精品解析：江苏省盐城市滨海县明达中学2024-2025学年高三上学期第二次阶段检测物理试题

滨海县明达中学高三年级第二次阶段检测 物理试卷 一、单选题（每题4分，共44分） 1. 如图所示，我国歼击机在大型航展上编队盘旋，飞机在做曲线运动，则（　　） A. 飞机所受的合力为零 B. 飞机的加速度方向与速度方向在同一条直线上 C. 飞机的速度可能不变 D. 某一过程，飞机的动能可能不变 2. 2024巴黎奥运会女子10米跳台项目中，全红婵再次上演“水花消失术”成功卫冕冠军，她入水时动能约为（　　） A. B. C. D. 3. 伽利略做铜球沿斜面运动的实验，增大斜面倾角后，仍将铜球从板上同一点静止释放，则铜球（　　） A. 位移x变大 B. 时间t不变 C. 加速度a变大 D. 落地速度v不变 4. 竖直下落的冰雹经过某一高度处时，突然刮起一阵水平风，且越刮越大，空气阻力可忽略，下列说法中正确的是(　　) A. 冰雹下落时间与风力无关 B. 风力越大，冰雹下落时间越短 C. 风力越大，冰雹着地速度越小 D. 冰雹着地速度与风力无关 5. 我国第一颗人造地球卫星东方红一号已经运行了50多年。如图所示，A、B是东方红一号绕地球运动的远地点和近地点，则东方红一号（　　） A. 在A点的速度大于B点的速度 B. 在A点的加速度大于B点的加速度 C. 在A点的角速度小于B点的角速度 D. 由A运动到B过程中引力做正功，机械能增大 6. 如图所示，一球员将足球从球门正前方某处踢出，在竖直平面内经位置1、2、3后落地，位置1、3等高，位置2在最高点。不考虑足球的旋转，则足球（　　） A. 在位置3与位置1时的速度大小相等 B. 上升过程的时间小于下落过程的时间 C. 在水平方向先减速运动，后匀速运动 D. 从位置1到2过程机械能增加，从位置2到3过程机械能减小 7. 向心力演示器如图所示。将皮带挂在半径相等的一组塔轮上，两个质量相等的小球A、B与各自转轴的距离分别为2R和R，则小球A、B做匀速圆周运动的（　　） A. 角速度相等 B. 线速度大小相等 C. 向心力大小相等 D. 向心加速度大小相等 8. 小明将一个充气至直径为1m的乳胶球，以某一速度水平投向小海，第二次小明将气放掉后以相同的速度投出，则在两次接球的过程中（　　） A. 小海对乳胶球不做功 B. 乳胶球的动量变化量不等 C. 乳胶球对小海作用力相等 D. 小海对乳胶球作用力的冲量相等 9. 小明同学站在高邮二桥边将小钢球竖直向上抛出后落入水中，小球运动的图像如图所示，g取，下列说法正确的是（　　） A 1.2s末小球上升到最高点 B. 0~1.2s内小球处于完全失重状态 C. 0~1.2s内速度和加速度方向都不变 D. 若该同学以相同初速度将毽子竖直上抛，毽子运动的图像与图一致 10. 新能源汽车以恒定的加速度由静止开始沿平直的公路行驶，时刻达到发动机额定功率后保持功率不变，时刻起匀速行驶。汽车所受的阻力大小不变，则此过程中汽车的速度v、牵引力F、加速度a、功率P随时间t的变化规律正确的是（　　） A. B. C. D. 11. 如图所示，足够长水平传送带以恒定速率v顺时针运动，某时刻一个质量为m的小物块，以大小也是v、方向与传送带的运动方向相反的初速度冲上传送带，最后小物块的速度与传送带的速度相同．在小物块与传送带间有相对运动的过程中，滑动摩擦力对小物块做的功为W，小物块与传送带间因摩擦产生的热量为Q，则下列判断中正确的是（　　） A. W＝0，Q＝mv2 B. W＝0，Q＝2mv2 C. W＝，Q＝mv2 D. W＝mv2，Q＝2mv2 二、实验题（每空3分，共15分） 12. 某中学实验小组的同学利用如图甲所示的实验装置验证“机械能守恒定律”。物块甲、乙通过轻绳连接绕过光滑的定滑轮，物块甲和遮光条的总质量为M，物块乙的质量为m，重力加速度为g。实验步骤如下： ①用手托着物块甲，使系统处于静止状态，测出遮光条上沿到光电门中心的距离H； ②将系统由静止释放，通过计算机记录遮光条通过光电门的挡光时间t， ③多次改变H，重复②步骤。 （1）用游标卡尺测量挡光片的宽度d如图乙所示，则挡光片的宽度为________mm。 （2）若某次计算机记录遮光条通过光电门的挡光时间为t0，则此时物块甲、乙和遮光条总动能的表达式为________。 （3）多次改变H，同时记录遮光条经过光电门的挡光时间t，以H为纵轴，作出图丙所示图像，则横轴应取________（选填“t2”或“”）；若系统的机械能守恒，则图线的斜率k应满足的关系式为k = ________。 （4）若实际测量的k值略大于理论值，原因是_____。 A. 没有能满足M > > m B. 系统克服阻力做功 C. 遮光条的宽度较大 三、解答题（13题6分，14题8分，15题12分，16题15分） 13. 如图所示，沿水平方向做匀变速直线运动的车厢中，悬挂小球的悬线偏离竖直方向37°角，球和车厢相对静止，球的质量为1kg。（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求： （1）若车厢做匀速运动，因为小球受水平风力作用悬线发生偏转，求水平风力的大小； （2）不计风力和空气阻力的作用，因为车厢做匀变速运动悬线发生偏转，求车厢运动的加速度大小并说明车厢的运动情况。 14. 蹦床运动有“空中芭蕾”之称，某质量m=50kg的运动员从空中h1=1.25m落下，接着又能弹起h2=1.8m高度，此次人与蹦床的接触时间t=0.50s，取g=10m/s2，求： （1）运动员与蹦床接触时间内，所受重力的冲量大小I； （2）运动员与蹦床接触时间内，受到蹦床平均弹力的大小F。 15. 如图所示，倾角为的足够长的斜面体固定放置在水平地面上，一根轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮，一端与斜面上质量为的物块甲连接，另一端与质量未知的物块乙连接，甲、乙恰好处于静止状态。已知甲与斜面之间的动摩擦因数，重力加速度，不计滑轮与细线之间的摩擦，滑轮与物块甲间的细线与斜面平行，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，。 （1）若甲恰好不下滑，求物块乙质量； （2）若物块乙的质量为，将甲、乙由静止释放，当甲运动距离为时，求此时甲的速度大小； （3）在（2）的情况下求此过程中细线对甲做的功。 16. 如图所示，弧形轨道、竖直圆轨道、水平直轨道AB和倾角的斜轨道BC平滑连接，轨道均固定竖直平面内，圆轨道半径为0.5m。质量的小滑块从弧形轨道离地高处静止释放。滑块与轨道BC间的动摩擦因数为，其余轨道均可视为光滑，忽略空气阻力。（取），求： （1）滑块运动到最高点D时轨道对滑块的作用力大小； （2）滑块在斜面上从B点运动到最高点E（图中未标出）的时间； （3）滑块第一次返回到BE中点时重力的功率。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$ 滨海县明达中学高三年级第二次阶段检测 物理试卷 一、单选题（每题4分，共44分） 1. 如图所示，我国歼击机大型航展上编队盘旋，飞机在做曲线运动，则（　　） A. 飞机所受的合力为零 B. 飞机的加速度方向与速度方向在同一条直线上 C. 飞机的速度可能不变 D. 某一过程，飞机的动能可能不变 【答案】D 【解析】 【详解】AC．由于飞机做曲线运动，因此速度方向一直在变化，有加速度，根据牛顿第二定律，合外力不可能为0，故AC错误； B．曲线运动的加速度方向不可能与速度方向在同一直线上，故B错误； D．如果做匀速圆周运动，则飞机的速度大小不变，则飞机的动能不变，故D正确。 故选D。 2. 2024巴黎奥运会女子10米跳台项目中，全红婵再次上演“水花消失术”成功卫冕冠军，她入水时的动能约为（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 详解】根据机械能守恒定律可知 J 故选D。 3. 伽利略做铜球沿斜面运动的实验，增大斜面倾角后，仍将铜球从板上同一点静止释放，则铜球（　　） A. 位移x变大 B. 时间t不变 C. 加速度a变大 D. 落地速度v不变 【答案】C 【解析】 【详解】根据牛顿第二定律可得 可得 可知增大斜面倾角后，加速度a变大；根据运动学公式可得 ， 将铜球从板上同一点静止释放，则下滑过程的位移x大小不变；由于加速度变大，则下滑t时间变小，落地速度v变大。 故选C。 4. 竖直下落冰雹经过某一高度处时，突然刮起一阵水平风，且越刮越大，空气阻力可忽略，下列说法中正确的是(　　) A. 冰雹下落时间与风力无关 B. 风力越大，冰雹下落时间越短 C. 风力越大，冰雹着地速度越小 D. 冰雹着地速度与风力无关 【答案】A 【解析】 【详解】AB．运动具有独立性，水平方向的风力对竖直方向的运动无影响，所以冰雹在竖直方向的高度一定，重力提供的加速度一定，下落时间一定，A正确，B错误； CD．冰雹落地的速度由水平速度和竖直速度合成，竖直方向上重力提供的加速度一定，下落时间一定，落地时竖直速度一定，风力越大，水平方向加速度越大，冰雹下落时间一定，水平速度越大，着地速度越大，CD错误。 故选A。 5. 我国第一颗人造地球卫星东方红一号已经运行了50多年。如图所示，A、B是东方红一号绕地球运动的远地点和近地点，则东方红一号（　　） A. 在A点的速度大于B点的速度 B. 在A点的加速度大于B点的加速度 C. 在A点的角速度小于B点的角速度 D. 由A运动到B过程中引力做正功，机械能增大 【答案】C 【解析】 【详解】AC．根据开普勒第二定律可知，卫星在近地点的速度大于在远地点的速度，则东方红一号在A点的速度小于B点的速度；根据 由于椭圆轨道的对称性可知，A点的曲率半径等于B点的曲率半径，所以东方红一号在A点的角速度小于B点的角速度，故A错误，C正确； B．根据牛顿第二定律可得 可得 可知东方红一号在A点的加速度小于B点的加速度，故B错误； D．东方红一号沿椭圆轨道运动，从A到B万有引力做正功，机械能守恒，故D错误。 故选C。 6. 如图所示，一球员将足球从球门正前方某处踢出，在竖直平面内经位置1、2、3后落地，位置1、3等高，位置2在最高点。不考虑足球的旋转，则足球（　　） A. 在位置3与位置1时的速度大小相等 B. 上升过程的时间小于下落过程的时间 C. 在水平方向先减速运动，后匀速运动 D. 从位置1到2过程机械能增加，从位置2到3过程机械能减小 【答案】B 【解析】 【详解】AD．由足球运动轨迹可知，足球运动过程中受到空气阻力作用，且空气阻力一直对足球做负功，所以足球的机械能一直减小；由于位置1、3等高，则足球在位置1的动能大于在位置3的动能，即足球在位置1的速度大于在位置3的速度，故AD错误； B．上升过程空气阻力的竖直分力向下，下落过程空气阻力的竖直分力向上，可知上升过程竖直方向的平均加速度大于下落过程竖直方向的平均加速度，根据 可知上升过程的时间小于下落过程的时间，故B正确； C．足球在水平方向受到的空气阻力分力一直与水平速度方向相反，所以足球在水平方向一直做减速运动，故C错误。 故选B。 7. 向心力演示器如图所示。将皮带挂在半径相等的一组塔轮上，两个质量相等的小球A、B与各自转轴的距离分别为2R和R，则小球A、B做匀速圆周运动的（　　） A. 角速度相等 B. 线速度大小相等 C. 向心力大小相等 D. 向心加速度大小相等 【答案】A 【解析】 【详解】A．由于皮带挂在半径相等的一组塔轮上，因此两个小球旋转的角速度相等，A正确； B．根据 可知A的线速度是B的2倍，B错误； C．根据 可知A的向心力是B的2倍，C错误； D．根据 可知A的向心加速度是B的2倍，D错误。 故选A。 8. 小明将一个充气至直径为1m的乳胶球，以某一速度水平投向小海，第二次小明将气放掉后以相同的速度投出，则在两次接球的过程中（　　） A. 小海对乳胶球不做功 B. 乳胶球动量变化量不等 C. 乳胶球对小海的作用力相等 D. 小海对乳胶球作用力的冲量相等 【答案】B 【解析】 【详解】A．小海接球的过程中，乳胶球的速度发生变化，则根据动能定理可得小海对乳胶球做功，故A错误； B．乳胶球的速度变化量相同，但由于乳胶球质量不同，则乳胶球的动量变化量不等，故B正确； C．两次乳胶球的质量不相等，则乳胶球对小海的作用力不相等，故C错误； D．根据动量定理可得乳胶球的动量变化量不等，则两次过程中小海对乳胶球作用力的冲量不相等，故D错误。 故选B 9. 小明同学站在高邮二桥边将小钢球竖直向上抛出后落入水中，小球运动的图像如图所示，g取，下列说法正确的是（　　） A. 1.2s末小球上升到最高点 B. 0~1.2s内小球处于完全失重状态 C. 0~1.2s内速度和加速度方向都不变 D. 若该同学以相同初速度将毽子竖直上抛，毽子运动的图像与图一致 【答案】B 【解析】 【详解】A．小球在最高点时，速度为0，则0.4s上升到最高点，故A错误； B．分析图像可知，0~1.2s内小球在水面上方运动，只受重力作用，处于完全失重状态，故B正确； C．由图可知0.4s时速度方向发生变化，故C错误； D．毽子受空气的作用力，若该同学以相同初速度将毽子竖直上抛，图像与图不同，故D错误； 故选B。 10. 新能源汽车以恒定的加速度由静止开始沿平直的公路行驶，时刻达到发动机额定功率后保持功率不变，时刻起匀速行驶。汽车所受的阻力大小不变，则此过程中汽车的速度v、牵引力F、加速度a、功率P随时间t的变化规律正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】汽车在时间内做匀加速运动，则加速度a不变，速度v均匀增加，牵引力F保持不变，根据 P=Fv=Fat 可知功率随时间均匀增加；时间内，功率P保持不变，根据 可知随速度的增加，加速度a减小，牵引力F减小；时刻后匀速行驶，速度不变，牵引力等于阻力不变，加速度为零，功率不变。 故选B。 11. 如图所示，足够长的水平传送带以恒定速率v顺时针运动，某时刻一个质量为m的小物块，以大小也是v、方向与传送带的运动方向相反的初速度冲上传送带，最后小物块的速度与传送带的速度相同．在小物块与传送带间有相对运动的过程中，滑动摩擦力对小物块做的功为W，小物块与传送带间因摩擦产生的热量为Q，则下列判断中正确的是（　　） A. W＝0，Q＝mv2 B. W＝0，Q＝2mv2 C. W＝，Q＝mv2 D. W＝mv2，Q＝2mv2 【答案】B 【解析】 【详解】对小物块，由动能定理有 W＝mv2－mv2＝0 设小物块与传送带间的动摩擦因数为μ，小物块向左做减速运动时，二者间的相对路程 x1＝t＋vt＝vt 小物块向右做加速运动时，二者间的相对路程 x2＝vt－t＝t 又 t＝ 则小物块与传送带间的相对路程 x相对＝x1＋x2＝ 小物块与传送带间因摩擦产生的热量 Q＝μmgx相对＝2mv2 故选B。 二、实验题（每空3分，共15分） 12. 某中学实验小组的同学利用如图甲所示的实验装置验证“机械能守恒定律”。物块甲、乙通过轻绳连接绕过光滑的定滑轮，物块甲和遮光条的总质量为M，物块乙的质量为m，重力加速度为g。实验步骤如下： ①用手托着物块甲，使系统处于静止状态，测出遮光条上沿到光电门中心的距离H； ②将系统由静止释放，通过计算机记录遮光条通过光电门的挡光时间t， ③多次改变H，重复②步骤。 （1）用游标卡尺测量挡光片的宽度d如图乙所示，则挡光片的宽度为________mm。 （2）若某次计算机记录遮光条通过光电门的挡光时间为t0，则此时物块甲、乙和遮光条总动能的表达式为________。 （3）多次改变H，同时记录遮光条经过光电门的挡光时间t，以H为纵轴，作出图丙所示图像，则横轴应取________（选填“t2”或“”）；若系统的机械能守恒，则图线的斜率k应满足的关系式为k = ________。 （4）若实际测量的k值略大于理论值，原因是_____。 A. 没有能满足M > > m B. 系统克服阻力做功 C. 遮光条的宽度较大 【答案】（1）3.65 （2） （3） ①. ②. （4）B 【解析】 【小问1详解】 20分度游标卡尺的精确值为0.05 mm，由图可知挡光片的宽度为 【小问2详解】 若某次计算机记录遮光条通过光电门的挡光时间为t0，则此时遮光条通过光电门时速度的表达式为 物块甲、乙和遮光条总动能的表达式为 【小问3详解】 [1][2]物块经过光电门的速度大小为 根据系统机械能守恒可得 联立可得 可知以H为纵轴，横轴应取；若系统的机械能守恒，则图线的斜率k应满足的关系式为 【小问4详解】 实验过程中，系统需要克服一定的空气阻力和摩擦力做功，设阻力恒为f，则有 可得 则有 故选B。 三、解答题（13题6分，14题8分，15题12分，16题15分） 13. 如图所示，沿水平方向做匀变速直线运动的车厢中，悬挂小球的悬线偏离竖直方向37°角，球和车厢相对静止，球的质量为1kg。（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求： （1）若车厢做匀速运动，因为小球受水平风力作用悬线发生偏转，求水平风力的大小； （2）不计风力和空气阻力的作用，因为车厢做匀变速运动悬线发生偏转，求车厢运动的加速度大小并说明车厢的运动情况。 【答案】（1）7.5N （2），车厢向右做匀加速直线运动或向左做匀减速直线运动 【解析】 【小问1详解】 若车厢做匀速运动，则小球受平衡力作用，合力为零。对小球受力分析可得 解得，水平风力的大小为 【小问2详解】 不计风力和空气阻力的作用，车厢做匀变速运动悬线发生偏转，对小球受力分析可得，小球受到的合力为 ，方向水平向右 根据牛顿第二定律有 可得，小球运动的加速度大小为 则车厢运动的加速度大小为，方向水平向右。可知，若车厢向右运动，则车厢做匀加速直线运动。若车厢向左运动，则车厢做匀减速直线运动。 14. 蹦床运动有“空中芭蕾”之称，某质量m=50kg的运动员从空中h1=1.25m落下，接着又能弹起h2=1.8m高度，此次人与蹦床的接触时间t=0.50s，取g=10m/s2，求： （1）运动员与蹦床接触时间内，所受重力的冲量大小I； （2）运动员与蹦床接触时间内，受到蹦床平均弹力的大小F。 【答案】（1）；（2） 【解析】 【详解】（1）重力的冲量大小为 （2）设运动员下落h1高度时的速度大小为，再次弹起时的速度大小为，则有 以竖直向上为正方向，对运动员由动量定理有 代入数据得 15. 如图所示，倾角为的足够长的斜面体固定放置在水平地面上，一根轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮，一端与斜面上质量为的物块甲连接，另一端与质量未知的物块乙连接，甲、乙恰好处于静止状态。已知甲与斜面之间的动摩擦因数，重力加速度，不计滑轮与细线之间的摩擦，滑轮与物块甲间的细线与斜面平行，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，。 （1）若甲恰好不下滑，求物块乙的质量； （2）若物块乙的质量为，将甲、乙由静止释放，当甲运动距离为时，求此时甲的速度大小； （3）在（2）的情况下求此过程中细线对甲做的功。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 甲恰好不下滑时，由平衡条件得 解得 【小问2详解】 若物块乙的质量为，将甲、乙静止释放后，甲沿斜面向下运动，由动能定理可得 解得 【小问3详解】 对乙由动能定理 解得 则拉力对甲做负功 16. 如图所示，弧形轨道、竖直圆轨道、水平直轨道AB和倾角的斜轨道BC平滑连接，轨道均固定竖直平面内，圆轨道半径为0.5m。质量的小滑块从弧形轨道离地高处静止释放。滑块与轨道BC间的动摩擦因数为，其余轨道均可视为光滑，忽略空气阻力。（取），求： （1）滑块运动到最高点D时轨道对滑块的作用力大小； （2）滑块在斜面上从B点运动到最高点E（图中未标出）的时间； （3）滑块第一次返回到BE中点时重力的功率。 【答案】（1）3N （2） （3）1.2W 【解析】 【小问1详解】 滑块从静止滑至D点的过程中，由机械能守恒可得 对处于D点的滑块受力分析 由牛顿第二定律得 代入数据可得 【小问2详解】 滑块从静止滑至B点的过程中，由机械能守恒定律 B在斜面上上滑，受力分析如图 由牛顿第二定律得 滑至最高点E，则 【小问3详解】 滑块到达斜面最高点的位移 滑块下滑，受力分析如图 由牛顿第二定律得 运动至BE中点时的速度 此时重力的功率 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $$