新试题精选仿真卷05-【创新教程】2025年高考物理12套仿真模拟卷

绝密★启封并使用前 新试题精这（五）》 物理试题 111111 满分100分 注意事项： 1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写在相应位置，认真核对条形码上的姓名、准 饕 考证号，并将条形码粘贴在指定位置上， I 2.选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例）正确填涂：非选择题答案必须使用0.5毫米 黑色签字笔书写，字体工整、笔迹清楚 都 3.请按照题号在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效：在草稿纸、试题 卷上答题无效.保持卡面清洁，不折叠、不破损。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.每小题只有一个选项符合题目要求. 1.使用蓝牙耳机接听手机来电，手机与基地台及耳机的信号传输如下图所示.若基地台与 手机、手机与蓝牙耳机之间通信的电磁波分别为甲波、乙波，则 10 10 102 10“颍z 红外线 可 无线电 基地台 见 手机 频率(0.8~0.9)×101川z 颜率(2.4-2.48)×10rHz 于机通信 监牙通信 6ò 益 蓝牙耳机 A.甲波的波长比乙波短 B.真空中甲波的传播速度比乙波小 C.甲波与乙波有可能发生干涉现象 D.甲、乙波都是横波，都能在真空中传播 2.如图所示，一个带磁性的白板擦被吸附在倾斜放置的白板的下表面并处 案 于静止状态，若磁力垂直于接触面，则下列说法正确的是 A.白板擦受到的合力大小等于其重力大小 B.白板擦受到白板的作用力方向竖直向上 C.白板擦与白板之间可能没有摩擦力 D.白板擦与白板之间可能没有弹力 物理试题（五）第1页（共6贞） 3.大量处在激发态n的氢原子向基态跃迁时能向外辐射三种波长不同的光子，三种光子的 波长分别为入1、入2、入3，且有入1>入，>入3，波长为入1的光能使某种金属发生光电效应现象 则下列说法正确的是 () A.n=4 B.波长为入，的光一定能使该金属发生光电效应现象 C.入1=入2十入 D.三种光复合而成的细光束由玻璃射入空气，入射角由0逐渐增大时，波长为入，的光先 发生全反射 4.已知一个星球X的密度与地球的密度相同，星球X与地球的半径之比为1：4，假设卫星 A与卫星B分别绕地球和星球X做匀速圆周运动，且两卫星的轨道半径相同，如图所示. 则下列说法正确的是 () 地球 星球X A.卫星A与卫星B的加速度大小之比为4：1 B.卫星A与卫星B的线速度大小之比为2：1 C.卫星A与卫星B的环绕周期之比为1：8 D.地球与星球X的第一宇宙速度之比为1：4 5.蓝牙小音箱可以在一定距离内与手机等设备实现连接，某型号的蓝 v/(m-s) 牙音箱无线连接的有效距离是18m.在两条平行且靠近的直轨道上，分10 别放置智能小车A、B,两车分别携带该型号音箱和手机.某时刻两车相 距50m,同时开始相向而行，速度大小随时间变化图像均如图所示.则手 机与音箱从相互连接到断开连接持续的时间为 A.1.9s B.2 s C.4s D.5.9s 6.由半导体材料制成的热敏电阻，电阻率随温度的升高而减小，经常用于火警报警装置.如 图甲所示是一火警报警器的电路示意图，理想变压器原线圈接人图乙所示的正弦交流 电，副线圈与理想电压表、理想电流表、热敏电阻R。及报警器P(有内阻)组成闭合电路， 流过报警器P的电流超过I时就会发出警报声.则以下判断正确的是 ( A ↑W 2202 3tx102s】 -2202 甲 A.变压器原线圈两端交变电压u=220sinπt(V) B.当R,所在处出现火情时，变压器输入功率增大 C.当R,所在处出现火情时，电压表示数增大 D.在t=0.01s时，电流表示数为0 物理试题（五）第2页（共6贞） 7.如图甲所示为某透明介质材料制成的长方体棱镜，上下两面为边长为6R的正方形，棱镜 高为2R,S,O分别为上下面的中心，在上表面挖走一个以O点为球心、R为半径的半球， 在S处放置一点光源，已知该材料的折射率为n=√2，且只有上表面为光学面，图乙为俯 视图，图丙为过S、O两点的剖面图，则上表面被照亮的区域面积（俯视看半球内表面被照 亮的部分可等效成水平面)为 () .S A.4πR2 c。R D. + R 8 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分，每小题有多个选项符合题目要求，全 部选对得6分，选对但不全的得4分，有选错的得0分 8.2024年2月5日，在斯诺克德国大师赛决赛，特鲁姆普以10一5战胜斯佳辉获得冠军，如 图甲所示.简易图如图乙所示，特鲁姆普某次用白球击打静止的蓝球，两球碰后沿同一直 线运动.蓝球经t=0.6s的时间向前运动x1=0.36m,刚好（速度为0）落人袋中，而白球 沿同一方向运动x2=0.16m停止运动，已知两球的质量相等，碰后以相同的加速度做匀 变速直线运动，假设两球碰撞的时间极短且发生正碰（内力远大于外力），则下列说法正 确的是 ( 蓝 R A.由于摩擦不能忽略，则碰撞过程动量不守恒 B.碰后蓝球与白球的速度之比为3：2 C.碰撞前白球的速度大小为2m/s D.该碰撞为弹性碰撞 9.如图所示，水平面上有一个正方形，M、V、P、Q是其四条边上的中 点，M、N两点连线与P、Q两点连线交于O点，在O点处固定一个 负点电荷.现加一平行于纸面的匀强电场后，Q点的场强为零，则加 匀强电场后 ( A.P点的场强大小大于N点的场强 B.正电荷在M点的电势能大于V点的电势能 C.M点的场强方向由M指向Q D.把正电荷从N点移到Q点电场力做负功 物理试题（五）第3页（共6贞） 10.如图所示的光滑绝缘水平桌面上放置一边长为L、质量为 、阻值为R的正方形导体框ABCD,四条平行的水平虚线 将空间分成五个区域，其中在虚线1,2间，虚线3、4间分别 12 34 存在垂直水平桌面向上、向下的匀强磁场，磁感应强度大小均为B.已知虚线1、2间（称 区域I)、虚线2、3间、虚线3、4间（称区域Ⅱ）的距离分别为L、2L、L,开始导体框的CD 边与虚线1重合，0时刻给导体框水平向右的瞬时冲量I,最终导体框的AB边与虚线4 重合时，导体框的速度刚好减为零，则下列说法正确的是 () A.导体框进入区域I和离开区域Ⅱ过程中的电流方向相反 B.导体框在从离开区域I到刚进入区域Ⅱ所用的时间为mR 2B2L2 C.导体框刚要开始离开区域Ⅱ瞬间的加速度大小为B mR2 D.导体框经过区域I和区域Ⅱ的过程中，产生的焦耳热之比为2：1 三、非选择题：本题共5小题，共54分」 11.(6分)某实验小组用如图所示的装置验证机械能守恒定律，轻质细杆一端 固定一小钢球，另一端可绕光滑的固定轴O转动，固定在转轴上的角度传感 角度传感军 器可以测出细杆与竖直方向的夹角（小于90）：在O点的正下方放置一光 电门（连接光电计时器），使球心到达最低点时可以恰好通过光电门.测得小 光电 球的直径为d,小球质量为m,球心到转轴O的距离为L. (1)已知当地重力加速度为g,将小球拉至某一位置，测出0：由静止释放小球，读出光电 计时器显示的挡光时间为△.则下摆过程中，小球的重力势能减少量△E。可表示为 ,动能的增加量△Ek可表示为 ,如果二者在误差范围内相等，说明该 系统机械能守恒； (2)关于本实验的误差，下列说法正确的是 A.转轴处的摩擦和空气阻力会使△E,略大于△E B.小球质量的测量误差会使△E,>△E C.适当增大角度0可以减小系统误差 D.改变偏角0多次测量后分别对比△E。和△E:,可以减小系统误差 12.(8分)电导率是检验纯净水是否合格的一项重要指标，它是电阻率的倒数.某同学为测量某 品牌纯净水样品的电导率，将采集的水样注满绝缘性能良好的薄塑料圆柱形容器，容器两端 用很薄的金属圆片电极密封，金属圆片的电阻不计，测得容器长度为L,如图甲所示 (1)该同学先用万用表粗略测量容器内水样的电阻.当选择欧姆表“×1k”挡时，发现指 针偏转角度过小，该同学应换用 (选填“×100”或“×10k”)挡，换挡后，欧姆表 示数如图所示，对应的读数是 n(保留两位有效数字). 共望巴黑 et70不tT了★yx了4 0xxT7T和小 0E8 23 2500or1W 之 物理试题（五）第4页（共6贞） (2)接下来该同学用伏安法尽量准确地测量容器内水样的电阻.除开关和若干导线外， 他还找到以下器材： A.电源E:电动势约为15.0V,内阻不计： B.电压表V:量程0~3V,内阻约3k2: C.电压表V2:量程0~15V,内阻约15k2: D.电流表A1:量程0~0.6A,内阻约0.12： E.电流表A2:量程0200uA,内阻约500： F.滑动变阻器R,,总阻值约10k2: G.滑动变阻器R,:总阻值约1002： ①实验中选择的器材有 (填器材前的字母序号). ②图丙中已画出部分电路设计图，请补充完整，并标明所用器材的代号： ③测出水样的电阻R,后，为了测出样品的电导率σ，请写出该同学还测量出管的内径 D,可求出样品的电导率σ= (用题目所给和测得的物理量表示). 13.(9分)玉龙雪山位于云南省丽江市，是我国最南的雪山，也备受旅行爱好者的关注，由于 玉龙雪山的海拔比较高，旅行者登山时，往往会带上几个氧气袋.已知某储存有氧气的 容器容积为V。=50L,开始时封闭的氧气压强为p。=1.2×10P,用该容器向容积为 V=10L的真空氧气瓶充入氧气，假设氧气可视为理想气体，充气过程中氧气不泄漏，假 设氧气瓶的容积和环境的温度恒定，求： (1)若每个氧气瓶充满气体后压强均为p=1.0×10P,则可以分装多少个氧气瓶？ (2)若每次给氧气瓶充满气体后两容器内封闭气体的压强相同，则充满10个氧气瓶后 容器内剩余的气体的压强与开始时气体的压强之比为多少？ 物理试题（五）第5页（共6贞） 新试题精这（五）》 (物理)答题卡 处 名 准考证号 条形码粘贴区（居中） 缺考 注意事项 滇涂样例 1.答楼前，考生光将自己的姓名、推考证号坑写背楚，并认真在规定位骨贴 □ 正确填涂 灯条形码。 违纪 2.逃择愿必须使用2B笔填涂；非选择题必须使0.5毫米及以上黑色字 迹的签学笔书写，妥求学体整，笔迹清楚 错误填涂 □ 3,严格按照题号在相过的答短区域内作答，超出答题区域书写的答案无效 ☑×D 4.保持卡清沾，不装订，不要折叠，不要被损。 )0五 选择题(1~7小题，每小题4分，共28分： 正确填涂 8~10小题，每小题6分，共18分) 1ABCD 3 ABCD 5ABCD 7囚BCD 9ABCD 题 4ABCD 6 ABCD 8 AECD 10ABCD 的 答题 非选择题（本题共5小题，共54分） 内作答 11.(6分，每空2分) (1) ,超出边框的答案无效 (2) 12.(8分，除标注外，每空2分) (1) (1分) (2)① ② ③ (1分) 丙 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（五）第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 13.(9分) 14.(15分) A B 0 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 15.(16分) B 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（五）第2页（共2页） 14.(15分)如图所示，可视为质点的滑块A、B、带有光滑圆弧轨道的物体C放在水平轨道 上，其中滑块B放在水平轨道的O点，圆弧的半径为R=3.6m,圆弧的最低点与水平轨 道相切.某时刻，给滑块A一向右的瞬时冲量I=3.8N·s,经过一段时间A与B发生 碰撞，最终滑块B冲上物体C,上升的最大高度为h=4.8m.已知A、B、C的质量分别为 m1=0.2kg、2=0.4kg、m3=0.8kg,重力加速度g=10m/s2,一切摩擦均可忽略不 计.求： (1)滑块A、B碰撞过程损失的机械能： (2)仅改变物体C的质量，欲使滑块A、B能发生第二次碰撞，则物体C的质量满足的 条件 15.(16分)如图所示的足够大的长方体空间被两竖直的虚线平面 分成三个区域I、Ⅱ、Ⅲ，其中区域I、Ⅲ中分别存在水平向右 0 和水平向左的匀强电场，电场强度的大小均为E,区域Ⅱ中存 在竖直向上的匀强磁场.O点为区域I内的点，O点到右侧第 一竖直虚线平面的距离为d,两虚线平面之间的距离为3d,一比荷为k的带正电的粒子 由O点静止释放，依次经过两虚线平面上的两点，两点之间的距离为2d,忽略粒子的重 力.求： (1)区域Ⅱ中磁感应强度的大小： (2)粒子第一次、第二次通过左侧虚线平面时，两点之间的距离： (3)若粒子的释放点O向左平移2d后由静止释放，粒子第一次、第二次通过左侧虚线平 面的时间间隔。 物理试题（五）第6页（共6贞）参考答案 由题可知，绝缘棒N第二次与金属棒M碰前速度为 ,方向水平向左，碰后速度为2，金属棒的速度 求得x=10× 为M2,由弹性碰撞可得m21=m1小e十m2小N2, 以此类推，金属棒M与绝缘棒N第n次碰撞后的瞬 1 时速度U 10 5 2(-D2=10× 求得Me=3ms,2=3m/s, 3 金属棒M向左的位移x2, 金属棒M向左的位移xm· B2Lx丝=0-mN2' R+Rp =10×(合) TI, 得=0m=10×名， 发生第1次碰撞后到最终两棒都静止，金属棒M的 总位移x=x1十x2…十xm= 同理可知，金属棒M与绝缘棒N第三次碰撞后的瞬 时速度v3· x1+10m [+(合)+（信）++（传）厂] 3 当n趋于无穷大时x=十10×2=0.18m(6分) 金属棒M向左的位移3， 答案：(1)q=3.6C,%=12m/s:(2)h=0.8m: B2L23=0-m18· (3).x=0.18m R+Ro 新试题精选（五） 选择题答案速查 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D B B c 1 B D BC AC BC 1.D[由题图可知甲波的频率小于乙波的频率，则甲波 波长比乙波波长长，故A错误：所有颜率的电磁波在 4.C[A.星球的质量为M=pX音R, 真空中的传播速度都为3X108m/s,故B错误；甲波 卫星环绕中心天体做匀速圆周运动，万有引力提供向 与乙波频率不同，不能发生稳定的千涉，故C错误：所 有频率的电磁波都是横波，且都能在真空中传搭，故D 心力.有G2二ma 正确.门 2.B[根据题意可知，白板擦处于静止状态，受到的合 联立得a=4xGoR 3r2, 力为零，故A错误；对白板擦进行受力分析，白板擦受 则卫星A与卫星B的加速度大小之比为64：1，故A 到重力，白板的重力垂直于板的吸引力，垂直于板的 错误： 弹力，在重力的作用下，白板擦有一种沿板向下的运 B.由Gm=m 2 动趋势，即受到沿板向上的摩擦力，根据平衡条件可 r2 知，这三个力的合力与重力大小相等，方向相反，即白 板擦受到白板的作用力方向竖直向上，故C、D错误， 4πGpR B正确.] 得v=3r 则卫星A与卫星B的线速度大小之比为8：1，故B 3.B[A.大量氢原子跃迁时向外辐射的光子种类为 n(n-12=3 错误： 2 ,4x2 解得n=3,A错误： C由万有引力公式可知G=m答 B.由公式c=A, 可知=员 T√GpR 可知卫星A与卫星B的环绕周期之比为1：8，故C 又入1>入2>ag· 正确： 则有1<2<g· 光电效应的产生条件是入射光的频率大于金属的极 D.已知v 4xGoR -,可得当R=r时环绕速度最大， 限频率，入1的光能使某种金属发生光电效应现象，入 3r 的光一定能使该金属发生光电效应现象，B正确： 该速度为第一宇宙速度，此时 /4πG0R2 C.由跃迁规律可知，光子入的能量一定等于光子入1、 3 2的能量之和，则有c-hc+c. 地球与星球X的第一宇宙速度之比为4：1，故D ”入312 错误.门 5.A[由题图可知，两车在相遏前做加速度a=2m/s2 的匀加速直线运动，两车相向而行，当距离为18m时连 D.由以上分析可知，三种光的折射率关系为<2 n3, 接，此时两车各自走了=2×(50-18)m=16m… 由临界角公式sinC- 1 根据公式x1=2a,解得1=4s 可知三种光的临界角关系为C1>C2>C3, 由题图可知，当两车相遇时，运动时间为10=55，之后 所以最先发生全反射的是波长为入的光，D错误.] 两车以v=10m/s的相反的方向速度匀速行驶，当两 ·11. 物 理 车再次相距18m时，断开连接，则匀速运动时，两车 8.BC[A.由题意两球碰撞的时间极短，碰撞过程中产 各自运动的位移为x?=9m,运动时间6-号=0.9s, 生极大的内力，两球与桌面间的摩擦力远远小于内 力，所以该碰撞过程的动量守恒，A错误； 则手机与音箱从相互连接到断开连接持续的时间为 B.碰后，蓝球做匀减速直线运动且刚好落入袋内，由 t=t0十t2一11=1.9s,故B、C、D错误，A正确，故 选A.] 匀变建直线运动的规律一受！得蓝球碰后醉间的 6B[A.由题图乙可知变压器原线园两端交变电压为 u=202sn261()=20v区sin10u(V).A错送： 速度为1 2-x1=1.2m8 B.当RT所在处出现火情时，可知RT减小，根据欧姆 又两球的加速度大小相等，则由公式=2r得吗 02 定律可得1：一RT十Rp剩线圈输出功率P台=U,L U 一RT十R。,可知副线图输出功率增大，即变压器输入 解得碰后瞬间白球的速度大小为2=0.8m/s, 则碰后蓝球与白球的速度之比为3：2，B正确： 功率增大，B正确；C.当RT所在处出现火情时，可知 C.碰撞过程中，两球组成的系统动量守恒，则= U2 R减小，根据欧姆定律可得1一RT十R。,可知剩线 n十n2, 代入数据解得0=2ms,C正确； 圈电流I2增大，RT两端电压为UT=U2一I2R即，可知 1 RT两端电压减小，即电压表示数减小，C错误：D.电 D.两球碰前的动能为Ek1=2m喝=2n: 流表示数为电流有效值，故在T=0.01s时，电流表示 数不为0，D错误：故选B.门 两球碰后的总功能为Ee-?nf十m时=1.04m 1 7.D[由题知，材料的折射率为n=√2，则由公式sinC 由于Eki>Ek2, 所以该碰撞过程有机械能损失，即该碰撞为非弹性碰 n 撞，D错误.] 代入得C=45°， 9.AC[根据负电荷的电场的特点可知，负电荷产生的 光由该材料射向空气时发生全反射的临界角为C= 电场的场强方向指向负电荷，加匀强电场后，Q点的 45°，过S点作出國的切线，切点为a,如图所示 场强为零，匀强电场的电场与负电荷在Q点产生的电 场E。的大小相等，方向相反，可知匀强电场的电扬强 度的方向向下 A.负电荷在P点产生的电场的方向向下，加匀强电 场后EP=2E。,N点的场强方向水平向左，大小为 Eo,根据失量运算得EN=√2E。,A正确：B.负电荷产 则由几何关系得∠OSb=30°，该光线不能从弧面射出 生的电场在M、N两点的电势相等，匀强电场方向向 但能从上表面射出，出射，点为b,则Oh=SO1an30°= 下，在M、N两，点的电势也相等，所以M、N两，点的电 2r, 势相等，正电荷在M点的电势能等于V点的电势能， B错误；C.负电荷在M点产生的电场的方向向右，匀 作出刚好从上表面射出的光线S,出射点为d,则Od 强电场的方向向下，二者大小相等，由几何关系知，合 =S0=2R, 成后合场强的方向由M指向Q,C正确：D.负电荷产 从上向下看上表面被照亮的区域为环形，其面积为S 生的电场在V、Q两点的电势相等，匀强电场方向向 下，即匀强电场在N点的电势高于在Q点的电势，所 =x02-x06)2=号R 以整体N点的电势高于Q点的电势，把正电荷从N 作出刚好从孤面射出的临界光线，出射点为，则 点移到Q点电场力做正功，D错误.] 10.BC[A.由右手定则可知，导体框进入区域I的过 ∠0cS=135,在△0cS中，由正孩定理得n35 程，从上向下看导体框中的电流沿顺时针方向，导体 R 柜离开区域Ⅱ的过程，从上向下看导体框中的电流 sin∠csol 沿顺时针方向.故A错误： 代入得sinLeSt0=2 B,由法拉第电磁感应定律可得E=△⑨， 4 又由余弦定理得SO2=cO+Sc2-2cO·Scos135, 由闭合电路政姆定律得了長， 代入得Sc=-R, 又△Φ=B△S, 2 过c点作SO的垂线，垂足为e,则ce-Scsin.∠cSO, 综合可得IA=B R· 代入得ce=7-R, B×2L2 4 可得1=122=5R, 从上向下看孤形面被照亮的区域面积为S2=π(c)2 设CD边刚进入区战I时，导体框的速度为0，设导 =4R, 体框离开区城I时，导体框的速度为1，导体框在区 8 战I中运动时由动量定理有一B11tL=U一m, 所以俯视看棱镜被照亮的区域面积为S=S1十S2 导体框在区域Ⅱ中运动时有一B12t2L=0一m1· (+ πR2,D正确.] mR2B13 由以上解得物=B2L3, mR 12 参考答案 导体框在从离开区域I到刚进入区域Ⅱ的过程以 =2B2L3 根据电阻定律有R,=P5, L 做匀速直线运动，位移为L,运动时间为1 mR 1.mR 共中3=号， 02B,故B正确： 样品的电导率= 1 4L C.导体柜从刚要进入区域Ⅱ到刚要离开区域Ⅱ的过 pπR,D2 程，设此时导体框的速度为2，则由一BI313L=m2 答案：(8分，除标注外，每空2分)(1)×10k8.0× 一n, 导体框进区城Ⅲ的过程有1购=B。 R· 10'(1分)(2)①ACEG ② 解得的股 由法拉第电磁感应定律E=BL2, 由网合电郑欧姆定体1后， @RD1分y 由牛顿第二定律导体框的加速度为a-B业 13.解析：(1)设能分装n个氧气瓶，则以容器内开始的 气体为研究对象，由玻意耳定律得poV。=p(nV十 解得a一聚故C玉： V), 代入数据解得n=55. (4分) D.由能量守恒定律，导体框经过区城I产生的热量 (2)第1个氧气瓶充满气体后，由玻意耳定律pV,= 为Q,=之m6-之mi PI(V+Vo), 导体框经过区诚Ⅱ产生的热量为Q:=了m, 得A0 同理，第2个氧气瓶充满气体后，由玻意耳定律p1V。 又0=21， =2(V+Va), 解得8-8，故D错.] V。)2 得p=p(+V: 11.解析：(1)小球下摆下降的高度为h=L(1一cos), 同理，第3个氧气瓶充满气体后，由玻意耳定律p2V。 所以重力势能减少量△Ep=mgL(1一cos), =p3(V+Vo), 小球下拯到最低点的建度。一品 V)3 得Ps=p+V· 所以小整的动能增加量△丘=受（侣） 0=m2 由此可推出第10个氧气瓶充满气体后，由玻意耳定 24r2 律pgVa=p1o(V+Va), (2)A.转轴处的摩擦和空气阻力的存在会产生热能， Vo 1o 所以△E。略大于△Ek,故A正确：B.由mgh= 得p1o=o(V+Vo 2m心可知，质量测量的不准确不影响机械能守恒的 V+Vo 验证，故B错误：C.适当增大角度0可以减小系统误 差，故C正确：D.改变偏角0多次测量后分别对比 (5分) △E。和△Ek,可以减小偶然误差，故D错误.故 选AC 答案：1m=5:20-(倍) Po 答案：（每空2分）(1)mgL(1-cos0) md2 14.解析：(1)给滑块A一瞬时冲量时，滑块A的速度大 2△1 小为1，由动量定理得I=m11, (2)AC 解得01=19m/s, 12.解析：(1)该同学先用万用表粗略测量容器内水样的 设碰后滑块B的速度大小为2，又由题意可知滑块 电阻.当选择欧姆表“×1k”挡时，发现指针偏转角度 B上升的最大高度大于回孤轨道的半径，则滑块B 过小，说明电阻的阻值较大，该同学应换用×10k挡： 在最高，点时与物体C具有相同的水平逸度，由水平 欧姆表的读数是 方向动量守恒得m22=(m2十m3), R=8.0×10×103n=8.0×1042: (2)伏安法测电阻实脸需要电源， 对B.C由机械能守恒定律得2m:暖 电源的电动势为15V,故应选择 -号m+m)2+mgh, 量程为15V的电压表V2,通过电 阻的最大电流为1=E=1 解得2=12mfs,v=4ms, R 80mA= 设碰后A的速度为3，对A、B碰撞的过程有m1 187.5A, =1g十22， 故应选择量程为200μA的电流表 解得的=一5m/s, A2,为方便调节，应选择阻值较小的滑动变阻器R2 滑块A,B国碰撞而损失的能量为△E=m听- 故实验中选择的器材有ACEG. 电路如图所示 m听-号m喝， 1 代入数据解得△E=4.8J. (7分) ·13· 物 理 (2)设滑块B再次返回到物体C底端的速度为4，对 又xD=Ul, 滑块B和物体C组成的系统，在整个相互作用过程 解得xD=√5d, 中由水平方向动量守恒以及机械能守恒定律得m22 由类斜抛运动的对称性可知，粒子在D点的速度大 =十，之喝-名好+名话。 小仍为1=√2kEd, 则粒子再次回到区域Ⅱ的轨道半径仍为R1=2d, 解得=2十m3 12m3 则粒子第一次、第二次通过左侧虚线平而时，两点之 欲使滑块A、B能发生第二次碰撞，则<0 间的距离为s=2R1cos60°+xD, 解得m3>0.4kg, 解得s=(2+√3)d. (5分) 欲使滑块A、B能发生第二次碰撞，则应满足的条件 (3)如图乙，若粒子的释放点O 为g二m2 向左平移2d后由静止释放，粒0。，-- 12十m3 2>5, 子在区战I中运动时，由动能定 部得m>器8。 里得B·3d=名mn, 34 解得2=√6kEd, 3 则物体C质量所满足的条件为>污 kg. (8分) 粒子在区域Ⅱ中，由q2B= 答案：1)AE=48J:2)m>酷g 吃 m R2 15.解析：(1)结合题意作出粒子的运动轨 得R2=23d, 图乙 迹，如图甲所示，粒子在区域【中运动 由几何关系可知粒子在区域Ⅱ 时，由动能定理得Bd=号m, 中的轨迹所对应的圆心角满足in9=yBL 23d 解得u=√2kEd, 又由AC=2d以及两虚线平面之间的 则9=吾 距离为3d可知∠O1AC=60°， △A(CO1为正三角形，所以粒子在区 粒子由A到P的时间为1=2 域Ⅱ中运动的轨道半径为R1=2d, 图甲 结合(2)的解析可知粒子在区域Ⅲ中的运动时间为 又qB=m vi a 得B=m边 又v,=2sin60°， qR' E 由对称性可知，粒子由Q到M的时间为tg==2 解得B=入√2kd (5分) (2)粒子进入区城Ⅲ后做类斜抛运动，水平方向先向 又T-2mR 右减速再向左加速，向外方向做匀速直线运动，粒子 所以粒子第一次、第二次通过左侧虚线平面的时间 在C点的水平分速度为vr=sin30°， 间隔为1=11十12十t3, 向外分速度为v,=c0s30°， 又由牛頓第二定律qE-ma, 南以上解层+3-（+是 得a=kE, (6分) 则粒子由C到D的时间为1= 2vr 答案：/品22+d3(+3是 E 新试题精选（六） 选择题答案速查 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D D D D D CD BC CD 1.C[A.9Po比Bi多1个质子，多3个中子，发生a 动，有向下的加速度，降落伞张开，跳伞员做减速运 衰变是放出He,发生B衰变是放出_胃e,根据质量数 动，有向上的加速度，且加速度在减小，速度减小到一 守恒和电荷数守恒有2m一n十83=84， 定值后便不再减小，跳伞员以这一速度做匀速运动， 4m+206=210, 此时跳伞员的加速度为零，故选D.] 解得m=1,1=1,故A错误； 3.D[设灯笼体积为V1灯未点亮前灯笼内空气质量 B.该核反应释放核能，29P0的比结合能小于2Bi的 m,大气压强不变，根据盖一昌萨克定律可得 比结合能，故B错误： C.新核铋能Bi的质子数为83，中子数为206-83= V2 123,则中子数比质子数多，故C正确： T2' D.a粒子的穿透能力较弱，不能穿透1cm厚的钢板， 故D错误.门 可得V=T 2.D[速度-时间图像的斜率表示加速度，跳伞员跳伞 又m=pV1=p2V2 后最初一段时间降落伞并不张开，跳伞员做加速运 可会长养 ·14