第3章 交变电流 单元复习归纳-【重难点手册】2024-2025学年高中物理选择性必修第二册（人教版2019）

第三章交查电流收 单元复习归纳 门01-微转题妙总结。 微专题1交变电流的产生及描述 C.t=5×102s时，曲线a、b对应的感应 交变电流的产生与表达的几个基本要点： 电动势大小之比为3√2：2 正弦式交 D.t=6×10s时，曲线a对应线圈的磁 将一个平面线圈置于匀强磁场中，并使 变电流产 通量最大，曲线b对应线圈的磁通量为0 它绕垂直于磁场方向的轴做匀速转动 生的方法 醒折由图乙可知，E=36V,w== 规律的数 e=Eusin ot(其中Em=nBSw,t=0时， T 学表达式 线圈在中性面的位置) 8X10rad/s=25mrad/s,则曲线a表示的交变 2π 规律的 正弦式交变电 电动势瞬时值e=Ema sin aut=36sin25πtV,故 流的图像是正 0.51 图像描述 T A正确；由图乙知曲线a、b表示的交变电流的 弦曲线 周期之比为T。:T。=(8×10-):(12× 线图平面位于中性面时，穿过线圈的磁 通量最大，磁通量的变化率为0，感应电 102)=2:3,由a=要可知.·w=T:T 规律与情 动势为0：线圈平面与中性面垂直时，穿 =3:2,所以曲线4、b表示的交变电动势的最 过线圈的磁通量为0，磁通量的变化率最 境的对应 大值之比Ema：Enb=NBS:NBS=u:w 大，感应电动势最大：线圈转动一周，两 次经过中性面，线圈每经过一次中性面， =3:2,又知Emu=36V,则Emb=24V,故B 电流的方向就改变一次 错误；曲线a表示的交变电动势瞬时值ea 例①(2024·山东日照一模)（多选）如图 36sin25πtV,曲线b表示的交变电动势瞬时值 甲所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次 e=24sim2纤01V,将t=5X10s代入， 分别以不同的转速绕与磁感线垂直的轴匀速 转动，产生的交变电动势如图乙中曲线α、b所 得e=-182V,e=12V,e.|e=32:2, 示，则下列说法正确的是( 故C正确：由图乙知t=6×10-s时，a的电动 势最大，对应线圈的磁通量为0，b的电动势 为0，对应线圈的磁通量最大，故D错误」 810/12(x10°s) 答案AC 微专题2正弦式交变电流的“四值”问题 甲 乙 L正弦交变电流的“四值”：交变电流的峰 A.曲线a表示的交变电动势瞬时值e。= 值、瞬时值、有效值和平均值.在分析求解有关 36sin25πtV “四值”的问题时，要特别注意把握如下儿点。 B.曲线b表示的交变电动势最大值为 (1)在求解电容器的击穿电压等物理量时 28.8V 用峰值。 169 国雕台手册高中物理选择性必修第二册) (2)在研究某一时刻通有交流电的导体受 π=3.14.求： 到的安培力时应采用瞬时值.瞬时值可由瞬时 (1)从图示位置开始计时，电动势的瞬时 值表达式计算得出。 值表达式： (3)求电功、电功率以及确定保险丝的熔 (2)交流电压表的示数： 断电流等物理量时，要用有效值计算.正弦式 (3)线圈转一周，线圈内阻产生的焦耳热。 交流电的有效值与峰值间存在1=二的关系， 解析(1)已知图示位置与中性面垂直，则 电动势的瞬时值表达式为e=Emcos ax,已知交 其他交变电流只能根据交流电有效值的定义， 变电压的峰值为Em=NBSw=200√2V,则电动 依据电流的热效应来计算。 (4)求一段时间内通过导体横截面的电荷 势的瞬时值表达式为e=200√2cos100tV, 量时要用平均值，如g=11.平均值的计算要用 (2)交变电压的有效值为E=E=200V. 法拉第电磁悠应定律E=〃曾和闭合电路欧 R 根据欧姆定律可知，电压表示数为U取一R十，E 鹅定律了R,来计算，并且不同时间段内的 =160V. 平均值可能会不同， (3)回路中电流的有效值为1R是，=20A 2.交变电流的变化除用瞬时值表达外，也 可以用图像来进行表述，其主要结构是横轴为 线图转一图所用时问为T一红-希则线图 时间t或角度0，纵轴为感应电动势e、交变电 内阻产生的焦耳热为Q=严rT=50.24J. 压u或交变电流. 微专题3理想变压器动态问题的分析 正弦式交变电流的电动势、电流、电压图像 理想变压器的动态问题主要表现为两种 都是正弦（或余弦）曲线，其图像有如下应用： 形式：一种是匝数比不变，负载改变：另一种是 (1)根据图像可求交变电流的最大值及各 负载不变，匝数比改变 时刻瞬时值 1.匝数比不变，负载改变（如图所示】 (2)根据图像可求线圈在磁场中转动的周 期和角速度， （1)输人电压U,不变，根哈山决 (3)可判断出线圈在磁场中转动的位置. 定输出电压U2,不论负载电阻R如何变化，U 例2(2024·湖北武汉外 0 不变 国语学校高二月考)如图所示， abcd为交流发电机的矩形线 圈，其面积S=√2m2,匝数N= 10匝，线圈内阻r=22,外电 不变，负载R变化 阻R=82.线圈在磁感应强 (2)当负载电阻发生变化时，输出电流2 度大小为B=0.2T的匀强磁场中绕垂直于磁 变化，2决定输入电流11，故I发生变化 场的转轴O0匀速转动，角速度w=100rad/s. (3)I2变化引起P2变化，P,=P2,故P 图中的电压表、电流表均为理想交流电表，取 发生变化 170 第三章交查电流收 2.负载不变，匝数比改变（如图所示】 电压之比为匝数之比，而U2不是副线圈两端 (1)U,不变，发生变化，故U2变化 72 电压，为变租器两端电压，即品≠故A错 误：山和上是原、副线圈电路中电流，满足。 ,故B正确：滑片P向下滑动过程中，变阻器 是收生，负载R不变 接入电路电阻减小，所以副线圈所在回路电流 (2)R不变，U2改变，故2发生变化. U 。变大，则站-费可知1支大，又图为0不 (3)根据P,=发P发生变化，再根据 变，即副线圈两端电压不变，定值电阻两端电 P=P2,故P1变化，P=U11,U1不变，故I 压增大，所以U2变小，故CD错误. 发生变化， 答案B 分析动态问题的一般思路： 微专题4远距离输电问题的分析 丛一 P=P(IU=IU) 1.明确一个原理 U决定 1一R地，h 决定 要减小输电线的电压损失和功率损失，就 1 PP 是减小输电电流，而输送功率是确定的，由P一 决定 U知应提高输电电压， 例3(2024·湖北宜昌夷陵中学高二期 2.理解两个损失 末)如图所示，理想变压器原线圈输入电压一 (1)电压损失：U攒=I线R线，主要原因是输 Umsin ot,副线圈电路中R,为定值电阻，R是 电线有电阻， 滑动变阻器，V,和V2是理想交流电压表，示 数分别用U1和U2表示：A和A是理想交流 ②功幸损失：P=后R是 电流表，示数分别用11和12表示，变压器原、 3.分清三个回路 副线圈匝数分别为1和2.下列说法正确的 远距离输电的简化电路图如图所示，根据 是( 电流的流经路线，可划分为三个回路 升压交压器 降压变压器 发电机 用户1用户2 A是-” 国路1 回蜂2 回塔3 4.掌握四个关系 B会- (1)功率关系：P=P,P3=P,P2=P十P. C滑片P向下滑动过程中，U2不变，I变大 ②电压，电流关系品-分-票爱 D滑片P向下滑动过程中，U2变小，I,变小 解析]由图可知，原、副线圈两端电压满足 0-片U=4+t0,6=1,= 171 国雕手细高中物理选择性必修第二册？) 3)输电电流：a光-光 D.用户功率增大，则输电过程电能损耗 R线 越小 (4)输电线上损耗的电功率： 解析远距离输电先经过升压，则U1 P=△=aRa=(侵)fR, U2,由于输电线有电阻，则输电线上有电势降 例④(2024·安徽六安一中期中)如图为 低，所以有U2>U,则A错误：损耗的功率为 远距离输电的示意图，若电厂输出电压不变， △P==U,U),所以B错误：根据输 R R 输电线路的电阻为R,下列表述正确的是 送电功率不文，由-号可知，若心提高为原 来的10倍，则输送电流降低为原来的品根据 △P=R可知，输电线上损失的功率为原来的 A.U<U<U 100,所以C正确；用户功率增大，则电流增大， B损托的功率为喂 根据理想变压器电流关系可知，输电线上的电 流也增大，所以输电过程电能损耗增大，则D C.若U2提高为原来的10倍，输电线上损 错误。 失的功率为原来的O0 答案C 口02-单玩学能测评。 时间：75分钟 满分：100分 一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40 A.输电电流为3I B.输电电流为91 分.在每小题给出的四个选项中，第1一7题只 C.输电电压为3U D.输电电压为0.5U 有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合 2.(2024·湖北省武昌实验中学高二期末)一 题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的 交变电压的表达式为u=100√2sin100mtV, 得2分，有选错的得0分) 由该表达式可知( ) 1.(2024·陕西咸阳实验中学高二月考)在遭 A.用电压表测该电压时电压表的示数为 遇特大冰雪灾害时，高压电线覆冰后有成人 100v2V 大腿般粗，为清除高压输电线上的凌冰，有 B.该交变电压的周期为0.02s 人设计了这样的融冰思路：利用电流的热效 C.将该电压加在100Ω的电阻两端，电阻消 应除冰.若在正常供电时，高压线上送电电 耗的电功率为50W 压为U,电流为I,热损耗功率为△P:除冰 时，输电线上的热损耗功率需变为9△P,假 D.1一40s时，该交变电压的瞬时值为50V 定输电功率及输电线电阻均不变，则除冰时 3.(2024·湖南师大附中高二月考)有一理想 ( ). 变压器的原线圈连接一只交流电流表，副线 172 第三章交变电流么组 圈接入电路的匝数可以通过滑动触头Q调 D,升压变压器的输出功率等于降压变压器 节，如图所示，在副线圈两输出端连接了定 的输入功率 值电阻R。和滑动变阻器R,在原线圈上加 5.(2024·湖北武钢三中高二单元测试)如图 一电压为U的交流电，则( 所示，甲为一台小型发电机构造示意图，单 匝线圈逆时针匀速转动，产生的交变电流随 时间按正弦规律变化，其i-t图像如图乙所 示，下列说法正确的是( A.保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电 A 流表的读数变大 B.保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电 0.05\0.】150.20.25 流表的读数不变 C保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电 乙 流表的读数变大 A.线圈转动两周，电流的方向改变2次 D.保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电 B.从线圈经过图示位置开始计时，则电动势 流表的读数变小 e随时间变化的规律为e=Esin o 4.(2024·东北师大附中高二期末)远距离输 C.在t=0.05s到t=0.1s时间内，穿过线 电示意图如图甲所示，发电机的输出电压变 圈的磁通量逐渐增大 化规律如图乙，输电线总电阻为，升压变压 D.若只将线圈的转速变为原来的2倍，则周 器原、副线圈匝数分别为1、2.降压变压器 期变为0.1s 原、副线圈匝数分别为、m(变压器均为理想 6.(2024·厦门大学附属科技中学高二期末) 变压器).降压变压器的输出电压为220V,则 如图甲所示电路中，L为“6V6W”的灯 下列说法中正确的是( 泡，定值电阻R,阻值为32，R为光敏电阻， 其阻值随光照强度增大而减小，变压器为理 电 想变压器，原、副线圈的匝数比为1：2，各 升压变压器 降压变压器 电表均为理想电表.当ab端接如图乙所示 U/V 的交变电压，用某一强度的光照射光敏电阻 2202 时，灯泡恰好正常发光，则( 2(×10s -2202 L☒R A.通过升压变压器的电流频率比通过降压 变压器的电流频率大 B.西=” 62 ”2 C.图乙中电压的瞬时值表达式为u= .(×10s》 -6 2202sin 100mt V 173 国雕手册高中物理选择性必修第二册？) A.副线圈两端输出的交流电频率为0.5Hz C.电阻R消耗的电功率为20W B.电流表的示数为v2A D.通过R2的电流不为O C,增大光照强度，电压表示数变小 9.(2024·安微合肥八中高二月考)如图甲 D.增大光照强度，灯泡变暗 所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为 7.(2024·江苏宜兴中学高二月考)如图所示， 5:1,L、L2、La、L4、L、L为六只规格均为 匀强磁场的磁感应强度B=】T,边长为L “6V3W”的相同灯泡，各电表均为理想 人 交流电表，输入端交变电压的-1图像如图 =10cm的正方形线圈abd共N=100匝， 乙所示.下列说法中正确的是( 线圈电阻r=1Ω.线圈绕垂直于磁感线的轴 A OO匀速转动，转动的角速度w=2rrad/s, 外电路电阻R=42.则下列说法不正确的 是() 刊 ./V 362 0.010.02 0.03ts -36w2 6 A.副线圈两端交变电流的频率为50Hz A.由图示位置转过60°角时的感应电动势 B.电压表的示数为36V 的大小为1V C.只有L,灯能正常发光 B交流电压表的示数为42V D.1min内消耗的电能为1.08×103J 5 10.(2024·湖北宜昌协作体高三期中)我国水 C.线圈转动一周电流产生的总热量为0.4J 力资源居世界首位，西部地区水力发电潜 D.图示位置ab边所受的安培力大小为4N 力巨大.水力发电的基本原理就是将水流 8.(2024·浙江杭州二中高二月考)如图甲所 的机械能（主要指重力势能）转化为电能 示，理想变压器原、副线圈的匝数比： 如图所示，某小型水力发电站水流量Q =10:1.R1=R2=202,C为电容器.已知 5m/s(流量是指流体在单位时间内流过 加在原线圈两端的正弦式交变电流的电压 某一横截面的体积)，落差h=12.5m,发 随时间变化的规律如图乙所示，则( ）. 电机（内阻不计）的输出电压U1=400V, R uV 输电线总电阻r=10Ω，为了减小损耗采用 200吃 了高压输电.在发电机处安装升压变压器， 0.0 0.02ti5 而在用户处安装降压变压器，其中： -2002 =475：11,用户获得的电压U,=220V, A.交流电的频率为100Hz 用户消耗的功率P,=475kW,变压器均视 B.副线圈中交流电压表的示数为20√2V 为理想变压器，已知水的密度0=1.0× 174 第三章交查电流 103kg/m3,取重力加速度g=10m/s2.下 13.(12分)(2024·重庆八中高二月考)图甲 列说法正确的是( 为一台小型交流发电机构造示意图，线圈 21 逆时针转动，产生的电动势随时间变化的 用 U U. U 正弦规律图像如图乙所示.发电机线圈匝 器 数为300匝、内阻为12，外接灯泡的电阻 升乐变乐器 降压变压器 恒为92，求： A.输电线损失的电压为180V (1)发电机1s内输出的电能： B.输电线损失的电功率为25kW (2)在1×102s时刻穿过线圈的磁通量. C,升压变压器原、副线圈的匝数比川：四 =4：95 D.机械能转化为电能的效率为80% 二、非选择题（本题共5小题，共60分）》 11.(6分)(2024·吉林长春外国×x 0 甲 语学校高二期末)如图所示，使דx× 6 闭合矩形线圈在匀强磁场中绕 垂直于磁场方向的转轴匀速转×6×8， 1×10s》 -6w2 动，在线圈中就会产生交流电.已知磁场的 磁感应强度为B,线圈abcd面积为S,线圈 转动的角速度为.当线圈转到如图位置 时，线圈中的感应电动势为 ；当线 圈从图示位置转过90时，线圈中的感应电 动势为 12.(9分)(2024·江苏扬州中学高三开学考 试)如图甲所示，理想变压器原、副线圈的 匝数比为10：1，R=202,R2=302, C为电容器.已知通过R:的正弦式交变 电流如图乙所示，则交变电流的频率 为 Hz,原线圈输入电压的最大值 为 V,电阻R2的电功率约为 w. A 0.01 70.02tis 甲 175 国雕手册高中物理选择性必修第二册？) 14.(15分)(2024·安徽合肥一中高二期末)如 15.(18分)(2024·江苏如皋中学高二月考) 图所示为一台发电机通过升压和降压变压 如图，直角坐标系xOy的第一、三象限内 器给用户供电的示意图.已知发电机的输出 有匀强磁场，第一象限内的磁感应强度大 电功率为100kW,输出电压为250V.升压 小为2B,第三象限内的磁感应强度大小为 变压器原、副线圈的匝数比是1：8，两变 B,磁感应强度的方向均垂直于纸面向里。 压器之间输电导线的总电阻为4Ω，向用 现将半径为l、圆心角为90°的扇形导线框 户供220V交流电，若变压器是理想变压 OPQ以角速度w绕O点在纸面内沿逆时 器，求 针匀速转动，导线框回路电阻为R求： (1)升压变压器的输出端电压： (1)导线框中感应电流的最大值： (2)降压变压器原、副线圈的匝数比. (2)线框匀速转动一周产生的热量： (3)该交变电流的有效值， 发电 用 2￥ 176重难⑤手册高中物理透择性必修第二册 C强基突破练 AB错误：保持P的位置不动，将Q向上滑动时，副线 1AD【解析】当用电高峰到来时，用户消耗的功率变 圈的匝数增多，由光=册，可知U增大，由上 大，则降压变压器副线圈的电流变大，即电流表A:的 U 示数变大，由于匝数比不变，输电线上的电流1随之变 干R可知1，增大，山增大，故电流表的读数变大.C 大，A的示数增大，输电线上损失的功率△P=尸R 正确，D错误 变大，A正确：因发电厂的输出电压恒定，则升压变 4.C【解析】变压器只改变电压，不会改变交流电的频 压器的副线圈两端的电压U2不变，即电压表V的示 率，因此通过升压变压器的电流频率与通过降压变压 数不变，故B错误：输电线上的电压损失U=R线变 器的电流频率相同，A错误：由于发电厂的交流电压的 大，故降压器原线圈两端的电压诚小，副线圈两端的电 有效值为220V,用户得到的电压也是220V,但电能 压也减小，即电压表V:的示数减小，C错误：设电厂输 输送过程中，有能量损失，升压变压器的输出功率大于 出功率为P,输电线上电流为1，用户消耗的功率与发 降压变压器的输入功率，根据P=UI,可知U>U,因 电厂输出功率的比值”-1货-1一器，因为 此<，BD错误：交流电的周期为0,2s,因此角速 输电线上的电流I增大，则电压损失△U增大，U不 度w系=100xrad/s,因此题图乙中电压的瞬时值表 变，所以用户消耗的功率与发电厂输出功率的比值减 达式为=2202sin100πV,C正确， 小，D正确. 5.D【解析】交变电流在一个周期内方向改变2次，则线 单元学能测评 圈转动2圈，电流的方向改变4次，A错误：若从题图 甲所示位置开始计时，即从垂直于中性面位置开始计 1.A【解析】由变压器原理可知输入功率与输出功率是 时，电动势e随时间变化的规律为e=Ecos o,B错误： 相同的，在正常供电即输入电功案不变的情况下，输出 在=0.05s到1=0.1s时间内，电流逐渐增大，穿过 电功率也是不变的，即P=恒定：在正常供电时有 线圈的磁通量逐渐诚小，C错误；由题图乙所示t图 △P=FR,除冰时有9aP=户R,联立解得r=3√受 像可知电流的瞬时表达式可表示为i=Icos,则峰 =31,又P=1,可知当功率不变的情况下，电流变成 值为10A,周期为0.2s,转速n=5r/s,当转速变为原 原来的3倍时，电压缩小3倍，即U=马 来的2倍，则角速度变为原来的2倍，周期变为原来的 3 一半，即周期变为0.1s,D正确. 2.B【解析】电压表的示数是有效值，为100V,A错误， 6.D【解析】交流电的周期T=2×105,所以频率f 该交变电压的周期为T一二-忍s=002s,B正 下=50H2,故A错误；由线圈匝数比可知刷线圈两端 确：将该电压加在100Ω的电阻两端，电阻消耗的电功 的输出电压有效值为12V,灯泡恰好正常发光，说明灯 ￥为P==100 尺=100W=100W,C错误：当1=008 泡两端电压为6V,所以定值电阻R两端的电压最大 时，该交变电压的瞬时值为u=100W2sin100πt= 值为U=6V,流过R的电流为1=2A由匝数比可 知原线圈的电流为1=4A,故B错误：副线圈两端的 100En10x×dV=100V.D错误。 输出电压是不变的，增大光照强度，则光敏电阻的阻值 3.C【解析保持Q的位置不动，副线圈匝数不变，觉 减小，与之并联的灯泡两端电压降低，灯泡变暗，枚C 错误，D正确。 ,可知U2不变，当P向上滑动时，R变大，由1= 7.D【解析】根据E=NBSw,可得感应电动势的最大 U 尼十R可知上减小，山减小，故电流表的读数变小， 值E=100×上×0.1×2xV=2V,由于线圈垂直 26 参考答采与解析么 于中性面开始计时，所以瞬时感应电动势表达式= 10.D【解析根据变压器电压与臣数的关系号-朵。 2©os2πdV,当线图转过60角时的瞬时感应电动势为 得U=9.5kV,理想变压器无能量损失，P3=P, e=1V,转动过程中，交流电压表的示数为有效值，所 475kW,根据P=U34,解得12=50A,高压输电线 2 以有U=RR=×4V-号巨V,故AB正确： 电阻损失的电压U=r=500V,A错误：高压输电 线损失的功率△P=r=25kW,B正确：输电电压 E 一个周期内，由公式有1=年， √2 A,周期为T=2红 西-5十-10kW.则是-&-云C错误：发电 5 机输出电功率P,=P+△P=500kW,单位时间内水 =经s=1s,总热量Q=r(R+)T=(号）×4+1D× 2x 流的机械功率P,=m型=cQgh=625kW,故机械能 E 1J=0.4J,故C正确：流过ab的电流为I= R+r 转化为电能的效米)是×10%=0%，D正确 2 11.0:BSm 【解析】当线圈平面与磁场垂直时，穿过线 A=号A.放cb边所受的安培方大小F:=NBL 2 圈的磁通量变化率为0，感应电动势为0.当线圈从中 性面位置转过90°角，线圈平面与中性面垂直，产生的 =100X×号×站N=2N.放D错说 1 感应电动势为BS 8.CD【解析】根据变压器原理可知原、副线圈中电流的 250,20 【解析】根据变压器原理可知原，副线圈 周期、颜率相同，周期为0.02s,频率为50Hz,故A错 中电流的周期、频率相同，周期为0.02s,频率为50Hz: 误：由题图乙可知原线圈最大电压为Um=200√2V, 由题图乙可知通过R的电流最大值为I=1A,根 有效值为200V,再根据原、副线圈的电压之比等于匝 据欧姆定律可知其最大电压为U.=1R=20V,再根 数之比，可知副线圈的电压为20V,电压表读数为有 据原、副线圈的电压之比等于匝数之比，可知原线圈 效值，为20V,故B错误：根据并联电路特点可知电阻 输人电压的最大值为200V:根据正弦交流电的峰值 R的电功率P侵-器W=20W,放C正确：因为 和有效值关系及并联电路特点，可知电阻R的电流 电容器有通交流、阻直流的作用，则有电流通过R和 有效值为1==0A,所以电阻R的电功 √2R2×30 电容器，即电流不为0，故D正确. 9.AD【解析】由题图可知交流电的周期为O.02s,变压 *P=rR-婴R 器副线圈两端交变电流的频率为50Hz,变压器不能 13.(①)由题图乙可知，E=62V,则有效值为E- 改变交流电的颜率，则副线圈两端交变电流的輟率为 6V,由闭合电路欧姆定律得发电机的输出电压U 50Hz,故A正确：由题中输入端交变电压“的图像， 可求出有效值U=362V=36V,由题图甲可知，灯 平R,发电机1：内输出的电能Q一发，代入数据 解得Q=3.24J. L两端分担一部分电压，则电压表的示数小于36V, (2)1×102s时刻，穿过线圈的磁通量最大.由题图乙 故B错误；由原、副线圈匝数之比为5：1，可得原、副 可知，交流电的周期T=2×102s,又T=2红，E= 线圈的电压之比为5：1，电流之比为1：5，设灯泡两 端电压为U,则刷线圈上电压为U,所以U十鼠U= NBS,中=BS,解得D=与000元Wh 36V,得U=6V,则6只灯正常发光，故C错误：1min 内消耗的电能为E=6P1=6×3×60J=1.08×10J, 没=：，可得升压变压器的输出端电压U 14.(1)根据元一1 故D正确。 =2000V. 27 重难⑤手册高中物理透择性必修第二册 P (2)输电线的电流一忘=50A,输电线损失的电压 少.从题图乙可以看出，在0~干这段时间内电容器充 △U=2R=200V,降压变压器的输入电压U3=U2 电，且Uw>0,即U>UB,A板应带正电，只有顺时针 y=180OV.根据号-费降压变压器原。副线周的 方向的电流才能使A板充电后带正电，同时考虑到 0时刻电压为0，电容器带电荷量为0，电流最大，可知1 版数比兴-器-器 =0时刻，电流为负向最大，故选D. 15.(1)线框从题图位置开始转过90角的过程中，产生的 4.C【解析】1C振荡电路在一个周期内电容器会充电两 感应电动势为B一号×2R,由闭合电路欧姆定律 次放电两次，每次充电或放电的时间均为子T一 得回路电流为一景解得，一股2同理可求得线 受C,根据题意，电容器所带的电荷量由Q减小到0 框进出第三象限的过程中，回路电流为2=，故 2R 所需的时间为了x√C=言T,说明电容器所带的电 感应电流最大值为。-股 荷量由最大放电最到Q所需时间为}T-合T=立T (②)线框转一周产生的热量Q-2(TR于+万R于)， vC,则电容器所带电荷量由Q充电至最大所 又T-红，解得Q=51 4R 需时间同样为行xC,故选C (3)根据Q-2(iRT+店R于)=店RT,解得该交 B综合提能练 变电流的有效值1标=震W。 1.C【解析】由题图可知，电容器正在放电，电流变大，线 圈中的磁场方向向上且电流正在变大，故A错误：电容 第四章 器中的电场方向向上，由于电容器正在放电，则带电量 电磁振荡与电磁波 诚小，由C一号，可知极板间的电势差正在变小.所以 第1节电磁振荡 电场能正在变小，故B错误：若在线圈中插人铁芯，则 A基础过关练 L.D【解析】由安培定则可知回路中的电流方向为逆时 2x元·发射的电磁波频率变小，故 L变大，根据f=。1 针方向，而上极板是正极板，这时电容器正在放电，电 C正确：若增大电容器极板间的正对面积，则电容器电 流减小越来越慢，故线圈中自感电动势在诚小，A错 容C增大，根据a=cT=2√C,发射的电磁波波长 误：这时电容器正在放电，故两板间电压在减小，B错 变长，故D错误. 误：因为放电过程电场能减小，所以磁场能增大，电场 2B【解析】交流电经二极管整流后变为半个周期内有 能向磁场能转化，C错误：在电容器内放入绝缘物质可 正弦电流，另外半个周期没有电流的直流电，设此时的电 以减弱振荡电路向外界辐射能量的本领，D正确。 压有效值为U,根据有效值的定义得只T一发·子+0。 2.D【解析】由A=子可得波长为入的无线电波的频率 解得U,=马，故A错误：若此时电流为顺时针，由于 ∫=分，故调谐电路的频率也为人，又∫= 1 ② 电容器下极板带正电，可知此时正在充电，电容器上的 以片2x√元·得C家亚放D正确，AXC错误 电荷量逐渐增加，充电电流逐渐减小，但电流的变化率 在增加，因此线圈自感电动势增加，故B正确：若电场 3D【解析电容器极板间的电压U=冬，随电容器带 能正在转化为磁场能，说明电容器两极板间的电场在 电荷量的增加而增大，随电容器带电荷量的减少而减 变弱，电压在减小，电容器所带电荷量在减少，故C错 28