ω的均匀电阻丝制成一个圆环，并把它接到如图所示的电路中，图中导线的P端能沿圆环移动，并保持良好接触。已知R0=3Ω，电源内阻忽略不计。则P从圆环的最高点移动至最低点的过程中圆环的电功率（　　） A. 一直增大 B. 一直减小 C. 先增大后减小 D. 先减小后增大 11. 如图所示，小球A、B固定在竖直轻杆两端，A球紧贴竖直光滑墙面，B球位于光滑水平地面上，小球C紧贴小球B，小球A受到轻微扰动后顺着墙面下滑，此后的运动过程中，三球始终在同一竖直面上，已知小球C的最大速度为v，三球质量均为m，轻杆长为L，重力加速度为g，下列说法正确的是（　　） A. 小球A离开墙面前，B、C两小球已分离 B. 小球A落地前瞬间动能大小为 C. 小球A落地前瞬间，小球C的速度是小球A速度的2倍 D. 竖直墙对小球A的冲量大小为3mv 二、非选择题：共5题，共56分.其中第13题~第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。 12. 小明利用如图所示的实验装置测量一节干电池的电动势和内阻，选用的定值电阻R0=1.0Ω。 （1）图中电流表的示数为_________A； （2）调节滑动变阻器，电压表和电流表的示数记录如下 U（V） 1.45 1.36 1.27 1.16 1.06 I（A） 0.12 0.20 0.28 0.36 0.44 请根据表中的数据，在答题卡的方格纸上作出图线________。 （3）由图线求得：电动势E=_________V，内阻r=_________Ω；（结果均保留两位小数） （4）由于连接滑动变阻器和电流表的导线接头处严重氧化而出现“接触电阻”，则由此对电动势和内阻的测量结果产生的影响是：_________。 13. 一台小型电动机在3V电压下工作，匀速提升重力为4N的物体时，通过它的电流是0.2A，在30s内将该物体匀速提升3m，不计除电动机线圈发热之外的能量损失，求： （1）电动机的输入功率P入； （2）电动机的发热功率P热。 14. 如图所示电路中，E=10V，R1=4Ω，R2=6Ω，C=30μF，电源内阻可忽略，求： （1）闭合开关S，稳定后通过R1的电流I； （2）将闭合开关S断开，稳定后流过R1的总电量。 15. 如图所示，一质量m=2kg的物块在水平地面上运动，物块与地面间的动摩擦因数μ=0.1；t=0时，物块的速度大小v0=4m/s，方向水平向右。此时对物体施加一外力F，F随时间t的变化关系满足，规定向右为正方向，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2，求： （1）0~6s外力F的冲量大小I； （2）物块向右运动过程中速度的最大值v； （3）从零时刻到速度为零所用的时间t。 16. 如图所示，光滑水平面上静止放置一质量为2m的小车，小车的左侧是半径为R的光滑圆弧轨道AB，右侧是长度为R的水平轨道BC，BC的左端与圆弧轨道相切，右端固定一个竖直的弹性挡板.已知小物块与BC间的动摩擦因数μ=0.2，重力加速度为g。一质量为m的小物块从圆弧的A点以的初速度滑下，求： （1）小物块第一次经过B点时，小物块速度大小v1； （2）小物块第一次与挡板碰撞时，小车位移大小； （3）小物块与挡板碰撞的次数n。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2024~2025学年第一学期高二期中调研试卷物理 2024.11 注意事项： 1.本试卷包含选择题和非选择题两部分.考生答题全部答在答题卡上，答在本试卷上无效.本次考试时间为75分钟，满分值为100分. 2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号（考试号）用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔填写在答题卡上，并用2B铅笔将对应的数字标号涂黑. 3.答选择题必须用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其它答案.答非选择题必须用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔写在答题卡上的指定位置，在其它位置答题一律无效. 一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分，每题只有一个选项最符合题意. 1. 砷化铌纳米带是一种具有较高电导率的材料，该材料的电导率是石墨烯的1000倍。电导率就是电阻率的倒数，即，则下列说法正确的是（　　） A. 电导率大小与温度有关 B. 电导率单位是 C. 材料的电导率与所选材料的品种无关 D. 材料的电导率与材料的长度和截面积有关 【答案】A 【解析】 【详解】A．电阻率与温度有关，而电导率就是电阻率的倒数，所以电导率大小与温度有关，故A正确； B．电阻率的单位是，则电导率单位是，故B错误； CD．材料的电阻率、电导率与材料和温度有关，材料的电导率与所选材料的品种有关，与材料的长度和截面积无关，故CD错误。 故选A。 2. 如图所示，若考虑两表内阻的影响，用两表示数算出的，下列说法正确的是（　　） A. R测<R真 B. 该接法适用于测量小电阻 C. 引起误差的主要原因是电流表分压 D. 引起误差的主要原因是电压表分流 【答案】C 【解析】 【详解】A．图中测量电路采用电流表内接法，误差在于电流表的分压，电压的测量值偏大，则有 R测>R真 故A错误； B．图中误差在于电流表的分压，若电流表分压值越小，误差越小，电流表与待测电阻串联，则该接法适用于测量大电阻，故B错误； CD．引起误差的主要原因是电流表分压，故C正确，D错误。 故选C。 3. 一质量为1kg的小球以5m/s的水平速度垂直撞向竖直墙壁后原速率反弹，与墙壁接触的时间为0.1s，取重力加速度g=10m/s2，则在该过程中小球的动量变化量大小和重力的冲量大小分别为（　　） A. 0，0 B. 5kg•m/s，1N•s C. 10kg•m/s，0 D. 10kg•m/s，1N•s 【答案】D 【解析】 【详解】设反弹方向为正，则在该过程中小球的动量变化量大小 重力的冲量大小 故选D。 4. 关于多用电表的使用，下列说法正确的是（　　） A. 使用多用电表前首先进行欧姆调零 B. 测电阻时指针偏转至靠近刻度盘最右端附近，需要将欧姆挡倍率调换到低倍率挡 C. 测量电阻时，若双手手指分别与两表笔金属部分接触，则会导致测量值偏大 D. 测量电阻时，电流从红表笔流经被测电阻再到黑表笔 【答案】B 【解析】 【详解】A．使用多用电表前首先进行机械调零，选择好倍率挡后再进行欧姆调零，选项A错误； B．测电阻时指针偏转至靠近刻度盘最右端附近，说明待测电阻偏小，倍率挡选择过高，需要将欧姆挡倍率调换到低倍率挡，选项B正确； C．测量电阻时，如果双手手指与两表笔金属部分接触，相当于在被测电阻两端并联了一个电阻，从而会导致测量值偏小，故C错误； D．红表笔接内部电源的负极，则测量电阻时，电流从黑表笔流经被测电阻再到红表笔，故D错误。 故选B。 5. 利用如图所示的装置探究碰撞中的不变量，下列说法错误的是（　　） A. 悬挂两球的细绳的悬点不可以在同一点 B. 悬挂两大小相同小球的细绳长度要适当，且等长 C. 静止释放小球C以便计算小球碰撞前的速度 D. 两小球必须都是刚性球，且碰撞小球的质量大于被碰小球的质量 【答案】D 【解析】 【详解】AB．悬挂两大小相同的小球的细绳等长才能保证两球发生正碰，以减小实验误差，悬挂两球的细绳的悬点不能在同一点，否则两球无法发生正碰，故AB正确，不符合题意； C．计算小球碰撞前速度时，根据动能定理可得 当由静止释放时，能方便准确地计算小球C碰撞前的速度，故C正确，不符合题意； D．本实验中对小球是否有弹性无要求，所以两小球不需要都是刚性球，也不需要碰撞小球的质量大于被碰小球的质量，故D错误，符合题意。 故选D。 6. 下列关于火箭的描述正确的是（　　） A. 增加单位时间内燃气喷射量可以增大火箭的推力 B. 气体喷出的过程中，火箭和气体组成的系统机械能守恒 C. 火箭是靠喷出气流与空气间的作用而获得巨大速度的 D. 当燃气喷出火箭喷口的速度相对于地面为零时火箭就不再加速 【答案】A 【解析】 【详解】A．设在∆t时间内喷射燃气的质量为∆m，则由动量定理 可得 即增加单位时间内燃气喷射量可以增大火箭的推力，选项A正确； B．气体喷出的过程中，燃料燃烧放出能量，可知火箭和气体组成的系统机械能增加，选项B错误； C．燃料燃烧时火箭向下喷气，喷出的气体的反作用力推动火箭升空，即火箭靠喷出气流的反冲作用而获得巨大速度，故C错误； D．当燃气喷出火箭喷口的速度相对于地面为零时，燃气相对火箭仍有速度，仍可使得火箭加速，故D错误。 故选A。 7. 如图所示，游标卡尺测量长度的读数应为（　　） A. 8.50mm B. 10.50mm C. 8.10mm D. 10.10mm 【答案】B 【解析】 【详解】游标卡尺精度为0.05mm，测量长度的读数应为10mm+0.05mm×10=10.50mm 故选B。 8. 在冬奥会冰壶比赛中，一冰壶沿着赛道做直线运动，与另一相同的冰壶发生弹性正碰。忽略冰壶与冰面间的摩擦力，下列关于两个冰壶动量随时间的变化关系可能正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】设两冰壶的质量均为m，入射冰壶碰撞前的速度为v0，碰撞后的速度为v1，被碰冰壶碰撞后的速度为v2，两冰壶发生弹性正碰，根据动量守恒有 根据机械能守恒有 联立解得 ， 可知，碰撞后两冰壶速度互换，则碰撞后入射冰壶的动量为0，被碰冰壶的动量等于碰撞前入射冰壶的动量。 故选D。 9. 如图所示，R是光敏电阻，当光照强度增大时，它的阻值减小，电压表和电流表均为理想电表，当外界的光照强度减弱时，下列说法正确的是（　　） A. 电流表的示数增大 B. 电压表的示数减小 C. 电源的总功率减小 D. 电源的输出功率减小 【答案】C 【解析】 【详解】AB．当外界的光照强度减弱时，R阻值变大，则总电阻变大，总电流减小，电流表示数减小，因R0及内阻上的电压减小，可知电阻R上电压变大，即电压表示数变大，选项AB错误； C．电源的总功率P=IE，因电流I减小，则电源总功率P减小，选项C正确； D．因外电阻和电源内阻的关系不确定，则不能判断电源的输出功率的增减情况，选项D错误。 故选C。 10. 用电阻R=4Ω的均匀电阻丝制成一个圆环，并把它接到如图所示的电路中，图中导线的P端能沿圆环移动，并保持良好接触。已知R0=3Ω，电源内阻忽略不计。则P从圆环的最高点移动至最低点的过程中圆环的电功率（　　） A. 一直增大 B. 一直减小 C. 先增大后减小 D. 先减小后增大 【答案】C 【解析】 【详解】圆环上下并联后的电阻为 可得当P端处于中点时，即时，并联电阻最大，为 圆环的电功率为 根据数学知识可知，当与越接近时，圆环的电功率越大；由于 可知P从圆环的最高点移动至最低点的过程中圆环的电功率先增大后减小。 故选C。 11. 如图所示，小球A、B固定在竖直轻杆两端，A球紧贴竖直光滑墙面，B球位于光滑水平地面上，小球C紧贴小球B，小球A受到轻微扰动后顺着墙面下滑，此后的运动过程中，三球始终在同一竖直面上，已知小球C的最大速度为v，三球质量均为m，轻杆长为L，重力加速度为g，下列说法正确的是（　　） A. 小球A离开墙面前，B、C两小球已分离 B. 小球A落地前瞬间动能大小为 C. 小球A落地前瞬间，小球C的速度是小球A速度的2倍 D. 竖直墙对小球A的冲量大小为3mv 【答案】B 【解析】 【详解】A．小球A离开竖直墙时，轻杆由压力变拉力，此时B、C分离，故A错误； D．B、C分离后小球C做匀速直线运动，所以B、C分离时，两球速度均为v，对三小球整体列水平方向动量定理，则 I墙=2mv 故D错误； C．自小球A离开墙面到小球落地，A、B轻杆水平方向动量守恒，则 mv=mvB+mvAx 且有 vB=vAx 解得 小球C的速度是小球A水平速度的2倍，但小球A有竖直速度分量，故C错误； B．轻杆对小球A做功大小等于对小球B做功大小，即等于小球B、C的动能增量，则 小球A落地前瞬间动能大小为 故B正确； 故选B。 二、非选择题：共5题，共56分.其中第13题~第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。 12. 小明利用如图所示的实验装置测量一节干电池的电动势和内阻，选用的定值电阻R0=1.0Ω。 （1）图中电流表的示数为_________A； （2）调节滑动变阻器，电压表和电流表的示数记录如下 U（V） 1.45 1.36 1.27 1.16 1.06 I（A） 0.12 0.20 0.28 0.36 0.44 请根据表中的数据，在答题卡的方格纸上作出图线________。 （3）由图线求得：电动势E=_________V，内阻r=_________Ω；（结果均保留两位小数） （4）由于连接滑动变阻器和电流表的导线接头处严重氧化而出现“接触电阻”，则由此对电动势和内阻的测量结果产生的影响是：_________。 【答案】（1）0.44 （2） （3） ①. 1.60（1.58～1.62） ②. 1.22（1.18～1.26） （4）电动势的测量值不变，内阻的测量值不变 【解析】 【小问1详解】 图中电流表选择量程，分度值为，则电流表的示数为。 【小问2详解】 根据表格数据描点，作出图像如图所示 【小问3详解】 [1][2]根据实物图结合闭合电路欧姆定律可得 可得 由图线可得电动势为 内阻为 【小问4详解】 由实物图可知，电压表测的是滑动变阻器、电流表和定值电阻串联后的总电压，即路端电压，由于连接滑动变阻器和电流表的导线接头处严重氧化而出现“接触电阻”，不影响电压表的测量值和电流表的测量值，所以由此对电动势和内阻的测量结果产生的影响是：电动势的测量值不变，内阻的测量值不变。 13. 一台小型电动机在3V电压下工作，匀速提升重力为4N的物体时，通过它的电流是0.2A，在30s内将该物体匀速提升3m，不计除电动机线圈发热之外的能量损失，求： （1）电动机的输入功率P入； （2）电动机的发热功率P热。 【答案】（1）P入=0.6W （2） 【解析】 【小问1详解】 电动机的输入功率 P入=IU=0.2×3W=0.6W 【小问2详解】 重物上升的速度 机械功率 P机=mgv=0.4W 电动机的发热功率 P热=P入-P机=0.2W 14. 如图所示电路中，E=10V，R1=4Ω，R2=6Ω，C=30μF，电源内阻可忽略，求： （1）闭合开关S，稳定后通过R1的电流I； （2）将闭合开关S断开，稳定后流过R1的总电量。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 根据闭合电路欧姆定律 可得稳定后通过R1的电流 【小问2详解】 闭合开关S后，电容器两端的电压与R2两端的电压相等 开关S断开后，电容器两端的电压与电源的电动势相等 故流过R1的总电量 15. 如图所示，一质量m=2kg的物块在水平地面上运动，物块与地面间的动摩擦因数μ=0.1；t=0时，物块的速度大小v0=4m/s，方向水平向右。此时对物体施加一外力F，F随时间t的变化关系满足，规定向右为正方向，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2，求： （1）0~6s外力F的冲量大小I； （2）物块向右运动过程中速度的最大值v； （3）从零时刻到速度为零所用的时间t。 【答案】（1） （2） （3）s 【解析】 【小问1详解】 外力F的冲量大小是力-时间图像与时间轴所围三角形面积的大小，可知0~6s外力F的冲量大小 【小问2详解】 物块合外力为零时，速度最大，即满足 将带入解得 从t=0到速度最大，t=0时，t1=2s时，由动量定理 解得 【小问3详解】 从零时刻到速度是零，设时刻速度是零，外力F的冲量 （N·s） 由动量定理 解得 16. 如图所示，光滑水平面上静止放置一质量为2m的小车，小车的左侧是半径为R的光滑圆弧轨道AB，右侧是长度为R的水平轨道BC，BC的左端与圆弧轨道相切，右端固定一个竖直的弹性挡板.已知小物块与BC间的动摩擦因数μ=0.2，重力加速度为g。一质量为m的小物块从圆弧的A点以的初速度滑下，求： （1）小物块第一次经过B点时，小物块速度大小v1； （2）小物块第一次与挡板碰撞时，小车位移大小； （3）小物块与挡板碰撞的次数n。 【答案】（1） （2） （3）碰撞4次 【解析】 【小问1详解】 小物块第一次经过B点时，系统满足水平方向动量守恒，以向右为正，则有 根据系统机械能守恒可得 联立解得小物块速度大小为 【小问2详解】 设小物块向右位移大小为，小车向左位移大小为，小物块和小车组成的系统满足水平方向动量守恒，则有 即有 又 联立解得 【小问3详解】 以小物块和小车为系统，水平方向动量守恒，小物块与挡板多次碰撞后，最终与小车速度同时为0，由动能定理可得 解得： 由于 可知小物块与挡板碰撞4次。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $