新试题精选仿真卷03-【创新教程】2025年高考物理12套仿真模拟卷

物 理 14.解析：(1)根据受力平衡可知qB1=qE, 且有E-号 在最低点，由牛顿第二定律可知FN一mg=nF, (1分) 解得U=duB1: (4分) 由牛顿第三定律可知FN=FN'=60N. (1分) (2)由题图可知L=2R, (3)假设物块A在木板B上与B共速后木板才到达 根据洛伦滋力提供向心力gmB,= 右侧平台，以A、B系统，由动量守恒定律 R n=(M十m)2 (1分) 解得4=2 由能量关系mgr细-之m-M+m话1分) 1 m B2L' 根据1=πR,1= 解得x相=5m<5.15m (1分) B板从开始滑动到A、B共速的过程中，对B由动能 解得1一酷 (5分) 定理mgrB=号Md (1分) (3)撒去速度进择器，对该粒子1B2 解得xB=1.25m<2.5m (1分) R11 即假设成立：B撞平台后，A在B上继续向右运动， L1=2R1, 解得L1-2m 对A由动能定理一omgL-g)-名m话-名m B2 解得=2mfs. (1分) 由1的速度范国为0.9v一1.2v,解得L1范围为 (4)弹簧第一次恢复原长时，当C的速度方向向右 Q.9L1.2,对同位素粒子B:=B,,L 时，以A、B、C为系统，由动量守恒定律可知 m3=2mv4+M5 (1分) 三者速度相同时弹性势能最大，由动量守恒定律 mg=(2m十M)6 (1分) 7m2 解得L2一3qB2 由能量关系E,es=号×2mi+号NMd-之（2m+ 由2的速度范围也为0.9一1,2U,解得L2范围为 M)v (1分) 1.05L~1.4L,所以△L=L1max-L2mm, 解得Emmx=0.0375J 可得△L=1.2L-1.05L=0.15L. (6分) 弹簧第一次恢复原长时，当C的速度方向向左时，以 答案：0U-d:(2品0：(8015L A、D和C系统，由动量守恒定律m3=2十M5 三者速度相同时弹性势能最大，由动量守恒定律 15.解析：(1)从开始到P点物体做平抛运动，竖直方向 ng=(2m十M0s =2gH (1分) 由能量关系可知Em'=号X2m号+名Md- 从P点沿切线进入圆轨道vp=sin60=45ms (1分) (1分) 合(2m+M话 (2)从P,点到圆孤最低点，由动能定理mgR(1一cos60) 解得Epmm'=3.0375J (1分) (1分) 答案：(1)wp=4√5m/s(2)60N(3)2m.s (4)3.0375J 新试题精选（三） 选择题答案速查 题号 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A B C 6 BC BD AD 1.A[依题意，从物理学角度分析，着陆缓冲腿可以增 大火箭与地而的接触时间1，根据动量定理 长据开音勒第三定律有一一 I=F合1=△p,可知，该装置可以减小火箭竖直降落时 解得M≈7.67×1022kg, 的动量变化率，即2，而对火箭的动量变化量△p,受 可知月球的质量接近于7.5×102kg.] 到的冲量大小1均无影响，] 4.D[A,由质点P的振动方程可知在t=0时质点P 2B[“城龙号”上浮时的加滤度大小为= 的振动方向沿y轴正方向，质点不会随波迁移，只会 在平衡位置垂直传播方向上下振动，故A错误：B.该 根据逆向思维，可知“蛟龙号”在o时刻距离海面的深 度为A=a4-2-22。 发的周期为T一 5=0.48,在0~18内，即2号T 21 时间内，质点P通过的路程s=10A=50cm=0.5m, 故选B.] 故B错误：C.根据同侧法结合A选项可知该波沿x 3.C[环月大椭园冻结轨道的周期与半长轴分别为T1 =24h.R1=200+16000+2X180km=9900km,令 轴负方向传格，波建为=品ms=5ms,故C错 适月圈轨道卫是的网期为T,则有G=m 误：D.x=2m处的质点Q与质点P的距离为令，所 T 以它们的位移方向总是相反，故D正确.故选D.] 6 参考答案 5.B[AB.P2缓慢下滑的过程中，副线圈在原线园的等 故A错误，B正确：周期T=2xr=2xm 效电R群-（份）R: 2 wLeB· 螺距△x=场cosa·T= 2πnz0C08a 回路中的电阻减小，保持P位置不变，所以原、副线 eB 圈的电流变大，I1增大，I2增大，由于R不变，所以U 故C错误，D正确.」] 增大，因为电源电压不变，所以原线圈的输入电压减 10.AD[A.撒去F前，金属棒ab、cd以相同加速度沿 小，P1位置不变，则副线图的输出电压减小，所以U2 导轨滑动，根据△=a△1， 减小，故A错误，B正确： 所以金属棒ab、cd速度变化量相同，则速度差恒定， CD.保持P2位置不变，P1缓慢下滑的过程中，副线圈 故A正确： B.搬去F前，由于两棒受到安培力，则感应电动势不 在原线圈的等效电阻R等= （/R, 为零，则两棒速度差不为零，所以两棒间距不恒定， 等效电阻变大，原线图电流变小，11减小，U1减小，因 故B错误： 为电源电压不变，所以原线圈的输入电压增大，因为 C,撤去F醉间，两棒的安培力大小相等，但两棒质量 副线圈匝数变小，所以无法判断副线图的电流和电压 未知，所以两棒加速度大小不确定，故C错误： 的变化，故CD错误.] D.撤去F后，金属棒ab做加速运动、cd做减速运 6.C[A.电流的周期为T=0.4s,故磁体的转速为n= 动，当速度相等时，无感应电流，之后一直做匀速运 2.5r/5,故A错误：B.通过乙图可知电压的最大值为 动，所以cd的逸度不小于ab的逸度，故D正确.] 12V,故有效值U-U=62V,故B错误：C.网期 11.解析：(1)本实验中打点计时器为电磁打点计时器， √2 应选用低压交流电源.故选B. T=0.4s,故=5πrad/s,故电压的表达式为u= (2).应先接通电源，待打点稳定时再释放小车，故A 12sin5πt(V),故C正确；D.电容器的击穿电压为交 正确：滑轮与小车之间的细线与长木板需要保持平 流电的最大值，而交流电的最大值大于电容器的击穿 行，但不一定要保持水平，故B错误： 电压，故不能加在击穿电压为6√2V的电容器上，故 本实验是探究匀变速直线运动的规律，只需要保证 D错误.故选C.] 小车受到的合力一定，不需要牵引小车的钩码质量 7.D[AB.圆管第一次与地面碰撞后，圆管与球在空中 远小于小车的质量，故C错误. 相对静止之前，对圆管和球受力分析，以向下为正方 (3)每两个相邻计数，点间还有两个点没有画出，则相 向，由牛顿第二定律Mg十f=Ma1, 邻计数，点的时间间隔为T=3×0.02s=0.06s f一mg=na2, 根据逐差法可得小车运动的加速度大小为 可得a1=20m's2,a2=-30mfs2,故A、B错误： d-TCENC= C.圆管和球一起下落，设第一次与地相撞前瞬间速 4T2 度为0，喝=2gh,第一次反弹后至第二次相撞前，设 (9.30+11.01-5.87-7.58)×10-2 m/s2≈4.76m/s2 经过1两者共速，速度为，以向下为正方向，则= 4×0.06 -%十a11=o十a2l,解得o=-2m/s,C错误：D.设 答案：（每空2分）(1)B(2)A(3)4.76 管在1内的位移为1-， 12.解析：(1)实物图中连线如图所示 设小球在1内的位移为x2, @@回 一0十v ②® x2= 2 小球相对管道下降的高度h=x1一x2,h=4m,D正 确.故选D.] 8.BC[从A到B的过程，气体压强不变而温度升高， 则内能增大，据理想气体状态方程Y=C可知，体积 增大对外做功，由热力学第一定律可知，气体从外界 吸收热量，A错误：从B到C的过程，气体温度降低， 气体分子的平均动能减小，但某些分子的平均速率可 (2)要将量程为0.3A的电流表扩充为6A量程，应该 能增大，B正确：由于气体的内能满足E一kT,状态C 并联电阻的胆植R=汽-A一Q8八 1R-=0.3AX200=1.050,知 的温度是状态A的两倍，则在状态C时，气体的内能 是在状态A时的2倍，C正确：从C到A的过程，根据 图所示电流表表盘指针位置读数为4.3A: 理想气体状态方程可得D=ST,故气体的体积不变， (3)R1、R2和R、R0并联，两支路两端电压相等，灵 在压强减小时，单位时间内撞击到容器壁单位面积上 敏电选计的示载为率时有尽可如Ua=U®一 的分子数减少，D错误.] 9.BD[电子垂直于磁场方向的分速度 中R=6R解得R,一是R,电流表AA希接 U=vosina, 在电流计的右侧电路中其内阻对左侧电路中R,的 测量无影响. 根搭cB=m,,得此“螺袭”的半径 答案：（除标注外，每空1分）(1)见解析(3分) r=mvosina eB 21.s4.8（o2Re分)无 7 物 理 13.解析：(1)设玻璃管横截面积为S,两管内液面高度差 故物块a到达M,点时v=h=3m/s, (1分) 变为h时，封闭气体的压强为p1,由平衡条件可知 a和b发生弹性碰擅有m1=m1a十m2%,(1分) p1十pgh=pa, 1 两管内液面高度差变为方的过程中，封闭气体做等 (1分) 温变化，由玻意耳定律可得poL,S=p1LS, 5 解得p= pghL 解得，=-君w=-2.5m/s,w=名w=0.5ms… (4分) (1分) (2)两管中液面再次相平时，封闭气体做等压变化， 则物块a在第一次碰后，从经过M,点到再次回到M 尉有 T· 点所用的时间为1。-2=28 g (1分) 又有=L+冬 (3)对b的上升过程应用动能定理 解得T= (2L+h)To (1分) 210 (5分) 一mgh=0-之d, 答案：1A,-品 (2)T=(2L+h)T 部得=动m<R (1分) 2L0 故物块b在圆弧上运动可看作是简谐运动 14.解析：(1)MN杆切割磁感线产生的电动势为 E=BoLv, (1分) =T= R (1分) E 由闭合电路欧姆定律得1一2R: (1分) 解得t= 10 10π8≈18 (1分) MN杆所受安培力大小为F安=B1L, (1分) 对MN杆应用牛顿第二定律得 (4)物块口第1次碰后经过M,点到第2次碰前经过 F-mg-F安=ma, (2分) M点因摩擦而产生的热量为Q1= 2 当MN杆速度最大时，MN杆的加速度为零，联立解 5. 5 5 得MN杆的最大速度为 6 6% 6% 十0 6% m=0.2m/s: (2分) 24g ug 2g (2)感生电动势为 5 E2=A中-ABLd =1g 26X6% =2× 6m1喝， (1分) △T (2分) △ g 由闲合电路欧姆宠律得1，一 E2 物块a第一次碰后速度小于传送带速度0，故第二 (1分) 次磁前追度仍为号，第二次延后口的速度为 (时刻的磁感应强度为B=B,+ 4, (1分) PQ杆受力平衡 ()面，则第2次碰后到第3次碰前产生的热量为 mg=BIL, (1分) 联立解得时间为t=6s. (3分) Q2三11g 26× =2×(倍)）m, 答案：(1)0.2m/s:(2)6s ug 15.解析：(1)对a从出发点到V,由动能定理 (1分) mgr=2m (1分) 由数学知识可知Q,=2×(倍)m16, 在N点对物块a,由牛顿第二定律FN一m1g= 则物块a与传送带之间由于相对运动产生的总热 量为 mT. (1分) Q-2m6[8+(倍)+（倍）'++()门=6 解得FN=15N. (1分) (2)a在传送带上，由牛顿第二定律和运动学公式am1g 1分) =m1a,6-=2ar,解得x=0.2m<L, (1分) 答案：(1)15N:(2)2s:(3)1s:(4)45J 新试题精选（四） 选择题答案速查 题号 1 3 4 6 8 9 10 答案 C A C D B B BC ABC AD 1.C[A.这两种电磁波信号都是电磁波，都是横波，故 2.A[照片中的玻璃和水滴发生了不浸润现象，水滴与 A错误；B.红外线的频率比X射线的频率低，由E= 玻璃表面接触的那层水分子间距比水滴内部的水分 ,可知该红外线所处波段电磁波能量比X射线能量 子间距大，故A正确：水滴的表面张力作用使水滴呈 低，故B错误：C.由c=y可知，题述红外线信号比蓝 球形，由于重力的作用使水滴呈椭球形，故B错误：照 牙信号波长短，所以题述红外线信号比蓝牙信号更容 片中水滴表面分子比水滴的内部稀疏，接触面的水分 易被墙壁遮挡，故C正确；D.蓝牙信号穿培时波速比 子的作用力表现为引力，故C错误；照片中的玻璃和 它在空气中波速小，由=入，可知蓝牙信号穿墙时波 水滴不发生浸润现象，故D错误.] 长比它在空气中波长更短，故D错误.] 3.C[椽子与水平面的夹角0最大时，根据受力平衡可 得mg sin0=∫mmx=V=mg cos0,解得tan0=女.] 8绝密★启封并使用前 新试题精这（三） 物理试题 满分100分 注意事项： 1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写在相应位置，认真核对条形码上的姓名、准 整 考证号，并将条形码粘贴在指定位置上， 2.选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例）正确填涂；非选择题答案必须使用0.5毫米 黑色签字笔书写，字体工整、笔迹清楚， 的 3.请按照题号在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效：在草稿纸、试题 卷上答题无效.保持卡面清洁，不折叠、不破损 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.每小题只有一个选项符合题目要求. 1.如图所示为我国自主研制复用火箭长征8R着陆缓冲腿，采 用四足结构和倒三角式设计，是火箭竖直降落时使用的关键 设备之一·从物理学角度分析，着陆缓冲腿可以减小火箭竖 直降落时的 A.动量变化率 B.作用时间 C.动量变化量 D.受到的冲量大小 着陆缓神腿合拢和展开状态 2.假设某次深海探测活动中，“蛟龙号”完成海底科考任务后竖直上浮，从上浮速度为v时 开始匀减速并计时，经过时间t,“蛟龙号”上浮到海面，速度恰好减为零，则“蛟龙号”在。 (t。<t)时刻距离海面的深度为 v(t-to)2 毁 A.to1一 B. 2t c D.2t 3.2024年3月，我国探月工程四期鹊桥二号中继星成功发射升空.鹊桥二号入轨后，通过轨道修 正、近月制动等系列操作，最终进入近月点约200km、远月点约16000km、周期为24h的环月大 椭圆冻结轨道.已知月球半径约1800km,万有引力常量G=6.67×101N·m2/kg.由上述数 据可知月球的质量接近于 A.7.5×1018kg B.7.5×1020kg C.7.5×1022kg D.7.5×1024kg 4.一列简谐横波在t=0时的波形图如图所示，介质中x=1m处 cm 器 的质点P沿y轴方向做简谐运动的表达式为y=5sin(5d)cm, 下列说法正确的是 A.在t=0时质点P的振动方向沿x轴负方向 B.在0~1s内，质点P通过的路程为5m C.该波沿x轴正方向传播，波速为5m/s D.x=2m处的质点Q与质点P的位移方向总相反 物理试题（三）第1页（共6页） 5.如图所示，交变电源电压的有效值恒定，R为定值电阻，可调变压器为理想变压器，P1为 移动导电刷，R。为滑动变阻器，电流表、电压表均为理想电表，电表V1、V2、A1、A2,则下 列说法正确的是 () A.保持P位置不变，P2缓慢下滑的过程中，U1减小、U2增大 B.保持P1位置不变，P2缓慢下滑的过程中，I1增大、I2增大 C.保持P位置不变，P,缓慢下滑的过程中，U1增大、U2减小 D.保持P2位置不变，P缓慢下滑的过程中，I1增大、I2增大 6.图甲为风力发电的简易模型.在风力作用下，风叶带动与 转抽 Q风叶 杆固连的永磁体转动，磁铁下方的线圈与电压传感器相 磁铁卡 1 连.在某一风速一定时，传感器显示如图乙所示，则( ) A.磁铁的转速为5πr/s 电压传感器 B.线圈两端电压的有效值为12√2V C.交变电流的电压表达式为u=12sin5πt(V) D.该交变电流可以直接加在击穿电压为6√2V的电容器上 7.如图所示，一小球塞在一个竖直圆管中，让圆管由距地面为h=5m处静止自由 下落，与地面发生多次弹性碰撞，运动过程中，圆管始终保持竖直.已知圆管的 质量为M=4kg,小球的质量为m=1kg,小球与圆管之间的滑动摩擦力大小为 f=40N,g=10m/s2,不计空气阻力.下列说法中正确的是 ( A.圆管第一次与地面碰撞后，与球在空中相对静止之前，圆管的加速度大小为 777777 30m/s B.圆管第一次与地面碰撞后，与球在空中相对静止之前，小球的加速度大小为50m/s C.圆管与地面第一次碰撞后到第二次碰撞前，圆管与小球获得的共同速度为0.6m/s D.圆管从释放到第二次触地的过程中，小球相对圆管下降的高度为4m 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.每小题有多个选项符合题目要求，全 部选对得6分，选对但不全的得4分，有选错的得0分 8.如图所示，一定质量的理想气体经历了从状态A→B→C→A的过 程，气体在状态A时的体积为V。,CA的延长线过p一T坐标系的2p。 原点O,气体的内能E=T(k为常数)，下列说法正确的是() A.从A到B的过程，气体对外界放热 2T 3T B.从B到C的过程，气体分子的平均动能减小，但某些分子的 平均速率可能增大 C.在状态C时，气体的内能是在状态A时的2倍 D.从C到A的过程，单位时间内撞击到容器壁单位面积上的分子数增多 物理试题（三）第2页（共6页） 9.用图甲所示的洛伦兹力演示仪演示带电粒子在匀强磁场中的运动时发现，有时玻璃泡中 的电子束在强磁场中的运动轨迹呈“螺旋”状.为了研究该“螺旋”情况，现将这一现象简 化成如图乙所示的情景来讨论：在空间存在平行于x轴磁感应强度为B的匀强磁场，在 xOy平面内，由坐标原点以初速度。沿与x轴正方向成α角的方向射人电子束，得到轴 线平行于x轴的“螺旋”状电子运动轨迹，电子的比荷为，则此“螺旋”的 玻璃泡 励磁线圈 甲 A.半径r=m B.半径r=mvosin a eB C.螺距△x= 2πmv D.螺距△x= 2πnv cos a eB eB 10.如图所示，两足够长的平行光滑金属导轨固定在水平面内，匀强磁 场方向垂直导轨平面向下，恒力F作用在金属棒cd上，金属棒ab、 cd以相同加速度沿导轨滑动，某时刻撤去F.已知运动过程中，ab、 cd始终与导轨垂直并接触良好，下列说法中正确的是 A.撒去F前，两棒速度差恒定 B.撤去F前，两棒间距恒定 C.撤去F瞬间，两棒加速度大小相等 D.撤去F后，cd的速度不小于ab 的速度 三、非选择题：本题共5小题，共54分」 11.(6分)某同学做“探究匀变速直线运动的规律”的实验装置如图甲所示. 电磁打点接电源 计时器 细绳 纸带 长木板 钩码 (1)本实验中打点计时器的电源配置应选用 物理试题（三）第3页（共6页） (2)在该实验中，下列说法正确的是 A.应先接通电源，再释放小车 B.滑轮与小车之间的细线一定要保持水平 C.牵引小车的钩码质量应远小于小车的质量 (3)实验得到如图乙所示的一条纸带，相邻两个计数点间的距离已在图中标出.已知交 流电源的频率为50Hz,每两个相邻计数点间还有两个点没有画出，则小车运动的加速 度大小为 m/s2(计算结果保留三位有效数字). 单位：cm D 15.8717.589.3011.01 乙 12.(8分)某同学为精确测量某金属导体的电阻，设计了如图甲所示的电路图.图中E为学 生电源、G为灵敏电流计、A1、A2为电流表、R,为电阻箱、R2与R,均为滑动变阻器、R。 为定值电阻、S为开关、R,为待测金属导体，另有导线若干 乙 具体的实验操作如下： A.按照如图甲所示的电路图连接好实验器材； B.将滑动变阻器R2的滑片、滑动变阻器R,的滑片均调至适当位置，闭合开关S; C.调整R,并反复调整R1和R2使灵敏电流计的示数为零，测得此时A1的示数为I1, A2的示数为I2,电阻箱的示数为R1: D.实验完毕，整理器材 (1)根据图甲实验电路图，将图乙实物图中连线补充完整： (2)电路中需要两个量程为6A的电流表，但实验室提供的器材中，只有量程为0.3A 内阻为20Ω的电流表.现将量程为0.3A的电流表扩充为6A量程，则应该并联一个 阻值R' Ω的电阻.如图丙所示为某次测量时改装后的电流表表盘指针位 置，则此时的电流读数为 A. siaawag' 丙 (3)待测金属导体R的阻值为 (用所测物理量来表示)；电流表A1、A2的内 阻对测量结果 (选填“有”或“无”)影响。 物理试题（三）第4页（共6页） 13.(9分)两玻璃管粗细均匀，横截面积相同，两管下端由软橡皮管相连，管中装有密度为P 的液体.左侧玻璃管固定不动，左管上端封闭了一定质量的空气，右管上端与大气相通. 初始时刻两管内液面相平，温度为T。,左侧气柱长度为L。,如图甲所示.现缓慢向下移 动右管，两管内液面高度差变为h时，空气柱长度变为L,如图乙所示.重力加速度为g (1)求大气压强； (2)在前问基础上保持右管不动，缓慢加热左管，使两管中液面再次相平，如图丙所示， 求此时左管内气体的温度T. 物理试题（三）第5页（共6页） 新试题精这（三）》 (物理)答题卡 姓 名 准考证号 条形码粘贴区（居中） 缺考 注意事项 填涂样例 1.答题前，考生先将自己的姓名准考证号填写清楚，并认真在规定位置贴 正确填涂 好条形码。 违纪 2.选择题必须使用2B铅笔填涂：非选择题必须使用0.5毫米及以上黑色字 错误填涂 迹的签字笔书写，要求字体工整，笔迹清楚。 3.严格按照题号在相应的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效。 ☑×☒D 4.保持卡面清洁，不装订，不要折叠，不要破损。 选择题(1~7小题，每小题4分，共28分 正确填涂 请在 8~10小题，每小题6分，共18分) 1ABCD 3 ABCD 5AEC回 7ABg回 9AEC回 题 4ABCD 6AE阿D 8 ABCD 10ABCD 的 区域 非选择题（本题共5小题，共54分） 作答 11.(6分，每空2分) (1) (2) (3) ,超出边框的答案无效 12.(8分，除标注外，每空1分) (1) (3分)》 甲 (2) (3) (2分) 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（三）第1页（共2页） 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 13.(9分) 甲 14.(15分) F c N B" 6 d 请在各题目的答题区域内作答 ,超出边框的答案无效 15.(16分) 0. ⊙ 请在各题目的答题区域内作答，超出边框的答案无效 物理答题卡（三）第2页（共2页） 14.(15分)如图所示，两根竖直固定的足够长的金属导轨ab和cd相距L= 0.2m,另外两根水平金属杆MN和PQ的质量均为m=10g,可沿导轨 无摩擦地滑动，MN杆和PQ杆的电阻均为R=0.22(竖直金属导轨电 阻不计)，PQ杆放置在水平绝缘平台上，整个装置处于垂直导轨平面向 Px 里的磁场中，g取10m/s2. aacccc (1)若将PQ杆固定，让MN杆在竖直向上的恒定拉力F=0.18N的作用下由静止开始 向上运动，磁感应强度B。=2.0T,杆MN的最大速度为多少； (2)若将MN杆固定，MN和PQ的间距为d=0.4m,现使磁感应强度从B。开始以 △t =0.5T/s的变化率均匀地增大，经过多长时间，杆PQ对地面的压力为零. 15.(16分)如图所示为某自动控制系统的装置示意图，装置中间有一个以。=3/s的速 度逆时针匀速转动的水平传送带，传送带左端点M与光滑水平轨道PM平滑连接，半 径R=1m,高h=0.4m的光滑圆弧的最低点与PM在P点平滑连接，在P点处安装 有自动控制系统，当物块b每次向右经过P点时都会被系统瞬时锁定从而保持静止，传 些 送带右端与半径r=0.40m的四分之一光滑圆弧轨道平滑连接，物块α从右侧圆弧最 高点由静止下滑后滑过传送带，经过M点时控制系统会使静止在P点的物块b自动解 锁，之后两物块发生第一次弹性碰撞.已知物块a、b的质量分别为m1=0.5kg、m2= 5.5kg,两物块均可视为质点，物块a与传送带间的动摩擦因数4一0.25，MN间的距离 为L=1.5m,取g=10m/s2.求： (1)物块a运动到圆弧轨道最低点N时受到的支持力大小； (2)物块a在第一次碰后，从经过M点到再次回到M点所用的时间： (3)物块b第一次在P点相碰后到再次回到P所用的时间： (4)若物块α每次经传送带到达M点时，物块b都已锁定在P点，则两物块从第1次碰 撞后到最终都静止，物块α与传送带之间由于相对运动产生的总热量为多少 物理试题（三）第6页（共6页）